2025屆安徽省A10聯(lián)盟高三上學期11月段考物理試卷（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE1A10聯(lián)盟2025屆高三上學期11月段考物理試題本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。請在答題卡上作答。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.如圖所示，小明同學在家用拖把打掃水平地面，輕質拖把桿與水平地面的夾角為θ，小明沿桿方向施加推力F。已知拖把頭的重力大小為G，則拖把頭受到水平地面的彈力（）A.大小為GB.大小為FsinθC.方向一定與推力F的方向相反D.與拖把頭對地面的壓力是一對相互作用力【答案】D【解析】AB．對拖把頭受力分析，根據(jù)豎直方向的合力為零，可知拖把頭受到水平地面的彈力大小為AB錯誤；C．拖把頭受到水平地面的彈力方向豎直向上，C錯誤；D．拖把頭受到水平地面的彈力與拖把頭對地面的壓力是一對相互作用力，D正確。故選D。2.如圖所示，是某質點在0~t1時間內的位移—時間圖像，在這段時間內，下列說法正確的是（）A.質點做曲線運動B.質點速率一直變小C.質點的加速度先沿正方向后沿負方向D.質點運動的平均速度為零【答案】D【解析】A．位移—時間圖像表示的質點一定做直線運動，故A錯誤；B．位移—時間圖像的斜率表示速度，由圖可知速率先減小后增大，故B錯誤；C．質點先做正向的減速運動，再做負向的加速運動，加速度一直沿x軸負方向，故C錯誤；D．質點在0~t1時間內的位移為零，平均速度為零，故D正確。故選D。3.某衛(wèi)星發(fā)射后先在圓軌道1上做勻速圓周運動，經過兩次變軌后在圓軌道2上做勻速圓周運動。已知衛(wèi)星在軌道2上的線速度比在軌道1上的線速度小，衛(wèi)星質量不變。下列說法正確的是（）A.軌道2的半徑比軌道1的半徑小B.衛(wèi)星在軌道2上的機械能比在軌道1上的機械能大C衛(wèi)星兩次變軌時發(fā)動機均做負功D.衛(wèi)星第一次變軌時發(fā)動機做負功，第二次變軌時發(fā)動機做正功【答案】B【解析】A．由可知故軌道2的半徑比軌道1的半徑大，故A錯誤；B．軌道半徑越大，衛(wèi)星的機械能越大，故B正確；CD．衛(wèi)星每次變軌時發(fā)動機均做正功，使衛(wèi)星做離心運動，抬高軌道，故CD錯誤。故選B。4.如圖所示，一個小孩在蕩秋千，秋千的質量、空氣阻力均不計，小孩可視為質點。小孩從最高點B擺到最低點A的過程中，下列關于小孩的說法正確的是（）A.受到的合力沖量為零 B.重力的瞬時功率一直增大C.重力的沖量始終豎直向下 D.合力做功大于重力做功【答案】C【解析】A．小孩從最高點B擺到最低點A的過程中，動量的變化量不為零，由動量定理可知合力的沖量不為零，故A錯誤；B．在最低點時，重力與速度垂直，重力的瞬時功率為零，故B錯誤；C．重力的沖量與重力同向，始終豎直向下，故C正確；D．繩的拉力不做功，合力做功等于重力做功，故D錯誤。故選C。5.如圖所示，傾角可變的光滑斜面一端固定在水平地面上，另一端用支柱起，斜面上有一個小球，現(xiàn)讓小球在距地面一定高度處由靜止釋放，運動到斜面底端的過程中，關于小球的運動下列說法正確的是（）A.水平方向的分運動是勻速直線運動B.豎直方向的分運動是自由落體運動C.運動到斜面底端的速度大小與斜面傾角無關D.運動到斜面底端的時間長短與斜面傾角無關【答案】C【解析】A．小球在斜面上做勻加速直線運動，其水平方向的分運動是勻加速運動，故A錯誤；B．小球豎直方向的分運動是勻加速直線運動，但是加速度小于重力加速度，不是自由落體運動，故B錯誤；C．根據(jù)動能定理可知，小球運動到斜面底端時的速度大小為與斜面傾角無關，故C正確；D．設斜面傾角為，則小球運動的加速度為根據(jù)可知，運動的時間與斜面的傾角有關，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，某同學將一可視為質點的小球從P點對著豎直墻壁以一定的水平初速度拋出，球與墻壁在A點發(fā)生碰撞后反彈，落在水平地面上的B點，B點剛好在P點正下方。已知A點離水平地面的高度為d，B點到豎直墻壁的距離也為d，球與墻壁碰撞前后豎直分速度不變，水平分速度大小相等、方向相反，重力加速度大小為g，不計空氣阻力。則小球被拋出時的初速度大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由題意知，水平方向速度大小不變，小球從P到A運動的時間和從A到B運動的時間相等，豎直方向小球做自由落體運動，根據(jù)初速度為零的勻變速直線運動的比例規(guī)律可知，P點距A點的豎直高度為，則小球從P到A的時間為則小球拋出時的初速度大小為故選A。7.如圖所示。上表面粗糙的長木板P放在光滑水平面上，長木板中央放置兩質量大小關系未知的物塊M和N，兩物塊與板向的動摩擦因數(shù)均相同。M和N之間有一壓縮的輕彈簧（彈簧與兩物塊均不拴接），開始時板和兩物塊均靜止。現(xiàn)同時釋放M、N，彈簧將兩物塊彈開，兩物塊在長木板上滑動的過程中，下列說法正確的是（）A.M、N組成的系統(tǒng)總動量一定守恒B.M、N組成的系統(tǒng)總動量一定不守恒C.若長木板向左運動，則物塊M的質量一定小于物塊N的質量D.若長木板向左運動，則M、N組成的系統(tǒng)總動量方向一定向右【答案】D【解析】AB．物塊M和N受到長木板對它們的摩擦力大小未知，若兩摩擦力大小相等，則M、N組成的系統(tǒng)總動量守恒，若兩摩擦力大小不相等，則M、N組成的系統(tǒng)總動量不守恒，故AB錯誤；C．若長木板向左運動，則板受到的合力向左，M對板的摩擦力大于N對板的摩擦力，M的質量一定大于N的質量，故C錯誤；D．長木板和兩物塊組成的系統(tǒng)總動量守恒，若長木板向左運動，則M、N組成的系統(tǒng)總動量方向一定向右，故D正確。故選D。8.如圖所示，繞過定滑輪1、2的輕質細線一端吊者小球A，另一端連接可視為質點的物塊B，物塊B放在光滑水平面上，此時細線處于伸直狀態(tài)?，F(xiàn)將小球A由靜止釋放，至物塊B沿水平面運動到定滑輪2正下方的過程中（不計滑輪的大小、質量和摩擦，物塊B運動到滑輪2正下方時，小球A還未落地），下列說法正確的是（）A.小球A和物塊B的速率始終相等B.小球A先超重后失重C.小球A合力先做正功后做負功D.小球A的機械能先增大后減小【答案】C【解析】A．物塊B沿細線方向的分速度大小與小球A的速度大小始終相等，故A錯誤；B．當物塊B運動到滑輪2的正下方時，小球的速度為零，因此小球A向下先加速后減速到速度為零，先失重后超重，故B錯誤；C．小球A的動能先增大后減小，根據(jù)動能定理可知，小球A的合力先做正功后做負功，故C正確；D．細線對小球A的拉力一直做負功，因此小球A的機械能一直減少，故D錯誤。故選C。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖所示，可視為質點、質量相等的A、B兩球套在粗細均勻的光滑水平直桿上。分別用長度相等的兩輕質細線，一端連接小球，另一端固定在豎直細桿上?，F(xiàn)讓整個裝置繞豎直細桿勻速轉動，下列判斷正確的是（）A.兩細線上的拉力大小一定不等B.兩細線上的拉力大小一定相等C.若A球不受桿的彈力，則B球也不受桿的彈力D.若B球不受桿的彈力，則A球受到桿的彈力方向豎直向下【答案】BD【解析】AB．設細線長為L，細線與豎直方向的夾角為，細線的拉力為F，則即由此判斷兩細線上的拉力大小相等，A項錯誤、B項正確；C．由于兩球重力相等，兩細線拉力大小相等，若A球不受桿的彈力，即A球上細線的豎直分力等于重力，則B球上細線拉力的豎直分力小于重力，則桿對B球的彈力方向豎直向上，C項錯誤；D．若B球不受桿的彈力，即B球上細線的豎直分力等于重力，則A球上細線拉力的豎直分力大于重力，則桿對A球的彈力方向豎直向下，D項正確。故選BD。10.如圖所示，一小球在t=0時以一定的初速度斜向上拋出，t0時刻到達最高點，最高點與拋出點的高度差為H，不計小球受到的空氣阻力。以P表示小球重力的功率，Ek表示小球的動能，t表示小球運動的時間，h表示小球距拋出點的高度。下列圖像中可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】AD【解析】AB．根據(jù)瞬時功率的計算式可知當時，，A項正確、B項錯誤；CD．根據(jù)動能定理，有當時，小球具有水平方向的速度，此時動能不為零，C項錯誤、D項正確。故選AD。三、非選擇題：共5題，共58分。11.小強利用如圖甲所示的實驗裝置完成“探究小車速度隨時間變化規(guī)律”的實驗。（1）圖甲中的電磁打點計時器使用的交流電源電壓為___________（填“220V”或“8V”）；（2）本實驗中___________（填“需要”或“不需要”）平衡小車與木板之間的摩擦力；（3）若交流電源的頻率為f，實驗中得到的紙帶如圖乙所示，每兩個計數(shù)點間還有一個點沒有畫出，則小車經過C點的速度大小v=___________?！敬鸢浮浚?）8V（2）不需要（3）【解析】【小問1詳析】電磁打點計時器使用的交流電源電壓為8V?！拘?詳析】在探究小車速度隨時間變化規(guī)律實驗中，不需要平衡小車與木板之間的摩擦力。【小問3詳析】BD段的長為時間C點為BD段的中間時刻，所以小車經過C點的速度大小為12.某實驗小組的同學利用圖甲所示的裝置完成“驗證動量守恒定律”的實驗。實驗時先讓A球從斜槽上某一固定位置由靜止釋放，P點為A球落點的平均位置；再將半徑相同的B球放在水平軌道的末端，將A球仍從原位置由靜止釋放，M、N分別為A、B兩球碰撞后落點的平均位置。O點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影，O、M、P、N位于同一水平直線上。（1）若小球A的質量為m1，小球B的質量為m2，為保證兩球碰撞后沿同一方向運動，則要求m1__________m2（填“>”“=”或“<”）；（2）小球釋放后落在復寫紙上會在白紙上留下印跡。多次實驗，白紙上留下多個印跡，如果用畫圓法確定小球的落點，圖乙中畫的三個圓最合理的是圓__________（填“a”“b”或“c”）；（3）本實驗中__________（填“必須”或“沒必要”）測量小球做平拋運動的高度；（4）若測得OP=s1，OM=s2，ON=s3，在誤差允許的范圍內，滿足關系式_____________成立，則驗證了動量守恒定律；若滿足關系式____________成立，則說明碰撞為彈性碰撞。（均選用m1、m2、s1、s2、s3表示）【答案】（1）>（2）c（3）沒必要（4）##【解析】【小問1詳析】為保證兩球碰撞后沿同一方向運動，入射小球的質量應大于被碰小球的質量，所以m1>m2【小問2詳析】如果采用畫圓法確定小球的平均落點位置，應該讓所畫的圓盡可能地把大多數(shù)落點包進去，且圓的半徑最小，這樣所畫圓的圓心即為小球落點的平均位置，故圓c畫的最合理?！拘?詳析】由于小球碰撞前后做自由落體運動的高度都相同，所以，小球做平拋運動的時間相同，等式兩邊的時間消去，所以沒必要測量小球做平拋運動的高度?！拘?詳析】[1][2]設平拋運動的時間為t，則碰前A球的速度碰后的速度為被碰小球的速度為要驗證系統(tǒng)的動量守恒，需要驗證即驗證成立；要驗證碰撞為彈性碰撞，需要驗證聯(lián)立，化簡可得或13.賽車出廠前要經過啟動與剎車性能的測試。在平直的跑道上，質量為m的某賽車從靜止開始先做勻加速直線運動，到達某一速度v時立即剎車直到停止運動，剎車過程視為勻減速直線運動。整個運動過程所用時間為t，剎車位移為加速位移的一半，求：（1）整個運動過程位移的大??；（2）剎車過程賽車受到的阻力大小。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳析】根據(jù)勻變速運動平均速度推論可知，全程平均速度整個運動過程的位移大小【小問2詳析】設加速位移為x、時間為t，減速位移為、時間為t2，則加速時間減速時間又，根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立上式解得14.如圖所示，一足夠長的固定斜面與水平方向夾角為α，質量為3m的物塊A在斜面上恰好不下滑，質量為m的光滑物塊B從距A一定距離處由靜止釋放，與A發(fā)生正碰，碰撞時間極短。B與A碰撞前瞬間的速度大小為v0，碰撞后B以的速率彈回。已知重力加速度大小為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，兩物塊均可視為質點，不計空氣阻力。求：（1）B從釋放到與A碰撞所運動的距離；（2）B與A第一次碰撞過程中，B對A的沖量大??；（3）B與A第一次碰撞到第二次碰撞過程中，A與斜面因摩擦產生的熱量。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳析】對B物體，根據(jù)動能定理，有解得【小問2詳析】在B與A碰撞時，以沿斜面向下為正方向，設碰撞后A速度為v，根據(jù)動量守恒定律，有：解得對A應用動量定理，有聯(lián)立解得【小問3詳析】設第一次碰撞后，經過時間t，B與A要發(fā)生第二次碰撞，在這過程中，兩者運動的位移相同。對B根據(jù)牛頓第二定律，有則對A、B根據(jù)位移與時間公式有對A受力分析可知，A受到的摩擦力大小在這過程中，物塊A與斜面因摩擦產生的熱量聯(lián)立解得15.如圖所示，ABC是半徑為R的光滑圓弧形輪滑賽道，A點與圓心O等高，B為最低點（位于水平地面上），圓弧BC所對的圓心角為60°。輪滑運動員從A點以一定的初速度沿圓弧面滑下，從C點滑出后，運動員上升到的最高點與O點在同一水平面上，此后運動員恰好落到平臺上的D點，D點距水平地面的高為。已知運動員和輪滑鞋的總質量為m，重力加速度大小為g，運動員和輪滑鞋整體視為質點，不計空氣阻力。求：（1）運動員從C點滑出時的速度大??；（2）運動員和輪滑鞋一起在B點對軌道的壓力；（3）平臺D點離圓弧軌道C點的水平距離?！敬鸢浮浚?）（2），方向豎直向下（3）【解析】【小問1詳析】設運動員從C點滑出的速度大小為vC，運動員從C點滑出后，豎直上升的高度豎直方向分運動解得【小問2詳析】設運動員到B點時速度大小為vB，從B到C，根據(jù)機械能守恒B點，根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)牛頓第三定律，運動員和輪滑鞋一起在B點對軌道的壓力大小方向豎直向下【小問3詳析】運動員從C點滑出后，上升的過程有設下降的時間為t2，則則D點與C點的水平距離A10聯(lián)盟2025屆高三上學期11月段考物理試題本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。請在答題卡上作答。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.如圖所示，小明同學在家用拖把打掃水平地面，輕質拖把桿與水平地面的夾角為θ，小明沿桿方向施加推力F。已知拖把頭的重力大小為G，則拖把頭受到水平地面的彈力（）A.大小為GB.大小為FsinθC.方向一定與推力F的方向相反D.與拖把頭對地面的壓力是一對相互作用力【答案】D【解析】AB．對拖把頭受力分析，根據(jù)豎直方向的合力為零，可知拖把頭受到水平地面的彈力大小為AB錯誤；C．拖把頭受到水平地面的彈力方向豎直向上，C錯誤；D．拖把頭受到水平地面的彈力與拖把頭對地面的壓力是一對相互作用力，D正確。故選D。2.如圖所示，是某質點在0~t1時間內的位移—時間圖像，在這段時間內，下列說法正確的是（）A.質點做曲線運動B.質點速率一直變小C.質點的加速度先沿正方向后沿負方向D.質點運動的平均速度為零【答案】D【解析】A．位移—時間圖像表示的質點一定做直線運動，故A錯誤；B．位移—時間圖像的斜率表示速度，由圖可知速率先減小后增大，故B錯誤；C．質點先做正向的減速運動，再做負向的加速運動，加速度一直沿x軸負方向，故C錯誤；D．質點在0~t1時間內的位移為零，平均速度為零，故D正確。故選D。3.某衛(wèi)星發(fā)射后先在圓軌道1上做勻速圓周運動，經過兩次變軌后在圓軌道2上做勻速圓周運動。已知衛(wèi)星在軌道2上的線速度比在軌道1上的線速度小，衛(wèi)星質量不變。下列說法正確的是（）A.軌道2的半徑比軌道1的半徑小B.衛(wèi)星在軌道2上的機械能比在軌道1上的機械能大C衛(wèi)星兩次變軌時發(fā)動機均做負功D.衛(wèi)星第一次變軌時發(fā)動機做負功，第二次變軌時發(fā)動機做正功【答案】B【解析】A．由可知故軌道2的半徑比軌道1的半徑大，故A錯誤；B．軌道半徑越大，衛(wèi)星的機械能越大，故B正確；CD．衛(wèi)星每次變軌時發(fā)動機均做正功，使衛(wèi)星做離心運動，抬高軌道，故CD錯誤。故選B。4.如圖所示，一個小孩在蕩秋千，秋千的質量、空氣阻力均不計，小孩可視為質點。小孩從最高點B擺到最低點A的過程中，下列關于小孩的說法正確的是（）A.受到的合力沖量為零 B.重力的瞬時功率一直增大C.重力的沖量始終豎直向下 D.合力做功大于重力做功【答案】C【解析】A．小孩從最高點B擺到最低點A的過程中，動量的變化量不為零，由動量定理可知合力的沖量不為零，故A錯誤；B．在最低點時，重力與速度垂直，重力的瞬時功率為零，故B錯誤；C．重力的沖量與重力同向，始終豎直向下，故C正確；D．繩的拉力不做功，合力做功等于重力做功，故D錯誤。故選C。5.如圖所示，傾角可變的光滑斜面一端固定在水平地面上，另一端用支柱起，斜面上有一個小球，現(xiàn)讓小球在距地面一定高度處由靜止釋放，運動到斜面底端的過程中，關于小球的運動下列說法正確的是（）A.水平方向的分運動是勻速直線運動B.豎直方向的分運動是自由落體運動C.運動到斜面底端的速度大小與斜面傾角無關D.運動到斜面底端的時間長短與斜面傾角無關【答案】C【解析】A．小球在斜面上做勻加速直線運動，其水平方向的分運動是勻加速運動，故A錯誤；B．小球豎直方向的分運動是勻加速直線運動，但是加速度小于重力加速度，不是自由落體運動，故B錯誤；C．根據(jù)動能定理可知，小球運動到斜面底端時的速度大小為與斜面傾角無關，故C正確；D．設斜面傾角為，則小球運動的加速度為根據(jù)可知，運動的時間與斜面的傾角有關，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，某同學將一可視為質點的小球從P點對著豎直墻壁以一定的水平初速度拋出，球與墻壁在A點發(fā)生碰撞后反彈，落在水平地面上的B點，B點剛好在P點正下方。已知A點離水平地面的高度為d，B點到豎直墻壁的距離也為d，球與墻壁碰撞前后豎直分速度不變，水平分速度大小相等、方向相反，重力加速度大小為g，不計空氣阻力。則小球被拋出時的初速度大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由題意知，水平方向速度大小不變，小球從P到A運動的時間和從A到B運動的時間相等，豎直方向小球做自由落體運動，根據(jù)初速度為零的勻變速直線運動的比例規(guī)律可知，P點距A點的豎直高度為，則小球從P到A的時間為則小球拋出時的初速度大小為故選A。7.如圖所示。上表面粗糙的長木板P放在光滑水平面上，長木板中央放置兩質量大小關系未知的物塊M和N，兩物塊與板向的動摩擦因數(shù)均相同。M和N之間有一壓縮的輕彈簧（彈簧與兩物塊均不拴接），開始時板和兩物塊均靜止。現(xiàn)同時釋放M、N，彈簧將兩物塊彈開，兩物塊在長木板上滑動的過程中，下列說法正確的是（）A.M、N組成的系統(tǒng)總動量一定守恒B.M、N組成的系統(tǒng)總動量一定不守恒C.若長木板向左運動，則物塊M的質量一定小于物塊N的質量D.若長木板向左運動，則M、N組成的系統(tǒng)總動量方向一定向右【答案】D【解析】AB．物塊M和N受到長木板對它們的摩擦力大小未知，若兩摩擦力大小相等，則M、N組成的系統(tǒng)總動量守恒，若兩摩擦力大小不相等，則M、N組成的系統(tǒng)總動量不守恒，故AB錯誤；C．若長木板向左運動，則板受到的合力向左，M對板的摩擦力大于N對板的摩擦力，M的質量一定大于N的質量，故C錯誤；D．長木板和兩物塊組成的系統(tǒng)總動量守恒，若長木板向左運動，則M、N組成的系統(tǒng)總動量方向一定向右，故D正確。故選D。8.如圖所示，繞過定滑輪1、2的輕質細線一端吊者小球A，另一端連接可視為質點的物塊B，物塊B放在光滑水平面上，此時細線處于伸直狀態(tài)?，F(xiàn)將小球A由靜止釋放，至物塊B沿水平面運動到定滑輪2正下方的過程中（不計滑輪的大小、質量和摩擦，物塊B運動到滑輪2正下方時，小球A還未落地），下列說法正確的是（）A.小球A和物塊B的速率始終相等B.小球A先超重后失重C.小球A合力先做正功后做負功D.小球A的機械能先增大后減小【答案】C【解析】A．物塊B沿細線方向的分速度大小與小球A的速度大小始終相等，故A錯誤；B．當物塊B運動到滑輪2的正下方時，小球的速度為零，因此小球A向下先加速后減速到速度為零，先失重后超重，故B錯誤；C．小球A的動能先增大后減小，根據(jù)動能定理可知，小球A的合力先做正功后做負功，故C正確；D．細線對小球A的拉力一直做負功，因此小球A的機械能一直減少，故D錯誤。故選C。二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖所示，可視為質點、質量相等的A、B兩球套在粗細均勻的光滑水平直桿上。分別用長度相等的兩輕質細線，一端連接小球，另一端固定在豎直細桿上。現(xiàn)讓整個裝置繞豎直細桿勻速轉動，下列判斷正確的是（）A.兩細線上的拉力大小一定不等B.兩細線上的拉力大小一定相等C.若A球不受桿的彈力，則B球也不受桿的彈力D.若B球不受桿的彈力，則A球受到桿的彈力方向豎直向下【答案】BD【解析】AB．設細線長為L，細線與豎直方向的夾角為，細線的拉力為F，則即由此判斷兩細線上的拉力大小相等，A項錯誤、B項正確；C．由于兩球重力相等，兩細線拉力大小相等，若A球不受桿的彈力，即A球上細線的豎直分力等于重力，則B球上細線拉力的豎直分力小于重力，則桿對B球的彈力方向豎直向上，C項錯誤；D．若B球不受桿的彈力，即B球上細線的豎直分力等于重力，則A球上細線拉力的豎直分力大于重力，則桿對A球的彈力方向豎直向下，D項正確。故選BD。10.如圖所示，一小球在t=0時以一定的初速度斜向上拋出，t0時刻到達最高點，最高點與拋出點的高度差為H，不計小球受到的空氣阻力。以P表示小球重力的功率，Ek表示小球的動能，t表示小球運動的時間，h表示小球距拋出點的高度。下列圖像中可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】AD【解析】AB．根據(jù)瞬時功率的計算式可知當時，，A項正確、B項錯誤；CD．根據(jù)動能定理，有當時，小球具有水平方向的速度，此時動能不為零，C項錯誤、D項正確。故選AD。三、非選擇題：共5題，共58分。11.小強利用如圖甲所示的實驗裝置完成“探究小車速度隨時間變化規(guī)律”的實驗。（1）圖甲中的電磁打點計時器使用的交流電源電壓為___________（填“220V”或“8V”）；（2）本實驗中___________（填“需要”或“不需要”）平衡小車與木板之間的摩擦力；（3）若交流電源的頻率為f，實驗中得到的紙帶如圖乙所示，每兩個計數(shù)點間還有一個點沒有畫出，則小車經過C點的速度大小v=___________?！敬鸢浮浚?）8V（2）不需要（3）【解析】【小問1詳析】電磁打點計時器使用的交流電源電壓為8V?！拘?詳析】在探究小車速度隨時間變化規(guī)律實驗中，不需要平衡小車與木板之間的摩擦力。【小問3詳析】BD段的長為時間C點為BD段的中間時刻，所以小車經過C點的速度大小為12.某實驗小組的同學利用圖甲所示的裝置完成“驗證動量守恒定律”的實驗。實驗時先讓A球從斜槽上某一固定位置由靜止釋放，P點為A球落點的平均位置；再將半徑相同的B球放在水平軌道的末端，將A球仍從原位置由靜止釋放，M、N分別為A、B兩球碰撞后落點的平均位置。O點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影，O、M、P、N位于同一水平直線上。（1）若小球A的質量為m1，小球B的質量為m2，為保證兩球碰撞后沿同一方向運動，則要求m1__________m2（填“>”“=”或“<”）；（2）小球釋放后落在復寫紙上會在白紙上留下印跡。多次實驗，白紙上留下多個印跡，如果用畫圓法確定小球的落點，圖乙中畫的三個圓最合理的是圓__________（填“a”“b”或“c”）；（3）本實驗中__________（填“必須”或“沒必要”）測量小球做平拋運動的高度；（4）若測得OP=s1，OM=s2，ON=s3，在誤差允許的范圍內，滿足關系式_____________成立，則驗證了動量守恒定律；若滿足關系式____________成立，則說明碰撞為彈性碰撞。（均選用m1、m2、s1、s2、s3表示）【答案】（1）>（2）c（3）沒必要（4）##【解析】【小問1詳析】為保證兩球碰撞后沿同一方向運動，入射小球的質量應大于被碰小球的質量，所以m1>m2【小問2詳析】如果采用畫圓法確定小球的平均落點位置，應該讓所畫的圓盡可能地把大多數(shù)落點包進去，且圓的半徑最小，這樣所畫圓的圓心即為小球落點的平均位置，故圓c畫的最合理。【小問3詳析】由于小球碰撞前后做自由落體運動的高度都相同，所以，小球做平拋運動的時間相同，等式兩邊的時間消去，所以沒必要測量小球做平拋運動的高度?！拘?詳析】[1][2]設平拋運動的時間為t，則碰前A球的速度碰后的速度為被碰小球的速度為要驗證系統(tǒng)的動量守恒，需要驗證即驗證成立；要驗證碰撞為彈性碰撞，需要驗證聯(lián)立，化簡可得或13.賽車出廠前要經過啟動與剎車性能的測試。在平直的跑道上，質量為m的某賽車從靜