2024年華師大新版高二物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年華師大新版高二物理上冊月考試卷867考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、a、b兩容器中裝有相同質(zhì)量的氧氣，已知a中氧氣的溫度高于b中氧氣的溫度，但a中氧氣的壓強(qiáng)卻低于b中氧氣的壓強(qiáng)．由此可知（）

A.a中氧氣分子的平均動能一定大于b中氧氣分子的平均動能．

B.a中每個氧分子的動能一定大于b中的氧氣分子的平均動能．

C.a中氧氣的體積一定大于b中氧氣的體積。

D.a中氧氣的內(nèi)能不一定大于b中氧氣的內(nèi)能。

2、如圖所示；一電量為q的帶電粒子在豎直向上的勻強(qiáng)電場E和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場B正交的空間區(qū)域做豎直平面內(nèi)的勻速圓周運(yùn)動，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）

A.粒子帶負(fù)電。

B.粒子沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動。

C.粒子的質(zhì)量為

D.粒子從圓軌道的最高點(diǎn)運(yùn)動到最低點(diǎn)的時(shí)間為

3、電阻R、電容c與一線圈連成閉合回路，條形磁鐵靜止于線圈的正上方，S極朝下，如圖所示。現(xiàn)使磁鐵開始自由下落，在S極接近線圈上端的過程中，流過R的電流方向和電容器極板的帶電情況是（）A.從a到b，上極板帶正電B.從a到b，下極板帶正電C.從b到a，上極板帶正電D.從b到a，下極板帶正電4、關(guān)于點(diǎn)電荷的說法，正確的是（）A.只有體積很小的帶電體才能看成點(diǎn)電荷B.體積很大的帶電體一定不能看成點(diǎn)電荷C.當(dāng)兩個帶電體的大小及形狀對它們之間相互作用力的影響可忽略時(shí)，兩個帶電體可看成點(diǎn)電荷D.兩個帶電金屬小球，一定能將它們作為電荷集中在球心的點(diǎn)電荷處理5、三個α粒子在同一地點(diǎn)沿同一方向垂直飛入偏轉(zhuǎn)電場，出現(xiàn)了如圖所示的運(yùn)動軌跡，由此可判斷()A.在b飛離電場的同時(shí)，a剛好打在負(fù)極板上B.b和c同時(shí)飛離電場C.進(jìn)電場時(shí)，c的速度最大，a的速度最小D.動能的增加值c最小，a和b一樣大評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖甲所示，直線AB

是某電場中的一條電場線。若有一質(zhì)子僅在電場力的作用下以某一初速度沿直線AB

由A

運(yùn)動到B

其速度圖象如圖乙所示，下列關(guān)于AB

兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度E

A

E

B

和電勢婁脮A婁脮B

以及質(zhì)子在AB

兩點(diǎn)所具有的電勢能婁脜A婁脜B

和動能E

KA

E

KB

判斷正確的是A.E

A<

E

B

B.婁脮A>婁脮B

C.婁脜A<婁脜B

D.E

KA<

E

KB

7、勁度系數(shù)為20N/cm的彈簧振子的振動圖象如圖所示；下列說法正確的是（）

A.圖中A點(diǎn)振子所受彈力大小為5N，方向指向x軸正方向B.圖中A點(diǎn)振子的速度方向?yàn)閤軸正方向C.在0～4s內(nèi)振子做了1.75次全振動D.在0～4s內(nèi)振子通過的路程為4cm，位移為08、如圖所示，一個質(zhì)量為0.18kg

的壘球，以25m/s

的水平速度飛向球棒，被球棒打擊后反向水平飛回，速度大小變?yōu)?5m/s

設(shè)球棒與壘球的作用時(shí)間為0.01s.

下列說法正確的是()

A.球棒對壘球的平均作用力大小為1260N

B.球棒對壘球的平均作用力大小為360N

C.球棒對壘球做的功為126J

D.球棒對壘球做的功為36J

9、(

多選)

如圖所示，一個固定在豎直平面上的光滑半圓形管道，管道里有一個直徑略小于管道內(nèi)徑的小球，小球在管道內(nèi)做圓周運(yùn)動，從B

點(diǎn)脫離后做平拋運(yùn)動，經(jīng)過0.3

秒后又恰好垂直與傾角為450

的斜面相碰到。已知圓軌道半徑為R=1m

小球的質(zhì)量為m=1kgg

取10m/s2

()

A.CO

兩點(diǎn)之間的水平距離為0.9m

B.CO

兩點(diǎn)之間的水平距離為1.9m

C.小球在B

點(diǎn)受到軌道向上的作用力且大小為1N

D.小球在B

點(diǎn)受到軌道向下的作用力且大小為1N

10、在勻強(qiáng)磁場中有一不計(jì)電阻的矩形線圈；繞垂直磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生如圖甲所示的正弦交流電，把該交流電接在圖乙中理想變壓器的AB

兩端，電壓表和電流表均為理想電表，Rt

為熱敏電阻(

溫度升高時(shí)其電阻減小)R

為定值電阻.

下列說法正確的是(

)

A.在t=0.01s

末，矩形線圈平面與磁場方向垂直B.變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=362sin50婁脨t(V)

C.Rt

處溫度升高時(shí)，電壓表V1V2

示數(shù)的比值不變D.Rt

處溫度升高時(shí)，電流表的示數(shù)變大，變壓器輸入功率變大11、(

多選)

下列說法正確的是(

)

A.奧斯特提出“分子電流”假說，認(rèn)為永磁體的磁場和通電導(dǎo)線的磁場均由運(yùn)動電荷產(chǎn)生B.安培提出“分子電流”假說，認(rèn)為永磁體的磁場和通電導(dǎo)線的磁場均由運(yùn)動電荷產(chǎn)生C.根據(jù)“分子電流”假說，磁鐵受到強(qiáng)烈振動時(shí)磁性會減弱D.根據(jù)“分子電流”假說，磁鐵在高溫條件下磁性會減弱評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、如圖所示為甲、乙兩個導(dǎo)體的I-U圖線，則導(dǎo)體甲的電阻為____Ω，導(dǎo)體乙的電阻為____Ω．

13、如圖所示，在一根張緊的水平繩上，懸掛有a、b、c、d、e五個單擺，讓a擺略偏離平衡位置后無初速釋放，在垂直紙面的平面內(nèi)振動，接著其余各擺也開始振動，其中振幅最大的是____________，振幅最小的是____________．14、電磁灶利用______原理加熱食物．15、(1)

不同城市的兩個人用手機(jī)通話時(shí)，是利用____傳遞信息的(

選填“電磁波”或“聲波”))

(2)(2)如圖所示，醫(yī)院常用XX光機(jī)檢查人體內(nèi)部器官，XX光機(jī)利用了XX射線的_____。((將正確選項(xiàng)前的字母填入空格中))

A.滅菌消毒作用B.

強(qiáng)穿透能力16、如圖所示；在“測定電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中：

（1）請你不改動已接導(dǎo)線；在（甲）圖中把還需要連接的導(dǎo)線補(bǔ)上．

（2）說明閉合電鍵前，應(yīng)使變阻器滑片處在____位置上．測得該電源的伏安特性曲線如圖（乙）所示，則縱坐標(biāo)表示的是該電路的____電壓；

（3）該電源的電動勢為____V，比真實(shí)值____；（填偏大或偏小或相等）；內(nèi)電阻為____Ω．比真實(shí)值____；（填偏大或偏小或相等）．17、在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動勢稱為____，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的那段導(dǎo)體相當(dāng)于____；產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是：____．18、氣缸中的氣體膨脹時(shí)推動活塞向外運(yùn)動，若氣體對活塞做的功是6.2×J，氣體的內(nèi)能減少了6.8×J，則在此過程中氣體________熱，吸收或放出的熱量是________J．19、我國四大名著之一的《西游記》中有“天上一日，人間一年“的神話傳說．假若一艘宇宙飛船沿直線飛行，相對地面的速度為0.8c（c為光速）時(shí)，在地面上的人看來，掛在宇宙飛船中的時(shí)鐘與地面上的時(shí)鐘相比走得______（選填“快’或”慢“）．20、(1)如圖所示，用游標(biāo)卡尺測一根金屬管的內(nèi)徑和外徑時(shí)，游標(biāo)卡尺上的游標(biāo)位置分別如圖b和c所示．

這根金屬管內(nèi)徑讀數(shù)是____________cm，外徑讀數(shù)是____________cm，管壁厚度是____________cm．評卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)21、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分五、推斷題(共1題，共4分)24、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補(bǔ)血劑乳酸亞鐵。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為TiO2+和SO2-4。請回答下列問題：

（1）寫出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學(xué)式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進(jìn)的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應(yīng)式為____。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應(yīng)轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標(biāo)準(zhǔn)狀況下的乙烯____m3。

評卷人得分六、計(jì)算題(共2題，共18分)25、如圖所示，質(zhì)量為m=1g、電量為q=210-6C的帶電微粒從偏轉(zhuǎn)極板A、B中間的位置以v0=10m/s的初速度垂直電場方向進(jìn)入長為L=20cm、距離為d=10cm的偏轉(zhuǎn)電場，出電場后落在距偏轉(zhuǎn)電場x=40cm的擋板上，微粒的落點(diǎn)P離開初速度方向延長線的距離為y2=20cm，不考慮重力的影響。求：（1）加在A、B兩板上的偏轉(zhuǎn)電壓UAB；（2）粒子擊中擋板時(shí)的動能Ek；（3）改變偏轉(zhuǎn)電壓UAB，則當(dāng)UAB為多少時(shí)，微粒落點(diǎn)P離開初速度延長線的距離最大？最大距離是多少？26、如圖甲，有兩根相互平行、間距為L

的粗糙金屬導(dǎo)軌，它們的電阻忽略不計(jì).

在MP

之間接阻值為R

的定值電阻，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為婁脠.

在efhg

矩形區(qū)域內(nèi)有垂直斜面向下、寬度為d

的勻強(qiáng)磁場(

磁場未畫出)

磁感應(yīng)強(qiáng)度B

隨時(shí)間t

變化的規(guī)律如圖乙.

在t=0

時(shí)刻，一質(zhì)量為m

電阻為r

的金屬棒垂直于導(dǎo)軌放置，從ab

位置由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，t=t0

時(shí)刻進(jìn)人磁場，此后磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0

并保持不變.

棒從ab

到ef

的運(yùn)動過程中；電阻R

上的電流大小不變.

求：

(1)0隆蘆t0

時(shí)間內(nèi)流過電阻R

的電流I

大小和方向；

(2)

金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)婁脤

(3)

金屬棒從ab

到ef

的運(yùn)動過程中，電阻R

上產(chǎn)生的焦耳熱Q

．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|C【分析】

A、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，a中氧氣的溫度高于b中氧氣的溫度，則a中氧氣分子的平均動能一定大于b中氧氣分子的平均動能；A正確；

B、a中氧氣分子的平均動能一定大于b中氧氣分子的平均動能；并不是每個分子都大，B錯誤；

C、由理想氣體狀態(tài)方程知a中氧氣的體積一定大于b中氧氣的體積；C正確；

D、在質(zhì)量相同的情況下，內(nèi)能由溫度決定，所以a中氧氣的內(nèi)能一定大于b中氧氣的內(nèi)能；D錯誤；

故選AC

【解析】【答案】溫度是分子平均動能的標(biāo)志；平均動能大并不是每個分子的動能都大，氣體的內(nèi)能是所有分子動能的和．

2、B|C|D【分析】

A；粒子受電場力向上；E向上，則帶正電．故A錯誤。

B；洛侖茲力提供向心力；受力方向指抽圓心，由左手定則知粒子沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動．故A正確。

C、因電場力等于重力，因mg=Eq，則粒子的質(zhì)量為．故C正確。

D、因T=又mg=qE則T=．粒子從圓軌道的最高點(diǎn)運(yùn)動到最低點(diǎn)的時(shí)間為．故D正確。

故選：BCD

【解析】【答案】粒子能做勻速圓周運(yùn)動則說明電場力和重力任意位置做功為零；則電場力和重力大小相等，方向相反．據(jù)此分析各選項(xiàng)．

3、A【分析】【解析】試題分析：當(dāng)磁鐵S極向下運(yùn)動時(shí)，導(dǎo)致向下穿過線圈的磁通量變大，由楞次定律可得，感應(yīng)磁場方向與原來磁場方向相反，再由安培定則可得感應(yīng)電流方向沿線圈盤旋而上，由于線圈相當(dāng)于電源，則流過R的電流方向是從a到b，對電容器充電上極板帶正電．故選：A考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律；電容；楞次定律．【解析】【答案】A4、C【分析】解：A；由帶電體看作點(diǎn)電荷的條件；當(dāng)帶電體的形狀對它們間相互作用力的影響可忽略時(shí)，這個帶電體可看作點(diǎn)電荷，帶電體能否看作點(diǎn)電荷是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無具體關(guān)系，故AB錯誤；

C；當(dāng)兩個帶電體的大小及形狀對它們之間相互作用力的影響可忽略時(shí)；兩個帶電體可看成點(diǎn)電荷，故C正確；

D；兩個帶電金屬小球；不一定能將它們作為電荷集中在球心的點(diǎn)電荷處理，故D錯誤；

故選：C．

帶電體看作點(diǎn)電荷的條件；當(dāng)一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時(shí)，這個帶電體可看作點(diǎn)電荷，是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無具體關(guān)系．

點(diǎn)電荷實(shí)際不存在，是理想化的，就像質(zhì)點(diǎn)一樣．自身大小對研究的問題沒有影響時(shí)，就可看成點(diǎn)．【解析】【答案】C5、A|C|D【分析】試題分析：三個粒子的質(zhì)量和電量都相同，則知加速度相同．a(chǎn)、b兩粒子在豎直方向上的位移相等，根據(jù)y=at2，可知運(yùn)動時(shí)間相等，故A正確；b、c豎直方向上的位移不等，yc＜yb．根據(jù)y=at2，可知tc＜tb，故B錯誤．在垂直于電場方向即水平方向，三個粒子做勻速直線運(yùn)動，則有：x=vt，因xc=xb，tc＜tb，則vc＞vb．根據(jù)ta=tb，xb＞xa．則vb＞va，所以有：vc＞vb＞va，故C正確．根據(jù)動能定理知，a、b兩電荷，電場力做功一樣多，所以動能增加量相等，c電荷電場力做功最少，動能增加量最小，故D正確．故選ACD.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動.【解析】【答案】ACD二、多選題(共6題，共12分)6、BD【分析】

【分析】由圖可知電子速度變化情況；根據(jù)速度圖象的斜率表示加速度，可明確粒子在兩點(diǎn)的加速度大小關(guān)系，即可確定電場強(qiáng)度的大??；根據(jù)電場力做功正負(fù)，可以確定電勢的高低.

本題根據(jù)圖象考查對電場的認(rèn)識，要求學(xué)生能從圖象中找出加速度的大小及速度的變化，再應(yīng)用動能定理及牛頓第二定律進(jìn)行分析判斷．【解答】速度圖象的斜率表示加速度，由v鈭?t

圖可知，電子在A

點(diǎn)加速度較大，則可知A

點(diǎn)所受電場力較大，由F=Eq

可知，A

點(diǎn)的場強(qiáng)要大于B

點(diǎn)場強(qiáng)，即有E

AA>E

BB；故A錯誤；

而電子從A

到B

的過程中，速度增加，動能增大，即EEKAKA<<EKBE_{KB}則可知電場力做正功，故電勢能減小，故?

AA>?

BB且質(zhì)子帶正電，可知，A

點(diǎn)的電勢要小于B

點(diǎn)電勢，婁脮

AA>婁脮

BB；故BD正確，C錯誤。

故選BD。

【解析】BD

7、BD【分析】解：A；由圖可知；A點(diǎn)時(shí)刻振子的位移x=0.25cm，所以彈力F=-kx=-20×0.25N=-5N，即彈力大小為5N，方向指向x軸負(fù)方向，故A錯誤；

B；由圖可知；過A點(diǎn)的切線與x軸的正方向的夾角小于90°，切線的斜率為正值，即振子的速度方向指向x軸的正方向，故B正確．

C；由圖可看出；t=0、t=4s時(shí)刻振子的位移都是正向最大，所以在0～4s內(nèi)經(jīng)過兩個周期，振子完成兩次全振動，故C錯誤．

D；由于t=0時(shí)刻和t=4s時(shí)刻振子都在正向最大位移處；又由于振幅為A=0.5cm，在0～4s內(nèi)振子完成了2次全振動，所以在這段時(shí)間內(nèi)振子通過的路程為S=2×4A=2×4×0.50cm=4cm，振子回到了初始位置，通過的位移為0．故D正確．

故選：BD

彈簧振子的回復(fù)力是彈力；根據(jù)F=-kx求得彈力．x-t圖象切線的斜率表示速度方向．振子一個周期內(nèi)完成一次全振動，分析時(shí)間與周期的關(guān)系，確定0-4s內(nèi)振動的次數(shù)．分析時(shí)要抓?。赫褡釉谝粋€周期內(nèi)通過的路程是4A．

本題關(guān)鍵要掌握簡諧運(yùn)動的特征：F=-kx分析彈簧的彈力．知道振動圖象，通過分析位移即可分析振子的運(yùn)動情況．【解析】【答案】BD8、AC【分析】【分析】對球棒擊球的過程分別運(yùn)用動量定理和動能定理列方程求解作用力和作用，動量定理表達(dá)式是矢量表達(dá)式，在運(yùn)用動量定理是要注意方向。此題主要考查動量定理和動能定理的簡單運(yùn)用?！窘獯稹緼B.

根據(jù)動量定理：F?t=mv2鈭?mv1

代入數(shù)據(jù)得F=?1260N

故A正確，B錯誤；CD.

根據(jù)動能定理：W=12mv22鈭?12mv12=126J

故C正確，D錯誤。故選AC?！窘馕觥緼C

9、AC【分析】【分析】(1)

小球恰好垂直與傾角為45鈭?

的斜面相碰到；說明小球在C

點(diǎn)豎直方向的分速度和水平分速度相等，代人公式即可；

(2)

小球經(jīng)過圓弧軌道的B

點(diǎn)時(shí)做圓周運(yùn)動；所受軌道作用力與重力一起提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式可求得受管道的作用力。

該題考查豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動與平拋運(yùn)動，小球恰好垂直與傾角為45鈭?

的斜面相碰到是解題的關(guān)鍵，要正確理解它的含義?！窘獯稹緼B.

根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律和運(yùn)動合成的可知：tan450=vyvx

則小球在CC點(diǎn)豎直方向的分速度和水平分速度相等，得：vvx=v=vy=gt=3m/s=gt=3m/s

則BB點(diǎn)與CC點(diǎn)的水平距離為：x=vx=vxt=3隆脕0.3m=0.9mt=3隆脕0.3m=0.9m故A正確，B錯誤；

CD.BCD.B點(diǎn)的速度為3m/s3m/s根據(jù)牛頓運(yùn)動定律，在BB點(diǎn)設(shè)軌道對球的作用力方向向下，F(xiàn)NB+mg=mvB2R{F}_{NB}+mg=dfrac{mv_{B}^{2}}{R}

代入解得：NB=鈭?1N負(fù)號表示軌道對球的作用力方向向上，故C正確，D錯誤。

故選AC。A、根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律和運(yùn)動合成的可知：tan45鈭?=tan45^{circ}=vyvx

則小球在CC點(diǎn)豎直方向的分速度和水平分速度相等，得：vvx=v=vy=gt=3m/s=gt=3m/s

則BB點(diǎn)與CC點(diǎn)的水平距離為：

x=vx=vxt=3隆脕0.3=0.9mt=3隆脕0.3=0.9m故A正確，B錯誤；

B、BB點(diǎn)的速度為3m/s3m/s根據(jù)牛頓運(yùn)動定律，在BB點(diǎn)設(shè)軌道對球的作用力方向向下；

FFNB+mg=+mg=mvB2R，

代入解得：NNB=鈭?1N=-1N負(fù)號表示軌道對球的作用力方向向上，故C正確，D錯誤..

故選：AC.AC.【解析】AC

10、AD【分析】解：AB

原線圈接的圖乙所示的正弦交流電，由圖知最大電壓362V

周期0.02s

故角速度是婁脴=100婁脨u=362sin100婁脨t(V)

當(dāng)t=0.01s

時(shí)，u=0

此時(shí)穿過該線圈的磁通量最大，矩形線圈平面與磁場方向垂直，故A正確，B錯誤；

C；R1

處溫度升高時(shí)；原副線圈電壓比不變，但是V2

不是測量副線圈電壓，R1

溫度升高時(shí)，阻值減小，電流增大，則R2

電壓增大，所以V2

示數(shù)減小，則電壓表V1V2

示數(shù)的比值增大，故C錯誤；

D；R1

溫度升高時(shí)；阻值減小，電流增大，而輸出電壓不變，所以變壓器輸出功率增大，而輸入功率等于輸出功率，所以輸入功率增大，故D正確；

故選：AD

．

由圖甲可知交流電壓最大值；周期，可由周期求出角速度的值，則可得交流電壓u

的表達(dá)式u=Umsin婁脴t(V)

由圖乙可知交流電壓有效值，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知副線圈電壓，原；副線圈的交流電的功率相等，R1

處溫度升高時(shí)，阻值減小，根據(jù)負(fù)載電阻的變化，可知電流、電壓變化。

根據(jù)圖象準(zhǔn)確找出已知量；是對學(xué)生認(rèn)圖的基本要求，準(zhǔn)確掌握理想變壓器的特點(diǎn)及電壓；電流比與匝數(shù)比的關(guān)系，是解決本題的關(guān)鍵．

【解析】AD

11、BCD【分析】解：分子電流假說是由安培提出來的；根據(jù)安培的分子電流假說可知；磁鐵及通電導(dǎo)線的磁性是由于內(nèi)部運(yùn)動電荷產(chǎn)生的磁場疊加而成的；磁鐵在高溫和強(qiáng)烈振動下分子電流會變的雜亂，從而使磁性減弱；故BCD正確；

故選：BCD

．

解決本題要注意積累物理學(xué)史及對物理現(xiàn)象的解釋；要知道奧斯特實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)電流具有磁效應(yīng)；安培分子電流假說很好的解釋了磁現(xiàn)象．

本題考查對一些物理現(xiàn)象的解釋，在學(xué)習(xí)或生活中應(yīng)注意積累掌握．【解析】BCD

三、填空題(共9題，共18分)12、略

【分析】

導(dǎo)體甲的電阻R甲===5Ω

導(dǎo)體甲的電阻R乙===10Ω

故本題答案是：5；10

【解析】【答案】本題圖象是導(dǎo)體的伏安特性曲線，其斜率k等于電阻的倒數(shù)，即k=．根據(jù)數(shù)學(xué)求出斜率；即可求出電阻．

13、略

【分析】解：a擺擺動；其余各擺也擺動起來，它們均做受迫振動，則它們的振動頻率均等于a擺的擺動頻率，而由于a；c擺長相同，所以這兩個擺的固有頻率相同，則c擺出現(xiàn)共振現(xiàn)象，振幅達(dá)到最大．

e擺的擺長與a擺相差最大；故固有頻率與驅(qū)動力頻率相差最大，故e擺的振幅最?。?/p>

故答案為：c，e．【解析】c;e14、略

【分析】解：電磁灶中線圈產(chǎn)生交變的磁場；該磁場在鍋體中產(chǎn)生電磁感應(yīng)，從而使鍋體發(fā)熱起到加熱食物的目的；

故答案為：電磁感應(yīng)。

電磁灶是利用電磁感應(yīng)原理制成的；通過放在磁場里的金屬鍋體發(fā)生電磁感應(yīng)從而產(chǎn)生熱量．

本題考查電磁灶原理，要注意明確電磁感應(yīng)在電磁灶中的應(yīng)用，根據(jù)電磁感應(yīng)分析如何提高加熱效果．【解析】電磁感應(yīng)15、(1)

電磁波(2)B【分析】【分析】用手機(jī)通話時(shí)使用電磁波來傳遞信號。了解各種光線的特點(diǎn)后作出判斷，紫外線化學(xué)效應(yīng)強(qiáng)，能殺菌，制成消毒燈；紫外線能合成維生素D

促使鈣的吸收；紫外線能使熒光物質(zhì)發(fā)光，制成驗(yàn)鈔機(jī)來驗(yàn)鈔。該題考查電磁波的傳播與應(yīng)用，掌握基礎(chǔ)知識即可正確解答?！窘獯稹?1)

不同城市的兩個人用手機(jī)通話時(shí)；是利用電磁波傳遞信息的；

(2)

紫外線具有化學(xué)效應(yīng)強(qiáng)；能殺菌，制成消毒燈，還具有熒光效應(yīng)，能制成驗(yàn)鈔機(jī)來驗(yàn)鈔，故A不符合題意；

X

射線具有較強(qiáng)的穿透能力；常在醫(yī)療上用來檢查身體，故B符合題意；

故答案為：(1)

電磁波；(2)B

【解析】(1)

電磁波(2)B

16、略

【分析】

（1）本實(shí)驗(yàn)采用電流表限流接法；電流表接在電壓表內(nèi)部，即電壓表應(yīng)并聯(lián)在電源兩端；故電路如圖所示；

（2）為了保證實(shí)驗(yàn)的安全；在實(shí)驗(yàn)開始時(shí)應(yīng)將滑動變阻器接入電阻達(dá)最大，即應(yīng)將滑片移到最左側(cè)；

因電壓表測出的為電源的路端電壓，由歐姆定律可知U=E-Ir；即縱坐標(biāo)顯示的是電源的路端電壓；

（3）由上式可知；圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動勢，故E=1.8V；

內(nèi)阻為r==1.43Ω；

因該接法中由于電壓表的分流而導(dǎo)致電流表示數(shù)偏??；但電壓表是準(zhǔn)確的，故圖象比真實(shí)圖象要向上偏，同時(shí)，當(dāng)電路短路時(shí)，電壓表的分流是可以忽略的，故短路電流是準(zhǔn)確的，故圖象與橫軸的交點(diǎn)不變，如圖所示，故所測電動勢小于真實(shí)值；內(nèi)阻也小于真實(shí)值；

故答案為；（1）如圖所示；（2）最大值；路端電壓；（3）1.8；偏??；1.43；偏?。?/p>

【解析】【答案】（1）測量電動勢和內(nèi)電阻實(shí)驗(yàn)采用一般的限流接法；同時(shí)電流表應(yīng)采用外接法；故只需將滑動變阻器接入，再將電壓表并聯(lián)在電源兩端即可．

（2）電學(xué)實(shí)驗(yàn)在開始時(shí)要注意使電流逐漸增大；故開始時(shí)，滑動變阻器應(yīng)接最大值；由閉合電路歐姆定律可得出路端電壓與電流的關(guān)系，故縱坐標(biāo)表示電源的輸出電壓；

（3）圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)表示電動勢；圖象的斜率表示內(nèi)電阻；由圖象法可分析此種接法會造成的誤差．

17、略

【分析】

閉合電路中電流是由電源的電動勢產(chǎn)生的；電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生感應(yīng)電流，必然存在電動勢，在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動勢稱為感應(yīng)電動勢，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的那段導(dǎo)體相當(dāng)于電源．產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化．

故答案為：感應(yīng)電動勢；電源；穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化．

【解析】【答案】在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動勢稱為感應(yīng)電動勢．產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的那段導(dǎo)體相當(dāng)于電源．產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化．

18、略

【分析】【解析】【答案】放，6×10319、略

【分析】解：根據(jù)狹義相對論的鐘慢效應(yīng)可知；地面上的人看來，掛在相對地面的速度為0.8c飛行的宇宙飛船中的時(shí)鐘與地面上的時(shí)鐘相比走得慢．

故答案為：慢。

本題關(guān)鍵是知道狹義相對論的鐘慢效應(yīng)：運(yùn)動的鐘比靜止的鐘走得慢；而且，運(yùn)動速度越快，鐘走的越慢，接近光速時(shí)，鐘就幾乎停止了．

此題考查狹義相對論的基本結(jié)論，熟記并理解它，可以解決所有關(guān)于狹義相對論的問題．【解析】慢20、略

【分析】解：圖(b)中游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為2.3cm；游標(biāo)尺上第7個刻度與主尺上某一刻度對齊，故游標(biāo)讀數(shù)為0.1×7mm=0.7mm=0.07cm，所以最終讀數(shù)為：2.3cm+0.07cm=2.37cm；

圖(c)中游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為3cm；游標(biāo)尺上第9個刻度與主尺上某一刻度對齊，故游標(biāo)讀數(shù)為0.1×9mm=0.6mm=0.09cm，所以最終讀數(shù)為：3cm+0.09cm=3.09cm；

因此管的厚度為：d==0.36cm

故答案為：2.37；3.09；0.36．【解析】2.37;3.09;0.36四、判斷題(共3題，共15分)21、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．23、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．五、推斷題(共1題，共4分)24、略

【分析】【分析】本題考查了鐵鹽和亞鐵鹽的相互轉(zhuǎn)變、離子方程式的書寫、電解原理、焓變的計(jì)算、原料利用率的計(jì)算等，難度中等，注意把握相關(guān)基本理論的理解和應(yīng)用?！窘獯稹浚?）根據(jù)水解原理：鹽+水=酸+堿，則TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式TiO2+＋3H2OH4TiO4＋2H+；步驟①中加入足量鐵屑的目的是將溶液中的Fe3+還原為Fe2+，消耗溶液中的H+促進(jìn)TiO2+水解。（2）NH4HCO3在溶液中電離出HCO3-離子，易電離生成碳酸根，碳酸根和亞鐵離子反應(yīng)生成FeCO3促進(jìn)HCO3-電離，故離子方程式Fe2+＋2HCO3-==FeCO3↓＋CO2↑＋H2O；所得的副產(chǎn)物為溶液中沒有參加反應(yīng)的銨根離子和硫酸根離子形成的(NH4)2SO4；（3）電解時(shí)，陰極上得電子發(fā)生還原反應(yīng)，所以二氧化鈦得電子生成鈦和氧離子，故陰極電極反應(yīng)：TiO2＋4e－==Ti＋2O2-（4）依據(jù)蓋斯定律：由③+①×2-②可知△H＝△H3+△H1×2-△H2=+141+（-393.5）×2-（-566）=-80kJ/mol。（5）由題意知，乳酸生成乳酸亞鐵的物質(zhì)的量之比為2：1，設(shè)需要乙烯xm3，則反應(yīng)生成468kg乳酸亞鐵晶體所需乙烯為x=200m3?！窘馕觥浚?）TiO2+＋3H