2025年滬科版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理下冊階段測試試卷408考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示的電路中，閉合開關S以后，燈L不亮。用電壓表測得A、B間電壓為零，其原因可能是（）A.L斷路B.L短路C.R斷路D.R短路2、一帶電粒子射入一固定在O點的點電荷的電場中，粒子運動軌道如圖虛線a、b；c所示；圖中實線是同心圓弧，表示電場的等勢面，不計重力，則下列不正確的是()

A.此粒子一直受到靜電排斥力B.粒子在b點的電勢能一定大于a點的電勢能C.粒子在a點和c點速度大小相等D.粒子在b點的速度一定大于a點的速度3、請根據(jù)下面所列的真值表；從四幅圖中選出與之相對應的一個門電路（）

。輸入輸出ABY001011101110A.B.C.D.4、一個做自由落體運動的物體，下落速度v

隨時間t

變化的圖象如圖所示，其中正確的是()A.B.C.D.5、某研究性學習小組學習電學知識后進行對電工穿的高壓作業(yè)服進行研究，發(fā)現(xiàn)高壓作業(yè)服是用銅絲編織的，下列各同學的理由正確的是A.甲認為銅絲編織的衣服不易拉破，所以用銅絲編織B.乙認為電工被銅絲編織的衣服所包裹，使體內電勢保持為零，對人體起保護作用C.丙認為電工被銅絲編織的衣服所包裹，使體內電場強度保持為零，對人體起保護作用D.丁認為銅絲必須達到一定的厚度，才能對人體起到保護作用6、在下列四個方程中，X1、X2、X3和X4各代表某種粒子：①+→++3②+→+③→+④+→+以下判斷中正確的是:（）A.是中子B.是質子C.是α粒子D.是氘核7、一交流發(fā)電機的感應電動勢e=Emsinωt，如將線圈的匝數(shù)增加一倍，電樞的轉速也增加一倍，其他條件不變，感應電動勢的表達式將變?yōu)椋ǎ〢.e′=2Emsin2ωtB.e′=2Emsin4ωtC.e′=4Emsin2ωtD.e′=4Emsin4ωt評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、如圖所示，一水池深為h，一根長直木棍豎直地插入水底，棍露出水面部分的長度為L，當太陽光與水平面夾角為斜射到水面時，則棍在水底的影子的長度為____．(已知水的折射率為n)9、如圖是彈簧振子的振動圖像，用正弦函數(shù)表示振動方程為。10、如圖10所示的光滑絕緣水平面上，固定著A、B、C三個帶電小球，三球球心共線，質量mA：mB：mC=1：2：1，現(xiàn)同時釋放三個小球的瞬間，A球的加速度值為2m/s2，方向向左，C球的加速度值為6m/s2，方向向右，那么B球的加速度大小為______，方向______．11、有一個電流表電阻Rg=1KΩ,滿偏電流Ig=100μA.要把它改裝成量程為3V的電壓表,應該聯(lián)一個Ω的電阻；若將此電流表改裝成量程為1A的電流表,應____聯(lián)一個Ω的電阻。12、按基本形態(tài)分類，能源通常可分為一次能源和二次能源．太陽能屬于____．按再生性分類，能源分為再生能源和非再生能源．天然氣屬于____．13、如圖所示的電路，L1和L2是兩個相同的小電珠，L是一個自感系數(shù)相當大的線圈，其電阻與R相同，由于存在自感現(xiàn)象，在電鍵S接通時，______燈最亮；S斷開時，______燈先熄滅．14、如圖中a

、b

和c

表示點電荷的電場中的三個等勢面，它們的電勢分別為婁脮23

婁脮

和14婁脮一帶電粒子從等勢面aa上某處由靜止釋放后，僅受電場力作用而運動，已知它經過等勢面bb時的速率為vvb，則它經過等勢面cc時的速率為15、在用插針法測定玻璃磚折射率的實驗中，甲、乙、丙三位同學在紙上畫出的界面aa隆盲bb隆盲

與玻璃磚位置的關系分別如圖壟脵壟脷

和壟脹

所示，其中甲、丙同學用的是矩形玻璃磚，乙同學用的是梯形玻璃磚。他們的其他操作均正確，且均以aa隆盲bb隆盲

為界面畫光路圖。

則甲同學測得的折射率與真實值相比____(

填“偏大”、“偏小”或“不變”)

乙同學測得的折射率與真實值相比____(

填“偏大”、“偏小”或“不變”)

丙同學測得的折射率與真實值相比____。評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

18、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

23、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共2題，共6分)24、I、（1）含氰廢水中的CN－有劇毒。在微生物的作用下，CN－能夠被氧氣氧化成HCO3－，同時生成NH3，該反應的離子方程式為____。

（2）含乙酸鈉和對氯酚（）的廢水可以利用微生物電池除去，同時提供電能，其原理如圖所示。則A極的電極反應式為：____。

II、鋅鋇白是一種白色顏料。工業(yè)上是由ZnSO4與BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。請根據(jù)以下工業(yè)生產流程回答有關問題。ZnSO4溶液的制備與提純：有關資料：a．菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2與Al(OH)3相似，能溶于過量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）濾渣1的化學式為____；（2）②中使用的氧化劑最好是下列的____（選填字母代號）。A．Cl2B．濃HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）為了達到綜合利用、節(jié)能減排的目的，上述流程步驟④中的CO2可以來自于步驟____（選填①、②、③、⑤）。（4）寫出步驟④所發(fā)生的離子方程式____。25、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{X}是中學常見的無機物，存在如圖轉化關系rm{(}部分生成物和反應條件略去rm{)}rm{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質，焰色反應呈黃色，rm{X}能使品紅溶液褪色，寫出rm{C}和rm{E}反應的離子方程式：__________________________．rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質，該元素的最高價氧化物的水化物酸性最強，則：rm{壟脵}組成單質rm{A}的元素在周期表中的位置為_______________．rm{壟脷X}可能為___________rm{(}填代號rm{)}．rm{a.NaHCO_{3}}rm{b.Na_{2}CO_{3;;;;;;;;;;;;;;;}c.Na_{2}SO_{3;;;;;;;;;;;;;}d.Al(OH)_{3}}rm{(3)}若rm{A}為淡黃色粉末，回答下列問題：rm{壟脵1molA}與足量的rm{H_{2}O}充分反應時轉移的電子數(shù)目為_______________．rm{壟脷A}的電子式為___________________。rm{壟脹}若rm{X}為一種造成溫室效應的氣體rm{.}則鑒別等濃度的rm{D}rm{E}兩種溶液，可選擇的試劑為______rm{(}填代號rm{)}．rm{a.}鹽酸rm{b.BaCl_{2}}溶液rm{c.NaOH}溶液rm{d.Ca(OH)_{2}}溶液rm{(4)}若rm{A}為氧化物，rm{X}是rm{Fe}溶液rm{D}中加入rm{KSCN}溶液變紅rm{.}則rm{A}與rm{H_{2}O}反應的化學反應方程式為___________rm{.E}是_________rm{(}填化學式rm{)}評卷人得分五、證明題(共2題，共6分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B|C【分析】【解析】試題分析：用電壓表測得A、B間電壓為零，說明AB之外有斷路，或者AB之內有短路，故BC正確，考點：考查了電路故障分析【解析】【答案】BC2、D【分析】【分析】由圖可知，粒子受靜電斥力的作用，A正確，粒子由a到b，電場力做負功，所以粒子的電勢能增加，動能減小，所以a點的速度大于b點的速度，所以b點的電勢能一定大于在a點的電勢能；所以B正確；D錯誤；粒子在c點和在a點的速度的大小相等，但是他們的速度的方向不同，C正確。

【點評】電場線與等勢面垂直．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，沿電場線的方向，電勢降低，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加。3、D【分析】解：由真值表可知；當兩輸入端均為低電平時，輸出為1；而均為高電平時，輸出為0；

而當輸入一低一高時；輸出均為高；故說明應為與非門；

故選：D

與邏輯關系是輸入都為高電勢輸出才為高電勢；或邏輯關系是輸入中有一個為高電勢則輸出為高電勢；非邏輯關系是輸入為高電勢則輸出為低電勢；

本題考查學生對真值表及門電路的掌握，要注意明確三種門電路的性質．【解析】【答案】D4、D【分析】【分析】自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動；其速度時間關系公式為v=gt

然后再分析v鈭?t

圖象的形狀。

本題考查了自由落體運動的v鈭?t

圖象，可根據(jù)速度時間關系公式得到v

與t

的解析式，來選擇圖象?！窘獯稹孔杂陕潴w運動是初速度為零；加速度為g

的勻加速直線運動；其速度時間關系公式為v=gtg

是定值，則v

與t

成正比，故其v鈭?t

圖是一條通過原點的直線，故ABC錯誤，D正確。

故選D?！窘馕觥緿

5、C【分析】【解析】試題分析：屏蔽服作用是在穿用后，使處于高壓電場中的人體外表面各部位形成一個等電位屏蔽面，從而防護人體免受高壓電場及電磁波的危害．等電位說明電勢相等而不是等于0，等電勢時電勢差為0，電場強度為0．所以C正確，ABD錯誤考點：本題考查了屏蔽服的作用，【解析】【答案】C6、A|C【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒不難判斷AC對；【解析】【答案】AC7、C【分析】解：交流發(fā)電機產生的交變電動勢的表達式e=Emsinωt=NBS（2πn）sin（2πn）t．

當N和n都增加一倍時，e=4NBS（2πn）sin（4πn）t=4Emsin2ωt．所以ABD錯誤；C正確．

故選：C

根據(jù)發(fā)電機產生的交變電動勢的表達式e=Emsinωt=NBS（2πn）sin（2πn）t；當N和n都增加一倍時，代入計算即可求解．

此題要理解交流發(fā)電機產生的交變電動勢的表達式e=Emsinωt=NBS（2πn）sin（2πn）t，知道其中各個量的含義．【解析】【答案】C二、填空題(共8題，共16分)8、略

【分析】【解析】試題分析：畫出光路圖，且AO長為L，因所以因為所以所以水底的影子長為考點：考查了光的折射【解析】【答案】9、略

【分析】試題分析：彈簧振子的振幅為A=0.2m，周期T=2×10-2s，則故振動方程為：x=0.2sin(100πt-π/2)?？键c：簡諧振動.【解析】【答案】x=0.2sin(100πt-π/2)10、略

【分析】解：設A球質量為m，根據(jù)mA：mB：mC=1：2：1可知B球質量為2m；C球質量為m；

小球A受到小球B和C的作用力分別記為FBA和FCA，小球B分別受到小球A和C的作用力分別記為FAB和FCB，小球C受到A和B的作用力記為FAC和FBC

對小球A有：FBA+FCA=ma1①

對小球B有：FAB+FCB=2ma2②

對小球C有：FAC+FBC=ma3③

由于FBA和FAB互為作用力和反作用力，故其大小相等方向相反，有FBA+FAB=0；故有。

①+②+③得：

ma1+2ma2+ma3=0

根據(jù)題意取向左為正方向，則有：a1=2m/s2，a3=-6m/s2

據(jù)ma1+2ma2+ma3=0知a2=2m/s2；方向與正方向相同即向左．

故答案為：2m/s2；向左。

在光滑的水平面上；小球所受重力和支持力平衡，使小球產生加速的力就是小球間相互作用的庫侖力，根據(jù)牛頓第三定律解出其加速度滿足的規(guī)律．

根據(jù)力的獨立作用性原理，根據(jù)牛頓第三定律求解出釋放每個小球時加速度所滿足的關系式，根據(jù)題目中給出的2種情況下的加速值，求釋放B球時產生的加速度a．【解析】2m/s2；向左11、略

【分析】試題分析：改裝的電壓表總電阻Ω，應串聯(lián)的電阻R串＝R總－Rg=29KΩ，改裝的電流表并聯(lián)的阻值＝0.1Ω考點：本題考查電表的改裝。【解析】【答案】串，R=29KΩ；并，0.1Ω12、一次能源非再生能源【分析】【解答】必須通過一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源；四種能源中只有電能需要消耗其他形式的能才能轉化為電能，故太陽能屬于一次能源．

可以長期提供或可以再生的能源屬于可再生能源；隨其本身的轉化或被人類利用而減少的能源，天然氣屬于非再生能源；

故答案為：一次能源；非再生能源．

【分析】（1）一次能源：直接來自自然界而未經加工轉換的能源，例如化石燃料、太陽能、水能、生物燃料；（2）二次能源：由一次性能源直接或間接轉換而來的能源：煤氣、氫能、電能、汽油、沼氣；（3）可再生能源：不隨其本身的轉化或被人類利用而減少的能源：太陽能、生物能、水能；（4）不可再生能源：隨其本身的轉化或被人類利用而減少的能源：化石燃料、煤氣、汽油．13、略

【分析】解：該電路是左右兩部分并聯(lián)后由串聯(lián)起來．

S剛接通時，L2立即發(fā)光．L上產生自感電動勢，根據(jù)楞次定律可知，自感電動勢會阻礙電流增大．使通過線圈L的電流慢慢增大，而R上沒有自感現(xiàn)象產生，左右兩個電路總電流相等，由兩個電路對比可知，此瞬間，通過L1的電流比L2上的電流大．所以S剛剛接通時A1燈最亮；

S斷開時，L和A1構成自感回路，A2不在回路中，所以S斷開時，A2立刻熄滅，A1后熄滅．

故答案為：A1，A2

當開關接通和斷開的瞬間；流過線圈的電流發(fā)生變化，產生自感電動勢，根據(jù)楞次定律分析即可．

對于線圈要抓住雙重特性：當電流不變時，它就是一個普通電阻（若電阻不計則就相當于導線）；當電流變化時，產生自感電動勢，相當于電源．【解析】A1；A214、【分析】設帶電粒子的電荷量為q

，質量為m

，由動能定理聯(lián)立兩式即得經過等勢面c

時的速率vc

【解析】32v

15、偏小不變可能偏大；可能偏小、可能不變。

【分析】【分析】用插針法測定玻璃磚折射率的實驗原理是折射定律n=sinisin婁脙

作出光路圖，確定折射光線的偏折情況，分析入射角與折射角的誤差，來確定折射率的誤差。本題考查了實驗：測定玻璃的折射率。對于實驗誤差，要緊扣實驗原理，用作圖法，確定出入射角與折射角的誤差，即可分析折射率的誤差?！窘獯稹咳鐖D壟脵

甲同學測定折射率時，作出的折射光線如圖中虛線所示，實線表示實際光線，可見折射角增大，則由折射定律n=sinisin婁脙

可知，折射率n

將偏?。挥脠D壟脷

測折射率時，只要操作正確，與玻璃磚形狀無關，故乙同學測得的折射率與真實值相比不變；用圖壟脹

測折射率時，折射角可能偏小，可能偏大，也可能不變，所以測得的折射率可能偏大、可能偏小，也可能不變。故填：偏小；不變；可能偏大、可能偏小、可能不變。【解析】偏小不變可能偏大；可能偏小、可能不變。

三、判斷題(共8題，共16分)16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．17、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、推斷題(共2題，共6分)24、略

【分析】【分析】該題通過水污染的治理和化學工業(yè)生產流程，考查了原電池原理的應用和元素及其化合物的性質，判斷微生物電池的正負極和分析流程圖是本題難點，試題難度較大。I、（1）根據(jù)信息：CN-能夠被氧氣氧化成HCO3-，同時生成NH3來書寫方程式；（2）根據(jù)原電池中陽離子的移動方向確定A為正極，發(fā)生得電子的還原反應來書寫；II、由圖1流程可知，菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反應，則濾渣1為SiO2，②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子，再加過量的NaOH，金屬離子轉化為沉淀，則濾渣2為Fe（OH）3、Cu（OH）2，反應④通二氧化碳將ZnO22-轉化為沉淀，則濾渣3為Zn（OH）2，據(jù)此解答?！窘獯稹縄、（1）CN-能夠被氧氣氧化成HCO3-，同時生成NH3得出方程式為：2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3；（2）原電池中氫離子的移動方向是從負極流向正極，所以A是正極，發(fā)生得電子的還原反應：+2e-+H+═+Cl-；II、由圖1流程可知，菱鋅礦的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反應，則濾渣1為SiO2，②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子，再加過量的NaOH，金屬離子轉化為沉淀，則濾渣2為Fe（OH）3、Cu（OH）2，反應④通二氧化碳將ZnO22-轉化為沉淀，則濾渣3為Zn（OH）2，（1）由上述分析可知，濾渣1為SiO2；（2）②中加氧化劑將亞鐵離子氧化為鐵離子；只有D不會引入新雜質；

（3）步驟④中的CO2氣體來自步驟①酸浸反應放出的氣體，可以節(jié)能減排；（4）步驟④發(fā)生的離子反應方程式為ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-。【解析】I、（1）2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3（2）+2e-+H+═+Cl-II、（1）SiO2（2）D（3）①（4）ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-25、rm{(1)OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(2)壟脵}第三周期第rm{VIIA}族

rm{壟脷b}

rm{(3)壟脵N_{A}}

rm{壟脷}

rm{壟脹ab}

rm{(4)3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{Fe(NO_{3})_{2}}【分析】【分析】本題考查無機物的推斷，是高考中的常見題型，試題綜合性強，難度較大，有利于培養(yǎng)學生的邏輯推理能力和抽象思維能力，提高學生分析問題、以及靈活運用基礎知識解決實際問題的能力rm{.}做好本題的關鍵之處在于把握好常見物質的性質以及有關轉化，并能結合題意具體問題、具體分析即可?！窘獯稹縭m{(1)}若rm{A}為常見的金屬單質，焰色反應呈黃色，應為rm{Na}rm{X}能使品紅溶液褪色，應為rm{SO_{2}}則rm{B}為rm{H_{2}}rm{C}為rm{NaOH}rm{D}為rm{Na_{2}SO_{3}}rm{E}為rm{NaHSO_{3}}rm{C}和rm{E}反應的離子方程式為rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案為：rm{OH^{-}+HSO_{3}^{-}=SO_{3}^{2-}+H_{2}O}rm{(2)}若rm{A}為短周期元素組成的單質，該元素的最高價氧化物的水化物酸性最強，應為rm{Cl_{2}}則rm{B}為rm{HClO}rm{C}為rm{HCl}rm{壟脵Cl}原子核外有rm{3}個電子層，最外層電子數(shù)為rm{7}位于周期表第三周期Ⅶrm{A}族，故答案為：第三周期Ⅶrm{A}族；rm{壟脷a.C}為鹽酸，可與rm{NaHCO_{3}}反應生成rm{CO_{2}}但rm{CO_{2}}與rm{NaHCO_{3}}不反應，故rm{a}錯誤；rm{b..C}為鹽酸，與rm{Na_{2}CO_{3}