2024年浙教版高二物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年浙教版高二物理下冊(cè)月考試卷256考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，光滑的水平面上存在著豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，有一線圈在位置1獲得一初速度，從位置1通過(guò)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的區(qū)域運(yùn)動(dòng)到位置2，下述說(shuō)法中正確的是：（）A.線圈進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，線圈中有感應(yīng)電流，而且進(jìn)入時(shí)的速度越大，感應(yīng)電流越大B.整個(gè)線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速運(yùn)動(dòng)，線圈中有感應(yīng)電流，而且感應(yīng)電流是恒定的C.整個(gè)線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做加速運(yùn)動(dòng)，線圈中有感應(yīng)電流，而且感應(yīng)電流越來(lái)越大D.線圈進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中通過(guò)導(dǎo)體界面的電荷量大于離開(kāi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中通過(guò)導(dǎo)體界面的電荷量2、如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框其質(zhì)量為m，在距磁場(chǎng)上邊界高H處自由下落，其下邊框ab進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，線圈開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)，直到其上邊框cd剛穿出磁場(chǎng)時(shí)，其速度減為ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的一半，磁場(chǎng)的寬度也為L(zhǎng)，則線框穿越勻強(qiáng)磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為（）A.2mgLB.2mgL+mgHC.2mgL+mgHD.2mgL+mgH3、許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列敘述符合物理學(xué)史實(shí)的是(

)

A.庫(kù)侖通過(guò)研究帶電體間的相互作用，建立了庫(kù)侖定律B.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律C.牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量D.伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因4、在同一地點(diǎn)，甲、乙兩物體沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)的速度—時(shí)間圖象如圖所示，則A.兩物體兩次相遇的時(shí)刻是2s末和6s末B.4s后甲在乙前面C.兩物體相距最遠(yuǎn)的時(shí)刻是2s末D.乙物體先向前運(yùn)動(dòng)2s，隨后向后運(yùn)動(dòng)5、一質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，先后以相同的速度依次通過(guò)A、B兩點(diǎn)，歷時(shí)1s，質(zhì)點(diǎn)通過(guò)B點(diǎn)后，再經(jīng)過(guò)1s，第二次通過(guò)B點(diǎn)，在這2s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的總路程是12cm，則質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期和振幅分別為（）A.2s，6cmB.4s，6cmC.4s，9cmD.2s，8cm6、下列關(guān)于水的說(shuō)法正確的是rm{(}rm{)}A.我們平時(shí)應(yīng)多飲用很純凈的水，防止有毒物質(zhì)進(jìn)入體內(nèi)B.所有天然水都不能飲用C.人體內(nèi)含有約rm{2/3}體重的水，故人每天不用喝水也可D.人體需要不斷補(bǔ)充水分，每人每天需要補(bǔ)充rm{2.5隆蘆4L}水7、材料中所提到的甲站到乙站的距離是()

A.2050m

B.1750m

C.1850m

D.1950m

8、如圖所示，電阻為r

的矩形線圈面積為S

在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸以角速度婁脴

勻速轉(zhuǎn)動(dòng).t=0

時(shí)刻線圈平面與磁場(chǎng)垂直，各電表均為理想交流電表.

則(

)

A.滑片P

下滑時(shí)，電壓表的讀數(shù)不變B.圖示位置線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大C.線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)180鈭?

的過(guò)程中，流過(guò)電阻R

的電量為2BSR

D.1s

內(nèi)流過(guò)R

的電流方向改變婁脴婁脨

次9、一臺(tái)電視機(jī)的額定功率為135W.

若每天平均使用2

小時(shí)，則30

天的用電量是(

)

A.270kW?h

B.0.27kW?h

C.8.1kW?h

D.81kW?h

評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、穿過(guò)單匝閉合線圈的磁通量隨時(shí)間變化的Φ－t圖象如圖所示，由圖知0～5s線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為_(kāi)_______V，5s～10s線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為_(kāi)_______V,10s～15s線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為_(kāi)_______V.11、電磁感應(yīng)現(xiàn)象是由____首先發(fā)現(xiàn)的。當(dāng)穿過(guò)閉合回路的____發(fā)生變化時(shí)，回路中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流。12、如圖所示，一平行板電容器跟一電源相接，當(dāng)S閉合時(shí)，平行板電容器極板A、B間的一帶電液滴恰好靜止．若將兩板間距離增大為原來(lái)的兩倍，那么液滴的運(yùn)動(dòng)加速度為_(kāi)_____，液滴的電勢(shì)能將______（填“增大”、“不變”、“減小”），若先將S斷開(kāi)，再將兩板間距離增大為原來(lái)的兩倍，液滴的運(yùn)動(dòng)加速度為_(kāi)_____．13、較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多，多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)榉肿記_擊力小，不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．______．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、如圖所示，一帶負(fù)電的小球用絕緣細(xì)線懸掛在水平方向的電場(chǎng)中處于平衡狀態(tài)。由圖可判定負(fù)電的小球受到的電場(chǎng)力方向____（填“向左”或“向右”），電場(chǎng)的方向向____（填左或右）。所受合力大小為_(kāi)___。15、如圖所示，兩木塊A和B疊放在光滑水平面上，質(zhì)量分別為m和M，A與B之間的最大靜摩擦力為f，B與勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧連接構(gòu)成彈簧振子。為使A和B在振動(dòng)過(guò)程中不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則它們的振幅不能大于____，它們的最大加速度不能大于____。評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共3題，共6分)24、如圖所示，一個(gè)三角形物塊固定在水平桌面上，其光滑斜面的傾角為θ=30°．物體A的質(zhì)量為mA=0.5㎏，物體B的質(zhì)量為mB=1.0㎏（A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)），物體A、B并列在斜面上且壓著一勁度系數(shù)為k=125N/m的輕彈簧，彈簧的下端固定，上端拴在A物體上，物體A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)．（g取10m/s2）

（1）求此時(shí)彈簧的壓縮量是多大？

（2）將物體B迅速移開(kāi)；物體A將作周期為0.4s的簡(jiǎn)諧振動(dòng)，若以沿斜面向上的方向?yàn)檎较颍?qǐng)你在所給的坐標(biāo)系中作出物體A相對(duì)平衡位置的位移隨時(shí)間的變化曲線圖，并在圖中標(biāo)明振幅的大?。?/p>

（3）將物體B迅速移開(kāi)，試證明物體A在斜面上作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．25、游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器是比較精密的長(zhǎng)度測(cè)量的儀器，如圖1中游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_(kāi)_____mm；如圖2中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)_____mm

26、如圖所示；有一盞燈L

當(dāng)通過(guò)0.3A

電流時(shí)，達(dá)到其額定功率1.8W

滑動(dòng)變阻器的最大電阻為3婁賂

電路兩端電壓為12V.

當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭滑到P

點(diǎn)時(shí)，該電燈正常發(fā)光，求：

(1)

滑動(dòng)頭在P

點(diǎn)時(shí)；PB

間的阻值為多少？

(2)

此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為多少？評(píng)卷人得分五、畫(huà)圖題(共2題，共8分)27、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象28、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分六、推斷題(共2題，共10分)29、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首膾炙人口的中國(guó)民歌。茉莉花香氣的成分有多種，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一種，它可以從茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯為原料進(jìn)行人工合成。其中一種合成路線如下：回答下列問(wèn)題：

rm{(1)A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_____________；

rm{(2)}寫(xiě)出反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式rm{壟脷}_____________________rm{;壟脼}_____________________

rm{(3)}上述反應(yīng)中屬取代反應(yīng)的有______________

rm{(4)}反應(yīng)______________rm{(}填序號(hào)rm{)}原子的理論利用率為rm{100%}符合綠色化學(xué)的要求。30、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補(bǔ)血?jiǎng)┤樗醽嗚F。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為T(mén)iO2+和SO2-4。請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

（1）寫(xiě)出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學(xué)式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進(jìn)的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應(yīng)式為_(kāi)___。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應(yīng)轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標(biāo)準(zhǔn)狀況下的乙烯____m3。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【解析】試題分析：當(dāng)線圈完全進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中時(shí)，穿過(guò)閉合線圈的磁通量不發(fā)生變化，因此沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)BC錯(cuò)誤；線圈進(jìn)入磁場(chǎng)中時(shí)，由E=BLv可知選項(xiàng)A正確；由可知選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A考點(diǎn)：考查法拉第電磁感應(yīng)定律【解析】【答案】A2、C【分析】解：根據(jù)機(jī)械能守恒定律得。

mgH=

得v=

從線框下落到穿出勻強(qiáng)磁場(chǎng)過(guò)程；根據(jù)能量守恒定律得；

焦耳熱Q=2mgL+mgH-=2mgL+

故選C

根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度．線框穿越勻強(qiáng)磁場(chǎng)過(guò)程中機(jī)械能減小轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；根據(jù)能量守恒定律求解焦耳熱．

本題是運(yùn)用能量守恒定律處理電磁感應(yīng)中能量問(wèn)題，關(guān)鍵要正確分析能量是如何轉(zhuǎn)化的．【解析】【答案】C3、A【分析】解：

A；庫(kù)侖通過(guò)庫(kù)侖扭秤實(shí)驗(yàn)研究帶電體間的相互作用；建立了庫(kù)侖定律.

故A正確．

B；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；法拉第總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律.

故B錯(cuò)誤．

C；牛頓提出了萬(wàn)有引力定律；卡文迪許通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量.

故C錯(cuò)誤．

D；伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)；否定了力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因的理論，提出了力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因.

故D錯(cuò)誤．

故選A

庫(kù)侖通過(guò)研究帶電體間的相互作用；建立了庫(kù)侖定律.

奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律.

牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量.

伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．

物理學(xué)史是高考考查內(nèi)容之一，是常識(shí)性問(wèn)題，這些常識(shí)要與物理學(xué)其他知識(shí)一起識(shí)記．【解析】A

4、A【分析】試題分析：兩物體同時(shí)同地同向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)位移相等時(shí)兩物體相遇，速度時(shí)間圖像的面積表示位移，由圖像可知2s、6s末時(shí)所圍面積相等，即物體相遇，所以A正確；2s～4s的時(shí)間內(nèi)，乙的速度大于甲，所以乙一直在甲前面，且距離越來(lái)越大，4s時(shí)達(dá)到最大，4s后甲的速度大于乙，兩物體間距逐漸減小，但乙依然在前面，所以B錯(cuò)誤、C錯(cuò)誤；乙物體2s時(shí)速度達(dá)到最大，然后減速運(yùn)動(dòng)，所以D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)圖像【解析】【答案】A5、B【分析】解：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)；先后以同樣大小的速度通過(guò)A；B兩點(diǎn)，則可判定這兩點(diǎn)關(guān)于平衡位置O點(diǎn)對(duì)稱(chēng)，所以質(zhì)點(diǎn)由A到O時(shí)間與由O到B的時(shí)間相等．

那么平衡位置O到B點(diǎn)的時(shí)間t1=

因過(guò)B點(diǎn)后再經(jīng)過(guò)t=0.5s質(zhì)點(diǎn)以方向相反、大小相同的速度再次通過(guò)B點(diǎn)，則有從B點(diǎn)到最大位置的時(shí)間t2=

因此，質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期是T=4×（t1+t2）=4s

質(zhì)點(diǎn)總路程的一半，即為振幅．所以振幅為cm=6cm；

故選：B．

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)；先后以同樣大小的速度通過(guò)A；B兩點(diǎn)，則可判定這兩點(diǎn)關(guān)于平衡位置對(duì)稱(chēng)，則平衡位置到B點(diǎn)的時(shí)間為1s的一半；由當(dāng)再次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的時(shí)間，即可求出從B點(diǎn)到最大位置的時(shí)間為1s的一半，因此質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)同期為平衡位置到最大位置時(shí)間的4倍．由題意可知，質(zhì)點(diǎn)總路程的一半，即為振幅．

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)，以同樣的速度經(jīng)過(guò)某兩點(diǎn)時(shí)，它們的位置關(guān)于平衡位置對(duì)稱(chēng)；當(dāng)經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，它們的速度大小相同，方向相反．【解析】【答案】B6、D【分析】【分析】本題考查化學(xué)在生活中的應(yīng)用，題目難度不大，注意知識(shí)的積累?！窘獯稹緼.人的生理活動(dòng)需要大量的水；不是防止有毒物質(zhì)進(jìn)入體內(nèi)，故A錯(cuò)誤；

B.達(dá)到飲用標(biāo)準(zhǔn)的天然水可以直接飲用；故B錯(cuò)誤；

C.人每天需要消耗大量的水；需要每天喝水，故C錯(cuò)誤；

D.自然界極少量的水人類(lèi)可利用；我們應(yīng)節(jié)約用水，故D正確。

故選D。

【解析】rm{D}7、B【分析】【分析】

小明的位移是矢量，為初末兩點(diǎn)的直線距離；路程是標(biāo)量，為物體經(jīng)過(guò)軌跡的長(zhǎng)度。解決本題的關(guān)鍵知道路程和位移的區(qū)別，知道路程是標(biāo)量，大小等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，位移是矢量，大小等于首末位置的距離?！窘獯稹?/p>

?小明乘坐地鐵從堪橋到長(zhǎng)廣溪緊接著坐地鐵回到堪橋后回到起點(diǎn)；初末位置重合，位移為0

路程往返的長(zhǎng)度；即29.42隆脕2km=58.84km

故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選B。

【分析】

解答此題的關(guān)鍵是看被研究的物體與所選的標(biāo)準(zhǔn)，即參照物之間的相對(duì)位置是否發(fā)生了改變，如果發(fā)生改變，則物體是運(yùn)動(dòng)的；如果未發(fā)生變化，則物體是靜止的。此題主要考查學(xué)生對(duì)運(yùn)動(dòng)和靜止的相對(duì)性的理解和掌握，研究同一物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，如果選擇不同的參照物，得出的結(jié)論可以不同，但都是正確的結(jié)論。【解答】

?小明乘坐地鐵出站時(shí).

“看到站臺(tái)上的人們?cè)诤笸恕?；是由于站臺(tái)相對(duì)于火車(chē)(

或他自己)

在向后運(yùn)動(dòng)，所以他選擇的參考系為自己。

故選A。

【分析】

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度的推論求出勻加速和勻減速運(yùn)動(dòng)的位移，結(jié)合勻速運(yùn)動(dòng)的位移，求出總位移的大小。本題主要考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度公式以及位移時(shí)間公式的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析地鐵的運(yùn)動(dòng)情況，難度不大，屬于基礎(chǔ)題?！窘獯稹?/p>

?72km/h=20m/s

地鐵勻加速運(yùn)動(dòng)的位移為：s1=12vt1

地鐵勻減速運(yùn)動(dòng)的位移為：s3=12vt3

地鐵勻速運(yùn)動(dòng)的位移為：s2=vt2

甲站到乙站的距離為：s=s1+s2+s3

聯(lián)立以上各式；并代入數(shù)據(jù)解得：s=1950m

故選D。

【解析】?！拘☆}1

】B【小題2

】A【小題3

】D8、D【分析】解：

A；矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；線圈中產(chǎn)生正弦式交變電流，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為Em=nBS婁脴

線圈在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值不變，有效值不變.

滑片P

下滑時(shí)，R

增大，據(jù)閉合電路歐姆定律可知，通過(guò)R

的電流有效值減小，線圈的內(nèi)電壓減小，則R

的電壓有效值增大，電壓表的讀數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；

B；圖示位置線圈中沒(méi)有任何一邊切割磁感線；線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知磁通量的變化率為零，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)等于0

故B錯(cuò)誤；

C、線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)180鈭?

的過(guò)程中，磁通量的大小相等，而方向相反，所以電路中的平均電動(dòng)勢(shì)大小：E爐=鈻?婁碌鈻?t=2BS鈻?t

平均電流：i爐=E爐R+r

流過(guò)電阻R

的電量為：q=i爐鈰?鈻?t=2BSR+r.

故C錯(cuò)誤；

D、由題意得：線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的周期為T(mén)=2婁脨婁脴

線圈每經(jīng)過(guò)中性一次，感應(yīng)電流方向改變一次，一周電流方向改變，所以1s

內(nèi)流過(guò)R

的電流方向次數(shù)為：

N=1T隆脕2=12婁脨婁脴隆脕2=婁脴婁脨

故D正確．

故選：D

．

矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)；線圈中產(chǎn)生正弦式交變電流，電壓表測(cè)量的是R

兩端電壓的有效值，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析其讀數(shù)是否變化；

圖示位置沒(méi)有任何一邊切割磁感線；線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和磁通量的變化率為零；線圈每經(jīng)過(guò)中性一次，感應(yīng)電流方向改變一次．

解決本題關(guān)鍵要掌握交變電流產(chǎn)生的原理，知道電壓表測(cè)量電壓的有效值.

交流電路與直流電路都遵守閉合電路歐姆定律，只不過(guò)要注意電流與電動(dòng)勢(shì)的對(duì)應(yīng)關(guān)系，電流有效值應(yīng)對(duì)應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值．【解析】D

9、C【分析】解：135W

即為0.135KW

每天平均使用2

小時(shí)，則30

天的總的工作的時(shí)間就是60

小時(shí)，所以用的總的電量就是W=Pt=0.135KW隆脕60h=8.1Kw?h

所以C正確。

故選：C

根據(jù)電功的公式W=Pt

直接計(jì)算即可。

在計(jì)算時(shí)一定要注意物理量的單位之間的換算，功率的單位用的是Kw

時(shí)間的單位用的是h1Kw?h

就是平時(shí)所說(shuō)的1

度．【解析】C

二、填空題(共6題，共12分)10、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)可得0～5s線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為5s～10s線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為10s～15s線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為考點(diǎn)：考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用【解析】【答案】10211、略

【分析】電磁感應(yīng)現(xiàn)象是由法拉第首先發(fā)現(xiàn)的【解析】【答案】法拉第磁通量12、略

【分析】解：液滴開(kāi)始靜止；有：mg=qE．

若將兩板間距離增大為原來(lái)的兩倍，電勢(shì)差不變，則電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的

根據(jù)牛頓第二定律得，a=．加速度方向向下；液滴向下加速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大．

將S斷開(kāi)，電荷量不變，電場(chǎng)強(qiáng)度d變化時(shí)，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，則電場(chǎng)力和重力仍然平衡，加速度為0．

故答案為：增大，0．

帶電液滴開(kāi)始恰好靜止；則電場(chǎng)力和重力相等，兩板間的距離增大，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，根據(jù)牛頓第二定律求出液滴的加速度．通過(guò)電場(chǎng)力做功判斷液滴電勢(shì)能的變化，將S斷開(kāi)，通過(guò)電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，判斷液滴的加速度變化．

解決本題的關(guān)鍵知道電容器與電源相連，電勢(shì)差不變，電容器與電源斷開(kāi)，電荷量不變，結(jié)合電容的定義式和決定式分析求解．【解析】增大；013、略

【分析】解：較大的顆粒不做布朗運(yùn)動(dòng)是因?yàn)楦w粒碰撞的分子數(shù)較多；多方面的撞擊導(dǎo)致受力平衡．因?yàn)楦鱾€(gè)方向的分子沖擊力比較均衡，所以不易改變大顆粒的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，不是因?yàn)榉肿拥臎_擊力?。砸陨系恼f(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×．

懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)；固體顆粒越?。灰后w（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯；布朗運(yùn)動(dòng)是液體（或氣體）分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反應(yīng)．

本題考查了布朗運(yùn)動(dòng)的相關(guān)知識(shí)，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題；本題難度不大，是一道基礎(chǔ)題．【解析】×14、略

【分析】【解析】試題分析：以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，所受重力和拉力的合力與電場(chǎng)力方向相反，因此電場(chǎng)力水平向右，由于處于靜止?fàn)顟B(tài)，因此所受合力為零，帶負(fù)電的粒子所受電場(chǎng)力與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，由此可知場(chǎng)強(qiáng)方向向左考點(diǎn)：考查受力平衡【解析】【答案】向左；右；015、略

【分析】【解析】試題分析：當(dāng)A和B在振動(dòng)過(guò)程中恰好不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，AB間靜摩擦力達(dá)到最大．根據(jù)牛頓第二定律得：以A為研究對(duì)象：以整體為研究對(duì)象：聯(lián)立兩式得，考點(diǎn)：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和能量．【解析】【答案】（M+m）f/mkf/m三、判斷題(共8題，共16分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．22、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．23、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．四、計(jì)算題(共3題，共6分)24、略

【分析】

（1）對(duì)AB整體受力分析；受重力；支持力和彈簧的彈力，根據(jù)平衡條件列式求解；

（2）找出新的平衡位置后得到振幅；然后作圖；

（3）簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)回復(fù)力與位移滿足F=-kx關(guān)系．

本題關(guān)鍵明確物體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的動(dòng)力學(xué)條件是回復(fù)力與位移滿足F=-kx關(guān)系，同時(shí)結(jié)合共點(diǎn)力平衡條件列式求解．【解析】解：（1）物體A、B在斜面上處于平衡狀態(tài)；所受外力平衡，設(shè)壓縮量為x，則有：

（mA+mB）gsin30°=kx

解得：x=

（2）將物體B移開(kāi)后，物體A作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為：A=

已知系統(tǒng)的振動(dòng)周期為T(mén)=0.4s；振動(dòng)的位移隨時(shí)間的變化關(guān)系曲線如下圖：

（3）設(shè)物體A在平衡位置時(shí)彈簧的壓縮量為x0，則有mAgsinθ=kx0，當(dāng)物體A經(jīng)過(guò)平衡位置下方的某一位置時(shí)，對(duì)平衡位置的位移的大小為x，則：F=k（x0-x）-mAgsinθ

由以上兩式得：F=-kx且位移的方向與F的方向相反．即物體A作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．

答：（1）此時(shí)彈簧的壓縮量是0.06m；

（2）如圖所示；

（3）證明如上．25、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)3mm；游標(biāo)尺上第6個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為6×0.1mm=0.6mm，所以最終讀數(shù)為：3mm+0.6mm=3.6mm．

螺旋測(cè)微器的固定刻度為2.5mm；可動(dòng)刻度為15.5×0.01mm=0.155mm，所以最終讀數(shù)為2.5mm+0.155mm=2.655mm．

故答案為：3.6；2.655

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．【解析】3.6；2.65526、略

【分析】

(1)

電燈正常工作時(shí)電壓和電流達(dá)到額定值.

由功率公式P=I2R

求出電燈的電阻；運(yùn)用串聯(lián)電路電壓與電阻成正比，求PB

間的阻值．

(2)

由功率公式P=I2R=U2R

求出兩段電阻的功率；從而得到滑動(dòng)變阻器消耗的功率．

本題的關(guān)鍵要明確電路的結(jié)構(gòu)，知道滑動(dòng)變阻器消耗的功率等于PA

段和PB

段功率之和，運(yùn)用比例法研究變阻器的電壓與電阻關(guān)系．【解析】解：(1)

設(shè)電燈的電阻為RL

．

由PL=IL2RL

得RL=PLIL2=1.80攏廬32=20婁賂

電燈的額定電壓UL=ILRL=0.3隆脕20V=6V

電燈正常工作；由串聯(lián)電路分壓規(guī)律得：

U鈭?ULUL=R鈭?RPBRLRPBRL+RPB

代入得：12鈭?66=3鈭?RPB20RPB20+RPB

解得RPB=20婁賂

(2)

此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P=(U鈭?UL)2R鈭?RPB+UL2RPB=6230鈭?20+6220=5.4W

答：

(1)

滑動(dòng)頭在P

點(diǎn)時(shí)；PB

間的阻值為20婁賂

．

(2)

此時(shí)滑動(dòng)變阻器消耗的功率為5.4W

．五、畫(huà)圖題(共2題，共8分)27、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】28、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】六、推斷題(共2題，共10分)29、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷與合成，難度不大，注意結(jié)合乙醇、氯代