2024年浙教版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年浙教版高二物理上冊階段測試試卷164考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，將兩個半徑相同、粗細相同互相垂直的圓形導線圈固定在一起，其圓心恰重合，兩線圈通以了相同大小的電流．設每個線圈中電流在圓心處產(chǎn)生磁感應強度均為1T，則圓心O處的磁感應強度大小是（）A.1TB.1.4TC.2TD.1.7T2、在物理學發(fā)展的過程中，許多物理學家的科學發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步.

下列說法正確的是(

)

A.牛頓首先總結了電路中電流與電壓和電阻的關系B.庫侖發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應C.麥克斯韋首次通過實驗證實了電磁波的存在D.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應規(guī)律3、如圖所示，在勻強電場中將一帶電荷量為+q、質(zhì)量為m的小球以初速度v豎直向上拋出；在帶電小球由拋出到上升至最大高度的過程中，下列判斷正確的是（）

A.小球的機械能守恒。

B.小球的電勢能增加。

C.所用的時間為

D.到達最高點時；速度為零．加速度大于g

4、2003年全世界物理學家評選出“十大最美物理實驗”，排名第一的為1961年物理學家利用“托馬斯·楊”雙縫干涉實驗裝置，進行電子干涉的實驗．從輻射源輻射出的電子束經(jīng)兩靠近的狹縫后在顯微鏡的熒光屏上出現(xiàn)干涉條紋，該實驗說明（）A.光具有波動性B.光具有波粒二象性C.微觀粒子也具有波動性D.微觀粒子也是一種電磁波5、做簡諧運動的物體在某段時間內(nèi)速度越來越大，則這段時間內(nèi)（）A.物體的位移越來越大B.物體加速度越來越大C.物體位移與速度同向D.物體位移與速度方向相反6、如圖所示，質(zhì)量為M

半徑為R

內(nèi)壁光滑的半球形容器靜止在粗糙水平地面上，O

為球心.

一勁度系數(shù)為k

的輕彈簧一端固定在半球形容器底部O隆盲

處，另一端與質(zhì)量為m

的小球相連，小球靜止于P

點.

地面與半球形容器間的動摩擦因數(shù)為婁脤OP

與水平方向的夾角為婁脠=30鈭?

下列說法中正確的是()A.小球受到輕彈簧的彈力大小為32mg

B.小球受到容器的支持力大小為mg2

C.小球受到容器的支持力大小為mg

D.半球形容器受到地面的摩擦力大小為32mg

7、如圖所示，有一磁感應強度為B

方向豎直向下的勻強磁場，一束電子流以初速度v0

從水平方向射入，為了使電子流經(jīng)過磁場時不偏轉(zhuǎn)(

不計重力)

則磁場區(qū)域內(nèi)必須同時存在一個勻強電場，這個電場的方向大小和方向是(

)

A.Bv0

豎直向上B.Bv0

水平向左C.B?v0

垂直紙面向外D.B?v0

垂直紙面向里8、如圖所示，ABC

為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB

為傾斜直軌道，BC

為與AB

相切的圓形軌道，并且圓形軌道處在勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里.

質(zhì)量相同的甲、乙、丙三個小球中，甲球帶正電、乙球帶負電、丙球不帶電，現(xiàn)將三個小球在軌道AB

上分別從不同高度處由靜止釋放，都恰好通過圓形軌道的最高點，則(

)

A.經(jīng)過最高點時，三個小球的速度相等B.經(jīng)過最高點時，甲球的速度最小C.運動過程中三個小球的機械能均不守恒D.甲球的釋放位置比乙球的高評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)9、一正弦式交流電的電流隨時間變化關系為i=10sin314t，則其電流的有效值為____A，頻率為____HZ，接上R=10Ω電阻后，1s內(nèi)產(chǎn)生的熱量為____J．10、如圖所示是A、B、C三個電阻的I-U圖象，在三個電阻兩端分別接入相同的電壓，則______（選填“A”“B”或“C”）的電功率最大，若三個電阻分別通過相同的電流，則______（選填“A”“B”或“C”）的電功率最大．11、如圖所示的電場中，有A、B、C三點，則負電荷在____點所受電場力最大，負電荷在____點具有的電勢能最大。12、一個橫截面為矩形、粗細均勻的折射率為n的玻璃棒，被彎成如圖所示的半圓形狀，其內(nèi)半徑為玻璃棒橫截面寬為如果一束平行光垂直于玻璃棒水平端面射入，并使之全部從水平端面射出，則與的最小比值為________________。13、某同學利用螺旋測微器測量一金屬板的厚度．該螺旋測微器校零時的示數(shù)如圖（a）所示，測量金屬板厚度時的示數(shù)如圖（b）所示．圖（a）所示讀數(shù)為0.010mm，圖（b）所示讀數(shù)為____mm，所測金屬板的厚度為____mm，用游標卡尺測金屬板的直徑如圖（c）所示，則金屬板直徑為____cm．

14、在x軸上有兩個點電荷，一個帶正電荷Q1，另一個帶負電荷Q2，且Q1=2Q2，用E1、E2分別表示這兩個點電荷所產(chǎn)生的場強的大小，則在x軸上，E1=E2點共有______處，這幾處的合場強分別為______．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分四、解答題(共3題，共27分)22、如圖所示，直導線ab與固定的電阻器R連成閉合電路，ab長0.40m，在磁感應強度是0.60T的勻強磁場中以5.0m/s的速度向右做切割磁感線的運動，運動方向跟ab導線垂直．

求：（1）這時直導線ab產(chǎn)生的感應電動勢的大小是多少？

（2）直導線ab中的感應電流的方向．

23、如圖是某簡諧波在t=0.25s的波形圖；波向左傳播，波速為v=6cm/s，求：

（1）質(zhì)點P在2s內(nèi)經(jīng)過的路程．

（2）至少經(jīng)過多少時間；質(zhì)點P的位移為-4cm．

（3）畫出再經(jīng)過周期后波的圖象；直接畫在原圖上．

（4）畫出質(zhì)點P的振動圖象．

24、如圖，一質(zhì)量為m=10kg的物體，由1/4光滑圓弧軌道上端從靜止開始下滑，到達底端后沿水平面向右滑動1m距離后停止．已知軌道半徑R=0.8m，g=10m/s2；求：

（1）物體滑至圓弧底端時的速度大小。

（2）物體滑至圓弧底端時對軌道的壓力大小。

（3）物體沿水平面滑動過程中；摩擦力做的功．

評卷人得分五、識圖作答題(共2題，共12分)25、如圖所示是利用山楂制作果酒果醋的流程：回答下列問題：（1）酒精發(fā)酵主要利用酵母菌的________呼吸，酵母菌與醋酸菌在結構上的主要區(qū)別是________。（2）酒精發(fā)酵前加入的白砂糖主要是為酵母菌提供________。如圖表示白砂糖的添加量對酒精生成量的影響，白砂糖的添加量為________左右最為合理。（3）醋酸發(fā)酵前，需要加入純凈水對山楂果酒進行稀釋，原因是________。（4）將發(fā)酵好的山楂果醋在80％左右的溫度下熱處理8～10min，目的是________，以及防止雜菌污染。26、下面的表格分別是某興趣小組探究溫度對酶活性影響的實驗步驟和探究某種過氧化氫酶的最適pH值的實驗結果。。探究溫度對酶活性影響的實驗（實驗一）實驗步驟分組甲組乙組丙組①淀粉酶溶液1mL1mL1mL1mL②可溶性淀粉溶液5mL5mL5mL5mL③控制溫度0℃60℃90℃90℃④將新鮮淀粉酶溶液與可溶性淀粉溶液混合后分別恒溫④將新鮮淀粉酶溶液與可溶性淀粉溶液混合后分別恒溫⑤測定單位時間內(nèi)淀粉的分解量⑤測定單位時間內(nèi)淀粉的分解量。探究某種過氧化氫酶的最適pH值組別A組B組C組D組E組pH值56789H2O2溶液完全分解所需時間（秒）30018090192284據(jù)此回答下列問題：（1）在實驗一中，pH值屬于____變量。（2）在實驗一的操作中有一處明顯的錯誤，請加以更正____（3）如將實驗一的新鮮淀粉酶溶液和可溶性淀粉溶液換為新鮮肝臟研磨液和H2O2溶液是不科學的，其原因是____。____（4）在實驗二的基礎上要進一步探究該過氧化氫酶的最適pH值，可在pH為____之間設置梯度pH進行研究。（5）該化學反應在生物體內(nèi)可以在常溫下進行，這是因為酶能____。評卷人得分六、推斷題(共4題，共36分)27、rm{D}的某種同系物分子式為rm{C_{5}H_{10}O_{2}}該種同系物的結構有_______種。28、【化學rm{-}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎】有機化合物rm{A}是一種農(nóng)藥生產(chǎn)的中間體，rm{A}在一定條件下可發(fā)生如圖轉(zhuǎn)化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}分子中官能團的名稱為____；

rm{(2)C}能發(fā)生反應的類型有______rm{(}填字母rm{)}

rm{a}rm{.}取代反應rmrm{.}消去反應rm{c}rm{.}加成反應rm6wkoy88rm{.}氧化反應。

rm{(3)}反應rm{壟脵}的化學方程式為____；

rm{(4)}寫出rm{B}到rm{C}的離子方程式____；

rm{(5)E}在一定條件下反應能生成高分子化合物，寫出此高分子化合物所有可能的結構簡式：____。29、【化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎】氯吡格雷是一種用于抑制血小板聚集的藥物，可通過如圖方法合成：已知：rm{壟脵}rm{壟脷}中氯原子較難水解；rm{壟脹RCHO}根據(jù)以上信息回答下列問題：rm{(1)A}的名稱是_________，rm{F}中無氧官能團的名稱是_______。rm{(2)D}的結構簡式為_______；rm{C}分子中最多有____個原子共平面。rm{(3)}寫出下列反應的化學方程式：反應rm{壟脷:}_________________。rm{(4)}已知：則由乙醇、甲醇為有機原料制備化合物需要經(jīng)歷的反應類型有________rm{(}填寫編號rm{)}rm{壟脵}加成反應rm{壟脷}消去反應rm{壟脹}取代反應rm{壟脺}氧化反應rm{壟脻}還原反應，寫出制備化合物的最后一步反應_______________________________________________。rm{(5)E}的同分異構體中，滿足下列條件的有___種rm{(}不考慮立體異構rm{)}其中一種的核磁共振氫譜顯示rm{5}組峰，且峰面積之比為rm{1隆脙1隆脙2隆脙2隆脙2}請寫出其結構簡式____。rm{壟脵}結構中含有苯環(huán)且存在與rm{F}相同的官能團；rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應。30、化合物rm{G[}rm{G[}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：請回答下列問題：rm{]}是一種醫(yī)藥中間體，它的一種合成路線如下：的名稱是_____________。rm{]}的反應條件為_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反應類型分別是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在濃硫酸加熱的條件下會生成一種含六元環(huán)的化合物，該化合物的結構簡式為_____________。rm{D隆煤E}是一種高聚酯，rm{(3)D}的化學方程式為___________。rm{(4)H}下列關于化合物rm{D隆煤H}的說法錯誤的是_________。A.rm{(5)}的分子式為rm{G}B.rm{G}與rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加熱最多消耗rm{1molG}C.一定條件下rm{NaOH}發(fā)生消去反應生成的有機物存在順反異構體D.在一定條件下rm{2molNaOH}能與rm{G}發(fā)生取代反應rm{G}是rm{HBr}的同分異構體，與rm{(6)M}具有相同的官能團。則rm{D}可能的結構有________種。rm{D}參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】解：根據(jù)安培定則可知，豎直面內(nèi)的通電圓環(huán)在圓心O處產(chǎn)生的磁感應強度方向垂直紙面向里，大小為B，水平面內(nèi)的通電圓環(huán)在圓心O處產(chǎn)生的磁感應強度方向豎直向下，大小為B，兩者相互垂直，故圓心O處的磁感應強度大小B=1.4T；故B正確；ACD錯誤．

故選：B．

該題是關于磁場的疊加問題．首先運用安培定則每個圓環(huán)在圓心O處產(chǎn)生的磁感應強度的方向；利用平行四邊形定則進行矢量合成，即求出O處的磁感應強度大小．

本題的解題關鍵是掌握安培定則，并能熟練應用，同時要能正確運用平行四邊形定則進行矢量合成．【解析】【答案】B2、D【分析】解：A

歐姆首先總結了電路中電流與電壓和電阻的關系；發(fā)現(xiàn)了歐姆定律.

故A錯誤．

B；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應；庫侖發(fā)現(xiàn)了電荷間作用力的規(guī)律--庫侖定律.

故B錯誤．

C；赫茲首次通過實驗證實了電磁波的存在；不是麥克斯韋.

故C錯誤．

D；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應規(guī)律.

故D正確．

故選：D

歐姆首先總結了電路中電流與電壓和電阻的關系.

奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應.

赫茲首次通過實驗證實了電磁波的存在.

法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應規(guī)律．

本題考查物理學史，是常識性，只要加強記憶，就能得分.

可結合物理學家的成就、年代等進行記憶．【解析】D

3、C【分析】

A；小球在豎直上拋過程中；除重力做功外，還有電場力做功，導致小球的機械能不守恒．故A錯誤；

B；小球在豎直上拋過程中；除重力做功外，還有電場力做功，且電場力做正功，所以導致小球的電勢能減小，故B錯誤；

C、可將小球的運動看成豎直方向做豎直上拋運動與水平方向做勻加速直線運動，因而帶電小球由拋出到上升至最大高度的過程中，到最大高度時豎直方向速度為零，所以所用時間為故C正確；

D；小球到達最高點時；豎直方向速度為零，而水平方向速度不為零，所以D錯誤；

故選：C

【解析】【答案】現(xiàn)將該小球從電場中的A點豎直向上拋出；帶電小球在水平方向的勻強電場中豎直向上拋出，小球在豎直方向受到重力，在水平方向受到電場力，從而做曲線運動，因此可將曲線分解成豎直方向與水平方向的兩個運動．利用運動學公式可求出小球速率最小值；再運用動能定理，可求出小球從拋出至達到最小速率的過程中，電場力對小球做的功．

4、C【分析】【解析】【答案】C5、D【分析】解：A；做簡諧運動的物體在某段時間內(nèi)速度越來越大；動能增加，勢能減小，說明振子正在靠近平衡位置，位移逐漸減小，故A錯誤；

B、加速度a=-位移減小，故加速度也減小，故B錯誤；

C；D、振子正在靠近平衡位置；做加速運動，位移方向向外，速度方向向內(nèi)，即物體位移與速度方向相反，故C錯誤，D正確；

故選：D．

做簡諧運動的物體系統(tǒng)機械能守恒，靠近平衡位置是加速，遠離平衡位置是減速；加速度a=-．

本題考查分析簡諧運動過程中物理量變化的能力，抓住平衡位置和最大位移處的特點就能正確分析．【解析】【答案】D6、C【分析】【分析】對小球進行受力分析可知；小球受重力；支持力及彈簧的彈力而處于靜止，由共點力的平衡條件可求得小球受到的輕彈簧的彈力及小球受到的支持力；對容器和小球整體研究，分析受力可求得半球形容器受到的摩擦力。

共點力平衡問題重點在于正確選擇研究對象，本題運用隔離法和整體法兩種方法進行受力分析得出結論。【解答】

ABC.

對小球受力分析；如圖所示，由幾何關系可知，T=F=mg

故AB錯誤；C正確；

D.以容器和小球整體為研究對象；分析受力可知：豎直方向有：總重力；地面的支持力，水平方向地面對半球形容器沒有摩擦力，故D錯誤。

故選C。

【解析】C

7、C【分析】解：為使電子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)；粒子所受到電場力和洛倫茲力是平衡力，即為qv0B=qE

所以電場與磁場的關系為：E=v0

B.

電子帶負電；洛倫茲力向外，電場力向內(nèi)，電子受電場力方向與場強方向相反，故電場方向向外.

故C正確．

故選：C

．

首先根據(jù)粒子做勻速直線運動；可判斷粒子的電場力和洛倫茲力相等，即可得知電場強度和磁場強度的關系．

在速度選擇器中；粒子的受力特點：同時受到方向相反的電場力和洛倫茲力作用；

粒子能勻速通過選擇器的條件：電場力和洛倫茲力平衡，即qvB=qEv=EB

只有速度為EB

的粒子才能沿直線勻速通過選擇器．

若粒子從反方向射入選擇器，所受的電場力和磁場力方向相同，粒子必定發(fā)生偏轉(zhuǎn)．【解析】C

8、D【分析】解：A

在最高點時，甲球受洛侖茲力向下，乙球受洛侖茲力向上，而丙球不受洛侖茲力，故三球在最高點受合力不同，故由F潞脧=mv2R

可知；三小球的速度不相等；故A錯誤；

B；因甲球在最高點受合力最大；故甲球在最高點的速度最大，故B錯誤；

C；因洛侖茲力不做功；故系統(tǒng)機械能守恒，三個小球的機械能保持不變，故C錯誤；

D；因甲球的速度最大；而在整個過程中洛侖茲力不做功，故機械能守恒，甲球釋放時的高度最高，故D正確；

故選：D

．

三個小球在磁場中受洛侖茲力方向不同；最高點由重力和洛侖茲力充當向心力；由向心力公式可知最高點的速度關系；由機械能守恒定律可得出各球釋放的位置．

本題應牢記洛侖茲力的性質(zhì)，明確洛侖茲力永不做功，故三個小球在運動中機械能守恒，但要注意恰好通過時三個小球的受力不同，故速度是不相同的．【解析】D

二、填空題(共6題，共12分)9、10501000【分析】【解答】解：由圖可知，該交流電的最大值為Im=10A；周期為T=0.02s，所以有：

有效值I==10A；

頻率f=

根據(jù)焦耳定律得一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量Q=I2Rt=102×10×1J=1000J；

故答案為：10；50，1000

【分析】根據(jù)圖象可讀出該交流電的周期和最大值；然后根據(jù)頻率和周期，最大值與有效值的關系可直接求解．

根據(jù)焦耳定律求出一周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量．10、略

【分析】解：①若三個電阻上加相同的電壓；在U-I圖象上作出電壓相同的線，如圖所示：

顯然；通過電阻C的電流最大，根據(jù)公式P=UI，電阻C的電功率最大；

②若三個電阻通過相同的電流；在U-I圖象上作出電流相同的線，如圖所示：

顯然；電阻A的電壓最大，根據(jù)公式P=UI，電阻A的電功率最大；

故答案為：C；A．

若三個電阻上加相同的電壓；在U-I圖象上作出電壓相同的線，得到電流大小關系，根據(jù)P=UI判斷功率大??；若三個電阻通過相同的電流，在U-I圖象上作出電流相同的線，得到電壓大小關系，根據(jù)P=UI判斷功率大?。?/p>

本題關鍵從U-I圖象得到電流相同時的電壓情況、電壓相同時的電流情況，然后根據(jù)公式P=UI判斷電功率的大??；要明確U-I圖象的斜率表示電阻．【解析】C；A11、略

【分析】【解析】試題分析：等勢線分布越密電場線分布也越密，由F=qE可知電荷在A點所受電場力最大，對于負電荷來說電勢越低電勢能越大，沿著電場線電勢降低，由此可知C點電勢最低，負電荷在該點電勢能最大考點：考查電場線和等勢線的分布【解析】【答案】A；C12、略

【分析】從A端口的最右邊一點發(fā)生全反射，其他的光線就都能發(fā)生全反射了，由光路圖可知可得與的比值為【解析】【答案】13、6.8706.8601.240【分析】【解答】解：該螺旋測微器校零時的示數(shù)如圖（a）所示；螺旋測微器的固定刻度為0mm，可動刻度為0.01×1.0mm=0.010mm，所以最終讀數(shù)為0.010mm．

測量金屬板厚度時的示數(shù)如圖（b）所示．

螺旋測微器的固定刻度為6.5mm；可動刻度為0.01×37.0mm=0.370mm，所以最終讀數(shù)為6.870mm．

所測金屬板的厚度為6.870﹣0.010=6.860mm

游標卡尺的主尺讀數(shù)為12mm；游標尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為8×0.05mm=0.40mm，所以最終讀數(shù)為：12mm+0.40mm=12.40mm=1.240cm．

故答案為：6.870；6.860；1.240

【分析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．14、20、2【分析】解：根據(jù)點電荷的電場強度可知：E=則有帶正電Q1的電場強度用E1=

另一個帶負電-Q2的電場強度E2=

要使E1和E2相等，則有r1=r2；而滿足此距離有兩處：一處是兩點電荷的連線間，另一處是負電荷外側．

由于異種電荷，所以在兩者連接的一處，電場強度為2E2；而在負電荷的外側的一處；電場強度為零．

故答案為：2，0、2E2．

由于Q1帶正電荷，Q2帶負電荷；根據(jù)點電荷的電場強度公式可確定電場強度的大小，而電場強度的方向?qū)τ谪擖c電荷則是指向負點電荷，對于正點電荷則是背離正點電荷．由題意可確定兩點電荷在某處的電場強度大小相等的位置．

考查點電荷在某處電場強度的疊加，注意電場強度的大小與方向．同時根據(jù)題意兩者間距不定，所以只要滿足間距的關系，即可找到電場強度大小相等的點．【解析】20、2三、判斷題(共7題，共14分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?0、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．四、解答題(共3題，共27分)22、略

【分析】

（1）直導線ab產(chǎn)生的感應電動勢的大小是E=BLv=0.6×0.4×5V=1.2V

（2）直導線ab中的感應電流根據(jù)右手定則判斷，其方向為b→a．

答：

（1）這時直導線ab產(chǎn)生的感應電動勢的大小是1.2V．

（2）直導線ab中的感應電流的方向為b→a．

【解析】【答案】（1）直導線向右做切割磁感線的運動；由公式E=BLv求感應電動勢．

（2）根據(jù)右手定則或楞次定律判斷感應電流方向．

23、略

【分析】

（1）由圖讀出波長λ=6cm，周期T==1s，時間t=2s=2T．質(zhì)點在一個周期內(nèi)通過的路程是四個振幅，則質(zhì)點P在2s內(nèi)經(jīng)過的路程S=8A=32cm；

（2）波向左傳播，判斷出圖示時刻P點的振動方向沿y軸負方向，則質(zhì)點P至少經(jīng)過周期位移為-4cm，即最短時間為t==0.25s；

（3）再經(jīng)過周期后波形向左平移波長；畫出波的圖象如圖1．

（4）圖示時刻P點經(jīng)過平衡位置；而且沿y軸負方向振動，P點的振動圖象為正弦曲線．如圖2．

答：

（1）質(zhì)點P在2s內(nèi)經(jīng)過的路程是32cm．

（2）至少經(jīng)過0.25s時間；質(zhì)點P的位移為-4cm．

（3）畫出再經(jīng)過周期后波的圖象；如圖．

（4）畫出質(zhì)點P的振動圖象如圖．

【解析】【答案】（1）由圖讀出波長；求出周期，根據(jù)時間與周期的關系求解路程．

（2）根據(jù)波向左傳播；判斷出P點的振動方向．分析振動過程，確定質(zhì)點P的位移為-4cm最短時間．

（3）再經(jīng)過周期后波形向左平移波長；畫出波形．

（4）圖示時刻P點經(jīng)過平衡位置；而且沿y軸負方向振動，畫出振動圖象．

24、略

【分析】

（1）由機械能守恒定律；得：

mgR=mv2

v=4m/s

（2）在圓弧低端；由牛頓第二定律得：

F-mg=m

解得：F=300N；

由牛頓第三定律可知；物體對軌道低端的壓力：F′=F=300N；

（3）物體下滑時；由動能定理得：

mgR-Wf=0-0；

解得：Wf=80J．

答：（1）物體物體滑至圓弧底端時的速度大小是4m/s

（2）物體物體滑至圓弧底端時對軌道的壓力大小是300N

（3）物體沿水平面滑動過程中克服摩擦力做的功是80J．

【解析】【答案】（1）根據(jù)機械能守恒定律求出物塊到達圓弧末端時的速度；

（2）在圓弧末端；物塊受重力和支持力，兩個力的合力提供圓周運動的向心力，由牛頓第二定律可以求出物體受到的支持力，然后由牛頓第二定律求出物體對軌道的壓力．

（3）由動能定理可以求出物體下滑過程中克服摩擦力做的功．

五、識圖作答題(共2題，共12分)25、（1）無氧有無以核膜為界限的細胞核（或酵母菌具有核膜）

（2）碳源15%

（3）酒精濃度過高會抑制醋酸菌的發(fā)酵。

（4）防止醋酸菌繼續(xù)發(fā)酵（或殺死醋酸菌）

【分析】【分析】

本題考查果酒和果醋的制作；意在考查學生對知識的理解和應用能力。

【解答】

（1）酒精發(fā)酵主要利用酵母菌的無氧呼吸產(chǎn)生酒精；酵母菌與醋酸菌在結構上的主要區(qū)別是有無以核膜為界限的細胞核（或酵母菌具有核膜）?。

（2）酒精發(fā)酵前加入的白砂糖主要是為酵母菌提供碳源。如圖表示白砂糖的添加量對酒精生成量的影響；白砂糖的添加量為15%左右最為合理，此時酒精含量高，也不會造成原料的浪費。

（3）酒精濃度過高會抑制醋酸菌的發(fā)酵；所以醋酸發(fā)酵前，需要加入純凈水對山揸果酒進行稀釋。

（4）將發(fā)酵好的山楂果醋在80℃左右的溫度下熱處理8～10min，目的是防止醋酸菌繼續(xù)發(fā)酵（或殺死醋酸菌），以及防止雜菌污染。

【解析】（1）無氧有無以核膜為界限的細胞核（或酵母菌具有核膜）

（2）碳源15%

（3）酒精濃度過高會抑制醋酸菌的發(fā)酵。

（4）防止醋酸菌繼續(xù)發(fā)酵（或殺死醋酸菌）

26、略

【分析】【分析】本題考查酶的作用及溫度對酶活性的影響，意在考查學生能理解所學知識的要點，把握知識間的內(nèi)在聯(lián)系，從題圖中提取有效信息并能運用所學知識與觀點，對某些生物學問題進行解釋、推理，做出合理判斷或得出正確結論的能力。【解答】（1）實驗一屬于對照實驗，探究的是溫度對酶活性影響，自變量是溫度，因變量可以是單位時間內(nèi)生成物的量或淀粉的分解量，實驗過程中還存在影響實驗結果的無關變量，如PH、淀粉溶液的濃度和量、淀粉酶的量等，無關變量必須要保持一致且適宜。（2）在探究溫度對酶活性影響的實驗時，因先將新鮮淀粉酶溶液和可溶性淀粉溶液分別恒溫，再混合，這樣確保酶和底物的溫度相同，減少實驗誤差。（3）H2O2的分解受溫度影響，在不同的溫度下，H2O2的分解速率不同，如果探究對溫度H2O2酶分解H2O2活性的影響，最終的結果，不知溫度對H2O2的影響還是H2O2酶活性的影響，因此不能用H2O2作為底物來探究溫度對酶活性的影響。（4）實驗二中，C組的H2O2完全分解的時間最短，說明在PH=7左右，存在H2O2酶的最適PH，因此，在實驗二的基礎上要進一步探究該過氧化氫酶的最適pH值，可在pH為6～8之間設置梯度pH進行研究。（5）該化學反應在生物體內(nèi)可以在常溫下進行，這是因為酶能降低化學反應的活化能，促進H2O2的分解?！窘馕觥浚?）無關（2）將新鮮淀粉酶溶液和可溶性淀粉溶液分別恒溫（3）因為溫度會直接影響H2O2溶液的分解（4）6～8（5）降低化學反應的活化能六、推斷題(共4題，共36分)27、（1）

（2）羥基羧基加成反應

（3）2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O

（4）CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOC2H5＋H2O加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率【分析】【分析】本題考查常見有機物之間的轉(zhuǎn)化和有機推斷、同分異構體的書寫，難度一般。抓住突破口“rm{A}的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{A}為乙烯，結合題給信息和轉(zhuǎn)化關系進行作答?！窘獯稹縭m{A}的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{CH}的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{A}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}為rm{{,!}_{2}}，乙烯與水在一定條件下發(fā)生加成反應生成的rm{B}為rm{CH}rm{B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}乙醇催化氧化生成的rm{CH}為rm{CH}乙酸催化氧化生成的rm{{,!}_{2}}為rm{OH}乙醇催化氧化生成的rm{C}為rm{CH_{3}CHO}乙酸催化氧化生成的rm{D}為rm{CH}rm{OH}rm{C}rm{CH_{3}CHO}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}rm{CH}和rm{COOH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}在濃硫酸作用下反應生成的rm{CH}為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}和rm{CH}rm{OH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}在濃硫酸作用下反應生成的rm{E}為rm{CH}

rm{COOH}丁烷的兩種同分異構體為rm{E}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOCH}rm{COOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}分子中；

rm{(1)}丁烷的兩種同分異構體為rm{CH}rm{(1)}

rm{CH}為rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}官能團為羥基，rm{CH}為rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}官能團為羧基；rm{{,!}_{3}}是、含有三個甲基的結構簡式為故答案為：；rm{(2)B}為rm{CH}rm{(2)B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}為乙醇在銅做催化劑、加熱的條件下與氧氣反應生成乙醛和水，化學方程式為rm{OH}官能團為羥基，rm{D}為rm{CH}rm{OH}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}官能團為羧基；rm{A隆煤B}是rm{CH}rm{COOH}rm{A隆煤B}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}rm{{,!}_{2}}與水在一定條件下發(fā)生加成反應生成rm{CH}；rm{CH}與rm{{,!}_{3}}反應生成rm{CH}的反應為乙醇和乙酸在濃硫酸、加熱的條件下發(fā)生酯化反應生成乙酸乙酯和水，化學方程式為rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{OH}故答案為：羥基羧基加成反應；rm{(3)B隆煤C}rm{2CH}rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH+O}rm{OH+O}rm{{,!}_{2}}rm{2CH}該反應的速率比較緩慢，為提高該反應的速率，通常采取的措施有rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHO+2H}rm{CHO+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)B}rm{D}rm{E}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率。

rm{COOH+CH}本題考查常見有機物之間的轉(zhuǎn)化和有機推斷、同分異構體的書寫，難度一般。抓住突破口“rm{{,!}_{3}}的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{CH}為乙烯，結合題給信息和轉(zhuǎn)化關系進行作答。rm{CH}rm{{,!}_{2}}的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{OH}應為rm{OH}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}為rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}乙醇催化氧化生成的rm{+H}為rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}乙醛催化氧化生成的rm{O}為加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率；故答案為：rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}rm{COOH+CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}和rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}在濃硫酸作用下反應生成的rm{OH}為rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}為rm{H}rm{{,!}_{5}}rm{+H}其某種同系物分子式為rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率。rm{O}【分析】rm{A}的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平”推出rm{A}為乙烯，結合題給信息和轉(zhuǎn)化rm{A}rm{A}有【解答】種結構，故該同系物的結構有rm{A}的產(chǎn)量可以用來衡量一個國家的石油化工水平，則rm{A}應為rm{CH}種；rm{A}rm{A}【解析】【小題rm{1}】rm{(1)}rm{(2)}羥基羧基加成反應rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+

O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}加入濃硫酸作催化劑并加熱以加快反應速率【小題rm{+H_{2}O}】rm{2}rm{4}28、（1）氯原子、羥基、酯基（2）acd

（3）

（4）+CO2+H2O→+HCO3-

（5）【分析】【分析】本題考查有機物的推斷，難度中等，注意根據(jù)rm{A}的結構及反應條件進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等?！窘獯稹縭m{A}在堿性條件下水解生成和rm{B}與二氧化碳反應生成rm{C}而rm{C}遇氯化鐵溶液顯紫色，故B為rm{C}為則rm{D}為rm{D}酸化得到rm{E}為由rm{E}與rm{F}的分子式可知，rm{E}分子內(nèi)脫去rm{2}分子水生成rm{F}且rm{F}為五元環(huán)化合物，故E在濃硫酸作用下發(fā)生消去反應和酯化反應，rm{F}可能為

rm{(1)}由rm{A}分子結構可知，其不含氧官能團的名稱為：氯原子、羥基、酯基，故答案為：氯原子；羥基、酯基；

rm{(2)C}為可以發(fā)生取代反應、加聚反應、氧化反應，不能發(fā)生消去反應，故答案為：rm{acd}

rm{(3)}反應rm{壟脵}的化學方程式為：

故答案為：

rm{(4)B}到rm{C}的離子方程式為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

故答案為：rm{+CO_{2}+H_{2}O隆煤}rm{+HCO_{3}^{-}}

rm{(5)E(}rm{)}在一定條件下反應能生成高分子化合物，其可能的結構簡式為：

故答案為：

【解析】rm{(1)}氯原子、羥基、酯基rm{(2)acd}

rm{(3)}

rm{(4)}rm{+CO2+H2O隆煤}rm{+HCO^{3-}}

rm{(5)}29、（1）2-氯甲苯氯原子、氨基

（2）14

（3）+2NaOH+2NaCl+H2O

（4）①②③④HOCH2CH2OH+HCHO+H2O

（5）3【分析】【分析】本題考查有機物的合成。【解答】根據(jù)rm{D}的分子式及rm{E}的結構簡式可以知道，rm{D}為的分子式及rm{D}的結構簡式可以知道，rm{E}為rm{D}可以知道，根據(jù)信息rm{壟脹}可以知道rm{C}為為rm{壟脹}與氯氣發(fā)生取代生成rm{C}，根據(jù)相互轉(zhuǎn)化關系，rm{A}與氯氣發(fā)生取代生成rm{B}rm{B}水計算得出rm{C}所以rm{A}為水計算得出rm{A}所以rm{B}為rm{B}為rm{C}為rm{A}的名稱是，rm{B}為氯甲苯rm{B}的結構簡式知，rm{(1)A}為中無氧官能團的名稱是氨基和氯原子，

rm{(1)A}，rm{A}的名稱是氯甲苯rm{A}

rm{2-}根據(jù)上面的分析可以知道，，根據(jù)rm{F}的結構簡式知，rm{F}中無氧官能團的名稱是氨基和氯原子，為rm{F}為rm{F}分子中最多有故答案為：個原子共平面，

rm{2-}；氨基、氯原子；

rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道，rm{D}為反應rm{(2)}為鹵代烴在rm{D}溶液中水