2025年蘇教版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇教版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，兩梯形木塊A、B疊放在水平地面上，A、B之間的接觸面傾斜．A的左側(cè)靠在光滑的豎直墻面上，關(guān)于兩木塊的受力，下列說法正確的是（）A.A、B之間一定存在摩擦力作用B.木塊A可能受三個力作用C.木塊A一定受四個力作用D.木塊B受到地面的摩擦力作用方向向右2、如圖所示，一帶負(fù)電的金屬環(huán)繞軸OO隆盲

以角速度婁脴

勻速旋轉(zhuǎn)，在環(huán)左側(cè)軸線上的小磁針最后平衡時(shí)N

極的指向()

A.N

極豎直向上B.N

極豎直向下C.N

極沿軸線向左D.N

極沿軸線向右3、現(xiàn)已建成的核電站的能量來自于()A.天然放射性元素衰變放出的能量B.人工放射性同位素放出的能量C.重核裂變放出的能量D.化學(xué)反應(yīng)放出的能量4、關(guān)于沖量和動量，下列說法中錯誤的是（）A.沖量是反映力的作用時(shí)間積累效果的物理量B.動量是描述物體狀態(tài)的物理量C.沖量是物體動量變化的原因D.沖量是描述物體狀態(tài)的物理量5、如圖；質(zhì)量為M

的小車靜止于光滑的水平面上，小車上AB

部分是半徑R

的四分之一光滑圓弧，BC

部分是粗糙的水平面.

今把質(zhì)量為m

的小物體從A

點(diǎn)由靜止釋放，m

與BC

部分間的動摩擦因數(shù)為婁脤

最終小物體與小車相對靜止于BC

之間的D

點(diǎn)，則BD

間距離x

隨各量變化的情況是(

)

A.其他量不變，R

越大x

越小B.其他量不變，M

越大x

越小C.其他量不變，m

越大x

越小D.其他量不變，婁脤

越大x

越小6、兩帶電小球，電荷量分別為+q

和鈭?q

固定在一長度為l

的絕緣桿兩端，置于足夠大的電場強(qiáng)度為E

的勻強(qiáng)電場中，桿與場強(qiáng)方向平行，其位置如圖所示，若此桿繞經(jīng)過O

點(diǎn)垂直于桿的軸轉(zhuǎn)過180鈭?

則在此過程中電場力做功為(

)

A.0

B.qEl

C.2qEl

D.婁脨qEl

7、做勻速圓周運(yùn)動的物體，下列物理量發(fā)生變化的是（）A.頻率B.速率C.線速度D.周期評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、如圖所示是法拉第圓筒實(shí)驗(yàn)裝置示意圖，驗(yàn)電器A原來不帶電，驗(yàn)電器B原來帶有電荷；金屬小球e直接固定于絕緣手柄上．金屬小球f用一較長的導(dǎo)體棒（長度大于圓筒的深度）相連后固定于絕緣手柄上，則下列操作中，能使驗(yàn)電器A帶電的是（）A.使e與B的圓筒外壁接觸后再與A的圓筒內(nèi)壁接觸B.使e與B的圓筒內(nèi)壁接觸后再與A的圓筒外壁接觸C.使f與B的圓筒外壁接觸后再與A的圓筒內(nèi)壁接觸D.使f與B的圓筒內(nèi)壁接觸后再與A的圓筒外壁接觸9、如圖是用伏安法測電阻的兩種常用電路；下列說法正確的是（）

A.選用的電流表內(nèi)阻越小，兩種電路測量誤差都越小B.用左圖測出的電阻值總是小于真實(shí)值．用右圖測出的電阻值則總是大于真實(shí)值C.當(dāng)待測電阻值比電流表內(nèi)阻大得多時(shí)，用右圖所示電路測量的誤差較小D.當(dāng)待測電阻值比電壓表內(nèi)阻小得多時(shí)，用左圖所示電路測量的誤差較小10、物理學(xué)重視邏輯，崇尚理性，其理論總是建立在對事實(shí)觀察的基礎(chǔ)上，下列說法正確的是()A.天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部是有結(jié)構(gòu)的B.電子的發(fā)現(xiàn)使人認(rèn)識到原子具有核式結(jié)構(gòu)C.婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)的重要發(fā)現(xiàn)是電荷時(shí)量子化的D.密立根油滴實(shí)驗(yàn)表明核外電子的軌道是不連續(xù)的11、如圖為氫原子能級圖，現(xiàn)有一群處于n

=3

激發(fā)態(tài)的氫原子，則這些原子()

A.發(fā)出的光子最小能量是0.66eV

B.發(fā)出的光子最大能量是12.75eV

C.能發(fā)出3

種不同頻率的光子D.由n

=3

躍遷到n

=1

時(shí)發(fā)出的光子頻率最高12、下列有關(guān)光現(xiàn)象的說法正確的是（）A.小孔成像的原理利用了光的衍射現(xiàn)象B.光導(dǎo)纖維傳輸信號是利用了光的全反射現(xiàn)象C.用分光鏡觀測光譜是利用了光折射時(shí)的色散現(xiàn)象E.在陽光照射下，水面的油膜上出現(xiàn)彩色花紋是光的干涉現(xiàn)象E.在陽光照射下，水面的油膜上出現(xiàn)彩色花紋是光的干涉現(xiàn)象13、如圖所示，ABCD

為固定的水平光滑矩形金屬導(dǎo)軌，AB

間距離為L

左右兩端均接有阻值為R

的電阻，處在方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B

的勻強(qiáng)磁場中，質(zhì)量為m

長為L

的導(dǎo)體棒MN

放在導(dǎo)軌上.

甲、乙兩根相同的輕質(zhì)彈簧一端均與MN

棒中點(diǎn)固定連接，另一端均被固定，MN

棒始終與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，導(dǎo)軌與MN

棒的電阻均忽略不計(jì).

初始時(shí)刻，兩彈簧恰好處于自然長度，MN

棒具有水平向左的初速度v0

經(jīng)過一段時(shí)間，MN

棒第一次運(yùn)動至最右端，這一過程中AB

間電阻R

上產(chǎn)生的焦耳熱為Q

則(

)

A.初始時(shí)刻棒受到安培力大小為2B2L2v0R

B.MN

棒最終停在初位置處C.當(dāng)棒再次回到初始位置時(shí)，AB

間電阻R

的功率為B2L2v02R

D.當(dāng)棒第一次到達(dá)最右端時(shí)，甲彈簧具有的彈性勢能為Ep=14mv02鈭?Q

14、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=3：1，燈泡A、B完全相同，燈泡L與燈泡A的額定功率相同，但額定電壓不同，當(dāng)輸入端接上U=45sin100πt（V）的交流電壓后，三個燈泡均正常發(fā)光，圖中兩電流表均為理想電流表且電流表A2的示數(shù)為2A，則（）A.交變電流的頻率是100HzB.電流數(shù)A1的示數(shù)約為1.33AC.燈泡L的額定電壓為15VD.燈泡A的額定電壓為15V評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、電扇扇葉上經(jīng)常布滿灰塵，是因?yàn)轱L(fēng)葉轉(zhuǎn)動時(shí)與空氣____而產(chǎn)生____，帶有____的葉片會把空氣中的灰塵吸附過來．16、如圖所示在豎直平面xOy內(nèi)存在著豎直向下的勻強(qiáng)電場，帶電小球以初速度v0，從O點(diǎn)沿Ox軸水平射入，恰好通過平面中的A點(diǎn)，OA連線與Ox軸夾角為60°，已知小球的質(zhì)量為m，則帶電小球通過A點(diǎn)時(shí)的動能為_________17、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，已知在此過程中，氣體內(nèi)能增加100J，則該過程中氣體______（選填“吸收”或“放出”）熱量______J．18、如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定在地面上，另一端與一薄板連接，薄板的質(zhì)量不計(jì)，板上放一重物.

用手將重物往下壓，然后突然將手撤去，則重物被彈離之前的運(yùn)動情況是加速度先________后________(

填變大或變小).

加速度為0

時(shí)速度____填最大或最小)

19、如圖所示的螺旋測微器的示數(shù)是______mm，游標(biāo)卡尺的示數(shù)是______mm．

20、某同學(xué)用實(shí)驗(yàn)的方法探究影響單擺周期的因素．

①他組裝單擺時(shí)，在擺線上端的懸點(diǎn)處，用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，如圖1所示．這樣做的目的是______（填字母代號）．

A．保證擺動過程中擺長不變B．可使周期測量得更加準(zhǔn)確。

C．需要改變擺長時(shí)便于調(diào)節(jié)D．保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動。

②他組裝好單擺后在擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺從懸點(diǎn)量到擺球的最低端的長度L=0.9990m，再用游標(biāo)卡尺測量擺球直徑，結(jié)果如圖2所示，則該擺球的直徑為______mm，單擺擺長為______m．

③如圖振動圖象真實(shí)地描述了對擺長為1m的單擺進(jìn)行周期測量的四種操作過程，圖中橫坐標(biāo)原點(diǎn)表示計(jì)時(shí)開始，A、B、C均為30次全振動的圖象，已知sin5°=0.087，sin15°=0.26，這四種操作過程合乎實(shí)驗(yàn)要求且誤差最小的是______（填字母代號）．

21、若某歐姆表表頭的滿偏電流為5mA，內(nèi)裝一節(jié)干電池電動勢為1.5V，那么該歐姆表的內(nèi)阻為______Ω，待測電阻接入紅、黑兩表筆之間時(shí)，指針偏在滿刻度的處，則待測電阻的阻值為______Ω，表盤中值刻度是______Ω．評卷人得分四、判斷題(共2題，共18分)22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）23、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯）評卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共32分)24、一定質(zhì)量的非理想氣體(分子間的作用力不可忽略)，從外界吸收了4.2×105J的熱量，同時(shí)氣體對外做了6×105J的功，則氣體的內(nèi)能改變了多少？氣體的分子平均動能是增加還是減少？25、如圖所示，邊長為L=0.2m的正方形線圈abcd，其匝數(shù)為n=10、總電阻為r=2Ω，外電路的電阻為R=8Ω，ab的中點(diǎn)和cd的中點(diǎn)的連線OO′恰好位于勻強(qiáng)磁場的邊界線上，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T，若線圈從圖示位置開始，以角速度ω=2rad/s繞軸OO′勻速轉(zhuǎn)動；求：

（1）寫出閉合電路中感應(yīng)電動勢的瞬時(shí)表達(dá)式。

（2）從t=0時(shí)刻到t=時(shí)刻；電阻R上產(chǎn)生的熱量Q為多少？

（3）從t=0時(shí)刻到t=時(shí)刻，通過R的電荷量q為多少？26、學(xué)校有一臺應(yīng)急備用發(fā)電機(jī)，內(nèi)阻為r=1Ω；升壓變壓器匝數(shù)比為1：4，降壓變壓器的匝數(shù)比為4：1，輸電線的總電阻為R=4Ω，全校22個教室，每個教室用“220V，40W”的燈6盞，要求所有燈都正常發(fā)光，求：

（1）發(fā)電機(jī)的輸出功率多大？

（2）發(fā)電機(jī)的電動勢多大？

（3）輸電線上損耗的電功率多大？27、如圖所示；質(zhì)量為M

的平板小車靜止在光滑的水平地面上，小車左端放一個質(zhì)量為m

的木塊，小車的右端固定一個輕質(zhì)彈簧.

現(xiàn)給木塊一個水平向右的瞬時(shí)沖量I

木塊便沿小車向右滑行，在與彈簧作用后又沿原路返回，并且恰好能到達(dá)小車的左端.

試求：

壟脵

木塊返回到小車左端時(shí)小車的動能；

壟脷

彈簧獲得的最大彈性勢能．評卷人得分六、作圖題(共3題，共30分)28、畫出下圖中帶電粒子剛進(jìn)入磁場時(shí)所受洛倫茲力的方向。29、根據(jù)圖中通電直導(dǎo)線電流方向（豎直向下）判斷磁感線的環(huán)繞方向；在圖中畫箭頭表示．

30、畫出圖中帶電粒子剛進(jìn)入磁場時(shí)所受洛倫茲力的方向。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【解答】A、由于AB間接觸面情況未知，若AB接觸面光滑，則AB間可以沒有摩擦力；故A錯誤；B、對整體受力分析可知，A一定受向右的彈力；另外受重力和支持力；因?yàn)锳B間可能沒有摩擦力；故A可能只受三個力；故B正確；C錯誤；

D、木塊B受重力、壓力、A對B的垂直于接觸面的推力作用，若推力向右的分力等于F；則B可能不受摩擦力；故D錯誤；

故選：B．

【分析】分別對AB及整體進(jìn)行分析，由共點(diǎn)力的平衡條件可判斷兩物體可能的受力情況．2、C【分析】【分析】帶負(fù)電旋轉(zhuǎn)，則可知電流方向，再由右手螺旋定則可知磁極的方向，再根據(jù)磁極間的相互作用可知小磁針的偏轉(zhuǎn)方向。本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求能熟練準(zhǔn)確的應(yīng)用右手螺旋定則，注意電流的方向與負(fù)電荷的運(yùn)動方向相反?！窘獯稹繋ж?fù)電金屬環(huán)；如圖所示的旋轉(zhuǎn).

則金屬環(huán)的電流方向與旋轉(zhuǎn)方向相反，再由右手螺旋定則可知金屬環(huán)產(chǎn)生的磁場方向：水平向左，因此小磁針N

極沿軸線向左，故C正確，ABD錯誤。

故選C。

．【解析】C

3、C【分析】重核的裂變與輕核的聚變都發(fā)生質(zhì)量虧損，釋放出核能，但是，就建成的核電站來說，都是利用重核的裂變，目前輕核的聚變只能用于制造核武器，人類還不能和平利用輕核的聚變釋放出的能量．【解析】【答案】C4、D【分析】解：A；沖量I=Ft；故沖量是反映力和作用時(shí)間積累效果的物理量，故A正確；

B；動量是描述運(yùn)動狀態(tài)的物理量；故B正確；

C；沖量是物體動量變化的原因；沖量的方向與動量變化的方向一致．故C正確；

D；沖量是反映力和作用時(shí)間積累效果的物理量；是過程量，故D錯誤；

本題選擇錯誤的；故選：D．

根據(jù)動量定理可知；合外力的沖量等于物體動量的變化量，據(jù)此逐項(xiàng)分析即可求解．

本題考查對沖量、動量、動量的增量三個物理量的理解，抓住三個量都是矢量，從定義、定理理解記憶．【解析】【答案】D5、D【分析】解：根據(jù)水平方向上動量守恒；小物體在A

時(shí)系統(tǒng)速度為零，在D

點(diǎn)時(shí)系統(tǒng)速度仍為零．

根據(jù)能量守恒定律；小物體從A

到D

的過程中，小物體的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能(

摩擦力消耗掉)

即mgR=婁脤mgx

化簡得x=R渭

可知x

與物塊的質(zhì)量.

小車的質(zhì)量無關(guān)；其他量不變，R

越大x

越大，婁脤

越大x

越小.

故ABC錯誤，D正確．

故選：D

系統(tǒng)水平方向上不受外力；所以從A

到D

的過程中，系統(tǒng)水平方向動量守恒.

在A

點(diǎn)總動量為零，到D

點(diǎn)總動量仍為零，即A

點(diǎn)兩物體速度為零，到D

點(diǎn)兩物體速度仍為零．

滑塊從A

到B

的過程中；滑塊木塊均是光滑接觸，故系統(tǒng)沒有能量損失即機(jī)械能守恒；從B

到D

的過程中，滑塊受摩擦力作用，且摩擦力對滑塊做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能不守恒.

摩擦力對系統(tǒng)做多少功，系統(tǒng)的機(jī)械能就減少多少.

即有mgR=婁脤mgx

．

題主要考查動量守恒和機(jī)械能守恒定律的條件，需要注意的是滑塊從A

到B

的過程中，系統(tǒng)動量不守恒，但在水平方向上動量守恒，因?yàn)橄到y(tǒng)在水平方向上沒有受到外作作用．【解析】D

6、C【分析】解：細(xì)桿轉(zhuǎn)的過程中，正電荷受力的方向向上，位移的方向也向上，電場力對它做正功，W1>0

即qEl

負(fù)電荷受力的方向向下，位移的方向也向下，電場力對它也做正功W2>0

即qEl.

電場力對兩小球所做的功：W=W1+W2>0.

即2qEl

故ABD錯誤，C正確．

故選：C

細(xì)桿繞其中心O

轉(zhuǎn)過180鈭?

正電荷受力的方向向上，位移的方向也向上，電場力對它做正功；負(fù)電荷受力的方向向下，位移的方向也向下，電場力對它也做正功．

抓住電場力做功與路徑無關(guān)，只與始末狀態(tài)位置有關(guān)，抓住旋轉(zhuǎn)過程中電場力分別對正負(fù)電荷做的功求解是關(guān)鍵．【解析】C

7、C【分析】解：在描述勻速圓周運(yùn)動的物理量中；線速度；向心加速度、向心力這幾個物理量都是矢量，雖然其大小不變但是方向在變，因此這些物理量是變化的；周期、頻率、轉(zhuǎn)速、速率是標(biāo)量，是不變化的，故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

對于物理量的理解要明確是如何定義的；決定因素有哪些，是標(biāo)量還是矢量，如本題中明確描述勻速圓周運(yùn)動的各個物理量特點(diǎn)。

本題中明確描述勻速圓周運(yùn)動的各個物理量特點(diǎn)是解本題的關(guān)鍵，尤其是注意標(biāo)量和矢量的區(qū)別?！窘馕觥緾二、多選題(共7題，共14分)8、ACD【分析】解：A；C、本題通過接觸帶電來轉(zhuǎn)移電荷；電荷分布在導(dǎo)體的外表面，因此與e或f與其外壁接觸，都能使部分電荷轉(zhuǎn)移到小球上，然后與A圓筒內(nèi)表面接觸，這樣電荷可以全部轉(zhuǎn)移到A的外部，故A、C正確．

B；使e與B的圓筒內(nèi)壁接觸的過程中e不能帶上電荷；再與A的圓筒外壁接觸時(shí)A不能帶上電荷．故B錯誤；

D；由于與f相連的金屬棒的長度大于筒的深度；所以使f與B的圓筒內(nèi)壁接觸的過程中，超出圓筒的部分會帶上電荷，再與A的圓筒外壁接觸，內(nèi)使f上的一部分電荷轉(zhuǎn)移到A上，使A帶上電荷．這種方法使A帶的電荷比較少．故D正確．

故選：ACD．

明確物體帶電的三種帶電方式及原理：接觸帶電；感應(yīng)起電、摩擦帶電．注意空腔導(dǎo)體帶電時(shí)分布在外表面．

弄清各種帶電方式的實(shí)質(zhì)，并能正確理解和應(yīng)用，尤其注意導(dǎo)體帶電特點(diǎn)．【解析】【答案】ACD9、BD【分析】解：A：左圖是電流表外接法，用它測量電阻時(shí)，測量值是待測電阻Rx和電壓表內(nèi)阻的并聯(lián)電阻值，故測得的電阻值偏??；而右圖所示電路是電流表內(nèi)接法，用它測量電阻時(shí)，測量值R測=Rx+RA＞Rx；故A錯誤；B正確；

C；當(dāng)待測電阻阻值比電壓表內(nèi)阻小得多時(shí)；用左圖所示電路，電壓表分流少，則測量值的誤差越小．故C錯誤，D正確；

故選：BD．

該題中用伏安法測電阻的兩種常用電路分別是電流表內(nèi)接法和電流表外接法；電流表內(nèi)接法測得的電阻阻值是電流表內(nèi)阻與待測電阻的串聯(lián)值的和，電流表外接法測得的電阻阻值是待測電阻Rx和電壓表內(nèi)阻的并聯(lián)電阻值；用的電流表內(nèi)阻越小，電壓表內(nèi)阻越大，測量的誤差越?。?/p>

該題中用伏安法測電阻的兩種常用電路分別是電流表內(nèi)接法和電流表外接法，電流表內(nèi)接法測得的電阻值大，電流表外接法測得的電阻值偏小；該知識點(diǎn)既可以說是屬于記憶性的知識，也可以記住分析的方法．【解析】【答案】BD10、A【分析】略【解析】A

11、CD【分析】略【解析】CD

12、BCE【分析】解：A；泊松亮斑是光繞過障礙物繼續(xù)傳播；因此屬于光的衍射現(xiàn)象，故A錯誤；

B；在光導(dǎo)纖維束內(nèi)傳送圖象是利用光的全反射原理；故B正確；

C；分光鏡是利用色散元件（三棱鏡或光柵）將白光分解成不同波長的單色光；故C正確；

D；用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用了薄膜干涉；故D錯誤．

E；在太陽光照射下；水面上的油膜上出現(xiàn)彩色花紋是由于油膜上下表面反射回的光相遇發(fā)生干涉，即疏于光的干涉現(xiàn)象，故E正確；

故選：BCE．

小孔成像是利用了光的直線傳播．

在光導(dǎo)纖維束內(nèi)傳送圖象是利用光的全反射．

用標(biāo)準(zhǔn)平面檢查光學(xué)平面的平整程度是利用光的干涉．

在太陽光照射下；水面上的油膜上出現(xiàn)彩色花紋是光的干涉現(xiàn)象．

解決本題的關(guān)鍵知道光的干涉和衍射都是波特有的現(xiàn)象，知道干涉和衍射的區(qū)別，注意折射色散與干涉色散的區(qū)別．【解析】【答案】BCE13、ABD【分析】解：A

由F=BIL

及I=BLv0R虜壟

得安培力大小為FA=2B2L2v0R.

故A正確；

B；由于兩邊彈簧彈力的作用；若MN

不在中間位置，彈簧即產(chǎn)生彈力而使MN

發(fā)生運(yùn)動，故MN

最終只能靜止在初始位置，故B正確；

C、當(dāng)棒再次回到初始位置時(shí)，速度小于v0

棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢小于BLv0

則AB

間電阻R

的功率小于B2L2v02R

故C錯誤；

D、由能量守恒得知，當(dāng)棒第一次達(dá)到最右端時(shí)，物體的機(jī)械能全部轉(zhuǎn)化為整個回路中的焦耳熱和甲乙彈簧的彈性勢能，又甲乙兩彈簧的彈性勢能相等，所以甲具有的彈性勢能為12(12mv02鈭?2Q)=14mv02鈭?Q

故D正確；

故選：ABD

．

由E=BLv0I=ERF=BIL

三個公式結(jié)合求解初始時(shí)刻棒受到安培力大小.

明確運(yùn)動過程并分析運(yùn)動能量轉(zhuǎn)化情況；從而分析MN

最終的位置和甲所具有的彈性勢能，注意MN

棒從開始到第一次運(yùn)動至最右端，電阻R

上產(chǎn)生的焦耳熱為2Q

整個回路產(chǎn)生的焦耳熱為4Q

．

本題考查電磁感應(yīng)規(guī)律與能量規(guī)律相結(jié)合的問題，分析系統(tǒng)中能量如何轉(zhuǎn)化是關(guān)鍵點(diǎn)，要注意根據(jù)導(dǎo)體棒克服安培力做功等于產(chǎn)生的焦耳熱，分析電阻R

上產(chǎn)生的熱量．【解析】ABD

14、BC【分析】解析：A、理想變壓器不改變交變電流的頻率，角速度ω=100π，故頻率為=50Hz；故A錯誤。

B、因三個燈泡均正常發(fā)光，所以副線圈中總電流為I2=4A，由變壓規(guī)律可知原線圈中電流為I1=≈1.33A；故B正確。

C、D、令副線圈兩端電壓為U2，則由變壓規(guī)律可知原線圈兩端電壓U1=U2=3U2，令燈泡L兩端電壓為UL，則ULI1=U2IA，而U=UL+U1且U=45V，聯(lián)立可得U2=10V，UL=15V；故C正確，D錯誤。

故選：BC。

因并聯(lián)在副線圈兩端的兩只小燈泡正常發(fā)光；所以副線圈中的總電流已知，由電流關(guān)系求出原線圈中的電流。

由匝數(shù)比分析電壓關(guān)系。

本題考查了理想變壓器的工作原理，單匝副線圈存在的前提下，理想變壓器中電流與匝數(shù)成反比，解題的突破口在原副線圈的電流關(guān)系，難度適中?！窘馕觥緽C三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】

風(fēng)扇葉轉(zhuǎn)動時(shí)；與空氣摩擦而起電，從而吸引灰塵．所以葉片特別容易臟．

故答案為：摩擦；電荷；電荷．

【解析】【答案】不同物體相互摩擦；可以使物體帶電，這種現(xiàn)象叫做摩擦起電．帶電體有吸引輕小物體的性質(zhì)．

16、略

【分析】試題分析:x軸上的位移x=v0t，Y軸上的位移y=OA連線與Ox軸夾角為60°，所以y=所以，Vy=故過A點(diǎn)的動能Ek=m(v02+vy2)=mv02考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動【解析】【答案】Ek=mV0217、略

【分析】解：氣體的體積變大，對外做功，W=F△X=PS△X=P△V=1.0×105×（4.0-2.0）×10-3=200J

對外做功；W為負(fù)值，根據(jù)熱力學(xué)第一定律：△E=Q-W；

所以：Q=△E+W=300J．正號表示吸收熱量．

故答案為：吸收；300

物體的內(nèi)能與物體的溫度和體積有關(guān)．溫度是分子平均動能的標(biāo)志；溫度低的物體分子運(yùn)動的平均動能?。?/p>

理想氣體經(jīng)歷等壓變化；由玻意爾定律求出狀態(tài)B體積，根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解．

本題要要掌握熱力學(xué)第一定律△U=W+Q的應(yīng)用．抓住溫度的微觀含義：溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度越高，分子的平均動能越大．【解析】吸收；30018、減小增大最大【分析】【分析】

用手將重物向下壓縮到一定程度后，突然將手撤去，重物受到重力和彈簧的彈力，根據(jù)兩個力的大小關(guān)系，確定合力的方向，分析重物的運(yùn)動情況。

本題主要考查了變加速運(yùn)動過程的動態(tài)分析，難度適中，基礎(chǔ)題。

【解答】

用手將重物向下壓縮到一定程度后；突然將手撤去，開始階段，彈簧的彈力大于重物的重力，其合力方向豎直向上，重物向上做加速運(yùn)動，速度越來越大；當(dāng)彈簧的彈力小于重物的重力時(shí)，合力豎直向下，而速度豎直向上，重物做減速運(yùn)動，速度越來越?。凰灾匚锵茸黾铀龠\(yùn)動后做減速運(yùn)動，即加速度先減小后增大，速度先增大后減小，所以加速度為0

時(shí)速度最大。

故填：減?。辉龃?；最大。

【解析】減小增大最大19、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為2mm；可動刻度為9.7×0.01mm=0.097mm，所以最終讀數(shù)為2mm+0.097mm=2.097mm．

10分度的游標(biāo)卡尺；精確度是0.1mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為36mm，游標(biāo)尺上第2個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為2×0.1mm=0.2mm，所以最終讀數(shù)為：36mm+0.2mm=36.2mm．

故答案為：2.097；36.2

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法；主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量．【解析】2.097；36.220、略

【分析】解：（1）在擺線上端的懸點(diǎn)處；用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，是為了防止動過程中擺長發(fā)生變化，如果需要改變擺長來探究擺長與周期關(guān)系時(shí)，方便調(diào)節(jié)擺長，故AC正確；

故選AC

（2）游標(biāo)卡尺示數(shù)為：d=12mm+1×0.1mm=12.1mm；

單擺擺長為L=l-=0.9990m-0.00605m=0.99295m

（3）當(dāng)擺角小于等于5°時(shí)；我們認(rèn)為小球做單擺運(yùn)動，所以振幅約為：1×0.087m=8.7cm，當(dāng)小球擺到最低點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，誤差較小，測量周期時(shí)要讓小球做30-50次全振動，求平均值，所以A合乎實(shí)驗(yàn)要求且誤差最小。

故選A

故答案為：①AC②12.10.99295③A

當(dāng)擺角小于等于5°時(shí)；我們認(rèn)為小球做單擺運(yùn)動，游標(biāo)卡尺的示數(shù)等于主尺示數(shù)與游標(biāo)尺示數(shù)之和；擺長為懸點(diǎn)到球心的距離；對于測量誤差可根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行分析；

掌握單擺的周期公式，從而求解加速度，擺長、周期等物理量之間的關(guān)系．單擺的周期采用累積法測量可減小誤差．對于測量誤差可根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理進(jìn)行分析．【解析】AC；12.1；0.99295；A21、略

【分析】解：歐姆調(diào)零時(shí)；指針指在滿偏刻度處，有：

R內(nèi)===300Ω；

指針指在滿刻度的處時(shí)；有：

I=

即：×0.005=

解得：RX=100Ω；

表盤中值刻度即中值電阻等于歐姆表內(nèi)阻；為300Ω．

故答案為：300；100；300．

歐姆表的工作原理是閉合電路的歐姆定律；根據(jù)閉合電路的歐姆定律可以求出歐姆表內(nèi)阻與待測電阻阻值，歐姆表中值電阻等于其內(nèi)阻．

本題考查了求歐姆表內(nèi)阻、待測電阻阻值問題，知道歐姆表的工作原理、應(yīng)用閉合電路的歐姆定律即可正確解題．【解析】300；100；300四、判斷題(共2題，共18分)22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．五、計(jì)算題(共4題，共32分)24、略

【分析】本題考查熱力學(xué)第一定律，改變內(nèi)能的兩種方式：做功和熱傳遞；【解析】【答案】(1)因氣體從外界吸收熱量，所以Q＝4.2×105J，氣體對外做功6×105J，則外界對氣體做功W＝－6×105J，由熱力學(xué)第一定律ΔU＝W＋Q，得ΔU＝－6×105J＋4.2×105J＝－1.8×105J，所以物體內(nèi)能減少了1.8×105J.(2)因?yàn)闅怏w對外做功，體積膨脹，分子間距離增大了，分子力做負(fù)功，氣體的分子勢能增加了．所以分子的平均動能減少25、略

【分析】

當(dāng)線圈與磁場平行時(shí)感應(yīng)電動勢最大，由公式Em=BSω求解感應(yīng)電動勢的最大值．圖中是中性面，線框在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生正弦式交變電流，根據(jù)e=Emsinωt可列出感應(yīng)電動勢的瞬時(shí)表達(dá)式，根據(jù)感應(yīng)電荷量q=求通過電阻R的電荷量．最大值是有效值的倍；求得電動勢有效值，根據(jù)焦耳定律求電量Q．

本題要掌握正弦式交變電流瞬時(shí)值表達(dá)式，注意計(jì)時(shí)起點(diǎn)，掌握感應(yīng)電荷量的經(jīng)驗(yàn)公式q=知道用有效值求熱量．【解析】解：（1）線圈轉(zhuǎn)動時(shí)，總有一條邊切割磁感線，且ac邊和bd邊轉(zhuǎn)動的線速度大小相等；當(dāng)線框平行于磁場時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，為：

=×10×1×0.04×2=0.4V

則表達(dá)式有e=0.4sin2t；

（2）在線框由圖示位置勻速轉(zhuǎn)動90°的過程中；用有效值來計(jì)算電阻R產(chǎn)生的熱量。

U=

I===0.02A；

Q==（0.02）2×8×=2π×10-2J=6.28×10-2J；

（3）在轉(zhuǎn)過90°的過程中感應(yīng)電動勢的平均值為：

流過R的平均電流為：

解得流過R的電量為：q===2×10-2C

答：（1）表達(dá)式為e=0.4sin2t；

（2）熱量為6.28×10-2J；

（3）流過的電量為2×10-2C．26、略

【分析】

利用高壓輸電的目的是降低線路的功率損失；從而提高用戶得到的功率．由教室獲得的功率與正常發(fā)光的電壓可求得線路上的損失電壓．由理想變壓器的變壓比與變流比可求出發(fā)電機(jī)的電動勢．

理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等，且沒有漏磁現(xiàn)象．遠(yuǎn)距離輸電，由于導(dǎo)線通電發(fā)熱導(dǎo)致能量損失，所以通過提高輸送電壓，從而實(shí)現(xiàn)降低電損．輸電線上的損失功率與其電流的平方成正比，而與輸電線兩端的電壓的平方成反比．【解析】解：

（1）所有燈都正常工作的總功率為：P用22×6×40=5280W

用電器總電流為：A

輸電線上的電流為：A

降壓變壓器上：U2=4U2′=880V

輸電線上的電壓損失為：Ur=IRR=24V

升壓變壓器的輸出電壓為U1′=UR+U2=904V

輸入電壓為U1=U1′=226V，輸入電流為I1=4I1′=24A

發(fā)電機(jī)輸出功率為P出=U1I1=5424W

（2）發(fā)電機(jī)的電動勢E=U1+I1r=250V

（3）輸電線上損耗的電功率PR=IR2R=144W

答：（1）發(fā)電機(jī)的輸出功率為5424W；

（2）發(fā)電機(jī)的電動勢為250V；

（3）輸電線上損耗的電功率為144W．27、略

【分析】

壟脵

根據(jù)動量