2025年冀教新版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教新版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，實線表示勻強電場的電場線.一個帶負電荷的粒子以某一速度射入勻強電場，只在電場力作用下，運動的軌跡如圖中的虛線所示，p、q為軌跡上的兩點.若p點電勢為φp，q點電勢為φq，則（）A.場強方向一定向上，且電勢φp>φqB.場強方向一定向上，且電勢φp<φqC.場強方向一定向下，且電勢φp>φqD.場強方向一定向下，且電勢φp<φq2、下列關(guān)于點電荷的說法中正確的是（）A.只要帶電體的體積很小，都可以看成點電荷B.只要帶電體的電量很小，都可以看成點電荷C.均勻帶電圓環(huán)一定不能看成點電荷D.只要帶電體的大小遠小于電荷間的距離，都可看成點荷3、兩只電流表A1、A2串聯(lián)后連成如圖甲所示電路，調(diào)節(jié)R使A1滿偏時，A2的示數(shù)為滿偏的將A1和A2并聯(lián)后連成圖乙的電路，重新調(diào)節(jié)R，當A2滿偏時，A1的示數(shù)為滿偏的已知A1的內(nèi)阻為0.45Ω，那么A2的內(nèi)阻為（）A.0.1ΩB.0.3ΩC.0.45ΩD.1.5Ω4、如圖是某區(qū)域的電場線圖．A、B是電場中的兩個點，EA和EB分別表示A、B兩點電場強度的大小，F(xiàn)A、FB分別表示同一個點電荷在A；B兩點所受到的電場力的大?。旅嬲f法中正確的是（）

A.EA＞EB

B.EA＜EB

C.FA＞FB

D.FA＜FB

5、下面關(guān)于沖量的說法中正確的是()A.物體受到很大的沖力時，其沖量一定很大B.當力與位移垂直時，該力的沖量為零C.不管物體做什么運動，在相同時間內(nèi)重力的沖量相同D.只要力的大小恒定，其相同時間內(nèi)的沖量就恒定6、如圖所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并處于方向垂直紙面向外、強度為B的勻強磁場中．質(zhì)量為m、帶電量為+Q的小滑塊從斜面頂端由靜止下滑．在滑塊下滑的過程中，下列判斷正確的是()A.滑塊受到的摩擦力不變B.滑塊到達地面時的動能與B的大小無關(guān)C.滑塊受到的洛倫茲力方向垂直斜面向下D.B很大時，滑塊可能靜止于斜面上7、如圖所示，一束質(zhì)量、速度和電荷量不全相等的正離子，沿著垂直于磁感線、平行于極板的方向豎直向上射入正交的勻強電場和勻強磁場里，結(jié)果有些離子保持原來的運動方向，未發(fā)生偏轉(zhuǎn)。如果讓這些未偏轉(zhuǎn)的離子進入另一個勻強磁場中，發(fā)現(xiàn)這些離子又分裂為幾束。對這些能夠進入后一個磁場的離子，下列說法中正確的是（）A.它們的動能一定不全相同B.它們的電荷量一定不全相同C.它們的質(zhì)量一定不全相同D.它們的荷質(zhì)比一定不全相同8、如圖所示帶電導體，已知其表面的電場強度EA=100N/CEB=1N/C

點電荷q

在電場力的作用下第一次由A

點由靜止釋放到運動到無限遠處；第二次由B

點由靜止釋放到無限遠處.

兩次的末速度大小之比為(

)

A.1001

B.1100

C.101

D.11

9、圖甲為一列簡諧波在t=0.20s時刻的波形圖；P是平衡位置為x=1.0m處的質(zhì)點，Q是平衡位置為x=4.0m處的質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點Q的振動圖象，則（）

A.從t=0.10s到t=0.20s，該波沿x軸正方向傳播了4mB.質(zhì)點Q簡諧運動的表達式為x=10sint（cm）C.在t=0.25s時，質(zhì)點P的速度方向為y軸正方向D.從t=0.10s到t=0.25s，質(zhì)點P通過的路程為30cm評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、兩條平行的通電直導線會通過磁場發(fā)生相互作用，當通過兩條導線的電流方向相同時，兩條導線相互______．（填“吸引”或“排斥”）11、如圖所示，為某交變電動勢隨時間變化的圖象，從圖象中可知交變電動勢的峰值為______V．周期T是______s，交變電動勢變化最快的時刻是______，穿過產(chǎn)生此電動勢的線圈的磁通量變化最快的時刻是______，若此交流線圈共100匝，則穿過此線圈的最大磁通量是______Wb．12、已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量和密度分別為M和ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該物質(zhì)每一個分子的質(zhì)量為______，該物質(zhì)單位體積的分子數(shù)為______．13、某公園有一水池，水面下某處有一光源，在水面上形成一個半徑為3m的圓形亮斑，已知水的折射率．則光源的深度為____m，光從光源傳到水面的最短時間為____s．14、（6分）如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧下端掛有匝數(shù)為n的矩形線框abcd，bc邊長為l，線框的下半部處在勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小設(shè)為B，方向與線框平面垂直，在圖中垂直于紙面向里，線框中通以電流I，方向如圖所示。開始時線框處于平衡狀態(tài)。令磁場反向，磁感應(yīng)強度的大小仍為B，線框達到新的平衡。在此過程中線框位移的大小是x，位移的方向________，用此實驗裝置測出B＝____。15、如圖所示，四個相同的電流表分別改裝成兩個安培表和兩個伏特表．安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程；把它們按圖接入電路，則。

安培表A1的讀數(shù)______安培表A2的讀數(shù)；

安培表A1的偏轉(zhuǎn)角______安培表A2的偏轉(zhuǎn)角；

伏特表V1的讀數(shù)______伏特表V2的讀數(shù)；

伏特表V1的偏轉(zhuǎn)角______伏特表V2的偏轉(zhuǎn)角；（填“大于”，“小于”或“等于”）16、一個鋰37

受到一個質(zhì)子的轟擊，變成兩個婁脕

粒子。已知一個氦原子核的質(zhì)量是6.6466隆脕10鈭?27kg

一個鋰原子核的質(zhì)量是1.16506隆脕10鈭?26kg

一個氫原子核的質(zhì)量是1.6736隆脕10鈭?27kg

這一過程中的質(zhì)量虧損為___________kg

這一過程中所釋放的核能為____________J

17、沖擊擺是測量子彈速度的擺，如圖所示，擺錘的質(zhì)量很大，子彈從水平方向射入擺錘中，隨擺錘一起擺動.

已知沖擊擺的擺長為l

擺錘的質(zhì)量為M

實驗中測量得擺錘擺動時擺線的最大擺角是婁脠

．

(1)

欲測得子彈的速度還需要測量的物理量是________．(2)

計算子彈和擺錘的共同初速度v0=

________________(

用已知量的符號表示)

18、在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，質(zhì)量為m

的重錘拖著一條紙帶從靜止開始下落，打點計時器在紙帶上打出一系列清晰的點.

把重錘開始下落時打出的點標為O

然后按先后順序依次選取三個計數(shù)點ABC

如圖所示.

通過測量得到OA

間距離為h1OB

間距離為h2OC

間距離為h3.

已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T

當?shù)刂亓铀俣葹間.

從開始下落到打B

點時，重錘減少的重力勢能為_______________，打B

點時重錘的動能為_______________．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）22、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

23、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）24、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共4題，共8分)25、已知rm{CH_{3}隆陋CH簍TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}該芳香烴rm{A}在不同條件下能發(fā)生如圖所示的一系列變化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}中官能團的名稱為：______________，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：_______________________。

rm{(2)}上述反應(yīng)中，rm{壟脵}是________反應(yīng)rm{(}填反應(yīng)類型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}寫出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}寫出rm{D隆煤F}反應(yīng)的化學方程式：______________________________。26、下圖是元素周期表的一部分，表中的rm{壟脵隆蘆壟脼}代表對應(yīng)元素，用化學用語填空：rm{(1)}元素rm{壟脺}在元素周期表中的位置是________。rm{(2)壟脻}rm{壟脼}兩種元素最高價氧化物對應(yīng)的水化物酸性較強的是________。rm{(3)壟脵}元素可以形成多種氧化物，其中顏色為紅棕色的是________，寫出它與水反應(yīng)的化學方程式________。rm{(4)}寫出元素rm{壟脹}與元素rm{壟脷}形成的化合物的電子式________。27、人工合成有機化合物rm{H}的路線可簡單表示如圖：已知：rm{F}的核磁共振氫譜有四個峰，峰的面積比為rm{1}rm{1}rm{3}rm{3.}請回答下列問題：rm{(1)A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為______；rm{C}中官能團的結(jié)構(gòu)簡式為______；rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為______；rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為______．rm{(4)E}在一定條件下生成的高分子化合物的結(jié)構(gòu)簡式為______．rm{(5)X}是rm{F}的同分異構(gòu)體，它同時符合下列rm{3}個條件：rm{壟脵}能發(fā)生水解反應(yīng)rm{壟脷}不含甲基rm{壟脹}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，則rm{X}可能的結(jié)構(gòu)簡式為______、______rm{(}寫出任意兩種rm{)}．28、工業(yè)制鈦白粉產(chǎn)生的廢液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生產(chǎn)補血劑乳酸亞鐵。其生產(chǎn)流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中電離為TiO2+和SO2-4。請回答下列問題：

（1）寫出TiOSO4水解生成鈦酸H4TiO4的離子方程式____。步驟①中加入足量鐵屑的目的是____。

（2）步驟②的離子方程式是____，所得副產(chǎn)品主要是____（填化學式）。

（3）工業(yè)上由H4TiO4可制得鈦白粉TiO2。TiO2直接電解還原法生產(chǎn)鈦是一種較先進的方法，電解質(zhì)為熔融的CaCl2，原理如圖所示，陰極的電極反應(yīng)式為____。

（4）工業(yè)上利用TiO2還可以用下列流程制取單質(zhì)鈦：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol則TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯經(jīng)下列步驟合成：上述合成路線的總產(chǎn)率為56%，乳酸與碳酸亞鐵反應(yīng)轉(zhuǎn)化為乳酸亞鐵晶體的產(chǎn)率為80%，則生產(chǎn)468kg乳酸亞鐵晶體（M＝234g/mol）需要標準狀況下的乙烯____m3。

評卷人得分五、證明題(共2題，共16分)29、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。30、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分六、畫圖題(共2題，共16分)31、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象32、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】試題分析：由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，電場強度方向應(yīng)該是電場線上一點的切線方向，所以電荷所受電場力向下．由于是負電荷的粒子，所以場強方向一定向上，沿著電場線的方向電勢降低的．作出p、q點的等勢點（要同在一根電場線），接著沿著電場線可判定p點的電勢小于q點，B正確?？键c：考查了帶電粒子在勻強電場中的運動．【解析】【答案】B2、D【分析】【解答】解：ABD；點電荷的模型是重要的物理模型之一；它的條件是帶電體的大小遠小于電荷間的距離，都可看成點電荷，與帶電體的大小、帶電體所帶的電量都無直接的關(guān)系．故AB錯誤，D正確；

C；均勻帶電圓環(huán)是否能看成點電荷與圓環(huán)的大小以及要研究的問題的范圍的大小有關(guān)；故C錯誤．

故選：D

【分析】點電荷的模型是重要的物理模型之一，它的條件是帶電體的大小遠小于電荷間的距離，都可看成點電荷，與帶電體的大小無直接的關(guān)系．3、A【分析】解：設(shè)電流表A1、A2滿偏電流分別為I1、I2；

由題意知，當電流表串聯(lián)時：I1=I2①

當電流表并聯(lián)時：電源的電壓為：

U=I2R2=I1R1②

由于R1=0.45Ω③

將①③式代入②解得：R2=0.1Ω．

故選：A．

根據(jù)串聯(lián)電路電流相等的特點和并聯(lián)電路電壓相等的特點，利用歐姆定律分別列出兩電流表滿偏時指針的關(guān)系，再把A2的內(nèi)阻代入求解方程即可求出A1的內(nèi)阻．

本題要理解并掌握串聯(lián)電路和并聯(lián)電路特點，能根據(jù)兩電流表示數(shù)之間的關(guān)系建立方程組．【解析】【答案】A4、A|C【分析】

A、根據(jù)圖象很容的發(fā)現(xiàn)，在電場的A點的電場線較密，所以，在A點的電場的強度要比B點的電場的強度大，即EA＞EB；所以A正確，B錯誤；

C、由于EA＞EB，并且是同一個電荷，電荷的電荷量大小相同，由F=qE可知，電荷在A點時受到的電場力要在B點時受到的電場力大，即FA＞FB；所以C正確，D錯誤；

故選AC．

【解析】【答案】電場線是從正電荷或者無窮遠發(fā)出；到負電荷或無窮遠處為止，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度?。?/p>

5、C【分析】試題分析：沖量是力與時間的乘積，是矢量：力大，沖量不一定大，A錯誤；當力與位移垂直時，該力的沖量不為零，B錯誤；不管物體做什么運動，在相同時間內(nèi)重力的沖量相同，C正確；只要力的大小恒定，其相同時間內(nèi)沖量大小一樣，但方向不一定一樣，D錯誤。考點：本題考查沖量的概念與理解?！窘馕觥俊敬鸢浮緾6、C【分析】試題分析：沿斜面下滑過程，根據(jù)洛倫茲力的判斷方法，磁感線穿過左手手心，四指指向正電荷運動方向，大拇指所指的就是洛倫茲力方向即垂直斜面向下選項C對。受力分析如下圖。垂直斜面方向斜面方向隨著速度增大，加速度逐漸減小，當加速度減小到0時速度達到最大此后勻速運動，與斜面之間的摩擦力隨速度的增大而增大，選項A錯。最后的速度即加速度等于0時速度與磁感應(yīng)強度有關(guān)選項B錯。無論磁感應(yīng)強度B多大，剛開始洛倫茲力就很小，摩擦力小，沿斜面下滑后最后會變?yōu)閯蛩僦本€運動而不可能靜止在斜面上選項D錯。考點：洛倫茲力【解析】【答案】C7、D【分析】試題分析：經(jīng)過速度選擇器后的粒子速度相同，粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，滿足qvB=qE，即不發(fā)生偏轉(zhuǎn)的粒子具有共同的速度大小進入磁場區(qū)分開，軌道半徑不等，根據(jù)公式只能說明比荷不同，故D正確。考點：帶電粒子在磁場中的運動，速度選擇器?！窘馕觥俊敬鸢浮緿8、D【分析】解：導體是等勢體，所以AB

兩點的電勢是相等的，電荷第一次由A

到無限遠，第二次由B

到無限遠，兩次電場力做的功相等，根據(jù)動能定理可得：12mv2=W

所以：vAvB=11

故D正確；ABC錯誤；

故選：D

根據(jù)帶電導體是一個等勢體；電場力做功W=qU

兩種情況下電勢差相等，電場力做功相等．

解決本題的關(guān)鍵處于靜電平衡狀態(tài)下的導體是個等勢體，知道在等勢體的表面移動電荷電場力不做功．【解析】D

9、A【分析】解：A、由圖乙可知，該波的周期為0.20s，則簡諧波在t=0.20s時刻的波形圖與t=0時刻的波形圖是相同的。Q點在t=0.20s時，Q處于平衡位置向上振動，根據(jù)上下坡法知，波沿x軸正方向傳播；由圖甲可知該波的波長：λ=8m，則波速：v=

在t=0.10s到t=0.20s；該波沿x軸正方向傳播了：s=vt=40×（0.20-0.10）=4m，故A正確。

B、由圖乙可知，振幅為10cm=0.10m，又：則質(zhì)點Q簡諧運動的表達式為y=10sin10πt（cm），故B錯誤。

C、波沿x軸正方向傳播，結(jié)合波動圖象知，t=0.20s時，P向上振動，當t=0.25s時，即在t=0.20s開始經(jīng)過質(zhì)點P在平衡位置以上向下振動，即速度方向沿y軸負方向，故C錯誤。

D、由于P點不是在波峰或波谷，或平衡位置，經(jīng)過0.15s，即經(jīng)過個周期；質(zhì)點經(jīng)歷的路程不等于3A，即30cm，故D錯誤。

故選：A。

t=0.10s時Q點在平衡位置上；由乙圖確定Q的運動方向，從而確定了該波向左傳播，結(jié)合經(jīng)歷的時間確定質(zhì)點P的位置，從而得出質(zhì)點P的運動方向。根據(jù)周期得出角速度，從而得出振動的表達式。根據(jù)波長求出波速，結(jié)合經(jīng)歷的時間求出波傳播的距離。

本題的關(guān)鍵是會根據(jù)振動情況來判斷波的傳播方向，抓住振動圖象和波動圖象之間的內(nèi)在聯(lián)系。要知道質(zhì)點做簡諧運動時，在一個周期通過的路程是4A，半個周期內(nèi)通過的路程是2A，但時間內(nèi)通過的路程不能類推，要根據(jù)起點位置分析。【解析】A二、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】解：根據(jù)通電直導線產(chǎn)生磁場的特點；兩條導線周圍都產(chǎn)生圓形磁場，而且磁場的走向相同．在兩條導線之間磁場方向相反．

這就好像在兩條導線中間放置了兩塊磁鐵；它們的N極和S極相對，S極和N極相對．由于異名磁極相吸，這兩條導線會產(chǎn)生吸引力．

故答案為：吸引．

通電導線a的周圍有磁場，通電導體b放在了通電導線a的磁場內(nèi)；受到磁場的作用，根據(jù)左手定則就可以判斷出相互作用力．

本題考查了電流的磁場、磁場對電流的作用，只是要求靈活運用所學知識，注意同向電流相吸，而同名磁極相斥．【解析】吸引11、略

【分析】解：

由圖可知，交變電動勢的峰值為310V，周期為2×10-2s．

當圖象與時間軸相交的時刻，斜率最大，即電動勢變化最快，故交變電動勢變化最快的時刻是：t=（n=1；2、3）．

感應(yīng)電動勢為峰值的時刻穿過產(chǎn)生此電動勢的線圈的磁通量變化最快，故穿過產(chǎn)生此電動勢的線圈的磁通量變化最快的時刻是：t=（n=1；2、3）．

穿過此線圈的最大磁通量為BS，由Em=NBSω可得：

．

故答案為：

310；2×10-2；（n=1、2、3）；（n=1、2、3）；1×10-2．

由圖可以直接得到交流電電動勢的峰值和周期．

由圖可以看出當圖象與時間軸相交的時刻；斜率最大，即電動勢變化最快．

磁通量變化越快感應(yīng)電動勢越大；故可知感應(yīng)電動勢為峰值的時刻穿過產(chǎn)生此電動勢的線圈的磁通量變化最快．

由Em=NBSω可得穿過此線圈的最大磁通量．

首先在讀取周期上要注意看坐標軸的數(shù)量級；其次在表示交變電動勢變化最快的時刻和磁通量變化最快的時刻的時候，要注意表示全面，不能只表示圖中給出的這一個周期內(nèi)的對應(yīng)時刻．【解析】310；2×10-2；（n=1、2、3）；（n=1、2、3）；1×10-212、略

【分析】解：每個分子的質(zhì)量m=．

單位體積的質(zhì)量等于單位體積乘以密度；質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于摩爾數(shù)；

所以單位體積所含的分子數(shù)n=NA；

故答案為：NA．

每摩爾物體含有NA個分子數(shù)；所以分子的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量除以阿伏伽德羅常數(shù)．要求出單位體積內(nèi)的分子數(shù)，先求出單位體積的摩爾量，再用摩爾量乘以阿伏伽德羅常數(shù)．

本題關(guān)鍵明確阿佛加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀量與微觀量的橋梁；同時要明確物質(zhì)量等于物體質(zhì)量與摩爾質(zhì)量的比值．【解析】NA13、略

【分析】

光源在A處，射到B處恰好發(fā)生全反射，c為臨界角，由sinc=即。

如圖所示：

由題意可知：OB長為3m，根據(jù)勾股定理可得：OA長度為

光沿OA方向傳到水面時間最短，即為

故答案為：

【解析】【答案】水面下某處有一光源，當光線從水中向空氣射時，當入射角大于或等于臨界角時，發(fā)生全反射．在水面上形成一個圓形亮斑，是由光的折射現(xiàn)象導致．因此可由sinc=可得出臨界角，從而確定由幾何關(guān)系確定光源的深度．再由光速與最短距離可求出最短時間．

14、略

【分析】試題分析:【解析】

當存在垂直于紙面向里的磁場時，由左手定則判斷線框所受安培力向上。根據(jù)受力平衡：F1+nBIL=mg當改為向外的磁場后，線框所受安培力向下,彈簧的彈力變大，線框?qū)⑾蛳乱苿?。根?jù)受力平衡：F2=mg+nBIL由胡克定律：x==得：B=考點：安培力；力的合成與分解的運用；共點力平衡的條件及其應(yīng)用【解析】【答案】向下；15、略

【分析】解：安培表A1、A2并聯(lián)，電壓相同，表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)角度相同，由于安培表A1的量程大于A2的量程，則安培表A1的讀數(shù)大于安培表A2的讀數(shù)．

伏特表V1與V2串聯(lián)，流過表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，由于伏特表V1的量程大于V2的量程，則伏特表V1的讀數(shù)大于伏特表V2的讀數(shù)．

故答案為：大于等于大于等于．

由題：兩個安培表和兩個伏特表均是由四個相同的電流表改裝成的，表頭的滿偏電流和內(nèi)阻相同．安培表A1、A2并聯(lián)，電壓相同，表頭的電流，指針偏轉(zhuǎn)角度相同，量程越大，其讀數(shù)越大．伏特表V1與V2串聯(lián)；流過表頭的電流相同，指針偏轉(zhuǎn)的角度相同，則量程越大，其讀數(shù)越大．

安培表和伏特表都是小量程的電流表（表頭）改裝而成，其核心是表頭，表頭指針偏轉(zhuǎn)的角度取決于流過表頭的電流．【解析】大于；等于；大于；等于16、3.1×10-29kg2.79×10-12J【分析】略【解析】3.1隆脕103.1隆脕10鈭?29kgkg2.79隆脕102.79隆脕10鈭?12JJ17、（1）子彈的質(zhì)量m

（2）

【分析】【分析】(1)

分析子彈運動過程中的特點，由機械能守恒定律和動量守恒定律解答；(2)

運動過程不計空氣，阻力擺錘和子彈一起擺動上升的過程機械能守恒，根據(jù)機械能守恒定律求得。本題難度較小，對于此類問題選擇合適的研究對象至關(guān)重?！窘獯稹?1)(1)阻力擺錘和子彈一起擺動上升的過程機械能守恒，子彈射入木質(zhì)擺錘的過程中，動量守恒，由機械能守恒定律和動量守恒定律解答，所以欲測得子彈的速度還需要測量的物理量是子彈的質(zhì)量mm(2)(2)由題意，運動過程不計空氣，阻力擺錘和子彈一起擺動上升的過程機械能守恒，則有：12(M+m)v鹿虜2=(m+M)gL(1?cos婁脠)

解得：v0=2gl(1鈭?cos婁脠)

故答案為：(1)

子彈的質(zhì)量m(2)2gl(1鈭?cos婁脠)

【解析】(1)

子彈的質(zhì)量m

(2)2gl(1鈭?cos婁脠)

18、mgh2，【分析】【分析】本實驗需要驗證的是重力勢能的減小量和動能的增加量是否相等，根據(jù)下落的高度求出重力勢能的減小量，根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出瞬時速度的大小，從而求出動能的增加量。只有明確了實驗原理以及實驗的數(shù)據(jù)測量，才能明確各項實驗操作的具體含義，要熟練應(yīng)用物理基本規(guī)律，因此這點在平時訓練中要重點加強?！窘獯稹繌拈_始下落到打B

點時，重錘重力勢能的減少量：鈻?EP=mgh2

打B

點的速度為：vB=xAC2T=h3?h12T

重錘動能的增加量：?EK=12mvB2=m(h3?h1)28T2

故答案為：mgh2m(h3?h1)28T2

【解析】mgh2m(h3?h1)28T2

三、判斷題(共6題，共12分)19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．22、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．23、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．24、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、推斷題(共4題，共8分)25、（1）碳碳雙鍵

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本題考查有機推斷，涉及烯烴、鹵代烴、醇等性質(zhì)以及學生根據(jù)信息給予獲取知識的能力，是對有機化合物知識的綜合考查，能較好的考查考生的自學能力和分析推理能力，推斷出rm{A}的分子式，根據(jù)反應(yīng)條件及反應(yīng)類型，利用順推法進行推斷，是高考熱點題型，難度中等。【解答】rm{1mol}某烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烴rm{A}的分子式為rm{C_{8}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯環(huán)，由rm{A}發(fā)生加聚反應(yīng)生成rm{C}故A中含有不飽和鍵，故A為rm{C}為rm{A}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}則rm{B}為rm{B}在氫氧化鈉的乙醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{E}則rm{E}為rm{E}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成由信息烯烴與rm{HBr}的加成反應(yīng)可知，不對稱烯烴與rm{HBr}發(fā)生加成反應(yīng)，rm{H}原子連接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故與rm{HBr}放出加成反應(yīng)生成rm{D}則rm{D}為rm{D}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{F}則rm{F}為rm{F}與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H}故H為據(jù)此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能團是碳碳雙鍵，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：故答案為：碳碳雙鍵；

rm{(2)}上述反應(yīng)中，反應(yīng)rm{壟脵}是與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成

故答案為：加成；

rm{(3)}由上述分析可知，rm{C}為rm{D}為rm{E}為rm{F}為

故答案為：

rm{(4)D隆煤F}是在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成反應(yīng)方程式為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}

故答案為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaBr}

rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}【解析】rm{(1)}碳碳雙鍵rm{{,!}_{;;;}}rm{(2)}加成rm{(3)}rm{(4)}rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}rm{+NaBr}26、（1）第三周期、第ⅢA族（2）HClO4（3）NO23NO2+H2O=2HNO3+NO（4）【分析】【分析】本題考查元素周期表的結(jié)構(gòu)及應(yīng)用、電子式、氮的氧化物，根據(jù)元素的位置推斷元素及元素化合物知識為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查?！窘獯稹坑稍氐奈恢每芍?，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻壟脼}分別為rm{N}rm{F}rm{Na}rm{Al}rm{Si}rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脺}為rm{Al}位于第三周期、第Ⅲrm{A}族；故答案為：第三周期、第Ⅲrm{A}族；rm{(2)壟脻}rm{壟脼}分別為rm{Si}rm{Cl}元素的非金屬性越強，最高價氧化物對應(yīng)的水化物酸性越強，非金屬性：rm{Cl>Si}則兩種元素最高價氧化物對應(yīng)的水化物酸性較強的是rm{HClO_{4}}故答案為：rm{HClO_{4}}rm{(3)壟脵}為rm{N}元素，rm{N}元素形成的多種氧化物中顏色為紅棕色的是rm{NO_{2}}與水反應(yīng)生成rm{HNO_{3}}和rm{NO}反應(yīng)的化學方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案為：rm{NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)壟脹}為rm{Na}元素，rm{壟脷}為rm{F}元素，二者形成的化合物為rm{NaF}其電子式為故答案為：【解析】rm{(1)}第三周期、第Ⅲrm{A}族rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)}27、rm{(1)2-}甲基rm{-1-}丁烯rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)}酯化反應(yīng)rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{(4)}rm{(5)HCOOCH_{2}CH_{2}CH=CH_{2}}【分析】【分析】

本題考查有機物推斷；有機反應(yīng)方程式、同分異構(gòu)體書寫等；注意根據(jù)反應(yīng)條件進行推斷，需要學生熟練掌握官能團的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，難度中等。

【解答】

rm{A}與溴水發(fā)生加成反應(yīng)生成則rm{A}為．發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{B}為rm{B}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{C}為rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}rm{D}酸化得到rm{E}為rm{E}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{F}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}溴乙烷發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{G}為rm{CH_{3}CH_{2}OH}rm{F}與rm{G}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H}為rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}．

rm{(1)A}為rm{A}的名稱rm{(}系統(tǒng)命名rm{)}為rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{C}為含有官能團的結(jié)構(gòu)簡式為：rm{-OH}rm{-CHO}

故答案為：rm{2-}甲基rm{-1-}丁烯；rm{-OH}rm{-CHO}

rm{(2)G+F隆煤H}的反應(yīng)類型為酯化反應(yīng)，rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

故答案為：酯化反應(yīng)；rm{CH_{3}CH簍TC(CH_{3})COOCH_{2}CH_{3}}

rm{(3)C隆煤D}的離子方程式為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}

故答案為：rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}}rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}

rm{+2Cu(OH)_{2}+OH^{-}xrightarrow[]{?}

}為rm{+Cu_{2}O隆媒+3H_{2}O}在一定條件下發(fā)生縮聚反應(yīng)生成的高分子化合物為

故答案為：

rm{(4)E}為rm{E}符合下列條件的rm{(5)F}的rm{CH_{3}CH=C(CH_{3})COOH}種同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式：rm{F}能發(fā)生水解反應(yīng)，屬于酯類rm{3}不含甲基，rm{壟脵}能發(fā)生銀鏡