2025年人教版（2024）高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）高二物理下冊階段測試試卷969考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、木星的衛(wèi)星“愛奧”上有一火山，巖石豎直噴出后上升的高度可達100km.

已知“愛奧”周圍沒有空氣，重力加速度為1.8m/s2

則巖石噴出時的最大速度為()A.300m/s

B.600m/s

C.3.3隆脕103m/s

D.3.6隆脕104m/s

2、下圖中的a

是一個邊長為L

的正方形導(dǎo)線框，其電阻為R

.

線框以恒定速度v

沿x

軸運動，并穿過圖中所示的勻強磁場區(qū)域b

。如果以x

軸的正方向作為力的正方向，線框在圖示位置的時刻作為時間的零點，則磁場對線框的作用力F

隨時間變化的圖線應(yīng)為()

A.B.C.D.3、電場中有AB

兩點，把某點電荷從A

點移到B

點的過程中，電場力對該電荷做了負(fù)功.

則下列說法正確的是(

)

A.該電荷是正電荷，且電勢能減少B.該電荷是正電荷，且電勢能增加C.該電荷是負(fù)電荷，且電勢能增加D.電荷的電勢能增加，但不能判斷是正電荷還是負(fù)電荷4、如圖所示，元宵佳節(jié)，室外經(jīng)常懸掛紅燈籠烘托喜慶的氣氛，若忽略空氣分子間的作用力，大氣壓強不變，當(dāng)點燃燈籠里的蠟燭燃燒一段時間后，燈籠內(nèi)的空氣（）A.分子密集程度增大B.分子的平均動能不變C.壓強不變，體積增大D.單位時間與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)減少5、如圖所示，某人由A

點劃船渡河，船頭指向始終與河岸垂直，則下列說法中正確的是A.小船能到達正對岸的B

點B.小船能到達正對岸B

點的左側(cè)C.小船能到達正對岸B

點的右側(cè)D.小船到達對岸的位置與水流速度無關(guān)評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、某學(xué)生用打點計時器研究小車的勻變速直線運動。他將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，實驗時得到一條紙帶。他在紙帶上便于測量的地方選取第一個計時點，在這點下標(biāo)明A，第六個點下標(biāo)明B，第十一個點下標(biāo)明C，第十六個點下標(biāo)明D，第二十一個點下標(biāo)明E。測量時發(fā)現(xiàn)B點已模糊不清，于是他測得AC長為14.56cm、CD長為11.15cm，DE長為13.73cm，則打C點時小車的瞬時速度大小為______m/s，小車運動的加速大小為________m/s2,AB的距離應(yīng)為______cm。7、如圖，勻質(zhì)直角三角形薄板ABC豎直放置，A點處有一固定轉(zhuǎn)軸，一豎直向上、大小為F的力作用在B點，使AB邊保持水平，∠BAC=θ．若撤去力F的同時，在板上某位置作用另一個力，仍能保持薄板在該位置平衡，則該力的最小值為____．若從AB水平狀態(tài)開始，用一始終沿BC方向、作用于B點的力，使板繞軸A逆時針緩慢轉(zhuǎn)動90°，則在轉(zhuǎn)動過程中，該力的變化情況為____．

8、如圖所示的電子元件名稱叫____________，它的電容參數(shù)是____________．9、如圖所示，真空中帶電荷量分別為＋Q和－Q的點電荷A、B相距r。兩點電荷連線的中點O處的電場強度大小為。10、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中；可供選擇的器材及代號如下：

A．小燈泡L（3V；1.8W）；

B．滑動變阻器R1（0-10Ω；額定電流1.5A）；

C．滑動變阻器R2（0-2000Ω；額定電流0.3A）；

D．電壓表V1（量程：0-3V，RV=5kΩ）；

E．電壓表V2（量程：0-15V，RV=10kΩ）；

F．電流表A1（量程：0-0.6A，RA=0.5Ω）；

G．電流表A2（量程：0-3A，RA=0.1Ω）；

H．直流電源3V；電鍵各一個；導(dǎo)線若干；

實驗中要求加在小燈泡兩端的電壓可連續(xù)地從零調(diào)到額定電壓。

（1）為了減少誤差，實驗中應(yīng)選電流表____，電壓表____（填字母代號）；若電流表表盤指針位置如圖1，電流表的示數(shù)為____A．

（2）實驗電路圖2為____（填字母代號）

（3）在實驗中，小燈泡電阻的測量值比真實值____（填“大”、“小”或“相同”）．11、如圖所示，在邊長為L的正三角形的三個頂點A、B、C上各固定一個點電荷，它們的帶電量分別為+q、+q和-q，求其幾何中心O處的場強______．12、如圖中電容器的電容都是C=4×10-6F，電感都是L=9×10-4H，左圖中電鍵K先接a，充電結(jié)束后將K扳到b；右圖中電鍵K先閉合，穩(wěn)定后斷開．兩圖中LC回路從振蕩開始，經(jīng)過t=3.14×10-4s，此時刻：C1的上極板正在______電（充電還是放電），帶______電（正電還是負(fù)電）；L2中的電流方向向______（左還是右），磁場能正在______（增大還是減小）．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）14、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗探究題(共4題，共32分)20、某研究性小組的同學(xué)想描繪標(biāo)有“4.0V0.7A

”的小燈泡的伏安特性曲線，實驗室老師提供的器材如下：。A.小燈泡L

規(guī)格“4.0V0.7A

”B.電流表A1(0隆蘆3A

內(nèi)阻約0.1婁賂)

C.電流表A2(0隆蘆0.6A

內(nèi)阻r2=0.2婁賂)

D.電壓表V1(0隆蘆3V

內(nèi)阻9k婁賂)

E.電壓表V2(0隆蘆15V

內(nèi)阻約為30k婁賂)

F.標(biāo)準(zhǔn)電阻R{,!}_{1}="1婁賂"

G.標(biāo)準(zhǔn)電阻R2=3k婁賂

H.滑動變阻器R(0隆蘆10婁賂)

I.學(xué)生電源(E=6V

內(nèi)阻不計)

J.開關(guān)S

及導(dǎo)線若干。

(1)

甲同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路來，當(dāng)電壓表讀數(shù)為2.40V

時，電流表示數(shù)如圖乙所示為____A

此時小燈泡L

的電阻為____婁賂

(2)

學(xué)習(xí)小組同學(xué)經(jīng)討論認(rèn)為要想更準(zhǔn)確地描繪出L

完整的伏安特性曲線，需要重新設(shè)計電路，請你在甲同學(xué)實驗電路的基礎(chǔ)上利用所供器材，在圖丙所示的虛線框內(nèi)補畫出實驗電路圖，并在圖上標(biāo)明所選器材代號；某次當(dāng)電壓表讀數(shù)為2.70V

安培表讀數(shù)為0.50A

則燈L

消耗的功率P=

____W

21、如圖所示為接在50Hz

低壓交流電源上的打點計時器在紙帶做勻加速直線運動時打出的一條紙帶，圖中所標(biāo)的是每5

個計時點取一個計數(shù)點ABCDE

等，但第三個計數(shù)點C

未標(biāo)出，由圖中給出的數(shù)據(jù)計算紙帶運動的加速度是a=

______m/s2

在打下計數(shù)點B

時，紙帶運動的瞬時速度vB=

______m/s.(

結(jié)果保留3

位有效數(shù)字)

22、從離地面80m

的空中自由落下一個小球，g

取10m/s2.

求：(1)

經(jīng)過多長時間落到地面．(2)

自開始下落計時，在第1s

內(nèi)和最后1s

內(nèi)的位移．(3)

下落時間為總時間的一半時的位移．23、在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，打點計時器所用的電源頻率為50Hz

當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹禐?.80m/s2

所用重物的質(zhì)量為1.00kg

一位同學(xué)按正確的操作打出一條紙帶，并量得紙帶上連續(xù)五點ABCDE

到第一點的距離分別為15.55cm19.20cm23.23cm27.64cm

和32.43cm

由此可知若以第一點為起點，重物運動到B

點重力勢能的減少量是______J

重物的動能增加量為______J.(

兩空均保留兩位小數(shù))

評卷人得分五、簡答題(共2題，共16分)24、如圖所示，光滑水平軌道上放置長木板A（上表面粗糙）和滑塊C，滑塊B置于A的左端（B、C可視為質(zhì)點），三者質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg、mC=2kg，A與B的動摩擦因數(shù)為μ=0.5；開始時C靜止，A、B一起以v0=5m/s的速度勻速向右運動，A與C發(fā)生碰撞（時間極短）并粘在一起，經(jīng)過一段時間，B剛好滑至A的右端而沒掉下來．求長木板A的長度．（g=10m/s2）

25、如圖所示；AB

兩端的電壓U

恒為18V

電阻R1=20婁賂

燈泡L

標(biāo)有“6V1.8W

”的字樣，當(dāng)燈泡L

正常發(fā)光時，求：

(1)

電阻R2

的阻值。

(2)

電路消耗的總電功率P

．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【分析】已知上升高度、加速度，末速度，結(jié)合豎直上拋運動的簡單規(guī)律，上升過程時勻減速運動，代入速度位移公式即可求解。本題簡單考查了豎直上拋運動的基本規(guī)律，比較基礎(chǔ)。【解答】結(jié)合條件，已知上升高度、加速度和末速度，由v2鈭?v20=2gh

可知，初速度v0=2gh=600m/s

故B正確。故選B。【解析】B

2、B【分析】【分析】由線圈運動時切割磁感線的長度為L

由E=BLv

可求得感應(yīng)電動勢，則由歐姆定律可得出電流，由安培力公式F=BIL

分析安培力，即可判斷作用力與時間的關(guān)系；由右手定則可得出電流的方向，由左手定則分析安培力方向，再進行分析選擇。本題考查的是線框穿磁場產(chǎn)生感應(yīng)電流的典型情景，電磁感應(yīng)與圖象的結(jié)合一般考查選擇題，先找到各圖中的不同點，主要分析不同點即可得出正確答案。【解答】在0鈭?Lv

內(nèi)，線框在磁場之外，感應(yīng)電流為0

安培力為0

在Lv鈭?2Lv

內(nèi)，由右手定則可得出感應(yīng)電流的方向為逆時針的方向，維持線框以恒定速度V

沿x

軸運動，所以感應(yīng)電動勢和電流不變，根據(jù)左手定則得出安培力的方向x

軸的負(fù)方向；在2Lv鈭?4Lv

內(nèi)，線框全部進入磁場，穿過線圈的磁通量不變，感應(yīng)電流為0

安培力為0

在4Lv鈭?5Lv

內(nèi)，線框左邊切割磁感線，由右手定則可得出感應(yīng)電流的方向為順時針的方向，維持線框以恒定速度V

沿x

軸運動，所以感應(yīng)電動勢和電流不變，根據(jù)左手定則得出安培力的方向x

軸的負(fù)方向；故ACD錯誤，B正確。故選B?！窘馕觥緽

3、D【分析】【分析】

電場力對電荷做負(fù)功；說明電場力阻力電荷的運動，導(dǎo)致動能減小，轉(zhuǎn)化為電勢能，使其增加。

考查了功能關(guān)系：電場力做功；導(dǎo)致電勢能變化.

就像重力做功，必導(dǎo)致重力勢能變化一樣。

【解答】

電場力做功；導(dǎo)致電勢能變化，若電場力做負(fù)功，則電勢能增加；若電場力做正功，則電勢能減小.

但無法判定電荷的正負(fù)，因此ABC錯誤；D正確；

故選D。

【解析】D

4、D【分析】解：A．蠟燭燃燒后；燈籠內(nèi)溫度升高，部分氣體分子將從燈籠內(nèi)部跑到外部，所以燈籠內(nèi)分子總數(shù)減少，故分子密集程度減小，故A錯誤。

B．燈籠內(nèi)溫度升高；分子的平均動能增大。故B錯誤。

C．燈籠始終與大氣連通；壓強不變，燈籠內(nèi)氣體體積也不變。故C錯誤。

D．溫度升高；氣體分子的平均動能增大，單位時間與單位面積分子對器壁碰撞的平均作用力增大，而氣體壓強不變，所以單位時間與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)減少。故D正確。

故選：D。

燈籠始終與大氣連通；壓強不變，燈籠內(nèi)氣體體積也不變，氣體的溫度升高，直接影響了分子的平均動能，再根據(jù)氣體壓強的微觀解釋，就可以判斷出單位時間與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)增大還是減少。

解決本題的關(guān)鍵是掌握氣體壓強的微觀解釋，以及溫度是分子平均動能的標(biāo)志?！窘馕觥緿5、C【分析】【分析】將小船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向兩個分運動，在兩個方向上都有位移，根據(jù)運動的合成，確定小船到達對岸的位置。本題考查了運動的合成和分解。解決本題的關(guān)鍵知道小船參與了沿河岸方向和垂直于河岸方向兩個方向的分運動，根據(jù)平行四邊形確定合運動的方向。【解答】小船在垂直于河岸方向和沿河岸方向都有位移，根據(jù)運動的合成，合位移的方向指向下游方向，所以小船到達對岸的位置是正對岸B

點的右側(cè)；故C正確，AB

D錯誤。故選C。【解析】C

二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】【解析】【答案】0.986，2.58，5.997、Fcosθ先變大后變小【分析】【解答】一豎直向上、大小為F的力作用在B點，使AB邊保持水平；根據(jù)力矩平衡條件，有：

F?AB=G?d①

（其中d為重力的力臂）

當(dāng)力臂最大時，作用力最小，即F作用在C點，且與AC垂直；此時力臂最大，作用力最小，有：

F′?AC=G?d②

聯(lián)立①②兩式；解得：

F′=Fcosθ

若從AB水平狀態(tài)開始，用一始終沿BC方向、作用于B點的力，使板繞軸A逆時針緩慢轉(zhuǎn)動90°；由于重力的力臂先增加后減小，拉力的力臂一直減小，根據(jù)力矩平衡條件，拉力先變大后變??；

故答案為：Fcosθ；先變大后變?。?/p>

【分析】當(dāng)作用力的力臂最大時，作用力最??；沿垂直AC方向、作用于C點的力最小；根據(jù)力矩平衡條件列式判斷拉力的變化情況．8、略

【分析】解：該電子元件上有“50V；220μF”，知該元件為電容器，參數(shù)為：額定電壓為50V，電容為220μF．

故答案為：電容，50V，220μF．【解析】電容;50V，220μF9、略

【分析】試題分析:兩個等量異種點電荷在中點產(chǎn)生的電場強度大小相等，方向相同．大小為則合電場強度E==考點：電場的疊加【解析】【答案】方向：沿OB線，指向B10、略

【分析】

（1）小燈泡額定電壓是3V，電壓表應(yīng)選V1；即D．

燈泡額定電流I==0.6A，電流表應(yīng)選電流表A1．即F．

電流表表盤指針位置如圖1；電流表的示數(shù)為0.40A

（2）因為電壓；電流需從零開始測起；所以滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻大約5Ω，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法誤差較?。?/p>

故選A．

（3）在實驗中；由于電壓表的分流造成實驗的誤差，通過燈泡的實際電流小于電流表的讀數(shù)；

根據(jù)R=得小燈泡電阻的測量值比真實?。?/p>

故答案為：（1）F；D；0.40

（2）A（3）小。

【解析】【答案】（1）根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表；根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表；

（2）測量燈泡的伏安特性曲線；電流；電壓需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，根據(jù)燈泡的電阻大小確定電流表的內(nèi)外接．

（3）知道伏安法測電阻的誤差是由于電流表的分壓或電壓表的分流造成的．

11、略

【分析】解：O點是三角形的中心，到三個電荷的距離為r=Lsin60°=L，三個電荷在O處產(chǎn)生的場強大小均E0=k

根據(jù)對稱性和幾何知識得知：兩個+q在O處產(chǎn)生的合場強為E1=k方向由O指向C，與-q電荷在O處產(chǎn)生的場強方向相同．

則再與-q在O處產(chǎn)生的場強合成，得到O點的合場強為E=E1+E0=2k=方向由O指向C．

故答案為：．

由點電荷場強公式E=k分別求出三個電荷在O處產(chǎn)生的場強大??；再進行合成求解．

本題是電場的疊加問題，關(guān)鍵要掌握點電荷場強公式和平行四邊形定則，結(jié)合數(shù)學(xué)知識求解．【解析】12、略

【分析】解：左圖中電鍵K先接a，充電結(jié)束后將K扳到b；在LC振蕩電路中，當(dāng)電容器在放電過程：電場能在減少，磁場能在增加，回路中電流在增加，電容器上的電量在減少；當(dāng)電容器在充電過程：電場能在增加，磁場能在減小，回路中電流在減小，電容器上電量在增加．

由振蕩周期公式可得：==3.77×10-4s

而從振蕩開始，經(jīng)過t=3.14×10-4s，此時刻處于到T之間，則C1的正在處于反向充電，所以C1的上極板帶正電；

而L2中的反向放電，所以L2中的電流方向向左；且磁場能正在增大．

故答案為：充；正；左；增大。

在LC振蕩電路中；當(dāng)電容器在放電過程：電場能在減少，磁場能在增加，回路中電流在增加，電容器上的電量在減少．從能量看：電場能在向磁場能轉(zhuǎn)化；當(dāng)電容器在充電過程：電場能在增加，磁場能在減小，回路中電流在減小，電容器上電量在增加．從能量看：磁場能在向電場能轉(zhuǎn)化．由振蕩電路中的L與C可求出振蕩周期．

電容器充電完畢（放電開始）：電場能達到最大；磁場能為零，回路中感應(yīng)電流i=0．

放電完畢（充電開始）：電場能為零；磁場能達到最大，回路中感應(yīng)電流達到最大．

電容器的動態(tài)分析重點在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開則極板上的電量不變；和電源相連，則兩板間的電勢差不變．【解析】充；正；左；增大三、判斷題(共7題，共14分)13、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．14、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?7、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實驗探究題(共4題，共32分)20、(1)0.485.00(2)

如圖所示2.16

【分析】【分析】(1)

由圖示電流表確定其分度值；讀出電流表示數(shù)，然后由歐姆定律求出燈泡電阻阻值。

(2)

電流表A1

量程太大，讀數(shù)誤差太大，為減小誤差，應(yīng)該選用電流表A2

給電流表A2

并聯(lián)一個分流電阻，據(jù)此設(shè)計實驗電路.

再根據(jù)改裝原理求出燈泡中電流，由P=UI

可求得實際功率。本題考查燈泡伏安特性曲線的描述實驗，要注意對電表讀數(shù)時要先確定電表量程的分度值，讀數(shù)時視線要與電表刻度線垂直；應(yīng)用串聯(lián)電路特點即可求出燈泡兩端電壓?！窘獯稹?1)

由圖2

所示可知；電流表分度值是0.02A

故電流表示數(shù)為0.48A

此時燈泡電阻。

RL=UI=2.400.48=5.00婁賂

(2)

電流表A1

量程太大；讀數(shù)誤差太大，為減小誤差，應(yīng)該選用電流表A2

給電流表A2

并聯(lián)一個分流電阻，根據(jù)改裝原理可知，應(yīng)并聯(lián)小電阻R1

同時電壓表量程過小，故應(yīng)串聯(lián)一個電阻分壓，并且應(yīng)串聯(lián)大電阻R2

實驗電路圖如圖所示。

根據(jù)改裝原理可知，燈泡兩端的實際電壓U=R2+RVRV,U0=3+99隆脕2.7=3.6V

流過燈泡的實際電流I=I0+I0r2R1=0.5+0.5隆脕0.21=0.60A

則燈泡的實際功率P=UI=3.6隆脕0.6=2.16W

故填：(1)0.485.00(2)

如圖所示；2.16

．

【解析】(1)0.485.00(2)

如圖所示2.16

21、略

【分析】解：根據(jù)s4鈭?s1=3aT2

得加速度為：a=0.0883鈭?0.02830.03=2.00m/s2

．

s2=s1+aT2=0.0283+2隆脕0.01=4.83cm

則B

點的速度為：vB=s1+s22T=.0283+0.04830.2m/s=0.383m/s

．

故答案為：2.000.383

根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出加速度；根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B

點的速度．

解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關(guān)鍵是勻變速直線運動兩個重要推論的運用．【解析】2.000.383

22、解：(1)由h=gt2；得。

t==4s

(2)第1s內(nèi)的位移：h1=gt12=×10×12m=5m

最后1s內(nèi)的位移：

h′=80m-×10×32m=35m；

(3)下落總時間一半時的高度：

h2=gt2=×10×()2m=20m．

答：(1)經(jīng)4s物體落到地面上；(2)最后1s的位移的35m；(3)下落一半時的高度為20m．【分析】(1)

已知物體下落的高度，故由h=12gt2

可求得下落時間；

(2)

第1s

內(nèi)的位移直接由位移公式求出；而最后1s

內(nèi)的位移要由總位移減去1s

前的總位移；

(3)

總時間已求出，則可直接用位移公式求得下落總時間一半時的位移．【解析】解：(1)

由h=12gt2

得。

t=2hg=4s

(2)

第1s

內(nèi)的位移：h1=12gt12=12隆脕10隆脕12m=5m

最后1s

內(nèi)的位移：

h隆盲=80m鈭?12隆脕10隆脕32m=35m

(3)

下落總時間一半時的高度：

h2=12gt2=12隆脕10隆脕(42)2m=20m

．

答：(1)

經(jīng)4s

物體落到地面上；(2)

最后1s

的位移的35m(3)

下落一半時的高度為20m

．23、略

【分析