2025年滬科版高二物理下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年滬科版高二物理下冊(cè)月考試卷484考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、均勻分布在地球赤道平面上空的三顆同步通信衛(wèi)星能夠?qū)崿F(xiàn)除地球南北極等少數(shù)地區(qū)外的“全球通信”．已知地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，地球自轉(zhuǎn)周期為T，則三顆衛(wèi)星中任意兩顆衛(wèi)星間的距離為A.B.C.D.2、下列敘述正確的是（）A.任何起電方式都是電荷轉(zhuǎn)移的過(guò)程B.摩擦起電是創(chuàng)造電荷的過(guò)程C.玻璃棒無(wú)論和什么物體摩擦都會(huì)帶正電D.帶等量異號(hào)電荷的兩個(gè)導(dǎo)體接觸后，兩個(gè)導(dǎo)體將不帶電，原因是電荷消失了3、磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的四種情況如圖所示，能產(chǎn)生電磁波的是4、氫原子的核外電子，在由離核較遠(yuǎn)的可能軌道躍遷到離核較近的可能軌道的過(guò)程中（）A.輻射光子，獲得能量B.吸收光子，獲得能量C.吸收光子，放出能量D.輻射光子，放出能量5、如圖所示，有一寬度為L(zhǎng)

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外。一個(gè)等腰直角三角形的導(dǎo)線框abc

其直角邊長(zhǎng)也為L(zhǎng)

在水平拉力F

作用下從圖示位置開(kāi)始向右勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)，這一過(guò)程中直角邊ab

始終與磁場(chǎng)邊界平行。以導(dǎo)線框中逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较?。則下圖中能正確表示線框中電流i

隨時(shí)間t

變化的圖象是()A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)6、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解7、下列說(shuō)法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)8、氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器.

它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒(méi)有摩擦.

我們可以用帶豎直擋板C

和D

的氣墊導(dǎo)軌以及滑塊A

和B

來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示(

彈簧的長(zhǎng)度忽略不計(jì))

采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a.

用天平分別測(cè)出滑塊A

、B

的質(zhì)量mA

、mB

．b.

調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，使導(dǎo)軌處于水平．c.

在A

和B

間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧，用電動(dòng)卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上．d.

用刻度尺測(cè)出A

的左端至C

板的距離L

1

．e.

放開(kāi)卡銷，同時(shí)使分別記錄滑塊A

、B

運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開(kāi)始工作.

當(dāng)A

、B

滑塊分別碰撞C

、D

擋板時(shí)停止計(jì)時(shí)，記下A

、B

分別到達(dá)C

、D

的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t

1

和t

2

．(1)

實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)測(cè)量的物理量是________________．(2)

利用上述測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是_______________________，上式中算得的A

、B

兩滑塊的動(dòng)量大小并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因可能是_________________________________________________________(

至少寫出兩點(diǎn))

(3)

利用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是否可以測(cè)出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能的大??？_________________(

填“可以”或“不可以”)

9、將一個(gè)匝數(shù)n=100

匝，半徑R=10cm

的金屬線圈放入一垂直線圈平面的變化的磁場(chǎng)中，已知B=5+0.2t

線圈電阻R=2婁賂

則線圈中的感應(yīng)電流I=

____A

線圈的面積有____(

填縮小或擴(kuò)張)

的趨勢(shì)。10、用頻率為婁脥1

的光照射某金屬時(shí)，逸出的光電子最大初動(dòng)能為E1

用頻率為婁2(婁脥2>婁脥1)

的光照射該金屬時(shí)，逸出光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)_____，該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的極限頻率為_(kāi)_____.(

普朗克常量為h)

11、在平直的公路上，自行車與同方向行駛的汽車同時(shí)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)。自行車做勻速運(yùn)動(dòng)，速度為6m/s．汽車做初速度為10m/s(此即為汽車過(guò)A點(diǎn)的速度)、加速度大小為0.5m/s2的勻減速運(yùn)動(dòng)．則自行車追上汽車所需時(shí)間為＿＿＿s，自行車追上汽車時(shí)，汽車的速度大小為＿＿＿m/s，自行車追上汽車前，它們的最大距離是＿＿＿m。12、如圖所示是一個(gè)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，由圖可知，質(zhì)點(diǎn)的振幅為_(kāi)_____，周期為_(kāi)_____；第1秒內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做______運(yùn)動(dòng)；第2秒內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的______能轉(zhuǎn)變?yōu)開(kāi)_____能；第3秒末質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度______而加速度______；此質(zhì)點(diǎn)若為單擺，則其擺長(zhǎng)約為_(kāi)_____米．13、物體帶電的三種方式______、______、______．14、選做題，考生只選擇其中一題作答A

如圖所示是一個(gè)按正弦規(guī)律變化的交變電流的圖象，根據(jù)圖象可知該正弦交變電流的電流峰值是____A

電流有效值是______A

．B

如圖所示，電源的內(nèi)阻r=2.0婁賂

電阻R=8.0婁賂

開(kāi)關(guān)閉合后，電流表示數(shù)I=0.5A.

則電源的電動(dòng)勢(shì)E=

__V

在t=5s

時(shí)間內(nèi)，電阻R

產(chǎn)生的焦耳熱Q=

____J

．15、如圖所示，單匝矩形閉合導(dǎo)線框abcd

全部處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積為S

電阻為R.

線框繞與cd

邊重合的豎直固定轉(zhuǎn)軸以角速度婁脴

勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中感應(yīng)電流的有效值I=

______.

線框從中性面開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)婁脨2

的過(guò)程中，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量q=

______．評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共10分)16、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共3題，共30分)18、銨明礬rm{攏脹NH_{4}Al(SO_{4})_{2}隆隴12H_{2}O攏脻}是分析化學(xué)常用的基準(zhǔn)試劑，工業(yè)上常用鋁土礦rm{(}主要成分為rm{Al_{2}O_{3})}來(lái)生產(chǎn)銨明礬，其中rm{Z}的水溶液可用于傷口消毒，其工藝流程圖如下。rm{(}提示：rm{S_{2}O_{8}^{2-}}中有rm{-O-O-}因而具有氧化性rm{)}rm{(1)}寫出反應(yīng)Ⅱ的離子方程式____________________。rm{(2)25隆忙}時(shí)，將rm{0.2mol隆隴L^{-1}}的氨水與rm{0.1mol隆隴L^{-1}}的rm{Y}溶液等體積混合，所得溶液的rm{pH=5}則該溫度下氨水的電離常數(shù)rm{K_隆脰}_____________rm{(}忽略混合時(shí)溶液體積的變化rm{)}rm{(3)}從反應(yīng)Ⅳ的銨明礬溶液中獲得銨明礬晶體的實(shí)驗(yàn)操作依次為_(kāi)____________、____________、過(guò)濾、洗滌rm{(}填操作名稱rm{)}rm{(4)}“電解”時(shí)，用惰性材料作電極，則陽(yáng)極電極反應(yīng)式為_(kāi)____________________。rm{(5)}反應(yīng)Ⅵ的化學(xué)方程式為_(kāi)_____________________。rm{(6)}廢水中含有rm{Fe^{2+}}rm{Mn^{2+}}等金屬離子對(duì)自然環(huán)境有嚴(yán)重的破壞作用，可用rm{(NH_{4})_{2}S_{2}O_{8}}氧化除去。寫出rm{Mn^{2+}}被氧化生成rm{MnO_{2}}的離子方程式為_(kāi)_________________________________。rm{Z}也有較強(qiáng)氧化性，在實(shí)際生產(chǎn)中不用rm{Z}氧化rm{Mn^{2+}}的原因是_______________________________________。19、用如圖所示的裝置進(jìn)行電解。通電一會(huì)兒，發(fā)現(xiàn)用rm{NaCl}溶液濕潤(rùn)的淀粉rm{?KI}試紙的rm{C}端變?yōu)樗{(lán)色。rm{(1)E}為電源的____極，rm{Fe}為_(kāi)___極。rm{(2)A}中發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_(kāi)___，rm{(3)}在rm{B}中觀察到的現(xiàn)象是____________________________________rm{(4)}若此電源為鉛蓄電池，電池總反應(yīng)式為：rm{Pb+PbO_{2}+4H^{+}+2SO_{4}^{2-}underset{路脜碌莽}{overset{魯盲碌莽}{?}}PbSO_{4}+2H_{2}O}則放電時(shí)：正極的電極反應(yīng)式是____；充電時(shí)：陰極的電極反應(yīng)式是____；rm{Pb+PbO_{2}+4H^{+}+2SO_{4}^{2-}

underset{路脜碌莽}{overset{魯盲碌莽}{?}}PbSO_{4}+2H_{2}O}當(dāng)外電路通過(guò)rm{(5)}電子時(shí)，理論上鐵板上的質(zhì)量增加_______rm{1mol}此時(shí)若要使rm{g}池中的溶液復(fù)原，應(yīng)加入____rm{A}的rm{g}固體。rm{CuO}參考相對(duì)原子質(zhì)量：rm{(}rm{Fe:56}rm{Cu:64}rm{O:18)}20、如圖為某“全家總動(dòng)員”節(jié)目的情景；高臺(tái)處的水平軌道AB

上裝有電動(dòng)懸掛器，水面上有一半徑為R=2m

的轉(zhuǎn)盤，其軸心在AB

正下方，軸心離高臺(tái)的水平距離為L(zhǎng)=5m

高臺(tái)邊緣與轉(zhuǎn)盤平面的高度差為H=5m.

選手抓住懸掛器后，在電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下從平臺(tái)邊緣處由靜止開(kāi)始做加速度為a=2m/s2

的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在某位置松手后落到轉(zhuǎn)盤上.

已知選手與懸掛器總質(zhì)量為50kg

取g=10m/s2

．

(1)

若不計(jì)選手身高；他從平臺(tái)出發(fā)后多長(zhǎng)時(shí)間釋放懸掛器恰好能落到轉(zhuǎn)盤圓心？

(2)

若懸掛器以恒定功率600W

運(yùn)行，懸掛器在軌道上所受阻力恒為200N

選手從靜止起運(yùn)動(dòng)，1s

時(shí)的加速度為0.5m/s2

此時(shí)松手他能否落到轉(zhuǎn)盤上？請(qǐng)計(jì)算說(shuō)明．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【解析】【答案】D2、A【分析】解：A；根據(jù)電荷守恒定律可知；任何起電方式都是電荷轉(zhuǎn)移的過(guò)程，故A正確；

B；摩擦起電過(guò)程是得到和失去電子的過(guò)程；因此其實(shí)質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移。故B錯(cuò)誤；

C；不同物質(zhì)組成的物體相互摩擦?xí)r；原子核束縛核外電子的本來(lái)不同，原子核束縛核外電子本領(lǐng)強(qiáng)的得到電子，物體因多余電子帶負(fù)電，原子核束縛核外電子本領(lǐng)弱的失去電子，物體因缺少電子帶正電。故C錯(cuò)誤；

D；帶等量異種電荷的兩個(gè)導(dǎo)體接觸后；等量異種電荷完全抵消的現(xiàn)象，叫做中和，電荷不會(huì)消失，故D錯(cuò)誤；

故選：A。

由于不同物質(zhì)的原子核對(duì)核外電子的束縛本領(lǐng)不同造成的；在摩擦的過(guò)程中束縛本領(lǐng)強(qiáng)的得電子帶負(fù)電，束縛本領(lǐng)弱的失電子帶正電．

感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是電荷可以從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分．

接觸起電物體同種電荷；若兩物體完全相同，則會(huì)平分電荷．

摩擦起電和感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)都電子發(fā)生了轉(zhuǎn)移，只是感應(yīng)起電是電子從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分．摩擦起電是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體．【解析】A3、B|D【分析】只有交變磁場(chǎng)才能產(chǎn)生交變電場(chǎng)，才能形成電磁波，BD對(duì)；【解析】【答案】BD4、D【分析】【解析】【答案】D5、A【分析】[

分析]

導(dǎo)體棒切割磁感線時(shí)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；本題導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)可分為兩個(gè)階段進(jìn)行分析，根據(jù)楞次定律可判斷電路中感應(yīng)電流的方向，然后選擇答題。

本題考查了導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律；該題實(shí)際上由第一時(shí)間段內(nèi)的感應(yīng)電流的大小變化和方向就可以判定結(jié)果；把后面的每一段都分析，就是為了能夠熟練楞次定律的應(yīng)用。

[

解析]

線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)磁通量向外增加，感應(yīng)磁場(chǎng)向里，因此感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，電流i

應(yīng)為負(fù)；隨著線框的運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)線切割磁感線長(zhǎng)度減小，感應(yīng)電流減小，由于bc

邊的長(zhǎng)度為L(zhǎng)

故電流反向減小的時(shí)間為：Lv

由于磁場(chǎng)寬度為L(zhǎng)

從開(kāi)始進(jìn)入右邊磁場(chǎng)之后，線框開(kāi)始向右出磁場(chǎng)，該過(guò)程中向外的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流為順時(shí)針，并逐漸減小為零。綜上所述，符合變化規(guī)律的只有A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。

【解析】A

二、雙選題(共2題，共4分)6、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B7、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見(jiàn)物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB。【解析】AB三、填空題(共8題，共16分)8、（1）滑塊B的右端到D擋板的距離L2（2）一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因。（3）可以

【分析】【分析】(1)

要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律需要知道物體的質(zhì)量和速度，而速度可以用位移與時(shí)間的比值代替，故要測(cè)位移；(2)

利用vA=L1t1vB=L2t2

即可將mAvA鈭?mBVB=0

轉(zhuǎn)化為mAL1t1鈭?mBL2t2=0

(3)

根據(jù)能量守恒，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為兩滑塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)能即Ep=mAvA22+mBvB22

利用位移求出vA

和vB

本題考查動(dòng)量守恒定律的驗(yàn)證；利用位移或位移與時(shí)間的比值表示物體的速度是物理實(shí)驗(yàn)中常用的一種方法，要注意掌握?！窘獯稹?1)

因系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒即mAvA鈭?mBVB=0

由于系統(tǒng)不受摩擦，故滑塊在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)故有vA=L1t1vB=L2t2

，即mAL1t1鈭?mBL2t2=0

所以還要測(cè)量的物理量是：B

的右端至D

板的距離L2隆攏

(2)

由(1)

分析可知驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是mAL1t1鈭?mBL2t2=0

分析可知，本實(shí)驗(yàn)中的誤差主要來(lái)自于一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因；(3)

根據(jù)能量守恒定律被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能Ep=mAvA22+mBvB22

將vA=L1t1vB=L2t2

代入上式得Ep=mA(L1t1)22+mB(L2t2)22

故可以測(cè)出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能。故填：(1)

滑塊B

的右端到D

擋板的距離L2

(2)mAL1t1=mBL2t2一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因(3)

可以

【解析】(1)

滑塊B

的右端到D

擋板的距離L2

(2)mAL1t1=mBL2t2一是測(cè)量本身就存在誤差，如測(cè)量質(zhì)量、時(shí)間、距離等存在誤差；二是空氣阻力或者是導(dǎo)軌不是水平的等原因。(3)

可以

9、略

【分析】本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的計(jì)算，楞次定律的應(yīng)用。由法拉第電磁感應(yīng)定律可知：帶入數(shù)據(jù)解得：由閉合回路歐姆定律可知由楞次定律的表述：增縮減擴(kuò)可知，磁通量增大，線圈的面積由縮小的趨勢(shì)。解題的關(guān)鍵是當(dāng)面積一定時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率成正比；楞次定律的表述：增縮減擴(kuò)可知，磁通量增大，線圈的面積由縮小的趨勢(shì)?！窘馕觥?.1

婁脨婁脨或0.314

；縮小10、略

【分析】解：用頻率為婁脥1

的單色光照射該金屬；根據(jù)Ekm=h婁脥鈭?W0

可知，逸出的光電子的最大初動(dòng)能為E1=h婁脥1鈭?W

同理，當(dāng)用頻率為婁2(婁脥2>婁脥1)

的光照射該金屬時(shí)；逸出光電子的最大初動(dòng)能為E2=h婁脥2鈭?W

兩式綜合解得：E2=h(婁脥2鈭?婁脥1)+E1

當(dāng)最大初動(dòng)能為零時(shí)，則有：h婁脥0=W

解得：婁脥0=Wh=h婁脥1鈭?E1h

故答案為：h(婁脥2鈭?婁脥1)+E1h婁脥1鈭?E1h

．

根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=h婁脥鈭?W0

進(jìn)行分析；即可求解最大初動(dòng)能，再根據(jù)當(dāng)最大初動(dòng)能為零時(shí)，h婁脥0=W0

即可求解極限頻率．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及知道逸出功與極限頻率的關(guān)系，注意普朗克常數(shù)的含義．【解析】h(婁脥2鈭?婁脥1)+E1h婁脥1鈭?E1h

11、略

【分析】追上所用時(shí)間為t，位移相同，有t=16s，此時(shí)汽車速度為v-at=2m/s，當(dāng)速度相同時(shí)距離最大，由v-at=6m/s，t=8s，【解析】【答案】16；2；1612、略

【分析】解：由圖知按振幅為5cm；周期為4s，第1S內(nèi)做離開(kāi)平衡位置為減速運(yùn)動(dòng)，第二2S內(nèi)為加速運(yùn)動(dòng)，勢(shì)能轉(zhuǎn)變?yōu)閯?dòng)，第3S末質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度。

最大，加速度為0，若為單擺則由：得==4m

故答案為：5cm；4s，減速，勢(shì)能，動(dòng)能，為0，最大，4．

由圖可確定出各相關(guān)量；由周期公式可求出擺長(zhǎng)．

考查振動(dòng)的圖象，明確在平衡位置速度最大，加速度為0．【解析】5cm；4S；減速；勢(shì)；動(dòng)；最大；為0；413、略

【分析】解：使物體帶電的方法共有三種分別為摩擦起電；感應(yīng)起電和接觸起電．

故答案為：接觸起電；感應(yīng)起電，摩擦起電．

使物體帶點(diǎn)的方式有：接觸起電；摩擦起電是電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體；而使物體帶電．感應(yīng)起電是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，而使物體帶電．

本題是基礎(chǔ)的題目，考查的就是學(xué)生對(duì)基本內(nèi)容的掌握的情況，在平時(shí)要注意多積累，掌握住使物體帶電的方法．【解析】接觸起電；感應(yīng)起電；摩擦起電14、A、10

B、5；10【分析】A、【分析】根據(jù)圖象可讀出該交流電的最大值，然后根據(jù)周期，最大值與有效值的關(guān)系可直接求解；本題考查的是學(xué)生讀圖的能力，根據(jù)圖象讀出交流電的最大值，再計(jì)算有效值即可?！窘獯稹坑蓤D象可知，電流的最大值為Im=102A

電流的有效值為I=Im2=10A

故答案為：10210

B、【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律即可求解電源的電動(dòng)勢(shì)E

電阻R

產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)Q=I2Rt

求解；本題主要考查了閉合電路歐姆定律定律的直接應(yīng)用，知道求定值電阻產(chǎn)生的熱量可根據(jù)Q=I2Rt

求解?！窘獯稹块_(kāi)關(guān)閉合后；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：

E=(R+r)I=(8+2)隆脕0.5=5V

在t=5s

時(shí)間內(nèi)；電阻R

產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2Rt=0.52隆脕8隆脕5=10J

故答案為：510

【解析】A、10210

B、51015、【分析】解：線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值Em=BS婁脴

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值E=22Em=22BS婁脴.

則電流的有效值為I=ER=2BS婁脴2R

．

由E爐=鈻?婁碌鈻?tI爐=E爐Rq=I爐鈰?鈻?t

得到。

電量q=鈻?婁碌R=BSR

故答案為：2BS婁脴2RBSR

由題可知，線圈中產(chǎn)生正弦式電流.

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值Em=BS婁脴

由E=22Em

及歐姆定律求解電流的有效值.

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律；歐姆定律和電流的定義式求出電量．

對(duì)于交變電流，直流電路的規(guī)律，比如歐姆定律同樣適用，只不過(guò)要注意對(duì)應(yīng)關(guān)系．【解析】2BS婁脴2RBSR

四、判斷題(共2題，共10分)16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。濉⒑?jiǎn)答題(共3題，共30分)18、（1）CO2+AlO2-+2H2O=Al（OH）3+HCO3-

（2）1×10-5

（3）蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶

（4）2SO42--2e-=S2O82-

（5）（NH4）2S2O8+2H2O=2NH4HSO4+H2O2

（6）S2O82-+2H2O+Mn2+=MnO2↓+2SO42-+4H+錳的化合物可以催化H2O2分解，使消耗的H2O2增多

【分析】【分析】本題考查學(xué)生對(duì)工藝流程的理解、閱讀獲取信息能力、方程式書寫、電解原理的應(yīng)用等，難度中等，需要學(xué)生具備閱讀獲取信息能力、綜合運(yùn)用知識(shí)、信息分析問(wèn)題解決問(wèn)題能力。【解答】rm{(1)}由工藝流程轉(zhuǎn)化可知，反應(yīng)Ⅱ?yàn)橄蚝衦m{AlO}由工藝流程轉(zhuǎn)化可知，反應(yīng)Ⅱ?yàn)橄蚝衦m{(1)}rm{AlO}rm{{,!}_{2}^{-}}的反應(yīng)Ⅰ的濾液中通入過(guò)量rm{CO}rm{CO}rm{{,!}_{2}}氣體，使rm{AlO}rm{AlO}rm{{,!}_{2}^{-}}完全轉(zhuǎn)化為rm{Al(OH)}rm{Al(OH)}rm{{,!}_{3}}，在溶液中rm{CO}rm{CO}rm{{,!}_{2}}反應(yīng)生成、rm{AlO}rm{AlO}rm{{,!}_{2}^{-}}、rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O}反應(yīng)生成rm{Al(OH)}rm{O}rm{Al(OH)}rm{{,!}_{3}}與rm{HCO}rm{HCO}rm{{,!}_{3}^{-}}，反應(yīng)離子方程式為rm{CO}rm{CO}rm{{,!}_{2}}rm{+AlO}rm{+AlO}rm{{,!}_{2}^{-}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O=Al(OH)}rm{O=Al(OH)}rm{{,!}_{3}}rm{+HCO}rm{+HCO}由工藝流程轉(zhuǎn)化可知，rm{{,!}_{3}^{-}}為，故答案為：rm{CO}的氨水與rm{CO}的rm{{,!}_{2}}溶液等體積混合，rm{+AlO}銨根離子水解生成一水合氨和氫離子，水解反應(yīng)方程式為：rm{+AlO}rm{{,!}_{2}^{-}}rm{+2H}rm{+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O=Al(OH)}rm{O=Al(OH)}rm{{,!}_{3}}rm{+HCO}rm{+HCO}rm{{,!}_{3}^{-}}則；rm{(2)}rm{Y}rm{H_{2}SO_{4}}rm{0.2mol隆隴L^{-1}}rm{0.1molmol隆隴L^{-1}}rm{H_{2}SO_{4}}二者恰好反應(yīng)生成硫酸銨，生成硫酸銨的濃度為：rm{0.05mol/L}銨根離子水解生成一水合氨和氫離子，水解反應(yīng)方程式為：rm{NH}rm{0.05mol/L}rm{NH}rm{{,!}_{4}^{+}}rm{+H}，rm{;c(O{H}^{-})=dfrac{1隆脕{10}^{?14}}{{10}^{?5}};;=1隆脕{10}^{-9}}rm{+H}rm{K=dfrac{;c(N{{H}_{4}}^{+})?c(O{H}^{?});}{;c(N{H}_{3}?{H}_{2}O);}=dfrac{;(0.1?{10}^{?5})隆脕{10}^{?9}}{{10}^{?5}};;;=1隆脕{10}^{-5}}，故答案為：rm{{,!}_{2}}rm{O?NH}由溶液制得晶體的實(shí)驗(yàn)步驟為：蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過(guò)濾、洗滌，故答案為：蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶；rm{O?NH}電極硫酸得rm{{,!}_{3}}rm{?H}rm{?H}rm{{,!}_{2}}rm{O+H}rm{O+H}rm{{,!}^{+}}，所得溶液的rm{pH=5}則rm{c(H}rm{pH=5}rm{c(H}rm{{,!}^{+}}rm{)=10}rm{)=10}rm{{,!}^{-5}}，故答案為：，rm{c(NH}rm{c(NH}rm{{,!}_{3}}rm{?H}rm{?H}與rm{{,!}_{2}}rm{O)=c(H}rm{O)=c(H}rm{{,!}^{+}}rm{)=10}rm{)=10}rm{{,!}^{-5}}，rm{;c(O{H}^{-})=

dfrac{1隆脕{10}^{?14}}{{10}^{?5}};;=1隆脕{10}^{-9}}rm{;c(O{H}^{-})=

dfrac{1隆脕{10}^{?14}}{{10}^{?5}};;=1隆脕{10}^{-9}}rm{c(NH_{4}^{+})=0.1-10^{-5}}rm{K=

dfrac{;c(N{{H}_{4}}^{+})?c(O{H}^{?});}{;c(N{H}_{3}?{H}_{2}O);}=

dfrac{;(0.1?{10}^{?5})隆脕{10}^{?9}}{{10}^{?5}};;;=1隆脕{10}^{-5}

}rm{1隆脕10^{-5}}rm{(3)}rm{(4)}rm{S_{2}O_{8}^{2-}}陽(yáng)極rm{SO_{4}^{2-}}失去電子，電極反應(yīng)式為rm{2SO}rm{4}rm{4}rm{2-}rm{2-}rm{-2e}rm{-}rm{-}rm{=S}rm{2}rm{2}rm{O}rm{8}rm{8}rm{2-}rm{2-}rm{2SO_{4}^{2-}-2e^{-}=S_{2}O_{8}^{2-}}rm{(5)}由工藝流程轉(zhuǎn)化可知，反應(yīng)Ⅵ是rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O}與rm{(NH}rm{O}rm{(NH}rm{{,!}_{4}}rm{)}rm{)}rm{{,!}_{2}}rm{S}rm{S}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{8}}反應(yīng)產(chǎn)生rm{H}rm{H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}氧化為rm{{,!}_{2}}和rm{NH}自身還原為rm{NH}rm{{,!}_{4}}rm{HSO}rm{HSO}為過(guò)氧化氫，錳的化合物可以催化rm{{,!}_{4}}分解，使消耗的，反應(yīng)方程式為rm{(NH}增多rm{(NH}rm{{,!}_{4}}rm{)}錳的化合物可以催化rm{)}分解，使消耗的rm{{,!}_{2}}增多rm{S}rm{S}【解析】rm{(1)CO_{2}+AlO_{2}^{-}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}+HCO_{3}^{-}}rm{(2)1隆脕10^{-5}}rm{(3)}蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶rm{(4)2SO_{4}^{2-}-2e^{-}=S_{2}O_{8}^{2-}}rm{(5)(NH_{4})_{2}S_{2}O_{8}+2H_{2}O=2NH_{4}HSO_{4}+H_{2}O_{2}}rm{(6)S_{2}O_{8}^{2-}+2H_{2}O+Mn^{2+}=MnO_{2}隆媒+2SO_{4}^{2-}+4H^{+}}錳的化合物可以催化rm{H_{2}O_{2}}分解，使消耗的rm{H_{2}O_{2}}增多

19、(1)負(fù)陰陰(2)）銅片溶解、有氣體生成（3）銅片溶解、有氣體生成、有藍(lán)色沉淀生成有藍(lán)色沉淀生成3、）(4)PbO2+2e-+4H++SO42-=PbSO4+2H2OPbSO4+2e-=Pb+SO42-（5）3240【分析】【分析】本題旨在考查學(xué)生對(duì)電解池、原電池的工作原理、電極反應(yīng)式的書寫、電化學(xué)的計(jì)算的應(yīng)用?！窘獯稹縭m{(1)}氯化鈉溶液濕潤(rùn)的淀粉碘化鉀試紙rm{C}端變藍(lán)色，rm{C}端氯離子放電，故E為電源的負(fù)極，鐵為電解池的陰極，故答案為：負(fù)；陰；氯化鈉溶液濕潤(rùn)的淀粉碘化鉀試紙rm{(1)}端變藍(lán)色，rm{C}端氯離子放電，故E為電源的負(fù)極，鐵為電解池的陰極，故答案為：負(fù)；陰；rm{C}中發(fā)生反應(yīng)為rm{(2)A}中發(fā)生反應(yīng)為rm{(2)A}陰極銅離子放電生成銅，陽(yáng)rm{2C{u}^{2+}+2{H}_{2}Ooverset{脥簍碌莽}{=}2Cu+4{H}^{+}+{O}_{2}隆眉}極氫氧根離子放電生成氧氣，rm{2C{u}^{2+}+2{H}_{2}Ooverset{脥簍碌莽}{=}2Cu+4{H}^{+}+{O}_{2}隆眉}其離子方程式為：rm{2C{u}^{2+}+2{H}_{2}O

overset{脥簍碌莽}{=}2Cu+4{H}^{+}+{O}_{2}隆眉}在；故答案為：中陽(yáng)極銅放電生成銅，陰極氫離子放電生成氫氣，剩余氫氧根離子和銅離子生成藍(lán)色氫氧化銅沉淀，故觀察到的現(xiàn)象是：銅片溶解、rm{2C{u}^{2+}+2{H}_{2}O

overset{脥簍碌莽}{=}2Cu+4{H}^{+}+{O}_{2}隆眉}；rm{(3)}在rm{B}中陽(yáng)極銅放電生成銅，陰極氫離子放電生成氫氣，剩余氫氧根離子和銅離子生成藍(lán)色氫氧化銅沉淀，故觀察到的現(xiàn)象是：銅片溶解、rm{(3)}rm{B}有氣體生成鉛蓄電池放電時(shí)正極為二氧化鉛得電子和硫酸反應(yīng)生成硫酸鉛和水，反應(yīng)電極反應(yīng)式為：rm{PbO_{2}+2e^{-}+4H^{+}+SO_{4}^{2-}=PbSO_{4}+2H_{2}O}、有藍(lán)色沉淀生成；故答案為：銅片溶解、有氣體生成、rm{PbO_{2}+2e^{-}+4H^{+}+SO_{4}^{2-}=PbSO_{4}+2H_{2}O}有藍(lán)色沉淀生成；rm{(4)}鉛蓄電池放電時(shí)正極為二氧化鉛得電子和硫酸反應(yīng)生成硫酸鉛和水，反應(yīng)電極反應(yīng)式為：rm{(4)}rm{PbO_{2}+2e^{-}+4H^{+}+

SO_{4}^{2-}=PbSO_{4}+2H_{2}O}當(dāng)外電路通過(guò)rm{PbO_{2}+2e^{-}+4H^{+}+

SO_{4}^{2-}=PbSO