2025年人教版（2024）必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）必修3物理下冊階段測試試卷989考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、諾貝爾物理獎獲得者費恩曼曾說：有一個事實，如果你愿意也可以說是一條定律，支配者至今所知的一切現(xiàn)象這條定律就是（）A.牛頓第一定律B.牛頓第二定律C.牛頓第三定律D.能量守恒定律2、一帶正電的粒子僅在電場力作用下沿直線運動，其電勢能隨位置變化的圖像如圖所示，粒子先后經(jīng)過A點和B點，設(shè)A、B兩點的電場強度大小分別為EA、EB，電勢分別為φA、φB；則（）

A.EA＝EB，φA＜φBB.EA＝EB，φA＞φBC.EA＞EB，φA＞φBD.EA＜EB，φA＜φB3、如圖所示，在真空中直角坐標系xOy平面內(nèi)，電荷量分別為（）的點電荷分別固定于A（0，3L）、B（0，）兩點。P為AB的中點，M、N兩點的坐標分別為（0）、（0）。規(guī)定無窮遠處的電勢為0，下列說法正確的是（）

A.M點的電勢高于N點的電勢B.M、N兩點的電場強度相同C.P點的電場強度大于M點的電場強度D.負的試探電荷在P點的電勢能大于其在N點的電勢能4、如圖，平行板電容器與電源連接，下極板B接地，開關(guān)S閉合后，一帶電油滴在電容器中的P點處于靜止狀態(tài)，下列說法正確的是（）

A.保持開關(guān)閉合，A板豎直上移一小段距離，油滴保持靜止B.保持開關(guān)閉合，A板豎直上移一小段距離的過程中，電流計中電流方向向左C.保持開關(guān)閉合，A板豎直上移一小段距離，P點的電勢降低D.開關(guān)S閉合后再斷開，A板水平向左移動一小段距離，帶電油滴向下運動5、如圖所示是某導(dǎo)體的伏安特性曲線；由圖可知正確的是（）

A.導(dǎo)體的電阻是25B.導(dǎo)體的電阻是0.04C.當通過導(dǎo)體的電流越大時，導(dǎo)體電阻也越大D.當導(dǎo)體兩端的電壓是10V時，通過導(dǎo)體的電流是0.8A6、如圖所示；水平放置的通有恒定電流的長直導(dǎo)線下方有一閉合線框，線框平面和導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，要使通過線框的磁通量變小，可以將線框（）

A.向左平移B.向右平移C.向下平移遠離導(dǎo)線D.向上平移靠近導(dǎo)線評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)7、現(xiàn)有兩個邊長不等的正方形ABCD和abcd，如圖所示，且Aa、Bb、Cc、Dd間距相等。在AB、AC、CD、DB的中點分別放等量的正點電荷或負點電荷。則下列說法中正確的是（）

A.O點的電場強度和電勢均為零B.將一正點電荷由a點移到b點電勢能減小C.同一點電荷在a、d兩點所受電場力不相同D.把一負點電荷從b點沿著的路徑移動到c點，電場力做功為零8、如圖，電荷量分別為＋Q和－Q（Q>0）的點電荷固定在正四面體的兩個頂點a、b上，c、d是四面體的另外兩個頂點，E、F、G、H分別是ab、bc、ca、cd的中點，選無窮遠處為零電勢點。則（）

A.E點的電場強度為零B.E、H兩點的電勢均為零C.c、d兩點的電場強度大小相等、方向相同D.將一檢驗正電荷從G點移到F點，電荷的電勢能增大9、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線，實線為一帶負電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點；據(jù)此可知（）

A.帶電質(zhì)點在P點的加速度比在Q點的加速度小B.帶電質(zhì)點在P點的電勢能比在Q點的小C.帶電質(zhì)點在P點的動能大于在Q點的動能D.P、R、Q三點中Q的電勢最高10、如圖所示為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經(jīng)過一個機械過濾裝置再進入靜電除塵區(qū)。圖中虛線是某一帶負電的塵埃（不計重力）僅在電場力作用下向集塵板遷移并沉積的軌跡，A、B兩點是軌跡與電場線的交點。不考慮塵埃在遷移過程中的相互作用和電量變化；則以下說法正確的是（）

A.A點電勢高于B點電勢B.塵埃在A點的加速度大于在B點的加速度C.塵埃在遷移過程中做勻變速運動D.塵埃在遷移過程中電勢能先增大后減小11、如圖甲所示，在某電場中建立x坐標軸，A、B為x軸上的兩點，xA、xB分別為A、B兩點在x軸上的坐標值。一電子僅在電場力作用下沿x軸運動，該電子的電勢能Ep隨其坐標x變化的關(guān)系如圖乙所示；則下列說法中正確的是（）

A.該電場一定不是孤立點電荷形成的電場B.A點的電場強度小于B點的電場強度C.電子由A點運動到B點的過程中電場力對其所做的功W=EpA－EpBD.電子在A點的動能小于在B點的動能12、下列說法正確的是（）A.普朗克最先提出了能量子概念B.康普頓效應(yīng)揭示了光的波動性C.德布羅意通過實驗發(fā)現(xiàn)電子也具有波動性D.玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，成功地解釋了氫原子光譜實驗規(guī)律評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、如圖所示；帶箭頭的線表示某一電場的電場線．在電場力作用下，一帶電粒子（不計重力）經(jīng)A點飛向B點，徑跡如圖中虛線所示，試判斷：

（1）粒子帶________電；

（2）粒子在________點加速度大；

（3）粒子在________點動能大；

（4）A、B兩點相比，________點電勢高．14、物理意義：反映了導(dǎo)體對電流的______作用。15、（1）電源的作用就是將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能。（______）

（2）恒定電場與靜電場性質(zhì)基本相同，兩者沒有區(qū)別。（______）

（3）電流的方向與電荷定向移動的方向相同。（______）

（4）電流越大，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量就越多。（______）

（5）只要電路中有電源，電路中就會形成持續(xù)的電流。（______）16、如圖所示，在水平向右的勻強電場中有一絕緣斜面，斜面上有一帶電金屬塊沿斜面滑下。已知在金屬塊滑下的過程中動能增加了12J，金屬塊克服摩擦力做功8J，重力做功24J，則金屬塊帶______電（填正或負），金屬塊機械能改變量為______J，金屬塊的電勢能改變量為______J。

17、能量守恒定律。

（1）能量守恒定律。

能量既不會憑空___________，也不會憑空___________，它只能從一種形式___________為另一種形式，或者從一個物體___________到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量___________。

（2）能量守恒定律的意義。

①各種形式的能可以___________。

②各種物理現(xiàn)象可以用___________聯(lián)系在一起。

（3）永動機不可能制成。

①第一類永動機：人們把設(shè)想的不消耗___________的機器稱為第一類永動機。

②第一類永動機由于違背了___________，所以不可能制成。18、判一判。

（1）兩電荷的帶電量越大，它們間的靜電力就越大。______

（2）兩電荷的帶電量一定時，電荷間的距離越小，它們間的靜電力就越大。______

（3）很小的帶電體就是點電荷。______

（4）兩點電荷之間的作用力是相互的，其方向相反，但電荷量大的對電荷量小的電荷作用力大。______

（5）當兩個電荷之間的距離r→0時，根據(jù)推出，兩電荷之間的庫侖力F→∞。______19、請讀出下列儀器顯示的示數(shù)：

（1）螺旋測微器示數(shù)（2）電壓表示數(shù)（3）毫安表示數(shù)。

（1）螺旋測微器的示數(shù)為_______________mm；

（2）當選擇量程時，電壓表的示數(shù)為_______________V；

（3）當選擇量程時，毫安表的示數(shù)為_______________mA。20、下圖展示了等量異種點電荷的電場線和等勢面，從圖中我們可以看出，A、B兩點的場強________、電勢________，C、D兩點的場強________、電勢________(以上四空均填“相同”或“不同”)．21、如圖甲所示為一測量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設(shè)a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當U=10V時，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

評卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)22、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、實驗題(共3題，共9分)23、在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗時，所用器材有：電動勢為6V的電源，額定電壓為2.5V的小燈泡，以及符合實驗要求的滑動變阻器、電表、開關(guān)和導(dǎo)線．要求能測出盡可能多組數(shù)據(jù)，如圖1所示是沒有連接完的實物電路。（已連接好的導(dǎo)線有a、b、c、d、e、f六根）

（1）本實驗中，滑動變阻器應(yīng)選用______連接方式（填“分壓式”或“限流式”）

（2）實驗過程中要求小燈泡兩端電壓從零開始調(diào)節(jié)，且為減小系統(tǒng)誤差使用電流表外接法進行測量，應(yīng)選擇如圖中哪一個電路圖進行實驗______。

A．B．C．D．

（3）請你用筆畫線代替導(dǎo)線，將實物電路連接完整______。

（4）正確連接電路后閉合開關(guān)，移動滑片P到某處，電壓表的示數(shù)為2.2V，在要測量小燈泡的額定功率，應(yīng)將滑片P向______端滑動（選填“左”或“右”）

（5）通過移動滑片P。分別記下了多組對應(yīng)的電壓表和電流表示數(shù)。并給制成了如圖2所示的U-I圖線，根據(jù)U-I圖線提供的信息，可計算出小燈泡的額定功率為______W。

24、某同學在實驗室測量一根粗細均勻，長為L，直徑為d的金屬絲的電阻率；進行了如下操作：

（1）用螺旋測微器測該金屬絲的直徑的刻度位置如圖甲所示，該金屬絲的直徑d=______mm；

（2）用多用電表粗略測量金屬絲的阻值；先把選擇開關(guān)旋到“×1k”擋位，測量時指針偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，接下來的測量步驟如下：

①斷開待測電阻；將選擇開關(guān)旋到“×100”檔；

②斷開待測電阻；將選擇開關(guān)旋到“×10”檔；

③再接入待測電阻，將指針示數(shù)乘以對應(yīng)倍數(shù)，即為待測電阻的阻值Rx；

④將紅黑表筆短接；調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向“0”；

⑤測量結(jié)束后，將選擇開關(guān)旋到“OFF”檔。

請幫助該同學選擇正確的測量步驟并進行排序______；

（3）接下來該同學采用“伏安法”較準確地測量該金屬絲的阻值，所用實驗器材如圖丙所示，其中電壓表內(nèi)阻約5KΩ，電流表內(nèi)阻約5Ω，圖中部分電路已經(jīng)連接好，請完成實驗電路的連接；______

（4）金屬絲的電阻率ρ=______；（用L、d、Rx表示）

（5）正確操作后，關(guān)于本實驗誤差的說法中正確的是______。

A．金屬絲發(fā)熱會產(chǎn)生誤差B．因為電流表的分壓使得測量值偏高。

C．因為電流表的分流使得測量值偏低D．用U-I圖象處理數(shù)據(jù)可以減小系統(tǒng)誤差25、某同學設(shè)計了如圖甲所示電路同時測量電壓表（量程為3V；內(nèi)阻約幾千歐）和微安表（量程為300μA，內(nèi)阻約一千歐）的內(nèi)阻。

（1）按實驗原理將圖乙中的實物連接成實驗電路____；

（2）實驗中,該同學進行了如下操作；完成下列問題：

①閉合K1，用伏安法測微安表內(nèi)阻，為了測量更加準確，定值電阻R0應(yīng)該選擇的是________；

A．10ΩB．100ΩC．lkΩD．7.8kΩ

②閉合K前，為保護電路不受損壞，圖甲中滑動變阻器R的滑片應(yīng)置于_______端（選填“左”或“右”）；

③閉合K后，調(diào)整滑動變電阻器R，讓電壓表和微安表的示數(shù)盡可能地大。測得電壓表的示數(shù)為U1，微安表的示數(shù)為I1，定值電阻的阻值為R0，則微安表內(nèi)阻表達式為_____________；

④斷開K1，調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱，當電阻箱的讀數(shù)為R1時，電壓表的示數(shù)為U2，微安表的示數(shù)為I2，則電壓表內(nèi)阻表達式為_________________。評卷人得分六、解答題(共3題，共6分)26、有一帶電量為的點電荷，從電場中的點移動到點時，電場力做功為求：

（1）間的電勢差

（2）若以點電勢為零，點的電勢為多大？

（3）若以點電勢為零，在點放置一個電荷量的電荷，電勢能為多大？27、真空中，在光滑的水平面上，有兩個固定的點電荷A和B，帶電荷量分別為和它們之間的距離為L.現(xiàn)欲放置一點電荷C，為使點電荷C能保持靜止，它應(yīng)該放在什么位置？28、如圖，光滑絕緣足夠長的水平面位于勻強電場中，電場方向水平向右，大小為兩小滑塊A和B靜置于水平面上，其位置連線與電場方向平行。兩小滑塊質(zhì)量均為A帶電荷量為（），B不帶電。初始時，A和B的距離為現(xiàn)釋放小滑塊A，A在電場力作用下沿直線加速運動，與B發(fā)生彈性碰撞。若每次A和B發(fā)生碰撞均為對心正碰，碰撞時沒有電荷轉(zhuǎn)移，碰撞的時間極短。已知

求：（1）發(fā)生第一次碰撞前A獲得的速度大小第一次碰撞后A和獲得的速度大小和

（2）從開始釋放A到與B發(fā)生第二次碰撞前；小滑塊A運動的距離；

（3）試在圖中畫出A從開始釋放到與發(fā)生第三次碰撞前的圖像（不要求寫過程）。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

牛頓定律只適用于宏觀物體的低速運動；具有局限性；物理學家從千差萬別的自然現(xiàn)象中抽象出一個貫穿其中的物理量：能量，在自然界經(jīng)歷的多種多樣的變化中它不變化，支配著至今所知的一切現(xiàn)象，這條定律即能量守恒定律；

A．牛頓第一定律；與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

B．牛頓第二定律；與結(jié)論不相符，選項B錯誤；

C．牛頓第三定律；與結(jié)論不相符，選項C錯誤；

D．能量守恒定律；與結(jié)論相符，選項D正確；

故選D．

【點睛】

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論及其適用范圍要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一．2、A【分析】【詳解】

因為

則

即Ep-x圖線的斜率等于Eq，可知EA＝EB

從A到B，正電荷的電勢能變大，可知電勢升高，即φA＜φB

故選A。3、C【分析】【詳解】

AB．由等量異種電荷周圍的電場線分布可得，M、N兩點關(guān)于y軸對稱，M點的電勢等于N點的電勢，M、N兩點的電場強度大小相等；方向不同，故A；B均錯誤；

C．P點的電場強度大于O點，O點電場強度大于M點，則P點的電場強度大于M點的電場強度；故C正確；

D．因為P點為中點，所以其電勢為0，根據(jù)沿電場線電勢降低可得N點電勢小于0，所以P點電勢高于N點，根據(jù)可得，負的試探電荷在P點的電勢能小于其在N點的電勢能；故D錯誤。

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．保持開關(guān)閉合，A板豎直上移一小段距離，可知電容器極板電壓不變，根據(jù)

可知板間電場強度減小；油滴受到的電場力減小，油滴向下運動，故A錯誤；

B．保持開關(guān)閉合，A板豎直上移一小段距離的過程中，可知電容器極板電壓不變，根據(jù)

可知電容器電容減小，電容器所帶電荷量減??；由于上極板帶負電，則電流計中電流方向向左，故B正確；

C．保持開關(guān)閉合，A板豎直上移一小段距離，可知電容器極板電壓不變，根據(jù)

可知板間電場強度減小，由于下極板B帶正電，則有

可知P點的電勢升高；故C錯誤；

D．開關(guān)S閉合后再斷開，A板水平向左移動一小段距離，可知電容器電荷量保持不變，根據(jù)

可知板間電場強度增大；油滴受到的電場力增大，油滴向上運動，故D錯誤。

故選B。5、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．直線圖像斜率的倒數(shù)表示電阻，所以該導(dǎo)體的阻值為

故A正確；B錯誤；

C．導(dǎo)體的電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)；只與電阻本身的材料；長度、橫截面積、溫度有關(guān)，與電流和電壓無關(guān)，故C錯誤；

D．當導(dǎo)體兩端的電壓是10V時，通過導(dǎo)體的電流大小為

故D錯誤。

故選A。6、C【分析】【分析】

【詳解】

將線圈向左或向右平移；則穿過線圈的磁通量都不變；向下平移遠離導(dǎo)線，則穿過線圈的磁通量減??；向上平移靠近導(dǎo)線，則穿過線圈的磁通量增加；

故選C。二、多選題(共6題，共12分)7、B:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，四個點電荷在O點都產(chǎn)生場強，實際是兩個互相垂直的等量異種點電荷在O點的合場強，合場強不是零，方向是沿О到D。而根據(jù)電勢疊加法則可知，O點的電勢是零；故A錯誤；

B．根據(jù)電勢疊加法則可知，上下垂直分布的等量異種電荷在a、b兩點產(chǎn)生的電勢相等，而由于a點更加靠近左右水平分布的等量異種電荷中的正電荷，b點更加靠近其中的負電荷，因此可知a點電勢高于b點電勢，則正電荷在a點的電勢能比在b點高，將一正點電荷由a點移到b點的過程中電勢能減??；故B正確；

C．由對稱性可知，a、d兩點電場強度大小和方向相同，故同一點電荷在a、d兩點所受電場力相同；故C錯誤；

D．由對稱性可知b、c等電勢，把一負點電荷沿著b→d→c的路徑移動時；電場力做功是零，故D正確。

故選BD。8、B:C【分析】【詳解】

A．在E點，＋Q和－Q的場強方向均由a點指向b點；故合場強不為零，A錯誤；

B．過中點E且與＋Q和－Q連線垂直的平面為等勢面，H點也在該等勢面上，且零電勢點在無窮遠處，E、H兩點的電勢均為零；B正確；

C．因正四面體的邊長均相等，故＋Q和－Q獨自在c、d兩點產(chǎn)生的場強大小相等，進一步分析知，在c、d兩點，＋Q和－Q的場強方向的夾角均為120°，由平行四邊形定則可得：c、d兩點的合場強大小相等、方向均平行于ab向右；C正確。

D．因G點電勢高于F點，故將檢驗正電荷從G點移到F點；電勢能減小，D錯誤。

故選BC。9、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由電場線的疏密反應(yīng)場強的強弱知：EP＞ER＞EQ，帶電質(zhì)點在P點的加速度比在Q點的加速度大；故A錯誤；

B．軌跡彎曲的方向可知，電場力的方向向右。由于質(zhì)點帶負電，所以場強向左，電場線的方向向左，質(zhì)點從P經(jīng)過R運動到Q，電場力做負功，電勢能增大，即在P點的電勢能比在Q點的小；故B正確；

C．根據(jù)能量守恒可知，帶電質(zhì)點在P點的動能大于在Q點的動能；故C正確；

D．沿電場線電勢降低，故P、R、Q三點中Q的電勢最低；故D錯誤。

故選BC。10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖，B點靠近正極板，所以A點電勢低于B點電勢；A錯誤；

B．在A點處電場線密集程度大于B點出，所以A點處的電場強度大于B點的電場強度，則塵埃在A點的電場力大于B點的電場力，所以塵埃在A點的加速度大于在B點的加速度；B正確；

C．塵埃在遷移過程中受到的電場力在變化；即加速度在變，所以塵埃在遷移過程中做非勻變速運動，C錯誤；

D．塵埃在遷移過程中；電場力先做負功后做正功，則電勢能先增大后減小，D正確。

故選BD。11、A:C【分析】【詳解】

A．由于A、B兩點的電勢能與兩個位置間的關(guān)系如題圖乙所示；說明電勢隨位置均勻增加，電場強度不變，不是孤立點電荷形成的電場，選項A正確；

B．A、B兩點的電場強度相等；選項B錯誤；

C．由題圖乙可知，電子在A、B兩點的電勢能分別為EpA和EpB；且。

EpB>EpA說明電子由A運動到B時電勢能增大；電場力做負功，電場力對其所做的功為。

W=EpA－EpB選項C正確；

D．電場力做負功，動能減小，電子在A點的動能大于B點的動能；選項D錯誤。

故選AC。12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象最先提出了能量子概念。故A正確；

B．康普頓效應(yīng)揭示了光的粒子性。故B錯誤；

C．德布羅意提出實物粒子也具有波動性的假設(shè)。故C錯誤；

D．玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域；成功地解釋了氫原子光譜實驗規(guī)律。故D正確。

故選AD。三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】試題分析：根據(jù)運動軌跡來判定電場力方向；由曲線運動條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)，故粒子從A到B，電場力對粒子做負功，因此粒子帶負電；由于B點的電場線密，所以B點的電場力大，則B點的加速度較大；粒子從A到B，電場力對粒子做負功，電勢能增加，導(dǎo)致動能減少；沿著電場線電勢降低，所以A點的電勢高．

考點：電場線，電場力做功與電勢能的關(guān)系【解析】（1）負，（2）B,（3）A,（4）A14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】阻礙15、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]電源的作用就是將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能,故正確；

（2）[2]靜電場：不隨時間變化或隨時間變化可以忽略不計的電場；

恒定電場：恒定電場是電源兩極上帶的電荷和導(dǎo)體或其他電學元件上堆積的電荷共同激發(fā)而形成的；其特點是電場線處處沿著到導(dǎo)體方向，由于電荷的分布是穩(wěn)定的，（即達到動平衡狀態(tài)），由這種穩(wěn)定分布的電荷形成的電場稱為恒定電場，它具有和靜電場相同的性質(zhì)，故錯誤；

（3）[3]規(guī)定電流的方向與正電荷定向移動的方向相同；故錯誤；

（4）[4]根據(jù)電流的決定式。

知電流越大；單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量就越多，故正確；

（5）[5]電流形成的條件：一有電源，二閉合回路，故錯誤?！窘馕觥空_錯誤錯誤正確錯誤16、略

【分析】【詳解】

[1]已知在金屬塊滑下的過程中，由動能定理可得

解得：金屬塊下滑過程電場力做負功，電場力水平向右，因此電場力與電場線方向相同，因此金屬塊帶正電；

[2]金屬塊機械能改變量為

[3]金屬塊的電勢能改變量為【解析】正電-12417、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]能量既不會憑空產(chǎn)生；也不會憑空消失，它只能從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式，或者從一個物體轉(zhuǎn)移到別的物體，在轉(zhuǎn)化或轉(zhuǎn)移的過程中，能量的總量保持不變。

（2）①[6]各種形式的能可以相互轉(zhuǎn)化。

②[7]各種物理現(xiàn)象可以用能量守恒定律聯(lián)系在一起。

（3）①[8]第一類永動機：人們把設(shè)想的不消耗能量的機器稱為第一類永動機。

②[9]第一類永動機由于違背了能量守恒定律，所以不可能制成。【解析】產(chǎn)生消失轉(zhuǎn)化轉(zhuǎn)移保持不變相互轉(zhuǎn)化能量守恒定律能量能量守恒定律18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]根據(jù)庫侖定律可知；兩電荷之間的庫侖力大小與帶電量大小；電荷間距離均有關(guān)，在不知道電荷間距離的情況下，無法判斷庫侖力大小，故描述錯誤。

（2）[2]根據(jù)庫倫定律可知；兩電荷的帶電量一定時，電荷間的距離越小，它們間的靜電力就越大，故描述正確。

（3）[3]物理學上把本身的線度比相互之間的距離小得多的帶電體叫做點電荷；故描述錯誤。

（4）[4]根據(jù)牛頓第三定律可知；兩點電荷之間的作用力是相互的，其方向相反，大小相等，故描述錯誤。

（5）[5]當兩個電荷之間的距離r→0時，電荷就不能視為點電荷，庫倫定律不再適用，故描述錯誤?！窘馕觥竣?錯誤②.正確③.錯誤④.錯誤⑤.錯誤19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]螺旋測微器的示數(shù)為0.5mm+0.142mm=0.642mm；

（2）[2]電壓表選擇量程時；最小分度為0.1V，所以需要再向后估讀一位，示數(shù)為1.80V；

（3）[3]毫安表選擇量程時，最小分度為0.5mA，只讀到小數(shù)點后一位，示數(shù)為12.0mA?！窘馕觥竣?0.642（0.641~0.643皆可）②.1.80③.12.020、略

【分析】【分析】

根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小；根據(jù)電場線的方向判斷電勢的高低．順著電場線電勢降低．等量異種點電荷的中垂線是一條等勢線．

【詳解】

由圖看出，A、B兩點處電場線疏密相同，方向相同，則A、B兩點的場強相同．電場線從A指向B，A點電勢高于B點電勢，即兩點電勢不同；CD是等量異種點電荷的中垂線上的兩點，電勢相同，場強不同，D點場強大于C場強．【解析】相同不同不同相同21、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長為截面積為結(jié)合電阻定律可得【解析】40四、作圖題(共1題，共3分)22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時間將變長，選項C錯誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變?。环烹姷臅r間將變短，選項D正確。

故選ABD?！窘馕觥緼BDABD五、實驗題(共3題，共9分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由于要求能測出盡可能多的數(shù)據(jù)；因此滑動變阻器采用分壓式連接方式；

（2）[2]由于小燈泡兩端電壓從零開始調(diào)節(jié)；因此滑動變阻器采用分壓式接法；而燈泡電阻較小，采用電流表外接。

故選A。

（3）[3]電路連接如圖所示。

（4）[4]由于小燈泡與滑動變阻器左半部分并聯(lián)；當滑動變阻器滑片向右滑動，左半部分分得的電壓升高，小燈泡兩端電壓升高，才會達到額定電壓。

（5）由于小燈泡的額定電壓為2.5V；從圖像中可知對應(yīng)的電流為0.2A，因此額定功率。

【解析】分壓法A見解析右0.5W24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由圖甲可知；螺旋測微器的讀數(shù)，也就是金屬絲的直徑為。

d=0.5mm+18.0×0.01mm=0.680mm（2）[2]圖乙讀數(shù)過大；故要將歐姆表倍率調(diào)大一個檔位；調(diào)整檔位后，要先