高二物理上學(xué)期期末復(fù)習(xí)備考題復(fù)習(xí)課件培優(yōu)新人教版

2017-2018學(xué)年第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)備考之高二物理專題復(fù)習(xí)（培優(yōu)版）★【知識體系】★★知識點一、庫侖定律的理解及其應(yīng)用★【答案】C

【針對訓(xùn)練】如圖所示，光滑水平面上相距為L的A、B兩個帶電小球，電荷量分別為+Q和-25Q,要引入第三個帶電小球C（三小球半徑都遠(yuǎn)小于L），使三個小球都只在電場力相互作用下而處于平衡，求： (1)小球C的具體位置； (2)小球C的電性及電荷量。

★知識點二、電場強(qiáng)度和電場線★電場線的四個應(yīng)用特別提醒特別提醒

【例題2】下列關(guān)于電場線的說法中正確的是

（） A電場線是電場中實際存在的線 B在復(fù)雜電場中的電場線可以相交的 C沿電場線方向，場強(qiáng)必定越來越小 D電場線越密的地方，同一試探電荷所受的靜電力越大

【解析】電場線是假想的曲線，不是實際存在的線，選項A錯誤；電場線是不能相交的，選項B錯誤；沿電場線方向，電勢降低，但是場強(qiáng)不一定越來越小，選項C錯誤；電場線越密的地方，場強(qiáng)越大，同一試探電荷所受的靜電力越大，選項D正確；故選D.【答案】D【答案】A★知識點三、電勢和電勢差、電場中的功能關(guān)系★判斷依據(jù)判斷方法電場線方向沿電場線方向電勢逐漸降低場源電荷的正負(fù)取無窮遠(yuǎn)處電勢為零，正電荷周圍電勢為正值，負(fù)電荷周圍電勢為負(fù)值；靠近正電荷處電勢高，靠近負(fù)電荷處電勢低電勢能的高低正電荷在電勢較高處電勢能大，負(fù)電荷在電勢較低處電勢能大電場力做功根據(jù)UAB＝，將WAB、q的正負(fù)號代入，由UAB的正負(fù)判斷φA、φB的高低公式法將電荷量、電勢連同正負(fù)號一起代入公式Ep＝qφ，正Ep的絕對值越大，電勢能越大；負(fù)Ep的絕對值越大，電勢能越小電勢法正電荷在電勢高的地方電勢能大負(fù)電荷在電勢低的地方電勢能大做功法電場力做正功，電勢能減小電場力做負(fù)功，電勢能增加能量守恒法在電場中，若只有電場力做功時，電荷的動能和電勢能相互轉(zhuǎn)化，動能增加，電勢能減小，反之，動能減小，電勢能增加

【例題3】如圖所示,實線表示某電場的電場線，虛線表示等勢線，A、B、C是電場中的三點，下列關(guān)于電場強(qiáng)度E和電勢

的大小關(guān)系正確的是

A．

EA

EC B．

EB

EA

C．

A

C

D．

B

A

【解析】電場線的疏密程度反映場強(qiáng)的大小，A處電場線最密，場強(qiáng)最大，則有EA＞EB，EA＞EC．故AB錯誤．沿電場線方向電勢越來越低，則知φB＞φA．因φB=φC故φC＞φA，故C錯誤，D正確．故選D?！敬鸢浮緿

【針對訓(xùn)練】a、b、c、d是勻強(qiáng)電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點，電場線與矩形所在平面平行．已知a點的電勢為20V，b點的電勢為24V，d點的電勢為4V，如圖．由此可知c點的電勢為(

)

A．4V B．8V C．12V D．24V【答案】B★知識點四、平行板電容器的動態(tài)分析★特別提醒【答案】B

【針對訓(xùn)練】（多選）如圖所示，平行板電容器A、B間有一帶電油滴P正好靜止在極板正中間，現(xiàn)將B板向下移動一點，其它條件不變，則

A．油滴將向下加速，電流計中電流由b流向a

B．油滴將向下加速，電流計中電流由a流向b

C．油滴運動的過程中電勢能將增大

D．油滴運動的過程中電勢能將減少【答案】BC★知識點五、帶電粒子在電場中的運動★特別提醒特別提醒【例題5】如圖所示，在真空中，沿水平方向和豎直方向建立直角坐標(biāo)系XOY，在x軸上方有一沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場E（電場強(qiáng)度E的大小未知）。有一質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球，從坐標(biāo)原點O由靜止開始自由下落，當(dāng)小球運動到P（0，-h）點時，在x軸下方突然加一豎直向上的勻強(qiáng)電場，其電場強(qiáng)度與x軸上方的電場強(qiáng)度大小相等。其小球從P返回到O點與從O點下落到P點所用的時間相等，重力加速度為g，試求：（1）小球返回O點時的速度大?。唬?）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大?。唬?）小球運動到最高點時的位置坐標(biāo)。

【名師點睛】帶電粒子在電場中的運動，綜合了靜電場和力學(xué)的知識，分析方法和力學(xué)的分析方法基本相同．先分析受力情況再分析運動狀態(tài)和運動過程（平衡、加速、減速，直

線或曲線），然后選用恰當(dāng)?shù)囊?guī)律解題．解決這類問題的基本方法有兩種，第一種利用力和運動的觀點，選用牛頓第二定律和運動學(xué)公式求解；第二種利用能量轉(zhuǎn)化

的觀點，選用動能定理和功能關(guān)系求解

【針對訓(xùn)練】三個質(zhì)量相等，分別為帶正電、負(fù)電和不帶電的顆粒，從平行帶電金屬板左側(cè)中央以相同的水平初速度V0先后垂直電場進(jìn)入，分別落在正極板的A、B、C三處，如圖9所示，關(guān)于三個顆粒的運動有下列說法正確的是（

）

A．三個顆粒在電場中運動時間相同

B．落在A處的顆粒帶負(fù)電、B處顆粒不帶電、C處顆粒正負(fù)電

C．三個顆粒在電場中運動時的加速度大小關(guān)系是aA＞aB＞aC

D．三個顆粒到達(dá)正極板時的動能大小關(guān)系是EKA＜EKB＜EKC

【答案】D★知識點六、歐姆定律、電阻定律和焦耳定律★★歐姆定律與伏安特性曲線的理解和應(yīng)用★電阻、電阻定律的理解與應(yīng)用特別提醒★電功、電功率及焦耳定律【答案】（1）0.3安（2）內(nèi)能的功率是1.8瓦

；機(jī)械能的功率是64.2瓦；機(jī)械能的效率是97.3％（3）通過電動機(jī)的電流是11A；電動機(jī)消耗的電功率和發(fā)熱功率是相等的是2420瓦?！窘馕觥績蔁襞菀?guī)格相同且正常發(fā)光，

甲圖燈泡并聯(lián)，電流為：I1=2I額；

乙圖燈泡串聯(lián)，電流為：I2=I額；

∴P1：P2=U1I1：U2I2

=8V×2I額：16V×I額=1：1．故選C。【答案】C★知識點七、閉合電路的歐姆定律★

【例題7】如圖所示的電路中，已知R1＝8Ω，當(dāng)開關(guān)K閉合時電壓表讀數(shù)為2V，電流表讀數(shù)為0.75A，當(dāng)開關(guān)K斷開時，電壓表讀數(shù)為3.2V，電流表讀數(shù)為0.8A，求電源電動勢和內(nèi)阻各是多少？【答案】1Ω；4V.【答案】ACD★知識點八、電路動態(tài)變化的分析★★電路的動態(tài)分析常用方法特別提醒【答案】D

【名師點睛】在分析電路動態(tài)變化時，一般是根據(jù)局部電路變化（滑動變阻器，傳感器電阻）推導(dǎo)整體電路總電阻、總電流的變化，然后根據(jù)閉合回路歐姆定律推導(dǎo)所需電阻的電壓和電流的變化（或者電流表，電壓表示數(shù)變化），也就是從局部→整體→局部【針對訓(xùn)練】在如圖所示電路中，當(dāng)滑動變阻器滑片P向下移動時，則（

）

A．A燈變亮、B燈變亮、C燈變亮

B．A燈變亮、B燈變亮、C燈變暗 C．A燈變亮、B燈變暗、C燈變暗

D．A燈變亮、B燈變暗、C燈變亮

【解析】滑動變阻器與B燈并聯(lián)，與C燈串聯(lián)，與A燈間接串聯(lián)，滑動變阻器滑片下移，有效阻值減小，根據(jù)“串反并同”，可知A、C兩燈功率增大，變亮，B功率減小，變暗，故A、B、C錯誤，D正確?！敬鸢浮緿★知識點九、閉合電路中的功率及效率問題★★兩類U--I圖線的比較與應(yīng)用特別提醒

【針對訓(xùn)練】（多選）在如圖所示的圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路。由圖象可知(

)

A．電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為

0.5Ω B．電阻R的阻值為1Ω C．電源的輸出功率為4W D．電源的效率為50%【答案】ABC★知識點十、電路故障分析及含電容器電路分析★第一步理清電路的串并聯(lián)關(guān)系第二步確定電容器兩極板間的電壓。在電容器充電和放電的過程中，歐姆定律等電路規(guī)律不適用，但對于充電或放電完畢的電路，電容器的存在與否不再影響原電路，電容器接在某一支路兩端，可根據(jù)歐姆定律及串、并聯(lián)規(guī)律求解該支路兩端的電壓U。第三步分析電容器所帶的電荷量。針對某一狀態(tài)，由電容器兩端的電壓U求電容器所帶的電荷量Q＝CU，由電路規(guī)律分析兩極板電勢的高低，高電勢板帶正電，低電勢板帶負(fù)電。特別提醒

【例題10】如圖所示的電路中，電源的電動勢E＝3.0V，內(nèi)阻r＝1.0Ω；電阻R1＝10Ω，R2＝10Ω，R3＝30Ω，R4＝35Ω；電容器的電容C＝100μF。電容器原來不帶電，接通電鍵K。電流穩(wěn)定后，求：

(1)流過電源的電流；(2)電阻R3兩端的電壓；(3)從接通電鍵K至電路達(dá)到穩(wěn)定的過程中流過R4的總電荷量。【針對訓(xùn)練】如圖所示的電路中嗎，燈泡A和B原來都是正常發(fā)光。忽然燈泡B比原來變暗了些，而燈泡A比原來變亮了些，試判斷電路中什么地方出現(xiàn)的何種故障?(設(shè)只有一處出現(xiàn)了故障)

【解析】電阻R2與燈泡A是并聯(lián)的，若R2斷路，此處只有燈泡A一個電阻，根據(jù)并聯(lián)電路總電阻與分電阻的關(guān)系，此處電阻相當(dāng)于增大，所以燈泡A兩端電壓增大，燈泡B兩端電壓降低，所以A亮度變亮，燈B亮度變暗，電阻R3與燈泡B是并聯(lián)的，若R3斷路，外電路總電阻增大，路端電壓增大，A、B兩燈泡兩端電壓都增大，功率都變大，所以A、B兩燈都變亮，若電阻R1斷路，外電路總增大，路端電壓增大．干路電流減小，而通過R3的電流增大，A燈和R2的總電流減小，則A燈兩端的電壓減小，A燈變暗．而B燈的電壓增大，B燈變亮，若燈B發(fā)生斷路，則B燈就不亮了，不是暗一些．故故障之處是R2斷路。【答案】R2斷路★知識點十一、磁場、磁感應(yīng)強(qiáng)度和安培定則★安培定則磁感線磁場特點直線電流的磁場無磁極、非勻強(qiáng)磁場，且距導(dǎo)線越遠(yuǎn)磁場越弱環(huán)形電流的磁場環(huán)形電流的兩側(cè)分別是N極和S極，且離圓環(huán)中心越遠(yuǎn)磁場越弱通電螺線管的磁場與條形磁鐵的磁場相似，管內(nèi)為勻強(qiáng)磁場，管外為非勻強(qiáng)磁場

【例題11】如圖所示，直導(dǎo)線AB、螺線管E，電磁鐵D三者相距較遠(yuǎn)，其磁場相互不影響，當(dāng)開關(guān)S閉合后，則小磁針北極（黑色一端）指示磁場方向正確的是

A．a(chǎn)B．b C．cD．d

【解析】小磁針N極的指向為磁感線方向，直導(dǎo)線AB部分，電流從下到上，所以從上往下看，直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場方向應(yīng)為逆時針方向，所以a指針應(yīng)斜指向紙面內(nèi)，a錯誤；在通電螺線管部分，電流是從上面進(jìn)來，然后從下邊出去，可知左端為螺旋管S極，右端為N極，在外部磁感線從N到S，所以b錯誤，在內(nèi)部磁感線從S到N，c正確；在U型螺線管，電流從右端進(jìn)，左端出，所以右端為S，左端為N，d錯誤；【答案】C

【解析】當(dāng)通過電流為I，根據(jù)題意可知：地磁場、電流形成磁場、合磁場之間的關(guān)系為：

當(dāng)夾角為30°時，有：B1=kI=B地tan30°…①

當(dāng)夾角為60°時，有：B2=kI1=B地tan60°…②

由①②解得：I1=3I，故ACD錯誤，B正確．【答案】B★知識點十二、安培力★【答案】BD

【針對訓(xùn)練】如圖所示，水平放置的兩導(dǎo)軌PQ間的距離L=0.5m，垂直于導(dǎo)軌平面的豎直向上的勻強(qiáng)磁場B=2T,垂直于導(dǎo)軌放置的ab棒的質(zhì)量m=1kg，系在ab棒中點的水平繩跨過定滑輪與重量G=3N的物塊相連．已知ab棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，電源的電動勢E=10V、內(nèi)阻r=0.1Ω，導(dǎo)軌的電阻及ab棒的電阻均不計．要想ab棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，R應(yīng)在哪個范圍內(nèi)取值？（g取10m/s2）【解析】依據(jù)物體的平衡條件可得，ab棒恰不右滑時：G-μmg-BI1L=0，得I1=1A；

ab棒恰不左滑時：G+μmg-BI2L=0，得：I2=5A；

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：

E=I1（R1+r）；E=I2（R2+r）

代入數(shù)據(jù)得：R1=9.9Ω，R2=1.9Ω；

所以R的取值范圍為：1.9Ω≤R≤9.9Ω【答案】1.9Ω≤R≤9.9Ω★知識點十三、帶電粒子在磁場中的運動★★帶電粒子在有界勻強(qiáng)磁場中的運動特別提醒

【例題13】如圖，一足夠長的矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿方向垂直紙面向里的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，在ad邊中點O，方向垂直磁場向里射入一速度方向跟ad邊夾角θ=30°、大小為v0的帶正電粒子，已知粒子質(zhì)量為m，電量為q，ad邊長為L，ab邊足夠長，粒子重力不計，求：

（1）粒子能從ab邊上射出磁場的v0大小范圍.

（2）如果帶電粒子不受上述v0大小范圍的限制，求粒子在磁場中運動的最長時間.

【名師點睛】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運動解題一般程序是：畫軌跡：確定圓心，幾何方法求半徑并畫出軌跡；找聯(lián)系：軌跡半徑與磁感應(yīng)強(qiáng)度、速度聯(lián)系；偏轉(zhuǎn)角度與運動時間相聯(lián)系，時間與周期聯(lián)系；用規(guī)律：牛頓第二定律和圓周運動的規(guī)律?！敬鸢浮緼BD★知識點十四、電磁感應(yīng)現(xiàn)象★【解析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，首先前提條件電路要閉合，再個就是閉合回路的磁通量發(fā)生變化，或者閉合回路部分導(dǎo)體做切割磁感線運動，所以D正確；【答案】D【針對訓(xùn)練】下面屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象的是（

） A．通電導(dǎo)體周圍產(chǎn)生磁場 B．磁場對感應(yīng)電流發(fā)生作用，阻礙導(dǎo)體運動 C．由于導(dǎo)體自身電流發(fā)生變化，而導(dǎo)體中產(chǎn)生自感電動勢 D．電荷在磁場中定向移動形成電流【解析】電磁感應(yīng)現(xiàn)象指的是由磁生電的現(xiàn)象；通電導(dǎo)體周圍產(chǎn)生磁場是由電生磁，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，現(xiàn)象A錯誤；磁場對感應(yīng)電流發(fā)生作用，阻礙導(dǎo)體運動不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，現(xiàn)象B錯誤；由于導(dǎo)體自身電流發(fā)生變化，從而引起磁場的變化，導(dǎo)體中產(chǎn)生自感電動勢是屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項C正確；電荷在磁場中定向移動形成電流，不是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項D錯誤；故選C.【答案】C★知識點十五、利用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向★名稱基本現(xiàn)象因果關(guān)系應(yīng)用的定則或定律電流的磁效應(yīng)運動電荷、電流產(chǎn)生磁場因電生磁安培定則洛倫茲力、安培力磁場對運動電荷、電流有作用力因電受力左手定則電磁感應(yīng)部分導(dǎo)體做切割磁感線運動因動生電右手定則閉合回路磁通量變化因磁生電楞次定律【例題15】如圖所示，兩個相同的閉合鋁環(huán)MN套在一根光滑的絕緣水平桿上，螺線管的軸線與鋁環(huán)的圓心在同一直線上，閉合開關(guān)S后，向左快速移動滑動變阻器的滑片p，不考慮兩環(huán)間的相互作用力，則在移動滑片p的過程中（） A．M、N環(huán)向左運動，它們之間的距離增大

B．M、N環(huán)向左運動，它們之間的距離減小

C．M、N環(huán)向右運動，它們之間的距離增大

D．M、N環(huán)向右運動，它們之間的距離減小

【解析】當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭向左移動時，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路電流變小，螺線管內(nèi)部、外部的磁場均減小，穿過M、N兩金屬環(huán)的水平向右的磁通量減小，根據(jù)楞次定律，可知向右運動可以阻礙穿過線圈的磁通量減小，所以環(huán)將向右運動；結(jié)合條形磁鐵的特點可知，靠近條形磁鐵的N處的磁感應(yīng)強(qiáng)度比較大，所以N環(huán)受到的安培力也比較大，加速度比較大，所以兩環(huán)之間的距離將增大．故選C【答案】C

【針對訓(xùn)練】（多選）如圖所示，通電螺線管左側(cè)和內(nèi)部分別靜止吊一導(dǎo)體環(huán)a和b，當(dāng)滑動變阻器R的滑動觸頭c向左滑動時()

A．a(chǎn)向左擺，b向右擺

B．b環(huán)面積有縮小的趨勢 C．a(chǎn)向左擺，b不動

D．a(chǎn)向右擺，b不動

【解析】當(dāng)滑動變阻器的滑片P向左移動時，接入電路中的電阻變小，電流變大，通電螺線管的磁性將增強(qiáng)，穿過線圈a和b的磁通量都變大，根據(jù)楞次定律，要阻礙磁通量的變大，所以b環(huán)產(chǎn)生的安培力使其有收縮的趨勢，來阻礙磁通量變大，因此產(chǎn)生安培力與環(huán)在同一平面，所以不會左右擺動；而a環(huán)因磁通量增加，產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)致其受到安培力方向向左，使其向左擺動，故BC正確，AD錯誤；故選BC.【答案】BC★知識點十六、法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用★

【例題16】如右圖所示，甲圖中的線圈為50匝，它的兩個端點a、b與內(nèi)阻很大的伏特表相連。穿過該線圈的磁通量隨時間變化的規(guī)律如乙圖所示，則伏特表的示數(shù)為

V?！敬鸢浮?2.5V【針對訓(xùn)練】桌面上放著一個單匝矩形線圈，線圈中心上方一定高度上有一豎直的條形磁鐵，此時線圈內(nèi)的的磁通量為0.04Wb。把條形磁鐵豎直放在線圈內(nèi)的桌面上時，線圈內(nèi)的磁通量為0.12Wb。分別計算以下兩個過程中線圈中的感應(yīng)電動勢。

（1）把條形磁鐵從圖中位置在0.5s內(nèi)放到線圈內(nèi)的桌面上；（2）換用10匝的矩形線圈，線圈面積和原單匝線圈相同，把條形磁鐵從圖中位置在0.1s內(nèi)放到線圈內(nèi)的桌面上【答案】（1）0.16V（2）8V★知識點十七、導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的計★E＝nE＝Blv區(qū)別研究對象閉合回路回路中做切割磁感線運動的那部分導(dǎo)體研究內(nèi)容求的是Δt時間內(nèi)的平均感應(yīng)電動勢，E與某段時間或某個過程對應(yīng)(1)若v為瞬時速度，則求的是瞬時感應(yīng)電動勢(2)若v為平均速度，則求的是平均感應(yīng)電動勢適用范圍對任何電路普遍適用只適用于導(dǎo)體垂直于勻強(qiáng)磁場做切割磁感線的運動【答案】（1）1A（2）0.5N

【針對訓(xùn)練】法拉第發(fā)明了世界上第一臺發(fā)電機(jī)—法拉第圓盤發(fā)電機(jī)；銅質(zhì)圓盤豎直放置在水平向左的勻強(qiáng)磁場中，圓盤圓心處固定一個搖柄，邊緣和圓心處各有一個銅電刷與其緊貼，用導(dǎo)線將電刷與電阻R連接起來形成回路．轉(zhuǎn)動搖柄，使圓盤如圖示方向轉(zhuǎn)動．已知勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，圓盤半徑為r，圓盤勻速轉(zhuǎn)動的角速度為ω．下列說法正確的是（）【答案】A★知識點十八、自感現(xiàn)象的分析★

電流自感電動勢

大小匝數(shù)變化磁通量強(qiáng)大的渦流答案※知識點十八、自感現(xiàn)象的分析3.自感現(xiàn)象“阻礙”作用的理解：(1)流過線圈的電流增加時，線圈中產(chǎn)生的自感電動勢與電流方向

，阻礙電流的

，使其緩慢地增加.(2)流過線圈的電流減小時，線圈中產(chǎn)生的自感電動勢與電流方向

，阻礙電流的

，使其緩慢地減小.線圈就相當(dāng)于電源，它提供的電流從原來的IL逐漸變小.相反增加相同減小答案4.分析自感現(xiàn)象的兩點注意（1）通過自感線圈中的電流不能發(fā)生突變，即通電過程中，電流是逐漸變大，斷電過程中，電流是逐漸變小，此時線圈可等效為“電源”，該“電源”與其他電路元件形成回路.（2）斷電自感現(xiàn)象中燈泡是否“閃亮”問題的判斷，在于對電流大小的分析，若斷電后通過燈泡的電流比原來強(qiáng)，則燈泡先閃亮后再慢慢熄滅.返回內(nèi)容呈現(xiàn)

【例題18】如圖所示，電阻R的阻值和線圈自感系數(shù)L的值都較大，電感線圈的電阻不計，A、B是兩只完全相同的燈泡，則下列說法正確的是（）

A．當(dāng)開光S閉合時，B比A先亮，然后A熄滅 B．當(dāng)開光S閉合時，B比A先亮，然后B熄滅 C．當(dāng)電路穩(wěn)定后開光S斷開時，A立刻熄滅，B逐漸熄滅 D．當(dāng)電路穩(wěn)定后開光S斷開時，B立刻熄滅，A閃一下后再逐漸熄滅【答案】D【解析】開關(guān)閉合到電路中電流穩(wěn)定的時間內(nèi)，A燈立刻變亮，由于通過線圈電流要增大，磁能量增大，產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律可知，這個自感電動勢將阻礙電流的增大，所以通過B燈的電流逐漸增大，故B燈逐漸變變，最后穩(wěn)定時，通過線圈的電流不變，線圈對電流沒有阻礙，燈泡亮度穩(wěn)定．故AB正確；

開關(guān)處于閉合狀態(tài)時，由于RA<RB+RL，通過A燈的電流大于通過B燈的電流．在斷開S瞬間，A燈中原來的電流消失，線圈產(chǎn)生自感電動勢，給兩燈提供瞬間電壓，根據(jù)楞次定律可知，電路中的電流從B燈的電流值開始逐漸減小，所以A燈的電流逐漸減小，但是A燈不會閃亮一下再慢慢熄滅．故C錯誤；在斷開S的瞬間，線圈相當(dāng)于電源，b端為電源的正極，故b點的電勢高于a點的電勢，故D錯誤；故選AB.【答案】AB★知識點十九、電磁感應(yīng)中的電路問題★【答案】(1)0.38V

9.6×10－3W

(2)7.2×10－6C【答案】（1）0.5A（2）0.075J★知識點二十、電磁感應(yīng)中的圖象問題★排除法定性地分析電磁感應(yīng)過程中物理量的變化趨勢(增大還是減小)、變化快慢(均勻變化還是非均勻變化)，特別是分析物理量的正負(fù)，以排除錯誤的選項。函數(shù)法根據(jù)題目所給條件定量地寫出兩個物理量之間的函數(shù)關(guān)系，然后由函數(shù)關(guān)系對圖像進(jìn)行分析和判斷?！敬鸢浮緾【針對訓(xùn)練】一矩形線圈位于一隨時間t變化的磁場內(nèi)，磁場方向垂直線圈所在的平面(紙面)向里，如圖甲所示．磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨t的變化規(guī)律如圖乙所示．以I表示線圈中的感應(yīng)電流，以圖甲中線圈上箭頭所示的方向為電流的正方向，則以下的I-t圖象中正確的是()

【答案】A★知識點二十一、電磁感應(yīng)中的動力學(xué)問題分析★狀態(tài)特征處理方法平衡態(tài)加速度為零根據(jù)平衡條件列式分析非平衡態(tài)加速度不為零根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行動態(tài)分析或結(jié)合功能關(guān)系進(jìn)行分析【解析】未進(jìn)磁場前和全部進(jìn)入磁場后，都僅受重力，所以加速度a1=a3=g．磁場的過程中，受到重力和向上的安培力，根據(jù)牛頓第二定律知加速度a2＜g．而由于線框在磁場中也做加速度為g的加速運動，故4位置時的速度大于2時的速度，故此時加速度一定小于2時的加速度，故a4＜a2；故關(guān)系為：a1=a3＞a2＞a4【答案】B【答案】BC★知識點二十二、電磁感應(yīng)中的能量問題分析★

【例題22】（多選）如圖所示，寬度為d的有界勻強(qiáng)磁場豎直向下穿過光滑的水平桌面，一質(zhì)量為m的橢圓形導(dǎo)體框平放在桌面上，橢圓的長軸平行磁場邊界，短軸小于d。現(xiàn)給導(dǎo)體框一個初速度v0(v0垂直磁場邊界)，已知導(dǎo)體框全部在磁場中的速度為v，導(dǎo)體框全部出磁場后的速度為v1；導(dǎo)體框進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為Q1，導(dǎo)體框離開磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為Q2。下列說法正確的是【答案】ACD【針對訓(xùn)練】（多選）兩根足夠長的平行光滑導(dǎo)軌豎直固定放置，頂端接一電阻R，導(dǎo)軌所在的平面與勻強(qiáng)磁場垂直；將一金屬棒與下端固定的輕彈簧的上端栓接，金屬棒和導(dǎo)軌接觸良好，重力加速度為g，如圖所示．現(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則（）

A．金屬棒在最低點的加速度小于g B．回路中產(chǎn)生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少量

C．當(dāng)彈簧彈力等于金屬棒的重力時，金屬棒下落速度最大

D．金屬棒在以后運動過程中的最大高度一定低于靜止釋放時的高度

【解析】金屬棒先向下做加速運動，后向下做減速運動，假設(shè)沒有磁場，金屬棒運動到最低點時，根據(jù)簡諧運動的對稱性可知，最低點的加速度等于剛釋放時的加速度g，由于金屬棒向下運動的過程中，產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到安培力，而安培力是阻力，則知金屬棒下降的高度小于沒有磁場時的高度，故金屬棒在最低點的加速度小于g．故A正確．根據(jù)能量守恒定律得知，回路中產(chǎn)生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少量與彈簧彈性勢能增加量之差．故B錯誤．金屬棒向下運動的過程中，受到重力、彈簧的彈力和安培力三個力作用，當(dāng)三力平衡時，速度最大，即當(dāng)彈簧彈力、安培力之和等于金屬棒的重力時，金屬棒下落速度最大．故C錯誤．由于產(chǎn)生內(nèi)能，彈簧具有彈性勢能，由能量守恒得知，金屬棒在