2025年湘教版必修2物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版必修2物理上冊月考試卷842考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，一臺起重機將質量為的貨物從靜止開始沿豎直方向勻加速吊起，在2s末貨物的速度為不計空氣阻力，g取在此過程中（）

A.合外力做功B.鋼繩拉力做功C.貨物的重力勢能減少D.貨物的機械能增加2、靜止在地面上的物體在豎直向上的恒力作用下上升，在某一高度撤去恒力．不計空氣阻力，在整個上升過程中，物體機械能隨時間變化關系是（）A.B.C.D.3、如圖所示，A、B兩籃球從相同高度同時拋出后直接落入籃筐；落入籃筐時的速度方向相同，下列判斷正確的是（）

A.A比B先落入籃筐B(yǎng).A、B運動的最大高度相同C.A在最高點的速度比B在最高點的速度小D.A、B上升到某一相同高度時的速度方向相同4、關于做曲線運動的條件，下列說法正確的是（）A.物體只有受到恒力作用，才能做曲線運動B.物體只要受到變力作用，就一定會做曲線運動C.物體所受合力為零時，不可能做曲線運動D.物體只有在所受的合力方向與速度方向垂直時，才能做曲線運動5、人造地球衛(wèi)星可在高度不同的軌道上運轉，已知地球質量為M，半徑為R，表面重力加速度為g，萬有引力恒量為G，則下述關于人造地球衛(wèi)星的判斷正確的是（）A.所有繞地球做勻速圓周運動的人造地球衛(wèi)星的運行周期都應小于B.所有繞地球做勻速圓周運動的人造地球衛(wèi)星的運行速度都不超過C.所有衛(wèi)星軌道都為圓形D.地球同步衛(wèi)星可相對地面靜止在廣州的正上空6、關于彈性勢能，下列說法正確的是（）A.只要發(fā)生形變，物體就具有彈性勢能B.某一彈簧的長度越長，其彈性勢能就越大C.彈簧的彈力做正功，其彈性勢能增加D.在彈性限度內，彈簧的彈性勢能大小與彈簧形變量有關7、把質量為m的小球放在豎直的彈簧上，并把小球往下按至A點的位置，如圖甲所示，迅速松手后，彈簧把小球彈起，小球升至最高位置C如圖乙所示，途中經(jīng)過位置B時彈簧正好處于自由狀態(tài)。彈簧的質量和空氣阻力均可忽略。小球由位置A運動至位置B的過程中；彈簧的彈性勢能變化情況是（）

A.一直減小B.一直增大C.先增大后減小D.先減小后增大8、如圖所示，AB、AC是兩個表面光滑的斜面，將兩個可看成質點的質量相等的小物塊同時從A點釋放，分別沿斜面AB、AC由靜止下滑到斜面底端；下列說法正確的是（）

A.下滑過程中，重力勢能減少量不一樣多B.物體沿斜面AB運動的時間短C.物體沿斜面AB下滑到底端的速度大D.下滑過程中，重力做功的平均功率一樣大9、如圖所示，A、B為兩顆人造地球衛(wèi)星，假設兩顆衛(wèi)星都做勻速圓周運動，衛(wèi)星A的軌道半徑小于衛(wèi)星B，下列說法正確的是

A.衛(wèi)星A所受地球引力大于衛(wèi)星BB.衛(wèi)星A的運行速度小于衛(wèi)星BC.衛(wèi)星A發(fā)射所需能量小于衛(wèi)星BD.衛(wèi)星A運行周期小于衛(wèi)星B評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖，某次排球比賽中，排球在距網(wǎng)面水平距離為4.8m、距地面高度為3.24m時，運動員將排球沿垂直網(wǎng)面的方向以16m/s的速度水平擊出。已知排球場網(wǎng)高2.24m，取重力加速度為10m/s2；忽略空氣對排球的影響，則排球越過網(wǎng)的瞬間（）

A.速度方向豎直向下B.豎直速度大小為3m/sC.恰好擦過網(wǎng)的上沿D.距離網(wǎng)的上沿0.55m11、如圖所示；下列關于地球人造衛(wèi)星軌道的說法，正確的是（）

A.衛(wèi)星軌道a、b、c都是可能的B.衛(wèi)星軌道只可能是b、cC.a、b均可能是同步衛(wèi)星軌道D.同步衛(wèi)星軌道只可能是b12、固定在豎直面內的光滑圓管POQ，PO段長度為L，與水平方向的夾角為30°，在O處有插銷，OQ段水平且足夠長。管內PO段裝滿了質量均為m的小球，小球的半徑遠小于L，其編號如圖所示，重力加速度為g。拔掉插銷；1號球在下滑過程中（）

A.機械能守恒B.做勻加速運動C.對2號球做的功為D.經(jīng)過O點時速度13、2019年12月17日，我國第一艘國產(chǎn)航空母艦“山東艦”在海南三亞交付海軍，標志著中國正式進入“雙航母時代”．該航母上的艦載機采用滑躍式起飛，故甲板是由水平甲板和上翹甲板兩部分構成，如圖1所示．為了便于研究艦載機的起飛過程，假設上翹甲板BC是與水平甲板AB相切的一段圓弧，示意如圖2所示，AB長為L1，BC水平投影L2，圖中C點切線方向與水平方向的夾角為θ．若艦載機從A點由靜止開始做勻加速直線運動，經(jīng)時間t到達B點進入BC．已知飛行員的質量m，重力加速度為g．下列說法中正確的是。

A.艦載機剛進入上翹甲板時的速度為B.艦載機水平運動的過程中，飛行員受到的合外力C.艦載機水平運動的過程中，飛行員受到的水平力所做功D.艦載機剛進入BC時，飛行員受到豎直向上的壓力14、如圖所示，玻璃管勻速向右移動的速度為vx，蠟塊沿玻璃管勻速上升的速度為vy．蠟塊從O點到P點時水平位移為x，豎直位移為y．下列說法正確的是（））

A.P蠟塊在B.點時的速度為P蠟塊在C.點時的速度為P蠟塊在D.點時的位移為P蠟塊在點時的位移為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、將一個物體以10m/s的初速度從5m的高度水平拋出，不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，則物體落地時豎直方向的分速度為________m/s，落地時速度方向與水平地面的夾角θ=________．16、萬有引力定律。

（1）內容：自然界中任何兩個物體都相互吸引，引力的方向在它們的連線上，引力的大小與物體的質量____________成正比、與它們之間____________成反比。

（2）表達式：F=G其中G叫作引力常量。17、已知地球半徑為R，引力常量為G。某人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的軌道離地高度等于地球半徑、周期為T。則該做勻速圓周運動的向心力來自于________，該衛(wèi)星的線速度為_______，地球的質量為______。18、質量為m，發(fā)動機的額定功率為P0的汽車沿平直公路行駛，當它的加速度為a時，速度為v，測得發(fā)動機的實際功率為P1，假定運動中所受阻力恒定，它在平直的路上勻速行駛的最大速度為__________。19、如圖所示，兩艘飛船A、B沿同一直線同向飛行，相對地面的速度均為v（v接近光速c）。地面上測得它們相距為L，則A測得兩飛船間的距離_______（選填“大于”、“等于”或“小于”）L。當B向A發(fā)出一光信號，A測得該信號的速度為_______。

20、如圖所示為高速入口的自動識別系統(tǒng)的直桿道閘，水平細直桿可繞轉軸在豎直平面內勻速轉動。車頭過自動識別線ab觸發(fā)系統(tǒng)開始識別，ab線離直桿正下方的距離22m，識別系統(tǒng)的反應時間為0.2s，直桿轉動角速度rad/s，直桿由水平位置轉到豎直位置的時間約為______s。直桿轉動到豎直位置時汽車方能通過道閘，要使汽車安全通過道閘，則汽車不停車勻速安全通過道閘的最大速度為______m/s。

21、某同學通過視頻追蹤得到一物體從靜止開始下落的x-t圖像如圖所示，物體下落過程中僅受空氣阻力f與重力G，則下落過程中兩者大小關系為f≈________G；取x=0處勢能為零，t=0.7s時物體的動能________重力勢能（選填“大于”；“小于”或“等于”）。

22、在相對地球速率為0.80c的光子火箭上測量蘇州大學一堂40分鐘的課的時間為_________。評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)23、如圖所示，在一內壁光滑環(huán)狀管道位于豎直面內，其管道口徑很小，環(huán)半徑為R（比管道的口徑大得多）。一小球直徑略小于管道口徑，可視為質點。此時小球滑到達管道的頂端，速度大小為重力加速度為g。請作出小球的受力示意圖。

24、圖甲為拋出的石子在空中運動的部分軌跡，圖乙是水平面上一小鋼球在磁鐵作用下的部分運動軌跡．請畫出物體在A、B、C、D四點的受力方向和速度方向．（不計空氣阻力）

25、一個物體在光滑水平面上運動，其速度方向如圖中的v所示。從A點開始，它受到向前但偏右（觀察者沿著物體前進的方向看，下同）的合力。到達B點時，這個合力的方向突然變得與前進方向相同。達到C點時，合力的方向又突然改為向前但偏左。物體最終到達D點。請你大致畫出物體由A至D的運動軌跡，并標出B點、C點和D點。

26、在圖的實驗中，假設從某時刻（）開始，紅蠟塊在玻璃管內每1s上升的距離都是10與此同時，玻璃管向右沿水平方向勻加速平移，每1s內的位移依次是4122028在圖所示的坐標系中，y表示蠟塊在豎直方向的位移，x表示蠟塊隨玻璃管通過的水平位移，時蠟塊位于坐標原點。請在圖中標出t等于1s；2s、3s、4s時蠟塊的位置；并用平滑曲線描繪蠟塊的軌跡。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．合外力做功

故A錯誤；

B．上升的高度

鋼繩拉力做功

選項B正確；

C．貨物的重力勢能增加

選項C錯誤；

D．貨物的機械能增加等于拉力的功，大小為選項D錯誤。

故選B。2、C【分析】【詳解】

恒力做功的大小等于機械能的增量，撤去恒力后，物體僅受重力，只有重力做功，機械能守恒．設在恒力作用下的加速度為a，則機械能增量知機械能隨時間不是線性增加，撤去拉力后，機械能守恒，則機械能隨時間不變，故C正確．3、D【分析】【詳解】

AB．若研究兩個過程的逆過程，可看做是從籃筐沿同方向斜向上的斜拋運動，落到同一高度上的AB兩點，則A上升的高度較大，高度決定時間，可知A運動時間較長，即B先落入籃筐中；AB錯誤；

C．因為兩球拋射角相同，A的射程較遠，則A球的水平速度較大，即在最高點的速度比B在最高點的速度大；C錯誤；

D．由斜拋運動的對稱性可知，當A、B上升到與籃筐相同高度時的速度方向相同；D正確。

故選D。4、C【分析】【分析】

【詳解】

物體受到的合外力與物體的速度不共線時就會做曲線運動；所以做曲線運動時，合外力不能為零，速度不能為零；合外力可以是恒力也可以是變力，合外力可以和速度方向成銳角；鈍角或直角。故C正確，ABD錯誤。

故選C。5、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)萬有引力提供向心力，有

解得

根據(jù)黃金代換得

由于人造地球衛(wèi)星均在高度不同的軌道上繞地球做勻速圓周運動，所以

所以

選項A錯誤；

B．根據(jù)萬有引力提供向心力，有

解得

其中r為軌道半徑。

由于人造地球衛(wèi)星均在高度不同的軌道上繞地球做勻速圓周運動，所以所以

選項B正確；

C．衛(wèi)星運行的軌道是橢圓；只是在我們的計算中可以近似為圓形軌道來處理，選項C錯誤；

D．地球同步衛(wèi)星可相對地面靜止；只有在赤道的正上空，選項D錯誤。

故選B。6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．發(fā)生彈性形變的物體才具有彈性勢能；A錯誤；

B．某一彈簧的形變量越大；其彈性勢能就越大，B錯誤；

C．彈簧的彈力做正功；其彈性勢能減少，C錯誤；

D．在彈性限度內；彈簧的彈性勢能大小與彈簧形變量有關，D正確。

故選D。7、A【分析】【分析】

【詳解】

小球從A上升到B位置的過程中，彈簧的形變量一直減小，根據(jù)可知；彈簧的彈性勢能一直減小。

故選A。8、B【分析】【分析】

【詳解】

A.下滑過程中；重力做功相同，則重力勢能減少量一樣多，選項A錯誤；

B.根據(jù)

解得

可知，物體沿斜面AB運動的時間短；選項B正確；

C.根據(jù)

可知；物體下滑到底端的速度大小一樣大，選項C錯誤；

D.根據(jù)

可知，沿AB下滑的過程中；重力做功的平均功率大，選項D錯誤。

故選B。9、D【分析】【分析】

衛(wèi)星繞地球做圓周運動；萬有引力提供圓周運動向心力，并由此分析向心加速度等描述圓周運動的物理量與半徑的關系并由此展開分析即可．

【詳解】

根據(jù)萬有引力提供向心力得：衛(wèi)星A半徑小于衛(wèi)星B的半徑，故線速度大于B的線速度，但是因兩衛(wèi)星的質量關系不確定，則不能比較所受的引力的大小關系，也不能比較衛(wèi)星A發(fā)射所需能量與衛(wèi)星B的關系，故ABC錯誤；根據(jù)則衛(wèi)星A的周期小于衛(wèi)星B的周期，故D正確；故選D；

【點睛】

本題主要抓住萬有引力提供圓周運動向心力并由此根據(jù)半徑關系判定描述圓周運動物理量的大小關系，掌握衛(wèi)星在軌道上加速或減速會引起軌道高度的變化，這是正確解決本題的關鍵．二、多選題(共5題，共10分)10、B:D【分析】【詳解】

AB.．排球越過網(wǎng)的瞬間，由水平方向可知

豎直方向的速度

設速度與水平方向的夾角為

速度方向不是豎直向下；A錯誤；B正確；

CD．豎直方向的位移

距離網(wǎng)的上沿的距離

C錯誤；D正確。

故選BD。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．地球衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運動，圓心是地球的地心，所以凡是人造地球衛(wèi)星的軌道平面必定經(jīng)過地球中心，所以b、c均可能是衛(wèi)星軌道，a不可能是衛(wèi)星軌道；故A錯誤，B正確；

CD．同步衛(wèi)星的軌道必定在赤道平面內，所以同步衛(wèi)星軌道只可能是b；故D正確，C錯誤。

故選BD。12、C:D【分析】【詳解】

B．拔掉插銷后，小球依次緊密排列運動，整體的加速度大小相等，設為a，設小球總數(shù)為n，運動過程中傾斜圓筒中剩余的小球個數(shù)為k（1≤k≤n），對整體根據(jù)牛頓第二定律有

解得

所以整體的加速度與k有關；則1號球在下滑過程中做加速度減小的加速運動，故B錯誤；

D．易知所有小球都運動到OQ段上后速度相同，且都等于1號球經(jīng)過O點時的速度，以n個小球整體為研究對象，整體的重心在開始時位于PO中點，則對從拔掉插銷到所有小球都到達OQ段的過程，根據(jù)機械能守恒定律有

解得

故D正確；

AC．對于1號球從P到O的運動過程，設2號球與1號球做的功為W，根據(jù)動能定理有

解得

所以1號球在下滑過程中有除了重力之外的力對1號球做了負功，其機械能不守恒，又因為1、2號球之間相互作用力始終大小相等、方向相反，且整個下滑過程位移相同，所以1號球對2號球做的功為

故A錯誤；C正確。

故選CD。13、C:D【分析】【詳解】

艦載機由靜止開始做勻加速直線運動，設其剛進入上翹甲板時的速度為v，則有解得選項A錯誤；加速度為根據(jù)牛頓第二定律得飛行員受到的合外力選項B錯誤；根據(jù)動能定理，有飛行員受到的水平力所做功選項C正確；設上翹甲板所對應的圓弧半徑為根據(jù)幾何關系，有由牛頓第二定律，有整理后得選項D正確．14、B:D【分析】【詳解】

由于玻璃管和蠟塊的運動都是勻速的，玻璃管勻速向右移動的速度為vx，蠟塊沿玻璃管勻速上升的速度為vy．所以蠟塊合和運動也是勻速直線運動，合運動的速度的大小為則為蠟塊在P點時的速度，所以A錯誤，B正確；蠟塊在P點時的位移為水平和豎直位移的矢量和，所以蠟塊在P點時的位移為所以C錯誤，D正確．故選BD．

【點睛】

該題考查運動的合成與分解，注意矢量的合成滿足平行四邊形法則；由于兩個分速度相互垂直，可以使用正交分解法．三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，則則θ=45°

點睛：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，知道平拋運動的時間由高度決定，與初速度無關．【解析】10；45°；16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】m1和m2的乘積距離r的二次方17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]做勻速圓周運動的向心力來自于地球與衛(wèi)星的萬有引力。

[2]衛(wèi)星的線速度，根據(jù)

[3]根據(jù)

解得【解析】地球與衛(wèi)星的萬有引力18、略

【分析】【詳解】

[1]當速度為時，發(fā)動機的實際功率為此時的牽引力

根據(jù)牛頓第二定律有

解得

當牽引力等于阻力時，速度最大【解析】19、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)可知，L0為在相對靜止參考系中的長度，L為在相對運動參考系中的長度，地面上測得它們相距為L，是以高速飛船為參考系，而A測得的長度為以靜止參考系的長度大于L；

[2]根據(jù)光速不變原理，則A測得該信號的速度為c。【解析】大于c20、略

【分析】【詳解】

[1]直桿由水平位置轉動到豎直位