2025年魯人新版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯人新版必修3物理上冊階段測試試卷57考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，1831年法拉第把兩個線圈繞在一個鐵環(huán)上，A線圈與電源、滑動變阻器組成一個回路，B線圈與開關(guān)電流表G組成另一個回路。通過多次實驗；法拉第終于總結(jié)出產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件。關(guān)于該實驗下列說法正確的是（）

A.閉合開關(guān)S的瞬間，電流表G中有的感應(yīng)電流B.閉合開關(guān)S的瞬間，電流表G中有的感應(yīng)電流C.閉合開關(guān)S后，在增大電阻的過程中，電流表G中有的感應(yīng)電流D.閉合開關(guān)S后，在增大電阻的過程中，電流表G中有的感應(yīng)電流2、如圖所示，在x軸上的A、B兩位置分別放有電子A、B間距離與B、O間距離相等。在y軸上的C、D兩位置分別放有相同負離子電荷量數(shù)值上q是e的整數(shù)倍，BC連線和BD連線與x軸的夾角始終相等。固定A處電子，調(diào)節(jié)夾角使B處電子能夠在原位置平衡；下列說法正確的是（）

A.夾角有10個可能值B.夾角的值可能等于60°C.若要使B電子仍在原位置平衡，則A電子要向左移D.若A點負電荷變?yōu)槠溆鄺l件不變，則B電子不可能平衡3、如圖所示，垂直于紙面的四根無限長直導(dǎo)線a、b、c、d通有相同大小的電流I，方向如圖所示，四根導(dǎo)線放置在正方形的四個頂點，此時正方形對角線交點O的磁感應(yīng)強度大小為（已知當(dāng)其它條件不變時，長直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場）?，F(xiàn)在將長直導(dǎo)線d撤去，則O處的磁感應(yīng)強度大小B1為（）

A.B.C.D.4、如圖所示，a、b、c、d為某一電場中的四個等勢面，已知相鄰等勢面間電勢差相等，一個帶正電粒子運動過程中只受電場力作用，先后經(jīng)過M點和N點，則（）

A.電場力對粒子做正功B.粒子在M點的加速度比N點大C.四個等勢面電勢關(guān)系為φaφbφcφdD.該粒子在N點的動能較大，電勢能較小5、某一電場線與y軸重合，A、B為y軸上的兩點，y軸上各點電勢隨其坐標(biāo)變化的關(guān)系如圖所示。一電子僅在電場力的作用下沿y軸正方向從A點運動到B點的過程中；下列說法正確的是（）

A.電子的加速度增大B.電子的速度不變C.電子的動能減小D.電子的電勢能減小6、如圖所示，一電場的電場線分布關(guān)于y軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM＝MN。P點在y軸右側(cè)，MP⊥ON。則下列說法正確的是（）

A.M點的電勢等于P點的電勢B.將負點電荷由O點移動到P點，電場力做正功C.M、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電勢差D.M、N兩點間的電勢差小于O、M兩點間的電勢差7、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種常用的方法。下列四個選項中全部都應(yīng)用了比值定義法的是（）

①加速度②電場強度③電容④電流⑤導(dǎo)體電阻A.①③⑤B.②③⑤C.②③④D.①③④8、橫截面直徑為d、長為L的導(dǎo)線，兩端電壓為U，當(dāng)三個參量中一個或兩個變化時，不影響自由電子定向移動的平均速率是（）A.電壓UB.直徑dC.長度LD.長度L和直徑d9、將一只量程為100μA，內(nèi)阻Rg=900Ω的靈敏電流計分別改裝成量程為1mA的電流表、量程為1V的電壓表，電路如圖所示，G為靈敏電流計，Ra、Rb是二個定值電阻，下列判斷正確的是（）

A.選擇開關(guān)置于a時，構(gòu)成量程為0～1V的電壓表B.選擇開關(guān)置于b時，構(gòu)成量程為0～1mA的電流表C.電阻Ra的阻值為90ΩD.電阻Rb的阻值為910Ω評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖，一邊長為1m的正方形放在與其平面平行的勻強電場中，A、B、C、D是該正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=6V、φB=2V、φC=﹣2V，則D點電勢φD；勻強電場的電場強度大小分別為（）

A.φD=0VB.φD=2VC.E=4V/mD.E=8V/m11、如圖所示，圖中的四個電表均為理想電表，當(dāng)滑動變阻器滑片P向右端滑動時，下面說法正確的是()

A.電壓表的讀數(shù)減小，電流表的讀數(shù)增大B.電壓表讀數(shù)變化量的大小與電流表讀數(shù)變化量的大小比值增大C.若電壓表讀數(shù)變化量大小為電流表讀數(shù)變化量的大小為則D.若則電壓表的讀數(shù)與電流表讀數(shù)的乘積增大12、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R。電荷量均為Q的正、負點電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，+Q與O點的連線和OC間夾角為30°；下列說法正確的是（）

A.O點的場強大小為方向由O指向DB.O點的場強大小為方向由O指向DC.D兩點的電勢關(guān)系是D.電荷量為q的正電荷在A點的電勢能大于在C點的電勢能13、如下圖所示，在光滑絕緣水平面上，有兩個質(zhì)量相等、帶有同種電荷的小球A和B，它們所帶電荷量不相等，彼此相隔一定距離．現(xiàn)在給A球一個沿A、B球心連線水平向右的初速度v0，同時將B球由靜止釋放．若在此后的運動中兩小球始終未相碰；則兩小球在運動過程中（）

A.任一時刻加速度的大小一定不相等B.任一時刻加速度的大小一定相等C.相距最近時，它們的速度相等D.相距最近時，它們的速度不相等14、如圖所示，水平面內(nèi)的等邊三角形ABC的邊長為L，頂點C恰好位于光滑絕緣直軌道CD的最低點，光滑直導(dǎo)軌的上端點D到A、B兩點的距離均為L，D在AB邊上的豎直投影點為O．一對電荷量均為－Q的點電荷分別固定于A、B兩點．在D處將質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球套在軌道上(忽略它對原電場的影響)，將小球由靜止開始釋放，已知靜電力常量為k、重力加速度為g，且忽略空氣阻力，則。

A.軌道上D點的場強大小為B.小球剛到達C點時，其加速度為零C.小球剛到達C點時，其動能為D.小球沿直軌道CD下滑過程中，其電勢能先增大后減小15、在地面附近，存在著一個有界電場，邊界MN將空間分成上下兩個區(qū)域I、II，在區(qū)域Ⅱ中有豎直向上的勻強電場，在區(qū)域I中離邊界某一高度由靜止釋放一個質(zhì)量為m的帶電小球，如圖甲所示，小球運動的圖像如圖乙所示；不計空氣阻力，則（）

A.小球受到的重力與電場力之比為3:5B.在t=5s時，小球經(jīng)過邊界MNC.在小球向下運動的整個過程中，重力做的功大于電場力做的功D.在1s～4s過程中，小球的機械能先減小后增大16、某靜電場方向平行于x軸，其電勢隨x的變化規(guī)律如圖所示：一質(zhì)量為m、帶電量為-q的粒子（不計重力），從O點（x=0）靜止釋放，僅在電場力的作用下沿x軸正方向運動。下列說法正確的是（）

A.粒子從O運動到x的過程中做勻加速直線運動B.粒子在x1處速度最大，為vm=C.粒子第一次經(jīng)過x1到x2的運動過程中，電勢能減小D.粒子不可能運動到x2的右側(cè)17、某電場區(qū)域的電場線如圖所示，a、b是其中一條電場線上的兩點；下列說法正確的是()

A.a點的場強一定大于b點的場強B.a點的場強方向可能沿著a點的電場線向左C.負電荷在a點受到的電場力一定小于它在b點受到的電場力D.正電荷在a點受到的電場力一定大于它在b點受到的電場力18、利用圖示裝置通過靜電計指針偏角的變化情況可以探究有關(guān)平行板電容器問題；開始時，兩金屬板A；B豎直平行且正對，開關(guān)S閉合。下列說法正確的是（）

A.若僅將A板緩慢豎直向上平移，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度增大B.若S斷開后，僅將A板緩慢豎直向上平移，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度增大C.若S斷開后，僅在B板間插入玻璃板，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度增大D.若S斷開后，僅將A板緩慢水平向左平移，則靜電計指針的偏轉(zhuǎn)角度增大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）則D點電勢φD=____________V

（2）若該正方形的邊長為a=20cm，且電場方向與正方形所在平面平行，則場強為E=_________N/C20、如圖所示，兩根通以電流大小相同的通電直導(dǎo)線互相垂直放置，且相隔一定距離，試確定O點的磁場方向_______．21、如圖所示電路中，電源電動勢E=2V，內(nèi)阻r=2Ω，R1=4Ω，R2=6Ω，R3=3Ω。若在C、D間連一個理想電流表，其讀數(shù)是___________A；若在C、D間連一個理想電壓表，其讀數(shù)是___________V。

22、會利用______法和______法求電動勢和內(nèi)阻。23、有一個靈敏電流表，內(nèi)阻為滿偏電流為要把它改裝成量程為的電流表，需并聯(lián)______的分流電阻；如果要把它改裝為量程的電壓表，需串聯(lián)_______的電阻（本題保留三位有效數(shù)字）。24、如圖，在豎直平面內(nèi)有一勻強電場，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球在力F（未知量）的作用下沿圖中虛線由A至B做豎直向上的勻速運動．已知力F和AB間夾角為θ，AB間距離為d，重力加速度為g．則電場強度E的最小值為___．若電場強度時，小球從A運動到B電勢能變化量大小可能為____．

25、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）則D點電勢φD=____________V

（2）若該正方形的邊長為a=20cm，且電場方向與正方形所在平面平行，則場強為E=_________N/C評卷人得分四、作圖題(共4題，共32分)26、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

27、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。28、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標(biāo)軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

29、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當(dāng)報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當(dāng)沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當(dāng)線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當(dāng)線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復(fù)到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共10分)30、某小組測量一金屬絲的電阻率；除多用電表；刻度尺、螺旋測微器、開關(guān)、導(dǎo)線外，還能提供實驗所需器材。

(1)在實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其示數(shù)如圖所示，則該金屬絲直徑的測量值d=___________mm。

(2)使用多用電表歐姆擋粗測金屬絲的電阻，倍率選擇“×1”擋，指針位置如圖所示，則該金屬絲的電阻為___________Ω。

(3)采用伏安法測電阻時，測得了多組U、I數(shù)據(jù)，根據(jù)這些數(shù)據(jù)作出如圖所示的U-I圖像。由此可得金屬絲的電阻R=___________Ω。（保留兩位有效數(shù)字）

(4)若通過實驗測量獲得了數(shù)據(jù)：金屬絲的電阻R，金屬絲的長度l，以及金屬絲的直徑d。那么本次實驗得到金屬絲電阻率ρ=___________。（用上述符號表示）評卷人得分六、解答題(共4題，共20分)31、“通量”是物理學(xué)中的重要概念，在研究磁場時我們引入了“磁通量”。定義磁通量Ф=BS，其中B為磁感應(yīng)強度、S為垂直磁場的面積。

(1)如圖所示，在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，放置一個面積為S的平面，平面的法線（與平面垂直）方向與磁場方向的夾角為θ。求穿過該平面的磁通量Ф。

(2)與之類似；在靜電場中，我們定義“垂直穿過某一平面的電場線條數(shù)為通過這一平面的電通量”。

①寫出電通量ФE的定義式及單位；

②求出通過真空中以點電荷＋Q為球心，以R為半徑的球面的電通量ФE＇。（已知真空中靜電力常量為k，球的表面積公式S=4πR2）

(3)自然界中的物體都會不斷向外輻射電磁波，這種輻射因為和溫度有關(guān)而被稱為熱輻射。為了研究輻射規(guī)律，人們建立一種被稱為“黑體”的理想模型（對來自外界的電磁波只吸收不反射，但自身會發(fā)射電磁波）。理論研究表明，單位時間內(nèi)從黑體單位表面積輻射的電磁波總能量與其絕對溫度的4次方成正比，即式中σ為已知常數(shù)。假設(shè)把太陽和火星都看成黑體，忽略其他天體及宇宙空間的其他輻射，已知太陽的表面溫度T0=5770K；太陽和火星間距離約為太陽半徑的400倍。試估算火星的平均溫度。

32、如圖所示，在豎直直角坐標(biāo)系內(nèi)，軸下方區(qū)域I存在場強大小為E、方向沿y軸正方向的勻強電場，軸上方區(qū)域Ⅱ存在方向沿軸正方向的勻強電場．已知圖中點D的坐標(biāo)為()，虛線軸．兩固定平行絕緣擋板AB、DC間距為3L，OC在軸上，AB、OC板平面垂直紙面，點B在y軸上．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子(不計重力)從D點由靜止開始向上運動，通過軸后不與AB碰撞，恰好到達B點，已知AB=14L，OC=13L．

（1）求區(qū)域Ⅱ的場強大小以及粒子從D點運動到B點所用的時間

（2）改變該粒子的初位置，粒子從GD上某點M由靜止開始向上運動，通過軸后第一次與AB相碰前瞬間動能恰好最大．

①求此最大動能以及M點與軸間的距離

②若粒子與AB、OC碰撞前后均無動能損失(碰后水平方向速度不變，豎直方向速度大小不變，方向相反)，求粒子通過y軸時的位置與O點的距離y2．33、如圖，在勻強電場中，將電荷量為-6×10-6C的點電荷從電場中的A點移到B點，靜電力做了-2.4×10-5J的功，再從B點移到C點，靜電力做了1.2×10-5J的功。已知電場的方向與△ABC所在的平面平行：

（1）A、B兩點間的電勢差UAB和B、C兩點間的電勢差UBC分別為多少？

（2）如果規(guī)定B點的電勢為0，則A點和C點的電勢分別為多少？

34、在物理學(xué)中，常常用物理量之比表示研究對象的某種性質(zhì)，簡稱用比值法定義物理量，例如用物體的質(zhì)量m與相應(yīng)的體積V之比定義密度ρ。課本第九章至第十一章中，用比值法定義的物理量有電場強度、電勢、電容、電流、電阻等。請列舉其中2個物理量，寫出定義式，要求符號規(guī)范，并對定義式中各個符號表達的物理意義有準(zhǔn)確說明。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．閉合與斷開開關(guān)S的瞬間；穿過線圈B的磁通量都不發(fā)生變化，電流表G中均無感應(yīng)電流。故AB錯誤；

CD．閉合開關(guān)S后，在增大電阻R的過程中，電流減小，則通過線圈B的磁通量減小了，根據(jù)右手螺旋定則可確定穿過線圈B的磁場方向，再根據(jù)楞次定律可得：電流表G中有b→a的感應(yīng)電流；故C錯誤，D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

AB．設(shè)AB=BO=r，設(shè)CD兩處的電荷帶電量為q=ne，其中n=1、2、3、4、5，當(dāng)B點的電子平衡時，則

即

因n可取5個值，且θ角小于90°，可知夾角有5個可能值，當(dāng)n=4時，θ=60°，選項A錯誤，B正確；

C．若CD兩處的電荷對B處電子的作用力為

則要使B電子仍在原位置平衡，則A電子要向右移靠近B；選項C錯誤；

D．若A點負電荷變?yōu)槠溆鄺l件不變，則要B電子仍平衡時需滿足

即

則只有當(dāng)n=4、5時表達式成立，即B電子仍能平衡；選項D錯誤。

故選B。3、A【分析】【詳解】

根據(jù)右手螺旋定則可以確定四根通電直導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度的方向如圖所示。

由于通電導(dǎo)線中電流大小相等，且導(dǎo)線到O點距離相等，所以四根通電導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，即

所以

當(dāng)撤去導(dǎo)線d時，O點處的合磁感應(yīng)強度為

故選A。4、B【分析】【詳解】

AD．由軌跡可知，正粒子從M到N時所受的電場力大致向右，可知場強大致向右，則從M到N電場力做負功，電勢能變大，動能減小，則該粒子在N點的動能較??；電勢能較大，選項AD錯誤；

B．因為M點的等勢線較N點密集，可知M點的電場線較N點密集，則M點的場強較大，則粒子在M點的加速度比N點大；選項B正確；

C．因為場強大致向右，沿電場線電勢降低，可知四個等勢面電勢關(guān)系為φa>φb>φc>φd；選項C錯誤；

故選B.5、D【分析】【分析】

【詳解】

A．因y-φ圖像的斜率等于電場強度的倒數(shù)，從圖中可知斜率恒定，所以沿y軸方向的電場強度不變；由。

eE=ma可知電子的加速度不變；A錯誤；

BCD．由于φA＜φB，電子從A點運動到B點的過程中電場力做正功；動能增大，電勢能減小，BC錯誤，D正確；

故選D。6、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場線和等勢面在交互處相互垂直的關(guān)系，結(jié)合圖中P點電場線可以判斷出M點的電勢比P點的電勢高；A錯誤；

B．將負點電荷由O點移到P點；電勢能增大，電場力做負功，B錯誤；

C．根據(jù)結(jié)合OM段電場線較MN處密，定性分析可知UMN<UOM；C錯誤；

D．由C知；D正確。

故選D。7、D【分析】【分析】

【詳解】

①加速度與速度的變化量無關(guān)，所以加速度a=屬于比值定義法；②電場強度與場源電荷量成正比，與距離的平方成反比，所以電場強度E=不屬于比值定義法；③電容是由電容器本身的性質(zhì)決定的，其大小與帶電量以及兩板間的電壓無關(guān)，所以電容C=屬于比值定義法；④電流的大小由導(dǎo)體兩端的電壓和導(dǎo)體的電阻決定，單位時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量叫電流強度，電流I=屬于比值定義法；⑤電阻與導(dǎo)線長度、橫截面積及電阻率有關(guān)，所以導(dǎo)體的電阻R=ρ不屬于比值定義法；故屬于比值定義法的是①③④。

故選D。8、B【分析】【分析】

【詳解】

A．電壓U變化時，由歐姆定律得知，電流變化，由電流的微觀表達式

得知，自由電子定向運動的平均速率v變化；A錯誤；

B．導(dǎo)線橫截面的直徑d，由

則有

由電阻定律得

電流

解得

得知，自由電子定向運動的平均速率v不變；B正確；

CD．導(dǎo)線長度L變化，由電阻定律得知，電阻變化，電流變化，則由電流的微觀表達式

得知，自由電子定向運動的平均速率v變化；C錯誤。

故選B。9、D【分析】【詳解】

選擇開關(guān)置于a時，構(gòu)成量程為0~1mA的電流表，由歐姆定律可知

解得

選擇開關(guān)置于b時，構(gòu)成量程為0~1V的電壓表，由歐姆定律知

解得

故選D。二、多選題(共9題，共18分)10、B:C【分析】【詳解】

AB、勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化都相等，故φA-φB=φD-φC

即得φD=2V

故A錯誤；B正確；

CD因為φB=φD=2V，則BD連線為等勢面，過A做BD的垂線方向為場強方向，則場強大小為

選項C正確；D錯誤。

故選BC。11、A:C【分析】【詳解】

A．當(dāng)滑動變阻器滑動觸點P向右端移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流I1增大，則電流表A1讀數(shù)增大；電壓表V1讀數(shù)U1=E-I1（R1+r），

I1增大，其他量不變，則U1減小；故A正確．

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律有U1=E-I1（R1+r），則得

保持不變；故B錯誤．

C．電流表A1的讀數(shù)等于電流表A2的讀數(shù)與R2的電流之和，即I1=I2+IR2，

因I1增大，I2減小，IR2變大，則?IR2>?I2，

則

選項C正確；

D．將R1+r看做是電源的內(nèi)阻，則電壓表V1的讀數(shù)與電流表A1讀數(shù)的乘積等于電源的輸出功率，當(dāng)R1=R3時，滑動變阻器滑動觸點P越向右移動，則外電阻和R1得差距越大；電源的輸出功率越小，則選項D錯誤．

【點睛】

本題是簡單的電路動態(tài)分析問題，按“部分→整體→部分”的思路進行分析．對于電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量之比，往往根據(jù)閉合電路歐姆定律分析．12、A:C【分析】【詳解】

AB．O的場強大小

方向由O指向D；A正確，B錯誤；

C．等量異種電荷，電場線從正電荷出發(fā)到負電荷，沿著電場線，電勢逐漸減小，因此C正確；

D．A點與C點的電勢相等，其電勢差為零，則電荷q從A點運動到C點；電場力做功為零，A點電勢能等于C點的電勢能，D錯誤。

故選AC。13、B:C【分析】【詳解】

兩小球所受的合力均為兩者之間的庫侖力，因庫侖力是相互作用力，可知兩球之間的靜電斥力在任意時刻都是大小相等，方向相反，則根據(jù)牛頓第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反．故A錯誤，B正確．因A做減速運動，B做加速運動，當(dāng)速度相等時，距離最近，故D錯誤，C正確．故選BC．14、B:C【分析】【詳解】

由點電荷場強公式可得,軌道上D點的場強為:選項A錯誤；同理可得軌道上C點的場強也為:在C點，由牛頓定律可得：解得a=0，選項B正確；從D到C，電場力做功為零，根據(jù)動能定理可得：選項C正確；小球沿直軌道CD下滑過程中，電場力先做正功，后做負功，則其電勢能先減小后增大，選項D錯誤；故選BC.

點睛：解答此題關(guān)鍵是搞清兩個點電荷周圍的電場分布情況，利用對稱的思想求解場強及電勢的關(guān)系；注意立體圖與平面圖形的轉(zhuǎn)化關(guān)系.15、A:D【分析】【詳解】

小球進入電場前做自由落體運動，進入電場后受到電場力作用而做減速運動，由圖可以看出，小球經(jīng)過邊界MN的時刻是t=1s時，故B錯誤；由圖象的斜率等于加速度得小球進入電場前的加速度為：進入電場后的加速度大小為：由牛頓第二定律得：mg=ma1，F(xiàn)-mg=ma2，得電場力：可得重力mg與電場力F之比為3：5，故A正確，整個過程中，動能變化量為零，根據(jù)動能定理，整個過程中重力做的功與電場力做的功大小相等．故C錯誤；整個過程中，由圖可得，小球在0-2.5s內(nèi)向下運動，在2.5s-5s內(nèi)向上運動，在1s～4s過程中，小球的機械能先減小后增大電場力先做負功，后做正功．電勢能先增大，后減??；由于整個的過程中動能、重力勢能和電勢能的總和不變，所以，小球的機械能先減小后增大．故D正確。16、B:D【分析】【詳解】

A．從O到x，電勢升高，場強沿－x方向，電場力沿x軸正向；斜率在減小，說明電場在減弱，所以粒子做加速度減小的變加速直線運動，故A錯誤；

B．粒子在x處電勢能最小，動能最大，由能量守恒

解得

故B正確；

C．從x1以后的運動過程中，電勢降低，場強沿+x方向；電場力對粒子做負功，粒子的電勢能先增加，故C錯誤；

D．根據(jù)能量守恒，粒子運動到x2處速度已經(jīng)減為零；故D正確。

故選BD。17、A:D【分析】【分析】

電場線越密，場強越大．根據(jù)F=Eq判斷電場力的大小。電場線某點的切線方向表示場強的方向。

【詳解】

ACD．電場線越密，場強越大。所以a點的場強一定大于b點的場強；根據(jù)F=Eq得不論哪種電荷，在a點受到的電場力一定大于它在b點受到的電場力；故AD正確，C錯誤；

B．電場線某點的切線方向表示場強的方向。所以a點的場強方向一定沿著a點的電場線向右；故B錯誤；

故選AD。

【點睛】18、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．開關(guān)S閉合；兩板間的電壓不變，所以將A板豎直向上平移，靜電計指針張角不變，故A錯誤；

B．?dāng)嚅_電鍵，電容器帶電量不變，僅將A板緩慢豎直向上平移，AB正對面積變小，根據(jù)可知電容減小，而電容器的電量Q不變，根據(jù)知；電勢差增大，指針張角增大。故B正確；

C．若S斷開后，僅在A、B板間插入玻璃板，相對介電常數(shù)增大，根據(jù)電容的決定式得知電容C增大，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得知板間電勢差U減?。粍t靜電計指針張角減小，故C錯誤；

D．若S斷開后，僅將A板緩慢水平向左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知電容C減小，而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得知板間電勢差U增大；則靜電計指針張角增大。故D正確。

故選BD。三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【詳解】

(1)[1]勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]連接AC，將AC三等分，標(biāo)上三等分點E、F，則根據(jù)勻強電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為3V，F(xiàn)點的電勢為9V．連接DF；是一條等勢線．

將DF延長交于AB于P點，則P點的電勢為φP=φD=9V

可知P是AB的中點，

PD是該電場的一條等勢線，作AM⊥PD，根據(jù)等面積原理知

場強【解析】920、略

【分析】【詳解】

[1]O點的磁場方向應(yīng)是兩根通電導(dǎo)線在O處產(chǎn)生的磁場的合成，根據(jù)右手螺旋定則，左邊那根通電導(dǎo)線在O處產(chǎn)生的磁場方向向里，右邊那根通電導(dǎo)線在O處產(chǎn)生的磁場方向向上，又因兩根通電直導(dǎo)線中電流大小相等，故電流在O處產(chǎn)生的磁場強度大小一樣，根據(jù)平行四邊形法則可知O點合磁場的方向向里且斜向上45°?！窘馕觥肯蚶锴倚毕蛏?5°21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]若在C、D間連一個理想電流表，則電路結(jié)構(gòu)為R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)，接到電源上，根據(jù)閉合電路歐姆定律得總電流I=

所以并聯(lián)部分的電壓為U=R并I=

所以通過電流表的電流為I1=

若在C、D間連一個理想電壓表，則電路結(jié)構(gòu)為R1、R2串聯(lián)接到電源上，電壓表測量的是R2的電壓，則R2=【解析】122、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]根據(jù)測量電動勢和內(nèi)阻的實驗，要學(xué)會利用計算法和圖像法求電動勢和內(nèi)阻。【解析】計算圖像23、略

【分析】【詳解】

[1]將靈敏電流計改裝為電流表；原理圖為。

由圖可知

解得

[2]將靈敏電流計改裝為電壓表；原理圖為。

由圖可知

解得【解析】24、略

【分析】【詳解】

分析小球受力情況：小球受到重力拉力F與電場力因為小球做勻速直線運動，合力為零，則F與的合力與大小相等、方向相反，作出F與的合力，如圖，可知當(dāng)電場力與F垂直時；電場力最小，此時場強也最?。?/p>

則得：所以電場強度的最小值為．若電場強度即時，電場力可能與AB方向垂直，如圖1位置，電場力不做功，電勢能變化量為0；也可能電場力位于位置2方向，則電場力做功為．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵是對小球進行正確的受力分析，靈活運用圖解法分析極值情況，并根據(jù)力圖要知道電場力大小一定時，方向可能有兩種情況，不能漏解．【解析】0或25、略

【分析】【詳解】

(1)[1]勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]連接AC，將AC三等分，標(biāo)上三等分點E、F，則根據(jù)勻強電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為3V，F(xiàn)點的電勢為9V．連接DF；是一條等勢線．

將DF延長交于AB于P點，則P點的電勢為φP=φD=9V

可知P是AB的中點，

PD是該電場的一條等勢線，作AM⊥PD，根據(jù)等面積原理知

場強【解析】9四、作圖題(共4題，共32分)26、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】28、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標(biāo)值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標(biāo)軸作垂線后與坐標(biāo)軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標(biāo)值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標(biāo)值為短路電流；（2）29、略

【分析】【分析】

【詳