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…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁,總=sectionpages22頁第=page11頁,總=sectionpages11頁2025年外研版共同必修2物理上冊階段測試試卷40考試試卷考試范圍:全部知識點;考試時間:120分鐘學校:______姓名:______班級:______考號:______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題,共18分)1、忽略空氣阻力,下列物體運動過程中滿足機械能守恒的是()A.電梯勻速下降B.物體由光滑斜面頂端滑到斜面底端C.物體沿著斜面勻速下滑D.拉著物體沿光滑斜面勻速上升2、如圖所示,一輛小車靜置在水平地面上,用一條遵守胡克定律的橡皮筋將小球懸掛于車頂點,在點正下方有一光滑小釘它到點的距離恰好等于橡皮筋原長現(xiàn)使小車從靜止開始向右做加速度逐漸增大的直線運動;在此運動過程中(橡皮筋始終在彈性限度內)

A.小球的高度保持不變B.小球的重力勢能不斷增大C.橡皮筋長度保持不變D.小球只受橡皮筋的拉力和重力,所以機械能守恒3、如圖所示為火車車輪在轉彎處的截面示意圖,軌道的外軌高于內軌,在此轉彎處規(guī)定火車的行駛速度為v;則。

A.若火車通過此彎道時速度大于v,則火車的輪緣會擠壓外軌B.若火車通過此彎道時速度小于v,則火車的輪緣會擠壓外軌C.若火車通過此彎道時行駛速度等于v,則火車的輪緣會擠壓外軌D.若火車通過此彎道時行駛速度等于v,則火車對軌道的壓力小于火車的重力4、近年來我國高速鐵路發(fā)展迅速,現(xiàn)已知某新型國產列車車廂質量為m,如圖所示,已知兩軌間寬度為a,內外軌高度差為b,重力加速度為g,如果列車要進入半徑為r的水平彎道,該彎道處的設計速度最為適宜的是()

A.B.C.D.5、如圖所示,兩個嚙合的齒輪,其中小齒輪半徑為10cm,大齒輪半徑為20cm,大齒輪中C點離圓心O2的距離為10cm,A、B兩點分別為兩個齒輪邊緣上的點,則A、B、C三點的()

A.線速度之比是1:1:1B.角速度之比是1:1:1C.向心加速度之比是4:2:1D.轉動周期之比是1:1:26、如圖所示,兩質量均為m=1.0kg的小球1、2(可視為質點)用長為l=1m的輕質桿相連,水平置于光滑水平面上,且小球1恰好與光滑豎直墻壁接觸,現(xiàn)用力F豎直向上拉動小球1,當桿與豎直墻壁夾角θ=37o時,小球2的速度大小v=1.6m/s,sin37°=0.6,g=10m/s2,則此過程中外力F所做的功為()

A.8JB.8.72JC.9.28JD.10J7、高鐵列車在啟動階段的運動可看作初速度為零的勻加速直線運動。在啟動階段,列車的動能A.與它所經(jīng)歷的時間成正比B.與它的位移成正比C.與它的速度成正比D.與它的動量成正比8、一個小球從高處由靜止開始落下,從釋放小球開始計時,規(guī)定豎直向上為正方向,落地點為重力勢能零點.小球在接觸地面前、后的動能保持不變,且忽略小球與地面發(fā)生碰撞的時間以及小球運動過程中受到的空氣阻力,圖分別是小球在運動過程中的位移x,速度動能Ek和重力勢能Ep隨時間t變化的圖象,其中正確的是()A.B.C.D.9、如右圖所示;光滑絕緣斜面的底端固定著一個帶正電的小物塊P,將另一個帶電小物塊Q在斜面的某位置由靜止釋放,它將沿斜面向上運動.設斜面足夠長,則在Q向上運動過程中。

A.物塊P、Q之間的電勢能一直增大物塊B.物塊Q的機械能一直增大C.物塊P、Q的重力勢能和電勢能之和一直增大D.物塊Q的動能一直增大評卷人得分二、多選題(共9題,共18分)10、如圖是滑雪場的一條雪道.質量為70kg的某滑雪運動員由A點沿圓弧軌道滑下,在B點以5m/s的速度水平飛出,落到了傾斜軌道上的C點(圖中未畫出).不計空氣阻力,θ=30°,g=10m/s2;則下列判斷正確的是。

A.該滑雪運動員騰空的時間為1sB.BC兩點間的落差為mC.落到C點時重力的瞬時功率為WD.若該滑雪運動員從更高處滑下,落到C點時速度與豎直方向的夾角不變11、如圖所示,物體以一定初速度從傾角α=37°的斜面底端沿斜面向上運動,上升的最大高度為3.0m,選擇斜面底端為參考平面,上升過程中,物體的機械能E隨高度h的變化如圖乙所示,下列說法正確的是()

A.物體的質量m=1.0kgB.物體可能靜止在斜面頂端C.物體回到斜面底端時的動能Ek=10JD.物體上升過程的加速度大小a=15m/s212、在地球大氣層外有大量的太空垃圾.在太陽活動期,地球大氣會受太陽風的影響而擴張,使一些原本在大氣層外繞地球飛行的太空垃圾被大氣包圍,從而逐漸降低軌道.大部分太空垃圾在落地前已經(jīng)燃燒成灰燼,但體積較大的太空垃圾仍會落到地面上,對人類造成危害.以下關于太空垃圾正確的說法是()A.大氣的擴張使垃圾受到的萬有引力增大而導致軌道降低B.太空垃圾在與大氣摩擦過程中機械能不斷減小,進而導致軌道降低C.太空垃圾在軌道緩慢降低的過程中,由于與大氣的摩擦,速度不斷減小D.太空垃圾在軌道緩慢降低的過程中,向心加速度不斷增大而周期不斷減小13、如圖所示,水平轉臺上的小物體A、B通過輕彈簧連接,并隨轉臺一起勻速轉動,A、B的質量分別為m、2m,A、B與轉臺的動摩擦因數(shù)都為μ,A、B離轉臺中心的距離分別為1.5r、r,已知彈簧的原長為1.5r,勁度系數(shù)為k,設本題中的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,以下說法正確的是()

A.當B受到的摩擦力為0時,轉臺轉動的角速度為B.當A受到的摩擦力為0時,轉臺轉動的角速度為C.若B比A先相對轉臺滑動,當B剛好要滑動時,轉臺轉動的角速度為D.若A比B先相對轉臺滑動,當A剛好要滑動時,轉臺轉動的角速度為14、如圖所示,兩個質量均為m的小木塊a和b,(可視為質點)放在水平圓盤上,之間用輕質細線連接,且a,b之間的距離恰等于線長,a與轉軸OO’的距離為L,b與轉軸的距離為2L;木塊與圓盤的最大靜摩擦力為木塊所受重力的k倍,重力加速度大小為g,若圓盤從靜止開始繞轉軸緩慢地加速轉動.用ω表示圓盤轉動的角速度,下列說法正確的是。

A.b一定比a先開始滑動B.當時,細線突然斷開,a立即做離心運動C.當時,a所受摩擦力的大小為kmgD.當時,b受到的靜摩擦力達到最大值15、一個內壁光滑的圓錐筒的軸線豎直,圓錐固定,有質量相同的兩個小球A和B貼著筒的內壁在水平面內做勻速圓周運動,如圖所示,A的半徑較大;則()

A.A球的向心力大于B球的向心力B.A球對筒壁的壓力大于B球對筒壁的壓力C.A球的運動周期大于B球的運動周期D.A球的角速度小于B球的角速度16、如圖所示,長為l的輕桿兩端各固定一個小球(均可視為質點),兩小球的質量分別為mA=m和mB=2m,輕桿繞距B球處的光滑軸O在豎直平面內自由轉動。當桿轉至圖中豎直位置時,A球速度為則此時。

A.B球的速度大小為B.B球的速度大小為C.桿對B球的支持力為mgD.桿對A球的拉力為2mg17、如圖所示,動滑輪下系有一個質量為的物塊,細線一端系在天花板上,另一端繞過動滑輪。用的恒力豎直向上拉細線的另一端。滑輪、細線的質量不計,不計一切摩擦。經(jīng)過(),則()

A.拉力做功為B.拉力做功為C.物體的動能增加了D.物體的機械能增加了18、如圖所示;輕質彈簧的一端與固定的豎直板P栓接,另一端與物體A相連,物體A置于光滑水平桌面上(桌面足夠大),A右端連接一水平細線,細線繞過光滑的定滑輪與物體B相連,開始時托住B,讓A處于靜止且細線恰好伸直,然后由靜止釋放B,直至B獲得最大速度,下列有關該過程的分析中正確的是。

A.B物體受到細線的拉力始終保持不變B.B物體機械能的減少量大于彈簧彈性勢能的增加量C.A物體動能的增加量等于B物體重力對B做的功與彈簧彈力對A做的功之和D.A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加量等于細線拉力對A做的功評卷人得分三、填空題(共5題,共10分)19、一條河的寬度為100m,一只小船在靜水中的速度為5m/s,若船頭垂直河岸過河,船到達對岸下游60m處,則水流速度大小為_______m/s,若此船以最短位移過河,則過河需要的時間為________s20、高速鐵路彎道處,外軌比內軌_____(填“高”或“低”);列車通過彎道時______(填“有”或“無”)加速度.21、一質量為m的物體被人用手由靜止豎直向上以加速度a勻加速提升h,已知重力加速度為g,則提升過程中,物體的重力勢能的變化為____;動能變化為____;機械能變化為___。22、如圖所示,彎折的直角輕桿ABCO通過鉸鏈O連接在地面上,AB=BC=OC=9m,一質量為m的小滑塊以足夠大的初始速度,在桿上從C點左側x0=2m處向左運動,作用于A點的水平向右拉力F可以保證BC始終水平。若滑塊與桿之間的動摩擦因數(shù)與離開C點的距離x滿足μx=1,則滑塊的運動位移s=________________m時拉力F達到最小。若滑塊的初始速度v0=5m/s,且μ=0.5-0.1x(μ=0后不再變化),則滑塊達到C點左側x=4m處時,速度減為v=_________________m/s。

23、質量為的小球沿光油水平面以的速度沖向墻壁,又以的速度反向彈回,此過程中小球的合力沖量的大小為__________小球的動能變化量的大小為__________評卷人得分四、實驗題(共3題,共30分)24、向心力演示器如圖所示。

(1)本實驗采用的實驗方法是__________。

A.控制變量法B.等效法C.模擬法。

(2)若將傳動皮帶套在兩塔輪半徑相同的圓盤上,質量相同的兩鋼球分別放在不同位置的擋板處,轉動手柄,可探究小球做圓周運動所需向心力F的大小與__________(選填“”、“”或“”)的關系。

(3)若將皮帶套在兩輪塔最下面圓盤上(兩圓盤半徑之比為),質量相同的兩鋼球放在圖示位置的擋板處,轉動手柄,穩(wěn)定后,觀察到左側標尺露出1格,右側標尺露出9格,則可以得出的實驗結論為:__________。25、下列關于實驗相關操作的說法正確的有_______________

A.某同學在做《探究動能定理》的實驗時認為,因要測量的是橡皮筋對小車做功后的動能大小,所以要先釋放小車,后接通電源

B.在“利用斜槽上滾下的小球探究碰撞中的不變量”的實驗中,入射小球每次都必須從斜槽上同一位置由靜止滑下

C.在利用圖所示裝置“驗證機械能守值定律”實驗時,可以利用公式來求瞬時速度

D.在利用圖所示裝置“驗證機械能守恒定律”實驗時,發(fā)現(xiàn)動能增加量總是小于重力勢能減少量,若增加下落高度則-A.B.C.D.會增大26、某同學利用圖示裝置“探究功與動能變化的關系”;圖中氣墊導軌已調至水平.

(1)測得兩光電門中心間的距離為L,測得固定在滑塊上的豎直擋光條的寬度為d,記錄擋光條通過光電門1和2的時間分別為t1和t2,則滑塊通過光電門1時的速度大小v1=_____________(用對應物理量的符號表示).

(2)在(1)中,從力傳感器中讀出滑塊受到的拉力大小為F,滑塊、擋光條和力傳感器的總質量為M,若動能定理成立,則必有FL=_____________(用對應物理量的符號表示).

(3)該實驗__________(選填“需要”或“不需要”)滿足砝碼盤和砝碼的總質量遠小于滑塊、擋光條和力傳感器的總質量.評卷人得分五、解答題(共2題,共20分)27、如圖所示,長為l=1m的繩子下端連著質量為m=1kg的小球,上端懸于天花板上,把繩子拉直,繩子與豎直線夾角為60°,此時小球靜止于光滑的水平桌面上.問:(g取10m/s2)

(1)當球以ω1=4rad/s作圓錐擺運動時,繩子張力T1為多大?桌面受到壓力為多大?

(2)當球以ω2=6rad/s作圓錐擺運動時,繩子張力T2及桌面受到壓力各為多大?28、如圖所示,滑塊A的質量m=0.01kg,與水平地面間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,用細線懸掛的小球質量均為m=0.01kg,沿x軸排列,A與第1只小球及相鄰兩小球間距離均為s=2m,線長分別為L1、L2、L3(圖中只畫出三只小球,且小球可視為質點),開始時,滑塊以速度v0=10m/s沿x軸正方向運動,設滑塊與小球碰撞時不損失機械能,碰撞后小球均恰能在豎直平面內完成完整的圓周運動并再次與滑塊正碰,g取10m/s2,求:

(1)滑塊能與幾個小球碰撞?

(2)求出碰撞中第n個小球懸線長La的表達式.參考答案一、選擇題(共9題,共18分)1、B【分析】【詳解】

解:A;電梯勻速下降;說明電梯處于受力平衡狀態(tài),并不是只有重力做功,所以A錯誤.

B;物體在光滑斜面上;受重力和支持力的作用,但是支持力的方向和物體運動的方向垂直,支持力不做功,只有重力做功,所以B正確.

C;物體沿著粗糙斜面勻速下滑;物體受力平衡狀態(tài),摩擦力和重力都要做功,所以機械能不守恒,所以C錯誤.

D;拉著物體沿光滑斜面勻速上升;物體受力平衡狀態(tài),拉力力和重力都要做功,所以機械能不守恒,所以D錯誤.

故選B.

【點評】掌握住機械能守恒的條件,也就是只有重力做功,分析物體是否受到其它力的作用,以及其它力是否做功,由此即可判斷是否機械能守恒.2、A【分析】【詳解】

設L0為橡皮筋的原長,k為橡皮筋的勁度系數(shù),小車靜止時,對小球受力分析得:T1=mg;

彈簧的伸長即小球與懸掛點的距離為L1=L0+當小車的加速度穩(wěn)定在一定值時;對小球進行受力分析如圖,得:

T2cosα=mg,T2sinα=ma,所以:彈簧的伸長:則小球與懸掛點的豎直方向的距離為:即小球在豎直方向上到懸掛點的距離不變,故A正確。小球的高度保持不變,則重力勢能不變,選項B錯誤;橡皮筋的長度:則隨α角的變化而變化,選項C錯誤;隨加速度的增加,小球的重力勢能不變,動能變化,則機械能變化,選項D錯誤.3、A【分析】【詳解】

如圖所示為火車車輪在轉彎處的截面示意圖,軌道的外軌高于內軌,在此轉彎處規(guī)定火車的行駛速度為v;則。

A.當轉彎的實際速度大于規(guī)定速度時;火車所受的重力和支持力的合力不足以提供所需的向心力,火車有離心趨勢,故其外側車輪輪緣會與鐵軌相互擠壓,故A正確;

B.當轉彎的實際速度小于規(guī)定速度時;火車所受的重力和支持力的合力大于所需的向心力,火車有向心趨勢,故其內側車輪輪緣會與鐵軌相互擠壓,故B錯誤;

C.當火車以v的速度通過此彎路時;火車重力與軌道面支持力的合力恰好提供向心力,內外軌都無壓力,故C錯誤;

D.設內外軌間形成斜面傾角為當火車以v的速度通過此彎路時,由受力可知,解得:所以火車對軌道的壓力大于火車的重力,故D錯誤.

4、C【分析】【詳解】

轉彎中,當內外軌對車輪均沒有側向壓力時,火車的受力如圖,

由牛頓第二定律得:

解得故C正確。

故選C5、C【分析】【詳解】

A、同緣傳動時,邊緣點的線速度相等,故:vA=vB;同軸傳動時,角速度相等,故:ωB=ωC;根據(jù)題意,有rA:rB:rC=1:2:1;根據(jù)v=ωr,由于ωB=ωC,故vB:vC=rB:rC=2:1;故vA:vB:vC=2:2:1,故A錯誤;B、根據(jù)v=ωr,由于vA=vB,故ωA:ωB=rB:rA=2:1;故ωA:ωB:ωC=rB:rA=2:1:1,故B錯誤;C、向心加速度之比為故C正確.D、轉動周期之比為故D錯誤.故選C.

【點睛】

皮帶傳動、摩擦傳動、齒輪傳動時,邊緣點的線速度相等;同軸轉動和共軸轉動時,角速度相等;然后結合v=ωr列式求解.6、D【分析】【分析】

【詳解】

當桿與豎直墻壁夾角θ=37°時,設小球1的速度為v′,根據(jù)兩球的速度沿桿方向的分速度大小相等,有

代入數(shù)據(jù)得v′=1.2m/s

小球1上升的高度為

根據(jù)功能原理得外力F所做的功為

解得W=10J

故選D。7、B【分析】本題考查勻變速直線運動規(guī)律;動能、動量及其相關的知識點。

根據(jù)初速度為零勻變速直線運動規(guī)律可知,在啟動階段,列車的速度與時間成正比,即v=at,由動能公式Ek=mv2,可知列車動能與速度的二次方成正比,與時間的二次方成正比,選項AC錯誤;由v2=2ax,可知列車動能與位移x成正比,選項B正確;由動量公式p=mv,可知列車動能Ek=mv2=,即與列車的動量二次方成正比,選項D錯誤。8、B【分析】【分析】

小球做自由落體運動;運用物理規(guī)律求出動能;位移、重力勢能、速度與時間的關系,再運用數(shù)學知識進行討論分析.

【詳解】

位移所以開始下落過程中位移隨時間應該是拋物線,A錯誤;速度v=gt,與地面發(fā)生碰撞反彈速度與落地速度大小相等,方向相反,B正確;重力勢能H小球開始時離地面的高度,為拋物線,C錯誤;小球自由落下,在與地面發(fā)生碰撞的瞬間,反彈速度與落地速度大小相等.若從釋放時開始計時,動能所以開始下落過程中動能隨時間應該是拋物線,D錯誤.9、B【分析】試題分析:帶電小物塊Q在斜面的某位置由靜止釋放;它將沿斜面向上運動,說明P對Q的電場力做正功,電勢能減少,A錯誤;因為除重力之外只有電場力做正功,所以機械能一直增加,物塊P;Q的重力勢能和電勢能之和保持不變,B正確,C錯誤;在物塊向上運動的過程中,電場力大于重力的下滑分量時,物塊的動能增大,隨著兩者距離的最大,電場力減小,當電場力小于重力的下滑分量時,物塊的動能減小,D錯誤。

考點:本題考查了帶電粒子在電場中的功能變化二、多選題(共9題,共18分)10、A:D【分析】【詳解】

試題分析:運動員平拋的過程中,水平位移為豎直位移為落地時:

聯(lián)立解得故A正確,B錯誤;落地時的速度:所以:落到C點時重力的瞬時功率為:故C錯誤;根據(jù)落地時速度方向與水平方向之間的夾角的表達式:可知到C點時速度與豎直方向的夾角與平拋運動的初速度無關,故D正確.

考點:功率;平均功率和瞬時功率;平拋運動。

【名師點睛】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動,在豎直方向上做自由落體運動,根據(jù)水平位移與豎直位移之間的關系求的時間和距離.11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A.物體在最高點時的機械能等于重力勢能,即

解得m=1kg

故A正確;

B.物體上升到最高點的過程中,機械能減小20J,即克服摩擦力做功等于20J,有fs=20J

則摩擦力f=4N

因為

知物體不能靜止在斜面的頂端;故B錯誤;

C.上升過程克服摩擦力做功為20J,則整個過程克服摩擦力做功為40J,根據(jù)動能定理得

解得回到斜面底端的動能

故C正確;

D.根據(jù)牛頓第二定律得

上升過程中的加速度大小

故D錯誤;

故選AC。12、B:D【分析】試題分析:太空垃圾在軌道上運動過程中;由于克服大氣阻力做功,機械能逐漸減小,速度減小,它做圓周運動所需的向心力就小于地球對它的引力,故其不斷做向心運動,進而導致軌道降低,在軌道緩慢降低的過程中,萬有引力做正功,故速度不斷增大,萬有引力不斷增大,向心加速度不斷增大而周期不斷減小,最終落在地面上;選項BD正確.

考點:天體的運動;萬有引力定律的應用.13、B:D【分析】【詳解】

A、當B受到的摩擦力為0時,由彈簧彈力提供向心力,則解得選項A錯誤;

B、當A受到的摩擦力為0時,由彈簧彈力提供向心力,則解得選項B正確;

C、當B剛好要滑動時,摩擦力達到最大靜摩擦力,彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力,則有:解得選項C錯誤;

D、當A剛好要滑動時,摩擦力達到最大靜摩擦力,彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力,則有:解得選項D正確.

點睛:本題主要考查了胡克定律以及向心力公式的直接應用,知道當A、B剛好要滑動時,摩擦力達到最大靜摩擦力,彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力,明確向心力的來源是解題的關鍵.14、C:D【分析】【詳解】

兩個物體用細線相連,一定是同時開始滑動,故A錯誤;對于單個木塊,靜摩擦力提供向心力,恰好不滑動時,有:kmg=mω2r,故故如果沒有細線相連,a、b恰好不滑動的臨界角速度分別為:若ω=時,細線突然斷開,由于<故a不會做離心運動,故B錯誤;角速度逐漸增加的過程中,是b物體的靜摩擦力先達到最大,臨界角速度為故D正確;當a的靜摩擦力達到最大時,兩個物體整體恰好不滑動,故:kmg+kmg=mω2L+mω22L,聯(lián)立解得:ω=故C正確;故選CD.

點睛:本題的關鍵是正確分析木塊的受力,明確木塊做圓周運動時,靜摩擦力提供向心力,把握住臨界條件:單個靜摩擦力達到最大、兩個物體的靜摩擦力達到最大,由牛頓第二定律分析解答.15、C:D【分析】【詳解】

A.以小球為研究對象;對小球受力分析,小球受力如圖所示。

根據(jù)受力分析,得向心力為

由于兩球的質量m與角度θ相同,可知A、B的向心力大小相等;故A錯誤;

B.由受力分析圖可知,球受到的支持力

由于兩球的質量m與角度θ相同,可知桶壁對AB兩球的支持力相等;由牛頓第三定律可知,兩球對桶壁的壓力相等,故B錯誤;

CD.根據(jù)牛頓第二定律可得

解得

因A的半徑較大,則A的角速度較小,根據(jù)周期

可知A的周期較大;故CD正確。

故選CD。16、B:C:D【分析】【詳解】

對A、B球整體,重心在O位置,故A、B球整體繞著O點做勻速圓周運動,角速度是相等的,故根據(jù)v=rω,速度之比為2:1,故vB=故A錯誤,B正確。桿對B球的作用力為FB,合力提供向心力,解得FB=mg,方向豎直向上,故C正確。桿對A球的作用力為FA,合力提供向心力,解得FA=2mg,方向豎直向上,故D正確。17、B:D【分析】【詳解】

AB.對m,根據(jù)牛頓第二定律

故A錯誤;B正確;

C.物體的動能增加了

故C錯誤;

D.物體的機械能增加了

故D正確。

故選BD。

【點睛】

解決本題的關鍵是明確動滑輪的力學特性,知道拉力F的作用點位移等于物體位移的2倍。要注意選擇研究對象;知道機械能的增量等于動能和勢能增量之和,也等于除重力外的其它力的功。18、B:D【分析】【詳解】

分析B,從開始運動到最后靜止,B受到繩子的拉力和重力,當時,做加速運動,當時,B的速度最大,當做減速運動,因為B的加速度在變化,所以T也在變化,A錯誤.AB和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒,所以B減小的機械能等于彈簧的彈力勢能的增加量與A動能的增加量,B正確.A受繩子的拉力,彈簧的彈力,所以根據(jù)動能定理可得A物體動能的增加量等于細繩對A做的功與彈簧彈力對A做的功之和.C錯誤.因為A物體與彈簧組成的系統(tǒng)只有細繩的拉力做功,所以A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加量等于細線拉力對A做的功,D正確.三、填空題(共5題,共10分)19、略

【分析】【詳解】

設靜水速為水流速度為船頭跟河岸垂直的方向航行時有:而則有:當合速度與河岸垂直時,則渡河的位移最短,合速度為:且聯(lián)立以上各式解得:.【解析】3m/s25s20、略

【分析】【詳解】

高速鐵路彎道處由重力和支持力的合力提供向心力,故外軌比內軌高;列車在鐵路彎道處即使速度大小不變,至少速度方向變化,有向心加速度.【解析】高有21、略

【分析】【詳解】

[1]物體上升高度為h,則重力做負功mgh,重力勢能增加mgh.

[2]物體所受合外力為由動能定理:

可得動能變化:

[3]由功能關系除重力以外的力做功衡量機械能變化,由:

可知則機械能增加【解析】mghmahm(a+g)h22、略

【分析】【詳解】

[1]滑塊向左做減速運動,對桿有壓力和向左的滑動摩擦力;

對桿,根據(jù)力矩平衡條件,有:

代入數(shù)據(jù)和,有:

當,即時,拉力達到最??;

[2]滑塊從點達到點左側處過程,根據(jù)動能定理,有:

其中:

聯(lián)立解得:?!窘馕觥?123、略

【分析】【詳解】

[1]規(guī)定初速度方向為正方向,初速度末速度則動量的變化量為

根據(jù)動量定理有

得合力沖量大小為

[2]動能變化量【解析】160四、實驗題(共3題,共30分)24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]本實驗采用的實驗方法是控制變量法;A正確。

故選A。

(2)[2]若將傳動皮帶套在兩塔輪半徑相同的圓盤上,則角速度ω相同,質量m相同的兩鋼球分別放在不同位置的擋板處,則轉動半徑r不同,轉動手柄,可探究小球做圓周運動所需向心力F的大小與半徑r的關系。

(3)[3]若將

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