2025年人教版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷883考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，光滑圓槽的半徑R遠大于小球運動的弧長。甲、乙、丙三個小球（均可視為質(zhì)點）同時由靜止釋放，開始時，甲球比乙球離槽最低點O遠些，丙球在槽的圓心處。則以下關(guān)于它們第一次到達點O的先后順序的說法正確的是（??）

A.乙先到，然后甲到，丙最后到B.丙先到，然后甲、乙同時到C.丙先到，然后乙到，甲最后到D.甲、乙、丙同時到2、如圖所示，用激光筆照射半圓形玻璃磚圓心O點，發(fā)現(xiàn)有a、b、c、d四條細光束，其中d是光經(jīng)折射和反射形成的。當(dāng)入射光束a繞O點逆時針方向轉(zhuǎn)過小角度時，b、c、d也會隨之轉(zhuǎn)動；則（）

A.光束b順時針旋轉(zhuǎn)角度小于B.光束c逆時針旋轉(zhuǎn)角度小于C.光束d順時針旋轉(zhuǎn)角度大于D.光速b、c之間的夾角減小了23、如圖所示，質(zhì)量為M的滑塊靜止在光滑水平面上，其左側(cè)是四分之一光滑圓弧，左端底部恰好與地面相切，兩小球的質(zhì)量分別為的初速度為保持靜止，已知與發(fā)生彈性碰撞，要使與發(fā)生兩次碰撞，則M可能為（）

A.B.C.D.4、如圖所示，質(zhì)量為M的小車靜止在光滑水平面上，小車AB段是半徑為R的四分之一光滑圓弧軌道，BC段是光滑水平軌道，AB和BC兩段軌道相切于B點，小車右端固定一個連接輕彈簧的擋板，開始時彈簧處于自由狀態(tài)，自由端在C點，C點到擋板之間軌道光滑。一質(zhì)量為可視為質(zhì)點的滑塊從圓弧軌道的最高點由靜止滑下，而后滑入水平軌道，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.滑塊到達B點時的速度大小為B.滑塊到達B點時小車的速度大小為C.彈簧獲得的最大彈性勢能為D.滑塊從A點運動到B點的過程中，小車運動的位移大小為5、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，A、B、C、D是傳播方向上的質(zhì)點，振動剛傳播到D點時波形圖如圖1所示，此時開始計時，質(zhì)點D的振動圖像如圖2所示；下列說法正確的是（）

A.該波的波速為0.5m/sB.從圖1時刻起，質(zhì)點A到達波谷所需的時間小于質(zhì)點B到達波谷所需的時間C.質(zhì)點C從開始振動到圖1時刻通過的路程為1mD.從圖1時刻起經(jīng)過0.45s，質(zhì)點C、D相對平衡位置的位移相同6、某簡諧橫波沿x軸傳播，波源的振動周期時刻的波形如圖所示，此時點向軸正方向運動；則（）

A.該波在向左傳播B.該波的波速為C.時，質(zhì)點處于波谷處D.時，質(zhì)點運動到處7、如圖所示，斜面固定在豎直向下的、場強為E的勻強電場中，從斜面頂點分別水平向右以v和2v拋出兩個質(zhì)量都為m、電量分別為+q和+2q的小球A、B，兩小球都落在斜面上。已知mg=Eq。則（）

A.兩小球從拋出到落到斜面上所用時間之比為1：2B.兩小球從拋出到落到斜面上電場力的沖量之比為3：4C.兩小球從拋出到落到斜面上動量變化量之比為1：4D.兩小球從拋出到落到斜面上動能變化量之比為1：48、下列說法正確的是（）A.作用力做正功時，反作用力一定做負功B.一對作用力和反作用力的功一定大小相等，方向相反C.一對作用力和反作用力的沖量一定大小相等，方向相反D.滑動摩擦力一定對物體做負功9、如圖甲，一根水平張緊的彈性長繩上有等間距的O、P、Q五個質(zhì)點，相鄰兩質(zhì)點間距離為1m，時刻，O點從平衡位置開始沿y軸正方向振動，并產(chǎn)生分別向左、向右傳播的波，O點振動圖像如圖乙所示，當(dāng)O質(zhì)點第一次達到正方向最大位移時，P點剛開始振動；則下列說法正確的是（）

A.O點振動后，Q點和點開始振動B.當(dāng)點第一次達到正向最大位移時，O點通過的路程為15cmC.t=15s時，Q點振動的速度最大，加速度為零D.若O質(zhì)點振動的周期減為2s，則沿繩傳播的波速增大為評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，長度為l的輕繩上端固定在O點，下端系一小球（小球可以看成質(zhì)點）。在O點正下方，距O點處的P點固定一顆小釘子?，F(xiàn)將小球拉到點A處，輕繩被拉直，然后由靜止釋放小球。點B是小球運動的最低位置，點C（圖中未標出）是小球能夠到達的左方最高位置。已知點A與點B之間的高度差為h，h<<l。A、B、P、O在同一豎直平面內(nèi)。當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，不計空氣阻力及繩與釘子碰撞時的能量損失。下列說法正確的是()

A.點C與點B高度差小于hB.點C與點B高度差等于hC.小球擺動的周期等于D.小球擺動的周期等于11、如圖甲所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖。圖乙表示該波傳播的介質(zhì)中x=2m處的a質(zhì)點從t＝0時刻起的振動圖像。則下列說法正確的是（）

A.波傳播的速度為20m/sB.波沿x軸負方向傳播C.t＝0.25s時，質(zhì)點a的位移沿y軸負方向E.從t＝0開始，經(jīng)0.3s，質(zhì)點b通過的路程是6mE.從t＝0開始，經(jīng)0.3s，質(zhì)點b通過的路程是6m12、如圖，O點固定一個點電荷絕緣細線將另一帶電小球懸掛于O點。將小球輕輕拉至A點，由靜止釋放后，小球在A、B間做小幅擺動，不計空氣阻力。當(dāng)小球向左經(jīng)過最低點C時，迅速移走點電荷則（）

A.擺動周期減小B.小球仍能到達B點C.再次經(jīng)過C點時，小球的速度大于此前經(jīng)過C點時的速度D.再次經(jīng)過C點時，細線的張力小于此前經(jīng)過C點時的張力13、“蹦極”運動中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下。將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運動。從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點的過程中若不計空氣阻力，下列分析正確的是（）A.繩對人的沖量始終向上，人的動量先增加后減小B.繩對人的拉力始終做負功，人的動能一直減小C.繩恰好伸直時，人的動能最大D.人的動量最大時，繩對人的拉力等于人所受的重力14、光滑水平面上靜止一質(zhì)量為2kg的物塊。在0～8s時間內(nèi)受到水平力F的作用。力F隨時間t的變化如圖所示，下列說法正確的是（）

A.t=2s時，物塊的速度大小為2m/sB.t=4s時，物塊的速度大小為2m/sC.t=2s時和t=6s時，物塊的動量相同D.t=8s時，物塊恰好回到原出發(fā)點15、如圖所示，將一輕質(zhì)彈簧從物體B內(nèi)部穿過，并將其上端懸掛于天花板，下端系一質(zhì)量為m1=2.0kg的物體A，平衡時物體A距天花板h=2.4m，在距物體A正上方高為h1=1.8m處由靜止釋放質(zhì)量為m2=1.0kg的物體B，B自由下落過程中某時刻與彈簧下端的物體A碰撞（碰撞時間極短）并立即以相同的速度與A運動，兩物體不粘連，且可視為質(zhì)點，碰撞后兩物體一起向下運動，歷時0.25s第一次到達最低點，（彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力，g=10m/s2）下列說法正確的是（）

A.碰撞結(jié)束瞬間兩物體的速度大小為2m/sB.碰撞結(jié)束后兩物體一起向下運動的最大位移大小為0.25mC.碰撞結(jié)束后兩物體一起向下運動的過程中，兩物體間的平均作用力大小為18ND.A、B在碰后一起下落的過程中，它們減少的動能等于克服彈簧力所做的功16、在坐標原點的波源S做簡諧運動，其表達式為它在均勻介質(zhì)中形成的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，已知時，波剛好傳播到處，波形圖像如圖所示。在處有一接收器（圖中未畫出）；則下列說法正確的是（）

A.波源S開始振動時振動方向沿y軸正方向B.此后再經(jīng)6s該波傳播到處C.此時處質(zhì)點的加速度最大D.若波源S向x軸負方向運動，則接收器接收到的波的頻率將小于0.5Hz17、如圖所示為一列沿x軸傳播的簡諧橫波，實線為t＝0時刻的波形圖，經(jīng)過t1＝6s，波形圖如圖中虛線所示。已知波的周期T＞4s，則下列說法正確的是（）

A.該波的波長為8mB.該波的周期可能為8sC.在t＝9s時，B質(zhì)點一定沿y軸正方向運動E.該列波的波速可能為m/sE.該列波的波速可能為m/s18、如圖所示，在雙縫干涉實驗中，S1和S2為雙縫，P是光屏上的一點，已知P點與S1和S2距離之差為2.1×10-6m，分別用A、B兩種單色光在空氣中做雙縫干涉實驗，已知A光在折射率為n=1.5的介質(zhì)中波長為4×10-7m，B光在這種介質(zhì)中波長為3.15×10-7m，當(dāng)B光從這種介質(zhì)射向空氣時，臨界角為37°。以下說法正確的有（）

A.用A光做雙縫干涉實驗時，P點是亮條紋B.用A光做雙縫干涉實驗時，P點是暗條紋C.用B光做雙縫干涉實驗時，P點是亮條紋D.用B光做雙縫干涉實驗時，P點是暗條紋評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)19、如圖，虛線和實線分別表示在同一繩上傳播的甲、乙兩列簡諧橫波某時刻的波形圖，波速均為v=4m/s。則繩上位于x=0.2m處的質(zhì)點M的振動是________的(選填“加強”或“減弱”)。從圖示時刻開始，再經(jīng)過____________s；M將位于波峰。

20、如圖所示S1和S2是兩個相干的波源，其振幅均為A，波長為λ，圖中實線和虛線分別表示兩波形成的波峰和波谷，則在a、b、c三點中，振動減弱點是___________；經(jīng)過四分之一周期，b點通過的路程為_________。21、如圖所示，質(zhì)量為m的木塊放在輕彈簧上，與彈簧一起在豎直方向上做簡諧運動。當(dāng)振幅為A時，物體對彈簧的最大壓力是物體重力的1.5倍，則物體對彈簧的最小彈力為___________；要使物體在振動中不離開彈簧，振幅的最大值為_________。

22、一質(zhì)量為的鋼球，在距地面高處自由下落，碰到水平的石板后以的速度被彈回，以豎直向下為正方向，則在與石板碰撞前鋼球的動量為______碰撞后鋼球的動量為______碰撞過程中鋼球動量的變化量為______23、如圖，是兩個相干波源，它們振動同步且振幅相同均為A，實線和虛線分別表示在某一時刻它們所發(fā)出的波的波峰和波谷，圖中為波傳播俯視圖，如圖圖中所標的a、b、c是兩波源連線中垂線上的三個點，b是連線的中點，這三點的振動都是__________（填“加強”或“減弱”），b處質(zhì)點的振幅大小為_________，從波傳播側(cè)面觀察，該時刻圖中質(zhì)點b的運動方向_____________（填“垂直波傳播方向向上”或“垂直波傳播方向向下”）。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)24、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標出振子位于A點時加速度的方向。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共12分)25、小吳同學(xué)在“用單擺測重力加速度”實驗中。

①他的下列操作正確的有__________。

A．?dāng)[球盡量選擇質(zhì)量大些；體積小些的。

B．?dāng)[線要選擇細些；伸縮性好的；并且適當(dāng)長一些。

C．為了使擺的周期大一些；以方便測量，開始時拉開擺球，使擺角較大。

D．釋放擺球，從擺球經(jīng)過平衡位置開始計時，記下擺球做50次全振動所用的時間t，則單擺周期

②測量擺長時，他采用了用刻度尺直接測量的方法。實驗中刻度尺、三角板和擺球的位置如圖所示，則測得的重力加速度g值__________。（選填“偏大”、“偏小”“沒有影響”）26、“用單擺測量重力加速度”的實驗中：

（1）用游標卡尺測量小球的直徑，如圖甲所示，測出的小球直徑為__________

（2）實驗中下列做法正確的是__________；

A.擺線要選擇伸縮性大些的；并且盡可能短一些。

B.擺球要選擇質(zhì)量大些；體積小些的。

C.拉開擺球，在釋放擺球的同時開始計時，當(dāng)擺球回到開始位置時停止計時，此時間間隔作為單擺周期的測量值。

D.拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于釋放擺球，從平衡位置開始計時，記下擺球做30次全振動所用的時間則單擺周期

（3）實驗中改變擺長獲得多組實驗數(shù)據(jù)，正確操作后作出的圖像為圖乙中圖線②。某同學(xué)誤將懸點到小球上端的距離記為擺長其它實驗步驟均正確，作出的圖線應(yīng)當(dāng)是圖乙中___________（選填①、③、④），選擇的理由是_____________；利用該圖線求得的重力加速度___________（選填“大于”、“等于”、“小于”）利用圖線②求得的重力加速度。27、某同學(xué)在實驗室做用單擺測定重力加速度的實驗，測出擺線的長度為L，擺球的直徑為d，測出N次全振動的總時間t。擺球的直徑用游標卡尺測出，如圖所示，讀數(shù)是________cm；當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間＝________(結(jié)果用題中給出的字母表示)。

28、為了測量直角三棱鏡的折射率，某實驗小組在木板上鋪一張白紙，將三棱鏡放在白紙上并用細線描出三棱鏡的輪廓，如圖中的實線所示，接著在垂直于AB的方向上插上兩枚大頭針和在棱鏡的BC側(cè)透過三棱鏡觀察兩個大頭針，當(dāng)?shù)南袂『帽坏南駬踝r，插上大頭針使擋住的像，再插上大頭針使擋住P和的像。移去三棱鏡和大頭針；大頭針在紙上的位置如圖所示。

（1）將實驗需要的光路圖補充完整________；

（2）實驗中，在棱鏡的BC側(cè)透過三棱鏡觀察兩個大頭針，使的像擋住的像的目的是________________________________________；

（3）實驗小組用量角器量出光穿過BC界面的入射角為α、折射角為β，則三棱鏡的折射率________；

（4）若實驗中三棱鏡的位置發(fā)生了微小的平移，如圖中虛線所示，則測得的折射率________真實值（選填“大于”、“等于”或“小于”）。評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)29、實驗室中有一直角三角形玻璃磚，如圖所示為該玻璃磚的截面ABC，其中，D；E是斜邊上的三等分點；斜邊AC長為3a，讓玻璃磚豎直放置，在底邊BA的延長線上有一點光源S，光源S與A的距離為a．光源S發(fā)出的兩束不同頻率的單色光1、2分別照射到斜邊上的E、D點，經(jīng)斜邊折射后進入玻璃磚中的光線的平行于底邊AB，然后在BC邊第一次射出．已知光在真空中的傳播速度為c．求：

（1）光束1在玻璃磚中傳播的速度；

（2）光束2第一次在玻璃磚中傳播的時間；30、如圖所示，光滑的水平地面上有一木板，其左端放有一重物，右方有一豎直的墻，重物質(zhì)量為木板質(zhì)量的3倍，重物與木板間的動摩擦因數(shù)為μ。使木板與重物以共同的速度v0向右運動，某時刻木板與墻發(fā)生碰撞。已知板與墻的碰撞均為彈性碰撞，時間極短，設(shè)木板足夠長，重物始終在木板上，重力加速度為g。求：

(1)木板與墻第二次碰撞前瞬間的速度v1；

(2)木板與墻第二次碰撞前瞬間重物距木板左端的距離s；

(3)木板從第一次與墻碰撞到第n次與墻碰撞所經(jīng)歷的總時間T。

31、如圖，在足夠大的光滑、絕緣水平面上有兩物塊A和B，質(zhì)量分別為m，其中A帶電量為B不帶電，開始時A與B相距空間加有水平向右勻強電場E，此時物塊A由靜止釋放，物塊A、B發(fā)生彈性正碰且A電荷量不會轉(zhuǎn)移，A與B均可視為質(zhì)點，重力加速度為g。

（1）求物塊A與B發(fā)生碰撞后瞬間物塊B的速度大小；

（2）兩物塊從第一次碰撞到第二次碰撞所用時間；

（3）若B的質(zhì)量為m，A的質(zhì)量為A所帶電量為求兩物塊第2022次碰撞后到第2023次相撞的時間間隔。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

對于丙球；根據(jù)自由落體運動規(guī)律有。

解得。

對于甲乙兩球；做簡諧運動，其運動周期為。

甲乙兩球第一次到達點O時運動周期；則。

故丙先到；然后甲；乙同時到。

故選B。2、B【分析】【詳解】

A．設(shè)入射光線a的入射角為則反射角為光束c的折射角為，光束d的反射角也為，入射光束a繞O點逆時針方向轉(zhuǎn)過小角度時，入射角變?yōu)?/p>

由反射定律可知反射角等于入射角，則光束b順時針旋轉(zhuǎn)角度等于；故A錯誤；

B．由折射定律有

可得

即光束c逆時針旋轉(zhuǎn)角度小于；故B正確；

C．光束d的反射角變化與光束c的折射角變化相等，則光束d順時針旋轉(zhuǎn)角度小于；故C錯誤；

D．光束b順時針旋轉(zhuǎn)角度等于，光束c逆時針旋轉(zhuǎn)角度小于，則光速b、c之間的夾角減小的角度小于2；故D錯誤；

故選B。3、D【分析】【詳解】

與發(fā)生第一次彈性碰撞后，設(shè)小球與的速度分別為則由動量守恒定律有

對系統(tǒng)由機械守恒定律有

解得

與M水平方向動量守恒，設(shè)離開M時速度為根據(jù)動量守恒定律和機械能守恒定律得

可得

要使與發(fā)生兩次碰撞，則聯(lián)立解得

故D正確；ABC錯誤。

故選D。4、D【分析】【詳解】

AB．從A滑到B的過程，滑塊和小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，則由動量守恒定律有

根據(jù)能量守恒有

解得

AB錯誤；

C．當(dāng)彈簧壓縮到最短時彈簧彈性勢能最大，此時滑塊與小車共速，由動量守恒定律可知，共同速度

根據(jù)能量守恒有

C錯誤；

D．滑塊從A到B過程，在水平方向上，根據(jù)動量守恒定律的位移表達式有

根據(jù)題意有

解得

D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

A．由圖像可知

所以該波的波速為

故A錯誤；

B．簡諧橫波沿x軸正方向傳播，此時質(zhì)點A向上運動，質(zhì)點B向下運動，所以質(zhì)點A到達波谷所需的時間大于質(zhì)點B到達波谷所需的時間；故B錯誤；

C．振動的起振方向豎直向上，質(zhì)點C從開始振動到圖1時刻通過的路程為而不是

而振幅未知；無法具體求解，故C錯誤；

D．從圖1時刻開始計時，質(zhì)點C、D相對的振動方程分別為

經(jīng)過0.45s，質(zhì)點C、D相對平衡位置的位移分別為

因此兩者相對平衡位置的位移相同；故D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

A．時點向軸正方向運動；根據(jù)波形平移法可知，該波在向右傳播，A錯誤；

B．由圖像可知波長為則波速為

B正確；

C．時點向軸正方向運動，又

可知質(zhì)點處于波峰處；C錯誤；

D．質(zhì)點只是在平衡位置上下振動；并不會隨波傳播方向移動，D錯誤。

故選B。7、D【分析】【詳解】

A．兩小球的落在斜面上，則位移夾角滿足

則兩小球運動時間之比為

故A錯誤；

B．兩小球從拋出到落到斜面上電場力的沖量之比為

故B錯誤；

C．由動量定理可知合外力的沖量等于動量變化量，則兩小球從拋出到落到斜面上動量變化量之比為

故C錯誤；

D．由動能定理知合外力做的功等于動能變化量，則兩小球從拋出到落到斜面上動能變化量之比為

故D正確。

故選D。8、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．作用力和反作用力是作用在兩個相互作用的物體之上的；作用力和反作用力可以同時做負功；也可以同時做正功；如冰面上兩個原來靜止的小孩子相互推一下之后，兩人同時后退，則兩力做正功；而兩個相對運動后撞在一起的物體，作用力和反作用力均做負功，故AB錯誤；

C．作用力和反作用力大小相等；方向相反，故它們的沖量一定大小相等，方向相反;故C正確；

D．滑動摩擦力可以做正功也可以做負功；還可以不做功，故D錯誤。

故選C。9、B【分析】【詳解】

A．由振動圖像得知該波的周期

由O點起振情況得波長為

則波速為

振動從O點傳到Q和的時間為

即O點振動2s后，Q點和點開始振動；故A錯誤；

B．起振方向與O點起振方向相同，即向y軸正方向，點從開始振動到第一次達到正向最大位移時，經(jīng)過時間則此過程O點已經(jīng)振動的時間為

所以O(shè)點通過路程為

故B正確；

C．時，Q點已經(jīng)振動的時間為

則Q點到達波峰；速度為零，加速度最大。故C錯誤；

D．波速是由介質(zhì)決定的，與振源的振動周期無關(guān)。所以若O質(zhì)點振動的周期減小時，沿繩傳播的波速不變，仍為故D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)10、B:C【分析】【詳解】

AB．小球擺動過程中；只有重力做功，機械能守恒，兩側(cè)最高點動能均為零，故重力勢能也相等，故最大高度相同，故A錯誤，B正確；

CD．小球B→A→B的時間為

小球B→C→B的時間為

故小球擺動的周期為

故C正確；D錯誤。

故選BC。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．由乙圖知，質(zhì)點的振動周期為T=0.2s

由甲圖知，波長λ=4m

則波速為

B．由乙圖知，t=0時刻，質(zhì)點a向下運動，根據(jù)甲圖可知，該波沿x軸正方向傳播，故B錯誤；

C．由乙圖知，質(zhì)點的振動周期為T=0.2s

所以質(zhì)點A在t=0.25s的時刻的振動情況與t=0.05s時刻的振動情況相同，即處于負的最大位移處，所以a的位移沿y軸負方向，故C正確；

D．由圖甲可知，a質(zhì)點和b質(zhì)點的平衡位置相距半個波長，振動情況總是相反，所以在振動過程中任意時刻的位移都相反，所以質(zhì)點b處于正的最大位移處，加速度沿y軸負方向，故D正確；

E．因為0.3s=1.5T，則s=n?4A=1.5×4×0.2=1.2m

故E錯誤。

故選ACD。12、B:D【分析】【詳解】

A．因為小球在A、C間受到的庫侖力沿細線方向，則單擺周期公式中的g值不變；故擺動周期不變，故A錯誤；

B．小球在A、C間受到的庫侖力沿細線方向，與速度方向垂直，對小球不做功，小球在A、B間做小幅擺動過程中只有重力做功，機械能守恒，所以小球仍能到達B點；故B正確；

C．因為機械能守恒，所以再次經(jīng)過C點時，小球的速度大小等于此前經(jīng)過C點時的速度大小；故C錯誤；

D．小球第一次經(jīng)過C點時，根據(jù)牛頓第二定律有

小球再次經(jīng)過C點時，根據(jù)牛頓第二定律有

可知再次經(jīng)過C點時，細線的張力小于此前經(jīng)過C點時的張力；故D正確。

故選BD。13、A:D【分析】【詳解】

A．當(dāng)彈力等于重力時；人的速度最大，所以人先加速后減小，最后速度為零，故人的動量先增加后減小，故A正確；

B．繩子的拉力對人做負功；但開始時重力做功大于繩子拉力做功，故人的運動開始過程是增大的，當(dāng)彈力等于重力時，人的速度最大即動能最大，接下來速度減小動能減??；故B錯誤；

C．繩恰好伸直時；繩的彈性勢能為零，由于重力大于彈力，所以人在加速，此時人的動能不是最大，故C錯誤。

D．當(dāng)彈力等于重力時；人的速度最大，動量最大，故D正確。

故選AD。14、B:C【分析】【詳解】

A．由圖可知在0～2s內(nèi)，力的沖量

根據(jù)動量定理

解得故A錯誤；

B．由圖可知在0～4s內(nèi)，力的沖量

根據(jù)動量定理

解得故B正確；

C．由圖可知在0～2s內(nèi)與0～6s內(nèi)，力的沖量相同，根據(jù)動量定理知t=2s時和t=6s時；物塊的動量相同，故C正確；

D．根據(jù)圖象知，在0～4s內(nèi)，物塊做加速度先增加后減小的加速運動，在4～8s內(nèi)，力的方向改變，做減速運動，根據(jù)圖象和對稱性知，在t=8s時，速度恰減到零。所以在0～8s內(nèi)物塊的運動方向不變，t=8s時；物塊不會回到原出發(fā)點，故D錯誤。

故選BC。15、A:C【分析】【詳解】

A．碰撞前瞬間B的速度大小為

設(shè)碰撞結(jié)束瞬間兩物體的速度大小為v2，根據(jù)動量守恒定律有

解得

故A正確；

B．碰撞結(jié)束后兩物體一起向下先做加速度減小的加速運動，當(dāng)速度達到最大后開始做加速度增大的減速運動，定性畫出v-t圖像如圖所示，根據(jù)v-t圖像與t軸所圍面積表示位移可知碰撞結(jié)束后兩物體一起向下運動的最大位移為

故B錯誤；

C．碰撞結(jié)束后兩物體一起向下運動的過程中，設(shè)兩物體間的平均作用力大小為F，對B根據(jù)動量定理有

解得

故C正確；

D．根據(jù)動能定理可知A、B在碰后一起下落的過程中；它們減少的動能等于克服彈簧力所做的功與重力做功之差，故D錯誤。

故選AC。16、A:B:D【分析】【詳解】

A．波源S開始振動時振動方向沿y軸正方向；A正確；

B．由表達式可知

B正確；

C．此時處的質(zhì)點在平衡位置；速度最大，加速度為零，C錯誤；

D．若波源S靜止時波的頻率為

若波源S向x軸負方向運動；則接收器接收到的波的頻率將小于0.5Hz，D正確。

故選ABD。17、B:D:E【分析】【詳解】

A．分析波形圖，可知波長λ＝4m；故A錯誤；

BE．設(shè)波沿x軸正方向傳播，則n＝0、1、2，其中T＞4s，則n＝0時，T＝24s，波速n＝1時，T＝s，波速v＝m/s；

設(shè)波沿x軸負方向傳播，則n＝0、1、2，其中T＞4s，則n＝0時，T＝8s，波速v＝0.5m/s；故BE正確；

C．當(dāng)波沿x軸負方向傳播時，T＝8s，在t＝9s時，B質(zhì)點在平衡位置下方，沿y軸負方向運動；故C錯誤；

D．B；C兩質(zhì)點平衡位置相隔半個波長；振動情況完全相反，故D正確；

故選BDE.18、B:C【分析】【詳解】

AB．設(shè)A光在空氣中波長為λ1，在介質(zhì)中波長為λ2

可得λ1=nλ2=1.5×4×10-7m=6×10-7m

根據(jù)光程差

知A光在P點是暗條紋；故A錯誤，B正確；

CD．設(shè)B光在空氣中波長為λ1，在介質(zhì)中波長為λ2，由

得λ1=nλ2

又臨界角C=37°所以

所以

根據(jù)光程差δ=2.1×10-6m=4λ1

可知B光在P點是亮條紋；故C正確，D錯誤。

故選BC。三、填空題(共5題，共10分)19、略

【分析】【詳解】

[1]．由圖可知，兩波的波長相等，又波速相等，則頻率相等，能發(fā)生干涉，且兩列波使質(zhì)點M的振動方向相同，所以始終加強；

[2]．波長λ=0.4m，波速v=4m/s，周期

M點至少經(jīng)過T到達波峰，則t＝(k+)T=(k+)×0.1＝0.025(4k+3)，k=0，1，2，3【解析】加強0.025（4k+3），k=0，1，2，320、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，a點為波峰與波峰相遇，c點為波谷與波谷相遇，則a、c兩點為振動加強點，b點為波峰與波谷相遇即為振動減弱點，在a、b、c三點中，振動減弱點是b點。

[2]由于b點為波峰與波谷相遇即為振動減弱點，且兩波的振幅相同，則經(jīng)過四分之一周期，b點通過的路程為0【解析】b021、略

【分析】【詳解】

[1]當(dāng)振幅為A時，物體對彈簧的最大壓力是物體重力的1.5倍，此時在最低處，受彈力、重力，由牛頓第二定律可得

方向向上，根據(jù)簡諧振動的特點，在最高點的加速度也為0.5g，方向向下，所以

解得F1=0.5mg；且為支持力。

由胡克定律可得

[2]要使物體不能離開彈簧，則在最高點彈力為零，加速度為g，方向向下，根據(jù)對稱性，在最低處的加速度也為g，方向向上，由牛頓第二定律可得

解得

由胡克定律可得

聯(lián)立可得【解析】2A22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由

得與石板碰撞前鋼球的速度為

與石板碰撞前鋼球的動量為

[2]碰撞后鋼球的動量為

[3]碰撞過程中鋼球動量的變化量為【解析】①.20②.③.23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因為中垂線上的點到兩波源的路程差等于零，即為波長的整數(shù)倍，所以a、b、c三點的振動都是加強的；

[2]因為兩列波的振幅相同，所以疊加后b點的振幅就為2A；

[3]疊加后的波是向前運動的，該時刻a在波峰，c在波谷，b在平衡位置，所以從波傳播側(cè)面觀察，此時質(zhì)點b的運動方向垂直波傳播方向向上?！窘馕觥考訌?/p>

垂直波傳播方向向上四、作圖題(共1題，共3分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)五、實驗題(共4題，共12分)25、略

【分析】【詳解】

①[1]A．為了減小實驗誤差；擺球盡量選擇質(zhì)量大些；體積小些的，故A正確；

B．為了減小實驗誤差；擺線要選擇細些；伸縮性小的，并且適當(dāng)長一些，故B錯誤；

C．?dāng)[的周期大一些可以方便測量；但是擺角過大，會使擺球的擺動不能看做簡諧運動，故C錯誤；

D．釋放擺球，從擺球經(jīng)過平衡位置開始計時，記下擺球做50次全振動所用的時間t，則單擺做一次全振動的時間既周期為

故D正確。

故選AD；

②[2]由

可得

圖中方法測得的擺長偏大，所以測得的重力加速度g值偏大?！窘馕觥緼D＃DA偏大26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]小球直徑

（2）[2]A．為防止單擺運動中擺長發(fā)生變化；為減小實驗誤差，應(yīng)選擇彈性小的細線做擺線，擺線應(yīng)適當(dāng)長些，A錯誤；

B．為減小空氣阻力對實驗的影響；擺球要選擇質(zhì)量大些；體積小些的球，B正確；

C．單擺在擺角小于5°時的運動是簡諧運動；為減小周期測量的誤差，應(yīng)從擺球經(jīng)過平衡位置時開始計時且測出擺球做多次全振動的時間，求出平均值作為單擺的周期，C錯誤；

D．拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于釋放擺球，從平衡位置開始計時，記下擺球做30次全振動所用的時間則單擺周期

D正確。

故選BD。

（3）[3][4]由單擺周期公式

可知

T2-L圖象的斜率

若測量擺長時忘了加上擺球的半徑，則擺長變成擺線的長度L，根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，對

與②線

斜率相等，兩者應(yīng)該平行，是截距；故做出的T2一L圖象中①線的原因可能是誤將懸點到小球上端的距離記為擺長L；

[5]由單擺周期公式

可知

T2-L圖象的斜率

則重力加速度

由圖乙所示圖象可知，圖線①與圖線②平行，它們的斜率k相等，利用圖線①求得的重力加速度等于利用圖線②求得的重力加速度?！窘馕觥緽D#DB①誤將懸點到小球上端的距離記為擺長L造成的等于27、略

【分析】【詳解】

[1]擺球的直徑為：d＝31mm＋9×0.05mm＝31.45mm＝3.145cm；

[2]根據(jù)單擺的周期公式T＝2π及l(fā)＝L＋和＝T，可得【解析