2025年魯教五四新版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年魯教五四新版必修3物理上冊階段測試試卷888考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，在點電荷產(chǎn)生的電場中，實線MN是一條方向未標出的電場線，虛線是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡.設電子在兩點的加速度大小分別為電勢能分別為下列說法正確的是（）

A.電子一定從A向B運動B.若aA<aB,則Q靠近M端且為正電荷C.無論Q為正電荷還是負電荷一定有D.B點電勢可能高于A點電勢2、下列公式中定義的物理量不是采用比值定義法的是（）A.B.C.D.3、如圖所示，點電荷固定在連線的下方，試探電荷沿直線從A運動到B。此過程中受到的庫侖力是（）

A.排斥力，先變小后變大B.排斥力，先變大后變小C.吸引力，先變小后變大D.吸引力，先變大后變小4、庫侖定律表達式和萬有引力定律表達式十分相似，關(guān)于庫侖力和萬有引力，下列說法中不正確的是（）A.兩種力都是吸引力B.兩種力的方向都在兩物體的連線上C.兩種力的大小都與距離的平方成反比D.兩種力的產(chǎn)生都不需要兩物體直接接觸5、如圖所示，在邊長為a的等邊三角形的三個頂點A、B、C上，分別固定三個電荷量相等的點電荷，其中A、B處的點電荷均帶正電，C處的點電荷帶負電，O為三角形中心。已知點電荷Q的電勢表達式為式中k為靜電力常量，r為電場中某點到點電荷的距離；則下列說法正確的是（）

A.O點的電場強度大小為B.O點的電場強度大小為C.O點的電勢為D.O點的電勢為6、如圖為描述某靜電場的電場線，a、b、c是同一條電場線上的三個點，其電場強度大小分別為電勢分別為關(guān)于的比較，下列說法正確的是（）

A.B.C.D.7、在維護和檢修高壓供電線路時，為了不影響城市用電，電工經(jīng)常要在高壓線上帶電作業(yè)。為了保障電工的安全，電工全身要穿上用金屬絲線編織的衣服（如圖甲）。圖乙中電工站在高壓直流輸電線的A供電線上作業(yè)，其頭頂上方有B供電線，B供電線的電勢高于A供電線的電勢。虛線表示電工周圍某一截面上的等勢面，c、d、e、f是不同等勢面上的四個點；以下說法中正確的是（）

A.在c、d、e、f四點中，c點的電場最強B.在c、d、e、f四點中，f點的電勢最高C.若將某電子由c移到f，其電勢能將增大D.若將電子在d點由靜止釋放，它會向e點所在等勢面運動8、空間存在一平行于x軸方向的電場，x軸上各點電勢的變化規(guī)律如圖所示；圖線為關(guān)于y軸對稱的拋物線。則下列說法正確的是（）

A.在O~x2電場強度依次增大，在O~-x2電場強度依次減小B.x1和-x1兩點處的電場強度大小相等、方向相同C.正粒子在x1和-x1處的電勢能相等D.負粒子由-x1沿x軸運動到x1的過程中，電勢能先增大后減小9、內(nèi)阻不可忽略、電動勢已知的電源按如圖所示的電路連接，閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2，電壓表與電流表偏轉(zhuǎn)一定的角度，閉合開關(guān)S2，電壓表的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼碾娏鞅淼氖緮?shù)變?yōu)樵瓉淼?倍。則由以上條件可求得（）

A.電源的內(nèi)阻B.電流表的內(nèi)阻C.電壓表原來的示數(shù)D.電流表原來的示數(shù)評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、金屬自由電子氣理論認為金屬中的自由電子好像氣體分子一樣，總是在不停地做無規(guī)則熱運動，由于自由電子會與金屬離子發(fā)生碰撞，其在金屬中的運動軌跡是“曲折”的路線。當存在外加電場E時，電子在雜亂無章的熱運動上會疊加一個沿電場力方向的定向移動，如圖所示。大量電子沿同一方向的定移運動形成了宏觀的電流，通常情況下，電流穩(wěn)定時，電子定向移動的速率約為10-4m/s，電子熱運動的速率約為105m/s?？梢詫⒔饘賹щ妴栴}簡化為下述過程：電子每次與金屬離子碰撞后；定向運動速率變?yōu)?；接著電子在電場力的作用下重新加速獲得定向運動速度，直到再次與金屬離子發(fā)生碰撞。根據(jù)以上信息，下列說法正確的是（）

A.電子與金屬離子的碰撞頻率只由電子的熱運動速率決定，與定向移動速率完全無關(guān)B.電子與金屬離子的碰撞頻率與電子的熱運動速率、定向移動速率都有關(guān)，但定向移動速率影響可以忽略C.E增大會導致碰撞頻率明顯升高，金屬中電子定向移動形成的電流變大D.E增大對碰撞頻率的影響可以忽略，但金屬中電子定向移動形成的電流會變大11、如圖；兩個線圈繞在同一根鐵芯上，其中一線圈通過開關(guān)與電源連接，另一線圈與遠處沿南北方向水平放置在紙面內(nèi)的直導線連接成回路。將一磁針懸掛在直導線正上方，開關(guān)未閉合時小磁針處于靜止狀態(tài)。下列說法正確的是（）

A.開關(guān)閉合后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動B.開關(guān)閉合并保持一段時間后，小磁針的N極指向垂直紙面向里的方向C.開關(guān)閉合并保持一段時間后，小磁針的N極指向垂直紙面向外的方向D.開關(guān)閉合并保持一段時間再斷開后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動12、一興趣小組為研究非純電阻電路的性質(zhì)，設計了如圖所示電路圖。圖中M是一電動機，額定電壓為12V，額定功率為24W，線圈電阻為為定值電阻，阻值是G為靈敏電流計，AB為一段阻值均勻的電阻棒，現(xiàn)在滑動滑片H；閉合開關(guān)，G的示數(shù)剛好為零，且電動機能夠正常工作，則下列說法正確的是（）

A.滑片位于的左側(cè)第一個四等分點上B.滑片位于的中點上C.若因外力僅使電動機停轉(zhuǎn)，為保證靈敏電流計示數(shù)仍然為零，閉合開關(guān)前，應將左移D.若因外力僅使電動機停轉(zhuǎn)，為保證靈敏電流計示數(shù)仍然為零，閉合開關(guān)前，應將右移13、如圖，兩等量異號的點電荷相距為2a．M與兩點電荷共線，N位于兩點電荷連線的中垂線上，兩點電荷連線中點到M和N的距離都為L，且L?a．略去項的貢獻；則兩點電荷的合電場在M和N點的強度（）

A.大小之比為2，方向相反B.大小之比為1，方向相反C.大小均與成正比，方向相反D.大小均與L的平方成反比，方向相互垂直14、“離心軌道演示儀”（如圖甲所示）是演示物體在豎直平面內(nèi)的圓周運動的實驗儀器，其軌道主要由主軌長道、軌道圓和輔軌長道三部分組成，主軌長道長度約為軌道圓半徑R的6倍。將主軌長道壓制成水平狀態(tài)后，軌道側(cè)視示意圖如圖乙所示?？臻g中存在水平向右的勻強電場（未畫出），電場強度大小為現(xiàn)在主軌長道上的一點A靜止釋放一電荷量為q、質(zhì)量為m的絕緣小球，小球沿主軌長道向右運動，從B點進入軌道圓，若不計一切摩擦，重力加速度為g，則小球再次通過最低點之前（）

A.小球上升到與圓心等高處時，其動能最大B.小球上升到軌道圓最高處時，其機械能最大C.若AB間距離為小球恰好不脫離軌道D.若小球不脫離軌道，小球?qū)壍赖淖畲髩毫Υ笮】赡転?mg15、如圖所示，在豎直平面內(nèi)，一輕質(zhì)絕緣彈簧上端固定在P點，下端與帶電小圓環(huán)連接，帶電小圓環(huán)套在半徑為R的光滑絕緣大圓環(huán)上，大圓環(huán)的圓心O點固定一定帶電小球，帶電小圓環(huán)與帶電小球均可看做點電荷，它們的電性相同切電量大小均為q，P點在O點的正上方，當把帶電小圓環(huán)放在大圓環(huán)A、B位置時，帶電小圓環(huán)均能保持平衡，且B點與O點在同一水平線上，帶電小圓環(huán)在B位置平衡時，大圓環(huán)與帶電小圓環(huán)之間剛好無相互作用力，已知∠APO=∠AOP=30°，靜電力常量為k，則下列說法正確的是（）

A.帶電小圓環(huán)在A位置時彈簧一定處于壓縮狀態(tài)B.帶電小圓環(huán)在A位置平衡時，大圓環(huán)與帶電小圓環(huán)之間無彈力C.帶電小圓環(huán)的重力為D.彈簧的勁度系數(shù)為16、如圖所示，在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，實線MN是一條方向未標出的電場線，虛線AB是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡．設電子在A、B兩點的加速度大小分別為a1、a2，電勢能分別為E1、E2．下列說法正確的是（）

A.若a1＞a2，則Q必定為正電荷且在M點的左端B.電子在A點的速度小于在B點的速度C.電子在A點的電勢能E1小于在B點的電勢能E2D.B點電勢高于A點電勢17、圖中虛線是某電場中的一簇等勢線。兩個帶電粒子從P點均沿等勢線的切線方向射入電場；粒子運動的部分軌跡如圖中實線所示。若粒子僅受電場力的作用，下列說法中正確的是（）

A.a點的電勢比b點的電勢低B.兩個帶電粒子電性必定相反C.粒子從P運動到a的過程中，電勢能減小D.粒子從P運動到b的過程中，電勢能減小18、如圖甲所示，兩個帶等量正電荷的點電荷M、N固定在同一高度。M、N連線中點O處豎直固定一內(nèi)壁光滑絕緣管，管內(nèi)有一帶電小球。將小球從O點上方高度為H0的P處由靜止釋放，小球從P到O的過程中，其動能Ek隨下降高度h的變化曲線如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.小球一定帶正電B.該過程中，小球的電勢能一直增加C.在下降高度為h2小球所受庫侖力達到最大D.該過程中，小球的機械能先減小后增大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一正方形的四個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）則D點電勢φD=____________V

（2）若該正方形的邊長為a=20cm，且電場方向與正方形所在平面平行，則場強為E=_________N/C20、三根完全相同的長直導線互相平行，通以大小和方向都相同的電流。它們的截面處于一個正方形abcd的三個頂點a、b、c處，如圖所示。已知每根通電長直導線在其周圍產(chǎn)生的磁感應強度與距該導線的距離成反比，通電導線b在d處產(chǎn)生的磁場其磁感應強度大小為B，則三根通電導線產(chǎn)生的磁場在d處的總磁感應強度大小為______。

21、如圖所示，游標卡尺的示數(shù)為___________cm；螺旋測微器的示數(shù)為___________mm。

22、將一電荷量為的試探電荷放在電場中的P點處，所受的電場力為則P點的電場強度為________如果將試探電荷拿走，P點的電場強度為_______23、電勢差。

（1）定義：電場中兩點之間____的差值，也叫作電壓。UAB=____，UBA=____，UAB=-UBA。

（2）電勢差是_____，有正負，電勢差的正負表示電勢的_____。UAB>0，表示A點電勢比B點電勢____。

（3）靜電力做功與電勢差的關(guān)系。

WAB=_____或24、請正確讀出下圖中各表達讀數(shù)：

(1)如圖（a），接0~3V量程時讀數(shù)為___________V；接0~15V量程時讀數(shù)為___________V。

②如圖（b），接0~3A量程時讀數(shù)為___________A；接0~0.6A量程時讀數(shù)為___________A。25、探究感應電流方向的實驗中；要用到靈敏電流計，條形磁鐵，螺線管，已知若電流從正接線柱流入時，指針將偏向正接線柱的一側(cè)，則：

（1）甲圖中螺線管的感應電流的磁場方向是______（請?zhí)睢跋蛏稀被颉跋蛳隆保?/p>

（2）乙圖中磁鐵在螺線管中產(chǎn)生的磁場方向是______（請?zhí)睢跋蛏稀被颉跋蛳隆保?/p>

（3）圖丙中螺線管中的磁通量正在______（請?zhí)睢霸龃蟆被颉皽p小”）

（4）圖丁中螺線管的繞向為（從上往下看，按電流流經(jīng)方向）______（請?zhí)睢绊槙r針”或“逆時針”）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)26、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

27、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

28、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、解答題(共3題，共24分)29、一臺國產(chǎn)全自動洗衣機說明書中所列的主要技術(shù)數(shù)據(jù)如表。試根據(jù)表中提供的數(shù)據(jù)計算：

（1）這臺洗衣機在額定電壓下洗衣或脫水時；通過洗衣機的電流是多大？

（2）如洗衣；脫水的累計時間為40min；則洗衣機耗電多少度？

。額定電壓。

220V

頻率。

50Hz

額定洗衣；脫水功率。

360W

額定洗衣；脫水容量。

3kg

整機質(zhì)量。

33kg

外形尺寸(長×寬×高)

542mm×550mm×920mm

30、有一帶電荷量的點電荷，從電場中A點移到B點時克服靜電力做功從B點移到C點時靜電力做功

（1）求A與B；B與C、C與A間的電勢差；

（2）取B點為零電勢點；求A；C兩點的電勢；

（3）比較電荷在A、C兩點的電勢能的大小.31、如圖甲所示，兩平行金屬板a、b間距為d，在兩板右側(cè)裝有熒光屏MN（絕緣），O為其中點。在兩板a、b上加上如圖乙所示的電壓，電壓最大值為U0?，F(xiàn)有一束帶正電的離子束（其比荷即電量與質(zhì)量的比值為k），從兩板左側(cè)沿中線方向以初速度v0，連續(xù)不斷地射入兩板間的電場中，設所有離子均能打到熒光屏MN上，已知金屬板長L=2v0t0；求：

(1)從t=0時刻進入電場的離子打到熒光屏MN上的位置。

(2)熒光屏上出現(xiàn)亮線的長度。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

A．由運動軌跡只能得到電子受力指向凹的一側(cè)；不能得到運動走向，故A錯誤；

B．由電場場源為點電荷，aA<aB可得：點電荷Q靠近N端；又有電子受力指向凹的一側(cè)可得：MN上電場線方向向右，故點電荷Q為負電荷；故B錯誤；

C．電子受力指向凹的一側(cè)可得：根據(jù)電子只受電場力作用；電場力做正功，電勢能減小；電場力做負功，電勢能增大可得：EpA＜EpB；故C正確；

D．電子受力指向凹的一側(cè)可得：MN上電場線方向向右；根據(jù)沿著電場線電勢降低可得：B點電勢低于A點電勢；故D錯誤；

故選C。2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．場強的定義式；采用比值定義法，A錯誤；

B．電阻定律的表達式；體現(xiàn)電阻的決定因素，不是采用比值定義法，B正確；

C．歐姆定律的變形；即電阻的定義式，采用比值定義法，C錯誤；

D．電容的定義式；采用比值定義法，D錯誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

根據(jù)同種電荷相互排斥，可知，試探電荷受到的一直是排斥力，電荷沿直線從A運動到B的過程中，兩電荷間的距離先減小后增加，由于電量保持不變，根據(jù)

可知，受到的庫侖力先增大后減?。还蔄CD錯誤，B正確。

故選B。4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．異種電荷間的庫侖力為吸引力；同種電荷間的庫侖力為排斥力；和萬有引力均是吸引力。故A錯誤，與題意相符；

B．兩種力的方向都在兩物體的連線上。故B正確；與題意不符；

C．從表達式中；可以看出兩種力的大小都與距離的平方成反比。故C正確，與題意不符；

D．兩種力的產(chǎn)生都不需要兩物體直接接觸；屬于場力。故D正確，與題意不符。

故選A。5、C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)對稱性可知A、B、C三處點電荷在O點產(chǎn)生的電場強度大小相等，均為

方向分別如圖所示，根據(jù)電場強度的疊加法則可得O點的電場強度大小為

故AB錯誤；

CD．由題給表達式以及電勢的疊加可知O點的電勢為

故C正確；D錯誤。

故選C。6、D【分析】【詳解】

由于沿著電場線方向電勢逐漸降低，則有φa>φb>φc

故選D。7、C【分析】【分析】

【詳解】

A．依據(jù)等勢線的疏密程度，可知在c、d、e、f四點中，f點的電場最強；故A錯誤；

B．因B供電線的電勢高于A供電線的電勢，則在c、d、e、f四點中，c點的電勢最高；故B錯誤；

C．若將某電子由c移到f；即從高電勢處移動到低電勢處，因電子帶負電，則其電勢能將增大，故C正確；

D．沿著電場線方向電勢逐漸降低，因c、d、e、f四點電勢逐漸降低，故將某電子在d點由靜止釋放，在電場力作用下，它會向c點所在等勢面運動；故D錯誤。

故選C。8、C【分析】【詳解】

A．圖象的斜率大小等于電場強度，由于O~和O~圖線的斜率均增大，因此O~和O~電場強度均依次增大；A錯誤；

B．由于x1和x1兩點關(guān)于y軸對稱；則兩點的斜率大小相等，則這兩點的電場強度大小相等，又斜率的正負表示電場強度的方向，因此這兩點電場強度的方向相反，B錯誤；

C．由圖象可知和兩點的電勢相等，則由公式得正粒子在和兩點的電勢能相等；C正確；

D．由圖象可知，x軸負半軸電場方向向左，x軸正半軸電場方向向右，則負粒子由到O點的過程電場力做正功，電勢能減?。回摿Ｗ釉趚軸正半軸所受的電場力向左，則負粒子由O運動到點的過程中；電場力做負功，電勢能增大，D錯誤。

故選C。9、C【分析】【分析】

【詳解】

假設電壓表和電流表原來的示數(shù)分別為電源和電流表的內(nèi)阻分別為由閉合電路歐姆定律可知

閉合開關(guān)后

解得

故選C。二、多選題(共9題，共18分)10、B:D【分析】【詳解】

AB．自由電子熱運動的速率約為自由電子定向移動的速率約為由于

則說明熱運動更容易發(fā)生碰撞；即相較于自由電子的定向移動速率，熱運動速率對碰撞頻率影響更大，定向移動速率的影響可以忽略，選項A錯誤，B正確；

CD．由題知，電子定向移動是外加電場的原因，當外加電場E增大；電子定向移動的速率變大，形成的電流會變大，又由以上分析可知定向移動速率對電子與金屬離子的碰撞頻率的影響可以忽略，選項C錯誤，D正確。

故選BD。11、A:D【分析】【詳解】

A．由電路可知；開關(guān)閉合瞬間，右側(cè)線圈正面環(huán)繞部分的電流向下，由安培定則可知，直導線在鐵芯中產(chǎn)生向右的磁場，由楞次定律可知，左側(cè)線圈正面環(huán)繞部分產(chǎn)生向上的電流，則直導線中的電流方向由南向北，由安培定則可知，直導線在小磁針所在位置產(chǎn)生垂直紙面向里的磁場，則小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動，A正確；

BC．開關(guān)閉合并保持一段時間后；穿過左側(cè)線圈的磁通量不變，則左側(cè)線圈中的感應電流為零，直導線不產(chǎn)生磁場，則小磁針靜止不動，BC錯誤；

D．開關(guān)閉合并保持一段時間再斷開后的瞬間；穿過左側(cè)線圈向右的磁通量減少，則由楞次定律可知，左側(cè)線圈正面環(huán)繞部分產(chǎn)生向下的感應電流，則流過直導線的電流方向由北向南，直導線在小磁針所在處產(chǎn)生垂直紙面向外的磁場，則小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動，D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【詳解】

AB．由靈敏電流計示數(shù)為零可知靈敏電流計兩側(cè)電勢差為零，可得與段電阻、與段電阻兩端電壓分別相等；由正常工作知兩端電壓為經(jīng)過與的電流為則根據(jù)歐姆定律，兩端電壓也為最終推得兩端電壓應相同，故滑片應在中點；故B正確，A錯誤；

CD．若僅電動機停轉(zhuǎn)，那么可視為一阻值為的純電阻，根據(jù)上述分析，當靈敏電流計示數(shù)為零時，電動機與定值電阻兩端的電壓之比為所以在閉合開關(guān)前，應將左移至左側(cè)第一個四等分點處；故C正確，D錯誤。

故選BC。13、A:C【分析】【詳解】

如圖所示：

根據(jù)點電荷的場強公式運用平行四邊形定則，結(jié)合結(jié)幾何關(guān)系，M、N點的場強分別為根據(jù)相似三角形定則有M點的場強是N點場強的2倍，A正確，B錯誤；M點的場強與N點場強都與a成正比，與L的三次方成反比，C正確，D錯誤.

故選AC。14、C:D【分析】【詳解】

A．使用等效場的觀點，將重力場和電場等效的看作一個場，結(jié)合平行四邊形法則可得等效重力加速度為

設等效場對物體的力與豎直方向的夾角為θ；如圖所示。

則有

解得

由“等效重力”可知，當小球運動到BC間且與圓心連線與豎直方向夾角為時；小球的速度最大，動能最大，故A錯誤；

B．小球在軌道上運動過程中；能量守恒，小球在與圓心等高且在圓弧右側(cè)的位置電勢能最小，所以小球在該點的機械能最大，故B錯誤；

C．設釋放點A到B的距離為L時，小球恰好不脫離圓軌道；圖中D點與圓心連線與圓相交的點M點即為“等效重力”中的最高點，小球恰好不脫離圓軌道，電場力與重力的合力剛好提供向心力，則有

解得

從開始釋放小球到M點的過程中，由動能定理可得

解得

故C正確；

D．若小球做完整的圓周運動，小球運動到D點時的動能最大，對軌道的壓力最大，從A到D的過程中，根據(jù)動能定理，有

解得

在D點，根據(jù)牛頓第二定律，有

解得

若小球不做完整的圓周運動，當小球運動到與MD連線垂直時如圖中的P點，接下來將沿著軌道返回，此時也未脫離軌道，該過程在D點速度有最大值，對軌道的壓力也為最大值，從P到D點，根據(jù)動能定理，有

解得

在D點，根據(jù)牛頓第二定律，有

解得

如果小球不能到達P點，則小球?qū)壍赖淖畲髩毫∮?mg，所以小球?qū)壍赖淖畲髩毫Υ笮】赡転?mg；故D正確。

故選CD。15、B:D【分析】【詳解】

C．在B位置，帶帶電小圓環(huán)受力分析可知

選項C錯誤；

A．若彈簧給帶電小圓環(huán)斜向下的彈力；不論有沒有大圓環(huán)的彈力，帶電小圓環(huán)都不可能平衡，故彈簧一定處于拉伸狀態(tài)，選項A錯誤；

B．對帶電小圓環(huán)受力分析，假設兩圓環(huán)之間的相互作用力F，由平衡知識

解得F=0

即在A位置兩圓環(huán)之間無相互作用力；選項B正確；

D．由平衡條件可知，AB兩位置的彈簧彈力分別為

彈簧形變量為?x=R

由胡克定律得彈簧的勁度系數(shù)為

選項D正確；

故選BD.16、A:C【分析】【詳解】

A項：若a1＞a2；表明電荷在A點受的電場力更大，又電子受的電場力向左，即A點離點電荷Q更近，故A正確；

B項：電子從A到B；電場力做負功，電子的動能減小，故B錯誤；

C項：電子從A到B；電場力做負功，電子的電勢能增大，故C正確；

D項：根據(jù)負電荷在電勢高的地方電勢能小可知，A點電勢高于B點電勢；故D錯誤．

【點晴】

解決本題關(guān)鍵理解做曲線運動的物體所受合外力指向曲線的內(nèi)側(cè)．17、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由等勢面的分布可知，該電場是點電荷產(chǎn)生的，但不知道點電荷的電性，無法判斷a、b兩點的電勢；故A錯誤；

B．根據(jù)軌跡的彎曲方向可知，a粒子受到中心點電荷的斥力，而b粒子受到中心電荷的引力，說明a粒子與中心點電荷的電性相同，b粒子與中心點電荷的電性相反；故兩個帶電粒子電性必定相反，故B正確；

C．粒子從P運動到a的過程中；電場力做正功，動能增大，電勢能減小，故C正確；

D．粒子從P運動到b的過程中；電場力做正功，動能增大，電勢能減小，故D正確。

故選BCD。18、A:B【分析】【詳解】

A．從圖像乙可以看出，在的這段過程中，小球速度減小，合力豎直向上，故電場力豎直向上。兩個等量正電荷在O點上方的電場強度方向豎直向上；故小球帶正電。A正確；

B．根據(jù)兩個等量正電荷的電場線分布可知，M、N連線的中垂線上半部分，電場線方向豎直向上，沿電場線方向電勢降低，故小球從P到O的過程中；電勢一直增加，B正確；

C．小球下降高度從過程，動能減小，取一小段位移由動能定理有

得

可見在下降高度過程圖像的斜率絕對值最大時，小球受到合外力最大，此時庫侖力最大。在下降高度為h2小球所受庫侖力等于重力；不是最大，C錯誤；

D．小球機械能和電勢能的總和保持不變；因為電勢一直增加，小球帶正電，則電勢能一直增加，機械能一直減小，D錯誤。

故選AB。三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【詳解】

(1)[1]勻強電場中，沿著任意方向每前進相同的距離，電勢變化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]連接AC，將AC三等分，標上三等分點E、F，則根據(jù)勻強電場中沿電場線方向相等距離，電勢差相等可知，E點的電勢為3V，F(xiàn)點的電勢為9V．連接DF；是一條等勢線．

將DF延長交于AB于P點，則P點的電勢為φP=φD=9V

可知P是AB的中點，

PD是該電場的一條等勢線，作AM⊥PD，根據(jù)等面積原理知

場強【解析】920、略

【分析】【分析】

根據(jù)等距下電流所產(chǎn)生的B的大小與電流成正比，得出各電流在d點所產(chǎn)生的B的大小關(guān)系，由安培定則確定出方向，再利用矢量合成法則求得B的合矢量的大小和方向。

【詳解】

假設正方形的邊長為L，通電導線b在d處所產(chǎn)生磁場的磁感應強度大小為B，根據(jù)幾何關(guān)系得

每根通電導線在其周圍產(chǎn)生的磁場的磁感應強度大小與距該導線的距離成反比則a與c在d處產(chǎn)生的磁場的強度

方向如圖。

則d點的磁感應強度【解析】3B21、略

【分析】【詳解】

[1]圖甲所示是20分度游標卡尺，示數(shù)為

[2]螺旋測微器的示數(shù)為【解析】1.3456.79022、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)電場強度的定義式，得

場強與試探電荷無關(guān)，如果將試探電荷拿走，P點的電場強度E仍為【解析】23、略

【解析】①.電勢②.φA-φB③.φB-φA④.標量⑤.高低⑥.高⑦.qUAB24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]接0~3V量程時，每小格表示指針偏轉(zhuǎn)不夠一個分格部分用估讀法，讀數(shù)比最小刻度多一位小數(shù)，讀數(shù)為

[2]接0~15V量程時,每小格表示指針偏轉(zhuǎn)不夠一個分格部分用估讀法（估讀五分之幾小格），讀數(shù)和最小刻度小數(shù)位數(shù)相同，讀數(shù)為

(2)[3]接0~3A量程時，每小格表示指針偏轉(zhuǎn)不夠一個分格部分用估讀法，讀數(shù)比最小刻度多一位小數(shù)，讀數(shù)為

[4]接0~0.6A量程時，每小格表示指針偏轉(zhuǎn)不夠一個分格部分用半格（）估讀法（不足半小格的舍去，超過半小格的按半小格估讀），讀數(shù)和最小刻度小數(shù)位數(shù)相同，讀數(shù)為【解析】2.18V10.8V0.80A0.16A25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]依題意；若電流從正接線柱流入時，指針將偏向正接線柱的一側(cè)，而甲圖中電流從正接線柱流入電流計，根據(jù)安培定則，感應電流產(chǎn)生的磁場方向向上；

(2)[2]圖中電流從負接線柱流入電流計；根據(jù)安培定則，感應電流產(chǎn)生的磁場方向向下，磁鐵向上運動，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律則原磁場方向向下；

(3)[3]圖中電流從正接線柱流入電流計；根據(jù)安培定則，感應電流的磁場方向向上，原磁場方向向上，根據(jù)楞次定律可知，磁通量減小；

(4)[4]磁鐵N極向上運動，穿過線圈的磁通量減小，