2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷630考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于電源的作用，下列說法中正確的是A.電源的作用就是能保持導體兩端的電壓，使電路中有持續(xù)的電流B.電源的作用是能夠直接釋放出電能C.電源的作用是能為電路持續(xù)的提供自由電荷D.電源的作用就是使自由電荷運動起來2、靜電除塵原理是設法使空氣中的塵埃帶電，在靜電力作用下，塵埃到達電極而被收集起來。如圖所示，靜電除塵器由板狀收集器A和線狀電離器B組成，A、B間接有高壓電源，它們之間形成很強的電場，能使空氣中的氣體分子電離，進而使通過除塵器的塵埃帶電，最后被吸附到正極A上。下列選項正確的是（）A.收集器A吸附大量塵埃的原因是塵埃帶上了正電B.收集器A吸附大量塵埃的原因是塵埃帶上了負電C.收集器A和電離器B之間形成的是勻強電場D.靜電除塵過程是機械能向電場能轉(zhuǎn)化的過程3、關(guān)于電場力和電場強度，下列說法正確的是A.電場強度的方向總是跟電場力的方向一致B.電場強度的大小總是跟電場力的大小成正比C.正電荷受到的電場力的方向跟電場強度的方向一致D.電荷在某點受到的電場力越大，該點的電場強度越大4、某電場的等勢面如圖所示，圖中a、b、c、d、e為電場中的5個點；則（）

A.一正電荷從d點運動到e點，電場力做正功B.一電子從a點運動到e點，電場力做功為15eVC.b點電場強度垂直于該點所在等勢面，方向向左D.a、b、c、d四個點中，d點的電場強度大小最大5、如圖所示，圖線1表示的導體電阻為R1，圖線2表示的導體的電阻為R2，則下列說法正確的是（）

A.R1：R2＝1：2B.R1：R2＝3：1C.將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，則電流比I1：I2＝1：3D.將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，則電流比I1：I2＝3：16、如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)的變化量分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列說法正確的是()

A.不變，變大B.變大，變大C.變大，不變D.不變，不變7、磁感應強度單位“特斯拉”用國際單位制中的基本單位表示正確的是（）A.kg·s-1·C-1B.kg·s-2·A-1C.N·A-1·m-1D.Wb·m-28、物理學中通常運用大量的科學方法建立概念，如“比值定義法”、“等效替代”、“理想模型”等，下列選項中均用到“比值定義法”建立概念的是（）A.質(zhì)點、點電荷B.電場強度、電容C.電阻、磁通量D.合力與分力、重心9、下列說法正確的是（）A.磁感應強度沿磁感線方向逐漸減小B.長度為L、電流為I的直導線在勻強磁場中受力為F，則磁感應強度B小于或等于C.磁感應強度的方向與通電直導線在該處所受磁場力方向相同D.周期性變化的電場與周期性變化的磁場相互激發(fā)，形成電磁場評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，ABC-FHG是正三棱柱，△ABC的邊長為L。A點固定一個電荷量為-q的點電荷，C點固定一個電荷量為+q的點電荷，D、E點分別為AC、FG邊的中點，選無窮遠處電勢為0，靜電力常量為k。下列說法中正確的是（）

A.B點的電場強度大小B.將一正試探電荷從F沿FH、HG移到G點，其電勢能逐漸減少C.沿直線DH移動正電荷，電場力做正功D.若在F點再固定一電荷量為+Q的點電荷，G點再固定一個電荷量為-Q的點電荷，則B、H兩點的電勢相等11、如圖，A、B兩個點電荷的電量分別為+Q和+q，放在光滑絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接。當系統(tǒng)平衡時，彈簧的伸長量為x0；若彈簧發(fā)生的均是彈性形變，則（）

A.將Q變?yōu)?Q，將q變?yōu)?q，平衡時彈簧的伸長量小于4x0B.保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的伸長量大于2x0C.保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時彈簧的縮短量等于x0D.保持q不變，將Q變?yōu)?2Q，平衡時彈簧的縮短量大于2x012、如圖所示，電荷均勻分布的絕緣薄球殼的電荷量為Q（Q>0），半徑為R，球心О點固定在空間某位置，在球殼上相互距離均為的三個點A、B、C處分別取走相同的一小塊面積（遠小于球殼表面積），球殼上其余位置電荷量及其分布都不變。直線OM為ΔABC所在平面的垂線，P位于直線OM上且與O點相距2R。在P位置放置一點電荷q使O點電場強度恰好為零。已知電荷量為q的點電荷在距離其r的位置產(chǎn)生的電勢（k為靜電力常量）。下列說法正確的是（）

A.B.C.O點電勢為D.O點電勢為13、如圖所示，等量異種點電荷（+Q，-Q）固定放置，O是兩電荷連線的中點，以O為圓心，在垂直于兩電荷連線的平面內(nèi)作圓，A、B是圓上兩點，且AB連線不過圓心O；則下列說法正確的是（）

A.A、B兩點的電場強度不同B.將一個電荷沿圓弧從A點移到B點，電場力不做功C.將一個電荷沿該圓弧從A點移到B點，電荷受到的電場力一直不變D.A點的電勢比B點的電勢高14、某同學做三種導電元件的導電性實驗，他根據(jù)所測數(shù)據(jù)，分別繪制了三種元件的I-U圖象；如圖所示，下列說法正確的有（）

A.甲圖描述的元件電壓增大電阻增大B.甲圖描述的元件電壓增大電功率增大C.乙圖描述的元件電壓增大電阻不變D.丙圖描述的元件電壓增大電阻減小評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為900N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10－9C的正點電荷，則A處場強大小EA＝_______N/C，B處的場強大小EB＝______N/C，方向____________．

16、定義：______、______都不隨時間變化的電流稱為恒定電流。17、如圖所示，一款微型機器人的內(nèi)部有一個直流電動機，其額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間；電動機恰好能正常工作，則電動機的輸出功率為____________，電源的效率為____________。

18、如圖所示，有一塊無限大的原來不帶電的金屬平板MN，現(xiàn)將一個帶電量為+Q的點電荷放置于板右側(cè)的A點，并使金屬板接地．已知A點離金屬板MN的距離為d，C點在A點和板MN之間，AC⊥MN，且AC長恰為．金屬平板與電量為+Q的點電荷之間的空間電場分布可類比______________（選填“等量同種電荷”、“等量異種電荷”）之間的電場分布；在C點處的電場強度EC=______________．

19、如圖所示，兩條直線分別對應著兩個導體R1、R2。那么，兩導體的電阻之比為R1:R2=_________，若兩個導體串聯(lián)時，兩導體兩端的電壓之比為U1:U2=_________。

20、如圖甲所示為一個燈泡兩端的電壓與通過的電流的關(guān)系曲線；參考這根曲線回答下列問題（不計電流表和電池的內(nèi)阻）

如圖乙所示，若將兩個這樣的燈泡并聯(lián)后再與10Ω的定值電阻串聯(lián)，接在電動勢為8V的電源上，則每個燈泡消耗的功率是___________W。評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)21、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

22、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

23、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

24、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)25、在“練習使用多用電表”的實驗中；某同學進行了如下操作和思考。

（1）利用多用電表測量未知電阻，用歐姆擋“×100”測量時發(fā)現(xiàn)指針示數(shù)如圖所示，為了得到比較準確的測量結(jié)果，下列選項中合理的步驟為____________（選填字母代號并按操作順序排列）；

A．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“×1k”的位置。

B．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“×10”的位置。

C．將兩表筆分別與被測電阻的兩根引線相接完成測量。

D．將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向“”

（2）該同學想進行如圖所示的操作，下列說法正確的是____________（選填字母代號）；

A．圖甲中將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到直流電壓擋；選擇合適量程可測量小燈泡兩端電壓。

B．圖乙中將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到直流電流擋；選擇合適量程可測量流經(jīng)小燈泡的電流。

C．圖丙中將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋；選擇合適量程可測量閉合電路中小燈泡的電阻。

D．圖丁中將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋；選擇合適量程可觀察到此時歐姆表示數(shù)很小。

（3）該同學在實驗室找到一個的電容器，他認為電容器是彼此絕緣的兩個極板構(gòu)成，用歐姆表兩個表筆分別與電容器的兩電極相連，歐姆表的指針不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)。該同學準備驗證自己的想法，用歐姆表的“×10”擋，將紅、黑兩表筆分別與該電容器的兩電極相連。請你分析該同學會看到什么現(xiàn)象，并說明依據(jù)_______。26、做“測繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗，要求采用分壓電路，電流表外接．小王的連接如圖甲所示，閉合開關(guān)S前請老師檢查，老師指出圖中標示的①、②兩根連線有一處錯誤，錯誤連線是________(填“①”或“②”)；圖中標示的③、④和⑤三根連線有一處錯誤，錯誤連線是________(填“③”“④”或“⑤”)．小王正確連線后，閉合開關(guān)S前，應將滑動變阻器滑片C移到________處(填“A”或“B”)．閉合開關(guān)S，此時電壓表讀數(shù)為______V,緩慢移動滑片C至某一位置時，電流表指針如圖乙所示，電流表的示數(shù)為________A.

27、某同學采用“半偏法”測量一量程為250μA的微安表G的電阻；將其改裝為量程為5mA的電流表，并利用量程為5mA的標準電流表A進行檢驗。

（1）如圖1所示，斷開開關(guān)K1、K2，將滑動變阻器的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)K2，調(diào)節(jié)滑動變阻器RP的阻值使微安表滿偏，保持滑動變阻器RP的阻值不變，閉合開關(guān)K1并調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，微安表電流為125μA時，電阻箱R阻值為190.0?，則微安表的電阻測量值為_______?；要把該微安表改裝成量程為5mA的電流表，需要將與微安表并聯(lián)的電阻箱R的阻值調(diào)到________?。

（2）如圖2，虛線框內(nèi)為改裝后的量程為5mA的電流表，閉合開關(guān)K3調(diào)節(jié)滑動變阻器，當量程為5mA的標準電流表示數(shù)達到滿偏時，微安表示數(shù)為240μA，則微安表的實際內(nèi)阻為________?。（結(jié)果保留一位小數(shù)）

（3）由（2）知“半偏法”測量微安表的內(nèi)阻結(jié)果偏小了，為減小該系統(tǒng)誤差，對圖1電路采取的下列措施中可行的是________。

A．更換調(diào)節(jié)更靈敏的滑動變阻器B．更換調(diào)節(jié)范圍更大的電阻箱。

C．更換電動勢更大的電源D．更換內(nèi)阻更小的電源評卷人得分六、解答題(共4題，共8分)28、如圖所示，一個電子以的初動能從A點垂直電場線方向飛入勻強電場，在點離開電場時，其運動方向與電場線成角，則A與兩點間電勢差多大？

29、如圖所示為示波管的結(jié)構(gòu)原理圖，加熱的陰極K發(fā)出的電子（初速度可忽略不計）經(jīng)電勢差為的AB兩金屬板間的加速電場加速后，從一對水平放置的平行正對帶電金屬板的左端中心點沿中心軸線射入金屬板間（垂直于熒光屏M），兩金屬板間偏轉(zhuǎn)電場的電勢差為U，電子經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)后打在右側(cè)豎直的熒光屏M上。整個裝置處在真空中，加速電場與偏轉(zhuǎn)電場均視為勻強電場，忽略電子之間的相互作用力，不考慮相對論效應。已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e；加速電場的金屬板AB間距離為偏轉(zhuǎn)電場的金屬板長為板間距離為d，其右端到熒光屏M的水平距離為電子所受重力可忽略不計；求：

（1）電子從加速電場射入偏轉(zhuǎn)電場時的速度大小

（2）電子打在熒光屏上的位置與O點的豎直距離y；

（3）在解決一些實際問題時，為了簡化問題，常忽略一些影響相對較小的量，這對最終的計算結(jié)果并沒有太大的影響，因此這種處理是合理的。如計算電子在加速電場中的末速度時；可以忽略電子所受的重力。

請利用下列數(shù)據(jù)分析說明為什么這樣處理是合理的。已知重力加速度

30、如圖甲所示，水平放置的兩平行金屬板間距離為板長為兩金屬板間電勢差變化如圖乙所示（初始時上金屬板帶正電），其中一粒子源連續(xù)發(fā)射質(zhì)量為電荷量為的帶電粒子（初速度重力忽略不計），該粒子源射出的帶電粒子恰好從上金屬板左端的下邊緣水平進入兩金屬板間。

（1）若帶電粒子在時刻進入兩極板之間，飛出極板時粒子在豎直方向的偏移量是多少；

（2）在哪些時刻進入兩金屬板間的帶電粒子恰好從下金屬板右端飛出；

（3）在哪些時刻進入兩金屬板間的帶電粒子恰好從上金屬板右端飛出。

31、某裝置用電場控制帶電粒子運動，工作原理如圖所示，矩形區(qū)域內(nèi)存在多層緊鄰的勻強電場，每層的高度均為d，電場強度大小均為E，方向沿豎直方向交替變化，邊長為邊長為質(zhì)量為m、電荷量為的粒子流從裝置左端中點射入電場，粒子初動能為入射角為在紙面內(nèi)運動，不計重力及粒子間的相互作用力。

（1）當時，若粒子能從邊射出，求該粒子通過電場的時間t；

（2）當時，若粒子從邊射出電場時與軸線的距離小于d，求入射角的范圍；

（3）當粒子在為范圍內(nèi)均勻射入電場，求從邊出射的粒子與入射粒子的數(shù)量之比

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【詳解】

A．電源的作用就是能保持導體兩端的電壓；使電路中有持續(xù)的電流，選項A正確；

B．電源的作用是使導體中產(chǎn)生電場；導體中的自由電荷受到電場力作用發(fā)生定向移動，從而使電路中產(chǎn)生持續(xù)的電流。電場力做功，消耗電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能量，這一過程必須通過電路來完成，而電源不能直接釋放出電能。故B錯誤。

C．導體中就有自由電荷；電源的作用不是為電路持續(xù)地提供自由電荷，故C錯誤。

D．自由電荷本身也做無規(guī)則的運動，電源的作用是能保持導體兩端有持續(xù)的電壓，使自由電荷發(fā)生定向移動，從而使電路中產(chǎn)生電流。故D錯誤。2、B【分析】【詳解】

AB．收集器A接高壓電正極；電離器B接高壓負極，塵埃經(jīng)過電離器帶上了負電，被帶正電的A板吸引，故A錯誤B正確；

C．收集器Ａ和電離器B不是正對的平行板；故收集器A和電離器B之間形成的不是勻強電場，故C錯誤；

D．靜電除塵過程是電場力做正功；電勢能減少，機械能增加，是電場能向機械能能轉(zhuǎn)化的過程，故D錯誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

AC.電場中正檢驗電荷的受力方向是電場強度的方向；場強與負檢驗電荷的受力方向相反．故A錯誤，C正確．

B.電場強度大小與電場力的大小無關(guān)；是由電場本身性質(zhì)決定．故B錯誤．

D.電荷在某點受到的電場力越大，該點的電荷量越多，而此處電場強度是不變．故D錯誤．4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖像可知

則正電荷從d點運動到e點；電場力不做工，故A錯誤；

B．由圖像可知

根據(jù)電場力做功和電勢能的變化關(guān)系有

故B正確；

C．由沿電場線方向電勢逐漸降低，可得b點電場強度垂直于該點所在等勢面；方向向右，故C錯誤；

D．等差等勢面越密集的地方，電場強度越大，故a、b、c、d四個點中，a點的電場強度大小最大；故D錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)I－U圖像知，圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以

故AB錯誤；

CD．串聯(lián)電路電流相等，所以將R1與R2串聯(lián)后接于電源上，電流比

并聯(lián)電路，電壓相等，電流比等于電阻之反比，所以將R1與R2并聯(lián)后接于電源上，電流比

故C錯誤；D正確。

故選D。6、C【分析】【詳解】

A．R1是定值電阻，有

可知不變，不變；故A錯誤．

BC．當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R2變大，R2是可變電阻，有

所以變大.根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E-I(R1+r）

則知

其值不變；故B錯誤；C正確．

D．U3為路端電壓，為外電阻，其值增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知

其值不變；故D錯誤．

【點睛】

本題要分定值電阻與可變電阻去分析．對于定值電阻，有對于可變電阻，可根據(jù)閉合電路歐姆定律分析與電源內(nèi)阻的關(guān)系，從而作出判斷.7、B【分析】【詳解】

根據(jù)公式

可得磁感應強度的單位為

可得用國際單位制中的基本單位表示為kg·s-2·A-1。

故選B。8、B【分析】【分析】

【詳解】

A.質(zhì)點；點電荷是理想模型法；選項A錯誤；

B.電場強度；電容都是比值定義法；選項B正確；

C.電阻；磁通量都不是比值定義法；選項C錯誤；

D.合力與分力；重心都是等效替代法；選項D錯誤；

故選B。9、D【分析】【分析】

【詳解】

A．磁感應強度與磁感線的疏密程度有關(guān)；與磁感線方向無關(guān)，故A錯誤；

B．長度為L、電流為I的直導線在勻強磁場中受力為F，由磁感應強度表達式

可得磁感應強度B大于或等于故B錯誤；

C．磁感應強度的方向與通電直導線在該處所受磁場力方向垂直；故C錯誤；

D．周期性變化的電場與周期性變化的磁場相互激發(fā)；形成電磁場，故D正確。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．-q和+q在B產(chǎn)生的場強等大，為

夾角為120°，根據(jù)矢量三角形定則可知B點的電場強度大小為

故A正確；

B．根據(jù)等量異種電荷的電場線分布特點可知，G點的電勢比F點的電勢高，根據(jù)

將一正試探電荷從F沿FH、HG移到G點；其電勢能逐漸增大，故B錯誤；

C．根據(jù)等量異種電荷的電場線分布特點可知，DBHE是一等勢面，所以沿直線DH移動正電荷；電場力不做功，故C錯誤；

D．若在F點再固定一電荷量為+Q的點電荷，G點再固定一個電荷量為-Q的點電荷，根據(jù)對稱性可知，B、H兩點的場強；電勢相等；故D正確。

故選AD。11、A:D【分析】【詳解】

A．系統(tǒng)達到靜止狀態(tài)時，受力平衡，受庫侖力和彈力，大小相等，方向相反，即

將Q變?yōu)?Q，將q變?yōu)?q，此時平衡為

解得x1<4x0

A正確；

B．q不變，將Q變?yōu)?Q，此時平衡為

解得x2<2x0

B錯誤；

C．Q不變，將q變?yōu)?q，彈簧的壓縮量是x3，此時平衡為

解得x3>x0

C錯誤；

D．q不變，將Q變?yōu)?2Q，彈簧的壓縮量是x4，此時平衡為

解得x4>2x0

D正確。

故選AD。12、A:C【分析】【詳解】

AB．由于球殼絕緣且電荷分布均勻，則ABC三處每個小塊面積對應電荷量

由于OABC構(gòu)成四面體，令OA與的夾角為可知三個小塊處電荷在O點產(chǎn)生的場強大小

方向沿MO，由于完整球殼內(nèi)部電場強度為零，因此剩下部分球殼在O點產(chǎn)生的電場強度大小為E，方向沿OM，又因在P點放置一點電荷q，O點的電場強度剛好為零，所以q為正電荷；如圖所示。

在四面體中，由幾何關(guān)系得

則有

所以

解得

由于

解得

A正確；B錯誤；

CD．球面上余下電荷在O點產(chǎn)生的電勢為

P位置點電荷在O點產(chǎn)生的電勢為

所以O點電勢為

C正確；D錯誤。

故選AC。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．等量異種電荷中間處的場強水平指向負電荷；兩點場強相等，A錯誤。

B．兩點到正負電荷的距離相等；電勢相同，沒有電勢差，電場力不做功，B正確。

CD．在圓弧上每一個點到正負電荷的距離都相等；場強一直相同，電場力一直不變，電勢均相等，電場力一直不做功，C正確，D錯誤。

故選BC。14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．甲圖中隨著電壓的升高；圖像上的點與原點連線的斜率變大，此斜率等于電阻的倒數(shù)，則導體電阻不斷減小，故A錯誤；

B．由可知；當電壓升高時，電阻變小，功率變大，故B正確；

C．I-U圖像斜率為電阻的倒數(shù)；乙圖的斜率不變，電阻不變，當元件電壓增大時電阻不變，故C正確；

D．圖丙中隨電壓的升高；圖線上的點與坐標原點連線的斜率減小，則說明電阻在增大，即圖丙的電阻隨電壓升高而增大，故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由知，點電荷在A處產(chǎn)生的場強

方向向左，與勻強電場方向相反，所以A處合場強為零；

[2][3]點電荷在B處產(chǎn)生的場強大小為EB＝900N/C，方向向下，所以B處合場強為

方向與水平方向呈45°角斜向右下；【解析】01．27×103與水平方向呈45°角斜向右下16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】大小方向17、略

【分析】【詳解】

[1]電動機的輸入功率為P入=UI

電動機的熱功率為P熱=I2R

電動機輸出功率為P出=IU-I2R

[2]電源的效率為【解析】IU-I2R18、略

【分析】【詳解】

（1）根據(jù)靜電感應規(guī)律可得；金屬板上會感應出于點電荷相等的電量，但是帶電性質(zhì)相異，所以他們之間相當于等量異種電荷的電場分布；

（2）們可以把金屬棒上感應出的電荷理解為在A點與板對應的另一點B點存在一個電荷-Q．這樣就可以理解成兩個點電荷在該點產(chǎn)生的電場，該空間的電場相當于等量異種電荷電場的一半，所以產(chǎn)生的電場為【解析】等量異種電荷19、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知

所以R1:R2=1:3。

[2]由串聯(lián)電路特點知U1:U2=R1:R2=1:3【解析】20、略

【分析】【詳解】

設流過小燈泡的電流為I，兩端電壓為U，定值電阻阻值為R0，則有

帶入數(shù)據(jù)得到

用圖像表示為。

圖中兩線交點即為此時每個小燈泡兩端的電壓和電流，則每個小燈泡消耗的功率為【解析】0.6四、作圖題(共4題，共20分)21、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析22、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】23、略

【分析】【詳解】

電場線上每一點的切線方向即為該點的電場強度方向；負電荷受電場力的方向與場強方向相反，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

（1）由閉合電路歐姆定律可知

所以圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢；與橫軸交點的坐標值為短路電流，如圖所示。

（2）電源的輸出功率等于路端電壓與干路電流的乘積；即所要求的的面積為該點向坐標軸作垂線后與坐標軸圍成的面積，如圖所示。

【解析】（1）U-I圖像如圖所示。圖像與縱軸交點的坐標值為電源電動勢，與橫軸交點的坐標值為短路電流；（2）五、實驗題(共3題，共6分)25、略

【分析】【詳解】

（1）[1]歐姆擋測電阻時指針偏轉(zhuǎn)角度過大；是由于擋位過大，需選取小擋位，進行歐姆調(diào)零后再測阻值，故順序為：BDC；

（2）A．圖甲中將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到直流電壓擋；選擇合適量程可測量小燈泡兩端電壓，故A正確；

B．圖乙中將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到直流電流擋；選擇合適量程可測量流經(jīng)小燈泡的電流，故B正確；

C．測量小燈泡電阻時；小燈泡必須與外部電路斷開，故C錯誤；

D．由圖結(jié)合歐姆表的內(nèi)部電路可知；二極管兩端為負向電壓，此時二極管電阻無窮大，可觀察到此時歐姆表示數(shù)很大，故D錯誤。

故選AB。

（3）[3]會看到歐姆表指針先向右偏轉(zhuǎn)；然后緩慢回到最左端；

現(xiàn)象解釋：

①多用電表歐姆擋電路中有電源；與電容器連接時，電源給電容充電，回路中有電流，指針向右偏轉(zhuǎn)；

②電容器充電過程中，電流逐漸減小至0，指針緩慢回到最左端?！窘馕觥緽DCAB##BA見解析26、略

【分析】【詳解】

本實驗的等效電路圖如下：

應該采用分壓式；外接法；所以①、④兩根導線有問題．

實驗開始時為了保證實驗儀器的正常使用；需要將C撥到最左端，即A處，開關(guān)閉合后，電壓表讀數(shù)為0V．

電流表的量程應為0.6A，圖乙中電流表的讀數(shù)為0.32A(不需要估讀)．【解析】①.①②.④③.A④.0⑤.0.3227、略

【分析】【詳解】

（1）[1]閉合開關(guān)K2，調(diào)節(jié)滑動變阻器RP的阻值使微安表滿偏，保持滑動變阻器RP的阻值不變，認為電路中電流不變，閉合開關(guān)K1并調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，微安表電流為125μA時，電阻箱R的電流125μA，此時微安表與電阻箱并聯(lián)，電壓相等，所以微安表的電阻等于電阻箱電阻，所以微安表電阻測量值為

[2]把微安表改裝成5mA電流表時，需要并聯(lián)的電阻阻值為

（2）[3]微安表示數(shù)為240μA，微安表的實際內(nèi)阻為

（3）[4]“半偏法”測量微安表內(nèi)阻的系統(tǒng)誤差，來源于閉合開關(guān)K1時電路中電阻減小，電流增加，欲減小系統(tǒng)誤差，需要使滑動變阻器接入電路的電阻增加，閉合開關(guān)K1時；電路中電阻變化小，電流變化小，增加滑動變阻器接入電路的電阻，需要提高電源電動勢。

故選C?！窘馕觥?90.010.0198.3C六、解答題(共4題，共8分)28、略

【分析】【分析】

【詳解