2025年中圖版必修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列屬于能量單位的是（）A.V?AB.N?mC.A?sD.mA?h2、關(guān)于電流周圍的磁感線分布情況，圖中哪一個是正確的是（）A.B.C.D.3、如圖甲所示，直線上固定兩個正點電荷A與B，其中B帶＋Q的電荷量，C、D兩點將AB連線三等分，現(xiàn)有一個帶負電的粒子從C點開始以某一初速度向右運動，不計粒子所受的重力，并且已知該粒子在C、D間運動的速度v與時間t的關(guān)系圖象如圖乙所示，則A點電荷的帶電荷量可能是()

A.＋5QB.＋3QC.＋2QD.＋Q4、如圖所示，電場中的一簇電場線關(guān)于y軸對稱分布，O點是坐標原點，M、N、P、Q是以O(shè)為圓心的圓周上的四個點，其中M、N在y軸上，Q點在x軸上，下列說法正確的是（）

A.P點場強可能等于Q點場強B.P點電勢可能等于Q點電勢C.電荷在N點的電勢能可能小于在M點的電勢能D.電荷從N運動到O電場力做的功等于從O到M電場力做的功5、如圖所示，光滑絕緣的水平桌面內(nèi)有一圓形的勻強電場，場強大小為E，圓周外區(qū)域沒有電場。O為圓心，AC、BD為相互垂直的直徑。P為弧BC的中點。電場強度方向與直徑BD平行。現(xiàn)有大量質(zhì)量為m、電荷量為q（電性不同）的粒子以不同速率從A點沿AO方向射入勻強電場；不計粒子重力及粒子間相互作用，下列說法正確的是（）

A.從D點離開電場的粒子比從P點離開電場的粒子，在電場中運動的時間長B.從D點離開電場的粒子和從B點離開電場的粒子，電場力做功最多，所以離開時動能一定最大C.粒子在電場中的運動過程機械能守恒D.調(diào)節(jié)粒子速度，粒子可能垂直圓形電場區(qū)域的邊界射出電場6、如圖甲所示，A、B是一條電場線上的兩點，若在某點釋放一初速度為零的電子，電子僅在電場力作用下，從A點運動到B點；其速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，則（）

A.電子在A、B兩點受的電場力B.A、B兩點的電場強度C.場強方向為從A到BD.電場線的方向一定是從A到B評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、有一只電容器的規(guī)格是“1.5μF，9V”，那么（）A.這只電容器上的電荷量不能超過1.5×10-5CB.這只電容器上的電荷量不能超過1.35×10-5CC.這只電容器的額定電壓為9VD.這只電容器的擊穿電壓為9V8、如圖所示，用電池對電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個電荷q處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)將兩極板的間距變大；則。

A.電荷將向上加速運動B.電荷將向下加速運動C.電流表中將有從a到b的電流D.電流表中將有從b到a的電流9、如圖所示，傾角的光滑絕緣斜面體放在水平地面上，斜面體處在豎直向上的勻強電場中，質(zhì)量為m、帶電荷量為q的木塊輕放在斜面上，木塊由靜止開始下滑的加速度大小為（g為重力加速度大?。?；斜面體靜止不動，下列說法正確的是（）

A.勻強電場的電場強度大小為B.斜面對木塊的支持力大小為C.地面對斜面體的摩擦力方向水平向右，大小為D.若僅將勻強電場的方向改為水平向右，則木塊下滑的加速度將減小10、在如圖所示電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1是定值電阻，R2是滑動變阻器（R2>R1），閉合開關(guān)S，不同規(guī)格的燈泡L1和L2均正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動變阻器的滑動片P向上移動一定的距離，理想電流表A1、A2、電壓表的示數(shù)均會發(fā)生一定變化，其變化量分別用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；則下列分析判斷可能正確的是（）

A.電壓表V示數(shù)變大，電流表A1示數(shù)變小B.電流表A2示數(shù)不可能變?yōu)榱鉉.燈泡L1、L2變暗D.電源的內(nèi)阻r=11、已知球面均勻帶電時，球內(nèi)的電場強度處處為零。如圖所示，O為球心，A、B為直徑上的兩點，垂直于AB將帶正電的球面均分為左右兩部分，OA=OB。C、D為截面上同一直線上的兩點，OC=OD?，F(xiàn)移去左半球面只保留右半球面，右半球面所帶電荷仍均勻分布。下列說法正確的是（）

A.C點與D點電場強度大小相等方向相同B.A點與B點電場強度大小相等、方向相反C.將一正電荷從C點沿直線移到D點，電勢能始終不變D.將一正電荷從A點沿直線移到B點，電勢能先增大后減小12、如圖甲所示，A、B為電場中某一電場線上的兩點，沿電場線方向建立x軸，各點電勢隨其坐標變化的關(guān)系如圖乙所示。一個質(zhì)子從A點運動到B點；則（）

A.A、B兩點的電場強度大小B.A、B兩點的電場強度大小C.質(zhì)子在A、B兩點的電勢能大小D.質(zhì)子在A、B兩點的電勢能大小13、某帶電體周圍的電場線和等勢面如圖所示，設(shè)A點的電場強度為電勢為B點的電場強度為電勢為則有（）

A.B.C.D.14、如圖所示；兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸。把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A；B下部的金屬箔均張開，則（）

A.此時A帶正電，B帶負電B.此時A帶負電，B帶正電C.移去C，貼在B下部的金屬箔都閉合D.先把A和B分開，然后移去C，貼在B下部的金屬箔都閉合15、下列關(guān)于黑體輻射的實驗規(guī)律敘述正確的（）A.隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度都有所增加B.隨著溫度的升高，輻射強度的極大值向波長較短的方向移動C.黑體熱輻射的強度與波長無關(guān)D.黑體輻射無任何規(guī)律評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、在如圖所示的電路中，小量程電流表G的內(nèi)阻滿偏電流

（1）當和均斷開時，改裝后的表是___________（填電流表或電壓表），量程為___________。

（2）當和均閉合時，改裝后的表是___________（填電流表或電壓表），量程為___________。17、如圖所示為伏打電池示意圖，由于化學反應(yīng)，在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b。

（1）說明銅板帶正電、鋅板帶負電的原因是什么______？

（2）在電源內(nèi)部的a、b兩個區(qū)域，電荷如何被搬運到極板上______？

（3）在正常工作的閉合電路中，靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）；非靜電力對做定向運動的電子做______（選填“正”或“負”）功，使電子向電勢______（選填“升高”或“降低”）的方向運動，電子的電勢能______（選填“增加”或“減少”）．

（4）沿電流方向繞電路一周，非靜電力做功的區(qū)域是()

A．RB．bC．rD．a(chǎn)

（5）在圖中閉合回路的各區(qū)域內(nèi)，電勢升高的總和等于電源的______。

（6）沿電流方向繞電路一周，在什么地方電勢降低______？在什么地方電勢升高______？18、如圖，A、B是真空中的兩塊面積很大的平行金屬板，已知B板的電勢為零，A板電勢UA隨時間變化的規(guī)律如圖所示，其中UA的最大值為U0，最小值為-2U0；在A、B的正中央處有一個離子源P，P距離A、B板的距離均為l，離子源P可以源源不斷地產(chǎn)生電荷量為q、質(zhì)量為m的帶負電的微粒，已知各個時刻產(chǎn)生帶電微粒的機會均等。這種微粒產(chǎn)生后，從靜止出發(fā)在電場力的作用下運動，設(shè)微粒一旦碰到金屬板，它就附在板上不再運動，且其電荷同時消失，不影響A、B板的電壓。已知上述的T、U0、l、q和m等各量的值正好滿足等式：l2=如果在A板電壓變化的每個周期T內(nèi)；平均產(chǎn)生320個上述微粒，則可求出：

(1)在t=0到的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微?？傻竭_A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

(2)在到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微粒可到達A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

19、如圖是雙量程電壓表的原理圖，它有兩個量程分別為3V和15V，則使用圖的a、b兩端時量程應(yīng)為_____，使用圖的a、c兩端時量程為____，已知表頭內(nèi)阻為15Ω，滿偏電流為1mA，則R1=____，R2=____。

20、如圖所示，電源電壓一定時，已知燈泡L標有“6V7.2W”字樣（燈絲電阻不受溫度影響），R2=10Ω。當S、S1閉合，且滑片P在a端時，燈正常發(fā)光；當S、S2閉合，且P在滑動變阻器中點處時，電流表示數(shù)為0.2A，燈泡L的阻值為_______Ω。通過對S、S1、S2的控制和調(diào)節(jié)滑動變阻器，可使電路消耗的總功率最小，電路總功率的最小值為_______。

21、如圖所示電路圖，三個燈的連接方式是______，如果三個燈完全相同，考慮實際電源具有內(nèi)阻，將此電源只接其中一個相同的燈泡，則該燈泡變______（填“亮”或“暗”或者“不變”）。

22、有一條橫截面積為s的銅導線通以大小為I的電流．已知銅的密度為，銅的摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，電子的電量為e，如果每個銅原子只貢獻一個自由電子，則銅導線中自由電子定向移動的速率為_____評卷人得分四、作圖題(共4題，共28分)23、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標上方向）或電流方向。

25、如圖所示，磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

26、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)27、在“用多用電表測電阻；電流和電壓”的實驗中：

（1）用多用電表測電流或電阻的過程中，下列說法正確的是________。

A．在測量電阻時；更換倍率后必須重新進行調(diào)零。

B．在測量電流時；更換量程后必須重新進行調(diào)零。

C．在測量未知電阻時；必須先選擇倍率最大擋進行試測。

D．在測量未知電流時；必須先選擇電流最大量程進行試測。

（2）測量時多用電表指針指在如圖所示位置。若選擇開關(guān)處于“2.5V”擋，其讀數(shù)為____________V；若選擇開關(guān)處于“×10”擋，其讀數(shù)____________（選填“大于”“等于”或“小于”）

評卷人得分六、解答題(共3題，共24分)28、如圖所示，傾角為θ的斜面AB是粗糙的絕緣的，AB長為L，C為AB的中點，在A、C之間加一方向垂直斜面向上的勻強電場，與斜面垂直的虛線CD為電場的邊界．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小物塊（可視為質(zhì)點），從B點開始在B、C間以速度v0沿斜面向下做勻速運動，經(jīng)過C后沿斜面勻加速下滑，到達斜面底端A時的速度大小為v。試求：

（1）小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ；

（2）勻強電場場強E的大小29、LED燈是一種半導體新型節(jié)能燈。已知某種型號的LED燈在一定電壓范圍內(nèi)的工作電流是在不同電壓下發(fā)出不同顏色的光：當兩端電壓為時，發(fā)黃光；當兩端電壓為時，發(fā)紅光；當兩端電壓為時；發(fā)藍光。

(1)上述LED燈發(fā)黃光時消耗的電功率有多大？

(2)廣告牌上LED燈數(shù)量為10000個那么一塊的LED廣告牌發(fā)紅光時，需要供給的電功率大約有多少？30、如圖所示電路，電源電動勢電阻當S斷開時電壓表的示數(shù)為3.0V，當S閉合時電壓表的示數(shù)為4.0V；電壓表為理想電表，求：

（1）電源的內(nèi)阻：

（2）電阻的阻值。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【分析】

【詳解】

A．V是電壓的單位；A是電流的單位，根據(jù)。

V?A是電功率的單位；A錯誤；

B．N是力的單位；m是位移的單位，根據(jù)。

N?m是能量單位；B正確；

C．A是電流的單位；s是時間單位，根據(jù)。

A?s是電量單位；C錯誤；

D．mA是電流單位；h是時間單位，根據(jù)。

mA?h是電量單位；D錯誤。

故選B。2、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)安培定則可以判斷該環(huán)形電流內(nèi)部的磁感線方向為垂直紙面向里；故A正確；

B．根據(jù)安培定則可以判斷該直線電流周圍的磁感線方向應(yīng)為順時針方向；故B錯誤；

C．根據(jù)安培定則可以判斷該螺線管的左端為N極；故C錯誤；

D．根據(jù)安培定則可以判斷該直線電流周圍的磁感線方向應(yīng)為逆時針方向（俯視）；故D錯誤。

故選A。3、A【分析】【詳解】

由v－t圖象可知該粒子在兩正電荷A、B的作用下做加速度逐漸減小的減速運動，故點電荷A對其的庫侖引力大于點電荷B對其的庫侖引力，根據(jù)庫侖定律，在D點k>k

即QA>4Q

故選項A正確；B；C、D錯誤．

故選A。4、C【分析】【詳解】

A．電場線的疏密表示電場的強弱，根據(jù)電場分布可知，P點場強的大小小于Q點的場強；A錯誤；

B．根據(jù)電場線與等勢線垂直特點，在P點所在電場線上找到Q點的等勢點，根據(jù)沿電場線電勢降低可知，Q點的電勢比P點的電勢高；B錯誤；

C．結(jié)合電場線與等勢線垂直特點可知，N點電勢高于M點，根據(jù)

可知，負電荷在M點時的電勢能大于在N點時的電勢能；C正確；

D．根據(jù)電場分布可知，OM間的平均電場強度比NO之間的平均電場強度小，故由公式

可知，OM間的電勢差小于NO間的電勢差，根據(jù)

可得正電荷從N到O過程中電場力做的功大于從O到M過程中電場力做的功；D錯誤；

故選C。5、A【分析】【詳解】

A．粒子在電場中做類平拋運動，所以在與電場線平行的方向上位移越大運動時間越長，所以從D點離開電場的粒子比從P點離開電場的粒子；在電場中運動的時間長，A正確；

B．從D點離開電場的粒子和從B點離開電場的粒子，電場力做功最多，但是因為各粒子初動能大小不同，所以從BD處離開的粒子動能不一定是最大；B錯誤；

C．粒子在電場中運動；電場力做功，所以機械能不守恒，C錯誤；

D．粒子做類平拋運動，根據(jù)平拋運動的知識，射出電場時，速度方向的反向延長線恰好過AC方向位移的中點；根據(jù)幾何知識可知該點一定不可能是圓心，而圓心與射出點的連線與邊界垂直，所以粒子不可能垂直圓形電場區(qū)域的邊界射出電場，D錯誤。

故選A。6、A【分析】【詳解】

A．在v－t圖像可知，斜率代表加速度，由圖可知，A點的加速度小于B點的加速度，由牛頓第二定律可知，電子在A、B兩點受的電場力故A正確；

B．由電場力與場強的關(guān)系由于則故B錯誤；

CD．由于A、B是電場線上的兩個點，且電場線是直線，電子從A點由靜止開始運動到B點，速度越來越大，說明電場力的方向與速度方向相同，即電場力的方向從A點指向B點，由于電子帶負電，所以場強方向一定是從B點指向A；故CD錯誤；

故選A。二、多選題(共9題，共18分)7、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)公式，電容器上的電荷量不能超過

A錯誤；B正確；

CD．9V是電容器的額定電壓；即能承受的最大電壓，所加的電壓不能超過9V，D錯誤，C正確。

故選BC。8、B:D【分析】【詳解】

AB．電容器極板間電壓不變，根據(jù)勻強電場中電場強度和電勢差的關(guān)系：

極板間距變大；可知電場強度減小，電荷初始時刻靜止不動，受到豎直向下的重力和豎直向上的電場力平衡，電場強度減小，電荷受到的電場力變小，所以電荷將向下加速運動，A錯誤，B正確。

CD．根據(jù)電容的決定式：

極板間距增大，電容減小，根據(jù)電容的定義式：

極板間電壓不變，電容減小，電荷量減小，電容器放電，所以電流表中有從到的電流；C錯誤，D正確。

故選BD。9、A:C【分析】【詳解】

A．對木塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有

解得

故A正確；

B．斜面對木塊的支持力大小

故B錯誤；

C．對木塊和斜面體整體受力分析，在水平方向，根據(jù)牛頓第二定律可知地面對斜面體的摩擦力大小為

方向水平向右；故C正確；

D．若僅將勻強電場的方向改為水平向右，對木塊受力分析，結(jié)合牛頓第二定律可知木塊下滑的加速度將大于即木塊下滑的加速度將增大，故D錯誤。

故選AC。10、A:D【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的滑動片P向上移動時，電阻R2接入電路中的電阻變大，外電路由于局部電阻增大導致整個外電路電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，回路中總電流減小，即電流表A1示數(shù)減小，電源內(nèi)電壓減小，所以路端電壓即電壓表示數(shù)U變大；故A正確；

B．根據(jù)橋式電路特征，當滿足

由此可知，電路中M、N兩點間的電勢差為零，電流表A2示數(shù)變?yōu)榱悖还蔅錯誤；

C．由于回路中總電流減小，則R1與L1并聯(lián)部分電壓也減小，R2與L2并聯(lián)部分電壓增多，所以流過燈泡L1的電流變小，流過燈泡L2的電流變大，即燈泡L1變暗，L2變亮；故C錯誤；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

所以

故D正確。

故選AD。11、A:C【分析】【詳解】

A．對于完整帶電球面，在其內(nèi)部AB的中垂面上各點場強為零，可知左右半球面在此中垂面上各點的場強等大反向，因左右半球面的電場關(guān)于中垂面對稱，則左右半球面各自在中垂面上各點的場強方向均垂直于中垂面，則左半球面移走之后，右半球面在中垂面上各點場強均垂直于中垂面，由于C點與D點關(guān)于AB對稱，則根據(jù)場強的疊加原理可知，C點與D點電場強度大小相等方向相同；A正確；

B．將題中半球殼補成一個完整的球殼，且?guī)щ娋鶆颍O(shè)左、右半球在A點產(chǎn)生的電場強度大小分別為E1和E2；由題知，均勻帶電球殼內(nèi)部電場強度處處為零，則知E1=E2

根據(jù)對稱性，左右半球在B點產(chǎn)生的電場強度大小分別為E2和E1，且E1=E2

在圖示電場中，A的電場強度大小為E2，方向向左，B的電場強度大小為E1；方向向左，B錯誤；

C．對于完整帶電球面，在其內(nèi)部AB的中垂面上各點場強為零，可知左右半球面在此中垂面上各點的場強等大反向，因左右半球面的電場關(guān)于中垂面對稱，則左右半球面各自在中垂面上各點的場強方向均垂直于中垂面，則左半球面移走之后，右半球面在中垂面上各點場強均垂直于中垂面，則中垂面為等勢面，將一正電荷從C點沿直線移到D點；電勢能始終不變，C正確；

D．根據(jù)電場的疊加原理可知，在AB連線上電場線方向向左，沿著電場線方向電勢逐漸降低，則沿直線從A到B電勢升高，將一正電荷從A點沿直線移到B點；電勢能一直增大，D錯誤。

故選AC。12、A:D【分析】【詳解】

AB．由各點電勢隨其坐標變化的關(guān)系圖象中，斜率表示電場強度大小可知，該電場為勻強電場，則A、B兩點電場強度大小關(guān)系為

故A正確；B錯誤；

CD．由A到B電勢逐漸降低，故電場方向由A指向B，質(zhì)子從A運動到B過程中電場力方向與運動方向相同，電場力做正功，電勢能減小，故質(zhì)子在A、B兩點的電勢能大小關(guān)系為

故C錯誤；D正確。

故選AD。13、B:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)電場線的疏密程度表示電場的強弱，電場線越密，電場強度越大，則B點的電場強度較大，即

故A錯誤；B正確；

CD．根據(jù)電場線與等勢面垂直，且電勢較高的等勢面指向電勢較低的等勢面，所以B點的電勢較大，即

故C錯誤；D正確。

故選BD。14、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．帶正電的物體C靠近A附近時；根據(jù)異種電荷相互吸引，AB中的自由電子一部分移動到A的左端，故A帶上負電，B帶上正電，A錯誤B正確；

C．移去C后；由于電荷間相互作用，重新中和，達電中性狀態(tài)，兩金屬箔均閉合，C正確；

D．先把AB分開；則A帶負電，B帶正電，移去C后，電荷不能再進行中和，故兩金屬箔仍然張開，D錯誤。

故選BC。15、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．黑體輻射的規(guī)律為隨著溫度的升高各種波長的輻射強度都增加；選項A正確；

BCD．隨著溫度的升高，輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，故B正確，CD錯誤．三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]由圖可知，當和均斷開時，電流表G和串聯(lián)，所以改裝后的表是電壓表，量程為

（2）[3][4]由圖可知，當和均閉合時，電流表G和并聯(lián)，改裝后的表是電流表，量程為【解析】①.電壓表②.③.電流表④.17、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]鋅失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導致電解液與b之間處的電勢升高，對于銅板，由于還原反應(yīng)，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導致a與電解液處的電勢降低；

(2)[2]在電源內(nèi)部的a、b兩個區(qū)域，非靜電力做功，在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處；硫酸根離子被搬到鋅板上；

(3)[3][4][5]在正常工作的閉合電路中；靜電力對做定向運動的電子做正功，電勢能減少，所以電子向電勢升高的方向運動；

[6][7][8]電源內(nèi)部；從負極到正極電勢升高，所以非靜電力把電子從正極搬運到負極，對做定向運動的電子做正功，即電子向電勢降低的方向運動，所以電子的電勢能增加；

(4)[9]在電源的內(nèi)阻和外電阻上，電荷移動過程中是靜電力做功，r區(qū)域是內(nèi)阻區(qū)域，由題意可知，“在A、B兩電極附近產(chǎn)生了很薄的兩個帶電接觸層a、b”則該區(qū)域即為非靜電力作用的范圍；也是沿著電流方向電勢升高的范圍，故BD正確，AC錯誤；

故選BD；

(5)[10]依據(jù)電動勢定義可知；電勢升高的總和等于電源的電動勢；

(6)[11][12]ab區(qū)域為非靜電力作用的范圍，電勢升高，R為外電阻，r為內(nèi)阻，在電阻上，沿電流方向電勢降低?！窘馕觥夸\失去電子后，鋅離子進入溶液中與硫酸根離子結(jié)合成硫酸鋅，鋅原子將電子留在鋅板上，使鋅板帶負電，硫酸根離子與鋅結(jié)合后，導致電解液與b之間處的電勢升高。對于銅板，由于還原反應(yīng)，硫酸中的氫離子從銅板上得到電子變成氫氣，使銅板帶正電，由于氫離子與銅板上的電子結(jié)合導致a與電解液處的電勢降低在a區(qū)域，氫離子被搬運到銅板上；在b處，硫酸根離子被搬到鋅板上正升高減少正降低增加BD電動勢電勢兩次降低即電流流過外電阻和內(nèi)電阻時，電勢降低電勢兩次升高即通過兩個極板和電解液接觸層a、b時電勢升高18、略

【分析】【詳解】

（1）由于在t=0到的這段時間內(nèi)，A板的電勢高，所以從P點發(fā)出的帶負電的微粒會加速向A板移動，加速度的大小為a=

設(shè)粒子距離為l，則根據(jù)l=

需要的時間t=

再把l2=

代入到上式中，得t=

因為t<說明粒子發(fā)出后一直做勻加速直線運動到達A板；

但是在t=0到t=T/2內(nèi)發(fā)射的粒子，并不一定都打到A上，在接近T/2時刻，發(fā)射的粒子加速時間短，再減速后有可能到達不了A板，我們設(shè)粒子發(fā)射后加速△t時間，再減速通過的距離是l；

由于減速時的加速度大小為a＇=

則可求加速通過的距離x1==

末速度v1=a△t=

減速通過的距離x2=

故l=x1+x2

即l=+

解之得△t=

再把l2=

代入到上式中得△t=

由于每個周期內(nèi)平均產(chǎn)生320個微粒，則單位時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒為λ=

所以在t=0到t=T/2的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，到達A板的微粒數(shù)為N1=（-△t）λ=80

（2）在t=T/2到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，A板的電勢低，負電荷會加速向B板運動，能到達A板的粒子應(yīng)該是向左加速一段時間后，再向左減速，當粒子減速到零時，再反方向加速，減速和反方向加速的時間總時間是最后再向右減速，最終到達A板，在這些粒子中，最先到達A板的粒子的速度是零。設(shè)最初向左加速的時間為△t＇，則向左加速的位移x1＇=

末速度v1＇=a＇△t＇

然后粒子向左減速，到減到速度為0后再反方向加速，這段時間為通過的總位移為x2＇=-v1＇×+

末速度為v2＇=-v1＇+a×

最后向右減速到零的距離x3＇=

因為a＇=2a，故l=x2＇-x1＇+x3＇

聯(lián)立以上方程解之得△t＇=

故這段時間的粒子數(shù)為N2==30個【解析】803019、略

【分析】【詳解】

[1]改裝后電壓表的量程為

故串聯(lián)的電阻越大，量程越大，接a、b時，為靈敏電流計與R1串聯(lián)；量程為3V。

[2]接a、c時，為靈敏電流計與R1和R2串聯(lián)；量程為15V。

[3]由題可知，滿偏電壓

則R1兩端的電壓為

則

[4]由題可知，則

解得【解析】3V15V2985Ω12000Ω20、略

【分析】【詳解】

［1］由電功率公式得

［2］當閉合，且滑片在端時，燈正常發(fā)光，可知電源電壓與小燈泡的額定電壓相等，即為

當閉合，且在滑動變阻器中點處時，定值電阻與滑動變阻器串聯(lián)，此時滑動變阻器在電路的電阻為其最大電阻的倍，電流表示數(shù)為則滑動變阻器接入電路的電阻為

則滑動變阻器的最大電阻為

當閉合，打開，并將滑動變阻器的滑片移到最右端電路消耗的總功率最小，此時電路的總功率的最小值為【解析】50.72W21、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知；三燈泡采用并聯(lián)方式連接。

[2]將此電源只接其中一個相同的燈泡，外電路電阻增大，電流減小，路端電壓增大，該燈泡變亮。【解析】并聯(lián)亮22、略

【分析】【詳解】

設(shè)銅導線中自由電子定向移動的速率為導線中自由電子從一端定向移到另一端所用時間為則導線的長度為體積為在時間內(nèi)這些電子都能通過下一截面，則電流其中聯(lián)立解得可得電子定向移動的速率【解析】四、作圖題(共4題，共28分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖（4）中，已知磁感線的方向，由安培定則可知，環(huán)形電流方向沿逆時針方向，如圖所示?！窘馕觥?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應(yīng)穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應(yīng)，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應(yīng)穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]A