2025年北師大版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，實線是一簇未標(biāo)明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是一個帶正電的粒子由a向b到c通過該電場區(qū)域時的運動軌跡．若帶電粒子在運動中只受電場力的作用；則根據(jù)此圖能做出判斷的是（）

A.產(chǎn)生電場的為負(fù)電荷；電荷在圖中的右邊。

B.帶電粒子在a、b兩點的受力方向和加速度方向。

C.帶電粒子在a、b兩點的動能；勢能何處較大。

D.帶電粒子由a運動到b再到c時；電場力不做功。

2、如圖所示，在一勻強電場區(qū)域中，有A、B、C、D四點恰好位于一平行四邊形的四個頂點上，已知A、B、C三點電勢分別為φA=1V，φB=4V，φC=0，則D點電勢φD的大小為（）A.-3VB.0C.2VD.1V3、下列說法中正確的是（）A.氫原子從較高的激發(fā)態(tài)躍遷到較低的激發(fā)態(tài)時，電子的動能增加，電勢能增加，原子的總能量增加B.α射線是原子核發(fā)出的一種粒子流，它的電離能力在α、β、γ三種射線中是最弱的C.原子核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損現(xiàn)象違背了能量守恒定律D.將放射性元素?fù)诫s到其他穩(wěn)定元素中并大幅度降低其溫度，它的半衰期不發(fā)生改變4、如圖，兩條平行虛線之間存在勻強磁場，虛線間的距離為l

磁場方向垂直紙面向里，abcd

是位于紙面內(nèi)的梯形線圈，ad

與bc

間的距離也為lt=0

時刻bc

邊與磁場區(qū)域邊界重合?，F(xiàn)令線圈以恒定的速度v

沿垂直于磁場區(qū)域邊界的方向穿過磁場區(qū)域，取沿a鈭?b鈭?c鈭?d鈭?a

的感應(yīng)電流為正方向，則在線圈穿越磁場區(qū)域的過程中，感應(yīng)電流I

隨時間t

變化的圖線可能是下圖中的：

A.B.C.D.5、如圖所示，如果交流發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子有n

匝線圈，每匝線圈所圍面積為S

勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B

勻速轉(zhuǎn)動角速度為婁脴

線圈電阻為r

外電路電阻為R.

在線圈由圖中實線位置勻速轉(zhuǎn)動90鈭?

到達(dá)虛線位置過程中，下列說法正確的是(

)

A.通過R

的電荷量q=BSR+r

B.通過R

的電荷量q=nBSR+r

C.電阻R

上產(chǎn)生的熱量為QR=婁脨婁脴n2B2S2R4R(R+r)2

D.電阻R

上產(chǎn)生的熱量為QR=婁脨婁脴n2B2S2RR(R+r)2

6、如圖所示，固定的水平長直導(dǎo)線中通有電流I

矩形線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，且一邊與導(dǎo)線平行.

線框由靜止釋放，在下落過程中A.穿過線框的磁通量保持不變B.線框中感應(yīng)電流方向保持不變C.線框所受安培力的合力為零D.線框的機(jī)械能不斷增大7、大豆的白花和紫花為一對相對性狀。下列能判定性狀顯隱性的是（）

A.紫花×紫花→紫花B.紫花×白花→98紫花+102白花C.白花×白花→白花D.紫花×紫花→301紫花+110白花8、以下說法不符合物理史實驗的是(

)

A.歐姆通過大量的實驗研究，得出了導(dǎo)體兩端的電壓成正比、跟通過導(dǎo)體的電流成反比的結(jié)論B.安培通過大量的實驗研究，發(fā)現(xiàn)了電流產(chǎn)生的磁場方向跟電流方向之間的關(guān)系C.洛倫茲通過研究磁場對其中的運動電荷的磁力，總結(jié)出該磁力跟磁場、電荷的帶電量和速度之間的關(guān)系D.法拉第通過大量的實驗研究發(fā)現(xiàn)：閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小跟穿過閉合回路的磁通量變化率有關(guān)評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、不計空氣阻力，下列運動中哪一種是滿足機(jī)械能守恒的．（）A.斜拋的石塊拋出后的運動B.子彈射穿木塊C.物體沿斜面勻速下滑D.物體沿光滑圓弧面從下向上運動10、下列說法正確的是（）A.根據(jù)公式E=可知，電場中某點的電場強度與檢驗電荷q受的電場力F成正比，與檢驗電荷的電量q成反比B.根據(jù)公式E=k可知，點電荷電場中某點的電場強度與點電荷的電量Q成正比，與該點到點電荷的距離r的平方成反比C.根據(jù)公式F=qE可知，點電荷q所受電場力與其帶電量成正比，與其所在處的電場強度成正比D.電場強度是矢量，電場中某點的電場強度的方向就是電荷在那點的受力方向11、如圖所示，為三個有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小均為B

方向分別垂直紙面向外、向里和向外，磁場寬度均為L

在磁場區(qū)域的左側(cè)邊界處，有一邊長為L

的正方形導(dǎo)體線框，總電阻為R

且線框平面與磁場方向垂直，現(xiàn)用外力F

使線框以速度v

勻速穿過磁場區(qū)域，以初始位置為計時起點，規(guī)定電流沿逆時針方向時的電動勢E

為正，磁感線垂直紙面向里時的磁通量鈱?

為正值，外力F

向右為正.

則以下能反映線框中的磁通量鈱?

感應(yīng)電動勢E

外力F

和電功率P

隨時間變化規(guī)律圖象的是(

)

A.B.C.D.12、若以M

表示水的摩爾質(zhì)量，V

表示水的摩爾體積，婁脩

表示水的密度.NA

為阿伏加德羅常數(shù)，m

表示水的分子質(zhì)量，V隆盲

表示水分子體積.

則下列關(guān)系中正確的是(

)

A.NA=dfrac{V}{V{{"}}}B.V=M蟻

C.m=MNA

D.V=婁脩M

13、如圖所示，粒子回旋加速器由兩個D形金屬盒組成，兩個D形盒正中間開有一條窄縫。兩個D形盒處在勻強磁場中并接有高頻交變電壓，使正粒子每經(jīng)過窄縫都被加速。中心S處的粒子源產(chǎn)生初速度為零的正粒子，經(jīng)狹縫電壓加速后，進(jìn)入D形盒中，已知正粒子的電荷量為q，質(zhì)量為m，加速時電極間電壓大小為U，磁場的磁感應(yīng)強度為B，D形盒的半徑為R．每次加速的時間很短，可以忽略不計。下列說法正確的是（）A.交變電壓的頻率為B.交變電壓的頻率為C.粒子能獲得的最大動能為D.粒子能被加速的最多次數(shù)為14、一水平彈簧振子做簡諧運動，周期為T，則（）A.若△t=T，則t時刻和（t+△t）時刻振子運動的加速度一定大小相等B.若△t=則t時刻和（t+△t）時刻彈簧的形變量一定相等C.若t時刻和（t+△t）時刻振子運動位移的大小相等，方向相反，則△t一定等于的奇數(shù)倍D.若t時刻和（t+△t）時刻振子運動速度的大小相等，方向相同，則△t一定等于的整數(shù)倍15、一小水電站，輸出的電功率為P0=20kW

輸出電壓U0=400V

經(jīng)理想升壓變壓器T1

變?yōu)?000V

電壓遠(yuǎn)距離輸送，輸電線總電阻為r=10婁賂

最后經(jīng)理想降壓變壓器T2

降為220V

向用戶供電.

下列說法正確的是(

)

A.變壓器T1

的匝數(shù)比n1n2=15

B.輸電線上的電流為50A

C.輸電線上損失的電功率為25kW

D.變壓器T2

的匝數(shù)比n3n4=9511

16、如圖所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，兩導(dǎo)軌間的距離為L．導(dǎo)軌上面橫放著兩根導(dǎo)體棒ab、cd，與導(dǎo)軌一起構(gòu)成閉合回路。兩根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m，電阻均為R，其余部分的電阻不計。在整個導(dǎo)軌所在的平面內(nèi)都有方向豎直向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場。開始時，兩導(dǎo)體棒均在導(dǎo)軌上靜止不動，某時刻給導(dǎo)體棒ab以水平向右的初速度v0，則（）A.導(dǎo)體棒ab剛獲得速度v0時受到的安培力大小為B.兩導(dǎo)體棒最終將以的速度沿導(dǎo)軌向右勻速運動C.兩導(dǎo)體棒運動的整個過程中產(chǎn)生的熱量為mv02D.當(dāng)導(dǎo)體棒ab的速度變?yōu)関0時，導(dǎo)體棒cd的加速度大小為評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、一電阻為R、面積為S的矩形導(dǎo)線框abcd處在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，磁場方向與線框平面成θ=45°角(如圖所示)．當(dāng)線框以ab為軸順時針轉(zhuǎn)過90°的過程中，穿過abcd的磁通量的變化量ΔΦ＝________，在這一過程中通過導(dǎo)線的電荷量為____________。18、如圖中虛線所示為靜電場中的等勢面1、2、3、4,相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面3的電勢為0。一帶負(fù)電的點電荷在靜電力的作用下運動，經(jīng)過a、b點時的動能分別為26eV和5eV.當(dāng)這一點電荷運動到某一位置，其電勢能變?yōu)?5eV，則它的動能應(yīng)為_______eV.19、用電場線能很直觀；很方便地比較電場中各點的強弱.

在圖中；左邊是等量異種點電荷形成電場的電場線，右邊是場中的一些點：O

是電荷連線的中點，EF

是連線中垂線上相對O

對稱的兩點，BC

和AD

也相對O

對稱.

則FOC

三點比較，______點場強最強；BEC

三點比較______點電勢最高．

20、勻強磁場中有一段長為30cm的長直導(dǎo)線，它與磁場方向垂直，當(dāng)通過2A的電流時，受到安培力大小為6X10-3N，則磁場的磁感應(yīng)強度為___________T；當(dāng)導(dǎo)線長度縮短為原來一半時，磁場的磁感應(yīng)強度是___________T21、用接在50Hz

交流低壓電源上的打點計時器研究小車的勻加速直線運動，某次實驗中得到一條紙帶如圖所示.

從比較清晰的點起，每五個打印點取作一個計數(shù)點，分別標(biāo)明01234

量得23

之間的距離x3=3.00cm34

兩點間的距離x4=4.80cm

則23

兩計數(shù)點間的時間間隔為______s

小車在位置3

的瞬時速度為_________m/s

小車的加速度為__________m/s2

．

22、如圖所示實驗裝置是盧瑟福實現(xiàn)原子核的人工轉(zhuǎn)變發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的實驗裝置。當(dāng)裝置的容器內(nèi)通入氣體B

時，熒光屏上觀察到閃光。圖中氣體B

是________，選擇銀箔的厚度是使從A

射出婁脕

粒子恰好__________________，該原子核人工轉(zhuǎn)變的核反應(yīng)方程式是__________________。23、如圖所示，兩只用粗細(xì)相同的銅絲做成的閉合線框a、b放在光滑絕緣水平桌面上，它們的邊長分別為L和2L．現(xiàn)以相同的速度v將a、b從磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場區(qū)域中勻速地拉到磁場外。在此過程中，a、b兩線框中的電流之比為______；拉力之比為______；通過銅絲橫截面的電量之比為______。評卷人得分四、判斷題(共3題，共21分)24、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）25、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

26、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分五、推斷題(共2題，共10分)27、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首膾炙人口的中國民歌。茉莉花香氣的成分有多種，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一種，它可以從茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯為原料進(jìn)行人工合成。其中一種合成路線如下：回答下列問題：

rm{(1)A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為______________；

rm{(2)}寫出反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式rm{壟脷}_____________________rm{;壟脼}_____________________

rm{(3)}上述反應(yīng)中屬取代反應(yīng)的有______________

rm{(4)}反應(yīng)______________rm{(}填序號rm{)}原子的理論利用率為rm{100%}符合綠色化學(xué)的要求。28、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】評卷人得分六、識圖作答題(共2題，共8分)29、下圖是某家庭先天性聾啞的遺傳系譜圖。請據(jù)圖回答。（顯、隱形基因分別用B、b表示）（1）該病的遺傳方式是常染色體上_____遺傳（顯性/隱性）。（2）圖中Ⅰ代1號的基因型是_______。（3）圖中Ⅲ代1號與聾啞基因攜帶者的女性結(jié)婚，生一個患病孩子的可能性是__。30、細(xì)胞作為一個生命系統(tǒng)，其內(nèi)部的各種結(jié)構(gòu)及其功能既相對獨立又彼此聯(lián)系．如下方左圖表示某種高等生物細(xì)胞中蛋白質(zhì)x的合成和分泌過程，據(jù)圖回答：（1）細(xì)胞中與x物質(zhì)的加工、運輸和分泌有關(guān)的具膜細(xì)胞器是____（填標(biāo)號）。（2）實驗中用35S標(biāo)記一定量的氨基酸，來培養(yǎng)某哺乳動物的乳腺細(xì)胞，測得內(nèi)質(zhì)網(wǎng)、核糖體、高爾基體上放射性強度的變化曲線如上放中間圖所示，以及在此過程中高爾基體、細(xì)胞膜、內(nèi)質(zhì)網(wǎng)膜面積的變化曲線如上方右圖所示。①請判斷中間圖中的a、b、c曲線所指代的細(xì)胞器依次分別是：____、____、____。②請判斷右圖中的d、e、f曲線所指代的生物膜所屬的細(xì)胞結(jié)構(gòu)依次是：____、____、____。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B|C【分析】

A；正電荷受力的方向指向運動軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)；由圖可知，此時正電荷受到的電場力的方向是向左的，所以產(chǎn)生電場的電荷應(yīng)該是正電荷，電荷在圖中的右側(cè)，所以A錯誤；

B；由牛頓第二定律可知；電荷受力的方向和加速度的方向是相同的，所以B正確；

C、正電荷在從a到b的過程中，電場力做負(fù)功，所以電荷的電勢能增加，所以電荷在a點的動能較大，在b點的電勢能較大；所以C正確；

D、電荷從a到b再到c的過程中；電場力先做負(fù)功，后做正功，但是a點和c點的電勢的大小不知道，所以電場力做的總功不一定為零，所以D錯誤．

故選BC．

【解析】【答案】電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)出發(fā)出；到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小．

2、A【分析】解：在勻強電場中，根據(jù)U=Ed知，沿電場方向相同距離電勢差相等，根據(jù)平行四邊形的特點知，AB與DC平行且相等，所以AB邊與DC邊沿電場方向的距離相等，AB間的電勢差與DC間的電勢差相等，即有φA-φB=φD-φC

解得φD=φA-φB+φC=1V-4V+0V=-3V

故選：A

在勻強電場中；在電場方向前進(jìn)相同的距離，電勢差相等，結(jié)合平行四邊形的特點分析．

本題的技巧是由勻強電場中沿著任意方向每前進(jìn)相同的距離，電勢變化相等，得到φA-φD=φB-φC．【解析】【答案】A3、D【分析】解：A、氫原子從較高的激發(fā)態(tài)躍遷到較低的激發(fā)態(tài)時，能量減小，電子的軌道半徑減小，根據(jù)知電子的動能增大，所以電勢能減?。蔄錯誤．

B；α射線是原子核發(fā)出的一種氦核流；在α、β、γ三種射線中電離能力最強，穿透能力最弱．故B錯誤．

C；原子核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損現(xiàn)象不違背了能量守恒定律；質(zhì)量虧損以能量的形式釋放出來．故C錯誤．

D；半衰期的大小與溫度無關(guān)．故D正確．

故選D．

A；通過軌道半徑的變化；運用庫侖引力提供向心力，判斷電子動能的變化，根據(jù)能量的變化判斷電勢能的變化．

B；α、β、γ三種射線中；α射線的電離能力最強，穿透能力最弱．

C；質(zhì)量虧損以能量的形式釋放出來；不違背能量守恒定律．

D；半衰期的大小與所處的物理環(huán)境和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)；由原子核內(nèi)部因素決定．

解決本題的關(guān)鍵掌握氫原子的能級躍遷以及半衰期的概念，知道α、β、γ三種射線的電離能力和穿透能力強弱．【解析】【答案】D4、B【分析】【分析】本題是電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖像問題，根據(jù)切割類，用右手定則先判斷感應(yīng)電流的方向，并根據(jù)E=BLv

判斷感應(yīng)電動勢的大小，再結(jié)合閉合電路歐姆定律判斷感應(yīng)電流的大小。本題是電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的圖像問題和右手定則，閉合電路歐姆定律的綜合題目?！窘獯稹緼C.

開始時bc

邊進(jìn)入磁場切割磁感線；根據(jù)右手定則可知，電流方向為逆時針，即為負(fù)方向，故AC錯誤；

D.當(dāng)bc

邊開始出磁場時；回路中磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為順時針，方向為正方向，故D錯誤；

B.電流方向為逆時針；后順時針，并都逐漸增大，故B正確。

故選B?！窘馕觥緽

5、B【分析】解：A

按照電流的定義I=qt

計算電荷量q

應(yīng)該用電流的平均值，即為：q=I爐t

而I爐=E爐R+r=n鈻?鈱?t(R+r)=nBSt(R+r)

故通過R

的電荷量為：q=nBSR+r

故A錯誤，B正確。

C；求電熱應(yīng)該用有效值；先求總電熱Q

再按照內(nèi)外電阻之比求R

上產(chǎn)生的電熱QR

總電熱為：Q=I2(R+r)t=E2R+r鈰?婁脨2蠅=(nBS婁脴)2婁脨2(R+r)2蠅=婁脨婁脴n2B2S24(R+r)

R

上產(chǎn)生電熱為：QR=RR+rQ=婁脨婁脴n2B2S2R4(R+r)2

故CD錯誤。

故選：B

(1)

按照電流的定義I=qt

計算電荷量q

應(yīng)該用電流的平均值。

(2)

求電熱應(yīng)該用有效值；先求總電熱Q

再按照內(nèi)外電阻之比求R

上產(chǎn)生的電熱QR.

這里的電流必須要用有效值。

本題要求知道：計算電荷量q

應(yīng)該用電流的平均值；求電熱應(yīng)該用有效值。同時一定要學(xué)會用能量轉(zhuǎn)化和守恒定律來分析功和能?！窘馕觥緽

6、B【分析】解：AB

根據(jù)右手螺旋定則；知直導(dǎo)線下方的磁場方向垂直紙面向里，線框由靜止釋放，穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的方向為順時針方向，即方向保持不變.

故A錯誤，B正確．

C；根據(jù)左手定則；上邊所受的安培力方向向上，下邊所受的安培力方向向下，由于上邊所處的磁場強，所以上邊所受的安培力大小大于下邊所受的安培力大小，所以線框所受安培力的合力方向豎直向上.

故C錯誤．

D；在下降的過程中；除重力做功以外，有安培力做功，所以線框的機(jī)械能不守恒，即減小.

故D錯誤．

故選B．

根據(jù)右手螺旋定則判斷出直導(dǎo)線周圍的磁場方向；離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場越弱，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，再通過左手定則判斷線框所受的安培力的合力方向．

解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，以及知道機(jī)械能守恒的條件．【解析】B

7、D【分析】【分析】本題考查顯性性狀和隱性性狀的判斷，意在考查學(xué)生對相關(guān)知識的理解和應(yīng)用能力。不同性狀的親本雜交，F(xiàn)1未表現(xiàn)出來的性狀叫隱性性狀，F(xiàn)1表現(xiàn)出來的性狀叫顯性性狀。相同性狀的親本雜交；后代中新出現(xiàn)的性狀是隱性性狀。

【解答】A.紫花×紫花→紫花，不能判斷，A錯誤；B.紫花×白花→98紫花+102白花，不能判斷性，B錯誤；

C.白花×白花→白花，不能判斷，C錯誤；D.紫花×紫花→301紫花＋110白花，紫花為顯性，D正確。故選D?！窘馕觥緿8、D【分析】解：A

歐姆做了大量的實驗精確的確定了電流與電壓、電阻的關(guān)系--歐姆定律；發(fā)現(xiàn)導(dǎo)體中的電流跟導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比.

故A正確；

B；安培通過大量的實驗研究；發(fā)現(xiàn)了電流產(chǎn)生的磁場方向跟電流方向之間的關(guān)系；故B正確；

C；洛倫茲通過研究磁場對其中的運動電荷的磁力；總結(jié)出該磁力跟磁場、電荷的帶電量和速度之間的關(guān)系；從而提出了洛倫茲力.

故C正確；

D；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；但紐曼通過實驗得出結(jié)論：閉合回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的大小跟穿過閉合回路的磁通量變化率有關(guān)；故D錯誤；

本題選錯誤的；故選：D

．

根據(jù)物理學(xué)史和常識解答；記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

特別注意法拉第的貢獻(xiàn)在于發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象．

本題考查電磁學(xué)中各物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)，要注意準(zhǔn)確掌握，不能張冠李戴而導(dǎo)致出錯．【解析】D

二、多選題(共8題，共16分)9、AD【分析】解：A；斜拋的石塊拋出后的運動；只有重力做功，機(jī)械能守恒，故A正確；

B；子彈射穿木塊時有阻力做功；機(jī)械能不守恒，故B錯誤；

C；物塊沿斜面勻速下滑；受到摩擦力做功，故機(jī)械能不守恒，故C錯誤；

D；物體沿光滑圓弧面從下向上運動；只有重力做功，機(jī)械能守恒，故D正確。

故選：AD

分析物體機(jī)械能是否守恒應(yīng)該按照機(jī)械能守恒的條件來判斷；即在只有重力或彈力對物體做功的條件下（或者不受其他外力的作用下），物體的動能和勢能（包括重力勢能和彈性勢能）發(fā)生相互轉(zhuǎn)化，但機(jī)械能的總量保持不變．

熟練掌握并靈活應(yīng)用機(jī)械能守恒條件即可正確解題，本題難度不大，是一道基礎(chǔ)題【解析】【答案】AD10、BC【分析】解：A、公式E=是電場強度的定義式；運用比值法定義，E與F；q無關(guān)，故A錯誤．

B、公式E=k是點電荷場強的計算式，Q是場源電荷，則知點電荷電場中某點的電場強度與點電荷的電量Q成正比，與該點到點電荷的距離r的平方成反比．故B正確．

C；根據(jù)公式F=qE可知；電場力由場強和電荷量共同決定，點電荷q所受電場力與其帶電量成正比，與其所在處的電場強度成正比．故C正確．

D；電場強度是矢量；電場中某點的電場強度的方向就是正電荷在那點的受力方向，而電場強度與負(fù)電荷在那點的受力方向相反，故D錯誤．

故選：BC．

公式E=是電場強度的定義式，根據(jù)比值法定義的共性進(jìn)行分析．公式E=k是點電荷場強的計算式；Q是場源電荷．由公式F=qE分析電場力與場強的關(guān)系．電場中某點的電場強度的方向就是正電荷在那點的受力方向．

本題關(guān)鍵要正確理解場強的兩大公式：電場強度的定義式E=和點電荷場強的計算式E=k要準(zhǔn)確理解公式中各個量的含義和公式的適用條件．【解析】【答案】BC11、ABD【分析】解：A

當(dāng)線框進(jìn)入磁場時；位移在0鈭?L

內(nèi)，磁通量開始均勻增加，當(dāng)全部進(jìn)入左側(cè)磁場時達(dá)最大，且為負(fù)值；位移在L鈭?2L

內(nèi)，向里的磁通量增加，總磁通量均勻減??；當(dāng)位移為1.5L

時，磁通量最小，為零，位移在1.5L

到2L

時，磁通量向里，為正值，且均勻增大。位移在2L鈭?2.5L

時，磁通量均勻減小至零。在2.5L鈭?3L

內(nèi)，磁通量均勻增大，且方向向外，為負(fù)值。在3L鈭?4L

內(nèi)，磁通量均勻減小至零，且為負(fù)值。故A正確；

B；當(dāng)線圈進(jìn)入第一個磁場時；由E=BLv

可知，E

保持不變，由右手定則知，感應(yīng)電動勢沿逆時針方向，為正值；線框開始進(jìn)入第二個和第三個磁場時，左右兩邊同時切割磁感線，感應(yīng)電動勢應(yīng)為2BLv

感應(yīng)電動勢沿逆時針方向，為正值；完全在第三個磁場中運動時，左邊切割磁感線，感應(yīng)電動勢為BLv

感應(yīng)電動勢沿逆時針方向，為正值；故B正確；

C；因安培力總是與運動方向相反；故拉力應(yīng)一直向右，故C錯誤；

D；拉力的功率P=Fv

因速度不變，而在線框在第一個磁場時，電流為定值，拉力也為定值；兩邊分別在兩個磁場中時，由B

的分析可知，電流加倍，故安培力加培，外力加倍，而功率變?yōu)樵瓉淼?

倍；此后從第二個磁場中離開時，安培力應(yīng)等于線框在第一個磁場中的安培力，故D正確；

故選：ABD

由線圈的運動可得出線圈中磁通量的變化；由則由法拉第電磁感應(yīng)定律及E=BLV

可得出電動勢的變化；由歐姆定律可求得電路中的電流；則可求得安培力的變化；由P=I2R

可求得電功率的變化．

在解答圖象問題時要靈活解法，常常先運用排除法，再根據(jù)物理規(guī)律得到解析式等進(jìn)行解答．【解析】ABD

12、ABC【分析】解：A

摩爾體積是1mol

分子的體積，故NA=VV鈥?

故A正確；

B、摩爾質(zhì)量等于密度乘以摩爾體積，故M=婁脩V

則：V=M蟻

故B正確，D錯誤；

C、m

表示水分子質(zhì)量，M

表示摩爾質(zhì)量，NA

表示阿伏伽德羅常數(shù)，則m=MNA

故C正確；

故選：ABC

1mol

任何物體的分子個數(shù)都是相同的；固體與液體間的分子間隙較??；可以忽略不計；摩爾質(zhì)量等于密度乘以摩爾體積．

本題關(guān)鍵明確阿佛加德羅常數(shù)的物理意義，明確摩爾質(zhì)量等于摩爾體積與密度的乘積．【解析】ABC

13、ACD【分析】解：AB、加速電壓的周期等于粒子在磁場中運動的周期，即T=

那么交流電壓的頻率f=故A正確，B錯誤；

C、根據(jù)qvB=m解得v=帶電粒子射出時的動能EK=mv2=故C正確；

D、經(jīng)加速電場加速qnU=

解得：n=故D正確；

故選：ACD。

依據(jù)加速電壓的周期等于粒子在磁場中運動的周期；及磁場中周期公式，即可判定；

依據(jù)洛倫茲力提供向心力；結(jié)合金屬盒的半徑，確定最大速度之比，再根據(jù)動能表達(dá)式，求解最大動能；

根據(jù)動能定理；結(jié)合最大動能，即可求解。

考查帶電粒子在電場和磁場中運動，掌握磁場中運動的半徑與周期公式，理解加速電壓的周期等于粒子在磁場中運動的周期的緣由。【解析】ACD14、AB【分析】解：A；若△t=T；由簡諧振動的周期性可知，t時刻和（t+△t）時刻振子運動的各物理量都相同，所以加速度一定大小相等．故A正確．

B、若△t=在t時刻和（t+△t）時刻振子的位置一定關(guān)于平衡位置是對稱點，彈簧沿水平方向做簡諧振動，所以受到的彈簧的彈力的大小運動相等，所以兩個時刻彈簧的形變量一定相等．故B正確．

C、若t時刻和（t+△t）時刻振子運動位移的大小相等，方向相反；振子可能以相等的速度經(jīng)過兩點，也可能以方向相反飛速度經(jīng)過兩點，所以則△t不一定等于的奇數(shù)倍．故C錯誤．

D、若t時刻和（t+△t）時刻振子運動速度的大小相等、方向相反，可能振子經(jīng)過同一點，也可能經(jīng)過關(guān)于平衡位置對稱的兩位置，△t不一定等于的整數(shù)倍．故D錯誤．

故選：AB

彈簧振子做簡諧運動，兩個時刻位移相同，△t不一定等于T的整數(shù)倍．只有當(dāng)位移、速度都相同時，△t才等于T的整數(shù)倍．振子運動速度的大小相等、方向相反，△t一定等于的整數(shù)倍．經(jīng)過整數(shù)倍周期，加速度一定相同．經(jīng)過△t=彈簧的長度不一定相等．

本題考查對簡諧運動物理量及其變化的理解程度，可通過過程分析理解掌握．簡諧運動中速度與加速度的大小變化情況是相反．也可以作出振動圖象進(jìn)行分析．【解析】【答案】AB15、AD【分析】解：A

升壓變壓器T1

的輸出電壓等于2000V

而輸入電壓為400V

由電壓之比等于匝數(shù)之比，則有變壓器T1

的匝數(shù)比n1n2=15

選項A正確；

B、輸出的電功率為P0=20kW

而升壓變壓器T1

變?yōu)?000V

電壓遠(yuǎn)距離輸送，所以根據(jù)I=PU

可知輸電線上的電流為I=20隆脕1032000A=10A

所以選項B錯誤；

C；根據(jù)P脣冒=I2R=102隆脕10W=1000W

所以選項C錯誤；

D、降壓變壓器T2

的輸入電壓等于升壓變壓器的輸出電壓減去導(dǎo)線損失的電壓，即為U隆盲=2000V鈭?10隆脕10V=1900V

根據(jù)U3U4=n3n4

則有變壓器T2

的匝數(shù)比n3n4=1900220=9511

所以選項D正確．

故選：AD

．

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比；電流與匝數(shù)成反比，可以求得降壓變壓器的電流和輸電線上的電流的大小，從而可以求得輸電線和用電器消耗的功率的大?。?/p>

掌握住理想變壓器的電壓與匝數(shù)之間的關(guān)系，理解導(dǎo)線上損失的電壓與導(dǎo)線兩端輸送的電壓區(qū)別，掌握理想變壓器的輸入與輸出功率不變的關(guān)系即可解決本題．【解析】AD

16、BC【分析】解：A、當(dāng)導(dǎo)體棒ab剛獲得速度v0時，導(dǎo)體棒cd還沒開始運動，此時導(dǎo)體棒ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=BLv0，回路中的感應(yīng)電流為：I=故此時導(dǎo)體棒ab受到的安培力大小為F=BIL，以上各式聯(lián)立可解得：F=故A錯誤；

B、從開始到兩導(dǎo)體棒達(dá)到共同速度的過程中，兩棒的總動量守恒，則可得：mv0=2mv

解得其共同速度為：v=故B正確；

C、由能量守恒定律得，整個運動過程中產(chǎn)生的總熱量為：Q=mv02-?2mv2

整理可得：Q=mv02；故C正確；

D、設(shè)導(dǎo)體棒ab的速度變?yōu)槌跛俣鹊臅r，導(dǎo)體棒cd的速度大小為v1，則由動量守恒定律可得：mv0=m?v0+mv1

此時回路中的感應(yīng)電動勢為：E'=BL（v0-v1）

感應(yīng)電流為：I'=

此時導(dǎo)體棒cd受到的安培力為：F'=BI'L

所以導(dǎo)體棒cd的加速度大小為：a=

聯(lián)立以上各式可解得：a=故D錯誤。

故選：BC。

開始時cd棒靜止，只對ab棒分析；由E=BLv和閉合電路歐姆定律求出電流，從而求出其受到的安培力大?。?/p>

本題中兩根導(dǎo)體棒的運動情況：ab棒向cd棒運動時，兩棒和導(dǎo)軌構(gòu)成的回路面積變小，磁通量發(fā)生變化，于是產(chǎn)生感應(yīng)電流。ab棒受到的與運動方向相反的安培力作用作減速運動，cd棒則在安培力作用下作加速運動。在ab棒的速度大于cd棒的速度時，回路總有感應(yīng)電流，ab棒繼續(xù)減速；cd棒繼續(xù)加速，兩棒速度達(dá)到相同后，回路面積保持不變，磁通量不變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，兩棒以相同的速度v作勻速運動，由于平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面且兩棒均可沿導(dǎo)軌無摩擦地滑行，故由兩棒組成的系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動量守恒；再根據(jù)能量守恒定律，求解棒中產(chǎn)生的熱量，由牛頓第二定律確定加速度大小。

本題是動量守恒定律、牛頓第二定律及能量守恒定律在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的應(yīng)用問題，分析兩棒組成的系統(tǒng)在運動過程中是不是合外力為零或者內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力的系統(tǒng)總動量守恒的條件，從而為確定兩棒最后的末速度找到解決途徑是關(guān)鍵，之后分析這類電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化較易：系統(tǒng)減少的動能轉(zhuǎn)化為回路的焦耳熱?！窘馕觥緽C三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】當(dāng)線框以ab為軸順時針轉(zhuǎn)過90°的過程中，穿過abcd的磁通量的變化量ΔΦ=這一過程中通過導(dǎo)線的電荷量為【解析】【答案】18、略

【分析】試題分析：因為帶負(fù)電的點電荷，由a到b時動能減小，所以電勢能增大，所以a點電勢高與b點；設(shè)1等勢面電勢為2U,則4等勢面電勢為-U,根據(jù)能量關(guān)系則解得Uq=7eV,電荷的總能量為12eV,所以當(dāng)這一點電荷電勢能變?yōu)?5eV，則它的動能應(yīng)為7eV.考點：等勢面；電場中的能量守恒。【解析】【答案】719、略

【分析】解：由圖看出；EF

兩點中，電場線疏密程度相同，兩點場強方向相同，而OF

兩點比較，O

點場強最強；根據(jù)對稱性看出，BC

兩處電場線疏密程度相同，則BC

兩點場強大小相同.

由圖看出，BOC

三點比較，O

點場強最小.

所以FOC

三點比較，c

點場強最強．

由圖可知；BOC

三點場強的方向均由B隆煤CB

點的電勢最高.

而EOF

的連線垂直于等量異種點電荷的連線，該直線上各點的電勢是相等的，所以BEC

三點比較B

點電勢最高．

故答案為：CB

根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大??；電場線越密，場強越大；電場線越疏，場強越小.

根據(jù)等量異種點電荷形成電場的電場線分布的對稱性分析對稱點場強的大小關(guān)系.

等量異種點電荷連線的中垂線是一條等勢線．

對于等量異種點電荷和等量同種點電荷的電場線、等勢線的分布是考試的熱點，要抓住對稱性進(jìn)行記憶．【解析】CB

20、略

【分析】【解析】試題分析：由安培力公式F=BIL可知磁感強度是磁場本身的性質(zhì)，與放置的電流和所受安培力大小無關(guān)考點：考查磁感強度【解析】【答案】0.01，0.0121、0.10.391.8【分析】【分析】紙帶法實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用平均速度的定義可以求出兩點之間的平均速度，利用勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度可以求出某點的瞬時速度，根據(jù)逐差法可以得出加速度。本題比較簡單，考查了有關(guān)紙帶處理的基本知識，平時要加強基礎(chǔ)實驗的實際操作，提高操作技能和數(shù)據(jù)處理能力，要注意單位的換算和有效數(shù)字的保留?！窘獯稹棵扛粑鍌€打印點取一個計數(shù)點，所以23

兩計數(shù)點間的時間間隔為0.1s

小車在24

之間的平均速度為3

時的瞬時速度：v3=x242T=0.048+0.030.2=0.39m/s

根據(jù)鈻?x=aT2

解得：a=?xT2=X4鈭?X3T2=0.048鈭?0.0300.01=1.8m/s2

．故答案為：0.10.391.8

【解析】0.10.391.8

22、氮氣恰好被完全吸收，熒光屏上觀察不到閃光42He+147N→11H+178O

【分析】【分析】盧瑟福用婁脕

粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質(zhì)子；并首次實現(xiàn)原子核的人工轉(zhuǎn)變；

盧瑟福用婁脕

粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質(zhì)子并首次實現(xiàn)原子核的人工轉(zhuǎn)變在歷史上有著重要意義；要了解實驗和該核反應(yīng)方程。

解：該裝置是盧瑟福第一次完成了原子核的人工轉(zhuǎn)變并發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子的實驗裝置；圖中氣體B

是氮氣；

銀箔的厚度是使從AA射出婁脕婁脕粒子恰好被完全吸收，熒光屏上觀察不到閃光；

核反應(yīng)方程為4

22He+14

77N隆煤1

11H+17

88O

；可知使熒光屏出現(xiàn)閃光的粒子是質(zhì)子.

故答案為：氮氣恰好被完全吸收；熒光屏上觀察不到閃光24He+714N隆煤11H+817O

【解析】氮氣恰好被完全吸收，熒光屏上觀察不到閃光4

22He+14

77N隆煤1

11H+17

88O

23、1：11：21：2【分析】解：根據(jù)電阻定律得Ra：Rb=1：2；

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=BLv得線框電動勢之比Ea：Eb=1：2；

兩線框中的電流之比

由于線框勻速運動，拉力和安培力平衡，故

根據(jù)通過的銅絲橫截面的電量之比=

故答案為：1：1；1：2；1：2；

根據(jù)感應(yīng)電動勢公式；電阻定律、閉合電路歐姆定律研究電流關(guān)系；根據(jù)安培力和拉力平衡推導(dǎo)拉力關(guān)系；根據(jù)電荷量的推論公式研究電荷量關(guān)系；

本題綜合了感應(yīng)電動勢、焦耳定律、電阻定律，關(guān)鍵根據(jù)電荷量的推論公式，運用比例法進(jìn)行分析?！窘馕觥?：11：21：2四、判斷題(共3題，共21分)24、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．25、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．26、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．五、推斷題(共2題，共10分)27、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷與合成，難度不大，注意結(jié)合乙醇、氯代烴的性質(zhì)進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，有利于基礎(chǔ)知識的鞏固?！窘獯稹縭m{(1)}乙醇與氧化銅加熱反應(yīng)生成rm{A}rm{A}為乙醛，甲苯在光照條件下與氯氣反應(yīng)生成rm{B}rm{B}為故答案為：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式分別為：的化學(xué)方程式分別為：rm{壟脷}rm{壟脼}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反應(yīng)rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯與水發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)rm{(3)}是乙醇發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙醛，反應(yīng)rm{壟脵}是乙醛發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙酸，反應(yīng)rm{壟脷}是甲苯與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脹}是rm{壟脺}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成苯甲醇，屬于取代反應(yīng)，rm{壟脻}乙酸與苯甲醇發(fā)生酯化反應(yīng)生成乙酸苯甲酯，屬于取代反應(yīng)；故答案為：rm{B}

rm{壟脼}反應(yīng)rm{壟脺壟脻壟脼}乙烯與水發(fā)生加成反應(yīng)生成乙醇，反應(yīng)rm{(4)}乙醛發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙酸，符合原子利用率rm{壟脵}故答案為：rm{壟脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)壟脺壟脻壟脼}28、（1）CaNA（2）水分子之間形成氫鍵（3）F＞N＞O（4）（5）三角錐形sp3雜化（6）【分析】【分析】本題考查了物質(zhì)的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)。需要學(xué)生的識記和理解，多做有助于快速判斷?！窘獯稹縭m{A}基態(tài)原子rm{2p}能級有rm{3}個單電子，原子核外電子排布為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{3}}則rm{A}為rm{N}元素；rm{