2025年北師大版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，表面絕緣的圓環(huán)P內(nèi)切于單匝正方形線圈Q，僅在圓環(huán)P內(nèi)均勻分布著方向垂直圓環(huán)所在平面的磁場，P、Q用相同規(guī)格的電阻絲制成．現(xiàn)使磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間t均勻增大，下列判斷正確的是（）A.圓環(huán)P與線圈Q中的感應(yīng)電流之比為π：4，熱功率之比為π：4B.圓環(huán)P與線圈Q中的感應(yīng)電流之比為4：π，熱功率之比為4：πC.圓環(huán)P與線圈Q中的感應(yīng)電流之比為4：π，熱功率之比為π：4D.圓環(huán)P與線圈Q中的感應(yīng)電流之比為π：4，熱功率之比為4：π2、如圖所示，a

、b

分別表示由相同材料制成的兩條長度相同、粗細均勻電阻絲的電流I

和電壓U

的關(guān)系圖線，下列判斷中正確的是()

A.a

代表的電阻絲較粗。

B.b

代表的電阻絲較粗。

C.a

電阻絲的阻值小于b

電阻絲的阻值。

D.圖線表示的電阻絲的阻值與電壓成正比3、如圖所示，勻強磁場的邊界為矩形abcd，已知ab>ac。一束帶正電的粒子以不同的速度v沿cd邊從c點射入磁場，不計粒子的重力，關(guān)于粒子在磁場中的運動情況下列說法中正確的是（）A.入射速度越小的粒子，其運動時間越長B.從ac邊出射的粒子的運動時間都相等C.從ab邊出射的粒子速度越大，運動時間越短D.粒子不可能從bd、cd邊出射4、下列哪個是磁感應(yīng)強度的單位()A.特斯拉B.安培C.法拉D.伏特5、如圖所示，兩束不同的單色光P

和Q

射向半圓形玻璃磚，其出射光線都是從圓心O

點沿OF

方向，由此可知(

)

A.Q

光穿過玻璃磚所需的時間比P

光短B.P

光的波長比Q

光的波長小C.PQ

兩束光以相同的入射角從水中射向空氣，若Q

光能發(fā)生全反射，則P

光也一定能能發(fā)生全反射D.如果讓PQ

兩束單色光分別通過同一雙縫干涉裝置，P

光形成的干涉條紋間距比Q

光的大6、如圖所示，通有恒定電流的導(dǎo)線MN與閉合金屬框共面，第一次將金屬框由Ⅰ平移到Ⅱ，第二次將金屬框繞cd邊翻轉(zhuǎn)到Ⅱ，設(shè)先后兩次通過金屬框的磁通量變化量大小分別為△Φ1和△Φ2，則（）A.△Φ1＞△Φ2，兩次運動中線框中均有沿adcba方向電流出現(xiàn)B.△Φ1=△Φ2，兩次運動中線框中均有沿abcda方向電流出現(xiàn)C.△Φ1＜△Φ2，兩次運動中線框中均無感應(yīng)電流出現(xiàn)D.△Φ1＜△Φ2，兩次運動中線框中均有感應(yīng)電流出現(xiàn)評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、自然界只存在____電和____電兩種電荷．用絲綢摩擦過的玻璃棒帶____電，用毛皮摩擦過的膠木棒帶____電．8、如圖所示，已知電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝1Ω，定值電阻R＝2Ω，通過小燈泡的電流為1A，已知小燈泡的電阻為3Ω，小型直流電動機的線圈電阻為1Ω，則電動機兩端的電壓V電動機的輸入功率W電動機的輸出功率W9、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間有一正電荷(

電量很小)

固定在P

點，如圖所示.

以E

表示兩極板間的場強，U

表示電容器的電壓，EP

表示正電荷在P

點的電勢能，若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則E

_________，EP_______________U

______________(

選填“變大”、“變小”或“不變”)

10、如圖所示，A、B為帶電量分別是Q和-Q的兩個等量異種點電荷，A、B間的距離為r，則AB中點處O點的場強大小為____N/C，方向向____．

11、如圖所示，線圈ABCO面積為0.4m2，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=0.1T，方向為x軸正方向，通過線圈的磁通量為_________Wb。在線圈由圖示位置繞z軸向下轉(zhuǎn)過60°的過程中，通過線圈的磁通量改變了_________Wb。(可以用根式表示)12、如圖所示，兩個完全相同的光滑球的質(zhì)量均為M，放在豎直擋板和傾角為α的固定斜面間．若緩慢轉(zhuǎn)動擋板至與斜面垂直，在此過程中：A、B兩球間的彈力____，B球?qū)醢宓膲毫___，B球?qū)π泵娴膲毫___，A球?qū)π泵娴膲毫___．（填“不變”；“增大”、“減小”）

13、（1）用示波器觀察頻率為900Hz的正弦電壓信號．把該信號接入示波器Y輸入．

①當屏幕上出現(xiàn)如圖1所示的波形時，應(yīng)調(diào)節(jié)______鈕．如果正弦波的正負半周均超出了屏幕的范圍，應(yīng)調(diào)節(jié)______鈕或______鈕；或這兩個鈕配合使用，以使正弦波的整個波形出現(xiàn)在屏幕內(nèi)．

②如需要屏幕上正好出現(xiàn)一個完整的正弦波形，應(yīng)將______鈕置于______位置，然后調(diào)節(jié)______鈕．

14、把一線框從一勻強磁場中勻速拉出，如圖。第一次拉出的速率是v

，第二次拉出速率是2

v

，其它條件不變，則前后兩次拉力大小之比是____，拉力功率之比是____，線框產(chǎn)生的熱量之比是____，通過導(dǎo)線截面的電量之比是____。

15、本題為選做題，考生只選擇一題作答.

若兩題都作答，則按24鈭?A

題計分．。24A(

本題供使用選修1鈭?1

教材的考生作答)

如圖所示是一個按正弦規(guī)律變化的交變電流的圖象，根據(jù)圖象可知該正弦交變電流的頻率是_______Hz

電流的有效值是_____A

．24B(

本題供使用選修3鈭?1

教材的考生作答)

如圖所示的電路中，電源的電動勢為6V

內(nèi)阻為1婁賂

兩定值電阻的阻值分別為9婁賂

和10婁賂

開關(guān)S

閉合后，電路中的電流為________AAB

間的電壓為________V

．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共2題，共10分)22、有三盞電燈L1、L2、L3；規(guī)格分別為“110V100W”；“110V60W”、“110V25W”，在只能增加一個設(shè)備（或一個用電器），能使每盞燈都正常發(fā)光（要求設(shè)計的電路最節(jié)省電能）．求：

（1）如果使用220V直流電源；應(yīng)增加什么設(shè)備（或用電器）如何連接？說明理由，并在對應(yīng)方框內(nèi)畫出電路圖；

（2）如果使用220V交流電源；應(yīng)增加什么設(shè)備（或用電器）如何連接？說明理由，并在對應(yīng)方框內(nèi)畫出電路圖．

23、某一物體被豎直上拋，空氣阻力不計．當它經(jīng)過拋出點上方0.4m處時，速度為3m/s；當它經(jīng)過拋出點下方0.4m處時，速度應(yīng)為多少？（g=10m/s2）

評卷人得分五、畫圖題(共2題，共6分)24、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象25、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、證明題(共2題，共20分)26、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】解：AB、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=nS，題中單匝，且相同；有效面積S也相同；

則得到P、Q中感應(yīng)電動勢之比為EP：EQ=1：1．

根據(jù)電阻定律R=ρ且正方形線圈Q與圓環(huán)P導(dǎo)線長度之比為4×2r：2πr=4：π；

又因ρ、S相同，則電阻之比為：RP：RQ=π：4；

根據(jù)歐姆定律I=得產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比為：IP：IQ=4：π；根據(jù)熱功率的表達式P=I2R，那么圓環(huán)P與線圈Q中的熱功率之比42×π：π2×4=4：π；故ACD錯誤，B正確；

故選：B．

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n=nS，確定P、Q中感應(yīng)電動勢EP：EQ．根據(jù)電阻定律求出兩個電阻之比，再歐姆定律求解電流之比．最后依據(jù)熱功率的表達式P=I2R；即可求解．

本題整合了法拉第電磁感應(yīng)定律、電阻定律和歐姆定律，要注意體會磁通量的計算中，S為有效面積，由圖可知，有效面積為圓形面積，故有效面積相同．【解析】【答案】B2、B【分析】【分析】I鈭?U

圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，根據(jù)斜率比較電阻的大小，根據(jù)電阻定律R=婁脩LS

比較電阻絲的粗細。

解決本題的關(guān)鍵會從I鈭?U

圖線中比較電阻的大小，以及掌握電阻定律R=婁脩LS

【解答】ABC.

圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，圖線a

的斜率小于b

的斜率，所以a

的電阻大于b

的電阻，根據(jù)電阻定律R=婁脩LS

知，長度相同，材料相同，知a

的橫截面積小，b

的橫截面積大；故A；C錯誤，B正確；

D.電阻的大小與電壓；電流無關(guān)；故D錯誤。

故選B?！窘馕觥緽

3、B|C【分析】【解析】試題分析：從ac邊出射的粒子的運動軌跡的圓心角都為180°，所以根據(jù)公式可得，這些粒子的運動時間相等，B正確，粒子運動時間跟其軌跡的圓心角有關(guān)，A錯誤，從ab邊射出的粒子的速度越大，所對圓心角越小，所以所用時間越小，C正確，當速度大于某一值時，粒子會從bd邊射出，D錯誤，考點：考查了粒子在磁場中的運動，【解析】【答案】BC4、A【分析】【分析】特斯拉是磁感應(yīng)強度的單位；安培是電流強度的單位；法拉是電容的單位；伏特是電壓的單位。

故選A

【點評】容易題。在解題時要牢記每個物理量的單位，否則最后結(jié)果的單位和應(yīng)求物理量的單位不相符。5、D【分析】解：A

由圖知：P

光和Q

光的折射角相等，而P

光的偏折程度小，根據(jù)折射定律知P

光的折射率比Q

光小，由v=cn

知P

光在玻璃磚中傳播速度大；則P

光穿過玻璃磚所需的時間比Q

光短，故A錯誤．

B；P

光的折射率小；頻率小，則P

光的波長比Q

光的波長長，故B錯誤．

C、根據(jù)臨界角公式sinC=1n

知P

光束的折射率小，臨界角大，所以若Q

光能發(fā)生全反射，則P

光不一定能發(fā)生全反射，故C錯誤．

D；P

光束的折射率?。徊ㄩL長，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距與波長成正比，則P

光形成的干涉條紋間距比Q

光的大，故D正確．

故選：D

通過光路圖，判斷出玻璃磚對兩束光的折射率大小，從而知道兩束光的波長和頻率的大小，根據(jù)折射率大小去判斷出在玻璃磚中的速度大小，即可判斷光通過玻璃磚時間的長短.

根據(jù)臨界角公式sinC=1n

比較臨界角的大小，判斷全反射現(xiàn)象.

根據(jù)波長的大小分析干涉條紋間距的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵是通過光路圖比較出折射率的大小，要掌握折射率與光速、波長的關(guān)系，要知道折射率越大，相應(yīng)的光的頻率越大．【解析】D

6、D【分析】解：設(shè)在位置Ⅰ時磁通量大小為Φ1，位置Ⅱ時磁通量大小為Φ2。

第一次將金屬框由Ⅰ平移到Ⅱ，穿過線框的磁感線方向沒有改變，磁通量變化量△Φ1=Φ1-Φ2，根據(jù)楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流沿adcba方向；

第二次將金屬框繞cd邊翻轉(zhuǎn)到Ⅱ，穿過線框的磁感線的方向發(fā)生改變，磁通量變化量△Φ2=Φ1+Φ2，根據(jù)楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流沿adcba方向；

則可知，△Φ1＜△Φ2；兩次運動中線框中均有感應(yīng)電流出現(xiàn)，故D正確，ABC錯誤。

故選：D。

根據(jù)安培定則判斷出磁場的方向。第一次將金屬框由Ⅰ平移到Ⅱ；穿過線框的磁感線方向沒有改變，磁通量變化量大小等于兩個位置磁通量的差值；第二次將金屬框繞cd邊翻轉(zhuǎn)到Ⅱ，穿過線框的磁感線的方向發(fā)生改變，磁通量變化量大小等于兩個位置磁通量絕對值之和。

本題考查電磁感應(yīng)規(guī)律的應(yīng)用，解題的關(guān)鍵是確定磁通量的變化，并能正確運用楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，要注意如果設(shè)開始時的磁通量為正時，如果磁感線由另一面穿過時，磁通量應(yīng)為負值。【解析】D二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】

自然界中只存在正負兩種電荷；

根據(jù)正負電荷的定義可知：與毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電；與絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電；因此自然界存在兩種電荷．

故答案為：正；負；正；負．

【解析】【答案】自然界中只存在兩種電荷；用絲綢摩擦過的玻璃棒帶的電荷叫正電荷，毛皮摩擦過的橡膠棒帶的電荷叫負電荷．

8、略

【分析】試題分析：根據(jù)閉合回路歐姆定律可得電動機的輸入功率電動機的輸出功率為：考點：考查了閉合回路歐姆定律，電功率的計算【解析】【答案】6659、不變不變變小。

【分析】【分析】平行板電容器充電后與電源斷開后，電容器的電量不變.

將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，電容增大.

由推論公式E=4婁脨kQ婁脜S

分析板間場強E

的變化情況，由公式U=QC

判斷板間電壓的變化。本題是電容器的動態(tài)變化分析問題，難點是確定電場強度的變化，只要得出電場強度的變化，就可以得出P

與負極板電勢差的變化，得出P

點的電勢以及電荷在P

點電勢能的變化?！窘獯稹?由題意知：電容器的帶電量Q

不變，板間距離減小，根據(jù)電容的決定式知電容C

增大，由公式U=QC

知；板間電壓U

變小。

由推論公式E=4婁脨kQ婁脜S

分析，可知板間電場強度E

不變，則由U=Ed

知，P

與負極板間的電勢差不變，則P

點的電勢不變，正電荷在P

點的電勢能EP

不變。故填：不變不變變小。

【解析】不變不變變小。

10、略

【分析】

A電荷在O點產(chǎn)生的場強大小為E1==方向水平向右；

B電荷在O點產(chǎn)生的場強大小為E1==方向水平向右；

故O點場強大小為E=E1+E2=方向水平向右．

故本題的答案為：右．

【解析】【答案】真空中點電荷的電場強度的表達式E=電場強度是矢量，而矢量的運算滿足平行四邊形定則，但當兩個矢量的方向在同一條直線上時就可以利用代數(shù)法則進行運算．

11、略

【分析】試題分析：線圈ABCO與x軸正方向的勻強磁場平行，沒有一條磁感線穿過平面，所以磁通量等于0.在線圈由圖示位置繞z軸向下轉(zhuǎn)過60°時，線圈在中性面上面的投影面積為磁通量磁通量變化量考點：磁通量【解析】【答案】0或3.46×10-212、不變減小減小不變【分析】【解答】雖然擋板在變化，但球B對球A的彈力方向沒有改變，球B的重力沒有變化，則斜面對球A的支持力方向也沒變，雖然球A位置在緩慢變化，但球A所受力沒有變化，故A球?qū)π泵娴膲毫Σ蛔?，A、B兩球的彈力沒有變；

球B受力分析如圖，當緩慢轉(zhuǎn)動擋板至擋板與斜面垂直的過程中，彈力F1的方向也從圖示位置轉(zhuǎn)動到與斜面平行位置；則兩個彈力的合力不變，當夾角變小時，兩彈力大小均變小，故B球?qū)醢宓膲毫χ饾u減少，B球?qū)π泵娴膲毫χ饾u減少；

故答案為：不變；減小，減小，不變．

【分析】在逆時針緩慢轉(zhuǎn)動擋板至擋板與斜面垂直的過程中，兩完全相同的小球處于靜止狀態(tài)．則小球A受力不變，而小球B由于擋板對球A的彈力方向發(fā)生變化，導(dǎo)致球B對擋板及斜面作用力發(fā)生變化．13、略

【分析】解：（1）①因波形失真；應(yīng)調(diào)節(jié)豎直位移或↑↓鈕使整個波形平移，以使波形完整；

②如果正弦波的正負半周均超出了屏幕的范圍；應(yīng)調(diào)節(jié)衰減或衰減調(diào)節(jié)鈕或Y增益鈕，或這兩個鈕配合使用，以使正弦波的整個波形被壓縮，以使波形完整出現(xiàn)在屏幕內(nèi)；

故答案為：①豎直位移或↑↓；衰減或衰減調(diào)節(jié)，y增益；

②掃描范圍；1k擋位，掃描微調(diào)；

①圖中；因波形失真，應(yīng)調(diào)節(jié)豎直位移或↑↓鈕使整個波形移動，以使波形完整．如果豎直位移過大或過小，都可以調(diào)節(jié)豎直位移旋鈕，還可以通過調(diào)節(jié)y增益旋鈕實現(xiàn)；

②如需要屏幕上正好出現(xiàn)一個完整的正弦波形；因為要觀察頻率為900Hz的正弦電壓信號，應(yīng)將掃描電壓也調(diào)整為900Hz，所以應(yīng)將掃描范圍鈕置于1k擋位位置，然后調(diào)節(jié)掃描微調(diào)鈕．

考查示波器的基本應(yīng)用，明確各旋鈕的用途．【解析】豎直位移或↑↓；衰減或衰減調(diào)節(jié)；y增益；掃描范圍；1k擋位；掃描微調(diào)14、1：21：41：21：1?！痉治觥俊痉治觥坑砂才嗔角蟪霭才嗔?，由平衡條件求出拉力大小，然后求出拉力大小之比；由P=Fv

求出功率之比；克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由功的計算公式求出線框產(chǎn)生的熱量之比；由電流定義式、歐姆定律求出感應(yīng)電荷量之比。本題考查了求拉力之比、拉力功率之比、產(chǎn)生的熱量之比、感應(yīng)電荷量之比，先求出各物理量的表達式，然后再求它們的比值；熟練應(yīng)用基礎(chǔ)知識，基本公式即可正確解題?！窘獯稹吭O(shè)線框切割磁感線的邊長為L

線框受到的安培力：FB=BIL=BLBLvR=B2L2vR

線框勻速運動，由平衡條件得：拉力F=FB=B2L2vR

可知拉力與速度v

成正比，則拉力之比為12

拉力功率P=Pv=B2L2v2R

拉力功率與速度的平方成正比，則拉力功率之比為v2(2v)2=14

線框產(chǎn)生的熱量燈油克服安培力做功，則Q=FBL=B2L3vR

產(chǎn)生的熱量與速度成正比，則產(chǎn)生的熱量之比為v2v=12

感應(yīng)電荷量：q=It=ERt=BLvtR=BL2R

故通過導(dǎo)線截面的電量之比是：11

故填：12141211

【解析】12141211

15、略

【分析】24隆陋A

根據(jù)圖象可知該正弦交變電流的周期為0.04

s

，其頻率為交變電流的最大值為20

A

，有效值為

24隆陋B

由閉合電路歐姆定律得A

、B

間的電壓U

=

=

3

V.

【解析】24隆陋A.25

24隆陋B.0.3

3

三、判斷題(共6題，共12分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、解答題(共2題，共10分)22、略

【分析】

（1）使用220V直流電源應(yīng)增加電阻器；電阻器的額定功率為15W，電路連接如右圖所示．理由為只有左右兩邊的電阻相等才能各分壓110V，使電燈都正常發(fā)光．

（2）使220V交流電應(yīng)增加降壓變壓器；其中原副線圈匝