2025年牛津譯林版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津譯林版選擇性必修1物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、有一個在y方向上做簡諧運動的物體；其振動曲線如圖所示，關(guān)于此圖的下列判斷正確的是（）

A.圖①可作為該物體的速度v-t圖象B.圖②可作為該物體的回復(fù)力F-t圖象C.圖③可作為該物體的回復(fù)力F-t圖象D.圖④可作為該物體的加速度a-t圖象2、簡諧運動是下列哪一種運動（）A.勻變速運動B.變加速運動C.勻速運動D.勻加速運動3、在用兩面平行的玻璃磚測定玻璃折射率的實驗中；其實驗光路圖如圖所示，對實驗中的一些具體問題，下列說法正確的是（）

A.若的距離較大時，通過玻璃磚會看不到的像B.實驗中為方便操作可用玻璃磚代替尺子畫線C.為了減小作圖誤差，和的距離應(yīng)適當(dāng)大一些D.為減小測量誤差，連線與玻璃磚界面法線的夾角越大越好4、圖示為半圓柱體玻璃的橫截面為直徑。一束復(fù)色光沿方向從真空射入玻璃，光線分別從B、C點射出。下列說法正確的是（）

A.B、C光線的折射率B.光線在玻璃中傳播時間C.光線在玻璃中傳播時間D.光線在玻璃中傳播時間5、對下列幾種物理現(xiàn)象的解釋，正確的是（）A.擊釘時，不用橡皮錘僅僅是因為橡皮錘太輕B.用手接籃球時，手往往向后縮一下，是為了減小沖量C.易碎品運輸時，要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了延長作用時間以減小作用力D.在車內(nèi)推車推不動，是因為人對車的推力不夠大6、運動員在投擲鉛球時，將質(zhì)量為m的鉛球以一定初速度斜向上擲出，測得鉛球離手時距離地面的高度為h，鉛球在空中的運動時間為t，鉛球落地點距離拋出點的水平距離為x，重力加速度為g，不計空氣阻力，據(jù)此不可求的物理量是（）A.鉛球拋出時初速度B.鉛球拋出的初速度方向與水平方向夾角C.鉛球運動的最高點離地面高度HD.投擲鉛球時運動員對鉛球的平均作用力7、質(zhì)量為1kg的物體以初速度v。從固定斜面底端沖上斜面，物體在斜面上運動過程中的圖像如圖所示（g=10m/s2）；下列說法正確的是（）

A.此斜面與水平面夾角為37°B.2s內(nèi)該物體重力勢能變化的最大值為12.5JC.該物體在斜面上運動過程中機械能一定不守恒D.該物體在斜面上運動過程中合外力沖量為零8、劣質(zhì)的玻璃中往往含有空氣泡,這些空氣泡看上去比較亮,對這一現(xiàn)象有以下不同的解釋,其中正確的是()A.空氣泡對光線有會聚作用,因而較亮B.空氣泡對光線有發(fā)散作用,因而較亮C.從空氣泡到達玻璃的界面處的光一部分發(fā)生全反射,因而較亮D.從玻璃到達空氣泡的界面處的光一部分發(fā)生全反射,因而較亮評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、下列有關(guān)光學(xué)現(xiàn)象的說法正確的是________。A.光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，若入射角大于臨界角，則一定發(fā)生全反射B.光從光密介質(zhì)射人光疏介質(zhì)，其頻率不變，傳播速度變小C.光的干涉，衍射現(xiàn)象證明了光具有波動性E.頻率相同、相位差恒定的兩列波相遇后能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉條紋E.頻率相同、相位差恒定的兩列波相遇后能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉條紋10、如圖所示，兩束平行的黃光射向截面ABC為正三角形的玻璃三棱鏡，已知該三棱鏡對該黃光的折射率為入射光與AB界面夾角為45°，光經(jīng)三棱鏡后到達與BC界面平行的光屏PQ上；下列說法中正確的是________。

A.兩束黃光從BC邊射出后仍是平行的B.黃光經(jīng)三棱鏡折射后偏向角為30°C.改用紅光以相同的角度入射，出射光束仍然平行，但其偏向角大些E.若讓入射角增大，則出射光束不平行E.若讓入射角增大，則出射光束不平行11、如下圖所示，輕彈簧的一端固定在豎直墻上，另一端與一個質(zhì)量為m的物塊接觸（但不拴接）；光滑弧形槽靜止放在光滑水平面上，弧形槽底端與水平面相切。若緩慢推動物塊壓縮彈簧到原長一半，再由靜止釋放物塊，物塊以一定速度v沖上弧形槽；之后又沿弧形面滑離弧形槽，再次壓縮彈簧到原長的四分之三。已知彈簧彈性勢能與形變量的二次方成正比，且物塊和弧形槽足夠遠。則下列說法正確的是（）

A.物塊與弧形槽作用過程中，物塊和弧形槽組成的系統(tǒng)動量守恒，機械能也守恒B.弧形槽質(zhì)量為物塊質(zhì)量的3倍C.物塊滑上弧形槽最大高度為D.物塊滑離弧形槽后，弧形槽速度大小為12、一塊三棱柱玻璃磚的橫截面為等腰直角三角形，如圖所示，AC邊長為L=60cm，∠B=90°，該玻璃磚對紅光的折射率為n=一束平行于AC邊的紅光從AB邊上的某點O（未畫出）射入玻璃磚，并恰能射到AC邊的中點D，不考慮光在BC邊上的反射，光速c=3×108m/s。則下列說法正確的是（）

A.從玻璃磚射出的紅光將不再與AC邊平行B.紅光在玻璃磚內(nèi)傳播的時間為4×10-9sC.只將紅光改為紫光，紫光會從AC邊射出玻璃磚E.只將O向上平移，經(jīng)AB邊折射的光線直線射到BC邊一定發(fā)生全反射E.只將O向上平移，經(jīng)AB邊折射的光線直線射到BC邊一定發(fā)生全反射13、如圖所示，質(zhì)量分別為2m、m的乙、丙兩個小球并排放置在光滑的水平面上，質(zhì)量為m的小球甲以速度（沿乙；丙的連線方向）向乙球運動；三個小球之間的碰撞均為彈性碰撞，下列說法正確的是（）

A.當(dāng)三個小球間的碰撞都結(jié)束之后，乙處于靜止?fàn)顟B(tài)B.當(dāng)三個小球間的碰撞都結(jié)束之后，三個小球的總動量之和為C.乙、丙在發(fā)生碰撞的過程中，丙對乙做的功為D.甲、乙在發(fā)生碰撞的過程中，乙對甲的沖量的大小為14、如圖所示，質(zhì)量為3m的光滑弧形槽靜止放在光滑水平面上，弧形槽底端與水平面相切，輕彈簧的一端固定在豎直墻上，一個質(zhì)量為m的小物塊從槽上高h處開始自由下滑，小物塊的初始位置與弧形槽底端的水平距離為s。下列說法正確的是（）

A.在下滑過程中，小物塊和弧形槽組成的系統(tǒng)動量守恒B.在下滑到弧形槽底端的過程中，小物塊對地的水平位移為sC.小物塊壓縮彈簧的過程中，彈簧的最大彈性勢能D.小物塊被彈簧反彈后能追上弧形槽，且沿弧形槽上升的最大高度為15、如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別為m1、m2(已知m2=1kg)的兩物塊A；B相連接；處于原長并靜止在光滑水平面上．現(xiàn)使B獲得水平向右、大小為6m/s的瞬時速度，從此刻開始計時，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖象提供的信息可得（）

A.在t3時刻，兩物塊達到共同速度2m/s，且彈簧處于伸長狀態(tài)B.從t3到t4之間彈簧由原長變化為壓縮狀態(tài)C.t3時刻彈簧彈性勢能為12JD.t4時刻，彈簧處于原長狀態(tài)評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、如圖所示為聲波干涉演示儀的原理圖，兩個U形管A和B套在一起，A管兩側(cè)各有一小孔．聲波從左側(cè)小孔傳入管內(nèi)，被分成兩列頻率________的波．當(dāng)聲波分別通過A、B傳播到右側(cè)小孔時，若兩列波傳播的路程相差半個波長，則此處聲波的振幅________；若傳播的路程相差一個波長，則此處聲波的振幅________．17、如圖所示是一個單擺做受迫振動時的共振曲線，表示振幅A與驅(qū)動力的頻率f的關(guān)系，則該單擺的擺長約為_____，若增大擺長，共振曲線的“峰”將_____（填“向右移動”、“向左移動”或“不移動”）（g＝9.8m/s2，π2≈9.86）

18、如圖，虛線和實線分別表示在同一繩上傳播的甲、乙兩列簡諧橫波某時刻的波形圖，波速均為v=4m/s。則繩上位于x=0.2m處的質(zhì)點M的振動是________的(選填“加強”或“減弱”)。從圖示時刻開始，再經(jīng)過____________s；M將位于波峰。

19、概念：振動物體離開平衡位置的____距離。20、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖（a）所示，簡諧橫波沿x軸正方向傳播。P、Q、M為介質(zhì)中三個質(zhì)點，圖（b）是質(zhì)點P的振動圖像，則質(zhì)點Q起振方向為___；該簡諧橫波的波速為___；這列簡諧橫波從t=0時刻開始經(jīng)過____s傳到平衡位置在x=24m的質(zhì)點M處。

21、如圖，一彈簧振子在A、B間做簡諧運動，平衡位置為O，已知振子的質(zhì)量為M。

（1）簡諧運動的能量取決于_________，本題中物體振動時_________能和__________能相互轉(zhuǎn)化，總_________守恒。

（2）關(guān)于振子的振動過程有以下說法，其中正確的是()

A.振子在平衡位置；動能最大，勢能最小。

B.振子在最大位移處；勢能最大，動能最小。

C.振子在向平衡位置運動時；由于振子振幅減小，故總機械能減小。

D.在任意時刻，動能與勢能之和保持不變22、碰撞特點。

在碰撞現(xiàn)象中，一般都滿足內(nèi)力_______外力矢量和，可認為相互碰撞的系統(tǒng)動量守恒。23、在x軸上處有一波源形成一列沿x軸正方向傳播的簡諧波，t=0時刻的波形如圖中實線所示，此時處的質(zhì)點B恰好起振，質(zhì)點B的起振方向是_________。在時，在間的波形圖如圖中虛線所示，該波的周期為__________s。

24、如圖所示為某時刻一列沿x軸負方向傳播的簡諧橫波，P、Q為介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，從該時刻起P質(zhì)點再經(jīng)過1s第一次回到平衡位置，從該時刻起Q質(zhì)點再經(jīng)過6s第一次回到原位置，則該機械波的波速為__________，從該時刻起12s時P質(zhì)點的縱坐標(biāo)為__________，振動方向__________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)25、細繩的一端在外力作用下從時刻開始做簡諧運動，激發(fā)出一列簡諧橫波，在細繩上選取15個點，圖為時刻各點所處的位置，圖為時刻的波形圖（T為波的周期）.請在圖中畫出時刻的波形圖________

26、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動；圖中黑點為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點時離開平衡位置O的位移；

(2)標(biāo)出振子位于A點時加速度的方向。

27、如圖所示，一列簡諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質(zhì)點此時正經(jīng)過平衡位置沿y軸的正方向運動。將時的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個波長）。

28、某同學(xué)利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標(biāo)出入射角i和折射角r。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共30分)29、在碰撞問題中，人們經(jīng)常采用恢復(fù)系數(shù)e來描述運動，其定義式為：碰撞后兩物體相對速率（v相對），與碰撞前兩球相對速率（v0相對）之比，即某興趣小組為測定碰撞系數(shù)，設(shè)計了如下實驗：如圖甲所示，氣墊導(dǎo)軌上放有質(zhì)量不等的兩滑塊A和B。用頻閃照相機閃光4次拍得照片如圖乙所示，已知閃光時間間隔為△t=0.02s，閃光本身持續(xù)時間極短，已知在這4次閃光的時間內(nèi)A、B均在0~80cm范圍內(nèi)且第一次閃光時，A恰好過x=55cm處，B恰好過x=70cm處；則可知：

（1）兩滑塊在x=__________cm處相碰；

（2）此次碰撞的恢復(fù)系數(shù)e=__________；

（3）根據(jù)你所學(xué)的知識，推斷恢復(fù)系數(shù)e的取值范圍為：__________

A、0~1B；0~2

C、0~3D、0~30、某同學(xué)利用如圖所示的裝置進行“驗證動量守恒定律”的實驗；操作步驟如下：

①在水平桌面上的適當(dāng)位置固定好彈簧發(fā)射器；使其出口處切線與水平桌面相平；

②在一塊長平木板表面先后釘上白紙和復(fù)寫紙，將該木板豎直并貼緊桌面右側(cè)邊緣。將小球a向左壓縮彈簧并使其由靜止釋放，a球碰到木板，在白紙上留下壓痕P；

③將木板向右水平平移適當(dāng)距離，再將小球a向左壓縮彈簧到某一固定位置并由靜止釋放，撞到木板上，在白紙上留下壓痕P2；

④將半徑相同的小球b放在桌面的右邊緣，仍讓小球a從步驟③中的釋放點由靜止釋放，與b球相碰后，兩球均撞在木板上，在白紙上留下壓痕P1、P3。

（1）下列說法正確的是______。

A．小球a的質(zhì)量可以小于小球b的質(zhì)量。

B．彈簧發(fā)射器的內(nèi)接觸面及桌面一定要光滑。

C．步驟③④中入射小球a的釋放點位置一定相同。

D．桌面右邊緣末端可以不水平。

（2）本實驗必須測量的物理量有______。

A．小球a、b的質(zhì)量m1、m2

B．小球的半徑r

C．木板距離桌子邊緣的距離x2

D．小球在木板上的壓痕P1、P2、P3分別與P之間的豎直距離h1、h2、h3

（3）用（2）中所測的物理量來驗證兩球碰撞過程中動量是否守恒，當(dāng)滿足關(guān)系式_________時，則證明a、b兩球碰撞過程中動量守恒。31、如圖所示；在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”的實驗中：

（1）用毫米刻度尺量出懸點到擺球的線長為l，用游標(biāo)卡尺測出擺球直徑為d，則單擺的擺長為______；

（2）某同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的圖像如圖所示。造成圖像不過坐標(biāo)點的原因可能是______。

A.擺長測量偏大B.擺長測量偏小。

C.周期測量偏大D.周期測量偏小評卷人得分六、解答題(共1題，共8分)32、如圖所示，一玻璃磚的截面由半圓柱和等腰直角三角形柱ABC組成，AC是半圓的直徑，O點為圓心，AC長為2R，光屏MN距圓心O的距離為一束與AB等寬的平行光垂直AB面射入玻璃磚，發(fā)現(xiàn)從半圓弧上D點出射的光線恰好落在光屏上的F點，F(xiàn)O連線沿半圓的半徑方向且垂直于AC，OD與OF夾角為（忽略未發(fā)生全反射光線的二次反射），光在真空中的傳播速度為c；求：

（1）該玻璃磚的折射率；

（2）半圓弧上有一點E，OE與OF夾角為求射到E點的光線在玻璃磚中的傳播時間。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】A、在簡諧運動中，速度與位移是互余的關(guān)系，即位移為零，速度最大；位移最大，速度為零，則知速度與位移圖象也互余，①圖不能作為該物體的速度—時間圖象．故A錯誤．B、C、由簡諧運動特征F=-kx可知，回復(fù)力的圖象與位移圖象的相位相反，則知③圖可作為該物體的回復(fù)力—時間圖象．故B錯誤，C正確．D、由可知，加速度的圖象與位移圖象的相位相反，則知④圖不能作為該物體的a—t圖象．故D錯誤．故選C．

【點睛】本題關(guān)鍵要掌握簡諧運動中各個量與位移的關(guān)系，可定性作出判斷，選擇圖象．2、B【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)簡諧運動的特征

可知物體的加速度大小和方向隨位移的變化而變化；位移作周期性變化，加速度也作周期性變化，所以簡諧運動是變加速運動，故B正確。

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)光路可逆可知，光線一定會從下表面射出，折射光線不會在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射反射，則即使的距離較大時，通過玻璃磚仍可以看到的像；故A錯誤；

B．光在玻璃磚界面上會發(fā)生折射；實驗中不能用玻璃磚代替尺子畫線，故B錯誤；

C．折射光線是通過隔著玻璃磚觀察成一條直線確定的，大頭針之間的距離太小，引起的角度會較大，所以為了減小作圖誤差，和的距離應(yīng)適當(dāng)大一些；故C正確；

D．為減小測量誤差；入射角應(yīng)當(dāng)要盡量大一些，這樣折射角也會大一些，折射現(xiàn)象更明顯，角度的相對誤差會減小，但如果入射角太大，則反射光過強，折射光太弱，不宜觀察，故D錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．從B點射出的光線在O點折射時光的傳播方向偏折大，說明玻璃對從B點射出的單色光折射率大，則有

故A錯誤；

BCD．由光在介質(zhì)中傳播速度公式

設(shè)光在O點折射時入射角、折射角分別為根據(jù)折射定律有

又根據(jù)幾何關(guān)系，光從O到射出玻璃的光程為

則折射光在玻璃中傳播時間

可見光在玻璃中的傳播時間與折射光線方向無關(guān)，則光線在玻璃中傳播時間滿足

故BC錯誤；D正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

A．擊釘時；不用橡皮錘是因為橡皮錘與釘子的作用時間長，作用力小，A錯誤；

B．用手接籃球時；手往往向后縮一下，是為了延長作用時間以減小作用力，B錯誤；

C．由動量定理

知，當(dāng)相同時，越長；作用力越小，所以易碎品運輸時，要用柔軟材料包裝，船舷常常懸掛舊輪胎，都是為了延長作用時間以減小作用力，C正確；

D．車能否移動或運動狀態(tài)能否改變?nèi)Q于所受的合外力；與內(nèi)力作用無關(guān)，D錯誤。

故選C。6、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．物體在豎直方向做勻變速運動，取向上為正，則全過程有

可求鉛球投出時豎直方向的速度水平方向勻速直線運動，由可求投出時水平方向的速度進而

A；B選項可求；不符合題意；

C．由

可求出H；即C選項可求，不符合題意；

D．由于投擲時鉛球與運動員的手的作用時間未知，因此不可求；即D選項不可求，符合題意。

故選D。7、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由知

由圖可知2秒內(nèi)物體的平均速度為0，知物體回到了出發(fā)點，說明斜面是光滑的，由a=gsinθ得θ=30°；A選項錯誤；

B．初速度大小為5m/s；初動能為12.5J，重力勢能變化的最大值為初動能12.5J，所以B正確；

C．因斜面光滑只有重力做功；機械能守恒，C選項錯誤；

D．物體在斜面上運動過程中合外力沖量等于2mv0；D選項錯誤。

故選B。8、D【分析】【詳解】

水中的空氣泡看上去比較亮是全反射的緣故，發(fā)生全反射的條件是光從光密媒質(zhì)射入光疏媒質(zhì)，故D正確．二、多選題(共7題，共14分)9、A:C:E【分析】【詳解】

A．發(fā)生全發(fā)射的條件是；光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，且入射角大于或等于臨界角，故A正確；

B．光從光密介質(zhì)射到光疏介質(zhì)，頻率不變，根據(jù)可知；折射率減小，所以速度增大，故B錯誤；

C．光的衍射和干涉是波獨有的現(xiàn)象；所以可以說明光具有波動性，故C正確；

D．紅光的波長大于紫光，根據(jù)條紋間距公式可知

紅光的條紋間距大于紫光；故D錯誤；

E．兩列波發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象的條件是頻率相同；相位差恒定，故E正確。

故選ACE。10、A:B:D【分析】【詳解】

AB.如圖所示，由折射率公式

可知r=30°，

由幾何關(guān)系可知折射光在三棱鏡內(nèi)平行于底邊AC，由對稱性可知其在BC邊射出時的出射角也為i=45°；因此光束的偏向角為30°，且兩束光平行，故A正確，B正確；

CD.由于同種材料對不同的色光的折射率不同；相對于黃光而言紅光的折射率小，綠光的折射率較大，因此折射后綠光的偏向角大些，紅光的偏向角小些，故C錯誤，D正確；

E.若讓入射角增大；則折射角按一定的比例增大，出射光束仍然平行，故E錯誤。

故選：ABD。

11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．在物塊下滑的過程中；物塊與弧形槽組成的系統(tǒng)只有重力做功，系統(tǒng)的機械能守恒。系統(tǒng)在水平方向上不受外力，所以系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，故A錯誤；

BD．m的初速度v對應(yīng)動能應(yīng)等于彈簧壓縮量為的勢能；所以。

再次返回時，壓縮量為此時。

為原來的對應(yīng)速度則變?yōu)樵瓉淼募础?/p>

則水平方向動量守恒(設(shè)向左為正方向)

而機械能守恒。

聯(lián)立解得。

故B正確；D錯誤；

C．達到最大高度處；意味著二者此時相對靜止，此時水平方向動量守恒，有。

帶入。

則有。

再由機械能守恒得。

可得m的重力勢能為。

再由。

可得。

故C正確；

故選BC。12、B:D:E【分析】【詳解】

ACD．根據(jù)幾何關(guān)系可知紅光在AB邊的入射角為45°，根據(jù)

解得折射角

而紅光的頻率小于紫光，故紫光的折射率更大，在AB邊的折射角更小，根據(jù)幾何關(guān)系紅光和紫光在AC邊的入射角都大于45°；

而臨界角滿足

因此兩光均會在AC邊發(fā)生全反射，根據(jù)光路可逆原理可知，在BC邊的出射光線均與AC邊平行；故AC錯誤，D正確；

B．已知紅光在AB邊上的入射點為O，根據(jù)正弦定理

又

可得紅光在玻璃磚內(nèi)傳播的時間

聯(lián)立解得

故B正確；

E．經(jīng)AB邊折射的光線直線射到BC邊時，在AB邊折射角為30°，則根據(jù)幾何關(guān)系可知在BC邊的入射角為60°；大于臨界角，一定發(fā)生全反射，故E正確。

故選BDE。13、B:C【分析】【詳解】

A．設(shè)甲、乙在碰撞剛結(jié)束時的速度分別為由彈性碰撞規(guī)律

綜合解得

設(shè)乙、丙在碰撞剛結(jié)束時的速度分別為由彈性碰撞規(guī)律得

綜合解得

故A錯誤：

B．三個小球組成的系統(tǒng)總動量守恒，碰撞都結(jié)束之后的總動量等于碰撞之前的總動量故B正確：

C．乙，丙在發(fā)生碰撞的過程中，乙的速度由變成由動能定理丙對乙做的功為

故C正確：

D．甲、乙在發(fā)生碰撞的過程中，甲的速度由變成對甲由動量定理可得，乙對甲的沖量的大小為

故D錯誤。

故選BC。14、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．利用整體法；下滑過程中，光滑弧形槽與物塊在水平方向合力為零，所以在水平方向動量守恒，光滑弧形槽的速度變大，動能增加，故物塊的機械能減少，故物塊的機械能不守恒，故A錯誤；

B．下滑過程中；物塊和弧形槽組成的水平動量守恒，則。

可知兩者的速度之比為3:1；位移之和為s；運動時間相等，則位移之比為3:1，可知物塊和弧形槽的位移分別為。

和故B錯誤；

C．由動量守恒和機械能守恒得。

解得物塊的速度。

動能。

小物塊壓縮彈簧的過程中；其動能全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，所以最大彈性勢能為。

故C正確；

D．小物塊被彈簧反彈后的速度大小與反彈前的速度大小相等；所以能追上弧形槽，當(dāng)沿弧形槽上升到最大高度時，由動量守恒可得。

由機械能守恒得。

解得。

故D正確。

故選CD。15、C:D【分析】【詳解】

A．向右為正方向，由圖像可知，在t3時刻，兩物塊達到共同速度2m/s，此時A的加速度為負值，B的加速度為正值；可知此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，選項A錯誤；

BD．由題圖可知，t3到t4時間內(nèi)，A減速，B加速，彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長，即t3時刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，t4時刻彈簧處于原長，故B錯誤，D正確；

C．在t3時刻，兩物塊達到共同速度v3=2m/s，又知系統(tǒng)的動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得m2v0=（m1+m2）v3

其中v0=6m/s，v1=2m/s，m2=1kg，解得m1=2kg

t3時刻，由能量守恒定律得

解得EP=12J

故C正確；

故選CD。三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】【詳解】

聲波從左側(cè)小孔傳入管內(nèi)；被分成兩列頻率相同的波且相位差固定．若波程相差為半波長的偶數(shù)倍，則干涉相長；若波程相差為半波長的奇數(shù)倍，則干涉相消．所以兩列波傳播的路程相差半個波長（奇數(shù)倍），則此處聲波的振幅減小；若傳播的路程相差一個波長（半波長的偶數(shù)倍），則此處聲波的振幅增大．

【點睛】

此題是關(guān)于機械波的干涉問題；關(guān)鍵是掌握兩列波相遇產(chǎn)生干涉的條件：波程相差為半波長的偶數(shù)倍，則干涉相長；若波程相差為半波長的奇數(shù)倍，則干涉相消．【解析】相等等于零等于原振幅的二倍17、略

【分析】【詳解】

由共振曲線可知：當(dāng)驅(qū)動力頻率f=0.5Hz時產(chǎn)生共振現(xiàn)象，則單擺的固有頻率為：f=0.5Hz．由單擺的周期公式有：得：．

由單擺的頻率公式為：得知，當(dāng)擺長增大時，單擺的固有周期增大，頻率減小，產(chǎn)生共振的驅(qū)動力頻率也減小，共振曲線的“峰”向左移動．【解析】1向左移動18、略

【分析】【詳解】

[1]．由圖可知，兩波的波長相等，又波速相等，則頻率相等，能發(fā)生干涉，且兩列波使質(zhì)點M的振動方向相同，所以始終加強；

[2]．波長λ=0.4m，波速v=4m/s，周期

M點至少經(jīng)過T到達波峰，則t＝(k+)T=(k+)×0.1＝0.025(4k+3)，k=0，1，2，3【解析】加強0.025（4k+3），k=0，1，2，319、略

【分析】【詳解】

略【解析】最大20、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據(jù)質(zhì)點P的振動圖像可知，質(zhì)點P起振的方向沿y軸負向，可知質(zhì)點Q起振方向也為y軸負向；該簡諧橫波的波長為λ=2m，周期為T=2s，則波速為

因t=0時刻波已經(jīng)傳到x=2.5m的位置，則要傳到x=24m處的M點還需要的時間【解析】沿y軸負方向1m/s21.5s21、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4]簡諧運動的能量取決于振幅；本題中物體振動時動能和彈性勢能相互轉(zhuǎn)化，總機械能守恒。

（2）[5]D．在任意時刻只有系統(tǒng)內(nèi)彈簧的彈力做功；則機械能守恒，故D正確；

A．振子在平衡位置；速度最大，動能最大，是能最小，故A正確；

B．振子在最大位移處；彈簧形變量最大，勢能最大，動能最小，故B正確；

C．振幅的大小與振動過程中振子的位置無關(guān)；故C錯誤。

故選ABD?！窘馕觥空穹鶆訌椥詣輽C械能ABD##ADB##BAD##BDA##DAB##DBA22、略

【分析】【分析】

【詳解】

在碰撞現(xiàn)象中，一般都滿足內(nèi)力遠大于外力矢量和，可認為相互碰撞的系統(tǒng)動量守恒?！窘馕觥窟h大于23、略

【分析】【詳解】

[1]時刻，處的質(zhì)點B恰好開始振動，波沿x正方向傳播，根據(jù)同側(cè)法可知質(zhì)點B沿軸負方向振動；

[2]由圖可知，波長

時，波向軸正方向傳播的距離

根據(jù)波長與周期的對應(yīng)關(guān)系可知，傳播時間

解得周期【解析】軸負方向24、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]波沿x軸負方向傳播，該時刻P質(zhì)點振動方向沿y軸負方向，Q質(zhì)點振動方向沿y軸正方向，P質(zhì)點從出發(fā)點到平衡位置的時間與Q質(zhì)點從出發(fā)點到平衡位置的時間相同，則有

得

由

得

12s為則P質(zhì)點的縱坐標(biāo)為

振動方向沿y軸正方向?！窘馕觥?.25m/s沿y軸正方向四、作圖題(共4題，共40分)25、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)方格的邊長為由圖可知，波的波長應(yīng)為波的振幅應(yīng)為在內(nèi)波傳播了則再過半個周期波應(yīng)再傳播故9點開始向上振動，此時0點應(yīng)到達負向最大位移處；6點達正向最大位移處；故波形如圖所示：

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點時離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點時加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)27、略

【