2025年人教A版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于電動勢下列說法正確的是（）

A.電源電動勢等于電源正負(fù)極之間的電勢差。

B.用電壓表直接測量電源兩極得到的電壓數(shù)值；實際上總略小于電源電動勢的準(zhǔn)確值。

C.電源電動勢總等于內(nèi)；外電路上的電壓之和；所以它的數(shù)值與外電路的組成有關(guān)。

D.電源電動勢總等于電路中通過1C的正電荷時；電源提供的能量。

2、下列關(guān)于電磁波的說法正確的是（）

A.電磁波必須依賴介質(zhì)傳播。

B.電磁波可以發(fā)生衍射現(xiàn)象。

C.電磁波不會發(fā)生偏振現(xiàn)象。

D.電磁波無法攜帶信息傳播。

3、一根容易形變的彈性導(dǎo)線，兩端固定，導(dǎo)線中通有電流，方向如圖所示．當(dāng)沒有磁場時，導(dǎo)線呈豎直狀態(tài)，當(dāng)分別加上方向豎直向上、水平向右、垂直于紙面向外的勻強磁場時，描述導(dǎo)線狀態(tài)的四個圖示中正確的是4、如圖所示；彈簧振子沿x軸在B；C之間做簡諧運動，O為平衡位置，當(dāng)振子從B點向O點運動經(jīng)過點P時（）

A.振子的位移為負(fù)B.振子的加速度為負(fù)C.振子的速度為負(fù)D.振子的回復(fù)力為負(fù)5、真空中兩個同性的點電荷q1q2

它們相距較近，保持靜止.

今釋放q2

且q2

只在q1

的庫侖力作用下運動，則q2

在運動過程中的加速度(

)

A.不斷增大B.不斷減小C.始終保持不變D.先增大后減小6、如圖為彈簧振子在t=0到t=4s內(nèi)的振動圖象；下列判斷正確的是（）

A.在t=2s時刻振子的振動方向向上B.在t=0到t=1s時間內(nèi)振子的速度減小，回復(fù)力增大C.在t=1s到t=2s時間內(nèi)振子的加速度和速度都增大D.從t=1s到t=3s時間內(nèi)振子的位移為零7、有兩根平行直導(dǎo)線，通以大小相等、方向相反的電流．則兩導(dǎo)線所在平面內(nèi)兩線中央的磁感強度（）A.等于零．B.不等于零，方向是從一根導(dǎo)線垂直指向另一根導(dǎo)線．C.不等于零，方向平行于導(dǎo)線．D.不等于零，方向垂直于兩導(dǎo)線的平面．8、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，線圈L的電阻不計．以下判斷正確的是()A.閉合S，穩(wěn)定后，電容器兩端電壓為0B.閉合S，穩(wěn)定后，電容器的a極帶正電C.斷開S的瞬間，電容器的a極板將帶正電D.斷開S的瞬間，電容器的a極板將帶負(fù)電9、如圖所示為一測量電解液電阻率的長方體容器(

左右兩側(cè)是金屬板，其他側(cè)面是絕緣玻璃)

P

、Q

為電極，設(shè)a

=1m

b

=0.2m

c

=0.1m

當(dāng)里面注滿某電解液，在P

、Q

兩端加上電壓U

=10V

時，電流I

=5A

則電解液的電阻率婁脩

是：

A.0.04婁賂隆隴m

B.2婁賂隆隴m

C.20婁賂隆隴m

D.40婁賂隆隴m

評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)10、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解11、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)12、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v垂直射入場強為E方向豎直向下的勻強電場中，該粒子在電場中的經(jīng)歷時間____后，其即時速度的方向與初速度方向成30°角．在這過程中粒子的電勢能增量為____．（不計重力）

13、如圖所示，為了測一凹透鏡凹面的半徑R，讓一個半徑為r的光滑鋼珠在凹面內(nèi)做振幅很小的振動．若測出它完成N次全振動的時間為t，則此凹透鏡凹面的半徑R=______（重力加速度為g）．14、某電容器上標(biāo)有“220V300μF”，300μF=____F=____pF．15、如圖所示A、B質(zhì)量分別為MA和MB，AB之間用細(xì)線系著，當(dāng)彈簧處于原長時，由靜止同時釋放AB，之后AB一起做簡諧運動，在最低點時，細(xì)線對B拉力為16、地面附近有質(zhì)量m=2kg的物體，它受到的重力G=19..56N,則該處的重力加速度g=m/s2(精確到小數(shù)點后兩位)。電場中某點放置一電量q=1×10-9C的試探電荷，試探電荷受到的電場力F=6×10-4N，該點的電場強度E=N/C，移去試探電荷后，該點的電場強度E=。（填“變大”、“變小”、“不變”）17、太陽內(nèi)部有多種熱核反應(yīng)，其中的一個反應(yīng)方程是：．

①若已知的質(zhì)量為m1，的質(zhì)量為m2，的質(zhì)量為m3，的質(zhì)量為m4；則這個反應(yīng)釋放的核能△E=____________．

②若已知H的平均結(jié)合能是2.78MeV，H的平均結(jié)合能是1.09MeV，He的平均結(jié)合能是7.03MeV，則這個反應(yīng)釋放的核能△E=____________MeV．(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)18、(1)(1)不同城市的兩個人用手機通話時，是利用____傳遞信息的((選填“電磁波”或“聲波”))(2)

變壓器只能改變____的電壓(

選填“交流”或“直流”)

如圖所示，一臺正常工作的理想變壓器原線圈與副線圈匝數(shù)之比n1:n2=1:2

則此變壓器的輸入電壓與輸出電壓之比V1:V2=

____(

選填“1:2

”或“2:1

”)

評卷人得分四、判斷題(共1題，共2分)19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）評卷人得分五、推斷題(共3題，共15分)20、已知rm{CH_{3}隆陋CH簍TCH_{2}+HBr隆煤CH_{3}隆陋CHBr-CH_{3}}rm{1mol}某芳香烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}該芳香烴rm{A}在不同條件下能發(fā)生如圖所示的一系列變化：

請回答下列問題：

rm{(1)A}中官能團(tuán)的名稱為：______________，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：_______________________。

rm{(2)}上述反應(yīng)中，rm{壟脵}是________反應(yīng)rm{(}填反應(yīng)類型rm{)(1}分rm{)}

rm{(3)}寫出rm{C}rm{D}rm{E}rm{H}物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡式：rm{C}____________________，rm{D}_______________，rm{E}_____________，rm{F}_______________。

rm{(4)}寫出rm{D隆煤F}反應(yīng)的化學(xué)方程式：______________________________。21、下表為元素周期表的一部分，針對表中rm{壟脵-壟脼}元素，回答下列問題。rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是_________________。rm{(2)壟脺}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是_______________rm{(}填元素符號rm{)}rm{壟脹}和rm{壟脺}兩種元素的最高價氧化物對應(yīng)的水化物堿性較強的是__________rm{(}填化學(xué)式rm{)}填化學(xué)式rm{(}rm{)}寫出rm{(3)}的單質(zhì)在rm{壟脵}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式：_______________________。rm{壟脼}22、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首膾炙人口的中國民歌。茉莉花香氣的成分有多種，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一種，它可以從茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯為原料進(jìn)行人工合成。其中一種合成路線如下：回答下列問題：

rm{(1)A}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為______________；

rm{(2)}寫出反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式rm{壟脷}_____________________rm{;壟脼}_____________________

rm{(3)}上述反應(yīng)中屬取代反應(yīng)的有______________

rm{(4)}反應(yīng)______________rm{(}填序號rm{)}原子的理論利用率為rm{100%}符合綠色化學(xué)的要求。評卷人得分六、簡答題(共3題，共9分)23、如圖所示電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L上標(biāo)有“6V、12W”字樣，電動機線圈的電阻RM=0.50Ω．若燈泡恰能正常發(fā)光；求：

（1）電動機的熱功率P熱

（2）電動機的輸出功率P出是多少？24、銅及其化合物在工業(yè)生產(chǎn)及生活中用途非常廣泛?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)}基態(tài)銅原子價電子排布式為___________；第一電離能rm{I(Cu)}________rm{I(Zn)(}填“rm{>}”或“rm{<}”rm{)}rm{(2)}配合物rm{[Cu(CH_{3}CN)_{4}]BF_{4}[}四氟硼酸四rm{[Cu(CH_{3}CN)_{4}]

BF_{4}[}乙腈rm{(}合銅rm{)}Ⅰrm{(}是有機合成中常見催化劑。rm{)]}該配合物中陰離子的空間構(gòu)型為____________，與其互為等電子體的分子或離子是_____________rm{壟脵}各舉rm{(}例rm{1}rm{)}配體分子中與rm{壟脷}形成配位鍵的原子為___________；配體rm{Cu(I)}中：碳原子雜化方式是_____。rm{CH_{3}CN}已知rm{(3)}熔點為rm{Cu_{2}O}rm{1235隆忙}熔點為rm{K_{2}O}rm{770隆忙}屬于___晶體，前者熔點較高，其原因是___________________________________________________________________________________rm{Cu_{2}O}的晶胞rm{(4)Cu_{3}N}立方rm{(}結(jié)構(gòu)如下圖所示：rm{)}距離最近的兩個rm{壟脵}間的距離為_______rm{Cu^{+}}rm{nm}保留兩位小數(shù)rm{(}rm{)}晶體的密度為____________rm{壟脷Cu_{3}N}rm{g隆隴cm^{-3}}列出計算式，不必計算出結(jié)果rm{(}rm{)}25、某小組同學(xué)設(shè)想用如圖裝置電解硫酸鉀溶液來制取氧氣、氫氣、硫酸和氫氧化鉀。

rm{(1)X}極與電源的________rm{(}填“正”或“負(fù)”rm{)}極相連，氫氣從________rm{(}填“rm{A}”、“rm{B}”、“rm{C}”或“rm{D}”rm{)}口導(dǎo)出。極與電源的________rm{(1)X}填“正”或“負(fù)”rm{(}極相連，氫氣從________rm{)}填“rm{(}”、“rm{A}”、“rm{B}”或“rm{C}”rm{D}口導(dǎo)出。

rm{)}離子交換膜只允許一類離子通過，則rm{(2)}離子交換膜只允許一類離子通過，則rm{M}為________rm{(}填“陰離子”或“陽離子”，下同rm{)}交換膜，rm{N}為________交換膜。為________rm{(2)}填“陰離子”或“陽離子”，下同rm{M}交換膜，rm{(}為________交換膜。

rm{)}rm{N}若將制得的氫氣、氧氣和氫氧化鉀溶液組合為氫氧燃料電池石墨為電極rm{(3)}若將制得的氫氣、氧氣和氫氧化鉀溶液組合為氫氧燃料電池rm{(}石墨為電極rm{)}則電池負(fù)極的反應(yīng)式為__________________________________。則電池負(fù)極的反應(yīng)式為__________________________________。

rm{(3)}rm{(}若在標(biāo)準(zhǔn)狀況下，制得rm{)}氫氣，則生成硫酸的質(zhì)量是________，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為____________。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B|D【分析】

A；電源電動勢反映電源將其他形式能量轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小；電源正、負(fù)極之間的電勢差為電源的路端電壓，只有當(dāng)電源處于斷路狀態(tài)時，電源的電動勢才等于路端電壓，故A錯誤；

B；電壓表是由內(nèi)阻的；跟電源連接后構(gòu)成一個通路，測量的是電壓表內(nèi)阻的電壓，所以電壓表測得的電源兩極間電壓值略小于電動勢．故B正確．

C；電動勢反映電源的特性；與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)，故C錯誤；

D、根據(jù)電動勢的定義式E=可知電源電動勢總等于電路中通過1C的正電荷時；電源提供的能量，故D正確．

故選BD．

【解析】【答案】電源電動勢的數(shù)值等于內(nèi)、外電壓之和．電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的大?。娫磧蓸O間的電壓等于或小于電源電動勢．電動勢與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)．根據(jù)電動勢的定義式E=可求出電動勢．

2、B【分析】

A；電磁波既可以在真空中傳播；也可以在介質(zhì)中傳播，故A錯誤．

B；衍射是波特有的現(xiàn)象；所有的波都能發(fā)生衍射現(xiàn)象，故B正確．

C；橫波能夠發(fā)生偏振現(xiàn)象；電磁波是橫波，故電磁能能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故C錯誤．

D；所有波都能傳遞信息；故電磁波能夠攜帶信息，故D錯誤．

故選B．

【解析】【答案】電磁波既可以在真空中傳播；也可以在介質(zhì)中傳播；所有的波都能發(fā)生衍射現(xiàn)象，橫波能夠發(fā)生偏振現(xiàn)象，電磁波是橫波，所有波都能傳遞信息．

3、D【分析】【解析】試題分析：由左手定則可知，對A電流方向與磁場方向平行，導(dǎo)線不受磁場力，A錯；對B導(dǎo)線所受安培力方向為垂直紙面向里，B錯；對CD導(dǎo)線所受安培力方向為水平向右，C錯，D對，故選D考點：考查左手定則【解析】【答案】D4、A【分析】解：A；振子的位移從平衡位置指向所在位置；可知當(dāng)振子從B點向O點運動經(jīng)過P點時，振子的位移向左，為負(fù)，故A正確．

BD；回復(fù)力方向總指向平衡位置O；所以振子經(jīng)過P點的回復(fù)力方向向右，為正，加速度方向與回復(fù)力方向相同，則振子經(jīng)過P點時加速度方向向右，也為正，故BD錯誤．

C；振子向右運動；速度為正，故C錯誤．

故選：A．

振子的位移是振子偏移平衡位置的位移；從平衡位置指向振子所在位置；回復(fù)力方向總指向平衡位置；速度就是振子的運動方向；加速度方向與回復(fù)力方向相同．

本題關(guān)鍵要理解振子的準(zhǔn)確含義，知道位移的起點是平衡位置，掌握簡諧運動的特點：回復(fù)力和加速度的方向總是指向平衡位置．【解析】【答案】A5、B【分析】解：帶電相同的小球受斥力作用；因此距離越來越遠(yuǎn)，由于電量保持不變；

根據(jù)F=kq1q2r2

可知距離增大；電場力將逐漸減小，因此加速度也不斷減小，故ACD錯誤，B正確．

故選：B

．

本題比較簡單；由題可知小球受斥力，距離越來越遠(yuǎn)，因此直接利用庫侖定律公式即可求解．

對于庫侖定律公式F=kq1q2r2

要明確其使用條件和各個物理量的含義．【解析】B

6、B【分析】解：A；由振動圖象可知；t=2s時振子的振動方向向下，故A錯誤；

B；在t=0到t=1s時間內(nèi)振子的位移增大；速度減小，回復(fù)力增大，故B正確；

C；在t=1s到t=2s時間內(nèi)振子的位移減??；加速度減小，速度增大，故C錯誤；

D；從t=1s到t=3s時間內(nèi)振子從正向最大位移運動到負(fù)向最大位移；位移不為零，故D錯誤；

故選：B。

解答本題應(yīng)抓住對振動圖象的理解；要注意明確回復(fù)力F=-kx，明確振子向平衡位置運動時，位移減??；回復(fù)力減小、速度增大。

本題考查了對振動圖象的理解，明確振幅和周期的概念，根據(jù)彈簧振子的回復(fù)力F=-kx公式并能能結(jié)合x-t圖象進(jìn)行分析?！窘馕觥緽7、D【分析】【解析】試題分析：根據(jù)右手定則，可以判斷在兩根導(dǎo)線之間部分的磁場都是同一個方向，所以不會抵消。另外根據(jù)直導(dǎo)線的磁場分布為一族同心圓，所以選擇D考點：磁場的疊加、直導(dǎo)線的磁場分布【解析】【答案】D8、A|C【分析】由于線圈L的電阻不計，閉合S，穩(wěn)定后，電容器兩端電壓為0，A正確；B錯誤；斷開S的瞬間，由于線圈L的自感作用，則形成順時針方向的電流，電容器的a極板將帶正電，C正確、D錯誤?！窘馕觥俊敬鸢浮緼C9、A【分析】【分析】由歐姆可求得電解液的電阻，再由電阻定律公式可求得電阻率。本題要求熟練應(yīng)用歐姆定律、電阻定律；電解液也能適用于金屬導(dǎo)體的電阻定律?！窘獯稹坑蓺W姆定律可知，電阻R=UI=105=2婁賂

再由電阻定律可知：R=婁脩LS

可得：婁脩=RSL=2隆脕0.1隆脕0.21=0.04婁賂隆隴m

故選A。

【解析】A

二、雙選題(共2題，共4分)10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B11、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共7題，共14分)12、略

【分析】

（1）帶正電的粒子垂直進(jìn)入電場后做類平拋運動；如圖所示：

粒子在垂直電場方向的做勻速直線運動vx=v

粒子在電場方向做初速度為0的勻加速直線運動

當(dāng)粒子速度方向與初速度方向成30°角時，如圖，vy=vxtan30°=

據(jù)得，粒子經(jīng)歷的時間

（2）在這一過程中，粒子在電場方向偏轉(zhuǎn)的位移y==

電場力對粒子做功W=

根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系知，電場力對粒子做正功，電勢能減少，好電勢能的增加量△E=-W=

故答案為：

【解析】【答案】帶電粒子如圖示方向進(jìn)入電場后，在垂直電場方向不受力，粒子將以v做勻速直線運動；沿電場方向粒子在電場力作用下做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)類平拋運動知識可以求出速度與初速度方向成30°角時所經(jīng)歷的時間，和在這一過程中電場力對粒子所做的功．

13、略

【分析】解：完成n次全振動的時間為t，知周期T=

再根據(jù)T=2π得：T==2π

解得：R=r+

故答案為：r+．

小鋼球在凹面內(nèi)作振幅很小的振動為簡諧運動，等效于單擺的運動，根據(jù)T=2π求出凹透鏡鏡面的半徑．

小鋼球的運動等效于單擺的運動，關(guān)鍵掌握單擺的周期公式．【解析】r+14、略

【分析】

根據(jù)1F=106μF=1012pF，知300μF=3×10-4F=3×108pF．

故本題答案為：3×10-4，3×108．

【解析】【答案】1F=106μF=1012pF，即F、μF、pF進(jìn)制為106．

15、略

【分析】試題分析：振子在平衡位置時，彈簧的形變量為在最低點時，彈簧被拉長2x，則整體的加速度滿足：解得a=g；對物體B，由牛頓第二定律：T-MBg=MBa，解得T=2MBg.考點：牛頓第二定律的應(yīng)用；簡諧振動.【解析】【答案】2MBg16、略

【分析】【解析】試題分析：（1）根據(jù)牛頓第二定律可得（2）根據(jù)公式電場中電場強度的大小只和電場的本身性質(zhì)有關(guān)，和試探電荷無關(guān)，所以不變考點：本題考查了重力加速度，電場的基本計算，【解析】【答案】9.78;6×105;不變17、略

【分析】解：①該方程的質(zhì)量虧損為△m=m1+m2-m3-m4；

根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程：△E=△mc2=(m1+m2-m3-m4)c2．

②聚變反應(yīng)前H和H的總結(jié)合能為：

E1=(1.09×2+2.78×3)MeV=10.52MeV

反應(yīng)后生成的氦核的結(jié)合能為：

E2=7.03×4MeV=28.12MeV

所以反應(yīng)釋放的核能△E=E2-E1=(28.12-10.52)MeV=17.6MeV

故答案為：①②17.6．【解析】17.618、(1)(1)電磁波(2)(2)交流1:21:2【分析】(1)

【分析】用手機通話時使用電磁波來傳遞信號。該題考查電磁波的傳播與應(yīng)用，掌握基礎(chǔ)知識即可正確解答?！窘獯稹坎煌鞘械膬蓚€人用手機通話時；是利用電磁波傳遞信息的．

故答案為：電磁波。(2)

【分析】變壓器的原理是電磁感應(yīng)，變壓器只能改變電壓和電流，不能改變頻率，由變壓比規(guī)律可求出輸入電壓與輸出電壓之比。本題考查了變壓器的工作原理，要掌握變壓器的匝數(shù)與電壓關(guān)系的特點，即電壓與匝數(shù)成正比?！窘獯稹孔儔浩鞲鶕?jù)互感現(xiàn)象制成；它能改變交流電的電壓。

根據(jù)變壓比規(guī)律有U1U2=n1n2

得輸入電壓與輸出電壓之比為U1攏潞U2=1攏潞2

故答案為：交流；12

。

【解析】(1)(1)電磁波(2)(2)交流1:21:2四、判斷題(共1題，共2分)19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．五、推斷題(共3題，共15分)20、（1）碳碳雙鍵

（2）加成

（3）

（4）+NaOH+NaBr【分析】【分析】本題考查有機推斷，涉及烯烴、鹵代烴、醇等性質(zhì)以及學(xué)生根據(jù)信息給予獲取知識的能力，是對有機化合物知識的綜合考查，能較好的考查考生的自學(xué)能力和分析推理能力，推斷出rm{A}的分子式，根據(jù)反應(yīng)條件及反應(yīng)類型，利用順推法進(jìn)行推斷，是高考熱點題型，難度中等?！窘獯稹縭m{1mol}某烴rm{A}充分燃燒后可以得到rm{8molCO_{2}}和rm{4molH_{2}O}故烴rm{A}的分子式為rm{C_{8}H_{8}}不飽和度為rm{dfrac{2隆脕8+2-8}{2}=5}可能含有苯環(huán)，由rm{A}發(fā)生加聚反應(yīng)生成rm{C}故A中含有不飽和鍵，故A為rm{C}為rm{A}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{B}則rm{B}為rm{B}在氫氧化鈉的乙醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{E}則rm{E}為rm{E}與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成由信息烯烴與rm{HBr}的加成反應(yīng)可知，不對稱烯烴與rm{HBr}發(fā)生加成反應(yīng)，rm{H}原子連接在含有rm{H}原子多的rm{C}原子上，故與rm{HBr}放出加成反應(yīng)生成rm{D}則rm{D}為rm{D}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{F}則rm{F}為rm{F}與乙酸發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{H}故H為據(jù)此解答。rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}中的官能團(tuán)是碳碳雙鍵，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式：故答案為：碳碳雙鍵；

rm{(2)}上述反應(yīng)中，反應(yīng)rm{壟脵}是與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成

故答案為：加成；

rm{(3)}由上述分析可知，rm{C}為rm{D}為rm{E}為rm{F}為

故答案為：

rm{(4)D隆煤F}是在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成反應(yīng)方程式為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}

故答案為：rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaBr}

rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}【解析】rm{(1)}碳碳雙鍵rm{{,!}_{;;;}}rm{(2)}加成rm{(3)}rm{(4)}rm{+NaOHxrightarrow[triangle]{H_{2}O}}rm{+NaOHxrightarrow[triangle

]{H_{2}O}}rm{+NaBr}21、（1）

（2）AlNaOH

（3）H2+Cl22HCl

【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應(yīng)用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價氧化物對應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關(guān)鍵。該題是高考常見題型，試題難易適中，側(cè)重對學(xué)生基礎(chǔ)知識的鞏固和訓(xùn)練，有利于提高學(xué)生的邏輯推理能力和應(yīng)試能力。【解答】根據(jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{H}rm{壟脷}為rm{N}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是元素rm{(1)}的原子結(jié)構(gòu)示意圖是故答案為：rm{壟脷}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高價氧化物對應(yīng)的水化物分別為氫氧化鈉和氫氧化鋁，同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價氧化物對應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱，rm{Al}的金屬性比rm{Na}強，所以堿性較強的為rm{Al}故答案為：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的單質(zhì)在rm{NaOH}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式為：rm{(3)}rm{(3)}rm{壟脵}的單質(zhì)在rm{壟脼}的單質(zhì)中燃燒的化學(xué)方程式為：rm{壟脵}rm{壟脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

22、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本題考查有機物的推斷與合成，難度不大，注意結(jié)合乙醇、氯代烴的性質(zhì)進(jìn)行推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，有利于基礎(chǔ)知識的鞏固?！窘獯稹縭m{(1)}乙醇與氧化銅加熱反應(yīng)生成rm{A}rm{A}為乙醛，甲苯在光照條件下與氯氣反應(yīng)生成rm{B}rm{B}為故答案為：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脷}rm{壟脼}的化學(xué)方程式分別為：的化學(xué)方程式分別為：rm{壟脷}rm{壟脼}故答案為：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反應(yīng)rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯與水發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)rm{(3)}是乙醇發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙醛，反應(yīng)rm{壟脵}是乙醛發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙酸，反應(yīng)rm{壟脷}是甲苯與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)，反應(yīng)rm{壟脹}是rm{壟脺}在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發(fā)生水解反應(yīng)生成苯甲醇，屬于取代反應(yīng)，rm{壟脻}乙酸與苯甲醇發(fā)生酯化反應(yīng)生成乙酸苯甲酯，屬于取代反應(yīng)；故答案為：rm{B}

rm{壟脼}反應(yīng)rm{壟脺壟脻壟脼}乙烯與水發(fā)生加成反應(yīng)生成乙醇，反應(yīng)rm{(4)}乙醛發(fā)生氧化反應(yīng)生成乙酸，符合原子利用率rm{壟脵}故答案為：rm{壟脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)壟脺壟脻壟脼}六、簡答題(共3題，共9分)23、略

【分析】

由燈泡銘牌可知燈泡額定電是6V；額定功率是12W，由電功率的變形公式可以求出燈泡正常發(fā)光時的電流，由串聯(lián)電路特點可以求出電動機的電壓，由電功率公式可以求出電機總功率與熱功率，進(jìn)一步求出電動機的輸出功率．

解答本題要注意電動機是非純電阻電路，消耗的電能沒有全部用于發(fā)熱，知道燈泡正常發(fā)光時，電壓為其額定電壓，功率為其額定功率，難度適中．【解析】解：（1）整個電路中的電流為：I=

則電動機的熱功率為：P熱=I2RM=4×0.5W=2W；

（2）電動機兩端的電壓為：U1=U-UL=12-6V=6V；

電動機的輸入功率為：P=U1I=6×2W=12W；

則電動機的輸出功率為：P2=P-I2RM=12-2W=10W．

答：（1）電動機的熱功率P熱為2W；

（2）電動機的輸出功率P出是10W24、（1）3d104s1＜

（2）①正四面體CCl4PO43-SO42-ClO4-

②Nsp、sp3

（3）離子Cu+離子半徑比K+小，晶格能大（2分）

（4）①0.27②或【分析】【分析】本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，為高頻考點，涉及晶胞計算、配位鍵、微?？臻g構(gòu)型判斷等知識點，側(cè)重考查學(xué)生計算及空間想象能力，難點是晶胞計算，注意rm{Cu^{+}}之間的距離與棱長的關(guān)系，為易錯點【解答】rm{(1)Cu}位于第四周期ⅤⅡrm{B}族，是rm{29}號元素，基態(tài)銅原子的價電子排布式為rm{3d^{10}4s^{1}}鋅為rm{30}號元素，其價電子排布式為rm{3d^{10}4s^{2}}為全滿，第一電離能大于銅的第一電離能；

故答案為：rm{3d^{10}4s^{1}}rm{<}rm{(2)壟脵}配合物rm{[Cu(CH}rm{[Cu(CH}rm{{,!}_{3}}rm{CN)}rm{CN)}rm{{,!}_{4}}的陰離子為rm{]BF}中心原子的價層電子對數(shù)為rm{]BF}rm{{,!}_{4}}rm{BF_{4}^{-}}rm{4+}rm{1}rm{2}rm{3}rm{+}rm{1}rm{-}rm{4}rm{1}rm{2}rm{1}rm{1}rm{2}所以rm{2}正四面體，rm{3}rm{+}rm{1}rm{-}rm{4}rm{3}rm{+}rm{1}rm{-}rm{4}離子為rm{3}rm{3}rm{+}等，故答案為：正四面體；rm{+}rm{1}rm{1}、rm{-}等；rm{-}rm{4}rm{4}rm{=4+0=4}中空間構(gòu)型為原子中含有孤電子對，所以配體分子中與與其互為等電子體的分子為形成配位鍵的原子為rm{CCl_{4}}配體rm{PO_{4}^{3-隆壟}}rm{SO_{4}^{2-}}rm{ClO_{4}^{-}}的rm{CCl_{4}}中的rm{PO_{4}^{3-}}原子的雜化方式為rm{SO_{4}^{2-}}rm{ClO_{4}^{-;}}中rm{壟脷}原子的雜化方式為rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CN}中rm{N}原子中含有孤電子對，所以配體分子中與rm{Cu(I)}形成配位鍵的原子為rm{N}配體rm{CH}；rm{CN}rm{N}rm{Cu(I)}rm{N}熔點為rm{CH}熔點較高，屬于離子晶體，rm{{,!}_{3}}離子半徑比rm{CN}的rm{-CH_{3}}中的rm{C}原子的雜化方式為rm{sp^{3}}rm{-CN}中rm{C}原子的雜化方式為rm{sp}小，晶格能大所以rm{CN}rm{-CH_{3}}rm{C}熔點較高，rm{sp^{3}}離子；rm{-CN}離子半徑比rm{C}小，晶格能大；rm{sp}故答案為：rm{N}距離最近的兩個rm{N}rm{sp}rm{sp^{3}}rm{(3)}，所以距離最近的兩個rm{Cu}間的距離為rm{Cu}rm{{,!}_{2}}rm{O}熔點為rm{1235隆忙}熔點較高，屬于離子晶體，rm{O}rm{1235隆忙}rm{Cu^{+}}rm{K^{+}}rm{Cu}rm{Cu}rm{{,!}_{2}}rm{O}熔點較高，rm{O}故答案為：rm{Cu^{+}}，故答案為：rm{K^{+}}rm{(4)}rm{壟脵}距離最近的兩個rm{Cu}rm{壟脵}rm{Cu}中含有rm{{,!}^{+}}數(shù)目為間的距離為面對角線的rm{1}rm{2}，所以rm{1}rm{2}rm{1}rm{2}rm{1}含有rm{1}數(shù)目為rm{2}rm{2}rm{Cu^{+}}rm{2}rm{隆脕}rm{0}．rm{381}rm{2}rm{n}rm{m}rm{=}rm{0}．rm{27}rm{n}rm{m}則rm{2}rm{隆脕}rm{0}．rm{381}rm{2}rm{2}rm{隆脕}rm{0}．rm{381}rm{2}晶體的密度為rm{dfrac{64times3+14}{{{N}_{A}}times{{(0.381times{{10}^{-7}})}^{