2025年人教新起點選修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教新起點選修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、泊松亮斑是光的()A.干涉現象,說明光有波動性B.衍射現象,說明光有波動性C.干涉現象,說明光有粒子性D.衍射現象,說明光有粒子性2、一帶負電油滴在場強為E的勻強電場中的運動軌跡如圖中虛線所示，電場方向豎直向下．若不計空氣阻力，則此帶電油滴從A運動到B的過程中；下列判斷正確的是（）

A.油滴的電勢能減少B.A點電勢高于B點電勢C.油滴所受電場力小于重力D.油滴重力勢能減小3、如圖所示，同一平面內的三條平行導線串有兩個電阻R和r，導體棒PQ與三條導線接觸良好；勻強磁場的方向垂直紙面向里．導體棒的電阻可忽略，當導體棒向左滑動時，下列說法正確的是()

A.流過R的電流為由d到c，流過r的電流為由b到aB.流過R的電流為由c到d，流過r的電流為由b到aC.流過R的電流為由d到c，流過r的電流為由a到bD.流過R的電流為由c到d，流動r的電流為由a到b4、如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈匝數比n1∶n2＝10∶1，原線圈輸入的交流電壓如圖乙所示，副線圈電路接有滑動變阻器R和額定電壓為12V；工作時內阻為2Ω的電動機。閉合開關；電動機正常工作，電流表示數為1A，則。

A.副線圈兩端電壓為22VB.電動機輸出的機械功率為12WC.通過電動機的交流電頻率為100HzD.若電動機突然卡住不轉，原線圈輸入功率變大5、如圖所示，質量為m、帶電荷量為+q的三個相同帶電小球a、b、c，從同一高度以初速度v0水平拋出，小球a只在重力作用下運動，小球b在重力和洛倫茲力作用下運動，小球c在重力和電場力作用下運動，它們落地的時間分別為ta、tb、tc，落地時重力的瞬時功率分別為Pa、Pb、Pc；則以下判斷中正確的是（）

A.ta=tb=tcB.ta=tc<tbC.Pb<Pa<PcD.Pa=Pb>Pc6、下列說法正確的是（）A.普朗克在研究黑體輻射時提出了能量子假說B.盧瑟福將量子觀點引入到原子模型中，成功解釋了氫原子的發(fā)光現象C.湯姆孫在研究γ射線時發(fā)現了電子D.比較α、β、γ三種射線，由α粒子組成的α射線，電離能力最弱、穿透能力最強評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示為一理想變壓器，K為單刀雙擲開關，P為滑動變阻器的滑動觸頭，原線圈兩端的電壓為U1，原線圈中的電流強度為I1；則：

A.保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，I1將增大B.保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，R消耗的功率減小C.保持U1不變，K合在a處，使P上滑，I1將增大D.保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，I1將變小8、如圖甲所示，光滑平行金屬導軌MN、PQ所在平面與水平面成θ角，M、P兩端接一電阻R，整個裝置處于方向垂直導軌平面向上的勻強磁場中．t＝0時對金屬棒施加一平行于導軌的外力F，F隨時間t變化的圖像如圖乙所示，使金屬棒ab由靜止開始沿導軌向上運動，導軌電阻忽略不計．下列關于棒的運動速度v，電流I、流過R的電荷量q以及閉合回路中磁通量的變化率隨時間變化的圖象可能正確的是。

A.B.C.D.9、下列說法正確的是（）A.由于擴散現象，我們能聞到巷子中的酒香B.空調能使熱量從低溫物體傳到高溫物體，突破了熱力學第二定律的限制C.非晶體有固定的熔點，而晶體沒有固定的熔點E.把兩塊純凈的鉛壓緊，它們會“粘”在一起，說明分子間存在引力E.把兩塊純凈的鉛壓緊，它們會“粘”在一起，說明分子間存在引力10、下列說法正確的是______A.達到熱平衡的兩物體的內能一定相等B.內能小的物體也可能將熱量傳遞給內能大的物體C.能源危機指能量的過度消耗導致自然界的能量不斷減少E.第一類永動機違背能量守恒定律,第二類永動機不違背能量守恒定律E.第一類永動機違背能量守恒定律,第二類永動機不違背能量守恒定律11、如圖所示，等腰直角三角形OPQ區(qū)域內存在著垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B，磁場區(qū)域的OP邊在x軸上且長為L，紙面內一邊長為L的單匝閉合正方形導線框（線框電阻為R）的一條邊在x軸上，且線框在外力作用下沿x軸正方向以恒定的速度v穿過磁場區(qū)域，在t=0時該線框恰好位于圖中所示的位置；現規(guī)定順時針方向為導線框中感應電流的正方向，則下列說法正確的有（）

A.在０～時間內線框中有正向電流，在～時間內線框中有負向電流B.在～時間內流經線框某處橫截面的電量為C.在～時間內線框中最大電流為D.０～時間內線框中電流的平均值不等于有效值12、如圖所示為遠距離交流輸電的簡化電路圖。發(fā)電廠的輸出電壓恒定為U,用等效總電阻是r的兩條輸電線輸電,輸電線路中的電流是I1,其末端間的電壓為U1。在輸電線與用戶間連有一理想變壓器,流入用戶端的電流為I2。則()

A.輸送功率一定時，輸電線上損失的功率與U的平方成反比B.輸電線上的電壓降為UC.輸電線路上損失的電功率為D.用戶端使用的用電器越多，得到的電壓越小13、如圖所示為研究決定平行板電容器電容大小因素的實驗裝置．兩塊相互靠近的等大正對的平行金屬板、組成電容器，板固定在絕緣座上并與靜電計中心桿相接，板和靜電計的金屬殼都接地，板上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板的位置．在兩板相距一定距離時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電荷量不變，對此實驗過程的描述正確的是（））

A.只將板從圖示位置稍向左平移，靜電計指針張角變大B.只將板從圖示位置稍向上平移，靜電計指針張角減小C.只將板從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，靜電計指針張角變大D.只在之間插入云母板，靜電計指針張角變大、14、水面下深h處有一點光源，發(fā)出兩種不同顏色的光a和b，光在水面上形成了如圖所示的一個有光線射出的圓形區(qū)域，該區(qū)域的中間為由a、b兩種單色光所構成的復色光圓形區(qū)域，周圍為a光構成的圓環(huán)．若b光的折射率為n，下列說法正確的是____(選對1個得2分；選對2個得4分，選對3個得5分；每選錯1個扣3分，最低得分為0分）．

A.在水中，a光的波長比b光小B.水對a光的折射率比b光小C.在水中，a光的傳播速度比b光大E.用同一裝置做雙縫干涉實驗，a光的干涉條紋比b光窄E.用同一裝置做雙縫干涉實驗，a光的干涉條紋比b光窄15、圖所示是一玻璃球體，O為球心，cO水平，入射光線ab與cO平行，入射光線ab包含a、b兩種單色光，經玻璃球折射后色散為a、b兩束單色光．下列說法正確的是（）

A.a光在玻璃球體內的波長大于b光在玻璃球體內的波長B.上下平移入射光線ab，當入射點恰當時，折射光線a或b光可能在球界面發(fā)生全反射C.a光在玻璃球內的傳播速度大于b光在玻璃球內的傳播速度D.在同一雙縫干涉實驗中，僅把a光照射換用b光，觀察到的條紋間距變大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面，在該區(qū)域加沿圓柱軸線方向的勻強磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度v1沿截面直徑入射，粒子飛入磁場區(qū)域時，速度方向偏轉60°角；該帶電粒子第二次以速度v2從同一點沿同一方向入射，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉90°角。則帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為_______；速度之比為__________；周期之比為_________；時間之比為__________。17、邏輯電路在電子線路中有著重要的應用。某同學利用“非”門電路設計了一個路燈自動控制門電路，天黑了，讓路燈自動接通；天亮了，讓路燈自動熄滅。如圖中RG是一個光敏電阻，當有光線照射時，光敏電阻的阻值會顯著減??；R是可調電阻；起分壓作用?！胺恰遍T電路能將輸入的高壓信號轉變?yōu)榈蛪盒盘?，或將低壓信號轉變?yōu)楦邏盒盘枴為路燈總開關控制繼電器，它在獲得高壓時才啟動(圖中未畫路燈電路)。

(1)當天黑時，RG變____(選填“大”或“小”)；“非”門電路獲得_____電壓，J得到______電壓。(后兩空均選填“高”或“低”)

(2)如果路燈開關自動接通時天色還比較亮，現要調節(jié)自動控制裝置，使它在天色較黑時才會自動接通開關，應將R調_____(選填“大”或“小”)一些。18、等壓變化：一定質量的某種氣體，在______不變時，體積隨溫度變化的過程。19、一定質量的理想氣體，從初始狀態(tài)A經狀態(tài)B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關系如圖所示。圖中和為已知量。

(1)從狀態(tài)A到B；氣體經歷的是_______（選填“等溫”，“等容”，或“等壓”）過程。

(2)從B到C的過程中；氣體的內能_______（選填“增大”“減小”或“不變”）。

(3)從C到D的過程中，氣體對外界_______（選填“做正功”“做負功”或“不做功”），同時________（選填“吸熱”或“放熱”）。20、如圖為一定質量的理想氣體的體積與熱力學溫度的關系圖像，該氣體的狀態(tài)經歷的變化過程。氣體狀態(tài)由過程中，氣體壓強________（選填“增大”“不變”或“減小”）；若整個過程中氣體放出的熱量為則整個過程外界對氣體所做的功為________。

21、如圖所示是壓縮式電冰箱的工作原理示意圖。經過干燥過濾器后液體制冷劑進入蒸發(fā)器，汽化吸收箱體內的熱量，壓縮機使低溫低壓的制冷劑氣體變成高溫高壓的氣體，然后制冷劑在冷凝器中液化放出熱量到箱體外。電冰箱將熱量從低溫物體轉移到高溫物體的工作過程_______（填“違背”或“不違背”）熱力學第二定律。制冷劑在蒸發(fā)器中由液態(tài)變成氣態(tài)的過程中，________（選填“氣體對外做功”“外界對氣體做功”或“氣體對外不做功”）。

22、在如甲圖所示的電路中，電源電動勢為3.0V，內阻不計，L1、L2、L3為3個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當開關閉合后，燈泡L1的電阻為_________Ω，燈泡L2消耗的電功率為_________W．

23、光電效應實驗中，用波長為的單色光A照射某金屬板時，剛好有光電子從金屬表面逸出．當波長為的單色光B照射該金屬板時，光電子的最大初動能為______，A、B兩種光子的動量之比為_____．（已知普朗克常量為h、光速為c）評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共2題，共20分)27、核聚變是能源的圣杯；但需要在極高溫度下才能實現，最大難題是沒有任何容器能夠承受如此高溫，托卡馬克采用磁約束的方式，把高溫條件下高速運動的離子約束在小范圍內巧妙實現核聚變，相當于給反應物制作一個無形的容器，2018年11月12日我國宣布“東方超環(huán)”（我國設計的全世界唯一一個全超導托卡馬克）首次實現一億度運行，令世界震驚，使我國成為可控核聚變研究的領軍者。

（1）2018年11月16日，國際計量大會利用玻爾茲曼常量將熱力學溫度重新定義，玻爾茲曼常量k可以將微觀粒子的平均動能與溫度定量聯(lián)系起來，其關系式為其中k=1.380649×10-23J/K；請你估算溫度為一億度時微觀粒子的平均動能（保留一位有效數字）。

（2）假設質量為m、電量為q的微觀粒子，在溫度為T0時垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場；求粒子運動的軌道半徑。

（3）東方超環(huán)的磁約束原理可簡化如圖，在兩個同心圓環(huán)之間有很強的勻強磁場，兩圓半徑分別為r1、r2，環(huán)狀勻強磁場圍成中空區(qū)域，中空區(qū)域內的帶電粒子只要速度不是很大都不會穿出磁場的外邊緣，而被約束在該區(qū)域內，已知帶電粒子質量為m、電量為q、速度為v；速度方向如圖所示，要使粒子不從大圓中射出，求環(huán)中磁場的磁感應強度最小值。

28、如圖甲，兩水平金屬板間距為d，板長為L,板間電場強度的變化規(guī)律如圖乙所示．t=0時刻，質量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線水平射入兩板間，0～時間內微粒勻速運動，T時刻微粒恰好經金屬板邊緣飛出，微粒運動過程中未與金屬板接觸，重力加速度的大小為g．

求：（1）粒子飛出電場時的速度大小和粒子在電場中運動的時間．

（2）時刻粒子的速度和粒子飛進到飛出電場力對粒子做的功．

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

泊松亮斑是光的衍射現象，干涉和衍射是典型的波動性特征，ACD錯誤B正確2、A【分析】【分析】

【詳解】

A；由圖示運動軌跡可知；帶電油滴的運動軌跡向上偏轉，則其合力方向向上，油滴受到豎直向下的重力和豎直方向的電場力，則知電場力必定豎直向上；故電場力做正功，電勢能減?。籄正確；

B；油滴逆著電場線運動；電勢升高，則在A點電勢低于在B點電勢，B錯誤；

C；油滴受到的合力方向豎直向上；電場力必定大于重力，C錯誤．

D、因油滴向上運動，故重力做負功，重力勢能增加，D錯誤；3、B【分析】【詳解】

由右手定則可判斷切割磁感線形成電源的正負極如圖所示；由閉合電路電流流向可知B對；

4、D【分析】【分析】

根據圖示可得輸出電壓的最大值；周期和頻率等，求得有效值，再根據電壓與匝數成正比即可求得結論。

【詳解】

A、由乙圖可知，輸入電壓的最大值為V，則有效值故A錯誤；

B、輸出的機械功率：則B錯誤；

C、由乙圖可知，輸入交變電壓的周期為0.02s，則頻率為因為原副線圈交變電流頻率相等，則通過電動機的交流電頻率為50Hz，C錯誤；

D；卡住電動機；電動機變成了純電阻，電壓不變，電流增大，輸出功率增加，則原線圈輸入功率增加，則D正確。

故選：D。

【點睛】

電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路。5、A【分析】【詳解】

AB、根據題意可知：A球只有重力做功，豎直方向上做自由落體運動；B球除重力之外還受到洛倫茲力作用，但B的洛倫茲力的方向總是水平方向的，不影響重力方向，所以豎直方向也做自由落體運動；C球除受重力之外，還受到垂直紙面向里的電場力作用，豎直方向上做自由落體運動，故故A正確，B錯誤。

CD、落體時的重力的功率等于重力乘以重力方向的速度，我們只研究豎直方向，發(fā)現B的洛倫茲力總是垂直紙面向里，不影響重力方向，C的電場力方向也是垂直紙面向里的，對豎直方向也沒用影響，故豎直方向都做自由落體運動，高度相同，所以末速度在豎直方向的分量相同，重力又相等，根據p＝mgvy可知三個球落地瞬間重力的瞬時功率相等，故CD錯誤。6、A【分析】A；普朗克在研究黑體輻射時提出了能量子假說；故A正確；

B；玻爾將量子觀點引入到原子模型中；成功解釋了氫原子的發(fā)光現象，故B錯誤；

C；湯姆遜研究陰極射線時發(fā)現了電子；故C錯誤；

D.比較α、β、γ三種射線，由α粒子組成的α射線；電離能力最強；穿透能力最弱，故選項D錯誤．

點睛：本題主要涉及到近代物理的常識性的知識，關鍵要熟悉教材，掌握基本概念和基本規(guī)律，以及各物理學家的主要貢獻等．二、多選題(共9題，共18分)7、A:B【分析】【詳解】

保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，原線圈匝數變小，副線圈電壓變大，所以副線圈功率變大，而原線圈功率等于副線圈功率，所以原線圈功率變大，根據可得I1將增大，故A正確；保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，原線圈匝數變大，副線圈電壓變小，根據知功率變小，故B正確；保持U1不變，K合在a處，使P上滑時，R增大，而電壓不變，所以副線圈電流變小，根據可知I1將減小，故C錯誤；保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，則副線圈電壓增大，所以副線圈電流變大，根據可知I1將變大，故D錯誤．8、B:C【分析】【分析】

列出加速度與時間的故選；定性分析，加速度不可能一直增大，也不可能一直減小，金屬棒由靜止開始沿導軌向上做勻加速運動，回路中的感應電流與時間成正比，磁通量的變化率與時間成正比．電量不可能與時間成正比．

【詳解】

A.對導體棒在沿導軌方向列出動力學方程F?BIl-mgsinθ=ma，而I=得到F0+kt--mgsinθ=ma；拉力均勻增大，加速度越大，安培力增大越快，所以加速度不可能一直增大，也不可能一直減小，故A錯誤；

BC.根據A項分析，穩(wěn)定時加速度應保持不變，安培力均勻增大，則感應電流均勻增大，感應電動勢均勻增大，根據法拉第電磁感應定律，應均勻增大；故B正確，C正確；

D.因為感應電流均勻增大；根據q=It，電量不可能與時間成正比，故D錯誤．

故選BC9、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散現象是由物質分子無規(guī)則熱運動產生的分子遷移現象；聞到酒香屬于擴散現象，選項A正確；

B．空調采用了做功的方式使熱量從低溫物體傳到高溫物體；不違背熱力學第二定律，選項B錯誤；

C．晶體有固定的熔點而非晶體沒有固定的熔點；選項C錯誤；

D．布朗運動產生的原因是液體分子對懸浮微粒各個方向的撞擊力不平衡；選項D正確；

E．把兩塊純凈的鉛壓緊；它們會“粘”在一起，說明分子間存在引力，選項E正確。

故選ADE。10、B:D:E【分析】【詳解】

A．達到熱平衡的兩物體的溫度相同；內能不一定相等，故A錯誤；

B．內能從溫度高的物體傳向溫度低的物體；內能小的物體溫度可能高，內能小的物體可能將熱量傳遞給內能大的物體，不一定從內能大的物體傳向內能小的物體，故B正確；

C．對能源的過度消耗將形成能源危機；但自然界的總能量守恒，故C錯誤；

D．熵增加原理說明一切自然過程總是向著分子熱運動的無序性增大的方向進行；故D正確；

E．第一類永動機違背能量守恒定律；第二類永動機違背熱力學第二定律，但不違背能量守恒定律，故E正確。

故選BDE。11、B:D【分析】【詳解】

A．在時間內線框的磁通量增加，根據楞次定律判斷知線框中有負向電流，在時間內磁通量減??；線框中有正向電流，故A錯誤；

B．在時間內線框中磁通量的減小量為

流經線框某處橫截面的電量為

故B正確；

C．在時間內最大的有效切割長度為最大感應電動勢為

則線框中最大感應是電流為

故C錯誤；

D．在時間內線框中電流沿負向均勻減小，在時間內電流沿正向均勻減??；電流的平均值為0，而線框中產生焦耳熱，所以電流的有效值不為0，故D正確。

故選BD。12、A:D【分析】【分析】

根據理想變壓器的電壓關系；電流關系及功率關系；并結合遠距離輸電的功率損耗關系與電壓損耗關系即可解決問題.

【詳解】

A、當輸送功率一定時，由可得輸送電流為則損失的功率為即損失的功率與U的平方成反比；故A正確.

B、線路上損耗的電壓為I1?r，且滿足U=I1?r+U1；故B錯誤；

C、輸電線路上損失的電功率為故C錯誤.

D、對輸電電路U=I1?r+U1，結合可得全電路的歐姆定律則用戶端使用的用電器越多，變小，I1會增大，線路上損耗的電壓為I1?r會增加，U1會變?。桓本€圈的電壓也會變小，故D正確；

故選AD.

【點睛】

要能熟練的運用理想變壓器的各種關系來分析問題，同時要能抓住遠距離輸電的電壓損耗關系與功率損耗關系.13、A:C【分析】【詳解】

只將板M從圖示位置稍向左平移，d增大，根據知，電容減小，根據知勢差增大，則靜電計指針張角變大，故A正確；只將板M從圖示位置稍向上平移，正對面積S減小，根據知，電容減小，根據知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故B錯誤；只將板M從圖示位置沿垂直紙面向外的方向稍微平移，正對面積S減小，根據知，電容減小，根據知電勢差增大，則靜電計指針張角變大，故C正確；只在M、N之間插入云母板，介電常數變大，根據知，電容增大，根據知電勢差減小，則靜電計指針張角變小，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．14、B:C:D【分析】【詳解】

ABC項：a光在水面上形成的圓形亮斑面積較大，知a光的臨界角較大，根據知a光的折射率較小，再由可知，在水中，a光的波長比b光大；故A錯誤BC正確；

D項：依據結合幾何關系，可知，而復色光圓形區(qū)域的面積為故D正確；

E項：a光的折射率小，波長長，根據雙縫干涉條紋與波長成正比，可知相同條件下，a光干涉條紋比b光寬，故E錯誤．15、A:C【分析】【詳解】

A．由圖可知，b光的折射程度比a光大，可知玻璃對b光的折射率比a光大，b光的頻率較大，則b光的波長較??；選項A正確；

B．因光線ab從玻璃球中出射時的入射角等于進入玻璃球中的折射角，可知此角總小于臨界角，則折射光線a或b光不可能在球界面發(fā)生全反射；選項B錯誤；

C．根據v=c/n可知，因為玻璃對b光的折射率比a光大，則a光在玻璃球內的傳播速度大于b光在玻璃球內的傳播速度；選項C正確；

D．根據可知，因b光的波長較小，則在同一雙縫干涉實驗中，僅把a光照射換用b光，觀察到的條紋間距變小，選項D錯誤．三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

粒子進入磁場時，受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運動，速度的偏向角等于軌跡對應的圓心角，再可求出軌跡對應的圓心角由求解時間之比；根據幾何知識求出軌跡半徑之比，由半徑公式求出速度之比．

【詳解】

設圓柱形區(qū)域為R。帶電粒子第一次以速度沿直徑入射時；軌跡如圖所示：

粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉60°角，則知帶電粒子軌跡對應的圓心角軌跡半徑為運動時間為帶電粒子第二次以速度沿直徑入射時，粒子飛出此磁場區(qū)域時速度方向偏轉90°角，則知帶電粒子軌跡對應的圓心角軌跡半徑為運動時間為所以軌跡半徑之比：時間之比：根據半徑公式得速度之比：根據可知；周期之比為1：1。

【點睛】

本題關鍵要掌握推論：粒子速度的偏向角等于軌跡的圓心角，運用幾何知識求出半徑關系，就能正確解答【解析】111:12：317、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2][3]．天黑時，光線減弱，光敏電阻RG變大，A端輸入低電壓；Y端輸出高壓信號，J得到高壓，開始控制路燈工作。

(2)[4]．如果路燈開關自動接通時天色還比較亮，應將R調大，A端輸入電壓較高，當天色較黑時，RG的電阻變大，A端的電壓降低，Y端的電壓升高，J得到高壓，開始控制路燈工作?！窘馕觥看蟮透叽?8、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】壓強19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]從狀態(tài)A到B；由于體積沒變，因此發(fā)生的是等容過程。

(2)[2]從B到C的過程；由于氣體溫度不變，因此氣體的內能不變。

(3)[3][4]從C到D的過程中，由于體積減小，因此氣體對外界做負功；而溫度降低，內能減小，根據熱力學第一定律，一定放出熱量?！窘馕觥康热莶蛔冏鲐摴Ψ艧?0、略

【分析】【詳解】

[1]氣體狀態(tài)由過程中

所以是等壓過程；氣體壓強不變。

[2]的整個過程氣體溫度不變，內能不變，則

整個過程中氣體放出的熱量為由熱力學第一定律可知

解得整個過程外界對氣體所做的功為【解析】不變Q21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]熱力學第二定律的克勞修斯表述為熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體；電冰箱依靠壓縮機實現了將熱量從低溫物體轉移到高溫物體，不違背熱力學第二定律。

[2]制冷劑在蒸發(fā)器中由液態(tài)變成氣態(tài)的過程中，體積膨脹，對外做功?！窘馕觥坎贿`背氣體對外做功22、略

【分析】【詳解】

當開關閉合后，燈泡L1的電壓U1=3V，由圖2讀出其電流I1=0.25A，則燈泡L1的電阻燈泡L2、L3串聯(lián)，電壓U2=U3=1.5V，由圖讀出其電流I2=I3=0.20A，則I1=1.25I2，燈泡L2、L3的功率均為P=UI=1.5V×0.20A=0.30W；【解析】12Ω0.30W23、略

【分析】【詳解】

根據光電效應方程又所以有解得又光子動量所以A、B兩種光子的動量之比為1:2.【解析】1:2四、作圖題(共3題，共12分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完