2025年上外版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上外版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，矩形線圈abcd與可變電容器C、理想電流表A組成閉合電路．線圈在有界勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的bc邊勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω=100πrad/s．線圈的匝數(shù)N=100，邊長ab=0.2m、ad=0.4m，電阻不計(jì)．磁場只分布在bc邊的左側(cè)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=T．電容器放電時(shí)間不計(jì)．下列說法正確的是（）A.該線圈從圖示位置開始轉(zhuǎn)動(dòng)到離開磁場過程中的電流方向adcbaB.電容器的耐壓值至少為50VC.電容器的電容C變大時(shí)，電流表的示數(shù)變小D.該線圈產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢有效值為25V2、關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)，下列說法中正確的是(

)

A.速度的方向總是沿著曲線的切線方向B.速度的大小時(shí)刻在變C.加速度一定在變化D.物體在恒力作用下不可能做曲線運(yùn)動(dòng)3、一種測定風(fēng)作用力的儀器原理如圖所示，它的細(xì)長金屬絲一端固定于懸點(diǎn)O

另一端懸掛著一個(gè)質(zhì)量為m

的金屬球.

無風(fēng)時(shí)，金屬絲自然下垂，當(dāng)受到沿水平方向吹來的風(fēng)時(shí)，金屬絲偏離豎直方向的角度為婁脠

則風(fēng)力F

大小與偏角婁脠

小球質(zhì)量m

之間的關(guān)系式正確的是()A.F=mgsin婁脠

B.F=mgcos婁脠

C.F=mgtan婁脠

D.F=mgcot婁脠

4、下列哪組力有可能為平衡力()

壟脵3N4N8N壟脷3N5N1N壟脹4N7N8N壟脺7N9N16N

A.壟脵壟脹

B.壟脹壟脺

C.壟脵壟脺

D.壟脷壟脺

5、如圖所示，半徑為rr的圓筒，繞豎直中心軸OO隆盲OO隆盲旋轉(zhuǎn)，小物塊aa靠在圓筒的內(nèi)壁上，它與圓筒內(nèi)壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)為婁脤婁脤現(xiàn)要使小物塊aa不下落，則圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴婁脴至少為()

A.grB.婁脤gC.婁脤grD.g婁脤r

6、下列關(guān)于慣性的說法正確的是(

)

A.汽車的質(zhì)量越大，慣性越大B.汽車的速度越大，慣性越大C.汽車靜止時(shí)，車上的乘客沒有慣性D.汽車急剎車時(shí)，汽車有慣性，乘客沒有慣性評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖所示，在直線電流附近有一根金屬棒ab

，當(dāng)金屬棒以b

端為圓心，以ab

為半徑，在過導(dǎo)線的平面內(nèi)勻速旋轉(zhuǎn)達(dá)到圖中的位置時(shí)()

A.a

端聚積電子B.b

端聚積電子。

C.金屬棒內(nèi)電場強(qiáng)度等于零D.婁脮

a

>婁脮

b

8、如圖所示的電路中，電源的內(nèi)電阻不能忽略不計(jì).

現(xiàn)閉合開關(guān)S

待電路中的電流穩(wěn)定后，調(diào)節(jié)可變電阻R

的阻值，電壓表的示數(shù)增大了鈻?U.

下列判斷正確的是(

)

A..

可變電阻R

被調(diào)到較小的阻值B..

電阻R2

兩端的電壓減小，減小量等于鈻?U

C..

通過電阻R2

的電流減小，減小量小于鈻?UR2

D.路端電壓增大，增大量小于鈻?U

9、如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中，一矩形線圈繞垂直于磁感線的軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈通過電刷與理想變壓器原線圈相連，副線圈接一滑動(dòng)變阻器R，原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2．要使理想電流表的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍，下列措施可行的是（）A.n2和R都增大為原來的2倍B.n2和ω都增大為原來的2倍C.ω和R都增大為原來的2倍D.磁感應(yīng)強(qiáng)度B增大為原來的2倍10、如圖所示，輕質(zhì)彈簧上端固定，下端與質(zhì)量為m的圓環(huán)相連，圓環(huán)套在傾斜的粗糙固定桿上，桿與水平面之間的夾角為α．將圓環(huán)從a處由靜止釋放，環(huán)沿桿上滑到b處時(shí)的速度為v，滑到d處時(shí)速度為零，且彈簧豎直并處于自然長度；接著，圓環(huán)又從d處沿桿下滑，滑到b處時(shí)速度為零．已知bd=L，c是bd的中點(diǎn)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.環(huán)上滑經(jīng)過c點(diǎn)的速度等于下滑經(jīng)過c點(diǎn)的速度B.環(huán)上滑經(jīng)過c點(diǎn)的速度大于下滑經(jīng)過c點(diǎn)的速度C.環(huán)經(jīng)過b點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢能是mgLsinα-D.環(huán)經(jīng)過b點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢能是mgLsinα-11、（雙選）在“嫦娥一號”衛(wèi)星對月球探索中，月球土壤里大量存在著一種叫做“氦”的化學(xué)元素，是熱核聚變的重要原料．科學(xué)家初步估計(jì)月球上至少有100萬噸“氦3（He）”，如果相關(guān)技術(shù)開發(fā)成功，將可為地球帶來取之不盡的能源．關(guān)于“氦3（He）”與氘核聚變，下列說法中正確的是（）A.核反應(yīng)方程為He+H→He+HB.核反應(yīng)生成物的質(zhì)量將大于參加反應(yīng)物質(zhì)的質(zhì)量C.“氦3（He）”一個(gè)核子的結(jié)合能大于“氦4（He）”一個(gè)核子的結(jié)合能D.“氦3（He）”的原子核與一個(gè)氘核發(fā)生聚變將放出能量12、在圖甲、乙電路中，電阻R

和電感線圈L

的電阻都很小.

接通S

使電路達(dá)到穩(wěn)定，燈泡A

發(fā)光，則()

A.在電路甲中，斷開SA

將漸漸變暗B.在電路甲中，斷開SA

將先變得更亮，然后漸漸變暗C.在電路乙中，斷開SA

將漸漸變暗D.在電路乙中，斷開SA

將先變得更亮，然后漸漸變暗13、如圖所示的電路中，三個(gè)燈泡L1L2L3

的電阻關(guān)系為R1<R2<R3

電感L

的電阻可忽略，D

為理想二極管。電鍵S

從閉合狀態(tài)突然斷開時(shí)，則下列判斷正確的是()

A.L1

立即熄滅B.L2

先變亮；然后熄滅。

C.L3

先變亮，然后熄滅D.L2

立即熄滅14、(

多選)

如圖所示，光滑絕緣的水平面內(nèi)存在場強(qiáng)為E

的勻強(qiáng)電場，長度為L

絕緣光滑的擋板AC

與電場方向夾角為30鈭?.

現(xiàn)有質(zhì)量相等；電荷量均為Q

的甲、乙兩個(gè)帶電體從A

處出發(fā)；甲由靜止釋放，沿AC

邊無摩擦滑動(dòng)，乙垂直于電場方向以一定的初速度運(yùn)動(dòng)，甲、乙兩個(gè)帶電體都通過C

處.

則從A

到C

甲、乙兩個(gè)帶電體()

A.發(fā)生的位移相等B.通過C

處的速度相等C.電勢能減少量都為32EQL

D.所用時(shí)間之比為2隆脙1

15、如圖，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2：1，原線圈輸入的交流電壓有效值為U0=440V，接有理想電流表A；副線圈分別接額定電壓為100V的燈泡和電阻值范圍是0～100Ω的滑動(dòng)變阻器。不考慮溫度對燈泡電阻的影響，適當(dāng)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的觸片位置，使燈泡在額定電壓下正常工作，此時(shí)電流表A的示數(shù)為1.2A，則（）A.滑動(dòng)變阻器下部分接入的電阻值為50ΩB.滑動(dòng)變阻器消耗的電功率為240WC.燈泡的額定功率為40WD.燈泡的額定電流為2.4A評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、下列現(xiàn)象中，利用共振現(xiàn)象的是______，防止共振產(chǎn)生危害現(xiàn)象的是______()．A．秋千越蕩越高B．火車過橋時(shí)要慢開C．喇叭常放在音箱內(nèi)D．建廠房時(shí)要考慮廠房的固有頻率與機(jī)器的固有頻率的差別17、如圖所示，不帶電的枕形導(dǎo)體AB，A段靠近一帶正電的導(dǎo)體C時(shí)，A端將帶______電，B端______（填“不帶電”、“帶正電”或“帶負(fù)電”）．用手觸摸枕形導(dǎo)體A端后，枕形導(dǎo)體A端______（填“不帶電”、“帶正電”或“帶負(fù)電”），B端______（填“不帶電”、“帶正電”或“帶負(fù)電”）．18、如圖所示，空間存在兩個(gè)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向相反且垂直紙面，MN、PQ為其邊界，OO′為其對稱軸．一導(dǎo)線折成邊長為l的正方形閉合回路abcd，回路在紙面內(nèi)以恒定速度v0向右運(yùn)動(dòng)；當(dāng)運(yùn)動(dòng)到關(guān)于OO′對稱的位置時(shí)；

（1）穿過回路的磁通量為______．

（2）回路中感應(yīng)電動(dòng)勢大小為______．

（3）回路中感應(yīng)電流的方向?yàn)開_____（填順時(shí)針或逆時(shí)針）

（4）ab邊所受安培力的方向______．19、圖1游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為______mm；

圖2螺旋測微器讀數(shù)為______mm．

20、(1)

真空中的兩個(gè)點(diǎn)電荷，它們間的靜電力大小為F.

如果保持他們間的距離不變，將其中一個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量增大為原來的3

倍，則它們間的靜電力大小為__________;

如果保持它們的電荷量不變，將兩點(diǎn)電荷間的距離減小為原來的一半，則他們間的靜電力大小為_________．(2)

下列有關(guān)生活中的靜電，應(yīng)用靜電的是_________，有害的、要防止的是__________．A.電視熒屏上常有一層灰塵B.

雷雨天高大樹木下避雨C.

靜電噴漆D.

靜電復(fù)印E.

靜電除塵(3)

三個(gè)粒子abc(

不計(jì)重力)

以相同的速度射入勻強(qiáng)磁場中，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中b

粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則a

粒子帶__________電，c

粒子帶_________電．

(4)

電磁鐵的應(yīng)用相當(dāng)廣泛，它是利用電流周圍產(chǎn)生磁場的原理工作的，最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場的科學(xué)家是__________．21、如圖所示是一列沿x

軸正方向傳播的簡諧橫波在t=0

時(shí)刻的波形圖，已知波的傳播速度v=2m/s.

則x=0.25m

處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)函數(shù)表達(dá)式為______cm.x=0.25m

處質(zhì)點(diǎn)在0隆蘆4.5s

內(nèi)通過的路程為______cm

和在t=4.5s

時(shí)的位移______cm

．22、(14分)(1)激光具有相干性好、平行度好、亮度高等特點(diǎn)，在科學(xué)技術(shù)和日常生活中應(yīng)用廣泛．下面關(guān)于激光的敘述正確的是()．A．激光是縱波B．頻率相同的激光在不同介質(zhì)中的波長相同C．兩束頻率不同的激光能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象D．利用激光平行度好的特點(diǎn)可以測量月球到地球的距離(2)如圖所示，在楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，激光的波長為5.30×10－7m，屏上P點(diǎn)距雙縫S1和S2的路程差為7.95×10－7m．則在這里出現(xiàn)的應(yīng)是________(填“明條紋”或暗條紋)．現(xiàn)改用波長為6.30×10－7m的激光進(jìn)行上述實(shí)驗(yàn)，保持其他條件不變，則屏上的條紋間距將________(填“變寬”、“變窄”或“不變”)．23、某學(xué)習(xí)小組做探究合力的功和物體速度變化關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，如圖甲所示，圖中小車在一條橡皮筋作用下彈出沿木板滑行，這時(shí)橡皮筋對小車做的功記為W．當(dāng)用2條；3條完全相同的橡皮筋并在一起進(jìn)行第2次、第3次實(shí)驗(yàn)時(shí)；使每次實(shí)驗(yàn)中橡皮筋伸長的長度都保持一致．每次實(shí)驗(yàn)中小車獲得的速度由打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所打的紙帶測出．

甲。

正確操作的情況下，打在紙帶上的點(diǎn)并不都是均勻的，為了測量小車獲得的速度，應(yīng)選用紙帶的____部分進(jìn)行測量(根據(jù)如圖乙所示的紙帶回答)．

乙24、如圖所示，用絕緣細(xì)線拴一個(gè)質(zhì)量為m

的小球，小球在豎直向下的電場強(qiáng)度為E

的勻強(qiáng)電場中的豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則小球帶____電荷，所帶電荷量為____。評卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)25、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）26、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）27、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分五、證明題(共2題，共10分)28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。29、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。評卷人得分六、作圖題(共2題，共20分)30、圖中的均勻桿A處于靜止?fàn)顟B(tài)；試在圖上畫出A所受到的彈力的方向．

31、根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度B；電流I和安培力F的相互關(guān)系；請根據(jù)要求作圖．

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】解：A、根據(jù)楞次定律可知，該線圈從圖示位置開始轉(zhuǎn)動(dòng)到離開磁場過程中的電流方向abcda；故A錯(cuò)誤。

B、線圈產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢峰值為：Em=NBSω=100××（0.2×0.4）×100π=50V，電容器的耐壓值最小為V；故B錯(cuò)誤；

C；電容器的電容C變大時(shí)；容抗變小，故電流表的示數(shù)變大，故C錯(cuò)誤；

D、該交流電為正弦式交流電，根據(jù)E=E=50V，故D正確；

故選：D．

線圈中產(chǎn)生正弦式交變電流，但只有半個(gè)周期有電流；根據(jù)Em=NBSω求解最大值；根據(jù)熱效應(yīng)求解有效值；電容器的耐壓值為電壓的最大值；電容越大；容抗越?。?/p>

本題關(guān)鍵是明確交流電的最大值、有效值的求解方法，知道電容器的耐壓值為最大值，不難．【解析】【答案】D2、A【分析】解：A

在曲線運(yùn)動(dòng)中；物體的速度方向總是沿著曲線的切線方向.

故A正確；

B；做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體的速度大小不變；速度大小不變，故B錯(cuò)誤．

C；做曲線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度不一定變化；如平拋運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤．

D；物體在恒力作用下也可能做曲線運(yùn)動(dòng)；如平拋運(yùn)動(dòng).

故D錯(cuò)誤．

故選：A

物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上；合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結(jié)論.

物體的速度方向總是沿著曲線的切線方向．

本題關(guān)鍵是對質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，勻速圓周運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)等都是曲線運(yùn)動(dòng)，對于它們的特點(diǎn)要掌握?。窘馕觥緼

3、C【分析】本題考查受力分析，平衡狀態(tài)及力的合成，對小球受力分析，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件運(yùn)用合成法，由幾何關(guān)系求解出分力。對小球受力分析，受到重力、拉力和風(fēng)力，將拉力和風(fēng)力合成，合力與重力平衡，如圖所示：由幾何關(guān)系，得到F=mgtan婁脠

故C正確。故選C?！窘馕觥緾

4、B【分析】【解析】

試題分析：壟脵3N

和4N

的合力取值范圍是1N隆蘆7N8N

的力不在這個(gè)范圍內(nèi)，三個(gè)力合力不能等于零，該物體不能保持平衡；

壟脷3N

和5N

的合力取值范圍是2N隆蘆8N1N

的力不在這個(gè)范圍內(nèi)，三個(gè)力合力不能等于零，該物體不能保持平衡；

壟脹4N

和7N

的合力取值范圍是3N隆蘆11N8N

的力在這個(gè)范圍內(nèi)，三個(gè)力合力可以等于零，該物體可以保持平衡；

壟脺7N

和9N

的合力取值范圍是2N隆蘆16N16N

力在這個(gè)范圍內(nèi)，三個(gè)力合力可以等于零，該物體可以保持平衡；

壟脹壟脺

正確。

故選B

考點(diǎn)：力的合成。

點(diǎn)評：求三個(gè)力的合力的最小值是一個(gè)難點(diǎn)，解題的有效方法是：找出其中的最大者其他兩個(gè)力的大小之和為若則三個(gè)合力的最小值當(dāng)時(shí)，則三個(gè)力合力的最小值．【解析】B

5、D【分析】【分析】要使a

不下落，筒壁對物體的靜摩擦力必須與重力相平衡，由筒壁對物體的支持力提供向心力，根據(jù)向心力公式即可求解角速度的最小值。物體在圓筒內(nèi)壁做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力是由筒壁對物體的支持力提供的，而物體放在圓盤上隨著圓盤做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，此時(shí)的向心力是由圓盤的靜摩擦力提供的?！窘獯稹恳笰

不下落；則小物塊在豎直方向上受力平衡，有：f=mg

；

當(dāng)摩擦力正好等于最大摩擦力時(shí)；圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度婁脴

取最小值，筒壁對物體的支持力提供向心力；

根據(jù)向心力公式得：N=m婁脴2r

而f=婁脤N

聯(lián)立以上三式解得：婁脴=g婁脤r

故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D?！窘馕觥緿

6、A【分析】解：A

慣性是物體固有的屬性；慣性之跟質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大，和物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，故A正確，BC錯(cuò)誤；

D；汽車急剎車時(shí)；由于慣性人保持向前運(yùn)動(dòng)，所以乘客的身體發(fā)生傾斜，即人與汽車都有慣性，故D錯(cuò)誤．

故選：A

慣性是物體固有的屬性；慣性和物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無關(guān)，慣性的大小和質(zhì)量成正比．

考查了學(xué)生對慣性的理解，學(xué)生要牢固掌握慣性的大小只與質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量是物體慣性大小的度量【解析】A

二、多選題(共9題，共18分)7、BD【分析】【分析】明確電流右側(cè)產(chǎn)生的磁場方向，再根據(jù)右手定則可判斷ab

兩端電勢的高低，即知道哪端聚集了電子了。本題考查了右手定則和導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，重點(diǎn)是區(qū)分前后兩次右手定則?！窘獯稹坑砂才喽▌t可知，電流右側(cè)磁場方向向外，ab

在轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，由右手定則可知，a

端電勢高，b

端電勢低，即婁脮a>婁脮b

故金屬棒內(nèi)電場強(qiáng)度不等于零，b

端將聚集電子，故BD正確，AC錯(cuò)誤。故選BD。【解析】BD

8、CD【分析】解：

A；由題；電壓表的示數(shù)增大，R

和R1

并聯(lián)的電阻增大，得知R

增大，所以R

被調(diào)到較大的阻值.

A錯(cuò)誤．

B、CR

增大，外電阻增大，干路電流減小，電阻R2

兩端的電壓減小，路端電壓增大，而路端電壓等于外電路總電壓，所以電阻R2

兩端的電壓減小量小于鈻?U

由歐姆定律得知，通過電阻R2

的電流減小，減小量小于鈻?UR.

故B錯(cuò)誤；C正確．

D、由于電阻R2

兩端的電壓減小，所以路端電壓的增大量小于鈻?U.

故D正確．

故選：CD

由題意電壓表的示數(shù)增大了鈻?U

說明R

和R1

并聯(lián)的電阻增大，知R

增大.R

增大，外電阻增大，干路電流減小，電阻R2

兩端的電壓減小，根據(jù)路端電壓的變化，分析電阻R2

兩端的電壓減小量和鈻?U

的大??；由歐姆定律求出電流減小量的范圍．

本題根據(jù)部分與整體的關(guān)系，采用總量法分析R2

兩端的電壓減小量和鈻?U

的增加量的大小，即總量增大，增大的量較大．【解析】CD

9、AD【分析】解：交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值：Em=NBSω；

變壓器的輸入電壓的有效值：U1=

根據(jù)變壓比公式，有：=

根據(jù)歐姆定律，有：I2=

根據(jù)變流比公式，有：=

聯(lián)立解得：I1=

A、n2和R都增大為原來的2倍，根據(jù)I1=電流增加為2倍，故A正確；

B、n2和ω增大為原來的2倍，根據(jù)I1=電流增加為8倍，故B錯(cuò)誤；

C、ω和R都增大為原來的2倍，根據(jù)I1=電流增加為1倍，故C錯(cuò)誤；

D、磁感應(yīng)強(qiáng)度B增大為原來的2倍，根據(jù)I1=電流增加為2倍，故D正確；

故選：AD。

根據(jù)Em=NBSω求解交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值；根據(jù)E=求解有效值；根據(jù)變壓比公式求解輸出電壓；根據(jù)歐姆定律求解輸出電流；再根據(jù)變流比公式求解變壓器的輸入電流。

本題關(guān)鍵是明確變壓器的變流比公式和變壓比公式推導(dǎo)出電流的表達(dá)式進(jìn)行分析?！窘馕觥緼D10、BD【分析】解：A、從c到d再到c，重力、彈簧的拉力做功均為零，只有摩擦力做功，由動(dòng)能定理得：

由于Wf＜0，則vC′＜vC；故A錯(cuò)誤，B正確；

C、設(shè)從c到d摩擦力做功為Wf，從b到d再到b的過程中，重力、彈簧的拉力做功均為零，只有摩擦力做功，由動(dòng)能定理得：

解得：

設(shè)b處彈性勢能為EP，從b到d由動(dòng)能定理得：其中WG=-mgLsinα，則EP=mgLsinα-故C錯(cuò)誤，D正確．

故選：BD

從c到d再到c，重力、彈簧的拉力做功均為零，只有摩擦力做功，由動(dòng)能定理比較環(huán)上滑經(jīng)過c點(diǎn)的速度和下滑經(jīng)過c點(diǎn)的速度大小，從b到d再到b的過程中，重力、彈簧的拉力做功均為零，只有摩擦力做功，由動(dòng)能定理求出從c到d摩擦力做功，設(shè)b處彈性勢能為EP，從b到d由動(dòng)能定理列式求解即可．

本題主要考查了動(dòng)能定理的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，能選擇合適的研究過程，這樣會(huì)使復(fù)雜問題簡單化，難度適中．【解析】【答案】BD11、AD【分析】解：A、該選項(xiàng)中的核反應(yīng)方程就是為He+H的核聚變的方程，在生成He+H的同時(shí)釋放大量的能量．故A正確．

B、由于核反應(yīng)的過程中釋放大量的能量，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程△E=△mC2；可知生成物的質(zhì)量小于反應(yīng)物的質(zhì)量．故B錯(cuò)誤．

C；質(zhì)量中等的核的比結(jié)合能最大；故使重核裂變?yōu)閮蓚€(gè)質(zhì)量中等的核或使輕核聚變，都可使核更為穩(wěn)定并放出能量，故一個(gè)生成物核子的結(jié)合能大于一個(gè)反應(yīng)物的核子的結(jié)合能．故C錯(cuò)誤．

D；由于質(zhì)量中等的核的比結(jié)合能最大；故使重核裂變?yōu)閮蓚€(gè)質(zhì)量中等的核或使輕核聚變，都可使核更為穩(wěn)定并放出能量．故D正確．

故選：AD．

對于A選項(xiàng)；只有記住，沒有別的途徑．由于質(zhì)量中等的核的比結(jié)合能最大，故使重核裂變?yōu)閮蓚€(gè)質(zhì)量中等的核或使輕核聚變，都可使核更為穩(wěn)定并放出能量，故一個(gè)生成物的核子的結(jié)合能大于一個(gè)反應(yīng)物的核子的結(jié)合能．由于輕核的聚變釋放能量，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知生成物的質(zhì)量小于反應(yīng)物的質(zhì)量．

本題主要考查：質(zhì)量中等的核的比結(jié)合能最大，故使重核裂變?yōu)閮蓚€(gè)質(zhì)量中等的核或使輕核聚變，都可使核更為穩(wěn)定并放出能量，理解了這一句話，本題就迎刃而解，故要對基本概念加強(qiáng)理解．【解析】【答案】AD12、AD【分析】略【解析】AD

13、CD【分析】【分析】根據(jù)線圈對電流有阻礙作用，以及二極管具有單向?qū)щ娦赃M(jìn)行分析。解決本題的關(guān)鍵知道線圈對電流的變化有阻礙作用，以及知道二極管特性?！窘獯稹块]合時(shí)，因?yàn)镽1<R2<R3

所以通過燈泡L1

的電流大于通過L3

的電流，斷開電鍵，原來通過L2

和L3

的電流立即消失，通過L1

的電流由于線圈對電流的變化由阻礙作用，阻礙電流的變化，且與L2L3

構(gòu)成回路，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以無電流通過L2

則L2

立即熄滅，由于開始通過L1

的電流大于通過L3

的電流，所以L3

先變亮然后逐漸變暗，L1

逐漸變暗，故CD正確，AB錯(cuò)誤。故選CD。【解析】CD

14、AC【分析】【分析】由于粒子起點(diǎn)和終點(diǎn)相同，故發(fā)生的位移一定相同；由功能關(guān)系分析到達(dá)C

點(diǎn)的速度；電勢能的減少量等于電場力所做的功；由位移時(shí)間公式求甲從A

到C

的時(shí)間和乙從A

到C

的時(shí)間進(jìn)行求解。本題主要考查了帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)，有一定難度。注意分析對稱性?！窘獯稹坑捎诹Ｗ悠瘘c(diǎn)和終點(diǎn)相同，故發(fā)生的位移一定相同，故A正確；由于兩粒子初速度不同，但電場力做功相同，故到達(dá)C

點(diǎn)的速度不相同，故B錯(cuò)誤；電勢能的減少量等于電場力所做的功，則W=EqLcos30鈭?=32EqL

故C正確；甲從A

到C

的時(shí)間：t錄脳=2La1=2LqEsin60鈭?m=4mL3qE

乙從A

到C

的時(shí)間：t脪脪=2Lsin60鈭?a2=2Lsin60鈭?qEm=3mLqE

則甲乙從A

運(yùn)動(dòng)到C

時(shí)間之比為2攏潞3

故D錯(cuò)誤。故選AC?！窘馕觥緼C

15、AC【分析】解：ACD、根據(jù)原副線圈電壓之比等于匝數(shù)比可知，副線圈電壓為U2=V=220V；

根據(jù)原副線圈電流之比等于匝數(shù)的倒數(shù)比可知，副線圈電流I2=2I1=2.4A；燈泡的額定電壓為100V；

所以與燈泡串聯(lián)的電阻值為R2=Ω=50Ω；所以與燈泡并聯(lián)部分的阻值也為50Ω；

所以通過并聯(lián)部分滑動(dòng)變阻器的電流為I′=A=2A；所以通過燈泡的電流為2.4-2A=0.4A；

所以燈泡的功率PL=ULIL=100×0.4=40W；故AC正確，D錯(cuò)誤；

B；滑動(dòng)變阻器消耗的功率為P=100×2+120×2.4W=488W；故B錯(cuò)誤。

故選：AC。

根據(jù)變壓器電壓和電流與匝數(shù)的關(guān)系求出副線圈電壓和電流；而燈泡正常發(fā)光，所以燈泡兩端的電壓為100V，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)及根據(jù)功率公式即可求解。

本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等?！窘馕觥緼C三、填空題(共9題，共18分)16、略

【分析】當(dāng)物體發(fā)生共振時(shí)，驅(qū)動(dòng)力的頻率等于物體的固有頻率，此時(shí)振動(dòng)物體的振幅最大，能量最大，因此應(yīng)用共振的是A、C，防止共振的是B、D.【解析】【答案】ACBD17、略

【分析】解：由于靜電感應(yīng)；AB中的負(fù)電荷將向A端移動(dòng)，從而使A端帶負(fù)電，B端帶正電；

用手觸摸AB后；用手觸摸枕形導(dǎo)體后，由于C為正電荷，故AB電勢高于大地的電勢，因此大地上電子跑到導(dǎo)體上，將B端的正電荷中和，而A端所受的負(fù)電荷增大，B端不帶電；

故答案為：負(fù)；帶正電；帶負(fù)電；不帶電；

根據(jù)靜電感應(yīng)可以判斷金屬導(dǎo)體的感應(yīng)的電荷的情況；從而可以判斷導(dǎo)體帶電的情況．

本題考查對感應(yīng)起電的理解能力，關(guān)鍵根據(jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸分析感應(yīng)起電的過程，注意在導(dǎo)體中移動(dòng)的為電子．【解析】負(fù)；帶正電；帶負(fù)電；不帶電18、略

【分析】解：（1）當(dāng)線圈運(yùn)動(dòng)到關(guān)于OO′對稱的位置時(shí)；線圈中左側(cè)磁場垂直線圈向外，右側(cè)磁場垂直線圈向內(nèi)，而且左右的磁通量大小相等，相互抵消，因此磁通量為零．

（2）ab切割磁感線形成電動(dòng)勢b端為正，cd切割形成電動(dòng)勢c端為負(fù)，兩邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小均為E1=BLv0，因此兩個(gè)電動(dòng)勢串聯(lián)，回路中感應(yīng)電動(dòng)勢為E=2E1=2BLv0．

（3）根據(jù)右手定則可知；回路中的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針．

（4）根據(jù)左手定則可知，回路中ab邊與cd邊所受安培力方向均向左．

故答案為：（1）0wb；（2）2BLv0；（3）逆時(shí)針；（4）水平向左．

根據(jù)磁通量的定義；由磁感線的條數(shù)可以判斷此時(shí)磁通量的大小，如圖所示時(shí)刻，有兩根導(dǎo)線切割磁感線，根據(jù)右手定則可判斷兩根導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢的方向，求出回路中的總電動(dòng)勢，然后即可求出回路中的電流和安培力變化情況．

本題關(guān)鍵要理解磁通量的概念，如有磁場兩種方向穿過線圈時(shí)，要按抵消的磁感線條數(shù)來確定磁通量．要掌握導(dǎo)體切割磁感線感應(yīng)電動(dòng)勢公式E=BLv，明確兩個(gè)電動(dòng)勢方向相同時(shí)相互串聯(lián)，要正確選擇相關(guān)定則判斷感應(yīng)電流的方向和安培力方向，對于這些基本規(guī)律要加強(qiáng)理解和應(yīng)用．【解析】0Wb；2BLv0；逆時(shí)針；水平向左19、略

【分析】解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5.0cm=50mm；游標(biāo)讀數(shù)為0.05×3mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm．

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為4.5mm；可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01×20.0mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為：4.5mm+0.200mm=4.700mm，由于需要估讀因此在范圍4.699-4.703mm內(nèi)均正確．

故答案為：50.15；4.700

游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)；不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．

解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀．【解析】50.15；4.70020、(1)3F4F

(2)ABCDE

(3)

負(fù)正

(4)

奧斯特

【分析】(1)

【分析】

當(dāng)一電量增大為原來的3

倍，根據(jù)點(diǎn)電荷庫侖力的公式F=kQqr2

可以求得改變之后的庫侖力的大小.

同理當(dāng)將它們之間的距離減小為原來的12

倍，根據(jù)點(diǎn)電荷庫侖力的公式F=kQqr2

可以求得改變之后的庫侖力的大小。本題就是對庫侖力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同時(shí)理解控制變量法的思路。【解答】

由點(diǎn)電荷間庫侖力的公式F=kQqr2

可以得到；當(dāng)一電量增大為原來的3

倍，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?

倍；

當(dāng)將它們之間的距離減小為原來的12

倍，依據(jù)點(diǎn)電荷間庫侖力的公式F=kQqr2

可以得到；它們之間靜電力的大小將變?yōu)?

倍；

故填：3F4F

(2)

【分析】

靜電對人類有利的方面要加以利用，對人類有危害的方面要避免和防止；油罐車拖一條鐵鏈、飛機(jī)機(jī)輪用導(dǎo)電橡膠制成、織地毯時(shí)夾一些不銹鋼絲都是為了防止靜電的危害.

而靜電復(fù)印是利用靜電為人類服務(wù)。本題是常識性問題，考查對靜電現(xiàn)象的了解程度，小高考的能力要求，比較簡單?！窘獯稹?/p>

A.電視熒屏上常有一層灰塵，是靜電對灰塵的吸引，是有害的;

B.下雨天，云層帶電打雷，有靜電，不能在高大樹木下避雨防止觸電，是有害的；C.利用靜電吸附；將涂料微粒均勻地噴涂在接地金屬物體上，屬于靜電的應(yīng)用，是有利的；

D.復(fù)印機(jī)復(fù)印文件資料，就是利用靜電墨粉成在鼓上，屬于靜電的應(yīng)用，是有利的；E.利用靜電把空氣電離；除去煙氣中的粉塵，屬于靜電的應(yīng)用，是有利的；

故填：ABCDE

(3)

【分析】b

粒子做直線運(yùn)動(dòng)，表明b

粒子不受洛倫茲力，b

粒子不帶電，根據(jù)ac

粒子的偏轉(zhuǎn)方向，由左手定則可判斷其帶電性。本題考查左手定則，知道磁場方向和粒子運(yùn)動(dòng)方向，判斷帶電性質(zhì)，基礎(chǔ)題。【解答】

b

粒子做直線運(yùn)動(dòng)，表明b

粒子不受洛倫茲力，b

粒子不帶電；由左手定則可知；a

粒子帶負(fù)電，c

帶正電。

故填：負(fù)正(4)

【分析】

奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；根據(jù)各位科學(xué)家的物理學(xué)成就解答。對于物理學(xué)家的成就要記牢，不能張冠李戴，這也是考試考查內(nèi)容之一。【解答】

奧斯特最先發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場。故填：奧斯特

【解析】(1)3F4F

(2)ABCDE

(3)

負(fù)正(4)

奧斯特

21、略

【分析】解：波長婁脣=2.0m

周期T=婁脣v=1.0s

振幅A=5cm

．

則有：婁脴=2婁脨T=2婁脨rad/s

．

則x=1.0m

處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的函數(shù)表達(dá)式為：y=5sin2婁脨t(cm)

．

n=tT=4.51.0=4.5

則4.5s

內(nèi)路程為：s=4nA=90cm

．

x=2.5m

處質(zhì)點(diǎn)在t=0

時(shí)位移為：y=5cm

．

則經(jīng)過4.5

個(gè)周期后該質(zhì)點(diǎn)位移為：y=5sin2婁脨隆脕0.252=鈭?2.52cm

即t=4.5s

時(shí)刻該質(zhì)點(diǎn)的位移為：y=鈭?2.52cm

．

故答案為：y=5sin2婁脨t90鈭?2.52

．

根據(jù)上下坡法知；x=1.0m

處的質(zhì)點(diǎn)初始時(shí)刻向上振動(dòng)，通過圖象得出波長；振幅，根據(jù)波速和波長求出周期，從而得出圓頻率，寫出振動(dòng)的函數(shù)表達(dá)式．

抓住質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)的路程等于4

倍的振幅求出質(zhì)點(diǎn)在0隆蘆4.5s

內(nèi)通過的路程.

通過波的周期性；求出t=4.5s

時(shí)的位移．

解決本題的關(guān)鍵知道波速、波長、周期以及圓頻率的關(guān)系，知道波的周期性，以及知道質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)的路程等于4

倍的振幅．【解析】y=5sin2婁脨t90鈭?2.52

22、略

【分析】(1)光是橫波，選項(xiàng)A錯(cuò)；激光在介質(zhì)中的波長為λ＝不同介質(zhì)n不同，所以波長不同，選項(xiàng)B錯(cuò)；產(chǎn)生干涉的條件是頻率相同，選項(xiàng)C錯(cuò)；利用激光平行度好的特點(diǎn)可以測量月球和地球之間的距離，選項(xiàng)D正確．(2)因?yàn)椋郊窗氩ㄩL的奇數(shù)倍，所以出現(xiàn)暗條紋．根據(jù)條紋間距公式Δx＝λ，當(dāng)單色光的波長變長時(shí)，條紋間距變寬．【解析】【答案】(1)D(2)暗條紋變寬23、GJ【分析】