2025年華東師大版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華東師大版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷905考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，由紅、綠兩單色光組成的光束以入射角θ由空氣射到半圓形玻璃磚表面的A處，AD是半圓的直徑。進(jìn)入玻璃后分為兩束，分別為AB、AC，它們從A到B和從A到C的時(shí)間分別為t1和t2；則（）

A.AB是綠光，t1<t2B.AB是綠光，t1>t2C.AC是紅光，t1>t2D.AC是紅光，t1＝t22、高空作業(yè)須系安全帶，如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運(yùn)動)．此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時(shí)間安全帶對人的平均作用力大小為()A.＋mgB.－mgC.＋mgD.－mg3、如圖所示，兩塊不帶電的平行金屬板之間用絕緣細(xì)繩懸掛一帶負(fù)電的小球，把小球向左拉開一定角度（角度很小且小于）由靜止釋放；小球以一定的周期做往復(fù)運(yùn)動。若將兩極板通過導(dǎo)線；開關(guān)與圖示電源相接，當(dāng)閉合開關(guān)且板間電壓穩(wěn)定后（小球重力大于電場力），則（）

A.小球擺動的周期保持不變B.小球擺動的周期變大C.若把電源的正負(fù)極對調(diào)，小球擺動的周期保持不變D.若把電源的正負(fù)極對調(diào)，小球擺動的周期變大4、一列簡諧橫波某時(shí)刻波形如圖甲所示。由該時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)L的振動情況如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.該橫波沿軸負(fù)方向傳播B.質(zhì)點(diǎn)N該時(shí)刻向y軸負(fù)方向運(yùn)動C.質(zhì)點(diǎn)L經(jīng)半個(gè)周期將沿軸正方向移動D.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)K與M的速度、加速度都相同5、下列有關(guān)光學(xué)現(xiàn)象的說法正確的是（）A.觀看立體電影時(shí)需戴上特制眼鏡，是利用了光的干涉現(xiàn)象B.一束白光通過三棱鏡形成彩色光帶是因?yàn)椴煌伾墓庹凵渎什煌珻.激光切割金屬利用了激光相干性好的特點(diǎn)D.肥皂膜在陽光下呈現(xiàn)彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、一列簡譜橫波沿x軸負(fù)方向傳播，如圖為時(shí)刻的波形，P、Q為該波上的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，P的橫坐標(biāo)Q的橫坐標(biāo)已知時(shí)，Q質(zhì)點(diǎn)第一次回到該位置。下列說法正確的是_____。

A.該波的周期為B.該波的波速大小為C.時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的加速度沿y軸負(fù)方向E.時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的縱坐標(biāo)為E.時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的縱坐標(biāo)為7、如圖所示，實(shí)線和虛線分別表示振幅、頻率均相同的兩列波的波峰和波谷。此刻，M是波峰與波峰相遇點(diǎn)；下列說法中正確的是（）

A.該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)O正處在平衡位置B.從該時(shí)刻起，經(jīng)過四分之一周期，質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置C.隨著時(shí)間的推移，質(zhì)點(diǎn)M向O點(diǎn)處移動D.P、N兩質(zhì)點(diǎn)始終處在平衡位置8、如圖甲所示，單邊有界勻強(qiáng)磁場垂直光滑水平桌面向上，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一個(gè)質(zhì)量為m、邊長為L、粗細(xì)均勻的正方形金屬線框放在桌面上，以一定的速度向右滑動，線框運(yùn)動過程中cd邊始終與磁場邊界平行，線框進(jìn)磁場過程中cd邊兩端的電壓隨時(shí)間變化如圖乙所示，線框的電阻為R；則下列說法正確的是（）

A.線框進(jìn)磁場過程中，回路中的最大感應(yīng)電動勢為U0B.線框進(jìn)磁場前的速度大小為C.線框進(jìn)磁場過程，線框cd邊受到安培力的沖量大小為（U0-U1）D.線框進(jìn)磁場過程，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為9、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質(zhì)量為的平板，靜止在點(diǎn)，一質(zhì)量為的均勻環(huán)套在彈簧外，與平板的距離為如圖所示，讓環(huán)自由下落，撞擊平板．已知碰后環(huán)與板以相同的速度向下運(yùn)動，使彈簧伸長，則下列說法正確的是（）

A.若碰撞時(shí)間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總機(jī)械能守恒B.若碰撞時(shí)間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總動量守恒C.環(huán)撞擊板后，板的新的平衡位置在點(diǎn)正下方D.碰撞后新平衡位置與下落高度無關(guān)10、如圖，質(zhì)量和半徑都相同的四分之一光滑圓弧體A、B靜止在光滑的水平面上，圓弧面的最低點(diǎn)和水平面相切，圓弧的半徑為圓弧體B鎖定，圓弧體可以自由滑動，一個(gè)小球從圓弧體的最高點(diǎn)由靜止釋放，在圓弧體B中上升的最大高度已知重力加速度大小為則（）

A.小球在圓弧體最高點(diǎn)滑下到分離過程中，小球與圓弧體組成的系統(tǒng)動量守恒B.小球與圓弧體的質(zhì)量之比為1：2C.小球在圓弧體最高點(diǎn)滑下到分離過程中，圓弧體后退的距離為D.若圓弧體B沒有鎖定，則圓弧體B最終獲得的速度大小為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)11、（1）內(nèi)容。

如果一個(gè)系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的___________為0；這個(gè)系統(tǒng)的總動量保持不變。

（2）表達(dá)式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系統(tǒng)相互作用前的總動量等于相互作用后的總動量。

b.Δp1=___________；相互作用的兩個(gè)物體動量的變化量等大反向。

（3）適用條件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力為___________。

b.近似守恒：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零，則系統(tǒng)在___________動量守恒。

（4）應(yīng)用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象，確定___________的組成（系統(tǒng)包括哪幾個(gè)物體及研究的過程）。

b.進(jìn)行受力分析，判斷系統(tǒng)動量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定___________，確定初、末狀態(tài)___________。

d.由動量守恒定律列出方程。

e.代入數(shù)據(jù)，求出結(jié)果，必要時(shí)討論說明。12、正弦波（簡諧波）

（1）如果波的圖像是正弦曲線，這樣的波叫作______，也叫______。

（2）簡諧波中各質(zhì)點(diǎn)的振動是簡諧運(yùn)動。13、質(zhì)量m＝0.6kg的籃球從距地板H＝0.8m高處由靜止釋放，與水平地板撞擊后反彈上升的最大高度h＝0.45m，從釋放到彈跳至h高處經(jīng)歷的時(shí)間t＝1.1s，忽略空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，則籃球?qū)Φ匕宓钠骄矒袅Υ笮________________N14、如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播，實(shí)線為時(shí)的波形圖，虛線為時(shí)的波形圖。若波沿x軸負(fù)方向傳播，則其傳播的最小速度為________m/s；若波速為則時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動方向?yàn)開______（選填“沿y軸正方向”或“沿y軸負(fù)方向”）。

15、如圖所示，一列沿x軸傳播的簡諧橫波t=0時(shí)的圖線用實(shí)線表示。t=1s時(shí)其圖線用虛線表示；已知該簡諧橫波的波長為2m。

(1)若該波向x軸正方向傳播，其最小波速是_________m/s；

(2)若該波向x軸負(fù)方向傳播，其最大周期為_________s（結(jié)果用分?jǐn)?shù)表示）；

(3)若波速為20.25m/s，則此波向x軸_________（選填“正方向”或“負(fù)方向”）傳播。評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)16、細(xì)繩的一端在外力作用下從時(shí)刻開始做簡諧運(yùn)動，激發(fā)出一列簡諧橫波，在細(xì)繩上選取15個(gè)點(diǎn)，圖為時(shí)刻各點(diǎn)所處的位置，圖為時(shí)刻的波形圖（T為波的周期）.請?jiān)趫D中畫出時(shí)刻的波形圖________

17、某一簡諧橫波在時(shí)刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個(gè)時(shí)刻的波的圖像。___________

18、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經(jīng)過和時(shí)刻的兩個(gè)波形圖。

19、某同學(xué)做“測玻璃磚的折射率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規(guī)作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。）

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共9分)20、“測定玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針和然后在另一側(cè)透過玻璃磚觀察，并依次插上大頭針和

(1)在插和時(shí)，正確的操作是______；

A．使只擋住的像。

B．使只擋住的像。

C．使能同時(shí)擋住和的像。

D．使能同時(shí)擋住和的像。

(2)請?jiān)趫D中將光路圖補(bǔ)充完整__，并在圖中標(biāo)出光線進(jìn)入玻璃磚發(fā)生折射現(xiàn)象的入射角和折射角若在某次測量中測得該玻璃磚的折射率為______。21、（1）現(xiàn)用如圖所示雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置來測量光的波長。

①在組裝儀器時(shí)單縫和雙縫應(yīng)該相互______放置。（選填“垂直”或“平行”）；

②已知測量頭主尺的最小刻度是毫米，副尺上有50分度。某同學(xué)調(diào)整手輪使測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對齊，并將該亮紋定為第1條亮紋，此時(shí)測量頭上游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為1.16mm；接著再同方向轉(zhuǎn)動手輪，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，此時(shí)測量頭上游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖所示，則讀數(shù)為______mm。已知雙縫間距d=2.00×10-4m，測得雙縫到毛玻璃屏的距離L=0.800m，所測光的波長λ=______nm。（保留3位有效數(shù)字）；

③為減小誤差，該實(shí)驗(yàn)并未直接測量相鄰亮條紋間的距離?x，而是先測量n個(gè)條紋的間距再求出?x。下列實(shí)驗(yàn)采用了類似方法的有______。

A．《探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律》的實(shí)驗(yàn)中合力的測量。

B．《探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系》的實(shí)驗(yàn)中彈簧的形變量的測量。

C．《用單擺測重力加速度》的實(shí)驗(yàn)中單擺的周期的測量。

D．《用油膜法估測油酸分子的大小》的實(shí)驗(yàn)中1滴油酸酒精溶液體積的測量22、在“驗(yàn)證動量守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，裝置如圖所示，按照以下步驟進(jìn)行操作：

（1）為了保證在碰撞過程中球不反彈，兩球的質(zhì)量間的關(guān)系應(yīng)滿足______（填“>”、“<”或“=”）；

（2）下列器材選取或?qū)嶒?yàn)操作符合實(shí)驗(yàn)要求的是______

A.小球a、b半徑可以不同。

B.小球a每次必須從斜槽軌道同一位置由靜止釋放。

C.斜槽軌道末端必須保持水平。

D.需用秒表測定小球在空中飛行的時(shí)間。

（3）實(shí)驗(yàn)測得，小球a、b質(zhì)量分別為m?、m?，O點(diǎn)到A、B、C三點(diǎn)的距離分別為y?、y?、y?，若滿足關(guān)系式______（用所測物理量表示），則可以認(rèn)為兩球碰撞前后系統(tǒng)動量守恒。評卷人得分六、解答題(共3題，共30分)23、如圖所示，甲為某一簡諧波在t＝1.0s時(shí)的圖像，乙為對應(yīng)該波動的P質(zhì)點(diǎn)的振動圖像。

(1)振動圖像和波動圖像的共同點(diǎn)（2條即可）；

(2)求該波的波速v；

(3)在甲圖中畫出再經(jīng)3.5s時(shí)的波形圖；

(4)求再經(jīng)過3.5s時(shí)P質(zhì)點(diǎn)的路程s和位移x。

24、對于同一物理問題；常常可以從宏觀與微觀兩個(gè)不同角度進(jìn)行研究，找出其內(nèi)在聯(lián)系，從而更加深刻地理解其物理本質(zhì)．

（1）一段橫截面積為S；長為L的直導(dǎo)線；單位體積內(nèi)有n個(gè)自由電子，電子電荷量為e．該導(dǎo)線通有電流時(shí)，假設(shè)自由電子定向移動的速率均為v,求導(dǎo)線中的電流I（請建立模型進(jìn)行推導(dǎo)）；

（2）正方體密閉容器中有大量運(yùn)動粒子，每個(gè)粒子質(zhì)量為m，單位體積內(nèi)粒子數(shù)量n為恒量．為簡化問題，我們假定：粒子大小可以忽略；其速率均為v，且與器壁各面碰撞的機(jī)會均等；與器壁碰撞前后瞬間，粒子速度方向都與器壁垂直，且速率不變．利用所學(xué)力學(xué)知識，導(dǎo)出器壁單位面積所受粒子壓力F與m、n和v的關(guān)系(提示：建議，建立模型，思考壓強(qiáng)的產(chǎn)生原理)．25、如圖所示，光滑絕緣水平面上方分布著場強(qiáng)大小為E，方向水平向右的勻強(qiáng)電場。質(zhì)量為3m，電量為+q的球A由靜止開始運(yùn)動，與相距為L、質(zhì)量為m的不帶電小球B發(fā)生對心碰撞；碰撞時(shí)間極短，碰撞后作為一個(gè)整體繼續(xù)向右運(yùn)動。兩球均可視為質(zhì)點(diǎn)，求：

(1)兩球發(fā)生碰撞前A球的速度；

(2)A；B碰撞過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能；

(3)A；B碰撞過程中B球受到的沖量大小。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

從圖中可以看出玻璃磚對沿AB傳播的光的偏折大于沿AC的光，故對沿AB傳播的光的折射率較大，故沿AB傳播的光為頻率較大的光即綠光，沿AC傳播的光為頻率較小的光即紅光。由幾何關(guān)系可得

時(shí)間只與入射角和圓半徑有關(guān)，所以他們從A到B和從A到C所需時(shí)間相同；故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選D。2、A【分析】【分析】

【詳解】

在安全帶對人有拉力的瞬間時(shí)，人做自由落體運(yùn)動，此過程機(jī)械能守恒，故有

即在產(chǎn)生拉力瞬間速度為

之后人在安全帶的作用下做變速運(yùn)動，末速度為零，設(shè)向上為正方向，則根據(jù)動量定理可得

聯(lián)立解得

故選A。

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵是明確物體的受力情況和運(yùn)動情況，然后對自由落體運(yùn)動過程和全程列式求解，注意運(yùn)用動量定理前要先規(guī)定正方向。3、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)題意可知，當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)，平行金屬板間存在豎直向下的電場，帶負(fù)電的小球受豎直向上的電場力，則等效重力加速度減小，由單擺周期公式可知；小球擺動周期變大，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD．若把電源的正負(fù)極對調(diào)，當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)，平行金屬板間存在豎直向上的電場，帶負(fù)電的小球受豎直向下的電場力，則等效重力加速度增大，由單擺周期公式可知；小球擺動周期變小，故CD錯(cuò)誤。

故選B。4、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．由圖可知乙質(zhì)點(diǎn)L的振動情況；該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)L向y軸正方向振動。根據(jù)上下坡法或者平移法可知，該橫波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點(diǎn)N該時(shí)刻向y軸負(fù)方向運(yùn)動，故A錯(cuò)誤，故B正確；

C．質(zhì)點(diǎn)L只在平衡位置附近y軸方向上下振動；波傳播時(shí)，質(zhì)點(diǎn)不會沿x軸正方向移動，故C錯(cuò)誤；

D．該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)K與M的速度為零；質(zhì)點(diǎn)K加速度為-y方向，質(zhì)點(diǎn)M加速度為+y方向，故D錯(cuò)誤。

故選B。5、B【分析】【詳解】

A．觀看立體電影時(shí)需戴上特制眼鏡；是利用了光的偏振現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B．白光是由各種色光混合而成；而由于不同顏色的光折射率不同，通過三棱鏡后偏轉(zhuǎn)角度不同，從而形成彩色光帶，故B正確；

C．激光切割金屬利用了激光亮度高；能量大的特點(diǎn)；故C錯(cuò)誤；

D．肥皂膜在陽光下呈現(xiàn)彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象；故D錯(cuò)誤。

故選B。二、多選題(共5題，共10分)6、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)圖像可知該波的波長為

質(zhì)點(diǎn)Q由平衡位置再次回到該位置歷時(shí)半個(gè)周期，則該波的周期為

所以波速為

故A錯(cuò)誤；B正確；

C．因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)受到的合力的方向總是指向平衡位置，所以質(zhì)點(diǎn)P在時(shí)刻加速度沿y軸負(fù)方向；故C正確；

D．由圖像可知，質(zhì)點(diǎn)振幅為2cm，質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)的路程為振幅的4倍，的時(shí)間正好為一個(gè)周期，所以內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為

故D錯(cuò)誤；

E．根據(jù)圖像可確定質(zhì)點(diǎn)P的振動方程滿足

把代入質(zhì)點(diǎn)P的振動方程，可得

故E正確。

故選BCE。7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖知O點(diǎn)時(shí)波谷和波谷的疊加；是振動加強(qiáng)點(diǎn)，不一定處于平衡位置，故A錯(cuò)誤；

B．M點(diǎn)處于波峰與波峰相遇點(diǎn)，則再經(jīng)過從該時(shí)刻起，經(jīng)過四分之一周期，質(zhì)點(diǎn)M到達(dá)平衡位置；故B正確；

C．振動的質(zhì)點(diǎn)只是在各自的平衡位置附近振動；不會“隨波逐流”，故C錯(cuò)誤；

D．P、N兩質(zhì)點(diǎn)是波谷和波峰疊加；由于振幅相同，位移始終為零，即處于平衡位置，故D正確。

故選BD。8、B:C:D【分析】【詳解】

A．由圖乙可知cd邊兩端的電壓最大值為U0，線框進(jìn)入過程中，cd邊切割磁感線，等效于電源，故cd兩端的電壓等于外電壓，設(shè)回路中的最大應(yīng)電動勢為E；則有：

即：

故A錯(cuò)誤；

B．由：

可知：

故B正確；

C．由AB選項(xiàng)分析同理可知線框全部進(jìn)入磁場時(shí)速度為：

設(shè)向右為正方向；線框進(jìn)入磁場過程中有動量定理可知：

cd邊受到安培力的沖量方向向左；與正方向相反，為負(fù)，故大小為：

故C正確；

D．線框進(jìn)磁場過程中；產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)能量守恒有：

故D正確。

故選BCD。9、B:C:D【分析】【詳解】

A．由于碰后速度相同；為完全非彈性碰撞，機(jī)械不守恒，減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，A錯(cuò)誤；

B．圓環(huán)與平板碰撞過程；若碰撞時(shí)間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，外力可忽略不計(jì)，則系統(tǒng)總動量守恒，B正確；

CD．碰撞前板的平衡位置滿足kx=Mg

碰撞后平衡時(shí)，有：

即碰撞后新平衡位置在點(diǎn)正下方，且與下落高度無關(guān)；CD正確。

故選BCD。

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵是抓住碰撞過程和碰撞后下降的兩個(gè)過程，碰撞過程動量守恒，機(jī)械能不守恒，之后環(huán)與板及彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒，滿足簡諧振動的規(guī)律。10、C:D【分析】【詳解】

A．小球與圓弧體組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒；故A錯(cuò)誤；

B．設(shè)小球質(zhì)量為圓弧體質(zhì)量為小球從圓弧體上滑下時(shí)，的速度大小為小球的速度大小由題意可知

解得

故B錯(cuò)誤；

C．由可得

則

又

可得

故C正確；

D．若圓弧體B沒有鎖定，則小球與圓弧體B作用過程類似于彈性碰撞，交換速度，因此圓弧體B最終獲得的速度大小為故D正確。

故選CD。三、填空題(共5題，共10分)11、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]動量守恒的定義：如果一個(gè)系統(tǒng)不受外力；或者所受外力的矢量和為0，這個(gè)系統(tǒng)的總動量保持不變動量守恒的。

（2）[2][3]動量守恒定律的表達(dá)式為：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]動量守恒的三種情況。

a.不受外力或所受外力的合力為零。

b.系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力遠(yuǎn)大于它所受到的外力。

c.如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零；則系統(tǒng)在這一方向上動量守恒。

（4）[7][8][9][10]應(yīng)用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象；確定系統(tǒng)的組成；

b.進(jìn)行受力分析；判斷系統(tǒng)動量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定正方向；確定初；末狀態(tài)動量。

d.由動量守恒定律列出方程求解。【解析】矢量和m1v1′＋m2v2′-Δp2零遠(yuǎn)大于這一方向上系統(tǒng)守恒正方向動量12、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.正弦波②.簡諧波13、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]取向上為正方向，則下落碰地板前的速度為

反彈的速度

撞擊瞬間，設(shè)碰撞時(shí)間地板對籃球的支持力為F，有

根據(jù)動量定理

解得【解析】16.5N14、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可知若波沿x軸負(fù)向傳播，有

可得

則傳播的速度為

當(dāng)時(shí)，波速最小為

[2]若波沿x軸正向傳播，則

當(dāng)時(shí)

可知，當(dāng)波速為時(shí)，該波向右傳播，結(jié)合上下坡法可知，時(shí)刻P質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動方向?yàn)檠貀軸負(fù)方向?！窘馕觥?5沿y軸負(fù)方向15、略

【分析】【詳解】

(1)[1]若該波向x軸正方向傳播，則波在1s內(nèi)傳播的最短距離為0.25m，其最小波速

(2)[2]若該波向x軸負(fù)方向傳播，則波在1s內(nèi)傳播的最短距離為1.75m，其最小波速

最大周期

(3)[3]若波速為20.25m/s，則波在1s內(nèi)傳播的距離

所以波向x軸正方向傳播?！窘馕觥?.25正方向四、作圖題(共4題，共12分)16、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)方格的邊長為由圖可知，波的波長應(yīng)為波的振幅應(yīng)為在內(nèi)波傳播了則再過半個(gè)周期波應(yīng)再傳播故9點(diǎn)開始向上振動，此時(shí)0點(diǎn)應(yīng)到達(dá)負(fù)向最大位移處；6點(diǎn)達(dá)正向最大位移處；故波形如圖所示：

【解析】17、略

【分析】【詳解】

由題圖我們可以知道，在質(zhì)點(diǎn)振動的一個(gè)周期內(nèi)，波向前傳播一個(gè)完整的波形的距離，即傳播的距離

因此在內(nèi)，波向前傳播了根據(jù)波的傳播過程和傳播的實(shí)質(zhì)，若波向右傳播，把波的原有圖形向右移動的距離，就得到了后時(shí)刻的波形圖，如圖中的虛線甲所示；同理可以得到前時(shí)刻波的圖像；如圖中的虛線乙所示。

【解析】18、略

【分析】【詳解】

ls內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×1m=0.5m，1s后故x=0.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形如圖1虛線。

4s內(nèi)波向前傳播的距離為0.5×4m=2.0m，4s后故x=2.0m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此圖形與開始時(shí)是相同的，如圖2

【解析】見解析。19、略

【分析】【分析】

【詳解】

測量的長度，根據(jù)折射率表達(dá)式，有

帶入數(shù)據(jù)，可得【解析】1.7五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共9分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]確定P3大頭針的位置的方法是插上大頭針P3，使P3能擋住P1、P2的像，同理，確定P4大頭針的位置的方法是大頭針P4能擋住P3和P1、P2的像。

故選CD；

（2）[2]如圖所示。

[3]根據(jù)折射定律得到玻璃折射率為【解析】CD21、略

【分析】【詳解】

（1）①[1]只有保證單縫和雙縫互相平行；這樣才能在屏上出現(xiàn)明暗相間的條紋;

②[2]讀數(shù)為15mm+0.021mm=15.02mm

由于第1條亮紋，此時(shí)測量頭上游標(biāo)卡尺的讀數(shù)1.16mm,第6條亮紋中心對齊，測量頭的讀數(shù)15.00mm，所以

根據(jù)得＝692nm.

③[3]為減小誤差，多次取平均值的方法,與此相同的是CD;【解析】平行15.00692CD22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]為防止兩球碰撞后，入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即m1>m2

（2）[2]A．在實(shí)驗(yàn)中，為了發(fā)生對心正碰，a、b兩球的大小必須相等；故A錯(cuò)誤；

B．為保證小球a每次與b球碰撞前的速度相同，應(yīng)使小球a每次必須