2025年北師大版高一物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高一物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；紅蠟塊能在玻璃管里的水中勻速上升，若紅蠟塊在A

點勻速上升的同時，使玻璃管水平向右做勻加速直線運動，則紅蠟塊實際運動的軌跡是圖中的()

A.曲線R

B.曲線Q

C.直線P

D.無法確定2、下列關于機械能是否守恒的敘述中，正確的是()A.做勻速直線運動的物體，機械能一定守恒；B.做勻變速直線運動的物體，機械能一等不守恒；C.外力對物體做功為零時，機械能一定守恒；D.只有重力對物體做功時，物體的機械能一定守恒。3、質量為10kg

的物體，在變力F

作用下沿x

軸做直線運動，力隨位移x

的變化情況如圖所示.

物體在x=0

處速度為1m/s

一切摩擦不計，則物體運動到x=16m

處時，速度大小為(

)

A.22m/s

B.3m/s

C.4m/s

D.7m/s

4、某物體做直線運動，物體的速度﹣時間圖象如圖所示．若初速度的大小為v0，末速度的大小為vt，則在時間t1內物體的平均速度（）

A.等于B.小于C.大于D.條件不足，無法比較5、隨著“神舟6號”的發(fā)射成功，中國航天員在軌道艙內停留的時間將增加，體育鍛煉成了一個必不可少的環(huán)節(jié)，下列在地面上正常使用的未經改裝的器材最適宜航天員在軌道艙中進行鍛煉的是（）A.啞鈴B.彈簧拉力器C.單杠D.徒手跑步機6、如圖所示，重物M

沿豎直桿下滑，并通過繩子帶動小車m

沿斜面升高.

則當滑輪右側的繩子與豎直方向成婁脠

角且重物下滑的速度為v

時，小車的速度為()A.vcos婁脠

B.vsin婁脠

C.vcos婁脠

D.vtan婁脠

7、如圖所示；物塊AB

疊放在水平桌面上，裝砂的小桶C

通過細線牽引B

使AB

一起在水平桌面上勻速直線運動，設AB

間的摩擦力用f1

表示，B

與桌面間的摩擦力用f2

表示，若同時適當增大A

物的質量和C

桶內砂的質量，而AB

仍一起保持勻速直線運動；

則摩擦力f1

和f2

的變化情況是(

)

A.f1

和f2

都變大B.f1

和f2

都不變C.f1

變大，f2

不變D.f1

不變，f2

變大8、火星繞太陽運轉可看成是勻速圓周運動，設火星運動軌道的半徑為r，火星繞太陽一周的時間為T，萬有引力常量為G，則可以知道（）A.火星的質量m火=B.火星的質量m火=C.太陽的質量m太=D.太陽的平均密度ρ火=評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示；木塊B

上表面是水平的，木塊A

置于B

上并與B

保持相對靜止，一起沿固定的光滑斜面由靜止開始下滑，在下滑過程中()

A.A

所受的合外力對A

不做功B.B

所受的合外力對B

做正功C.B

對A

的摩擦力對A

做正功D.B

對A

的彈力對A

做正功10、如圖所示，長為L

的輕桿，一端固定一個小球，另一端可繞光滑的水平軸轉動，使小球在豎直平面內作圓周運動，關于小球在最高點的速度V

下列說法正確的是：((

)

A.V

的極小值為gL

B.V

由零逐漸增大，向心力也逐漸增大C.V

由gL

逐漸增大，桿對球的彈力逐漸增大D.V

由gL

逐漸減小，桿對球的彈力逐漸減小11、甲、乙兩物體的v-t圖象如圖所示，則（）A.甲、乙兩物體都做勻速直線運動B.甲、乙兩物體若在同一直線上，就一定會相遇C.甲的速率大于乙的速率D.甲、乙兩物體即使在同一直線上，也不一定會相遇12、“蹦極”是一項非常刺激的體育運動.

某人身系彈性繩自高空P

點自由下落，如圖中a

點是彈性繩的原長位置，c

是人所到達的最低點，b

是人靜止地懸吊著時的平衡位置.

人從P

點落下到最低點c

的過程中(

)

A.人在Pa

段做自由落體運動，處于完全失重狀態(tài)B.在ab

段繩的拉力小于人的重力，人處于失重狀態(tài)C.在bc

段繩的拉力小于人的重力，人處于失重狀態(tài)D.在c

點，人的速度為零，其加速度為零13、如圖所示，在高為L

的木箱abcd

的底部放有一個小物體Q(

可視為質點)

現用力F

向上拉繩，使木箱由靜止開始運動，若保持拉力的功率不變，經過t

時間，木箱達到最大速度，這時讓木箱突然停止，小物體由于具有慣性會繼續(xù)向上運動，且恰能達到木箱頂端.

若重力加速度為g

空氣阻力不計，以下說法正確的是(

)

A.木箱即將達到最大速度之前，物體Q

處于超重狀態(tài)B.木箱突然停止運動時，物體Q

處于超重狀態(tài)C.木箱的最大速度為2gL

D.時間內木箱上升的高度為t2gL鈭?L

14、一個質量為m

的質點以速度v0

做勻速直線運動，某時刻開始受到恒力F

的作用，質點的速度先減小后增大，其最小值為3v02

質點從受到恒力作用到速度減至最小值的過程()

A.經歷的時間為(2鈭?3)mv02F

B.經歷的時間為mv02F

C.發(fā)生的位移為13mv028F

D.發(fā)生的位移為mv028F

15、(

多選)

宇宙間存在一些離其他恒星較遠的三星系統(tǒng)，其中有一種三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質量均為m

的星位于等邊三角形的三個頂點，三角形邊長為R

忽略其他星體對它們的引力作用，三星在同一平面內繞三角形中心O

做勻速圓周運動，萬有引力常量為G

則(

)

A.每顆星做圓周運動的半徑都等于R

B.每顆星做圓周運動的加速度與三星的質量無關C.每顆星做圓周運動的線速度為GmR

D.每顆星做圓周運動的角速度為3GmR3

16、如圖所示，當正方形薄板繞著過其中心O與板垂直的轉動軸轉動時，板上A、B兩點的（）A.角速度之比ωA：ωB=1：1B.角速度之比ωA：ωB=1：1C.線速度之vA：vB=1：1D.線速度之比vA：vB=1：17、如圖所示，物體A、B疊放在傾角θ＝37°的斜面體上，并通過跨過固定在斜面上的光滑滑輪的細線相連，細線與斜面平行．兩物體的質量分別mA＝2kg，mB＝1kg,B與斜面間的動摩擦因數μ2＝0.2，A、B間動摩擦因數μ1＝0.1，對A施加一平行于斜面向下的拉力F，使A平行于斜面向下做勻速運動，斜面保持不動，斜面體質量為M＝10kg．則：（）(認為滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，g取10m/s2；sin37°＝0.6；cos37°＝0.8)

A.拉力F大小為2NB.拉力F大小為4NC.地面對斜面體的支持力大小為30ND.地面對斜面體的摩擦力方向水平向右評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、在做“研究平拋運動”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球做平拋運動的軌跡．為了能準確地描繪運動軌跡，固定斜槽時應注意使末端____．實驗過程中需經過多次釋放小球才能描繪出小球平拋運動的軌跡，釋放小球時應注意使小球每次從____開始自由滑下．19、質量M＝1kg的物體，在水平拉力F的作用下，沿粗糙水平面運動，至位移為4m處，拉力F停止作用，至位移為8m處物體停止運動，運動過程中的圖線如圖所示。物體的初速度為______m/s，物體和水平面間的滑動摩擦因數為_______，拉力F的大小為_______N。（g?。?0、船在靜水中的速率為5m/s

要橫渡寬為60m

的河，河水的流速為3m/s.

該船能否沿垂直于河岸的航線抵達對岸______(

填能或不能)

該船渡河所用時間至少是______，該船渡河所經位移的大小至少是______．21、相互疊加的三個木塊靜止在水平地面上，其中木塊B

所受水平拉力F1=2N

木塊C

所受水平拉力F2=3N

則A

受到B

的摩擦力______NC

受到B

的摩擦力______N

方向______；C

受到地面的摩擦力______N

方向______．22、在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中；需要將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上兩根細繩，細繩的另一端都有繩套.

實驗中需用兩個彈簧測力計分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結點到達某一位置O

．

(1)

某同學在做該實驗時認為：

A.拉橡皮條的繩細一些且長一些；實驗效果較好。

B.拉橡皮條時；彈簧測力計；橡皮條、細繩應貼近木板且與木板平面平行。

C.橡皮條彈性要好；拉結點到達某一位置O

時，拉力要適當大些。

D.拉力F1

和F2

的夾角越大越好。

其中正確的是______(

填入相應的字母)

(2)

若兩個彈簧測力計的讀數均為4N

且兩彈簧測力計拉力的方向相互垂直，則______(

選填“能”或“不能”)

用一個量程為5N

的彈簧測力計測量出它們的合力．23、如圖所示，用50N的力拉一個質量為10kg的物體在水平地面上前進，若物體前進了10m，拉力F做的功W1=____J，如果物體與水平面間動摩擦因數μ=0.1，物體克服阻力做功W2=____J．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）

24、【題文】某人在地面上最多能舉起質量為60kg的物體，而在一個加速下降的電梯里他最多能舉起質量為80kg的物體，此時電梯的加速度是_________。當電梯經此加速度加速上升時，此人在電梯里最多能舉起質量為__________的物體。（g取10m/s2）25、某學生在做“研究平拋運動”的實驗中，忘記記下小球做平拋運動的起點位置，O為物體運動一段時間后的位置，取為坐標原點，平拋的軌跡如圖示，根據軌跡的坐標求出物體做平拋運動的初速度為v0=______m/s，B點的速度為______m/s，拋出點的坐標為（______cm，______cm）．（g取10m/s2）26、小張同學采用如圖1

所示的實驗裝置做“研究平拋運動”的實驗．

(1)

實驗時下列哪些操作是必須的______(

填序號)

．

壟脵

將斜槽軌道的末端調成水平．

壟脷

用天平稱出小球的質量．

壟脹

每次都要讓小球從同一位置由靜止開始運動．

(2)

小張同學在做平拋運動實驗時得到了如圖2

所示的物體運動軌跡，abc

三點的位置在運動軌跡上已標出.

則。

壟脵

小球平拋的初速度為______m/s.(g=10m/s2)

壟脷

小球在b

點瞬時速度vb=

______m/s

．

壟脹

小球開始做平拋運動的位置坐標為：x=

______cmy=

______cm

．評卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)27、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球。28、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質量為m=5kg的鉛球。評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共9分)29、某同學在“探究小車速度隨時間變化規(guī)律”的實驗中；記錄小車運動情況的一條紙帶如圖所示．圖中A；B、C、D、E為相鄰的計數點，相鄰的兩計數點間還有4個點未畫出。

（1）電火花計時器是一種能夠按照相同的時間間隔，在紙帶上連續(xù)打點的儀器，它使用______（填“交流”或“直流”）電源，工作電壓為______V．在實驗時正確的操作順序是______（填序號A：“先釋放紙帶；后接通電源”或B：“先接通電源，后釋放紙帶”）；

（2）B、C、兩點的瞬時速度：vB=______m/s，vC=______m/s．（結果保留兩位有效數字）30、（1）在做“研究平拋運動”的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球做平拋運動的軌跡，為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出了一些操作要求，將你認為正確的選項前面的字母填在橫線上______．

A．通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平。

B．每次釋放小球的位置必須不同。

C．每次必須由靜止釋放小球。

D．記錄小球位置用的木條（或凹槽）每次必須嚴格地等距離下降。

E．小球運動時不應與木板上的白紙（或方格紙）相觸。

F．將球的位置記錄在紙上后；取下紙，用直尺將點連成折線。

（2）在“研究平拋物體的運動”實驗時，已備有下列器材：白紙、圖釘、平板、鉛筆、弧形斜槽、小球、刻度尺、鐵架臺，還需要下列器材器材中的______

A；秒表B、天平C、重錘線D、測力計。

（3）在研究平拋運動的實驗中，讓小球多次從斜槽上滾下，在白紙上依次記下小球的位置，同學甲和同學乙得到的記錄紙分別如圖所示，從圖中明顯看出甲的實驗錯誤是______，乙的實驗錯誤是______．31、如圖是某次實驗中用頻閃照相方法拍攝的小球（可視為質點）做平拋運動的閃光照片。如果圖中每個方格的邊長l表示的實際距離和閃光周期T均為已知量，那么在小球平拋的初速度大小v0=______和當地的重力加速度值g=______參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【分析】本題考查了運動的合成和分解。蠟塊參與了豎直方向上的勻速直線運動和水平方向上的勻加速直線運動，判斷合運動是直線運動看合速度與合加速度在不在同一條直線上，并且曲線運動的合力(

加速度)

大致指向軌跡凹點的一側。解決本題的關鍵掌握判斷直線運動還是曲線運動的方法，當速度方向與合力方向在同一條直線上，做直線運動，當合力方向與速度方向不在同一條直線上，做曲線運動?！窘獯稹績蓚€分運動的合加速度方向水平向右，與合速度的方向不在同一條直線上，所以合運動為曲線運動，根據曲線運動的合力(

加速度)

大致指向軌跡凹點的一側，知該軌跡為曲線Q

故B正確，ACD錯誤。故選B?！窘馕觥緽

2、D【分析】解：A

做勻速直線運動的物體機械能不一定守恒；比如：降落傘勻速下降，機械能減小.

故A錯誤．

B；做勻變速直線運動的物體；機械能不一定守恒.

比如：汽車在水平面上的加速運動過程中機械能增大.

故B錯誤．

C；外力對物體做的功為零；動能不變，但重力勢能可能變化，機械能不一定守恒，故C錯誤；

D；只有重力對物體做功；物體機械能一定守恒，故D正確；

故選：D

．

機械能守恒的條件：只有重力或彈力做功的物體系統(tǒng)；其他力不做功，可能有這樣幾種情況：

1

只受重力作用；例如各種拋體運動．

2

受到其它外力；但是這些力是不做功的.

例如：繩子的一段固定在天花板上，另一端系一個小球，讓它從某一高度靜止釋放，下擺過程中受到繩子的拉力，但是拉力的方向始終與速度方向垂直，拉力不做功，只有重力做功，小球的機械能是守恒的．

3

受到其它外力；且都在做功，但是它們的代數和為0

此時只有重力做功，機械能也是守恒的．

本題關鍵是如何判斷機械能守恒，可以看能量的轉化情況，也可以看是否只有重力做功．【解析】D

3、B【分析】解：在0鈭?4m

位移內F

恒定；物體做勻加速直線運動，根據牛頓第二定律得；

a=Fm=1m/s2

根據2ax=v42鈭?v02

得：v4=3m/s

對物體在4鈭?16m

內運動過程運用動能定理得；

12mv162鈭?12mv42=F4鈭?8爐s4鈭?8+0鈭?F12鈭?16爐s12鈭?16

從圖中可知F4鈭?8爐=F12鈭?16爐s4鈭?8=s12鈭?16=4m

所以4鈭?16m

內力F

做功之和為0

所以v16=v4=3m/s

故選B．

在0鈭?4m

位移內F

恒定；物體做勻加速直線運動，可以根據勻變速直線運動位移速度公式求出x=4m

處時的速度，在4m鈭?8m

位移內，力在逐漸減小，是變力，在8m鈭?12m

位移內力等于零，在12m鈭?16m

位移內，力F

反方向逐漸增大，根據做功公式可知：力F

在4鈭?16m

內做功之和為零，可對這一階段運用動能定理得到x=16m

處時速度等于x=4m

處時的速度．

本題考查了牛頓第二定律、功的計算以及動能定理的應用，要求同學們能根據圖象找出有用信息，選取合適的運動過程運用動能定理求解，該題難題適中．【解析】B

4、C【分析】【解答】解：從圖象可以看出，圖線與時間軸圍成的面積表示位移，知道變加速直線運動的位移大于勻加速直線運動的位移，則變加速直線運動平均速度大于勻加速直線運動的平均速度，勻加速直線運動的平均速度為：=故ABD錯誤，C正確．

故選：C．

【分析】若物體做初速度大小為v0，末速度的大小為v的勻加速直線運動，則平均速度=通過比較變加速直線運動和勻變速直線運動的位移，比較平均速度大小與的大小．5、B【分析】解：A；用啞鈴鍛煉身體主要就是利用啞鈴的重力；在軌道艙中啞鈴處于完全失重狀態(tài)，它對人的胳膊沒有壓力的作用；故A錯誤；

B；彈簧拉力器鍛煉的是人肌肉的伸縮和舒張力；與重力無關．故B正確；

C；利用單杠鍛煉身體需克服自身的重力上升；利用自身的重力下降．在完全失重狀態(tài)下已沒有重力可用；故C錯誤；

D；在軌道艙中人處于失重狀態(tài)；就算人站在跑步機上，但是腳對跑步機一點壓力也沒有．根據壓力與摩擦力成正比，那么這時腳與跑步機之間沒有一點摩擦力．沒有摩擦力人將寸步難行．故D錯誤．

故選：B

想弄清楚在超重和失重的狀態(tài)下哪些器材可以用；必須清楚各個器材的物理原理，看看有沒有與重力有關的原因，如果有那么，哪些器材就不能使用．

本題的關鍵是明白各種器材的物理原理．在完全失重的情況下器材的作用還能否發(fā)揮，這是一道基礎題．【解析】【答案】B6、A【分析】略【解析】A

7、D【分析】解：由題意知；對Af1

是靜摩擦力，f1=mAa

對AB

整體：F脌-鈭?f2=(mA+mB)a

．

f2

是滑動摩擦力；f2=婁脤(mA+mB)g

．

若增加C

桶內沙的質量；系統(tǒng)加速度變大，故f1

變大，f2

不變，故ABC錯誤，D正確．

故選：D

由于AB

一起向右運動；可以用整體法，AB

整體水平方向受繩的拉力和滑動摩擦力f2.

增大C

的質量，繩的拉力增大，AB

整體的合力即加速度增大.

對A

來說，合力就是靜摩擦力f1

因此f1

是增大的．

本題考查受力分析與牛頓第二定律，應注意：f1

是靜摩擦力，為A

提供加速度，如果增加C

的質量，整體的加速度就會變大，所以f1

也要變大為A

提供更大的加速度．【解析】D

8、C【分析】解：根據G=mr得，太陽的質量M太=．因為太陽的半徑未知；則無法求出太陽的密度。

根據萬有引力提供向心力；只能求出中心天體的質量，無法求出環(huán)繞天體的質量，所以無法求出火星的質量以及密度。故C正確，A；B、D錯誤。

故選：C。

根據萬有引力提供向心力；結合軌道半徑和周期求出太陽的質量．

解決本題的關鍵掌握萬有引力提供向心力這一理論，并能靈活運用．注意根據該理論只能求出中心天體的質量，環(huán)繞天體的質量被約去，無法求出．【解析】C二、多選題(共9題，共18分)9、BC【分析】【分析】分析兩物體的受力及運動，由功的公式可分析各力對物體是否做功，根據夾角可判功的正負。判斷外力是否做功及功的正負可根據做功的條件是否做功，再根據力與位移方向的夾角判斷功的正負，也可以根據力與速度方向的夾角判斷功的正負?！窘獯稹緼.木塊向下加速運動；故動能增加，由動能定理可知，木塊m

所受合外力對m

做正功，故A錯誤；

B.由牛頓第二定律得：豎直方向上：mg鈭?N=ma1壟脵

水平方向上：f=ma2壟脷

假設斜面與水平方向的夾角為婁脠

摩擦力與彈力的合力與水平方向夾角為婁脕

由幾何關系得：a1=gsin婁脠sin婁脠壟脹

a2=gsin婁脠cos婁脠壟脺tan婁脕=Nf壟脵隆煤壟脻

聯立得：tan婁脕=cos婁脠sin婁脠cot婁脠=tan(婁脨2鈭?婁脠)

所以B

對A

的作用力與斜面垂直；所以B

對A

的合力不做功，由牛頓第三定律得，A

對B

的作用力垂直斜面向下，所以A

對B

也不做功，B

只受重力，故合外力做正功，故B正確；

CD.AB

整體具有沿斜面向下的加速度，設為a

將a

正交分解為豎直方向分量a1

水平分量a2

如圖所示，

由于具有水平分量a2

故必受水平向右摩擦力fA

受力如圖所示，B

對A

的彈力做做負功，B

對A

的摩擦力做正功，故C正確，D錯誤；

故選BC。【解析】BC

10、BC【分析】解：A

由于桿能支撐小球；因此v

的極小值為零.

故A錯誤．

B、根據向心力公式Fn=mv2r

可知；速度逐漸增大，向心力也逐漸增大.

故B正確．

C、當v=gL

時，向心力Fn=mv2r=mg

說明桿對球沒有彈力；

v

由gL

逐漸增大時，桿對球有向下的拉力，根據牛頓第二定律得：F+mg=mv2r

得F=mv2r鈭?mg

可見，v

增大，F

增大.

故C正確．

D、v

由gL

逐漸減小時；桿對球有向上的支持力，根據牛頓第二定律得。

mg鈭?F=mv2r

得F=mg鈭?mv2r

可見，v

減小，F

增大.

故D錯誤．

故選：BC

小球在豎直平面內作圓周運動；在最高點時，由于桿能支撐小球，小球速度的極小值為零；

根據向心力公式Fn=mv2r

分析速度增大時；向心力如何變化；

當v=gL

時，桿對球沒有作用，v

由gL

逐漸增大時，桿對球有向下的拉力；v

由gL

逐漸減小時；桿對球有向上的支持力，根據牛頓第二定律分析桿對球的彈力的變化情況．

本題是輕桿模型，要掌握兩個臨界速度：一、小球恰好到達最高點的臨界速度是零；二、桿對球沒有彈力的臨界速度v=gL.

根據牛頓第二定律分析彈力隨速度的變化情況．【解析】BC

11、ACD【分析】解：A；在速度-時間圖象中；某一點代表此時刻的瞬時速度，所以兩物體的速度均不發(fā)生變化，分別做勻速直線運動，故A正確．

B；在速度-時間圖象中；某一點代表此時刻的瞬時速度，時間軸上方速度是正數，時間軸下方速度是負數；即甲物體一直向正方向運動，乙物體一直向負方向運動，如果兩物體從同一位置出發(fā)，則兩物體越來越遠，故B錯誤．

C；甲的速度大小為2m/s；乙的速度大小為1m/s，故C正確．

D；雖然兩物體相向運動；由于不知最初的位置，所以無法判斷是否相遇，故D正確．

故選：ACD

在速度-時間圖象中；某一點代表此時刻的瞬時速度，時間軸上方速度是正數，時間軸下方速度是負數；切線的斜率表示加速度，加速度向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負；圖象與坐標軸圍成面積代表位移，時間軸上方位移為正，時間軸下方位移為負．

本題是為速度--時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，但是要判斷物體是否相遇，還需要知道兩物體的初位置．【解析】【答案】ACD12、AB【分析】解：A

在Pa

段繩還沒有被拉長；人做自由落體運動，所以處于完全失重狀態(tài)，所以A正確．

B、在ab

段繩的拉力小于人的重力；人受到的合力向下，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，所以B正確．

C、在bc

段繩的拉力大于人的重力；人受到的合力向上，有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，所以C錯誤．

D；在c

點；繩的形變量最大，繩的拉力最大，人受到的合力向上，有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，所以D錯誤．

故選AB．

當人對繩的拉力大于物體的真實重力時；就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；

當人對繩的拉力小于物體的真實重力時；就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；

如果沒有拉力；那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g

．

本題主要考查了對超重失重現象的理解，人處于超重或失重狀態(tài)時，人的重力并沒變，只是對繩的拉力變了．【解析】AB

13、ACD【分析】解：A

木箱在達到最大速度前；做加速度逐漸減小的加速運動，加速度的方向向上，所以物體Q

處于超重狀態(tài).

故A正確．

B

木箱突然停止運動；物塊Q

僅受重力，處于完全失重狀態(tài).

故B錯誤．

C

木箱的最大速度等于物體Q

離開木箱豎直上拋運動的初速度，向上的位移：L=vm22g

所以vm=2gL.

故C正確．

D

當速度達到最大時，有F=(M+m)g

則M+m=Pvmg

根據動能定理得，Pt鈭?(M+m)gh=12mvm2

解出h=t2gL鈭?L.

故D正確．

故選：ACD

．

1.

拉力的功率不變；速度增大，則拉力減小，木箱做加速度減小的加速運動，當加速度減小到0

速度達到最大，達到最大速度之前有向上的加速度．

2.

木箱突然停止運動；物塊Q

僅受重力，處于完全失重狀態(tài)．

3.

木箱的最大速度等于物體Q

離開木箱豎直上拋運動的初速度；根據Q

恰能達到木箱頂端，運用運動學公式，求出最大速度．

4.

當速度達到最大時，有F=(M+m)g

即M+m=Pvmg

然后根據動能定律求出木箱上升的高度．

解決本題的關鍵知道拉力功率不變時，v

增大，拉力F

減小，根據牛頓第二定律得出木箱做加速度逐漸減小的加速運動，當F=(M+m)g

加速度為0

速度達到最大．【解析】ACD

14、BC【分析】【分析】根據運動的合成與分解，求出速度與合力方向的夾角，結合力的平行四邊形定則與運動學公式，即可求解。本題主要掌握合成法則與運動學公式的應用，注意分運動與合運動的等時性?！窘獯稹緼B.

質點減速運動的最小速度不為0

說明質點不是做直線運動，是做類斜拋運動，質點的速度先減小后增大，其最小值為3v02

分析可知初速度與恒力的夾角為120鈭?

沿恒力方向根據牛頓第二定律可得加速度為：a=Fm

在沿恒力方向上有：v0sin30鈭?鈭?at=0

解得：t=mv02F

故A錯誤，B正確；CD.

此過程中垂直于力F

方向發(fā)生的位移為：x=3v02t=3mv024F

在沿恒力方向上有：y=12at2=12隆脕Fm隆脕(mv02F)2=mv028F

質點的位移為：s=x2+y2=13mv028F

故C正確，D錯誤。故選BC。【解析】BC

15、CD【分析】解：A

根據幾何關系知，每顆星的軌道半徑r=33R

故A錯誤．

B、任意兩顆星之間的萬有引力F=Gm2R2

根據2Fcos30鈭?=ma

得，a=3GmR2

與三星的質量有關，故B錯誤．

C、根據2Fcos30鈭?=mv2r=mr婁脴2

得，v=GmR婁脴=3GmR3

故C正確，D正確．

故選：CD

．

三星系統(tǒng)中；任何一顆星靠其它兩顆星對它引力的合力提供向心力，根據幾何關系求出軌道半徑，結合牛頓第二定律求出線速度和角速度．

解決該題首先要理解模型所提供的情景，然后能夠列出合力提供向心力的公式，才能正確解答題目．【解析】CD

16、AD【分析】解：AB；板上A、B兩點繞同一個轉軸轉動；所以具有相同的角速度。

即角速度之比ωA：ωB=1：1；故A正確，B錯誤；

CD、根據幾何關系得板上A、B的軌道半徑之比為1：

所以線速度之比vA：vB=1：故C錯誤，D正確；

故選：AD。

板上A；B兩點繞同一個轉軸轉動；所以具有相同的角速度。

根據v=rω得出線速度之比。

解該題要掌握繞同一個轉軸轉動的物體具有相同的角速度以及線速度與角速度的關系【解析】AD17、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A、B項：對A，根據平衡條件，有：F+mAgsinθ=T+μ1mAgcosθ；

對B，同樣根據平衡條件，有：T=mBgsinθ+μ1mAgcosθ+μ2（mA+mB）gcosθ；

解得：F=2N；故A正確，B錯誤；

C項：利用整體法：N=（M+mA+mB）g+Fsinθ=131.2N；故C錯誤；

D項：利用“類整體法”可知；F有水平向左的分力，故地面對斜面體的摩擦力方向水平向右，故D正確．

故應選：AD．三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】

通過調節(jié)使斜槽末端保持水平；是為了保證小球做平拋運動，因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度．

故答案為：水平；相同的位置。

【解析】【答案】保證小球做平拋運動必須通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平；因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，實驗要求小球滾下時不能碰到木板平面，避免因摩擦而使運動軌跡改變，最后軌跡應連成平滑的曲線．

19、略

【分析】試題分析：根據圖線可知物體的初動能所以撤去拉力后物體的動能由10J減到零，根據動能定理解得=0.25；在拉力作用的前4m的位移內，根據動能定理解得F=4.5N?？键c：此題考查了對物理圖像的理解及動能定理?！窘馕觥俊敬鸢浮?；0.25；4.520、略

【分析】解：因為靜水速的大小大于水流速；根據平行四邊形定則知，合速度的方向可以垂直河岸，則船可以垂直河岸的航線抵達對岸．

當靜水速與河岸方向垂直時，渡河時間最短，則最短時間t=dvc=605=12s.

船可以垂直河岸的航線抵達對岸；所以最小位移等于河的寬度，等于60m

．

故答案為：能；12s60m

船既隨水向下游運動；又相對于水向對岸行駛，根據船相對于水的速度與水流速度的比較，分析船能否到達正對岸．

當船頭的指向與河岸垂直時；該船渡河所用時間最短；當船運動的軌跡與河岸的方向垂直時，位移最小．

本題是小船渡河問題，關鍵是運用運動的合成與分解做出速度分解或合成圖，分析最短時間或最短位移渡河的條件．【解析】能；12s60m

21、略

【分析】解：以A

為對象：水平方向不受力；所以A

受到B

的摩擦力0

以B

為對象：水平方向受向右拉力2N

而平衡，所以受到C

的摩擦力為2N

分析向左，C

受到B

的摩擦力2N

方向右；以整體為研究對象，C

受到地面的摩擦力1N

方向水平向右．

故答案為：02

水平向右，1

水平向右。

由于這個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)；選擇不同的研究對象受力分析，逐個分析即可求解．

對于疊加體和連接體問題，在處于平衡狀態(tài)時，經常應用整體法和隔離法進行分析．【解析】02

水平向右；1

水平向右22、略

【分析】解：(1)A

拉橡皮條的繩細一些且長一些；實驗效果更好.

故A正確．

B；作圖時；我們是在白紙中作圖，做出的是水平力的圖示，若拉力傾斜，則作出圖的方向與實際力的方向有有較大差別，同時為了減小因摩擦造成的誤差，故應使各力盡量與木板面平行.

以及讀彈簧秤示數時，視線要正對刻度.

故B正確；

C；在實驗中必須確保橡皮筋拉到同一位置；即一力的作用效果與兩個力作用效果相同，且拉力適當大一些，減小測量的誤差.

故C正確；

D；兩個拉力的夾角過大；合力會過小，量取理論值時相對誤差變大，夾角太小，會導致作圖困難，也會增大偶然誤差，故D錯誤．

故選：ABC

．

(2)

兩力均為4N

且相互垂直，則其合力大小為F=2N=5.6N>5N

合力超過了彈簧秤的量程，故彈簧秤無法測出物體所受的合力，故不能使用．

故答案為：

(1)ABC

(2)

不能。

(1)

本實驗采用“等效法”；即要求兩次拉橡皮筋的效果相同，對于兩彈簧拉力，為了減小誤差，拉力需大一些，夾角適當大一些，不能太大，也不能太?。?/p>

(2)

由平行四邊形定則可得出兩拉力的合力大小；比較拉力與彈簧秤的量程則可知5N

量程的彈簧秤是否可用．

本題主要考查驗證力的平行四邊形定則的誤差分析及數據的處理，應通過實驗原理及數據的處理方法去思考減少實驗誤差的方法【解析】ABC

不能23、略

【分析】

根據功的定義式F=Flcosα得。

拉力F做的功W1=50×10×cos37°=400J；

如圖所示；物體受重力；支持力、拉力及摩擦力；

FN=mg-Fsin37°=100-30=70N；

摩擦力f=μFN=0.1×40=7N；

摩擦力所做的功W=-fL=-7×10J=-70J；

故答案為：40070

【解析】【答案】根據功的定義式F=Flcosα求解拉力F做的功．

求得物體受到的摩擦力；再由功的公式可求得摩擦力對物體所做的功．

24、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】2.5m/s248kg25、略

【分析】解：在豎直方向上，根據△y=gT2得：T===0.1s；

則小球的初速度為：=

A點豎直分速度為：=

則B點豎直方向速度為：vyB=vyA+gT=2+1=3m/s；

則B點速度為：

則從拋出點到A點的時間為：t==

所以拋出點距離A點的水平位移為：xA=v0t=1×0.2m=0.2m=20cm；

拋出點的橫坐標為：x=10-20=-10cm．

拋出點離B點的豎直位移為：=20cm；

拋出點的縱坐標為：y=15-20=-5cm．

故答案為：1；-10；-5

根據平拋運動豎直方向上相鄰相等時間內的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔；結合水平位移求出小球的初速度，根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出A點的豎直分速度，從而結合速度時間公式求出拋出點到B點的時間，根據位移公式求出拋出點到B點的水平距離和豎直距離，從而得出拋出點的橫縱坐標．

解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，結合運動學公式和推論靈活求解．【解析】1；-10；-526、略

【分析】解：(1)壟脵

為了保證小球的初速度水平；斜槽的末端需調節(jié)水平，故壟脵

正確．

壟脷

該實驗不需要測量小球的質量；故壟脷

錯誤．

壟脹

為了保證小球每次做平拋運動的初速度大小相等；每次讓小球從斜槽的同一位置由靜止開始運動，故壟脹

正確．

故選：壟脵壟脹

．

(2)壟脵

在豎直方向上，根據鈻?y=gT2

得：T=鈻?yg=0.2鈭?0.110s=0.1s

則小球平拋運動的初速度為：v0=xT=0.20.1m/s=2m/s

．

壟脷

小球在b

點的豎直分速度為：vyb=yac2T=0.30.2m/s=1.5m/sb

點的速度為：vb=v02+vyb2=4+2.25m/s=2.5m/s

．

壟脹

拋出點到b

點的運動時間為：t=vybg=1.510s鈭?0.15s

則拋出點到b

點的水平位移為：xb=v0t=2隆脕0.15m=0.3m=30cm

則拋出點的橫坐標為：x=20鈭?30cm=鈭?10cm

拋出點到b

點的豎直位移為：yb=12gt2=12隆脕10隆脕0.152m=0.1125m=11.5cm

則拋出點的縱坐標為：y=10鈭?11.25=鈭?1.25cm

．

故答案為：(1)壟脵壟脹(2)壟脵2壟脷2.5壟脹鈭?10鈭?1.25

．

(1)

根據實驗的原理和注意事項確定正確的操作步驟．

(2)

根據豎直方向上連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔；結合水平位移和時間間隔求出初速度．

根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出b

點的豎直分速度，結合平行四邊形定則求出b

點的速度．

根據速度時間公式求出拋出點