2025年滬科新版高二物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科新版高二物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、在勻強(qiáng)磁場中，有一接有電容器的回路，如圖所示．已知C=30μF，l1=5cm，l2=8cm，磁場以5×10-2T/s的速度增強(qiáng)．則（）A.電容器上板帶正電，帶電荷量2×10-9CB.電容器上板帶正電，帶電荷量6×10-9CC.電容器上板帶負(fù)電，帶電荷量4×10-9CD.電容器上板帶負(fù)電，帶電荷量6×10-9C2、如圖所示，質(zhì)量分別為m和2m的A、B兩個(gè)木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A靠緊豎直墻。用水平力將B向左壓，使彈簧被壓縮一定長度，靜止后彈簧儲(chǔ)存的彈性勢能為E。這時(shí)突然撤去該水平力，關(guān)于A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，下列說法中正確的是A.撤去F后，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒B.撤去F后，A離開豎直墻前，系統(tǒng)動(dòng)量、機(jī)械能都不守恒C.撤去F后，A離開豎直墻后，彈簧的彈性勢能最大值為ED.撤去F后，A離開豎直墻后，彈簧的彈性勢能最大值為E/33、對一電容器充電時(shí)電容器的電容C，帶電荷量Q，電壓U之間的關(guān)系圖象如圖所示，其中正確的是()4、關(guān)于物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件，以下說法中正確的是()

A.物體在恒力作用下，一定做曲線運(yùn)動(dòng)B.物體在受到與速度成一角度的力作用下，一定做曲線運(yùn)動(dòng)；C.物體在變力作用下，一定做曲線運(yùn)動(dòng)；D.物體在變力作用下，不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．5、一個(gè)靜止的鈾核，放在勻強(qiáng)磁場中，它發(fā)生一次婁脕

衰變后變?yōu)殁Q核，核反應(yīng)方程式為92238U鈫?9023424He.婁脕

粒子和釷核都在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng).

某同學(xué)作出如圖所示運(yùn)動(dòng)徑跡示意圖，以下判斷正確的是(

)

A.1

是婁脕

粒子的徑跡，2

是釷核的徑跡B.1

是釷核的徑跡，2

是婁脕

粒子的徑跡C.3

是婁脕

粒子的徑跡，4

是釷核的徑跡D.3

是釷核的徑跡，4

是婁脕

粒子的徑跡6、圖為氫原子的能級示意圖。關(guān)于氫原子躍遷，下列說法中不正確的是（）A.一群處于量子數(shù)n=5激發(fā)態(tài)的氫原子，它向低能級躍遷時(shí)，最多可產(chǎn)生10種不同頻率的光子B.處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子吸收具有1.87eV能量的光子后被電離C.用12eV的光子照射處于基態(tài)的氫原子，氫原子仍處于基態(tài)D.氫原子從高能級向低能級躍遷時(shí)，動(dòng)能增大，電勢能增大評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)7、游標(biāo)卡尺的主要部分是主尺和一條可以沿著主尺滑動(dòng)的游標(biāo)尺．20分度的游標(biāo)卡尺，當(dāng)游標(biāo)尺上的0刻線與主尺上的0刻線正好對齊，則游標(biāo)尺上的0刻線后第20刻線與主尺上的0刻線后第____條刻線恰好對齊，其游標(biāo)尺上每一個(gè)分度為____mm，主尺上一個(gè)刻度與游標(biāo)上的一個(gè)刻度相差____mm．8、空氣壓縮機(jī)在一次壓縮過程中對活塞對空氣做了2.7×105J的功，同時(shí)空氣向外界放出熱量2.3×105J，則空氣壓縮機(jī)氣缸內(nèi)的內(nèi)能增加______J．9、如圖所示，MN

和PQ

是固定在水平面內(nèi)間距L=0.2m

的平行金屬導(dǎo)軌，軌道的電阻忽略不計(jì).

金屬桿ab

垂直放置在軌道上.

兩軌道間連接有阻值為R0=1.5婁賂

的電阻，ab

桿的電阻R=0.5婁賂ab

桿與導(dǎo)軌接觸良好并不計(jì)摩擦，整個(gè)裝置放置在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T

的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直軌道平面向下。對ab

桿施加一水平向右的拉力，使之以v=5m/s

速度在金屬軌道上向右勻速運(yùn)動(dòng)。(1)a

端電勢_____b

端電勢(

填“大于、小于、等于”。(2)

桿ab

產(chǎn)生電動(dòng)勢為_____V

(3)

通過電阻R0

的電流為____A

(4)

對ab

桿施加的水平向右的拉力大小為____N

10、倫琴射線管是用來產(chǎn)生X射線的一種裝置，構(gòu)造如圖所示．真空度很高（約為10-4Pa）的玻璃泡內(nèi)，有一個(gè)陰極K和一個(gè)陽極A，由陰極發(fā)射的電子受強(qiáng)電場的作用被加速后打到陽極，會(huì)產(chǎn)生X光內(nèi)的各種能量的光子，其中光子能量最大值等于電子的動(dòng)能．已知陽極和陰極之間的電勢差U，普朗克常數(shù)h，電子電荷量e和光速c，則可知該倫琴射線管產(chǎn)生的X光的最大頻率為______，最短波長為______．11、如圖所示，AB兩端接直流穩(wěn)壓電源，UAB=100V，R=40Ω，滑動(dòng)變阻器總電阻R=20Ω，當(dāng)滑動(dòng)片處于變阻器中點(diǎn)時(shí)，C、D兩端電壓UCD為____V，通過電阻R的電流為____A．

12、一方面能源在人類日益增加的需求下，逐漸枯竭，另一方面能源的大量開發(fā)利用既為人類帶來了文明與繁榮，也給人類的生存環(huán)境帶來了如酸雨、臭氧層被破壞、溫室效應(yīng)等巨大的災(zāi)難．因此，今后我們利用能源的技術(shù)發(fā)展方向是____、____．13、如圖所示，給金屬圓環(huán)通電時(shí)，與其共面的小磁針S

極轉(zhuǎn)向讀者，則圓環(huán)中的電流方向是______(

填順時(shí)針或逆時(shí)針)

．14、如圖1是研究某光電管發(fā)生光電效應(yīng)的電路圖，當(dāng)用頻率為ν的光照射金屬K時(shí)，通過調(diào)節(jié)光電管兩端電壓U，測量對應(yīng)的光電流I，繪制了如圖2的I-U圖象。當(dāng)用頻率為2ν的光照射金屬K時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能EK=______。已知電子所帶電荷量為e，圖象中UC、Im及普朗克常量h均為已知量。

評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、證明題(共2題，共14分)20、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。評卷人得分五、簡答題(共4題，共16分)22、在房間的一角打開一瓶香水，如果沒有空氣對流，在房間另一角的人并不能馬上聞到香味，這是由氣體分子運(yùn)動(dòng)速率不大造成的．這種說法對嗎？為什么？23、常溫下，向rm{100mL0.01mol?L-1HA}溶液中逐滴加入rm{0.02mol?L-1MOH}溶液，圖中所示的曲線表示混合溶液的rm{pH}變化情況rm{(}溶液體積變化勿略不計(jì)rm{)}回答下列問題：rm{(1)}由圖中信息可知rm{HA}為____酸rm{(}填“強(qiáng)”或“弱”rm{)}rm{(2)}常溫下一定濃度的rm{MA}稀溶液的rm{pH=a}則rm{a}____rm{7}用離子方程式表示其原因____，此時(shí)，溶液中水電離出rm{c(OH^{-})=}____。rm{(3)}請寫出rm{K}點(diǎn)所對應(yīng)的溶液中離子濃度的大小關(guān)系：____rm{(4)K}點(diǎn)所對應(yīng)的溶液中，rm{c(M^{+})+c(MOH)}____rm{2c(A^{-})}若此時(shí)溶液的rm{pH=10}則rm{c(MOH)+c(OH^{-})=}____rm{mol?L^{-1}}24、【化學(xué)選修r(nóng)m{3}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】前四周期原子序數(shù)依次增大的六種元素rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}中，rm{A}rm{B}屬于同一短周期元素且相鄰，rm{A}元素所形成的化合物種類最多，rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}是位于同一周期的金屬元素，基態(tài)rm{C}rm{F}原子的價(jià)電子層中未成對電子均為rm{1}個(gè)，且rm{C}rm{F}原子的電子數(shù)相差為rm{10}基態(tài)rm{D}rm{E}原子的價(jià)電子層中未成對電子數(shù)分別為rm{4}rm{2}且原子序數(shù)相差為rm{2}rm{(1)}六種元素中第一電離能最小的是____________rm{(}填元素符號，下同rm{)}電負(fù)性最大的是____________。元素rm{F}在元素周期表的位置是_____________。rm{(2)}黃血鹽是由rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}四種元素形成的配位化合物rm{C_{4}[D(AB)_{6}]}易溶于水，廣泛用作食鹽添加劑rm{(}抗結(jié)劑rm{)}請寫出黃血鹽的化學(xué)式______________________，黃血鹽晶體中各種微粒間的作用力不涉及__rm{(}填序號rm{)}rm{a.}離子鍵rm{b.}共價(jià)鍵rm{c.}配位鍵rm{d.}金屬鍵rm{e.}氫鍵rm{f.}分子間的作用力rm{(3)E^{2+}}的價(jià)層電子排布圖為，很多不飽和有機(jī)物在rm{E}催化下可與rm{H2}發(fā)生加成反應(yīng)：如rm{壟脵C(jī)H_{2}=CH_{2}}rm{壟脷HC}rm{CH}rm{壟脹}rm{壟脺HCHO}其中碳原子采取rm{sp^{2}}雜化的分子有__________rm{(}填物質(zhì)序號rm{)}rm{(4)}金屬rm{C}rm{F}晶體的晶胞結(jié)構(gòu)如圖rm{(}請先判斷對應(yīng)的圖rm{)}rm{C}rm{F}兩種晶體晶胞中金屬原子的配位數(shù)之比為____。金屬rm{C}的晶胞中，若設(shè)該晶胞的密度為rm{ag/cm^{3}}阿伏加得羅常數(shù)為rm{NA}rm{C}原子的摩爾質(zhì)量為rm{Mg/mol}則表示rm{C}原子半徑的計(jì)算式為________________rm{cm}25、將以下物質(zhì)的序號填在相應(yīng)的空格上rm{壟脵}液氯rm{壟脷}氯氣rm{壟脹}白磷rm{壟脺}紅磷rm{壟脻D}rm{壟脼T}rm{壟脽CH_{2}=CH-CH_{3;;;;;;;;}}rm{壟脽CH_{2}=

CH-CH_{3;;;;;;;;}}rm{壟脿2}二甲基丁烷rm{2隆陋}rm{壟謾}rm{壟芒}同系物的有____；rm{(1)}互為同分異構(gòu)體的有____；rm{(2)}互為同素異形體的有____；rm{(3)}互為同位素的有____；rm{(4)}互為同一物質(zhì)的有____。rm{(5)}評卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共15分)26、在“測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中，

(1)

在圖1

方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路；按你所畫電路連接圖2

實(shí)物圖；

(2)

在圖2

實(shí)物圖中；為避免燒壞電表，閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于最______端(

填“左”或“右”)

．

(3)

圖3

是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的U鈭?I

圖象，由圖可知，電源的電動(dòng)勢E=

______V

內(nèi)阻r=

______婁賂.

(4)

本實(shí)驗(yàn)誤差的主要原因(

寫出兩個(gè))

______，______．27、某同學(xué)利用兩個(gè)電流傳感器(

相當(dāng)于理想電流表)

和定值電阻R0=2k婁賂

以及滑動(dòng)變阻器、待測電池，設(shè)計(jì)了如圖(a)

所示的電路測定電池電動(dòng)勢和內(nèi)阻，進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。該同學(xué)測出的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表所示：。次數(shù)1

2

3

4

5

I

1

/mA

1.35

1.30

1.20

1.10

1.05

I

2

/A

0.30

0.40

0.60

0.80

0.90

表中，I1

和I2

分別是通過電流傳感器1

和2

的電流。該電流的值通過數(shù)據(jù)采集器輸入到計(jì)算機(jī)，數(shù)據(jù)采集器和計(jì)算機(jī)對原電路的影響可忽略。(1)(1)在圖(b)(b)中繪出II1II2圖線；(2)(2)由II1II2圖線得出，被測電池的電動(dòng)勢為________VV內(nèi)阻為________婁賂婁賂((保留兩位有效數(shù)字))28、如圖甲所示為某工廠成品包裝車間的光傳感記錄器，光敏電阻R1

能接收到發(fā)光元件A

發(fā)出的光，R2

為定值電阻，每當(dāng)工件擋住A

發(fā)出的光，光傳感器B

就輸出一個(gè)電信號(

擋光時(shí)間忽略不計(jì))

并經(jīng)信號處理器處理后在屏幕顯示出電信號與時(shí)間的關(guān)系，如圖乙所示.

若傳送帶保持勻加速運(yùn)動(dòng)，每個(gè)工件均相對傳送帶靜止，且相鄰工件間距依次為7.515.022.530(

單位：cm).

則當(dāng)工件擋住A

發(fā)出的光時(shí)，光傳感器就輸出一次______電壓(

選填“高”或“低”)

工件的加速度的大小為______m/s2

．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】解：根據(jù)楞次定律知；感應(yīng)電動(dòng)勢的方向是逆時(shí)針方向，則上極板帶正電．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：

E==5×10-2×0.05×0.08V=2×10-4V；

則：Q=CU=CE=3×10-5×2×10-4=6×10-9C．故B正確；A；C、D錯(cuò)誤．

故選：B．

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢的方向；從而得知上極板所帶電量的電性，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，根據(jù)Q=CU求出所帶電量的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢的方向，以及掌握法拉第電磁感應(yīng)定律．【解析】【答案】B2、D【分析】【解析】【答案】D3、C|D【分析】試題分析：電容是電容器本身的一種特性，與帶電荷量、電壓無關(guān)，故A、B錯(cuò)誤、C正確；根據(jù)電容的定義可知，帶電荷量所以選項(xiàng)D正確；考點(diǎn)：平行板電容器【解析】【答案】CD4、B【分析】【分析】物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結(jié)論。本題關(guān)鍵是對質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，勻速圓周運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)等都是曲線運(yùn)動(dòng)，對于它們的特點(diǎn)要掌握住?！窘獯稹緼.物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上；物體在恒力作用下，可以是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，不一定做曲線運(yùn)動(dòng)，所以A錯(cuò)誤；

B.物體在受到速度成一角度的力作用下；物體一定做曲線運(yùn)動(dòng)，所以B正確；

C.物體受變力的作用；但力的方向可以速度的方向相同，此時(shí)物體仍然做直線運(yùn)動(dòng)，所以C錯(cuò)誤；

D.勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力的方向始終是指向圓心的；所以勻速圓周運(yùn)動(dòng)一定是受到變力的作用，所以D錯(cuò)誤。

故選B。【解析】B

5、B【分析】????【分析】

衰變生成的新核的動(dòng)量守恒；根據(jù)左手定則判斷粒子的受力方向，從而判斷出是內(nèi)切圓還是外切圓。

本題考查了衰變后生成核在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)情況；要會(huì)用左手定則。

【解答】

由動(dòng)量守恒可知，靜止的鈾核發(fā)生婁脕

衰變后，生成的均帶正電的婁脕

粒子和釷核的動(dòng)量大小相等，但方向相反，由左手定則可知它們的運(yùn)動(dòng)軌跡應(yīng)為“外切”圓，又R=mvBq=pBq

，在p

和B

相等的情況下，R隆脴1q

，因q卯脢>q婁脕

則R

釷<R婁脕1

是釷核的徑跡，2

是婁脕

粒子的徑跡，故B正確。

故選B?！窘馕觥緽

6、D【分析】解：A、一群處于n=5激發(fā)態(tài)的氫原子，依據(jù)C=10；向低能級躍遷時(shí)最多可發(fā)出種10不同頻率的光，故A正確；

B；處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子的能級為-1.51eV；它吸收具有1.87eV＞1.51eV能量的光子后被電離，故B正確；

C；處于基態(tài)的氫原子若吸收一個(gè)12eV的光子后的能量為：-13.6eV+12eV=-1.6eV．由于不存在該能級；所以用12eV的光子照射處于基態(tài)的氫原子時(shí)，電子不可能躍遷到n=2能級，故C正確；

D；氫原子中的電子從高能級向低能級躍遷時(shí)軌道半徑減??；該過程中電場力做正功，電勢能減?。?/p>

根據(jù)=可知?jiǎng)幽茉龃?，故D不正確。

本題選擇不正確的；故選：D。

根據(jù)向低能級躍遷時(shí)，一群原子可以發(fā)出種不同頻率的光子；若一個(gè)氫原子時(shí)需根據(jù)可能性分析；求出原子吸收光子后躍遷的最高能級，能級差最小的放出的光子能量最小，從而即可求解。

正確根據(jù)氫原子的能級公式和躍遷進(jìn)行有關(guān)問題的計(jì)算，是原子物理部分的重點(diǎn)知識，要注意加強(qiáng)訓(xùn)練，同時(shí)注意本題選擇錯(cuò)誤的?！窘馕觥緿二、填空題(共8題，共16分)7、略

【分析】

20分度的游標(biāo)卡尺；游標(biāo)尺上20格把1cm，分成20格，每格0.05mm，也就是說，游標(biāo)尺上每一個(gè)分度為0.95毫米，所以當(dāng)游標(biāo)尺上的0刻線與主尺上的0刻線正好對齊，則游標(biāo)尺上的0刻線后第20刻線與主尺上的0刻線后第19條刻度線對齊，游標(biāo)尺的每一分度與主尺的最小分度相差0.05mm．

故答案為：19；0.95；0.05

【解析】【答案】根據(jù)游標(biāo)卡尺的原理即可求解。

8、略

【分析】解：根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q+W，活塞對空氣做功為W=2.7×105J，同時(shí)空氣向外界放出熱量2.3×105J；根據(jù)公式為：△U=Q+W．氣體內(nèi)能增加了：△Q=2.7×105J-2.3×105J=4×104J，放出熱量為Q=4.0×104J．

故答案為：4×104．

熱力學(xué)第一定律內(nèi)容為：熱力系內(nèi)物質(zhì)的能量可以傳遞；其形式可以轉(zhuǎn)換，在轉(zhuǎn)換和傳遞過程中各種形式能源的總量保持不變．公式為：△U=Q+W．

本題關(guān)鍵是根據(jù)熱力學(xué)第一定律列式求解，基礎(chǔ)題，同時(shí)要作用符號法則的應(yīng)用．【解析】4×1049、（1）大于

（2）0.5

（3）0.25

（4）0.025【分析】【分析】

由右手定則可以判斷出電流方向，然后判斷出電勢高低；由E=BLv"role="presentation">EE==BBLLvvEE==BBLLvvEE==BBLLvvEEEE==

==

BBBB

LL

(1)LLvvvv求出感應(yīng)電動(dòng)勢；根據(jù)閉合電路歐姆定律求出通過電阻R0R_{0}電流；由安培力公式求出安培力，然后由平衡條件求出拉力大?。槐绢}考查了判斷電勢高低，求感應(yīng)電動(dòng)勢、電流、拉力等知識，應(yīng)用右手定則、E=BLvE=BLvI=ER+R0I=dfrac{E}{R+{R}_{0}}安培力公式即可正確解題?！窘獯稹坑捎沂侄▌t可知，金屬桿中的電流由b"role="presentation">bbbbbbbbbb流向a"role="presentation">aaaa

aa

aa

aa

，金屬桿【解析】(1)

大于(2)0.5

(3)0.25

(4)0.025

10、【分析】解：光子的最大能量E=eU=hv，解得v=．

則最短波長．

故答案為：．

根據(jù)動(dòng)能定理求出電子的最大動(dòng)能；從而得出光子的最大能量，根據(jù)E=hv求出最大頻率，根據(jù)頻率和波長的關(guān)系求出最短波長．

解決本題的關(guān)鍵知道光子能量與頻率的關(guān)系，以及知道波長與頻率的關(guān)系．【解析】11、略

【分析】

R的上半部分與R串聯(lián)的總電阻R′=R+=50Ω；

由歐姆定律可得：流過R的電流I==A=2A；

R兩端的電壓U=IR=2A×40Ω=80V；

即CD兩端的電壓為80V，通過R的電流為2A．

故答案為：80V；2A

【解析】【答案】由圖可知R的上端與R串聯(lián)后與R的下端并聯(lián)；兩支路兩端的電壓均為UAB，由歐姆定律可求得通過R的電流，及R兩端的電壓．

12、太陽能風(fēng)能等開發(fā)利用【分析】【解答】今后我們利用能源的技術(shù)發(fā)展方向是太陽能；風(fēng)能等新能源的開發(fā)和利用作為利用能源的技術(shù)發(fā)展方向．

故答案為：太陽能；風(fēng)能等開發(fā)利用．

【分析】在能源逐漸枯竭，能源的大量開發(fā)利用給人類的生存環(huán)境帶來了如酸雨、臭氧層被破壞、溫室效應(yīng)等巨大的災(zāi)難，今后我們應(yīng)加強(qiáng)新能源的開發(fā)和利用．13、略

【分析】解：1820

年；丹麥物理學(xué)家奧斯特首先通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)通導(dǎo)線周圍存在磁場.

由題，小磁針S

極轉(zhuǎn)向讀者，則N

極轉(zhuǎn)向紙里，說明圓環(huán)內(nèi)磁場方向向里，根據(jù)安培定則可知，圓環(huán)中的電流方向是順時(shí)針方向．

故答案為：順時(shí)針。

1820

年；丹麥物理學(xué)家奧斯特首先通過實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)通導(dǎo)線周圍存在磁場.

磁場方向小磁針N

極受力方向相同.

根據(jù)小磁針S

極偏轉(zhuǎn)方向，確定磁場方向，根據(jù)安培定則分析電流的方向．

通導(dǎo)線周圍產(chǎn)生磁場的現(xiàn)象叫做電流的磁效應(yīng)，首先是由奧斯特發(fā)現(xiàn)的.

安培定則是判斷電流方向與磁場方向關(guān)系的定則，注意N

極轉(zhuǎn)向何方是解題的關(guān)鍵．【解析】順時(shí)針14、hν+eUC【分析】解：由圖2可知，當(dāng)該裝置所加的電壓為反向電壓，當(dāng)電壓是Uc時(shí)，電流表示數(shù)為0，知道光電子點(diǎn)的最大初動(dòng)能為：Ekm=e?Uc；

根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hv-W0；

則：W0=hv-eUc。

當(dāng)用頻率為2ν的光照射金屬K時(shí)，Ek=2hv-W0=hv+eUc

故答案為：hν+eUC

該裝置所加的電壓為反向電壓，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)等于Uc時(shí)，電流表示數(shù)為0，知道光電子點(diǎn)的最大初動(dòng)能，根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=hv-W0；求出逸出功；最后由光電效應(yīng)方程求出光電子的最大初動(dòng)能。

考查光電效應(yīng)方程的應(yīng)用，理解逸出功的含義，掌握求解最大初動(dòng)能的方法，并能看懂圖象?！窘馕觥縣ν+eUC三、判斷題(共5題，共10分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．四、證明題(共2題，共14分)20、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)21、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)五、簡答題(共4題，共16分)22、略

【分析】【解析】試題分析：擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)是分子無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的表現(xiàn)，根據(jù)分子動(dòng)理論解釋此題即可。這種說法是錯(cuò)誤的，氣體分子運(yùn)動(dòng)的速率實(shí)際上是比較大的．過一會(huì)兒才聞到香味的原因是：雖然氣體分子運(yùn)動(dòng)的速率比較大，但由于分子運(yùn)動(dòng)是無規(guī)則的，且與空氣分子不斷碰撞，因此要聞到足夠多的香水分子必須經(jīng)過一段時(shí)間.考點(diǎn)：分子的運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】分子運(yùn)動(dòng)論相關(guān)現(xiàn)象的解釋見答案23、（1）強(qiáng)（2）＜M++H2O?MOH+H+10-amol?L-1（3）c（M+）＞c（A-）＞c（OH-）＞c（H+）（4）=0.005【分析】【分析】本題考查了弱電解質(zhì)的電離、鹽類的水解、溶液的稀釋、離子濃度的大小比較等知識點(diǎn)，利用電荷守恒、物料守恒來分析解答即可，難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}根據(jù)圖象知，rm{0.01mol?L^{-1}HA}溶液中rm{PH=2}氫離子濃度等于酸濃度，所以該酸是強(qiáng)酸；

故答案為：強(qiáng)；

rm{(2)N}點(diǎn)時(shí)溶液呈中性，rm{MOH}的物質(zhì)的量大于rm{HA}的物質(zhì)的量，說明rm{MOH}是弱堿，rm{MA}屬于強(qiáng)酸弱堿鹽，水解顯示酸性，即rm{a<7}原因是rm{M^{+}}離子結(jié)合水電離的氫氧根離子生成了rm{MOH}離子方程式為：rm{M^{+}+H_{2}O?MOH+H^{+}}水電離的氫氧根離子等于溶液中氫離子的濃度，即rm{c(OH^{-})=1隆脕10^{-a}mol?L^{-1}}

故答案為：rm{<}rm{M^{+}+H_{2}O?MOH+H^{+}}rm{1隆脕10^{-a}mol?L^{-1}}

rm{(3)}由于在rm{K}點(diǎn)，rm{MOH}的物質(zhì)的量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于rm{HA}的物質(zhì)的量，溶液顯示堿性，所以溶液中濃度大小關(guān)系為：rm{c(M^{+})>c(A^{-})>c(OH^{-})>c(H^{+})}

故答案為：rm{c(M^{+})>c(A^{-})>c(OH^{-})>c(H^{+})}

rm{(4)K}點(diǎn)時(shí)，加入的rm{MOH}的物質(zhì)的量rm{=0.02mol?L^{-1}隆脕0.1L=0.002mol}混合溶液的體積是rm{0.2L}根據(jù)物料守恒知，rm{c({M}^{+})+c(MOH)=dfrac{0.002mol}{0.2L}=0.01mol/L}rm{c({M}^{+})+c(MOH)=

dfrac{0.002mol}{0.2L}=0.01mol/L}是強(qiáng)酸，所以反應(yīng)后的溶液中，rm{HA}故rm{c(A^{-})=1/2隆脕0.01mol/L=0.005mol/L}根據(jù)電荷守恒可得：rm{c(M^{+})+c(MOH)=2c(A^{-})}由rm{c(H^{+})+c(M^{+})=c(A^{-})+c(OH^{-})}可得rm{c(M^{+})+c(MOH)=0.01mol/L}帶入電荷守恒公式可得：rm{c(M^{+})=0.01mol/L-c(MOH)}整理可得：rm{c(H^{+})+0.01mol/L-c(MOH)=c(A^{-})+c(OH^{-})}

rm{c(MOH)+c(OH^{-})=c(H^{+})+0.01mol/L-c(A^{-})=}

故答案為：rm{10^{-10}mol/L+0.01mol/L-0.005mol?L^{-1}隆脰0.005mol?L^{-1}}rm{=}

rm{0.005}【解析】rm{(1)}強(qiáng)rm{(2)<}rm{M^{+}+H_{2}O?MOH+H^{+}}rm{10^{-a}mol?L^{-1}}rm{(3)c(M^{+})>c(A^{-})>c(OH^{-})>c(H^{+})}rm{(4)=}rm{0.005}24、rm{(1)K}rm{N}第四周期rm{IB}族

rm{(2)K_{4}[Fe(CN)_{6}]}rm{{,!}_{;;;}def}

rm{(3)}rm{壟脵壟脹壟脺}

rm{(4)2}rm{3}rm{dfrac{sqrt{3}}{4}隆脕sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}}rm{dfrac{sqrt{3}}{4}隆脕sqrt[3]{

dfrac{2M}{a{N}_{A}}}}【分析】【分析】本題是對物質(zhì)結(jié)構(gòu)的考查，涉及元素推斷、核外電子排布、電離能、電負(fù)性、配合物、化學(xué)鍵、雜化軌道、晶胞計(jì)算等，rm{(4)}為易錯(cuò)點(diǎn)、難點(diǎn)，需要學(xué)生熟記晶胞結(jié)構(gòu)，掌握均攤法進(jìn)行晶胞有關(guān)計(jì)算，對學(xué)生的空間想象及數(shù)學(xué)計(jì)算具有一定的要求，難點(diǎn)中等?！窘獯稹壳八闹芷谠有驍?shù)依次增大的六種元素rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}中，rm{A}rm{B}屬于同一短周期元素且相鄰，rm{A}元素所形成的化合物種類最多，則rm{A}為碳元素、rm{B}為rm{N}元素；rm{C}rm{D}rm{E}rm{F}是位于同一周期的金屬元素，只能處于第四周期，基態(tài)rm{C}rm{F}原子的價(jià)電子層中未成對電子均為rm{1}個(gè)，且rm{C}rm{F}原子的電子數(shù)相差為rm{10}可推知rm{C}為rm{K}rm{F}為rm{Cu}基態(tài)rm{D}rm{E}原子的價(jià)電子層中未成對電子數(shù)分別為rm{4}rm{2}且原子序數(shù)相差為rm{2}rm{D}rm{E}價(jià)電子排布分別為rm{3d^{6}4s^{2}}rm{3d^{8}4s^{2}}故D為rm{Fe}rm{E}為rm{Ni}．

rm{(1)}六種元素中rm{K}的金屬性最強(qiáng)，其第一電離能最小，非金屬性越強(qiáng)電負(fù)性越大，故電負(fù)性最大的是rm{N}rm{F}為rm{Cu}在元素周期表的位置是第四周期rm{IB}族；

故答案為：rm{K}rm{N}第四周期rm{IB}族；

rm{(2)}黃血鹽的化學(xué)式rm{K_{4}[Fe(CN)_{6}]}黃血鹽晶體中含有離子鍵；配位鍵、共價(jià)鍵，沒有金屬鍵、氫鍵、分子間的作用力；

故答案為：rm{K_{4}[Fe(CN)_{6}]}rm{def}

rm{(3)Ni^{2+}}的價(jià)層電子排布式為rm{3d^{8}}故價(jià)電子排布圖為rm{壟脵C(jī)H_{2}=CH_{2}}rm{壟脹}rm{壟脺HCHO}中rm{C}原子價(jià)層電子對數(shù)都是rm{3}沒有孤電子對，rm{C}原子采取rm{sp^{2}}雜化，rm{壟脷HC隆脭CH}為rm{C}原子價(jià)層電子對數(shù)是rm{2}沒有孤電子對，rm{C}原子采取rm{sp}雜化，故答案為：rm{壟脵壟脹壟脺}

rm{(4)}金屬rm{K}晶體為體心立方堆積，晶胞結(jié)構(gòu)為圖Ⅰ，晶胞中rm{K}原子配位數(shù)為rm{8}金屬rm{Cu}晶體為面心立方最密堆積，晶胞結(jié)構(gòu)為圖Ⅱ，以頂點(diǎn)rm{Cu}原子研究與之最近的原子位于面心，每個(gè)頂點(diǎn)rm{Cu}原子為rm{12}個(gè)面共用，晶胞中rm{Cu}原子配位數(shù)為rm{12}rm{K}rm{Cu}兩種晶體晶胞中金屬原子的配位數(shù)之比為rm{8}rm{12=2}rm{3}金屬rm{K}的晶胞中，rm{K}原子數(shù)目rm{=1+8隆脕dfrac{1}{8}=2}若rm{K}原子的摩爾質(zhì)量為rm{M}阿伏加得羅常數(shù)為rm{N_{A}}則晶胞質(zhì)量rm{=dfrac{2M}{N_{A}}g}設(shè)該晶胞的密度為rm{ag/cm^{3}}則晶胞體積rm{=dfrac{dfrac{2M}{N_{A}}g}{ag/cm^{3}}=dfrac{2M}{aN_{A}}cm^{3}}晶胞棱長rm{=sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}cm}設(shè)rm{=dfrac{dfrac

{2M}{N_{A}}g}{ag/cm^{3}}=dfrac{2M}{aN_{A}}cm^{3}}原子半徑為rm{=sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}

cm}則晶胞體對角線長度rm{K}故rm{3(sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}cm)^{2}=(4r)^{2}}故rm{r=dfrac{sqrt{3}}{4}隆脕sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}cm}

故答案為：rm{r}rm{=4r}rm{dfrac{sqrt{3}}{4}隆脕sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}cm}

rm{3(sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}

cm)^{2}=(4r)^{2}}【解析】rm{(1)K}rm{N}第四周期rm{IB}族rm{(2)K_{4}[Fe(CN)_{6}]}rm{{,!}_{;;;}def}rm{(3)}rm{壟脵壟脹壟脺}rm{(4)2}rm{3}rm{dfrac{sqrt{3}}{4}隆脕sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}}rm{dfrac{sqrt{3}}{4}隆脕sqrt[3]{

dfrac{2M}{a{N}_{A}}}}25、（1）⑧與⑨（2）⑦與⑩（3）③與④（4）⑤與⑥（5）①與②【分析】【分析】本題考查同系物、同分異構(gòu)體、同位素、同素異形體、同一物質(zhì)的判斷，題目難度不大，充分考查了學(xué)生對所學(xué)知識的掌握情況?！窘獯稹縭m{(1)}互為同系物的化合物具有相似的結(jié)構(gòu)、不同的分子式，滿足條件的為：rm{壟脿2}rm{2-}二甲基丁烷和rm{壟謾}故答案為：rm{壟脿}與rm{壟謾}；rm{(2)}互為同分異構(gòu)體的有機(jī)物具有相同的分子式、不同的結(jié)構(gòu)，滿足條件的有：rm{壟脽CH_{2}=CH-CH_{3}}和rm{壟芒}故答案為：rm{壟脽}與rm{壟芒}rm{(3)}同素異形體為同種元素形成的不同單質(zhì)，滿足條件的為：rm{壟脹}白磷和rm{壟脺}紅磷；故答案為：rm{壟脹}與rm{壟脺}；

rm{(4)}同位素為同