2025年人教版（2024）必修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）必修3物理下冊階段測試試卷859考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，電源的電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S后，若滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)；則（）

A.小燈泡的功率減小B.電壓表的示數(shù)減小C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數(shù)變化量的比值||不變2、在如圖所示的電路中，當(dāng)電鍵S閉合后，電流表和電壓表的示數(shù)分別為和當(dāng)可變電阻R的滑動(dòng)片向右移動(dòng)后，電流表和電壓表的示數(shù)分別變?yōu)楹蛣t有。

A.B.C.D.23、三根長直導(dǎo)線垂直于紙面放置，通以大小相同、方向如圖所示的電流，且ab=ad=ac；導(dǎo)線c在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，則a點(diǎn)處的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。

A.BB.BC.BD.2B4、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.時(shí)間B.長度C.電場強(qiáng)度D.質(zhì)量5、如圖所示，平行板電容器的上極板帶正電、下極板帶負(fù)電，兩板之間的距離為d，電容為C。質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電液滴恰能在電場中的P點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)。設(shè)電場內(nèi)a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小分別為Ea、Eb，電勢大小分別為φa、φb。下列關(guān)于Ea、Eb和φa、φb大小關(guān)系正確的是（）

A.Ea>EbB.EabC.φa>φbD.φa<φb6、下列物理量中，屬于矢量的是（）A.電勢B.電壓C.電勢能D.電場強(qiáng)度7、某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中豎直的一條電場線如圖甲中虛線所示，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電小球；在電場中從O點(diǎn)由靜止開始沿電場線豎直向下運(yùn)動(dòng)。以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機(jī)械能E與位移x的關(guān)系如圖乙所示；不計(jì)空氣阻力；則（）

A.電場強(qiáng)度大小恒定，方向沿x軸正方向B.從O到的過程中，小球的速率越來越大，加速度越來越大C.從O到的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功相等D.到達(dá)位置時(shí)，小球速度的大小為8、某同學(xué)在測量電阻實(shí)驗(yàn)時(shí)；按圖所示連接好實(shí)驗(yàn)電路。閉合開關(guān)后發(fā)現(xiàn)：電流表示數(shù)很??；電壓表示數(shù)接近于電源電壓，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片時(shí)兩電表示數(shù)幾乎不變化，電表及其量程的選擇均無問題。請你分析造成上述結(jié)果的原因可能是（）

A.電流表斷路B.滑動(dòng)變阻器滑片接觸不良C.開關(guān)接觸部位由于氧化，使得接觸電阻太大D.待測電阻和接線柱接觸位置由于氧化，使得接觸電阻很大9、如圖所示；電荷q均勻分布在半球面上，球面的半徑為R，CD為通過半球頂點(diǎn)C與球心O的軸線．P；Q為CD軸上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩點(diǎn)．如果帶電量為Q的均勻帶電球殼，其內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電勢都相等．則下列判斷正確的是()

A.P點(diǎn)的電勢與Q點(diǎn)的電勢相等B.帶正電的微粒在O點(diǎn)的電勢能為零C.在P點(diǎn)靜止釋放帶正電的微粒(重力不計(jì))，微粒將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.P點(diǎn)的電場強(qiáng)度與Q點(diǎn)的電場強(qiáng)度相等評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)10、如圖所示，平行板電容器兩極板M、N相距為d，兩極板分別與電壓為U的恒定電源兩極連接。現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電油滴在極板中央處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時(shí)極板所帶電荷量是油滴所帶電荷量的k倍；則（）

A.油滴帶負(fù)電B.油滴所帶電荷量為C.電容器的電容為D.將極板N向下緩慢移動(dòng)一小段距離，油滴將向上運(yùn)動(dòng)11、如圖所示，圖中的四個(gè)電表均為理想電表，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右端滑動(dòng)時(shí)，下面說法正確的是()

A.電壓表的讀數(shù)減小，電流表的讀數(shù)增大B.電壓表讀數(shù)變化量的大小與電流表讀數(shù)變化量的大小比值增大C.若電壓表讀數(shù)變化量大小為電流表讀數(shù)變化量的大小為則D.若則電壓表的讀數(shù)與電流表讀數(shù)的乘積增大12、如圖所示，實(shí)線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點(diǎn)以相同的初速度飛出。僅在電場力作用下；兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電B.a加速度減小，b加速度增大C.a電勢能減小，b電勢能增大D.a和b的動(dòng)能一定都增大13、如圖所示，兩虛線相距兩虛線之間的區(qū)域分別存在著方向豎直向上的勻強(qiáng)電場和方向豎直向下的勻強(qiáng)電場為兩電場的水平分界線。一帶電荷量為質(zhì)量為的粒子由邊界上距為的點(diǎn)以初速度垂直射入電場，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后，穿過分界線上某一點(diǎn)后由邊界上距為的點(diǎn)垂直邊界射出。粒子重力不計(jì)，則的大小可能為（）

A.B.C.D.14、如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，將一內(nèi)壁光滑、半徑為R的固定絕緣圓軌道放置在豎直平面內(nèi)，AB為圓軌道的水平直徑，CD為豎直直徑。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球從軌道的最低點(diǎn)C獲得一定的初速度后，能夠在軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為E=不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的電勢能最大B.小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最小C.小球運(yùn)動(dòng)到A、D兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等D.若小球恰能在軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)過程中對(duì)軌道的最大壓力為mg15、在探究影響導(dǎo)體電阻與其影響因素的定量關(guān)系時(shí)，某同學(xué)按如圖所示的電路進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)研究，其中導(dǎo)體a與b只是長度不同，a與c只是粗細(xì)不同，a與d只是材料不同；關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）

A.此電路缺少電流表，所以無法研究定量關(guān)系B.a與b相比，導(dǎo)體越長，電壓表示數(shù)越大C.a與c相比，導(dǎo)體越粗，電壓表示數(shù)越大D.a與d相比，電壓示數(shù)越小，表明該種材料的導(dǎo)電性能越好。16、如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢為E，內(nèi)阻為r，電流表和電壓表均為理想電表，R1、R3為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器，C為平行板電容器。開關(guān)S閉合后，兩極板間的帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向a端滑動(dòng)過程中；下列說法正確的是（）

A.R3的功率變小B.電壓表、電流表示數(shù)都變小C.增大平行板間距，則液滴可能保持不動(dòng)D.電容器C所帶電荷量減少，液滴向下加速運(yùn)動(dòng)評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示，R1＝4Ω，R2＝9Ω，R3＝18Ω．通電后經(jīng)R1、R2和R3的電流之比I1∶I2∶I3＝________，R1、R2和R3兩端的電壓之比U1∶U2∶U3＝________．

18、如圖，兩根通電長直導(dǎo)線a、b平行放置，a、b中的電流強(qiáng)度分別為I和2I，此時(shí)a受到的磁場力大小為F，若以該磁場力的方向?yàn)檎?，則b受到的磁場力大小為_____．當(dāng)在a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導(dǎo)線c后，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，則此時(shí)b受到的磁場力大小為_____．19、在伏安法測電阻的實(shí)驗(yàn)中，待測電阻Rx的阻值約為200Ω，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為1Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，結(jié)果由公式計(jì)算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)。若將圖（a）和圖（b）中電路測得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則___________（選填“Rx1”或“Rx2”）更接近待測電阻的真實(shí)值，且測量值Rx1___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值，測量值Rx2___________（選填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。

20、電磁爐是綠色環(huán)保型爐具，在人們生活中有著重要的應(yīng)用（如圖所示）。某同學(xué)家買了一臺(tái)電磁爐，仔細(xì)觀察發(fā)現(xiàn)有兩個(gè)擋位?！皳跷?”上標(biāo)有“220V500W”，“擋位2”上標(biāo)有“220V1000W”，這臺(tái)電磁爐正常工作時(shí)的電壓應(yīng)為_____V。如果用“擋位2”做飯，電路中的電流為_____A。

21、電容器作為儲(chǔ)能器件，在生產(chǎn)生活中有廣泛的應(yīng)用。對(duì)給定電容值為C的電容器充電，無論采用何種充電方式，其兩極間的電勢差u隨電荷量q的變化圖像都相同。請?jiān)趫D中畫出上述u–q圖像____。類比直線運(yùn)動(dòng)中由v–t圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時(shí)電容器所儲(chǔ)存的電場能Ep=____

22、物理學(xué)規(guī)定____定向移動(dòng)的方向?yàn)殡娏鞯姆较颍浑娏魍ㄟ^導(dǎo)體時(shí)能使導(dǎo)體的溫度升高，電能轉(zhuǎn)化為____能；一個(gè)的電阻工作時(shí)，通過它的電流是0.3A，則此電阻在100s內(nèi)電流產(chǎn)生的熱量為____J。評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)23、如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個(gè)邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進(jìn)入磁場算起；規(guī)定剛開始時(shí)磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時(shí)間的變化圖像。

24、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實(shí)驗(yàn)中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將開關(guān)S擲向1，一段時(shí)間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計(jì)算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時(shí)間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項(xiàng)前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個(gè)放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動(dòng)勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時(shí)電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時(shí)間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時(shí)間將變短25、如圖，黑箱面板上有三個(gè)接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個(gè)由四個(gè)阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

26、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請?jiān)趫D中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共4分)27、（1）在測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)先用多用表的直流電壓擋直接去測量電池兩端的電壓，把測量值作為電動(dòng)勢時(shí)，其主要誤差是___________________。為減小實(shí)驗(yàn)誤差；他用如圖所示的電路，并通過作圖法得到電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。

根據(jù)下列實(shí)驗(yàn)器材，則電阻箱應(yīng)選__________；由同一表頭改裝的電流表應(yīng)選__________（填選項(xiàng)前的字母）

A.電阻箱（調(diào)節(jié)范圍）B.電阻箱（調(diào)節(jié)范圍）

C.電流表（量程）D.電流表（量程）

（2）根據(jù)歐姆定律，有通過改變電阻箱電阻，測得若干組電阻值和相應(yīng)的電流值，以為橫軸，為縱軸，得到曲線，求得斜率為縱軸截距為則電動(dòng)勢__________；內(nèi)阻__________。這樣得到的電動(dòng)勢與電流表的內(nèi)阻__________（填“有關(guān)”、“無關(guān)”或“不確定”）；電池內(nèi)阻與電流表的內(nèi)阻__________（填“有關(guān)”、“無關(guān)”或“不確定”）。評(píng)卷人得分六、解答題(共3題，共30分)28、空間存在一方向豎直向下的勻強(qiáng)電場，O、P是電場中的兩點(diǎn)．從O點(diǎn)沿水平方向以不同速度先后發(fā)射兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A、B．A不帶電，B的電荷量為q（q>0）．A從O點(diǎn)發(fā)射時(shí)的速度大小為v0，到達(dá)P點(diǎn)所用時(shí)間為t；B從O點(diǎn)到達(dá)P點(diǎn)所用時(shí)間為．重力加速度為g；求。

（1）電場強(qiáng)度的大??；

（2）B運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能．29、如圖所示，ABCD為豎直放在場強(qiáng)為E＝104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的半圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切，A為水平軌道的一點(diǎn)，而且AB＝R＝0.2m。把一質(zhì)量m＝100g、帶電量q＝＋10-4C的小球，放在水平軌道的A點(diǎn)，由靜止開始被釋放后，在軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)。求：（g＝10m/s2）

（1）它到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度是多大？

（2）它到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力是多大？

30、十三陵抽水蓄能電站是利用十三陵水庫為下庫，在蟒山頂上修建上庫（又名“天池”），上下庫落差h＝430m，如圖18所示．其工作原理是：白天用電高峰期，將天池中的水引向下游水庫，經(jīng)過水輪機(jī)帶動(dòng)發(fā)電機(jī)產(chǎn)生電；晚上用電低谷期，則用抽水機(jī)將水由下游水庫引向天池，由此循環(huán)來發(fā)電．假設(shè)某時(shí)刻將下游水庫的水抽入天池，用電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)效率為η＝60%的離心水泵工作，工作電壓為U＝380V，此時(shí)輸入電動(dòng)機(jī)的電功率為P＝19kW，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為r＝0.4Ω．已知水的密度為ρ＝1×103kg/m3，重力加速度g取10m/s2．求：

(1)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的熱功率Pr；

(2)如果有10臺(tái)這樣的水泵同時(shí)工作，將540m3水蓄入天池，需多長時(shí)間？（不計(jì)進(jìn)、出水口的水流速度）參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．P下滑，R2阻值變?。还孰娐房傠娮铚p小，則總電流增大，通過燈泡的電流增大，可知小燈泡的功率增大，A錯(cuò)誤；

B．因電流增大，則R1上的電壓增大；則電壓表示數(shù)增大，B錯(cuò)誤；

C．總電流增大，所以內(nèi)電壓及R1上的電壓增大，故電容器上電壓減小，所以電容器上的電荷量由知減??；C錯(cuò)誤；

D．兩表示數(shù)之比

故兩表示數(shù)變化量的比值仍為R1不變；D正確。

故選D。2、B【分析】【詳解】

由閉合電路歐姆定律，電流表的示數(shù)而一定，當(dāng)可變電阻的滑動(dòng)片向右移動(dòng)后，減小，由知電流增大，即有：

電壓表的示數(shù)因?yàn)殡娏髟龃螅噪妷罕淼氖緮?shù)減小，即有：

A．與分析不符；故A錯(cuò)誤；

B．與分析相符；故B正確；

C．與分析不符；故C錯(cuò)誤；

D．與分析不符；故D錯(cuò)誤；

故選B。3、C【分析】【詳解】

導(dǎo)線c在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向下，大小為B；導(dǎo)線b在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向左，大小為B；導(dǎo)線d在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向左，大小為B；a點(diǎn)處的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為故選C.4、C【分析】【詳解】

ABD．只有大小沒有方向；運(yùn)算遵循代數(shù)運(yùn)算法則的物理量是標(biāo)量。時(shí)間、長度、質(zhì)量只有大小沒有方向；運(yùn)算遵循代數(shù)運(yùn)算法則，都是標(biāo)量，故ABD錯(cuò)誤；

C．既有大小又有方向；運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，電場強(qiáng)度既有大小又有方向，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則，是矢量，故C正確；

故選C。5、C【分析】【詳解】

兩板間為勻強(qiáng)電場，則Ea=Eb

沿電場線電勢逐漸降低，可知電勢大小分別為φa>φb

則選項(xiàng)ABD錯(cuò)誤；C正確。

故選C。6、D【分析】【詳解】

A．電勢只有大小無方向；是標(biāo)量，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．電壓只有大小無方向；是標(biāo)量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．電勢能只有大小無方向；是標(biāo)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．電場強(qiáng)度即有大小又有方向，是矢量，選項(xiàng)D正確；7、B【分析】【詳解】

A．由圖乙可知，小球的機(jī)械能減少，所以向下運(yùn)動(dòng)時(shí)電場力對(duì)帶負(fù)電小球做負(fù)功，則小球所受電場力沿x軸負(fù)方向，所以電場方向沿x軸正方向，由

可知圖線的斜率表示電場力；由圖可知電場力減小，所以電場強(qiáng)度減小，故A錯(cuò)誤；

B．由牛頓第二定律

可知加速度增大；則小球向下做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C．從O到x1的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功為

由于場強(qiáng)減小，故減??；故C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)動(dòng)能定理可得

解得到達(dá)x1位置時(shí)，小球速度

故D錯(cuò)誤。

故選B。8、D【分析】【詳解】

AB．電流表斷路或者滑動(dòng)變阻器滑片接觸不良；都會(huì)造成整個(gè)電路是斷路情況，即電表示數(shù)為零，AB錯(cuò)誤；

C．開關(guān)接觸部位由于氧化；使得接觸電阻太大，則電路電阻過大，電流很小，流過被測電阻的電流也很小，所以其兩端電壓很小，不會(huì)幾乎等于電源電壓，C錯(cuò)誤；

D．待測電阻和接線柱接觸位置由于氧化；使得接觸電阻很大，相當(dāng)于當(dāng)被測電阻太大，遠(yuǎn)大于和其串聯(lián)的其他儀器的電阻，所以電路電流很小，其分壓接近電源電壓，D正確。

故選D。9、D【分析】【詳解】

A、由電場的疊加原理可知半球面右邊的電場線是水平向右的，沿電場線方向電勢逐漸降低，所以P點(diǎn)的電勢高于Q點(diǎn)的電勢，故A錯(cuò)誤；

B、本題沒有選取零勢點(diǎn)，所以帶正電的微粒在O點(diǎn)的電勢能不一定為零，故B錯(cuò)誤；

C、電場線方向水平向右，所以在P點(diǎn)釋放靜止帶正電的微粒(重力不計(jì))，微粒將作加速運(yùn)動(dòng)，距離遠(yuǎn)后電場力減小，所以是變加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D、均勻帶電半球相當(dāng)于一個(gè)均勻帶正電的球和半個(gè)均勻帶負(fù)電的球，這個(gè)半球放在圖的另一邊，然后看PQ兩點(diǎn)，可以看到，PQ兩點(diǎn)在在上述涉及到的正電半球和負(fù)電半球中的相同的位置上，而由題目給出的條件，正電球在P、Q兩點(diǎn)產(chǎn)生的電場為零，所以，正電半球在Q點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度相當(dāng)于負(fù)電半球在Q點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度，而與P點(diǎn)的環(huán)境比較，唯一的區(qū)別是電荷符號(hào)相反，從而電場大小相同，只有可能有方向的區(qū)別，而分析可知，方向是相同的，故電場強(qiáng)度相等，故D正確；

故選D。

【點(diǎn)睛】

利用等效法分析電場強(qiáng)度，利用疊加原理判斷電場線的分布，由受力分析判斷帶電粒子的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。二、多選題(共7題，共14分)10、A:C【分析】【分析】

本題考查平行板電容器及帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)；由電容的定義式，再結(jié)合電容的決定式進(jìn)行分析；油滴的運(yùn)動(dòng)可結(jié)合其受力情況進(jìn)行分析。

【詳解】

A．由題意可知，帶電荷量為的微粒靜止不動(dòng)；則微粒受到向上的電場力，平行板電容器板間場強(qiáng)方向豎直向下，則微粒帶負(fù)電，故A正確；

B．由平衡條件得

解得油滴帶電荷量為

故B錯(cuò)誤；

C．電容器的電容為

故C正確；

D．極板N向下緩慢移動(dòng)一小段距離，電容器兩極板距離d增大，因電壓U不變，故板間場強(qiáng)E減小，微粒所受電場力F減小，則有

微粒將向下做加速運(yùn)動(dòng)；故D錯(cuò)誤。

故選AC。

【點(diǎn)睛】

本題整合了微粒的力平衡、電容器動(dòng)態(tài)分析，由平衡條件判斷微粒的電性，注意由受力情況來確定運(yùn)動(dòng)情況，是解題的思路。11、A:C【分析】【詳解】

A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸點(diǎn)P向右端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流I1增大，則電流表A1讀數(shù)增大；電壓表V1讀數(shù)U1=E-I1（R1+r），

I1增大，其他量不變，則U1減?。还蔄正確．

B．根據(jù)閉合電路歐姆定律有U1=E-I1（R1+r），則得

保持不變；故B錯(cuò)誤．

C．電流表A1的讀數(shù)等于電流表A2的讀數(shù)與R2的電流之和，即I1=I2+IR2，

因I1增大，I2減小，IR2變大，則?IR2>?I2，

則

選項(xiàng)C正確；

D．將R1+r看做是電源的內(nèi)阻，則電壓表V1的讀數(shù)與電流表A1讀數(shù)的乘積等于電源的輸出功率，當(dāng)R1=R3時(shí)，滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸點(diǎn)P越向右移動(dòng)，則外電阻和R1得差距越大；電源的輸出功率越小，則選項(xiàng)D錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題是簡單的電路動(dòng)態(tài)分析問題，按“部分→整體→部分”的思路進(jìn)行分析．對(duì)于電壓表讀數(shù)的變化量與電流表讀數(shù)的變化量之比，往往根據(jù)閉合電路歐姆定律分析．12、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由運(yùn)動(dòng)軌跡如圖可知，a、b做曲線運(yùn)動(dòng)，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定；A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)a、b兩粒子做曲線運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲程度及電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強(qiáng)度變強(qiáng)，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏；電場強(qiáng)度變?nèi)酰艿碾妶隽υ跍p小，加速度在減小，B正確；

CD．根據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力；速度的夾角為銳角；電場力對(duì)電荷做正功，其動(dòng)能都增大，其電勢能都減小，C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)粒子經(jīng)分界線上的點(diǎn)由勻強(qiáng)電場進(jìn)入勻強(qiáng)電場由到及到的時(shí)間分別為到達(dá)點(diǎn)時(shí)豎直方向的分速度為則

解得

故AD正確。

故選AD。14、C:D【分析】【詳解】

A．小球帶正電；小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)電場力做正功最多，電勢能最小，小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)電勢能最大，A錯(cuò)誤；

B．小球在等效場中做變速圓周運(yùn)動(dòng)，M點(diǎn)為等效最低點(diǎn)，N點(diǎn)為等效最高點(diǎn)；如圖所示。

如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，將一內(nèi)壁光滑、半徑為R的固定絕緣圓軌道放置在豎直平面內(nèi)，AB為圓軌道的水平直徑，CD為豎直直徑。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球從軌道的最低點(diǎn)C獲得一定的初速度后，能夠在軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為E=不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的電勢能最大。

B.小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最小。

C.小球運(yùn)動(dòng)到A、D兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等。

D.若小球恰能在軌道內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)過程中對(duì)軌道的最大壓力為mg

設(shè)等效重力加速度的方向與豎直方向的夾角為有

即

故在等效場中構(gòu)成繩—球模型，在等效最高點(diǎn)的速度最小，動(dòng)能最小，即小球運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最??；B錯(cuò)誤；

C．A、D兩點(diǎn)關(guān)于等效重力場最高點(diǎn)對(duì)稱，故運(yùn)動(dòng)到從N點(diǎn)分別運(yùn)動(dòng)到C、D點(diǎn)時(shí)合外力做功相同，故小球運(yùn)動(dòng)到A、D兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等；C正確；

D.在等效場中的等效重力加速度為

小球恰好能夠沿著軌道做圓周運(yùn)動(dòng)，則在等效最高點(diǎn)N時(shí)由等效重力提供向心力，有

可得

在等效最低點(diǎn)M點(diǎn)時(shí)速度最大，軌道對(duì)球的支持力最大，球?qū)壍赖膲毫σ沧畲?，由C點(diǎn)到M點(diǎn)由動(dòng)能定理

在M點(diǎn)由牛頓第二定律，有

解得

由牛頓第三定律可知小球運(yùn)動(dòng)過程中對(duì)軌道的最大壓力為D正確。

故選CD。15、B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)串聯(lián)電路特點(diǎn)通過各電阻的電流都相同；則電阻兩端的電壓與電阻成正比，所以可以研究導(dǎo)體電阻與其影響因素的定量關(guān)系，則A錯(cuò)誤；

B．串聯(lián)電路電流處處相等，a與b相比；導(dǎo)體越長，電阻越大，則電壓表示數(shù)越大，所以B正確；

C．串聯(lián)電路電流處處相等，a與c相比；導(dǎo)體越粗，電阻越小，則電壓表示數(shù)越小，所以C錯(cuò)誤；

D．串聯(lián)電路電流處處相等，a與d相比；電壓示數(shù)越小，電阻越小，則表明該種材料的導(dǎo)電性能越好。所以D正確；

故選BD。16、B:C【分析】【詳解】

AB．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向a端滑動(dòng)過程中，接入電路的電阻增大，R2與R3并聯(lián)的電阻增大，總電阻增大，則總電流減小，R1電壓減小，則電壓表示數(shù)變小，R2與R3并聯(lián)的電壓增大，通過R3電流增大，根據(jù)

可知功率變大，電流表示數(shù)為總電流減去通過R3電流；故電流表示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．R3兩端的電壓增大，增大平行板間距，根據(jù)

可知電場強(qiáng)度可能恒定；粒子可能保持不動(dòng)，故C正確；

D．R2與R3并聯(lián)的電壓增大；電容器板間電壓增大，帶電量增大，板間場強(qiáng)增大，液滴所受的電場力增大，則液滴將向上加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【詳解】

由并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，U2=U3，即I2R2=I3R3，所以

流經(jīng)R1和R3的電流之比所以：I1：I2：I3=3：2：1

R2和R3并聯(lián)，兩端的電壓相等；由U=IR可知：所以：U1：U2：U3=2：3：3

【點(diǎn)睛】

該題考查的串聯(lián)電路的特點(diǎn)，串聯(lián)電路電流相同，電壓與電阻成正比．并聯(lián)電路電壓相同，電流與電阻成反比，靈活選擇表達(dá)式，然后將相關(guān)的數(shù)據(jù)代入即可．基礎(chǔ)題目．【解析】3∶2∶12∶3∶318、略

【分析】【分析】

【詳解】

由牛頓第三定律，b受到a對(duì)它的磁場力為-F；a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通電長直導(dǎo)線c后，c在a、b兩導(dǎo)線處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，c導(dǎo)線對(duì)b導(dǎo)線的作用力是它對(duì)a導(dǎo)線的作用力的兩倍，方向相反，a受到的磁場力大小變?yōu)?F，那么c導(dǎo)線對(duì)a導(dǎo)線的作用力可能是F也可能是-3F，c導(dǎo)線對(duì)b導(dǎo)線的作用力可能是-2F也可能是6F，故此時(shí)b受到的磁場力為-3F或5F．【解析】F；3F或5F；19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因?yàn)椤?/p>

可知用電流表內(nèi)接誤差較小，即Rx1更接近待測電阻的真實(shí)值；

[2][3]根據(jù)。

可知a圖中電壓表的讀數(shù)大于待測電阻上的電壓，可知測量值Rx1大于真實(shí)值；b圖中電流表的讀數(shù)大于待測電阻上的電流值，則測量值Rx2小于真實(shí)值?！窘馕觥縍x1大于小于20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]用電器銘牌上的電壓即為額定電壓；因此電磁爐正常工作時(shí)的電壓為220V；

[2]如果用“擋位2”做飯，根據(jù)可得電路中的電流為【解析】①.220②.4.521、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)可知故圖像是過原點(diǎn)的直線。

類比直線運(yùn)動(dòng)中由v–t圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時(shí)電容器所儲(chǔ)存的電場能【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]物理學(xué)規(guī)定正電荷定向移動(dòng)的方向?yàn)殡娏鞯姆较颉?/p>

[2]電流通過導(dǎo)體時(shí)能使導(dǎo)體的溫度升高；電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。

[3]根據(jù)焦耳定律得；產(chǎn)生的熱量。

【解析】正電荷內(nèi)90四、作圖題(共4題，共16分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個(gè)階段，進(jìn)入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運(yùn)動(dòng)階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進(jìn)入磁場階段：對(duì)應(yīng)穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運(yùn)動(dòng)階段：對(duì)應(yīng)，時(shí)間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時(shí)間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對(duì)應(yīng)穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個(gè)放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時(shí)間減??；選項(xiàng)AC錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項(xiàng)D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動(dòng)勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項(xiàng)A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時(shí)電阻箱阻值大小，選項(xiàng)B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變，若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的電流將變小，因此放電時(shí)間將變長，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．電源不變，電容器的充電電壓不變，若只減小電容器的電容大小，根據(jù)可知電容器的電荷量將變??；放電的時(shí)間將變短，選項(xiàng)D正確。

故選ABD?！?/p>