2025年滬科版選擇性必修2物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修2物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，其中T1、T2為理想變壓器，輸電線電阻可等效為電阻r，L1、L2為兩個規(guī)格相同的燈泡，且阻值不變?，F(xiàn)保持變壓器T1的輸入電壓不變，滑片P位置不變，當(dāng)開關(guān)S斷開時，燈L1正常發(fā)光。則下列說法正確的是（）

A.僅閉合開關(guān)S，燈L1會變亮B.僅閉合開關(guān)S，r消耗的功率會變小C.僅將滑片P下移，r消耗的功率會變小D.僅將滑片P上移，電流表示數(shù)會變小2、如圖所示，一個理想變壓器原線圈的匝數(shù)為50匝，副線圈的匝數(shù)為100匝，原線圈兩端接在光滑的水平平行導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌間距為導(dǎo)軌上垂直于導(dǎo)軌有一長度略大于導(dǎo)軌間距的導(dǎo)體棒，導(dǎo)軌與導(dǎo)體棒的電阻忽略不計，副線圈回路中電阻圖中電壓表為理想電壓表。導(dǎo)軌所在空間有垂直于導(dǎo)軌平面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場。導(dǎo)體棒在水平外力的作用下運動，其速度隨時間變化的關(guān)系式為：則下列說法正確的是（）

A.如果在上再并聯(lián)一盞燈泡，原線圈中電流會減小B.電壓表的示數(shù)為C.的功率為D.變壓器鐵芯中磁通量變化率的最大值為3、下列i-t圖像中表示交變電流的是（）A.B.C.D.4、如圖所示，紙面內(nèi)兩點之間連接有四段導(dǎo)線：四段導(dǎo)線的粗細(xì)相同、材料相同；勻強(qiáng)磁場垂直于紙面向內(nèi)，現(xiàn)給兩端加上恒定電壓；則下列說法正確的是（）

A.四段導(dǎo)線受到的安培力的方向不同B.四段導(dǎo)線受到的安培力的大小相等C.段受到的安培力最大D.段受到的安培力最小5、如圖，正方形PNMQ的邊長為L，圓心在M，半徑也為L的圓形區(qū)域MQN內(nèi)有垂直于圓面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，K是圓弧的中點，G是QM邊的中點。一群質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子（不計重力），以相同的速度沿既垂直于QM也垂直于磁場的方向從QM邊射入磁場。關(guān)于從K點離開磁場的粒子；下列說法正確的是（）

A.它是從G點射入的B.它是從QG之間的某一點射入的C.它離開磁場后將經(jīng)過P點D.它離開磁場后將從P點下方穿過PQ邊6、許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列表述正確的是（）A.安培通過實驗研究確認(rèn)了電荷之間的相互作用力規(guī)律B.庫侖發(fā)現(xiàn)了磁場產(chǎn)生電流的條件和規(guī)律C.奧斯特首次發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線周圍存在著磁場D.法拉第概括總結(jié)了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律7、如圖所示，一無限長通電直導(dǎo)線固定在光滑水平面上，金屬環(huán)質(zhì)量為在該平面上以與導(dǎo)線成60°角的初速度運動；環(huán)中最多能產(chǎn)生的電能為（）

A.B.C.D.8、遠(yuǎn)距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2，輸電線上的電阻為R.變壓器為理想變壓器；則下列關(guān)系式中正確的是()

A.B.I2＝C.I1U1＝I22RD.I1U1＝I2U2評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、正方形金屬線框如圖靠墻放置，空間中存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場。在外力作用下邊貼著墻面向下運動，邊貼著水平面向左運動；此過程中線框的（）

A.磁通量增加B.磁通量減小C.感應(yīng)電流方向為D.感應(yīng)電流方向為10、在LC振蕩電路中，若某個時刻電容器極板上的電荷量正在增加，則（）A.電路中的電流正在增大B.電路中的電場能正在增加C.電路中的電流正在減小D.電路中的電場能正在向磁場能轉(zhuǎn)化11、遠(yuǎn)距離輸電原理圖如圖所示，已知發(fā)電站輸出電壓和輸出功率一定，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，當(dāng)由2改接為1時；下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)增大B.電流表示數(shù)減小C.用戶的實際功率減小D.輸電線上損失的功率減小12、如圖甲所示，在勻強(qiáng)磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉(zhuǎn)速，繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電動勢圖像如圖乙曲線a、b所示；則（）

A.兩次t＝0時刻線圈平面均與中性面重合B.曲線a、b對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為2∶3C.曲線a表示的交變電動勢頻率為25HzD.曲線b表示的交變電動勢最大值為10V13、如圖所示，傾角為間距為的兩平行粗糙導(dǎo)軌底端接有阻值為的定值電阻和理想電流表，虛線1、2均與導(dǎo)軌垂直，已知虛線1、2間的磁場方向垂直導(dǎo)軌所在平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為阻值為長為的導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置，從虛線1上方到虛線1的距離為處由靜止釋放，運動后剛好到達(dá)虛線1，導(dǎo)體棒ab在虛線1、2間運動時，電流表的示數(shù)先逐漸增大，之后示數(shù)保持不變，已知重力加速度導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸良好。則下列說法正確的是（）

A.導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為B.導(dǎo)體棒的質(zhì)量為C.導(dǎo)體棒整個運動過程定值電阻上產(chǎn)生的電熱為D.導(dǎo)體棒在兩虛線間運動的時間為14、有兩個勻強(qiáng)磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，Ⅰ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度是Ⅱ中的k倍．兩個速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運動．則下列計算正確的是A.Ⅰ中運動的電子與Ⅱ中的電子圓周運動的半徑比是1∶kB.Ⅰ中運動的電子與Ⅱ中的電子運動的加速度大小比是比是1∶kC.Ⅰ中運動的電子與Ⅱ中的電子圓周運動的周期是比是1∶kD.Ⅰ中運動的電子與Ⅱ中的電子圓周運動的角速度比是1∶k15、如圖所示，半徑為的圓形區(qū)域存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為過圓心以半徑為邊長作一個正方形一個質(zhì)量為電荷量為的帶電粒子從點沿方向射入磁場，最后從弧線某處射出，設(shè)粒子運動周期為不計粒子的重力，下列說法正確（）

A.粒子帶負(fù)電B.速度越大，粒子運動時間越長C.若粒子恰好從點射出，其運動時間為D.若粒子恰好經(jīng)過點，其運動速度為16、霍爾電流傳感器可以測量從直流電流到幾十千赫茲的交流電流，其工作原理圖如圖所示。導(dǎo)線L1穿過圓形磁環(huán)，匝數(shù)為n的線圈L2纏繞在圓形磁環(huán)上，L1被測電流I1產(chǎn)生的磁場B1集中在圓形磁環(huán)內(nèi)，圓形磁環(huán)隙中的霍爾元件可產(chǎn)生和B1成正比的霍爾電壓UMN，控制器把從M、N輸入的霍爾電壓轉(zhuǎn)變成電流I2，該電流流過線圈L2，產(chǎn)生磁場B2，B2與B1方向相反，當(dāng)B2與B1達(dá)到平衡時，滿足關(guān)系式：下列說法正確的是（）

A.順著電流I1的方向觀察，磁場B1的方向沿逆時針方向B.電流I2從a點流入線圈L2C.若霍爾元件的載流子是電子，則其左側(cè)電勢低于右側(cè)電勢D.若電流I2變?yōu)樵瓉淼?倍，當(dāng)B2與B1重新達(dá)到平衡時，則表明被測電流I1變?yōu)樵瓉淼?倍17、平行金屬導(dǎo)軌ab、cd與水平面成θ角，間距為L，導(dǎo)軌與固定電阻R1和R2相連，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面．有一導(dǎo)體棒MN，質(zhì)量為m，導(dǎo)體棒的電阻與固定電阻R1和R2的阻值均為R，與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為μ，導(dǎo)體棒以速度v沿導(dǎo)軌勻速下滑，忽略感應(yīng)電流之間的作用．則（））

A.B.導(dǎo)體棒兩端電壓為R電阻1C.t消耗的熱功率為D.時間內(nèi)通過導(dǎo)體棒的電荷量為θ導(dǎo)體棒所受重力與安培力的合力方向與豎直方向夾角小于評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、2019年6月，工信部正式向中國移動、中國電信、中國聯(lián)通和中國廣電4家公司發(fā)放5G正式商用牌照，這標(biāo)志著我國正式進(jìn)入了5G商用元年。據(jù)悉此次中國電信和中國聯(lián)通獲得3500MHz頻段試驗頻率使用許可。該頻段的波長約_________毫米，由電磁波譜可知，按照電磁波的頻率由低到高排列順序，可分為無線電波、微波、_________、可見光、紫外線、X射線、γ射線等。19、線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次。______20、如圖所示，當(dāng)導(dǎo)線棒ab在外力作用下沿導(dǎo)軌向左運動時，流過R的電流方向是_________。（用字母表示）

21、小明同學(xué)設(shè)計了一個“電磁天平”，如圖1所示，等臂天平的左臂為掛盤，右臂掛有矩形線圈，兩臂平衡．線圈的水平邊長L=0.1m，豎直邊長H=0.3m，匝數(shù)為N1．線圈的下邊處于勻強(qiáng)磁場內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=1.0T，方向垂直線圈平面向里．線圈中通有可在0～2.0A范圍內(nèi)調(diào)節(jié)的電流I．掛盤放上待測物體后，調(diào)節(jié)線圈中電流使得天平平衡，測出電流即可測得物體的質(zhì)量．（重力加速度取g=10m/s2）

（1）為使電磁天平的量程達(dá)到0.5kg，線圈的匝數(shù)N1至少為___________匝．

（2）進(jìn)一步探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象，另選N2=100匝、形狀相同的線圈，總電阻R=10Ω，不接外電流，兩臂平衡，如圖2所示，保持B0不變，在線圈上部另加垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，且磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間均勻變大，磁場區(qū)域?qū)挾萪=0.1m．當(dāng)掛盤中放質(zhì)量為0.01kg的物體時，天平平衡，求此時磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率等于___________T/s．

22、如圖所示，在圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場。帶電粒子（不計重力）第一次以速度沿直徑射入，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)60°；該帶電粒子第二次以速度從同一點沿同一方向射入，粒子飛出磁場區(qū)域時，速度方向偏轉(zhuǎn)90°。帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為______，時間之比為______。

23、如圖所示，光滑的形金屬導(dǎo)軌水平放置，不計電阻，寬度左端的間接有定值電阻電阻的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置在兩條導(dǎo)軌上，并用水平絕緣細(xì)線通過光滑的定滑輪連接質(zhì)量的重物，重物靜止在地面上，細(xì)線拉直，已知間距離某時刻開始，導(dǎo)軌平面內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度從零開始隨時間均勻增大，變化率則重物未離開地面前通過的電流為_______當(dāng)重物對地面的壓力為零時，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為_______．(取)

24、理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比n1:n2=1:10，副線圈與阻值R=20的電阻相連。原線圈接在以速度v40m/s向右勻速運動的金屬棒兩端，金屬棒的電阻可忽略不計，棒所切割磁場的邊界變化規(guī)律為y副線圈輸出交流電的頻率為_________；勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.25T，則交流電壓表的示數(shù)為_________；電阻R上消耗的電功率為_________。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)25、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導(dǎo)線I所受磁場力的方向。

26、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關(guān)和聲敏開關(guān)控制，光敏開關(guān)在天黑時自動閉合，天亮?xí)r自動斷開；聲敏開關(guān)在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

27、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學(xué)記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補(bǔ)充完整。

28、如圖所示：當(dāng)條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標(biāo)出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共1題，共6分)29、如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平固定放置，導(dǎo)軌間距為L，導(dǎo)軌兩端與定值電阻R1和R2相連，R1和R2的阻值均為R。磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B的勻強(qiáng)磁場方向豎直向上，有一個質(zhì)量為m，電阻也為R的導(dǎo)體棒ab與導(dǎo)軌垂直放置?，F(xiàn)在導(dǎo)體棒ab的中點施加一個水平恒力F，讓導(dǎo)體棒ab從靜止開始向右運動。經(jīng)過時間t；運動達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)。導(dǎo)軌的電阻忽略不計，求：

(1)導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定時ab兩點之間的電勢差Uab；

(2)t時間內(nèi)R1上產(chǎn)生的電熱。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．僅閉合開關(guān)S，用戶總功率變大，降壓變壓器副線圈電流變大，降壓變壓器原線圈電流變大，輸電線損失的電壓變大，升壓變壓器輸出電壓即輸電電壓不變，降壓變壓器輸入電壓減小，降壓變壓器輸出電壓減小，燈泡L1兩端電壓減少；燈泡實際功率減小，燈泡亮度變暗，故A錯誤；

B．由A的分析可知，僅閉合開關(guān)S，輸電電流變大，即流過電阻r的電流增大，r消耗的功率變大；故B錯誤；

C．僅將滑片P下移，升壓變壓器T1的輸出電壓U2變大，整個電路總電阻不變，流過r的電流變大，電阻r消耗的功率變大；故C錯誤；

D．僅將滑片P上移，理想變壓器T1的輸出電壓U2減少，電路中總電流減少，輸電功率減小，理想變壓器T1輸入功率減少，理想變壓器T1輸入電壓不變，則T1的輸入電流減少；電流表示數(shù)會變小，故D正確。

故選D。2、D【分析】【分析】

【詳解】

B．金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的電壓瞬時值為

為正弦交流電，故變壓器原線圈兩端電壓的有效值為

變壓器匝數(shù)比為1：2，則副線圈兩端電壓為U2=4V，電壓表的示數(shù)為B錯誤；

C．電阻的功率為

C錯誤；

A．如果在上再并聯(lián)一盞燈泡，副線圈消耗的功率增大，原線圈的功率增大，由

可知，原線圈中電流I1會增大；A錯誤；

D．副線圈兩端電壓的最大值為

據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得

聯(lián)立解得變壓器鐵芯中磁通量變化率的最大值為

D正確。

故選D。3、D【分析】【詳解】

電流的大小和方向都隨時間做周期性的變化；這樣的電流叫做交變電流，A；B、C中電流的方向不變，D中的電流大小和方向都隨時間做周期性變化。

故選D。4、C【分析】【詳解】

這四段導(dǎo)線的有效長度相同，等于AB的長度；四段導(dǎo)線的粗細(xì)相同、材料相同，ADB段最短，所以ADB段電阻最小，同理，AEB段的電阻小于AFB段電阻；給兩端加上恒定電壓，這四段導(dǎo)線是并聯(lián)，所以ADB段電流最大，AEB段的電流大于AFB段電流。由安培力公式得

四段導(dǎo)線的有效長度L相同，磁感應(yīng)強(qiáng)度B相同，而ADB段電流最大，可知，段受到的安培力最大。同理，AEB段的電流大于AFB段電流，段受到的安培力大于AFB段受到的安培力。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)

得

且

則

即帶電粒子在磁場中運動的軌跡圓半徑為L，若從M點射入，即離開磁場的點在QM中垂線與磁場邊連緣線上，若從G點射入，即離開磁場的點過GM中垂線與磁場邊緣連線上，而K在兩點之間，所以入射點在GM之間；故AB錯誤；

CD．帶電粒子在磁場中運動的軌跡圓半徑為L，圓心在QM的延長線上，在K點的速度垂直于圓心與K的連線即的方向指向P點，而離開磁場后做勻速直線運動，所以必過P點；故C正確D錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

A．庫倫通過實驗研究確認(rèn)了電荷之間的相互作用力規(guī)律；故A錯誤；

B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；即穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化時，就會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯誤；

C．奧斯特首次發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線周圍存在著磁場；故C正確；

D．楞次概括總結(jié)了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律；故D錯誤。

故選C。7、C【分析】【分析】

【詳解】

一無限長通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場是非勻強(qiáng)磁場；最初金屬環(huán)的運動方向與直導(dǎo)線成60°角，可將初速度沿平行于直導(dǎo)線和垂直于直導(dǎo)線的方向分解，沿導(dǎo)線方向的分速度。

由于電磁感應(yīng)；金屬環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，安培力的方向與金屬環(huán)垂直于導(dǎo)線的運動方向相反，最終沿平行直導(dǎo)線的方向勻速運動，由能量守恒定律得。

解得。

故環(huán)中最多能產(chǎn)生的電能為選項C正確，ABD錯誤。

故選C。

【錯因分析】

錯誤以為安培力的方向與金屬環(huán)的運動方向相反，最終金屬環(huán)靜止在水平面上。本題中的磁場的特征是距離直導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場越小，安培力阻礙垂直于直導(dǎo)線方向的相對運動，金屬環(huán)最終沿平行于直導(dǎo)線的方向做勻速直線運動。8、D【分析】【詳解】

試題分析：理想變壓器原副線圈兩端的電壓與線圈的匝數(shù)成正比，有：＝由能量守恒定律可知：P1＝I1U1＝P2＝I2U2，故選項D正確；因此＝故選項A錯誤；輸電線兩端的電壓應(yīng)為升壓器副線圈兩端電壓與降壓器原線圈兩端電壓U3之差，因此根據(jù)歐姆定律有：I2＝故選項B錯誤；降壓器的輸入功率為：P3＝I2U3，因此有：I1U1＝I22R＋I(xiàn)2U3；故選項C錯誤．

考點：本題主要考查了遠(yuǎn)距離輸電的應(yīng)用問題，屬于中檔題．二、多選題(共9題，共18分)9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．設(shè)線圈平面與水平面的夾角為θ，則磁通量

則隨θ角的減小；磁通量增加，選項A正確，B錯誤；

CD．根據(jù)楞次定律可知，穿過線圈的磁通量向上增加，則線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為選項C錯誤，D正確。

故選AD。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AC．在LC振蕩電路中；若某個時刻電容器極板上的電荷量正在增加，說明電容器正在充電，此時由磁場能轉(zhuǎn)化為電場能，磁場能減少，電路中電流正在減小，A錯誤，C正確；

BD．電路中的磁場能轉(zhuǎn)化為電場能；磁場能減少，電場能正在增加，B正確，D錯誤。

故選BC。11、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

B．接到1后，升壓變壓器副線圈匝數(shù)增多；根據(jù)。

知輸出電壓升高；所以輸電線電壓增大，由于輸送功率不變，所以輸電電流減小，即電流表示數(shù)減小，B正確；

A．根據(jù)公式可得；損失電壓為。

電流減小，所以減?。蛔罱K降壓變壓器的輸出電壓變大，電壓表測路端電壓，電壓表示數(shù)增大，A正確；

D．根據(jù)公式可得；損失功率為。

電流減小；所以損失功率減小，D正確；

C．發(fā)電站輸出功率不變；輸電線損失功率減小，所以用戶的實際功率增大，C錯誤。

故選ABD。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．從題圖中看出，t＝0時刻a、b曲線上產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢均為0；因此線圈平面與中性面重合，選項A正確；

B．從圖中可以看出a、b曲線的周期分別為Ta＝0.04s，Tb＝0.06s，曲線a、b對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比

選項B錯誤；

C．曲線a所表示的頻率

選項C正確；

D．線圈轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大值Em＝BSω

又na∶nb＝3∶2

因此ωa∶ωb＝3∶2

可推出Ema∶Emb＝3∶2

結(jié)合圖像，計算出曲線b表示的交變電動勢最大值為10V；選項D正確。

故選ACD。13、B:D【分析】【詳解】

A．導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場前沿導(dǎo)軌向下做勻加速直線運動，由牛頓第二定律得

又由運動學(xué)公式得

解得

故A錯誤；

B．由題意可知，電流表穩(wěn)定時的示數(shù)為可知導(dǎo)體棒ab在磁場中運動時達(dá)到了最大速度，由力的平衡條件得

代入數(shù)據(jù)解得

故B正確；

C．導(dǎo)體棒ab勻速運動時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為

又由

解得

導(dǎo)體棒ab從釋放至運動到虛線2的過程中，由動能定理有

代入數(shù)據(jù)解得

由功能關(guān)系可知整個電路中產(chǎn)生的電熱為

則定值電阻上產(chǎn)生的電熱為

故C錯誤；

D．設(shè)導(dǎo)體棒從釋放至運動到虛線2的總時間為導(dǎo)體棒在磁場中運動的時間為對該過程由動量定理得

導(dǎo)體棒在磁場中運動時，由法拉第電磁感應(yīng)定律得

又

整理得

解得

所以導(dǎo)體棒在磁場中運動的時間為

故D正確。

故選BD。14、A:C【分析】【詳解】

設(shè)Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則Ⅰ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為kB；

A．根據(jù)電子在磁場中運動的半徑公式可知，Ⅰ中的電子運動軌跡的半徑為Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑為所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍；故A正確；

B．電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為所以Ⅰ中的電子加速度的大小為Ⅱ中的電子加速度的大小為所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍；故B錯誤；

C．根據(jù)電子在磁場中運動的周期公式可知，Ⅰ中的電子運動周期為Ⅱ中的電子運動周期為所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的周期是Ⅰ中的k倍；故C正確；

D．做圓周運動的角速度所以Ⅰ中的電子運動角速度為Ⅱ中的電子運動角速度為在Ⅱ的電子做圓周運動的角速度是Ⅰ中的倍，故D錯誤；15、A:C:D【分析】【詳解】

A．粒子向左偏轉(zhuǎn)；根據(jù)左手定則可知粒子帶負(fù)電，故A正確；

B．設(shè)粒子的速度大小為v，做勻速圓周運動的半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律有①

解得②③

由此可知粒子所有粒子的運動周期都相同。設(shè)粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為α，則粒子在磁場中運動的時間為④

根據(jù)④式可知α越大，t越大，根據(jù)②式可知v越大，r越大，如圖1所示，當(dāng)r逐漸增大時，α逐漸減小，則t逐漸減小，所以速度越大，粒子運動時間越短。若粒子恰好從點射出，其運動時間為故B錯誤，C正確；

D．若粒子恰好經(jīng)過點，其運動軌跡如圖2所示，由幾何關(guān)系可得其運動半徑為

則其運動速度為

故D正確。

故選ACD。16、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)右手螺旋定則，順著電流I1的方向觀察，磁場B1的方向沿順時針方向；A錯誤；

B．由于B2與B1方向相反，根據(jù)右手螺旋定則可知電流I2從a點流入線圈L2；B正確；

C．根據(jù)左手定則；若霍爾元件的載流子是電子，則其左側(cè)電勢低于右側(cè)電勢，C正確；

D；由于。

匝數(shù)n保持不變，若電流I2變?yōu)樵瓉淼?倍，被測電流I1變?yōu)樵瓉淼?倍；D正確。

故選BCD。17、B:C:D【分析】【分析】

導(dǎo)體棒勻速運動時，合力為零，由平衡條件列式可求感應(yīng)電流，根據(jù)部分電路的歐姆定律求出MN兩端的電壓（路端電壓）安培力對導(dǎo)體棒做負(fù)功，導(dǎo)體棒克服安培力做功和摩擦力做功之和等于導(dǎo)體棒機(jī)械能的減少量；根據(jù)q=It求出流過導(dǎo)體棒的電量．

【詳解】

A、導(dǎo)體棒勻速運動時，合力為零，即mgsinθ=μmgcosθ+BIL，電磁感應(yīng)的過程中，電阻為：MN兩端的電壓U=IR外，聯(lián)立以上可得：故A錯誤；

B、導(dǎo)體棒的重力的功率：PG=mgvsinθ，摩擦力的功率：Pf=μmgcosθ?v，根據(jù)P=I2R知，MN上的功率：PMN=I2R，R1、R2上的功率：根據(jù)功能關(guān)系知：PG=Pf+PMN+2PR1，即有：mgv（sinθ-μcosθ）=2PR1+PMN=6PR1，解得電阻R1消耗的熱功率為：故B正確；

C、t時間內(nèi)通過導(dǎo)體棒的電荷量為：故C正確；

D、導(dǎo)體棒受到重力、支持力、摩擦力和安培力四個力作用.根據(jù)平衡條件得知：支持力、摩擦力和安培力三個力的合力與重力大小相等、方向相反，摩擦力與安培力方向相同，則支持力與摩擦力的合力與豎直方向的夾角小于θ.而重力與安培力的合力和支持力和摩擦力的合力方向相反，則知導(dǎo)體棒所受重力與安培力的合力方向與豎直方向夾角小于θ；故D正確.

故選BCD.

【點睛】

本題分析導(dǎo)體棒的受力情況是求解的關(guān)鍵，不能將滑動摩擦力遺漏．畫出該電路的等效電路有助于分析電路中的電流與電阻消耗的功率．三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【詳解】

[1]．該頻段的波長約

[2]．按照電磁波的頻率由低到高排列順序，可分為無線電波、微波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線等?！窘馕觥?5.7紅外線19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]在中性面時，沒有邊切割磁感線，感應(yīng)電動勢為零，線圈每通過中性面一次，電流方向改變一次，此說法正確?！窘馕觥空_20、略

【分析】【詳解】

[1]．當(dāng)導(dǎo)線棒MN在外力作用下沿導(dǎo)軌向左運動時，根據(jù)右手定則可知，流過R的電流方向從e到d?！窘馕觥繌膃到d.21、略

【分析】【分析】

（1）電磁天平的工作原理為通電線框在磁場中受到安培力；當(dāng)安培力和被測物體的重力相等時天平處于平衡。

（2）在上方加入變化的磁場后；變化的磁場產(chǎn)生的電流使線框在下部磁場受安培力和重力平衡．

【詳解】

（1）天平平衡時，有當(dāng)電流最大即2A時N1最小，帶入數(shù)據(jù)得N1=25

（2）天平平衡時，安培力等于重力，安培力為重力為0.1N，代入數(shù)據(jù)得【解析】250.122、略

【分析】【詳解】

[1]設(shè)圓柱形區(qū)域為R；粒子運動軌跡如圖所示。

由幾何知識可知

帶電粒子第一次和第二次在磁場中運動的半徑之比為

[2]粒子在磁場中做圓周運動的周期

粒子運動周期與粒子速度無關(guān)，粒子在磁場中做圓周運動的周期之后為1：1；由幾何知識可知，粒子在磁場中做圓周運動轉(zhuǎn)過的圓心角

粒子在磁場中的運動時間

粒子的運動時間之比【解析】23、略

【分析】【詳解】

(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律,則有：E=Ld=0.08V

由歐姆定律,得：I=E/（R+r）=0.2A

當(dāng)重物恰好被提離地面時；導(dǎo)體棒MN受力平衡；

則有：BIL?mg=0；B=20T

點睛：由法拉第電磁感應(yīng)定律可求感應(yīng)