2025年中圖版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷13考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示；一個質量為0.18kg的壘球，以25m/s的水平速度飛向球棒，被球棒打擊后反向水平飛回，速度大小變?yōu)?5m/s，設球棒與壘球的作用時間為0.01s。下列說法中正確的是（）

A.球棒對壘球的平均作用力大小為1260N，方向與初速度方向相同B.球棒對壘球的平均作用力大小為1260N，方向與末速度方向相同C.球棒對壘球的平均作用力大小為360N，方向與初速度方向相同D.球棒對壘球的平均作用力大小為360N，方向與末速度方向相同2、如圖所示，質量為M，半徑為R的光滑圓環(huán)靜止在光滑水平面上，有一質量為m的小滑塊從與環(huán)心O等高處開始無初速下滑到達最低點時；滑塊發(fā)生的位移為（）

A.B.C.D.3、下列有關光學現象的說法正確的是（）A.光的偏振說明光是一種縱波B.光學鏡頭上的增透膜是利用光的干涉現象C.用三棱鏡觀察白光看到的彩色圖樣是利用光的衍射現象D.光纖通信及醫(yī)用纖維式內窺鏡都是利用了光的折射原理4、某次冰壺運動訓練中，甲壺與靜止的乙壺發(fā)生正碰。已知冰面粗糙程度處處相同，不計空氣阻力，兩壺完全相同且均可視為質點，碰撞時間極短可不計，碰撞前、后兩壺運動軌跡始終在同一水平直線上。從開始碰撞到兩壺都靜止過程中，測得乙壺位移是甲壺位移的k倍，則（）A.k<1B.k值越大，兩壺碰撞過程中損失機械能越大C.k值越大，兩壺碰撞過程中損失機械能越小D.碰撞后瞬時，乙壺速度為零5、在光滑水平面上沿一條直線運動的滑塊Ⅰ、Ⅱ發(fā)生正碰，碰后立即粘在一起運動，碰撞前滑塊Ⅰ、Ⅱ及粘在一起后的速度—時間圖像分別如圖中的線段a、b、c所示。由圖像可知（）

A.碰前滑塊Ⅰ的動量比滑塊Ⅱ的動量小B.滑塊Ⅰ的質量與滑塊Ⅱ的質量之比為C.滑塊Ⅰ的質量與滑塊Ⅱ的質量之比為D.碰撞過程中，滑塊Ⅰ受到的沖量比滑塊Ⅱ受到的沖量大6、在光滑水平面上的兩個小球發(fā)生正碰．圖為它們碰撞前后的位置圖象，小球的質量分別為m1和m2，已知m1=0.1kg．由此可以判斷。

A.碰前m2、m1都運動B.碰后m2和m1運動方向相同C.由動量守恒定律可以算出m2=0.3kgD.碰撞過程中系統(tǒng)損失了0.4J的機械能7、一列簡諧橫波沿x軸傳播，圖甲為波在時刻的波形圖，圖乙為平衡位置在處質點P的振動圖像。下列說法正確的是（）

A.該波沿x軸正方向傳播B.該波的波速為C.內，質點P運動的路程為D.質點P、Q的振動方向總是相同8、下列實驗現象或應用中，與光的波動性無關的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、圖1為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖；P；Q為介質中的兩個質點，圖2為質點P的振動圖象，則。

A.t=0.2s時，質點Q沿y軸負方向運動B.0～0.3s內，質點Q運動的路程為0.3mC.t=0.5s時，質點Q的加速度小于質點P的加速度D.t=0.7s時，質點Q距平衡位置的距離小于質點P距平衡位置的距離10、如圖甲所示；彈簧下端固定的小球在豎直方向上做簡諧運動，當小球到達最高點時，彈簧處于原長，選取向上為正方向，小球的振動圖象如圖乙所示，則下列說法中正確的是__________

A.彈簧的最大伸長量為B.小球的振動周期為C.在內，小球的機械能逐漸增大E.在內，彈簧的伸長量逐漸減小E.在內，彈簧的伸長量逐漸減小11、雨后的彩虹絢麗多彩，其形成原理可簡化為：一束太陽光從左側射入球形水滴，先折射一次，然后在水滴的背面發(fā)生反射，最后離開水滴時再折射一次就形成了彩虹，如圖所示。是其中的兩條出射光線；關于這兩條出射光線，下列說法正確的是（）

A.遇到同樣的障礙物，光比光更容易發(fā)生明顯衍射B.用同一雙縫干涉儀做光的雙縫干涉實驗，光條紋間距小于光條紋間距C.光在水滴中的傳播時間比光在水滴中的傳播時間長D.照射某種金屬表面都能發(fā)生光電效應，光照射產生的光電子最大初動能較大12、一束由兩種頻率不同的單色光組成的復色光從空氣射入玻璃三棱鏡后，出射光分成a、b兩束，如圖所示，則a、b兩束光。

A.垂直穿過同一塊平板玻璃，a光所用的時間比b光長B.從同種介質射入真空發(fā)生全反射時，a光臨界角比b光的小C.分別通過同一雙縫干涉裝置，b光形成的相鄰條紋間距小D.若照射同一金屬都能發(fā)生光電效應，b光照射時逸出的光電子最大初動能大13、如圖1所示，按壓式圓珠筆可以簡化為外殼、內芯和輕質彈簧三部分。某按壓式圓珠筆內芯的質量為m，外殼的質量為4m，外殼與內芯之間的彈簧的勁度系數為k。如圖2所示，先把筆豎直倒立于水平硬桌面上，用力下壓外殼使其下端接觸桌面（見位置a），此時彈簧的壓縮量然后將圓珠筆由靜止釋放，圓珠筆外殼豎直上升，當其與內芯發(fā)生碰撞時（見位置b），彈簧的壓縮量變?yōu)槌跏紩r的五分之一，此后內芯與外殼以共同的速度一起上升到最大高度處（見位置c）。已知彈簧彈性勢能的計算公式為x為彈簧的形變量；不計摩擦與空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.彈簧推動外殼向上運動的過程中，在與內芯發(fā)生碰撞前，外殼加速度的大小一直減小B.當外殼與靜止的內芯磁碰撞時，外殼的速度大小為C.外殼與內芯碰擅后，圓珠筆上升的最大高度為D.圓珠筆彈起的整個過程中，彈簧釋放的彈性勢能等于圓珠筆增加的重力勢能14、如圖所示，在光滑水平面上停放質量為m裝有弧形槽的小車．現有一質量也為m的小球以v0的水平速度沿切線水平的槽口向小車滑去(不計摩擦)；到達某一高度后，小球又返回小車右端，則()

A.小球在小車上到達最高點時的速度大小為B.小球離車后，對地將向右做平拋運動C.小球離車后，對地將做自由落體運動D.此過程中小球對車做的功為15、如圖所示。光滑水平面上有A、B兩輛小車。質量均為現將小球C用長為的細線懸于輕質支架頂端，開始時A車與C球以的速度沖向靜止的B車，若兩車正碰后粘在一起。不計空氣阻力，重力加速度g取則（）

A.A車與B車碰撞瞬間，兩車動量守恒，機械能也守恒B.小球能上升的最大高度為C.小球能上升的最大高度為D.A車與B車碰撞后粘在一起的瞬間速度為0.5m/s，C的速度不變16、一列簡諧橫波在介質中沿x軸正方向傳播，P和Q是平衡位置分別在和處的兩個質點，且兩質點的振動情況始終相反。從時開始，質點P的振動圖像如圖所示，已知時，質點P再次回到時的位置，時，質點P位移第一次為下列說法正確的是（）

A.該波的波長可能為B.該波的周期一定為C.該波的波速可能為D.質點P的振動方程為評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、（1）簡諧運動：質點的位移與時間的關系遵從______的規(guī)律，即它的振動圖像（x－t圖像）是一條_______曲線。

（2）特點：簡諧運動是最簡單、最基本的振動，彈簧振子的運動就是________。

（3）簡諧運動的圖像。

a.描述振動物體的______隨______的變化規(guī)律。

b.簡諧運動的圖像是______曲線，從圖像上可直接看出不同時刻振動質點的______大小和方向、速度方向以及速度大小的變化趨勢。18、光的干涉和衍射現象說明光具有_____性。光是一種_____。

利用“偏振片”代替圖中帶有狹縫的木板來做光學實驗。偏振片由特定的材料制成，每個偏振片都有一個特定的方向，沿著這個方向振動的_____能順利通過偏振片；偏振方向與這個方向垂直的光不能通過，這個方向叫作“透振方向”。偏振片對光波的作用就像圖中的狹縫對于機械波的作用一樣。

19、一系統(tǒng)作簡諧振動,周期為T，以余弦函數表達振動時，初相為零．在范圍內，系統(tǒng)在t=_______時刻動能和勢能相等。20、判斷下列說法的正誤：

（1）物體質量不變時，運動的速度變化，其動量一定變化。（______）

（2）做勻速圓周運動的物體動量不變。（______）

（3）動量越大的物體，其速度越大。（______）

（4）物體的動量越大，其慣性也越大。（______）21、有一彈簧振子在水平方向上的B、C兩點之間做簡諧運動，已知B、C兩點的距離為振子在內完成了10次全振動，則振子的周期為_______s。若從振子經過平衡位置時開始計時（），經過周期振子有正向最大加度，則振子的振動方程為_______。22、如圖所示，一列簡諧橫波沿軸傳播，實線和虛線分別為時刻和時刻波的圖像，該波波速為該波的周期為___________該簡諧波沿軸__________（選填“正向”或“負向”）傳播。

23、發(fā)生全反射的兩個條件是：（1）___________；（2）___________。評卷人得分四、實驗題(共3題，共15分)24、（1）做“用單擺測定重力加速度”的實驗,下述說法中正確的是()

A.測量擺長時,應先將單擺放置在水平桌面上,然后用力拉緊擺線測量懸點到球心的距離。

B.單擺的偏角不要超過5°,當擺球運動到兩側位置時迅速按下秒表開始計時。

C.為了精確測量單擺的周期,起碼要測量小球作100次全振動所用的時間。

D.如果小球的重心不在中心,通過一定方法也能精確測定重力加速度。

（2）某同學在做“利用單擺測重力加速度”的實驗時,他先測得擺線長為97.50cm；然后用游標卡尺測量小鋼球直徑,讀數如圖甲所示,則。

①游標卡尺的讀數為_________mm．

②該單擺的擺長為_____cm．

③該同學由測量數據作出圖線（如圖乙所示），根據圖線求出重力加速度____m/s2（保留3位有效數字）．

④如果測出的g值偏小，可能的原因是____．

A.測量擺線長時；線拉得過緊。

B.擺線上端沒有固定；振動中出現松動，使擺線變長了。

C.開始計時時；秒表按下遲了。

D.實驗中誤將49次全振動記為50次25、某學習小組為了探究碰撞中的不變量，設計了如下方案：如圖所示，斜面與水平固定的長木板上表面平滑連接（不計滑塊A滑過交界處的能量損失），先將質量為mA的滑塊A從斜面上某位置由靜止釋放，測量出滑塊在水平木板上滑行的距離為L0；接著將質量為mB的滑塊B放在斜面底端的水平木板上，再讓A從斜面上同一位置由靜止釋放，A與B碰撞后，測量出各自沿水平木板滑行的距離L1、L2已知兩滑塊與長木板間的動摩擦因數相同；重力加速度為g。

（1）為使兩滑塊碰撞后滑塊A不反彈，所選用的兩滑塊質量關系應為mA___________mB（選填“”、“>”或“=”）

（2）若滿足關系式___________，則驗證了A和B的碰撞中質量和速度乘積之和保持不變（用題目中給出的物理量表示）；

（3）如果A、B兩滑塊的碰撞是彈性碰撞，則還需滿足的關系式為___________（用題目中給出的物理量表示）；

（4）若在長木板右端下方墊一小木塊，使木板稍有傾斜，與上面同樣的實驗操作后___________（選填“能”或“不能”）驗證A和B的碰撞中質量和速度的乘積之和保持不變。26、如圖所示為用單擺測重力加速度的裝置圖。

（1）若測得懸點上邊緣距離為密度均勻的擺球直徑為d，單擺全振動次數為n，擺動n次相應的時間為t，則計算擺長的關系式為______，單擺周期______，重力加速度測量值______；

（2）應選______位置開始計時；

（3）若秒表每分鐘慢0.1秒，用它測周期會使重力加速度______。（填“偏大”或“偏小”）評卷人得分五、解答題(共4題，共24分)27、光滑水平面上質量為1kg的小球A，以2.0m/s的速度與同向運動的速度為1.0m/s、質量為2kg的大小相同的小球B發(fā)生正碰,碰撞后小球B以1.5m/s的速度運動．求:

(1)碰后A球的速度大小;

(2)碰撞過程中A、B系統(tǒng)損失的機械能．28、用同種材料制成的質量均為M=1kg的形狀不同的滑塊n個靜止在光滑水平面上，編號依次為1、2、3。質量為m=0.1kg的子彈（視為質點）以水平初速度v0=200m/s依次擊穿這些滑塊后最終保留在第n個滑塊中。要求子彈穿過每個滑塊的時間都相等，子彈在兩滑塊間勻速運動的時間也相等且等于子彈穿過一塊滑塊的時間，這必然導致每個滑塊長度不同，滑塊間的間距也不同。子彈穿過滑塊時受到的水平阻力f=150N并保持恒定。測得子彈穿過編號為N-1的滑塊后滑塊的速度變?yōu)関=1.5m/s。不考慮子彈在豎直方向上的受力和運動。（滑塊不翻轉；不計空氣阻力）

(1)求n。

(2)用計算說明子彈剛穿過第N（N<n）塊滑塊時，第N-1塊滑塊沒有追上第N塊滑塊。

(3)已知第n塊滑塊與子彈相對靜止后，第n-1塊滑塊會追上第n塊滑塊，然后發(fā)生碰撞，已知滑塊間的碰撞為彈性碰撞，求滑塊間碰撞的總次數（用字母A表示）。要求有必要的計算過程和文字說明。

29、提供信息：若物體做機械振動的回復力F回與振動物體的位移x滿足關系式F回=－kx，那么機械振動的周期為其中k為常數。如圖是多米諾骨牌中滾球觸發(fā)機關的一段示意圖，輕質彈簧一端固定在斜面底端，質量為0.2kg的小球放在傾角為的光滑斜面最上端B點，在彈簧彈力作用下處于靜止狀態(tài)，彈簧的勁度系數為k0=5π2N/m，且不與小球拴接。長度l=0.5m的水平軌道CD和光滑圓弧軌道在D點相切，B、C豎直高度差=0.6m，小球在水平軌道上受到恒定阻力f=0.6N?，F用沿斜面向下的推力使小球緩慢移動一小段距離到達A點，此時突然撤去推力，彈簧上端到達B點時立即被鎖定，小球從B點彈出后恰好沿水平方向進入CD軌道，繼續(xù)運動到弧面上的觸發(fā)點E，原速率彈回。已知重力加速度g=10m/s2。求：

(1)小球到C點時的速度大?。?/p>

(2)小球從A點到B點的過程中彈簧對小球的沖量大小；

(3)小球最終停止時離D點的距離。

30、如圖所示，數字式聲波發(fā)生裝置可經調整發(fā)出特定頻率的聲波，現有固有頻率為的音叉，發(fā)聲裝置發(fā)出的聲波，音叉明顯振動，已知此時聲波速度若音叉放置較遠距離仍可以保證效果，按照前述調整發(fā)出該頻率的聲波，從聲源振動開始計時，經過音叉某點發(fā)生了16次全振動，則聲源到該點距離為多少？此聲波的波長多少？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】【詳解】

以初速度方向為正方向，根據動量定理F?t=mv2-mv1

得

符號表示力的方向與初速度的方向相反；與末速度方向相同，故B正確，ACD錯誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

設滑塊滑到最低點所用的時間為t，滑塊發(fā)生的水平位移大小為x，則圓環(huán)的位移大小為R-x，取水平向左方向為正方向。則根據水平方向平均動量守恒得

解得

滑塊豎直方向的位移大小為R，則總位移為

ABC錯誤；D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

A．光的偏振說明光是一種橫波；故A錯誤；

B．光學鏡頭上的增透膜是利用光的干涉現象；故B正確；

C．用三棱鏡觀察白光看到的彩色圖樣是利用光的色散現象；故C錯誤；

D．光導纖維傳輸信號及醫(yī)用纖維式內窺鏡都是利用光的全反射現象；故D錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

A．甲乙碰撞瞬間動量守恒，即

且有

所以

故A錯誤；

BC．兩壺碰撞過程中損失的機械能為

變形可得

由此可知，當k=1時，損失的機械能達到最大，隨著k增大；損失的機械能減小，故B錯誤，C正確；

D．由于兩壺完全相同；所以碰撞后瞬時乙壺速度一定大于零，故D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．由題圖可知；碰撞后總動量為正，根據動量守恒定律可知，碰撞前的總動量也為正，故碰撞前滑塊I的動量較大，故A項錯誤；

BC．根據動量守恒定律有

解得

故B錯誤；C正確；

D．碰撞過程中滑塊I受到的沖量與滑塊Ⅱ受到的沖量大小相等；方向相反，故D項錯誤。

故選C。6、C【分析】【詳解】

A、由x?t(位移時間)圖象的斜率得到，碰前m2的位移不隨時間而變化，處于靜止；m1的速度大小為故A錯誤；

B、由圖示圖象可知，碰后m2的速度為正方向，m1的速度為負方向；兩物體運動方向相反，故B錯誤；

C、由圖示圖象可知，碰后m2和m1的速度分別為根據動量守恒定律得代入解得故C正確；

D、碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能為代入解得，故D錯誤；

故選C．7、C【分析】【詳解】

A．根據圖乙可知，時刻，質點P向上振動，又根據圖甲由同側法可知，該簡諧波沿x軸負方向傳播；故A選項錯誤；

B．根據圖甲可知，該波的波長為則波速為

故選項B錯誤；

C．當波恰好傳播了半個周期，則質點P運動的路程為

故C選項正確；

D．根據同側法的原理可知，質點P、Q的振動方向總是相反的；故選項D錯誤。

故答案選C。8、D【分析】【分析】

【詳解】

A．這是單縫衍射實驗；與光的波動性有關，A錯誤；

BC．這是薄膜干涉實驗裝置；與光的波動性有關，BC錯誤；

D．這是光的色散實驗；與光的波動性無關，D正確。

故選D。二、多選題(共8題，共16分)9、C:D【分析】【詳解】

A．由振動圖像可知T=0.4s；t=0時刻質點P向上振動，可知波沿x軸負向傳播，則t=0.2s=0.5T時，質點Q沿y軸正方向運動，選項A錯誤；

B．0.3s=T，因質點Q在開始時不是從平衡位置或者最高點（或最低點）開始振動，可知0～0.3s內，質點Q運動的路程不等于選項B錯誤；

C．t=0.5s=1T時；質點P到達最高點，而質點Q經過平衡位置向下運動還沒有最低點，則質點Q的加速度小于質點P的加速度，選項C正確；

D．t=0.7s=1T時，質點P到達波谷位置而質點而質點Q還沒到達波峰位置，則質點Q距平衡位置的距離小于質點P距平衡位置的距離，選項D正確．10、B:D:E【分析】【詳解】

A．質點的振幅等于振子位移的最大值，由圖讀出，振幅為

由于當振子到達最高點時，彈簧處于原長，所以彈簧的最大伸長量為

故A錯誤；

B．由圖乙可知：小球的振動周期為故B正確；

C．在內；彈簧的彈力做負功，小球的機械能減小，故C錯誤；

D．在內小球從平衡位置向上運動；位移大小逐漸增大，故D正確；

E．在內；小球從最低點向上往平衡位置運動，彈簧伸長量逐漸減小，故E正確。

故選BDE。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．a、b兩種光進入水滴發(fā)生折射時，入射角相同，a光的折射角小于b光的折射角，根據折射定律可知，a光的折射率大于b光折射率，所以a光的波長小于b光的波長，遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射；故A錯誤；

B．由于a光的波長小于b光，用同一雙縫干涉儀做光的雙縫干涉實驗，根據干涉條紋間距公式

可知a光條紋間距小于b光條紋間距；故B正確；

C．太陽光在水滴表面發(fā)生折射現象時，a光的折射角為α，b光的折射角為β，則球形水滴的半徑為R，所以a光在水滴中的傳播路徑長為xa=4Rcosα

b光在水滴中傳播的路徑長為xb=4Rcosβ

因為α＜β

所以xa＞xb

又因為光在介質中的傳播速度為

因為na＞nb

所以va＜vb

光在水滴中的傳播時間為

所以a光在水滴中的傳播時間比b光在水滴中的傳播時間長；故C正確；

D．因為na＞nb

所以a光的能量大于b光的能量，根據光電效應方程

可知a光照射產生的光電子最大初動能較大；故D錯誤。

故選BC。12、A:B【分析】【詳解】

A．根據折射率

由光路圖可知，a光折射率更大一些，再由

故可知在介質中a的速度更小一些；故穿過同一塊平板玻璃所用時間要長些，故A正確；

B．又因為

可知a光臨界角要小些；故B正確；

C．折射率越大說明頻率越大，波長越小，故b光波長大；干涉條紋間距要更寬些，故C錯誤；

D．由

可知；頻率越大則光子能量越大，結合光電效應方程可知，照射同一種金屬時，對應的光電子最大初動能大，故D錯誤。

故選AB。13、B:C【分析】【詳解】

A．外殼受向下的重力和向上的彈力；彈力逐漸減小，當彈力等于重力時，加速度為零，速度最大，當彈力小于重力是加速度反向增大，故外殼加速度先增大后減小，故A錯誤；

B．設外殼與內芯碰撞前的瞬間外殼的速度為v，根據機械能守恒

即

得

故B正確；

C．外殼和內芯碰撞過程，取豎直向上為正方向，由動量守恒定律得

碰后過程，由機械能守恒定律得

聯立解得

故C正確；

D．筆從撒手到彈起到最大高度處的過程中；外殼和內芯碰撞過程中系統(tǒng)的機械能有損失，所以彈簧釋放的彈性勢能大于筆增加的重力勢能，故D錯誤。

故選BC。14、A:C:D【分析】【詳解】

A、當小球與小車的水平速度相等時，小球弧形槽上升到最大高度，則：mv0=2mv

得：

選項Ａ正確；

B、設小球離開小車時，小球的速度為v1，小車的速度為v2，整個過程中動量守恒，得：mv0=mv1+mv2

由動能守恒得：

聯立解得：v1=0v2=v0

所以小球與小車分離后做自由落體運動；故B錯誤，C正確。

D、對小車運用動能定理得，小球對小車做功：

故D正確。15、B:D【分析】【詳解】

A．A車與B車正碰后粘在一起；是典型的非彈性碰撞，動量守恒，機械能有損失，A錯誤；

BCD．A車與B車碰撞過程，因為碰撞時間極短，所以C的速度沒來得及變化，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，可得

為碰后AB整體的速度，小球擺到最高點時，小球相對AB靜止，具有共同的速度，設為v2，從兩車粘在一起到小球擺到最高點的過程，系統(tǒng)水平方向動量守恒，可得

據機械能守恒可得

聯立解得，小球能上升的最大高度為

BD正確；C錯誤。

故選BD。16、A:B:D【分析】【詳解】

B．由于時，質點P再次回到時的位置，時，質點P位移第一次為根據質點運動的對稱性規(guī)律可知

解得

B正確；

A．由于P和Q是平衡位置分別在和處的兩個質點，且兩質點的振動情況始終相反，則有（n=0，1，2，3）

解得（n=0，1，2，3）

當波長為時，解得

可知，該波的波長可能為A正確；

C．根據上述，波速為（n=0，1，2，3）

當波速為時，解得

不合理；C錯誤；

D．正確為6s，根據振動圖像可知，質點第一次到達最大位移的時間為

若質點從平衡位置開始沿正方向振動的振動方程為

可知將上述函數對應的波形向左平移

即得到圖中質點振動的函數，則有

根據圖像可知，在0時刻有

解得

則質點P的振動方程為

D正確。

故選ABD。三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正弦函數正弦簡諧運動位移時間正弦位移18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]干涉和衍射是波特有的現象；所以光的干涉和衍射現象說明光具有波動性，只有橫波才有發(fā)生偏振，光是一種橫波。

[3]利用“偏振片”代替圖中帶有狹縫的木板來做光學實驗。偏振片由特定的材料制成，每個偏振片都有一個特定的方向，沿著這個方向振動的光波能順利通過偏振片，偏振方向與這個方向垂直的光不能通過，這個方向叫作“透振方向”?！窘馕觥竣?波動②.橫波③.光波19、略

【分析】【詳解】

[1]設振動方程為

系統(tǒng)的總能量為當動能等于勢能時，設位移為則有

解得

所以

解得（n為整數）

在時，或【解析】或20、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）動量是矢量；速度大小和方向任意一個發(fā)生變化，動量發(fā)生變化，故（1）正確；

（2）做勻速圓周運動的物體速度的大小不變；速度方向在不斷改變，則動量也不斷改變，故（2）錯誤；

（3）由動量的表達式。

知動量越大的物體；其速度越不一定大，也可能是質量大，故（3）錯誤；

（4）由動量的表達式。

知動量越大的物體，其質量不一定大，故慣性不一定大，故（4）錯誤。【解析】對錯錯錯21、略

【分析】【詳解】

[1]．振子在2s內完成了10次全振動，則振子的周期為

[2]．振子的振幅A=10cm=0.1m

若從振子經過平衡位置時開始計時（），經過周期振子有正向最大加速度，則此時振子到達負向最大位置，則振動方程為【解析】0.222、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由波動圖像得波長周期

[2]虛線為時刻波的圖像，0.3s波傳播6m=即波沿軸負向傳播?！窘馕觥竣?0.4②.負向23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]發(fā)生全反射的兩個條件是：（1）光從光密介質射入光疏介質；（2）入射角等于或大于臨界角?！窘馕觥竣?光從光密介質射入光疏介質；②.入射角等于或大于臨界角四、實驗題(共3題，共15分)24、略

【分析】【詳解】

（1）[1]．A.測量擺長時；應先將單擺豎直懸掛，讓擺球自然下垂，然后測量懸點到球心的距離，選項A錯誤；

B.單擺的偏角不要超過5°；當擺球運動到最低點位置時迅速按下秒表開始計時，選項B錯誤；

C.為了精確測量單擺的周期；要測量小球作30-50次全振動所用的時間，選項C錯誤；

D.如果小球的重心不在中心，可通過測量數據建立T2-L圖像；通過圖像的斜率求解重力加速度，選項D正確．

（2）①[2]．由圖示游標卡尺可知；主尺示數為0.9cm=9mm，游標尺示數為8×0.1mm=0.8mm，游標卡尺的讀數為：9mm+0.8mm=9.8mm．

②[3]．單擺擺長：

③[4]．由單擺周期公式可得

由圖像可知

解得g=9.86m/s2

④[5]．根據則：

A、測量擺線長時線拉得過緊，則l的測量值偏大；則所測重力加速度偏大，故A錯誤；

B、擺線上端牢固地系于懸點，擺動中出現松動，使擺線長度增加了，使所測量的實際周期T偏大；重力加速度的測量值偏小，故B正確；

C、開始計時時，秒表過遲按下，所測周期T偏小，重力加速度g的測量值偏大；故B正確；

D、實驗中誤將49次全振動數為50次，測量的周期T偏小，所測重力加速度偏大，故D錯誤．【解析】D9.8mm97.999.86B25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據系統(tǒng)動量守恒，為使兩滑塊碰撞后滑塊A不反彈，所選用的兩滑塊質量關系應為mA>mB。

(2)[2]由牛頓第二定律可知，兩物體在水平面上滑行的時的加速度a=μg

則由速度和位移關系可知v2=2aL

若碰撞中為彈性碰撞，則有

聯立，可得

(3)[3]若為彈性碰撞，則可知

整理，可得

(4)[4]若斜面傾斜，因滑塊受力產生的加速度仍相同，故速度的平方和位移仍成正比，根據以上分析可知，仍然可以驗證動量守恒?！窘馕觥?gt;能26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]擺長為懸點到球心的距離，即

[2]一次全振動所用時間為T，故單擺的周期

[3]由

帶入數據可解得

（2）[4]為了減小誤差；應從擺過平衡位置開始計時。

（3）[5]由

可得當時間變小了，會使測得的g偏大?！窘馕觥繑[過平衡位置偏大五、解答題(共4題，共24分)27、略

【分析】【詳解】

試題分析：（1）碰撞過程中動量守恒；由動量守恒定律可以求出小球速度．

（2）由能量守恒定律可以求出損失的機械能．

解：（1）碰撞過程；以A的初速度方向為正，由動量守恒定律得：

mAvA+mBvB=mAv′A+mBv′B

代入數據解：v′A=1.0m/s

②碰撞過程中A；