2025年粵教滬科版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版必修3物理上冊階段測試試卷232考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，兩等量負點電荷固定在A、B兩點。以A、B連線的中點為原點O，沿A、B連線的中垂線建立x軸。選無窮遠處電勢為零。則關(guān)于x軸上各處的電場強度E、電勢φ隨x軸坐標的變化規(guī)律；下列圖像較合理的是。

A.B.C.D.2、兩異種點電荷電場中的部分等差等勢面如圖所示，已知A點電勢低于B點電勢，a、b處點電荷電荷量分別為和則（）

A.且B.且C.若在A處放一正的試探電荷，則該試探電荷僅在電場力作用下可沿A處所在等勢面運動D.若在B處放一正的試探電荷，則該試探電荷僅在電場力的作用下將沿aB連線做加速運動3、粒子直線加速器在科學研究中發(fā)揮著巨大的作用，簡化如圖所示：沿軸線分布O（為薄金屬環(huán)）及A、B、C、D、E5個金屬圓筒（又稱漂移管），相鄰漂移管分別接在高壓電源MN的兩端，O接M端。質(zhì)子飄入（初速度為0）金屬環(huán)O軸心沿軸線進入加速器，質(zhì)子在金屬圓筒內(nèi)做勻速運動且時間均為T，在金屬圓筒之間的狹縫被電場加速，加速時電壓U大小相同。質(zhì)子電量為e，質(zhì)量為m；不計質(zhì)子經(jīng)過狹縫的時間，則（）

A.質(zhì)子從圓筒E射出時的速度大小為B.圓筒E的長度為TC.MN所接電源是直流恒壓電源D.金屬圓筒A的長度與金屬圓筒B的長度之比為4、如圖所示，帶負電的金屬環(huán)繞軸OO′以角速度ω勻速旋轉(zhuǎn)；在環(huán)左側(cè)軸線上的小磁針最后靜止時()

A.N極豎直向上B.N極豎直向下C.N極沿軸線向左D.N極沿軸線向右5、比值定義法是物理學中定義物理量的一種常用方法，如電場強度E導(dǎo)體的電阻R、電容C、磁感應(yīng)強度B、電流強度I、電勢電勢差UAB都是用比值法定義的物理量，下列幾組公式均屬于定義式的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、如圖所示，空間中分布著勻強電場，場中有與電場方向平行的梯形ABCD，EF為其中位線。將電荷量為-q的粒子，從A點移動到B點，電勢能減小E1。將該粒子從D點移動到C點，電場力做正功E2。下列說法正確的是（）

A.A點的電勢一定比B點的電勢高B.勻強電場的電場強度方向可能從C指向DC.若A、B之間的距離為d1，C、D之間的距離為d2，則該電場的電場強度大小可能為D.若將該粒子從E點移動到F點，電場力做功一定是7、a、b、c三個α粒子由同一點同時垂直場強方向進入偏轉(zhuǎn)電場，其軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場；由此可以肯定（）

A.在b飛離電場的同時，a剛好打在負極板上B.b和c同時飛離電場C.進入電場時，c的速度最大，a的速度最小D.動能的增量相比，c的最小，a和b的一樣大8、如圖所示，豎直平面內(nèi)存在一勻強電場，電場強度方向與水平方向間的夾角O、M為其中一條電場線上的兩點，一帶電粒子電荷量為q，不計重力，在O點以水平初速度進入電場，經(jīng)過時間t粒子到達與M在同一水平線上的N點，且則（）

A.B.粒子帶負電C.帶電粒子在O點的電勢能大于在N點的電勢能D.由O到N運動過程中，電場力的功率增大9、如圖所示，兩個帶等量負電荷的小球A、B（可視為點電荷），被固定在光滑的絕緣水平面上，M、N是小球A、B連線的水平中垂線上的兩點，且現(xiàn)將一個電荷量很小的帶正電的小球C（可視為質(zhì)點）由M點靜止釋放，在小球C向N點運動的過程中；下列關(guān)于小球C的說法可能正確的是（）

A.速度一直增大B.速度先增大，再減小C.加速度先減小，再增大D.加速度先增大再減小，過O點后，加速度先減小再增大10、為了減少污染；工業(yè)廢氣需用靜電除塵器除塵，某除塵裝置如圖所示，其收塵極為金屬圓筒，電暈極位于圓筒中心。當兩極接上高壓電源時，電暈極附近會形成很強的電場使空氣電離，廢氣中的塵埃吸附離子后在電場力的作用下向收塵極運動并沉積，以達到除塵目的。假設(shè)塵埃向收塵極運動過程中所帶電荷量不變，下列判斷正確的是（）

A.金屬圓筒內(nèi)場強處處為零B.金屬圓筒內(nèi)越靠近收塵極電勢越高C.帶電塵埃向收塵極運動過程中所受靜電力越來越小D.帶電塵埃向收塵極運動過程中電勢能越來越大11、如圖所示，真空中M、N點處固定有兩等量異種點電荷，其連線的中點為O，實線是連線的中垂線，A、B、C分別是連線和中垂線上的點，其中A、B分別是MO和ON的中點，CO=2AO；則（）

A.A點和C點電場強度方向相反B.C、O兩點電場強度大小之比為1C.由A到B的過程中，帶負電的試探電荷受到的靜電力先減小后增大D.A點電勢比B點電勢高12、圖中所示是一種電四極子，4個點電荷分布于正方形的四個頂點，帶電量均為q，兩個為正電荷，兩個為負電荷，O為電四極子的中心，OP為水平直線；且與電四極子的一邊平行，則下列說法正確的是。

A.P點場強方向垂直O(jiān)P向上B.O點電勢比P點電勢高C.O點場強小于P點場強D.將一個正電荷沿OP連線從O移動到P點，電場力做正功，電勢能減小13、如圖，O為大圓的圓心，直徑ac和直徑bd垂直．a(chǎn)c上的O1、O2為中間兩實線小圓的圓心，大圓半徑為小圓半徑的2倍。在O1、O2處分別放置電荷量為+Q和－2Q點電荷。下列判斷正確的是（）

A.b、d兩點電場強度相等B.a點電勢一定高于d點電勢C.移動電子從O到b點，電場力做功為零D.移動電子從a沿中間實線半圓經(jīng)O到c，電勢能一直增加14、如圖所示，電源電動勢E=9V，內(nèi)電阻r=4.5Ω，變阻器Rl的最大電阻Rm=5.0Ω，R2=1.5Ω，R3=R4=1000Ω，平行板電容器C的兩金屬板水平放置．在開關(guān)S與a接觸且當電路穩(wěn)定時；電源恰好有最大的輸出功率，在平板電容器正中央引入一帶電微粒，也恰能靜止．那么（）

A.在題設(shè)條件下，接入電路的阻值為電源的輸出功率為B.引入的微粒帶負電，當開關(guān)接向未接觸的過程中，微粒將向下運動C.在題設(shè)條件下，的阻值增大時，兩端的電壓增大D.在題設(shè)條件下，當開關(guān)接向b后，流過的電流方向為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、平行板電容器所帶的電荷量為Q=4×10-8C，電容器兩板間的電壓為U=2V，則該電容器的電容為________；如果將其放電，使其所帶電荷量為原來的一半，則兩板間的電壓為______，兩板間電場強度變?yōu)樵瓉淼腳______倍，此時平行板電容器的電容為______．16、在干燥的天氣里，小美同學站在平面鏡前用塑料梳子梳頭，發(fā)現(xiàn)越梳頭發(fā)越蓬松，這是因為頭發(fā)帶上了同種電荷互相______；摩擦起電的實質(zhì)是______。17、帶電粒子在電場中的加速。

分析帶電粒子的加速問題有兩種思路：

（1）利用___________定律結(jié)合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是___________且涉及___________等描述運動過程的物理量，公式有qE=___________，v=v0＋___________等。

（2）利用靜電力做功結(jié)合動能定理分析。適用于問題涉及___________、___________等動能定理公式中的物理量或___________電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強電場）或qU=mv2-mv（任何電場）等。18、有一個電流表G，內(nèi)阻Rg=30Ω，滿偏電流Ig=10mA。要把它改裝為量程0~3V的電壓表，要______聯(lián)一個______Ω的電阻，改裝后電壓表的內(nèi)阻是______Ω。19、如圖所示電路，電容器電阻電路總電壓為問：當閉合并且電路穩(wěn)定后，電容器的電荷量_______當斷開并且電路穩(wěn)定后，電容器的電荷量__________

評卷人得分四、作圖題(共4題，共24分)20、如圖所示，磁感應(yīng)強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導(dǎo)線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

21、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短22、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

23、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、解答題(共2題，共6分)24、兩塊金屬平板A、B水平放置，其初始距離為d，此時金屬平板A、B構(gòu)成電容器的電容為C，金屬平板A、B分別接到輸出電壓恒為U的電源兩極，如圖所示。將一個質(zhì)量為m、不帶電的金屬小球從A板正中的小孔S處由靜止釋放，金屬小球落到金屬平板B上與平板碰撞后，以與碰撞前等大的速度反彈，同時獲得金屬板B帶電量的倍，由于α很小，可以認為金屬球帶走電荷后，對兩板間的電場的影響可以忽略，金屬小球運動過程中靜電感應(yīng)的影響也可以忽略不計，重力加速度為g。

(1)試計算金屬球上升的最高點到A板的距離h；

(2)在金屬小球再次返回，尚未進入小孔S之前，將金屬板B下拉一段距離x，金屬小球再次與水平金屬板B碰撞時依舊以與碰撞前等大的速度反彈，電量變?yōu)榻饘侔錌帶電量的α倍，小球再次上穿S到達最高點距離A板為試求x多大？

25、在真空中O點放一個電荷Q＝＋1.0×10－9C，直線MN通過O點，OM的距離r＝30cm，M點放一個點電荷q＝－1.0×10－10C；如圖所示，求：

(1)q在M點受到的作用力的大小和方向？

(2)電荷Q在M點產(chǎn)生的場強多大?

(3)拿走q后，電荷Q在M點的場強多大?

(4)拿走q后，若在距M點30cm的N點再放置電量為-1.0×10－9C電荷，求M點的場強?參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

A；B、對于兩個等量負點電荷的電場；根據(jù)場強的疊加，知兩電荷的中點場強為零，從O到無窮遠的過程中，場強先增大后減小，且AB連線左右兩側(cè)電場對稱，故A正確，B錯誤。

C；D、兩個等量負點電荷的連線的中垂線上；從連線中點到無窮遠是逆著電場線，故電勢逐漸升高，故C、D錯誤。

故選A。

【點睛】

本題關(guān)鍵是熟悉等量同號電荷和異種電荷之間的電場分別情況，會結(jié)合電場線和等勢面分析電勢和情況的變化．2、B【分析】【詳解】

AB．等差等勢面的疏密表示場強的大小，所以

由于A點電勢低于B點電勢，所以帶負電，帶正電；故A錯誤，B正確；

C．若在A處放一正的試探電荷，則該試探電荷所受電場力做正功，不會沿A處所在等勢面運動；故C錯誤；

D．若在B處放一正的試探電荷，僅在電場力的作用下，對試探電荷受力分析，可知其受沿aB連線向下的電場力和沿bB連線向上的電場力，則試探電荷不會沿aB連線運動；故D錯誤。

故選B。3、B【分析】【詳解】

A．質(zhì)子從O點沿軸線進入加速器，質(zhì)子經(jīng)5次加速，由動能定理可得

質(zhì)子從圓筒E射出時的速度大小為

選項A錯誤；

B．質(zhì)子在圓筒內(nèi)做勻速運動，所以圓筒E的長度為

選項B正確；

D．同理可知，金屬圓筒A的長度

金屬圓筒B的長度

則金屬圓筒A的長度與金屬圓筒B的長度之比為選項D錯誤；

C．因由直線加速器加速質(zhì)子，其運動方向不變，由題圖可知，A的右邊緣為負極時，則在下一個加速時需B右邊緣為負極，所以MN所接電源的極性應(yīng)周期性變化；選項C錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

帶負電的金屬環(huán)勻速旋轉(zhuǎn)，可產(chǎn)生反向旋轉(zhuǎn)的環(huán)形等效電流，根據(jù)安培定則知，環(huán)內(nèi)形成水平向左的磁場，故小磁針靜止時N極沿軸線向左；故C正確，ABD錯誤。

故選C．5、B【分析】【詳解】

A．電場強度與試探電荷受到的電場力；試探電荷的電量都無關(guān)；所以。

屬于比值定義法；

電容與正對面積S成正比；與極板間的距離成反比，公式。

是平行板電容器的電容的決定式；不屬于比值定義法；

磁感應(yīng)強度與放入磁場中的電流元無關(guān)；所以。

屬于比值定義法；故A錯誤；

B．AB之間的電勢差與電場力對試探電荷做功的多少無關(guān)；所以公式。

也屬于比值定義法；故B正確；

C．電阻R與電壓；電流無關(guān)；是其本身的屬性。

屬于比值定義法；

公式。

是點電荷產(chǎn)生的電場強度的計算公式；不屬于比值定義法；

電容器的電容。

由電容器本身決定；與極板上的電量以及極板之間的電勢差都無關(guān)，屬于比值定義法；故C錯誤；

D．導(dǎo)體的電阻的計算公式是。

不屬于比值定義法；

電流強度的定義式。

與流過導(dǎo)體橫截面的電量無關(guān)；與時間也無關(guān)；

電勢的大小由電場本身決定。

屬于比值定義法。故D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)6、B:D【分析】【詳解】

A．由題意可知，將負電荷從A點移動到B點，電勢能減小E1；所以電勢升高，所以A錯誤；

B．由題意可知，將負電荷從D點移動到C點，電場力做正功E2，所以電勢能減小，即電勢升高。而電場線由高電勢指向低電勢，所以勻強電場的電場強度方向可能從C指向D；所以B正確；

C．若A、B之間的距離為d1，C、D之間的距離為d2，則可知AB之間和CD之間最小的電場強度為

兩式相加，可得電場強度的最小值為

該電場的電場強度大小不可能為所以C錯誤；

D．由題意可知，EF為其中位線。所以可知

由題意可知，從A點移動到B點，電場力做功與電勢差的關(guān)系為

從A點移動到B點，電場力做功與電勢差的關(guān)系為

又

化簡可得

所以若將該粒子從E點移動到F點，電場力做功一定是所以D正確。

故選BD。7、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．三個α粒子進入電場后加速度相同，由圖看出，豎直方向a、b偏轉(zhuǎn)距離相等，大于c的偏轉(zhuǎn)距離，由得知，a、b運動時間相等，大于c的運動時間，即

故A正確；B錯誤；

C．三個α粒子水平方向上做勻速直線運動，則有x=v0t

由圖看出，b、c水平位移相同，大于a的水平位移，即

可見，初速度關(guān)系為

故C正確；

D．由動能定理得△Ek=qEy

由圖看出，a和b的偏轉(zhuǎn)距離相等，大于c的偏轉(zhuǎn)距離，故ab動能增量相等，大于c的動能增量；故D正確。

故選ACD。8、B:C:D【分析】【詳解】

A.因

選項A錯誤；

B.根據(jù)粒子的運動軌跡可知；粒子受電場力斜向下，可知粒子帶負電，選項B正確；

C.從O到N電場力做正功，電勢能減小，則帶電粒子在O點的電勢能大于在N點的電勢能；選項C正確；

D.根據(jù)P=Eqv

由O到N運動過程中，粒子沿電場線方向的速度v增大；可知電場力的功率增大，選項D正確。

故選BCD。9、B:C【分析】【詳解】

AB．在等量同種負點電荷連線中垂線上，段電場強度方向正點電荷從點到點運動的過程中，所受的電場力方向由電場力做正功，小球的速度增大,越過點后，段電場強度方向由小球所受的電場力方向由小球做減速運動，則小球C的速度先增大，再減小，故A錯誤，B正確；

CD．O點的場強為零，小球通過O點時的加速度為零；由于OM間電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不能確定，所以小球C由過程，可能加速度不斷減小，也可能先增加后減?。辉陂g同樣如此；故D錯誤，C正確。

故選BC。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)圖象信息可知除塵器內(nèi)電場在水平面上的分布類似于負點電荷電場；電場線方向由收塵極指向電暈極，逆電場線方向，電勢變高，故越靠近收塵極，電勢越高，故B正確，A錯誤；

C．離電暈極越遠；場強越小，塵埃帶電量不變，電場力越小，故C正確；

D．塵埃帶負電后受電場力作用向收塵極運動；電場力做正功，電勢能越來越小，故D錯誤。

故選BC。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．A點和C點電場強度方向相同；均水平向右，A錯誤；

B．設(shè)CO=r，則C點的場強EC==

O點的場強EO=

C、O兩點電場強度大小之比為4；B錯誤；

C．因AB之間的場強先減小后增加，則由A到B的過程中；帶負電的試探電荷受到的靜電力先減小后增大，C正確；

D．沿電場線電勢降低，則A點電勢比B點電勢高；D正確。

故選CD。12、A:C【分析】根據(jù)等量異種電荷的電場線分布情況可知；左邊兩個正負電荷和右邊兩個正負電荷在P點產(chǎn)生的電場強度方向都與OP垂直，而右邊兩個電荷在P點產(chǎn)生的場強大，所以P點場強不為零，方向垂直于OP向上，故A正確．等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，所以直線OP是左邊兩個正負電場中的等勢線，也是右邊兩個正負電場中的等勢線，根據(jù)疊加原理可知OP仍是一條等勢線，O點與P點電勢相等，故B錯誤．根據(jù)對稱性可知，O點場強為零，而P點場強不零，則O點場強小于P點場強，故C正確．由于OP是一條等勢線，則將一個正電荷沿OP連線從O移動到P點，電場力不做功，電勢能不變，故D錯誤．故選AC．

點睛：本題關(guān)鍵要熟悉等量異種電荷的電場線和等勢線的分布情況，靈活選擇所研究的對象，根據(jù)電場疊加原理和對稱性進行分析．13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．正電荷在b點單獨產(chǎn)生的場強與在d點單獨產(chǎn)生的場強大小相等，同理，負電荷在b點單獨產(chǎn)生的場強與在d點單獨產(chǎn)生的場強大小相等，由電場強度的疊加原理可知，b、d兩點的電場強度方向如圖，由圖可知，b、d兩點的電場強度方向不相同；故A錯誤；

B．由圖可知，a點離正電荷更近，離負電荷更遠，由電勢疊加可知，a點電勢一定高于d點電勢；故B正確；

C．由電場強度的疊加原理可知，ob段的電場強度方向斜向右下方，移動電子從O到b點；電場力做正功，故C錯誤；

D．半圓Oc上各點到負電荷的距離不變，若只有負電荷存在，則各點的電勢不變，從O到c離正電荷的距離增大，若只正電荷存在，則各點電勢變小，由電勢的疊加可知，從O到c電勢降低，由負電荷在電勢低處電勢能大，則移動電子從a沿中間實線半圓經(jīng)O到c；電勢能一直增加，故D正確。

故選AD。

14、A:D【分析】【分析】

根據(jù)當外電阻等于內(nèi)電阻時，電源的輸出功率最大去求解；對微粒進行受力分析，根據(jù)微粒處于平衡狀態(tài)，判斷出微粒的電性．當開關(guān)接向b（未接觸b）的過程中，電容器電荷量未變，從而判斷出微粒的運動狀況；電路的動態(tài)分析抓住電動勢和內(nèi)阻不變，結(jié)合閉合電路歐姆電路進行分析；找出開關(guān)接a和接b上下極板所帶電荷的電性；即可確定出電流的方向．

【詳解】

在開關(guān)S與a接觸且當電路穩(wěn)定時，電源恰好有最大的輸出功率，可知則電源的輸出功率A正確；在開關(guān)S與a接觸且當電路穩(wěn)定時，在平板電容器正中央引入一帶電微粒，也恰能靜止微粒受重力和電場力平衡而上極板帶正電，可知微粒帶負電當開關(guān)接向未接觸的過程中，電容器所帶的電量未變，電場強度也不變，所以微粒不動，B錯誤；電容器所在的支路相當于斷路，在題設(shè)條件下，和及電源構(gòu)成串聯(lián)電路，的阻值增大時，總電阻增大，總電流減小，兩端的電壓減小C錯誤；在題設(shè)條件下，開關(guān)接a時，上極板帶正電，當開關(guān)接向b后，下極板帶正電，流過的電流方向為D正確．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)C=Q/U得，電容器的電容C=＝2×10?8F．

[2]電荷量減半，電容不變，仍然為2×10-8F．則兩板間的電壓

[3]根據(jù)E＝U/d知；電勢差減半，兩板間的距離不變，則電場強度變?yōu)樵瓉淼?.5倍；

[4]此時平行板電容器的電容仍為2×10-8F．【解析】2×10-8F1V0.52×10-8F16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]越梳頭發(fā)越蓬松原因是因為頭發(fā)帶上了同種電荷互相排斥；

[2]摩擦起電的實質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移?！窘馕觥颗懦怆娮拥霓D(zhuǎn)移17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2][3][4][5]利用牛頓第二定律結(jié)合勻變速直線運動公式分析。適用于電場是勻強電場且涉及運動時間等描述運動過程的物理量，公式有

（2）[6][7][8]利用靜電力做功結(jié)合動能定理分析。適用于問題涉及位移、速率等動能定理公式中的物理量或非勻強電場情景時，公式有qEd=mv2-mv（勻強電場）

或qU=mv2-mv（任何電場）【解析】①.牛頓第二②.勻強電場③.運動時間④.ma⑤.at⑥.位移⑦.速率⑧.非勻強18、略

【分析】【詳解】

[1]將電流表G改裝成電壓表；需要串聯(lián)電阻分壓。

[2][3]改裝后電壓表的內(nèi)阻為

串聯(lián)電阻的阻值為【解析】①.串②.270③.30019、略

【分析】【詳解】

[1][2]當S閉合；且電路穩(wěn)定后，等效電路如圖。

上的電壓為的電壓，故得

上的電壓為的電壓，故得【解析】四、作圖題(共4題，共24分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應(yīng)穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應(yīng)，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應(yīng)穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析21、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減?。贿x項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減?。贿x項D正確。