2025年上教版高二數(shù)學(xué)下冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線(xiàn)※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線(xiàn)…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年上教版高二數(shù)學(xué)下冊(cè)月考試卷367考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、（1-x3）（1+x）10的展開(kāi)式中，x5的系數(shù)是（）

A.207

B.208

C.209

D.210

2、已知的展開(kāi)式中的系數(shù)為則（）A.B.C.D.3、設(shè)則=（）A.B.C.D.4、設(shè)隨機(jī)變量ξ服從正態(tài)分布N（3，4），若P（ξ＜2a﹣3）=P（ξ＞a+2），則a=（）A.3B.C.5D.5、已知F1、F2分別是橢圓的左、右焦點(diǎn)，A是橢圓上一動(dòng)點(diǎn)，圓C與F1A的延長(zhǎng)線(xiàn)、F1F2的延長(zhǎng)線(xiàn)以及線(xiàn)段AF2相切，若M（t，0）為一個(gè)切點(diǎn)，則（）A.t=2B.t＞2C.t＜2D.t與2的大小關(guān)系不確定6、已知命題p：“?x0∈R，x03＞x0”，則命題￢p為（）A.?x∈R，x3＞xB.?x∈R，x3＜xC.?x∈R，x3≤xD.?x0∈R，x03≤x07、橢圓+y2=1的焦點(diǎn)為F1、F2，點(diǎn)P在橢圓上，如果線(xiàn)段PF1的中點(diǎn)在y軸上，那么|PF1|是|PF2|的（）A.3倍B.4倍C.5倍D.7倍評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、已知復(fù)數(shù)為虛數(shù)單位，若為純虛數(shù)，則實(shí)數(shù)的值是____9、【題文】已知{an}為等比數(shù)列，a2＋a3＝1，a3＋a4＝－2，則a5＋a6＋a7＝________．10、【題文】某高?！敖y(tǒng)計(jì)初步”課程的教師隨機(jī)調(diào)查了選該課的一些學(xué)生情況；具體數(shù)據(jù)如下表：

。

性別專(zhuān)業(yè)。

非統(tǒng)計(jì)專(zhuān)業(yè)。

統(tǒng)計(jì)專(zhuān)業(yè)。

男。

13

10

女。

7

20

為了判斷主修統(tǒng)計(jì)專(zhuān)業(yè)是否與性別有關(guān)系；根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，所以判定主修統(tǒng)計(jì)專(zhuān)業(yè)與。

性別有關(guān)系，那么這種判斷出錯(cuò)的可能性為_(kāi)___.（）11、【題文】在銳角△中，角所對(duì)應(yīng)的邊分別為若則角等于________.12、若Z∈C，且（3+Z）i=1（i為虛數(shù)單位），則復(fù)數(shù)Z=____．評(píng)卷人得分三、作圖題(共9題，共18分)13、著名的“將軍飲馬”問(wèn)題：有一位將軍騎著馬要從A地走到B地；但途中要到水邊喂馬喝一次水，則將軍怎樣走最近？

14、A是銳角MON內(nèi)部任意一點(diǎn)，在∠MON的兩邊OM，ON上各取一點(diǎn)B，C，組成三角形，使三角形周長(zhǎng)最?。ㄈ鐖D所示）15、已知，A，B在直線(xiàn)l的兩側(cè)，在l上求一點(diǎn)，使得PA+PB最?。ㄈ鐖D所示）16、著名的“將軍飲馬”問(wèn)題：有一位將軍騎著馬要從A地走到B地；但途中要到水邊喂馬喝一次水，則將軍怎樣走最近？

17、A是銳角MON內(nèi)部任意一點(diǎn)，在∠MON的兩邊OM，ON上各取一點(diǎn)B，C，組成三角形，使三角形周長(zhǎng)最?。ㄈ鐖D所示）18、已知，A，B在直線(xiàn)l的兩側(cè)，在l上求一點(diǎn)，使得PA+PB最?。ㄈ鐖D所示）19、分別畫(huà)一個(gè)三棱錐和一個(gè)四棱臺(tái)．評(píng)卷人得分四、解答題(共4題，共28分)20、過(guò)點(diǎn)作直線(xiàn)l交x軸于A點(diǎn)、交y軸于B點(diǎn)，且P位于AB兩點(diǎn)之間。（Ⅰ）求直線(xiàn)l的方程；（Ⅱ）求當(dāng)取得最小值時(shí)直線(xiàn)l的方程。21、【題文】（本題滿(mǎn)分12分）設(shè)數(shù)列的前項(xiàng)和為滿(mǎn)足且

（Ⅰ）求的值；

（Ⅱ）求數(shù)列的通項(xiàng)公式；

（Ⅲ）設(shè)數(shù)列的前項(xiàng)和為且證明：對(duì)一切正整數(shù)都有：22、求證：當(dāng)0＜x＜時(shí)，sinx＜x＜tanx．23、已知橢圓的離心率為直線(xiàn)與以原點(diǎn)為圓心；以橢圓E的短半軸長(zhǎng)為半徑的圓相切．

（Ⅰ）求橢圓E的方程；

（Ⅱ）若斜率為k（k≠0）的直線(xiàn)l與橢圓E相交于A，B兩點(diǎn)（A，B不是左右頂點(diǎn)），且以AB為直徑的圓過(guò)橢圓E的右頂點(diǎn)，求證：直線(xiàn)l過(guò)定點(diǎn)，并求出該定點(diǎn)的坐標(biāo)．評(píng)卷人得分五、計(jì)算題(共4題，共24分)24、如圖，已知正方形ABCD的邊長(zhǎng)是8，點(diǎn)E在BC邊上，且CE=2，點(diǎn)P是對(duì)角線(xiàn)BD上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，求PE+PC的最小值．25、已知等式在實(shí)數(shù)范圍內(nèi)成立，那么x的值為_(kāi)___．26、1.（本小題滿(mǎn)分12分）已知投資某項(xiàng)目的利潤(rùn)與產(chǎn)品價(jià)格的調(diào)整有關(guān)，在每次調(diào)整中價(jià)格下降的概率都是．設(shè)該項(xiàng)目產(chǎn)品價(jià)格在一年內(nèi)進(jìn)行2次獨(dú)立的調(diào)整，記產(chǎn)品價(jià)格在一年內(nèi)的下降次數(shù)為對(duì)該項(xiàng)目每投資十萬(wàn)元，取0、1、2時(shí)，一年后相應(yīng)的利潤(rùn)為1.6萬(wàn)元、2萬(wàn)元、2.4萬(wàn)元．求投資該項(xiàng)目十萬(wàn)元，一年后獲得利潤(rùn)的數(shù)學(xué)期望及方差．27、解不等式組：．評(píng)卷人得分六、綜合題(共3題，共15分)28、如圖，在直角坐標(biāo)系中，點(diǎn)A，B，C的坐標(biāo)分別為（-1，0），（3，0），（0，3），過(guò)AB，C三點(diǎn)的拋物的對(duì)稱(chēng)軸為直線(xiàn)l，D為對(duì)稱(chēng)軸l上一動(dòng)點(diǎn)．

（1）求拋物線(xiàn)的解析式；

（2）求當(dāng)AD+CD最小時(shí)點(diǎn)D的坐標(biāo)；

（3）以點(diǎn)A為圓心；以AD為半徑作⊙A．

①證明：當(dāng)AD+CD最小時(shí)；直線(xiàn)BD與⊙A相切；

②寫(xiě)出直線(xiàn)BD與⊙A相切時(shí)，D點(diǎn)的另一個(gè)坐標(biāo)：____．29、（2015·安徽）設(shè)橢圓E的方程為+=1(ab0),點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，點(diǎn)A的坐標(biāo)為（a，0），點(diǎn)B的坐標(biāo)為（0，b），點(diǎn)M在線(xiàn)段AB上，滿(mǎn)足=2直線(xiàn)OM的斜率為30、已知f（x）=﹣3x2+a（6﹣a）x+6．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】

（1-x3）（1+x）10=（1+x）10-x3（1+x）10

則（1-x3）（1+x）10展開(kāi)式中的x5的系數(shù)是（1+x）10的展開(kāi)式中的x5的系數(shù)減去（1+x）10的x2的系數(shù)；

由二項(xiàng)式定理，（1+x）10的展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)r+1=C10rxr

令r=5，得（1+x）10展開(kāi)式的含x5的系數(shù)為C105；

令r=2，得其展開(kāi)式的含x2的系數(shù)為C102

則x5的系數(shù)是C105-C102=252-45=207

故選A．

【解析】【答案】先將多項(xiàng)式展開(kāi)，分析可得（1-x3）（1+x）10展開(kāi)式中的x5的系數(shù)是（1+x）10的展開(kāi)式中的x5的系數(shù)減去（1+x）10的x2的系數(shù)，利用二項(xiàng)式定理可得（1+x）10展開(kāi)式的含x5的系數(shù)與含x2的系數(shù)；相減可得答案．

2、D【分析】【解析】試題分析：的展開(kāi)式中的系數(shù)為即a=－1，選D?？键c(diǎn)：二項(xiàng)展開(kāi)式的通項(xiàng)公式【解析】【答案】D3、B【分析】【解析】試題分析：因?yàn)樗运钥键c(diǎn)：本小題主要考查集合的運(yùn)算.【解析】【答案】B4、D【分析】【解答】解：∵隨機(jī)變量ξ服從正態(tài)分布N（3；4）；

∵P（ξ＜2a﹣3）=P（ξ＞a+2）；

∴2a﹣3與a+2關(guān)于x=3對(duì)稱(chēng)；

∴2a﹣3+a+2=6；

∴3a=7；

∴a=

故選：D．

【分析】根據(jù)隨機(jī)變量符合正態(tài)分布，又知正態(tài)曲線(xiàn)關(guān)于x=3對(duì)稱(chēng)，得到兩個(gè)概率相等的區(qū)間關(guān)于x=3對(duì)稱(chēng)，得到關(guān)于a的方程，解方程即可．5、A【分析】【解答】解：由題意知，圓C是△AF1F2的旁切圓；

點(diǎn)M是圓C與x軸的切點(diǎn)；

設(shè)圓C與直線(xiàn)F1A的延長(zhǎng)線(xiàn)、AF2分別相切于點(diǎn)P；Q；

則由切線(xiàn)的性質(zhì)可知：

AP=AQ，F(xiàn)2Q=F2M，F(xiàn)1P=F1M；

∴MF2=QF2=（AF1+AF2）﹣（AF1+AQ）

=2a﹣AF1﹣AP

=2a﹣F1P

=2a﹣F1M

∴MF1+MF2=2a；

∴t=a=2．

故選A．

【分析】由題意知，圓C是△AF1F2的旁切圓，點(diǎn)M是圓C與x軸的切點(diǎn)，設(shè)圓C與直線(xiàn)F1A的延長(zhǎng)線(xiàn)、AF2分別相切于點(diǎn)P；Q；

則由切線(xiàn)的性質(zhì)可知：AP=AQ，F(xiàn)2Q=F2M，F(xiàn)1P=F1M，由此能求出t的值．6、C【分析】解：由特稱(chēng)命題的否定為全稱(chēng)命題；可得。

命題p：“?x0∈R，x03＞x0”，則命題￢p為”?x∈R，x3≤x”．

故選：C．

根據(jù)特稱(chēng)命題的否定為全稱(chēng)命題；即可得到所求命題的否定．

本題考查簡(jiǎn)易邏輯，主要是命題的否定，注意特稱(chēng)命題和全稱(chēng)命題的轉(zhuǎn)換，考查轉(zhuǎn)變能力，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】C7、D【分析】解：∵橢圓+y2=1，∴a=2，b=1，|PF1|+|PF2=4．

∵線(xiàn)段PF1的中點(diǎn)E在y軸上，O為F1F2的中點(diǎn)；

∴PF2∥OE．

∴|PF2|==|PF1|=4-=．

∴|PF1|=7|PF2|；

故選：D．

橢圓+y2=1，a=2，b=1，|PF1|+|PF2=4．由線(xiàn)段PF1的中點(diǎn)E在y軸上，O為F1F2的中點(diǎn)，可得PF2∥OE．求出|PF2|==可得|PF1|．

本題考查了橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及其性質(zhì)、直線(xiàn)與橢圓相交弦長(zhǎng)問(wèn)題、三角形中位線(xiàn)定理，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題．【解析】【答案】D二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】∵∴由題意∴b=0.【解析】【答案】－19、略

【分析】【解析】由a2＋a3＝1，a3＋a4＝－2得q＝－2，由a2＋a2q＝1，得a2＝－1，因此a5＋a6＋a7＝8－16＋32＝24.【解析】【答案】2410、略

【分析】【解析】

試題分析：設(shè)

則

所以，

因?yàn)?/p>

所以；有95%的把握認(rèn)為“主修統(tǒng)計(jì)專(zhuān)業(yè)與性別之間有關(guān)系”這種判斷出錯(cuò)的可能性為5%．

所以答案填：5%.

考點(diǎn)：獨(dú)立性地檢驗(yàn).【解析】【答案】5%11、略

【分析】【解析】

試題分析：由正弦定理得即又所以

考點(diǎn)：正弦定理.【解析】【答案】12、﹣3﹣i【分析】【解答】解：∵（3+Z）i=1；∴（3+Z）i（﹣i）=﹣i；

∴3+Z=﹣i；

可得Z=﹣3﹣i．

故答案為：﹣3﹣i．

【分析】利用復(fù)數(shù)的運(yùn)算法則即可得出．三、作圖題(共9題，共18分)13、略

【分析】【分析】根據(jù)軸對(duì)稱(chēng)的性質(zhì)作出B點(diǎn)與河面的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)B′，連接AB′，AB′與河面的交點(diǎn)C即為所求．【解析】【解答】解：作B點(diǎn)與河面的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)B′；連接AB′，可得到馬喝水的地方C；

如圖所示；

由對(duì)稱(chēng)的性質(zhì)可知AB′=AC+BC；

根據(jù)兩點(diǎn)之間線(xiàn)段最短的性質(zhì)可知；C點(diǎn)即為所求．

14、略

【分析】【分析】作出A關(guān)于OM的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A'，關(guān)于ON的A對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A''，連接A'A''，根據(jù)兩點(diǎn)之間線(xiàn)段最短即可判斷出使三角形周長(zhǎng)最小的A、B的值．【解析】【解答】解：作A關(guān)于OM的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A'；關(guān)于ON的A對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A''，與OM；ON相交于B、C，連接ABC即為所求三角形．

證明：∵A與A'關(guān)于OM對(duì)稱(chēng)；A與A″關(guān)于ON對(duì)稱(chēng)；

∴AB=A'B；AC=A''C；

于是AB+BC+CA=A'B+BC+A''C=A'A''；

根據(jù)兩點(diǎn)之間線(xiàn)段最短，A'A''為△ABC的最小值．15、略

【分析】【分析】顯然根據(jù)兩點(diǎn)之間，線(xiàn)段最短，連接兩點(diǎn)與直線(xiàn)的交點(diǎn)即為所求作的點(diǎn)．【解析】【解答】解：連接兩點(diǎn)與直線(xiàn)的交點(diǎn)即為所求作的點(diǎn)P；

這樣PA+PB最??；

理由是兩點(diǎn)之間，線(xiàn)段最短．16、略

【分析】【分析】根據(jù)軸對(duì)稱(chēng)的性質(zhì)作出B點(diǎn)與河面的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)B′，連接AB′，AB′與河面的交點(diǎn)C即為所求．【解析】【解答】解：作B點(diǎn)與河面的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)B′；連接AB′，可得到馬喝水的地方C；

如圖所示；

由對(duì)稱(chēng)的性質(zhì)可知AB′=AC+BC；

根據(jù)兩點(diǎn)之間線(xiàn)段最短的性質(zhì)可知；C點(diǎn)即為所求．

17、略

【分析】【分析】作出A關(guān)于OM的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A'，關(guān)于ON的A對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A''，連接A'A''，根據(jù)兩點(diǎn)之間線(xiàn)段最短即可判斷出使三角形周長(zhǎng)最小的A、B的值．【解析】【解答】解：作A關(guān)于OM的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A'；關(guān)于ON的A對(duì)稱(chēng)點(diǎn)A''，與OM；ON相交于B、C，連接ABC即為所求三角形．

證明：∵A與A'關(guān)于OM對(duì)稱(chēng)；A與A″關(guān)于ON對(duì)稱(chēng)；

∴AB=A'B；AC=A''C；

于是AB+BC+CA=A'B+BC+A''C=A'A''；

根據(jù)兩點(diǎn)之間線(xiàn)段最短，A'A''為△ABC的最小值．18、略

【分析】【分析】顯然根據(jù)兩點(diǎn)之間，線(xiàn)段最短，連接兩點(diǎn)與直線(xiàn)的交點(diǎn)即為所求作的點(diǎn)．【解析】【解答】解：連接兩點(diǎn)與直線(xiàn)的交點(diǎn)即為所求作的點(diǎn)P；

這樣PA+PB最小；

理由是兩點(diǎn)之間，線(xiàn)段最短．19、解：畫(huà)三棱錐可分三步完成。

第一步：畫(huà)底面﹣﹣畫(huà)一個(gè)三角形；

第二步：確定頂點(diǎn)﹣﹣在底面外任一點(diǎn)；

第三步：畫(huà)側(cè)棱﹣﹣連接頂點(diǎn)與底面三角形各頂點(diǎn)．

畫(huà)四棱可分三步完成。

第一步：畫(huà)一個(gè)四棱錐；

第二步：在四棱錐一條側(cè)棱上取一點(diǎn)；從這點(diǎn)開(kāi)始，順次在各個(gè)面內(nèi)畫(huà)與底面對(duì)應(yīng)線(xiàn)段平行的線(xiàn)段；

第三步：將多余線(xiàn)段擦去．

【分析】【分析】畫(huà)三棱錐和畫(huà)四棱臺(tái)都是需要先畫(huà)底面，再確定平面外一點(diǎn)連接這點(diǎn)與底面上的頂點(diǎn)，得到錐體，在畫(huà)四棱臺(tái)時(shí)，在四棱錐一條側(cè)棱上取一點(diǎn)，從這點(diǎn)開(kāi)始，順次在各個(gè)面內(nèi)畫(huà)與底面對(duì)應(yīng)線(xiàn)段平行的線(xiàn)段，將多余線(xiàn)段擦去，得到圖形．四、解答題(共4題，共28分)20、略

【分析】

顯然直線(xiàn)l的斜率k存在且設(shè)l：得2分因?yàn)镻位于AB兩點(diǎn)之間，所以且所以2分（Ⅰ）所以所以直線(xiàn)l的方程為3分（Ⅱ）當(dāng)即時(shí)，等號(hào)成立。所以當(dāng)取得最小值時(shí)直線(xiàn)l的方程為▋3分【解析】略【解析】【答案】21、略

【分析】【解析】

試題分析：（Ⅰ）∵

∴

4分。

（Ⅱ）由得

檢驗(yàn)知滿(mǎn)足

∴

變形可得

∴數(shù)列是以1為首項(xiàng)；1為公差的等差。

解得7分。

（Ⅲ）由（Ⅱ）知

代入得=8分。

∵

∴

∴

∴

即

∴

∴12分。

考點(diǎn)：本題主要考查等差數(shù)列；等比數(shù)列的概念及其通項(xiàng)公式；數(shù)列的求和，不等式證明。

點(diǎn)評(píng)：典型題，本題首先由的故選，確定數(shù)列的通項(xiàng)公式是關(guān)鍵。不等式證明中運(yùn)用了“放縮法”，本題較難。【解析】【答案】（Ⅰ）（Ⅱ）

（Ⅲ）利用推出22、略

【分析】

解法一：如圖所示，在單位圓中，|PB|=sinx，=x，|AQ|=tanx，由于△POA的面積小于扇形POA的面積，扇形POA的面積小于△AOQ的面積，可得|PB|＜＜|AQ|；化簡(jiǎn)可得sinx＜x＜tanx．

解法二：當(dāng)0＜x＜時(shí)，令f（x）=x-sinx，g（x）=tanx-x，根據(jù)導(dǎo)數(shù)的符號(hào)可得故f（x）和g（x）在（0，）上單調(diào)遞增；故f（x）＞0，g（x）＞0，從而得到sinx＜x＜tanx．

本題主要考查三角函數(shù)線(xiàn)的定義，利用導(dǎo)數(shù)的符號(hào)研究函數(shù)的單調(diào)性，屬于基礎(chǔ)題．【解析】解：解法一：證明：設(shè)角x的終邊與單位圓的交點(diǎn)為P；

PB⊥x軸；B為垂足；

單位圓和x軸的正半軸交于點(diǎn)A；AQ⊥x軸，且點(diǎn)Q∈OP；

如圖所示，則|PB|=sinx，=x；|AQ|=tanx；

由于△POA的面積小于扇形POA的面積；扇形POA的面積小于。

△AOQ的面積；

故有|OA|?|PB|＜?|OA|＜|OA|?|AQ|，即|PB|＜＜|AQ|；即sinx＜x＜tanx．

解法二：證明：當(dāng)0＜x＜時(shí)，令f（x）=x-sinx，g（x）=tanx-x，則f′（x）=1-cosx＞0，g′（x）=-1＞0；

故f（x）和g（x）在（0，）上單調(diào)遞增；故f（x）＞f（0）=0，g（x）＞g（0）=0；

∴x＞sinx，且tanx＞x，∴sinx＜x＜tanx．23、略

【分析】

（Ⅰ）由橢圓離心率為直線(xiàn)與以原點(diǎn)為圓心，以橢圓E的短半軸長(zhǎng)為半徑的圓相切，列出方程求出a，b；由此能求出橢圓E的方程．

（Ⅱ）令l：y=kx+m（k≠0），聯(lián)立得（3+4k2）x2+8kmx+4（m2-3）=0；由此利用韋達(dá)定理；根的判別式，向量數(shù)量積、圓的性質(zhì)，結(jié)合已知條件能證明直線(xiàn)l過(guò)定點(diǎn)，并求出該定點(diǎn)的坐標(biāo)．

本題考查橢圓方程的求法，考查直線(xiàn)過(guò)定點(diǎn)的證明，考查圓、橢圓、韋達(dá)定理、根的判別式，向量數(shù)量積等基礎(chǔ)知識(shí)，考查推理論證能力、運(yùn)算求解能力，考查化歸與轉(zhuǎn)化思想、函數(shù)與方程思想，考查創(chuàng)新意識(shí)、應(yīng)用意識(shí)，是中檔題．【解析】解：（Ⅰ）∵∴．

∵直線(xiàn)與以原點(diǎn)為圓心；以橢圓E的短半軸長(zhǎng)為半徑的圓相切；

∴解得a=2．

∴橢圓E的方程為．（4分）

證明：（Ⅱ）令l：y=kx+m（k≠0）

設(shè)A（x1，y1），B（x2，y2），取立

聯(lián)立消y得（3+4k2）x2+8kmx+4（m2-3）=0

∴（6分）

且△=64k2m2-16（3+4k2）（m2-3）＞0；

整理得：4k2＞m2-3；

∵以AB為直徑的圓過(guò)右頂點(diǎn)N（2；0）

∴

化簡(jiǎn)得

∴或（10分）

∵當(dāng)時(shí)．l：y=k（x-2）過(guò)定點(diǎn)N（2；0）不合題意。

∴故過(guò)定點(diǎn)．（12分）五、計(jì)算題(共4題，共24分)24、略

【分析】【分析】要求PE+PC的最小值，PE，PC不能直接求，可考慮通過(guò)作輔助線(xiàn)轉(zhuǎn)化PE，PC的值，從而找出其最小值求解．【解析】【解答】解：如圖；連接AE；

因?yàn)辄c(diǎn)C關(guān)于BD的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)為點(diǎn)A；

所以PE+PC=PE+AP；

根據(jù)兩點(diǎn)之間線(xiàn)段最短可得AE就是AP+PE的最小值；

∵正方形ABCD的邊長(zhǎng)為8cm；CE=2cm；

∴BE=6cm；

∴AE==10cm．

∴PE+PC的最小值是10cm．25、略

【分析】【分析】先移項(xiàng)并整理得到=，然后兩邊進(jìn)行6次方，求解即可．【解析】【解答】解：原式可化為=；

6次方得，（x-1）3=（x-1）2；

即（x-1）2（x-2）=0；

∴x-1=0；x-2=0；

解得x=1或x=2．

故答案為：1或2．26、略

【分析】由題設(shè)得則的概率分布為4分。012P故收益的概率分布為。1.622.4P所以=28分12分【解析】【答案】=227、解：由|x﹣1|＜3解得﹣2＜x＜4；

由＞1得﹣1=＞0；

解得3＜x＜5；

所以，不等式解集為（3，4）．【分析】【分析】根據(jù)不等式的解法即可得到結(jié)論．六、綜合題(共3題，共15分)28、略

【分析】【分析】（1）由待定系數(shù)法可求得拋物線(xiàn)的解析式．

（2）連接BC；交直線(xiàn)l于點(diǎn)D，根據(jù)拋物線(xiàn)對(duì)稱(chēng)軸的性質(zhì)，點(diǎn)B與點(diǎn)A關(guān)于直線(xiàn)l對(duì)稱(chēng)，∴AD=BD．

∴AD+CD=BD+CD；由“兩點(diǎn)之間，線(xiàn)段最短”的原理可知：D在直線(xiàn)BC上AD+CD最短，所以D是直線(xiàn)l與直線(xiàn)BC的交點(diǎn)；

設(shè)出直線(xiàn)BC的解析式為y=kx+b；可用待定系數(shù)法求得BC直線(xiàn)的解析式，故可求得BC與直線(xiàn)l的交點(diǎn)D的坐標(biāo)．

（3）由（2）可知，當(dāng)AD+CD最短時(shí)，D在直線(xiàn)BC上，由于已知A，B，C，D四點(diǎn)坐標(biāo)，根據(jù)線(xiàn)段之間的長(zhǎng)度，可以求出△ABD是直角三角形，即BC與圓相切．由于AB⊥l，故由垂徑定理知及切線(xiàn)長(zhǎng)定理知，另一點(diǎn)D與現(xiàn)在的點(diǎn)D關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)，所以另一點(diǎn)D的坐標(biāo)為（1，-2）．【解析】【解答】解：

（1）設(shè)拋物線(xiàn)的解析式為y=a（x+1）（x-3）．（1分）

將（0；3）代入上式，得3=a（0+1）（0-3）．

解；得a=-1．（2分）∴拋物線(xiàn)的解析式為y=-（x+1）（x-3）．

即y=-x2+2x+3．（3分）

（2）連接BC；交直線(xiàn)l于點(diǎn)D．

∵點(diǎn)B與點(diǎn)A關(guān)于直線(xiàn)l對(duì)稱(chēng)；

∴AD=BD．（4分）

∴AD+CD=BD+CD=BC．

由“兩點(diǎn)之間；線(xiàn)段最短”的原理可知：

此時(shí)AD+CD最??；點(diǎn)D的位置即為所求．（5分）

設(shè)直線(xiàn)BC的解析式為y=kx+b；

由直線(xiàn)BC過(guò)點(diǎn)（3；0），（0，3）；

得

解這個(gè)方程組，得

∴直線(xiàn)BC的解析式為y=-x+3．（6分）

由（1）知：對(duì)稱(chēng)軸l為；即x=1．

將x=1代入y=-x+3；得y=-1+3=2．

∴點(diǎn)D的坐標(biāo)為（1；2）．（7分）

說(shuō)明：用相似三角形或三角函數(shù)求點(diǎn)D的坐標(biāo)也可；答案正確給（2分）．

（3）①連接AD．設(shè)直線(xiàn)l與x軸的交點(diǎn)記為點(diǎn)E．

由（2）知：當(dāng)AD+CD最小時(shí)；點(diǎn)D的坐標(biāo)為（1，2）．

∴DE=AE=BE=2．

∴∠DAB=∠DBA=45