2025年統(tǒng)編版2024高三物理上冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版2024高三物理上冊月考試卷433考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示是A、B兩物體從同一地點(diǎn)同時(shí)沿同一方向運(yùn)動(dòng)的速度圖線，其中t2=2t1．則（）A.在t1時(shí)刻B物體在前，A物體在后B.A的加速度比B大C.在t1時(shí)刻兩物體相遇D.在t2時(shí)刻兩物體速度相等2、以下說法中正確的是（）A.做直線運(yùn)動(dòng)的物體，路程與位移的大小一定相等B.質(zhì)點(diǎn)一定是體積和質(zhì)量極小的物體C.速度的定義式和平均速度公式都是v=，因此速度就是指平均速度D.速度不變且不為零的運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)3、以下關(guān)于合力與分力的關(guān)系的敘述中，正確的是（）A.合力和它的兩個(gè)分力同時(shí)作用于物體上B.合力一定大于任一個(gè)分力C.合力可能小于它的任一個(gè)分力D.兩個(gè)大小不變的力，其合力隨兩力夾角的增大而增大4、搬運(yùn)工人沿粗糙斜面把一個(gè)物體拉上卡車，當(dāng)力沿斜面向上，大小為F時(shí)，物體的加速度為a1；若保持力的方向不變，大小為2F時(shí)，物體的加速度為a2，則（）A.a1=a2B.a1＜a2＜2a1C.a1=2a2D.a2＞2a15、如圖所示，半徑為R的圓形導(dǎo)線環(huán)對(duì)心、勻速穿過半徑也為R的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，規(guī)定逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流為正．導(dǎo)線環(huán)中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，其中最符合實(shí)際的是（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、一個(gè)質(zhì)子穿過某一空間而未發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則（）A.可能存在電場和磁場，它們的方向與質(zhì)子運(yùn)動(dòng)方向相同B.此空間可能有磁場，方向與質(zhì)子運(yùn)動(dòng)速度的方向平行C.此空間可能只有磁場，方向與質(zhì)子運(yùn)動(dòng)速度的方向垂直D.此空間可能有正交的電場和磁場，它們的方向均與質(zhì)子速度的方向垂直7、如圖甲所示，水平放置的平行金屬導(dǎo)軌連接一個(gè)平行板電容器C

和電阻R

導(dǎo)體棒MN

放在導(dǎo)軌上且接觸良好，整個(gè)裝置放于垂直導(dǎo)軌平面的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B

的變化情況如圖乙所示(

圖示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)檎?MN

始終保持靜止，則0隆蘆t2

時(shí)間內(nèi)

A.電容器C

的電荷量大小始終沒變B.電容器C

的a

板先帶正電后帶負(fù)電C.MN

所受培力的大小始終沒變D.MN

所受培力的方向先向右后向左8、如圖所示，足夠長的光滑平行金屬直導(dǎo)軌固定在水平面上，左側(cè)軌道間距為2d，右側(cè)軌道間距為d。軌道處于豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中。質(zhì)量為2m、有效電阻為2R的金屬棒靜止在左側(cè)軌道上，質(zhì)量為m、有效電阻為R的金屬棒b靜止在右側(cè)軌道上?，F(xiàn)給金屬棒a一水平向右的初速度v0，經(jīng)過一段時(shí)間兩金屬棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)。已知兩金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中始終相互平行且與導(dǎo)軌良好接觸，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，金屬棒a始終在左側(cè)軌道上運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（）A.金屬棒b穩(wěn)定時(shí)的速度大小為v0B.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中通過金屬棒a的電荷量為C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中兩金屬棒掃過的面積差為D.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中金屬棒a產(chǎn)生的焦耳熱為mv029、（2015秋?南通期中）如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，二極管D為理想二極管，平行板電容器C的極板水平放置．閉合開關(guān)S．電路達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，帶電油滴懸浮在兩極板之間處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列操作中，油滴仍然能保持靜止的有（）A.只增大R1的阻值B.只增大R2的阻值C.只增大兩板間的距離D.只斷開開關(guān)S10、如圖所示的電路中，R1、R2、R3、R4四個(gè)電阻的阻值分別為r、r、2r、2r，它們所消耗的電功率分別為P1、P2、P3、P4，則（）A.P4=P3＞P1=P2B.P1＜P2＜P4＜P3C.P4＞P1＞P2＞P3D.P3＜P2＜P1＜P4評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)11、（2009秋?東湖區(qū)校級(jí)月考）如圖所示，一個(gè)長直輕桿AB在墻角沿豎直墻和水平地面滑動(dòng)，當(dāng)AB桿和墻的夾角為θ時(shí)，桿的A端沿墻下滑的速度大小為V1，B端沿地面的速度大小為V2，則V1、V2的關(guān)系是____．12、（2005?青浦區(qū)模擬）彈簧振子可以作簡諧振動(dòng)，考慮阻力存在，振子振動(dòng)過程中能量不斷損失，這種振動(dòng)稱阻尼振動(dòng)．現(xiàn)通過實(shí)驗(yàn)手段得到某振子阻尼振動(dòng)的圖象和經(jīng)理論推導(dǎo)得到阻尼振動(dòng)的周期公式T=2π/（ω02-β2）1/2，觀察圖象后指出阻尼振動(dòng)的特點(diǎn)____、____（寫出兩點(diǎn)）13、（2016?大連一模）為了測量滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；采用如圖所示裝置：表面粗糙的木板固定在水平桌面上，左端裝有定滑輪；木板上有一滑塊，一端通過跨過定滑輪的細(xì)線與托盤連接，另一端與穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連．實(shí)驗(yàn)中保持木板水平且細(xì)線平行于木板，在托盤中放入適量砝碼后，滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，紙帶上打出一系列的點(diǎn)．利用紙帶測得滑塊加速度為a，并已知重力加速度為g．

（1）若要測出動(dòng)摩擦因數(shù)，還應(yīng)測量的物理量有____（填入正確選項(xiàng)前的字母）

A．木板的長度LB．木板的質(zhì)量m1C．滑塊的質(zhì)量m2D．托盤和砝碼的總質(zhì)量m3

E．滑塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t

（2）滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式：μ=____（用題干中已知量和（1）中所測物理量的符號(hào)表示）．14、（2014春?大觀區(qū)校級(jí)月考）如圖，有A、B兩個(gè)圓，兩圓相交于B圓上的一點(diǎn)C，已知A圓的半徑是B的，兩圓始終無相對(duì)滑動(dòng)．首先讓B圓繞其圓心順時(shí)針旋轉(zhuǎn)一周，圓心位置保持不變的A圓旋轉(zhuǎn)____周；現(xiàn)讓A圓從B圓上的C點(diǎn)出發(fā)，繞固定不動(dòng)的B圓表面順時(shí)針滾動(dòng)，當(dāng)A圓再次到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，A圓旋轉(zhuǎn)____周．15、一臺(tái)拖拉機(jī)的額定功率為1.5×104W，在平直的路面上行駛時(shí)所受阻力為1.5×103N．它的最大行駛速度可達(dá)____m/s．如果它以5m/s的速度勻速行駛，發(fā)動(dòng)機(jī)的實(shí)際功率為____W．評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共9分)16、做平拋運(yùn)動(dòng)的物體，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與初速度有關(guān)．____（判斷對(duì)錯(cuò)）17、化學(xué)成分相同的物質(zhì)只能生成同一種晶體．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共8分)19、（2015秋?莆田校級(jí)月考）一輛小車沿一條直線運(yùn)動(dòng)，車上放著盛水的漏滴，每隔2.0s滴一滴水，水在車行駛的路面上留下水滴的痕跡如圖所示，圖中還放著一把刻度尺，其零刻度線與O點(diǎn)對(duì)齊，若從小車通過O點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，則當(dāng)?shù)蜗滤蜧時(shí)，小車運(yùn)動(dòng)時(shí)間是____s，AH段的平均速度為____m/s（保留3位有效數(shù)字）．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】速度圖線與坐標(biāo)軸所圍“面積”等于位移．根據(jù)位移大小關(guān)系，分析兩物體的位置關(guān)系，判斷是否相遇．【解析】【解答】解：A、t1時(shí)刻A圖線的“面積”小于B圖線的“面積”，則A的位移小于B的位移，而兩物體是從同一地點(diǎn)沿同一方向作直線運(yùn)動(dòng)的，說明t1時(shí)刻B在前；A在后，并沒有相遇．故A正確C錯(cuò)誤．

B；v-t圖象中；直線的斜率即加速度，由圖看出，B的斜率大于A的斜率，故B的加速度大于A的加速度，故B錯(cuò)誤．

D、由圖看出，t2時(shí)刻兩物體速度不相等；故D錯(cuò)誤．

故選：A．2、D【分析】【分析】當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，位移的大小等于路程；物體能否看成質(zhì)點(diǎn)不是看物體的體積和質(zhì)量的大小，而是看大小和形狀在研究的問題中能否忽略；速度有平均速度和瞬時(shí)速度之分；勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度大小和方向都不變．【解析】【解答】解：A；當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)時(shí)；路程與位移的大小相等，做有往復(fù)的直線運(yùn)動(dòng)，路程與位移的大小不等．故A錯(cuò)誤．

B；當(dāng)物體的大小和形狀在所研究的問題中能忽略；物體可以看成質(zhì)點(diǎn)，不一定是體積小或質(zhì)量小的物體就可以看成質(zhì)點(diǎn)．故B錯(cuò)誤．

C、速度的定義式和平均速度公式都是v=；當(dāng)t非常小時(shí)，速度可以表示瞬時(shí)速度，所以速度不一定是平均速度．故C錯(cuò)誤．

D；速度不變；且大小不為零的直線運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)．故D正確．

故選：D．3、C【分析】【分析】如果幾個(gè)力的共同作用效果與一個(gè)力的作用效果相同，就把這幾個(gè)力叫做那一個(gè)力的分力，而把那一個(gè)力叫做那幾個(gè)力的合力，合力與分力是等效替代關(guān)系，不是重復(fù)受力；兩個(gè)不共線的力合成時(shí)，遵循平行四邊形定則．【解析】【解答】解：A；合力與分力是等效替代關(guān)系；不是重復(fù)受力，不可能同時(shí)作用于物體上，故A錯(cuò)誤；

B；不在同一條直線上的兩個(gè)力合成時(shí)；遵循平行四邊形定則，故合力可能大于、小于或等于任意一個(gè)分力，故B錯(cuò)誤，C正確；

D；兩個(gè)大小不變的力；其合力隨兩力夾角的增大而減小，故D錯(cuò)誤；

故選：C．4、D【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別研究兩種情況，列出方程，根據(jù)滑動(dòng)摩擦力大小沒有變化，分析加速度的關(guān)系．【解析】【解答】解：當(dāng)物體所受的推力F變?yōu)?F時(shí)，物體對(duì)斜面的壓力沒有變化，物體所受的滑動(dòng)摩擦力也沒有變化，設(shè)滑動(dòng)摩擦力大小為f；斜面的傾角為θ，根據(jù)牛頓第二定律得。

F-f-mgsinθ=ma1

2F-f-mgsinθ=ma2

兩式相除得。

==2+＞2

所以a2＞2a1

故選D5、B【分析】【分析】首先根據(jù)右手定則判斷環(huán)剛進(jìn)入磁場時(shí)回路中感應(yīng)電流方向，排除部分答案，然后根據(jù)進(jìn)入磁場中有效切割長度的變化，求出感應(yīng)電流的變化，從而得出正確結(jié)果．【解析】【解答】解：開始時(shí)進(jìn)入磁場切割磁感線；根據(jù)右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，即為正方向，當(dāng)開始出磁場時(shí)，回路中磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為順時(shí)針，方向?yàn)樨?fù)方向；

當(dāng)進(jìn)入磁場時(shí)，切割的有效長度變大，則產(chǎn)生感應(yīng)電流也變大；當(dāng)離開磁場時(shí)，切割的有效長度變小，則產(chǎn)生感應(yīng)電流也變小，

根據(jù)i===2Bvsinθ=2Bvsinωt；當(dāng)環(huán)與磁場完全重合之前，電流按橢圓規(guī)律最大，之后電流變?yōu)榉聪?，按橢圓規(guī)律變化的；故ACD錯(cuò)誤；因此只有B正確；

故選：B．二、多選題(共5題，共10分)6、ABD【分析】解：A；可能存在電場和磁場；它們的方向與質(zhì)子運(yùn)動(dòng)方向相同，質(zhì)子不會(huì)偏轉(zhuǎn)，故A正確．

B；若空間存在磁場；電子的速度方向與磁場平行時(shí)，不受洛倫茲力，質(zhì)子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故B正確．

C；此空間可能只有磁場；方向與質(zhì)子運(yùn)動(dòng)速度的方向垂直，質(zhì)子一定會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤．

D；此空間可能有正交的電場和磁場；它們的方向均與質(zhì)子速度的方向垂直，洛倫茲力和電場力大小相等方向相反，不會(huì)偏轉(zhuǎn)，故D正確．

故選：ABD

通過對(duì)電子的運(yùn)動(dòng)分析可知；電子在該區(qū)域可能不受力的作用，有兩種情況，一是電場和磁場都不存在，二是只存在磁場，但是質(zhì)子的初速度方向與磁場的方向在同一條直線上；可能只受電場力作用，質(zhì)子的初速度與電場力的方向在通一條直線上；可能既受電場力又受洛倫茲力作用，但是二力為一對(duì)平衡力．

本題關(guān)鍵要掌握質(zhì)子的速度與磁場平行時(shí)不受洛倫茲力；帶電粒子在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場的復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力與洛倫茲力可能平衡，這是速度選擇器的原理．【解析】【答案】ABD7、AD【分析】【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析電路中感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流是否變化；電容器的電壓等于電阻R

兩端的電壓，由歐姆定律判斷其電壓變化，即可知道電荷量如何變化。由楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，即可確定電容器極板的電性。由F=BIL

分析安培力大小，由左手定則判斷判斷安培力的方向。

本題關(guān)鍵要根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷出電路中的電流恒定不變，再根據(jù)楞次定律、左手定則進(jìn)行分析?！窘獯稹緼B.

由乙圖知；磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，回路中產(chǎn)生恒定電動(dòng)勢，電路中電流恒定，電阻R

兩端的電壓恒定，則電容器的電壓恒定，故電容器C

的電荷量大小始終沒變。根據(jù)楞次定律判斷可知，通過R

的電流一直向下，電容器上板電勢較高，一直帶正電。故A正確，B錯(cuò)誤；

C；根據(jù)安培力公式F=BILIL

不變，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度變化，MN

所受安培力的大小變化，故C錯(cuò)誤。

D；由楞次定律判斷得知；MN

中感應(yīng)電流方向一直向上，由左手定則判斷可知，MN

所受安培力的方向先向右后向左，故D正確。

故選AD?！窘馕觥緼D

8、BD【分析】解：

A、穩(wěn)定時(shí)磁通量不變，需要b的速度v″是a的速度v′的兩倍，v″=2v′，對(duì)a、b棒分別列動(dòng)量定理：-B2d△t=2mv′-2mv0，：Bd△t=mv″-0，解得v′=v0，v″=v0，b穩(wěn)定時(shí)的速度為=v0；故A錯(cuò)誤；

B、由動(dòng)量定理：-B2d△t=2mv′-2mv0，即：-Bq2d=2mv′-2mv0，q=故B正確。

C、由q=△t=△t=△?=B△S，△S=故C錯(cuò)誤。

D、根據(jù)能量守恒定律：2mv02=2mv′2+mv″2+Qa+Qb，Qa=2Qb，解得Qa=mv02；故D正確。

故選：BD。

A、a、b棒做變加速運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)磁通量不變，需要b的速度v″是a的速度v′的兩倍，分別對(duì)a、b棒分別列動(dòng)量定理可解；

B、由動(dòng)量定理中的與△t的乘積等于電量；應(yīng)用動(dòng)量定理可解。

C；由電量的推論等于磁通量的變化量與總電阻的比值；可解。

D、棒a發(fā)熱量是棒b發(fā)熱量的兩倍；根據(jù)能量守恒定律系統(tǒng)機(jī)械能的減少量等于系統(tǒng)發(fā)熱可解。

本題是考查電磁感應(yīng)中的“雙棒”問題，涉及法拉第電磁感應(yīng)定律、反電動(dòng)勢、動(dòng)量定理、電量、電熱，綜合性強(qiáng)，難度大，特別是應(yīng)用動(dòng)量定理解決變加速運(yùn)動(dòng)，難度大，容易錯(cuò)?！窘馕觥緽D9、BCD【分析】【分析】要使油滴仍然能保持靜止，其所受的電場力與重力應(yīng)保持平衡，通過分析電容器板間電壓，分析板間場強(qiáng)的變化來判斷．【解析】【解答】解：A、增大R1分擔(dān)的電壓增大；電容器的電壓增大，板間場強(qiáng)增大，油滴所受的電場力增大，油滴將向上加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤．

B、只增大R2的阻值；不改變電路中的電流，因此電容器的電壓不變，板間場強(qiáng)不變，油滴仍保持靜止．故B正確．

C；只增大兩板間的距離時(shí)；電容器的電容減小，但由于二極管有單向?qū)щ娦?，電容器不能放電，所以電容器的電量不變，增大板間距離時(shí)，根據(jù)推論可知，板間場強(qiáng)不變，油滴所受的電場力不變，則油滴仍保持靜止，故C正確．

D；只斷開開關(guān)S；電容器不能放電，電容器的電壓不變，板間場強(qiáng)不變，油滴仍保持靜止，故D正確．

故選：BCD10、CD【分析】【分析】題中電阻R2和電阻R3是并聯(lián)關(guān)系，先根據(jù)串并聯(lián)電路的電流關(guān)系確定各個(gè)電阻的電流表，然后根據(jù)P=I2R分析功率之比．【解析】【解答】解：設(shè)干路電流為I，則流過電阻R1和R4的電流為I；

并聯(lián)電路的電流比等于電壓比，故電阻R2和電阻R3的電流比為2：1，故流動(dòng)電阻R2的電流為I，流過電阻R3的電流為I；

則：P1=I2R1=I2r

P2=（I）2R2=I2r

P3=（I）2R3=I2r

P4=I2R4=2I2r

故P4＞P1＞P2＞P3

故選：CD．三、填空題(共5題，共10分)11、V1=V2tanθ【分析】【分析】將A、B兩點(diǎn)的速度分解為沿桿子方向和垂直于桿子方向，抓住兩點(diǎn)沿桿子方向上的分速度相等，求出v1和v2的關(guān)系．【解析】【解答】解：將A點(diǎn)的速度分解為沿桿子方向和垂直于桿子方向，在沿桿子方向上的分速度為v1∥=v1cosθ，將B點(diǎn)的速度分解為沿桿子方向和垂直于桿子方向，在沿桿子方向上的分速度v2∥=v2sinθ．由于v1∥=v2∥，所以v1=v2tanθ．

故答案為：v1=v2tanθ．12、振幅逐漸減小周期不變【分析】【分析】不論是彈簧振子還是單擺由于外界的摩擦和介質(zhì)阻力總是存在，在振動(dòng)過程中要不斷克服外界阻力做功，消耗能量，振幅就會(huì)逐漸減小，經(jīng)過一段時(shí)間，振動(dòng)就會(huì)完全停下來．這種振幅越來越小的振動(dòng)叫做阻尼振動(dòng)．【解析】【解答】解：從圖中可以看出；振子振動(dòng)的幅度逐漸減?。坏芷趲缀醪蛔?；

故答案為：振幅逐漸減小，周期不變．13、CD【分析】【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律有=ma；由此可知需要測量的物理量．

（2）根據(jù)牛頓第二定律的表達(dá)式，可以求出摩擦系數(shù)的表達(dá)式．【解析】【解答】解：（1）以系統(tǒng)為研究對(duì)象；由牛頓第二定律得：

m3g-f=（m2+m3）a，滑動(dòng)摩擦力：f=m2gμ；

解得：μ=；

要測動(dòng)摩擦因數(shù)μ，需要測出：滑塊的質(zhì)量m2與托盤和砝碼的總質(zhì)量m3；

（2）由（1）可知，動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式為：μ=；

故答案為：（1）CD；（2）．14、34【分析】【分析】同緣傳動(dòng)邊緣點(diǎn)線速度相等，根據(jù)v=rω判斷角速度之比；現(xiàn)讓A圓從B圓上的C點(diǎn)出發(fā)，繞固定不動(dòng)的B圓表面順時(shí)針滾動(dòng)，根據(jù)路程除以周期得到圈數(shù)．【解析】【解答】解：同緣傳動(dòng)邊緣點(diǎn)線速度相等，根據(jù)v=rω，故==3；故B轉(zhuǎn)動(dòng)一圈時(shí)A轉(zhuǎn)動(dòng)3圈；

A繞著B的表面滾動(dòng)一圈過程中