2025年滬教版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，理想變壓器三個線圈的匝數比n1∶n2∶n3=10∶5∶1，其中匝數為n1的原線圈接到220V的交流電源上，匝數為n2和n3的兩個副線圈分別與電阻R2、R3組成閉合回路。已知通過電阻R3的電流I3=2A，電阻R2=110Ω，則通過電阻R2的電流I2和通過原線圈的電流I1分別是（）

A.B.C.D.2、一定質量的理想氣體從狀態(tài)a經狀態(tài)b、c回到狀態(tài)a，其狀態(tài)變化過程的圖像如圖所示。其中ba的延長線經過坐標原點，bc平行于p軸，ac平行于t軸。下列判斷正確的是（）

A.a、b兩狀態(tài)氣體的體積相等B.c、a兩狀態(tài)氣體的體積關系為C.b→c過程氣體對外界做的功等于c→a過程外界對氣體做的功D.b→c過程氣體對外界做的功大于c→a過程外界對氣體做的功3、關于熱現象和熱學規(guī)律，下列說法正確的是（）A.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數，就可以算出每個氣體分子的體積B.一定質量的理想氣體溫度升高，產生的壓強一定增大C.溫度一定時，懸浮在液體中的固體顆粒越大，布朗運動越明顯D.第二類永動機不可能制成是因為它違反了熱力學第二定律4、用兩個相同的小量程電流表分別改裝成了兩個量程0.6A電流表的A1和3A電流表的A2,若把A1、A2分別采用串聯或并聯的方式接入電路,如圖所示,則閉合開關后,下列有關電表的示數和電表指針偏轉角度的說法正確的是

A.圖（a）中的A1、A2的示數之比1:1B.圖（a）中的A1、A2的指針偏角角度之比1:5C.圖（b）中的A1、A2的示數之比1:5D.圖（b）中的A1、A2的指針偏角角度之比5:15、關于電感對交變電流的影響，下列說法正確的是（）A.電感不能通直流電流，只能通交變電流B.電感對各種不同頻率的交變電流的阻礙作用相同C.同一個電感線圈對頻率低的交變電流的阻礙較小D.同一個電感線圈對頻率高的交變電流的阻礙較小6、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內有一垂直紙面向里的勻強磁場，P為磁場邊界上的一點．大量質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，在紙面內沿各個方向以相同速率v從P點射入磁場．這些粒子射出磁場時的位置均位于PQ圓弧上，PQ圓弧長等于磁場邊界周長的．不計粒子重力和粒子間的相互作用；則該勻強磁場的磁感應強度大小為()

A.B.C.D.7、下列四幅圖涉及到不同的物理知識，其中說法正確的是（）

A.圖甲：普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念，成功解釋了光電效應B.圖乙：玻爾理論指出氫原子能級是分立的，所以原子發(fā)射光子的頻率是不連續(xù)的C.圖丙：盧瑟福通過分析粒子散射實驗結果，發(fā)現了質子和中子D.圖?。焊鶕娮邮ㄟ^鋁箔后的衍射圖樣，可以說明電子具有粒子性評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、在下圖所示電路中；當向左移動滑動變阻器的滑片時，變阻器接入電路的阻值和電流表的示數變化情況正確的是：()

A.變阻器接入電路的阻值變大，電流表示數變小B.變阻器接入電路的阻值變小，電流表示數變小C.定值電阻R1產生的熱功率增大D.定值電阻R1產生的熱功率減小9、如圖所示，在矩形區(qū)域內有勻強電場和勻強磁場，電場方向平行于ad邊且由a指向d，磁場方向垂直于平面，ab邊長為ad邊長為2L，一帶電粒子從ad邊的中點O平行于ab方向以大小為v0的速度射入場內，恰好做勻速直線運動；若撤去電場，其他條件不變，粒子從c點射出場區(qū)(粒子重力不計)．下列說法正確的是。

A.磁場方向一定是垂直平面向里B.撤去電場后，該粒子在磁場中的運動時間為C.若撤去磁場，其他條件不變，粒子一定從bc邊射出場區(qū)D.若撤去磁場，其他條件不變，粒子一定從ab邊射出場區(qū)10、關于熱力學溫標，下列說法中錯誤的是（）A.熱力學溫標的零度是℃，又叫絕對零度B.溫度升高5℃，就是升高278KC.絕對零度是低溫的極限，永遠達不到D.氣體在趨近絕對零度時，其體積趨向零11、目前世界上正在研究的一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機；如圖所示表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒，而從整體上來說呈電中性）噴入磁場，由于等離子體在磁場力的作用下運動方向發(fā)生偏轉，磁場中的兩塊金屬板A和B上就會聚集電荷，從而在兩板間產生電壓．在圖示磁極配置的情況下，下列表述正確的是（）

A.金屬板A的電勢較高B.通過電阻R的電流方向是b→R→aC.等離子體在B間運動時，磁場力對等離子體做功D.等離子體在B間運動時，磁場力對等離子體不做功12、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域中充滿了垂直于紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場．一帶負電粒子以速度射入磁場區(qū)域，速度方向垂直磁場且與半徑方向的夾角為45°．當該帶電粒子離開磁場時，速度方向剛好與入射速度方向垂直．不計帶電粒子的重力，下列說法正確的是()

A.該帶電粒子離開磁場時速度方向的反向延長線通過O點B.該帶電粒子的比荷為C.該帶電粒子在磁場中的運動時間為D.若只改變帶電粒子的入射方向，則其在磁場中的運動時間變短評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)13、質量為0.1kg的彈性小球從高為1.25m處自由下落至一光滑而堅硬的水平板上，碰撞后彈回到0.8m高處，碰撞時間為0.01s，則小球與水平板碰撞過程中動量變化大小為_____________kg·m/s，小球與水平板間的平均撞擊力大小為____________N．14、光滑絕緣桿與水平面保持θ角，磁感應強度為B的勻強磁場充滿整個空間，一個帶正電q，質量為m，可以自由滑動的小環(huán)套在桿上，如圖所示，小環(huán)下滑過程中對桿的壓力為零時，小環(huán)的速度為________．15、一定質量的理想氣體由狀態(tài)a經狀態(tài)b、c、d又回到狀態(tài)a，其體積V隨溫度T的變化圖象如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)a時溫度為壓強為體積為在狀態(tài)b時體積為其中則由狀態(tài)a到狀態(tài)b過程中，氣體______（選填“吸熱”或“放熱”），由狀態(tài)a到狀態(tài)c氣體的內能增加了100J，由狀態(tài)d到狀態(tài)a氣體對外做的功則由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體放出的熱量為______J。

16、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．17、在北方寒冷的冬天，有時會出現“多個太陽”的“幻日”奇觀，這時由于空氣中的水蒸氣在大氣里凝結成了小冰晶，太陽通過冰晶折射的緣故。如圖所示為太陽光照射到六角冰晶上折射的光路圖，a、b是太陽光中的兩種單色光，由此可以判斷，冰晶對單色光a的折射率_________（填“大于”或“小于”）冰晶對單色光b的折射率，單色光a在冰晶中的傳播速度比單色光b在冰晶中的傳播速度_________（填“大”或“小”）

18、做汽車安全氣囊的模擬實驗時，密封的儲氣罐與氣囊相連，撞擊時儲氣罐閥門自動打開，大量氣體進入氣囊，氣囊在極短時間內迅速展開，在人體前部形成彈性氣墊，然后氣囊泄露，收縮，從而有效保護人體，氣囊展開過程中，將氣體視為理想氣體，氣體的內能______（選填“增大”、“減小”或“不變”）；泄露收縮過程中氣囊內壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力___________（選填“增大”、“減小”或“不變”）19、如圖所示，一彈簧振子在M、N間沿光滑水平桿做簡諧運動，坐標原點O為平衡位置，MN=4cm．從小球圖中N點時開始計時，到第一次經過O點的時間為0.1s，則小球振動的周期為______s，振動方程的表達式為x=______cm；．

20、在水平放置的氣墊導軌上，質量為0.4kg、速度為0.5m/s的滑塊甲與質量為0.6kg、速度為0.1m/s的滑塊乙迎面相撞，碰撞后滑塊乙的速度大小變?yōu)?.2m/s，此時滑塊甲的速度大小為______m/s，方向與它原來速度方向_______．21、光電效應實驗中，用波長為的單色光A照射某金屬板時，剛好有光電子從金屬表面逸出．當波長為的單色光B照射該金屬板時，光電子的最大初動能為______，A、B兩種光子的動量之比為_____．（已知普朗克常量為h、光速為c）評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)22、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

23、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

24、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共3題，共24分)25、“測定玻璃的折射率”實驗中，白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側插上兩枚大頭針P1和P2，然后在另一側透過玻璃磚觀察，并依次插上大頭針P3和P4．

①在插P3和P4時，正確的操作是_________________

A、使P3只擋住P2的像

B、使P4只擋住P3的像

C、使P3能同時擋住P2和P1的像

D、使P4能同時擋住P3和P2和P1的像

②如圖，請將光路圖補充完整，并在圖中標出光線進入玻璃磚發(fā)生折射現象的入射角θ1和折射角θ2___

③對入射角θ1和折射角θ2進行測量，根據折射率n=______可計算得出玻璃的折射率26、利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻．要求盡量減小實驗誤差．

（1）應該選擇的實驗電路是下圖中的________（選填“甲”或“乙”）；

（2）現有電流表（0～0.6A）；開關和導線若干；以及以下器材：

A．電壓表（0～15V）B．電壓表（0～3V）

C．滑動變阻器（0～50Ω）D．滑動變阻器（0～500Ω）

實驗中電壓表應選用________，滑動變阻器應選用________；（選填相應器材前的字母）

（3）另一同學從實驗室只借到一個開關、一個電阻箱（最大阻值為999.9Ω，可當標準電阻用）、一只電流表（量程Ig＝0.6A，內阻rg＝0.2Ω）和若干導線．

①根據測定電動勢E和內電阻r的要求，設計實驗電路圖并畫在虛線框內______；

②閉合開關，逐次改變電阻箱的阻值R，讀出與R對應的電流表的示數I，并作記錄；計算出每個電流值I的倒數并作出圖象；若得到的圖象斜率為k，R軸上截距絕對值為b，則該電池的電動勢E＝________，內電阻r＝________．27、為了測一個自感系數很大的線圈L的直流電阻RL；實驗室提供以下器材：

（A）待測線圈L（阻值約為2Ω；額定電流3A）

（B）電流表A1（量程0.6A，內阻r1=1Ω）

（C）電流表A2（量程3.0A，內阻r2約為0.2Ω）

（D）滑動變阻器R1（0～10Ω）

（E）滑動變阻器R2（0～1kΩ）

（F）定值電阻R3=10Ω

（G）定值電阻R4=100Ω

（H）電源（電動勢E約為9V；內阻很?。?/p>

（I）單刀單擲開關兩只S1、S2；導線若干．

要求實驗時，改變滑動變阻器的阻值，在盡可能大的范圍內測得多組A1表和A2表的讀數I1、I2，然后利用給出的I2-I1圖象（如乙圖所示），求出線圈的電阻RL的準確值．

①實驗中定值電阻應選用______，滑動變阻器應選用________．（填寫器材前面的序號；如：A；B、C等，直接寫器材名稱或符號均不得分）

②請你畫完圖甲方框中的實驗電路圖_____________．

③實驗結束時應先斷開開關_______.

④由I2-I1圖象，求得線圈的直流電阻RL=_______Ω.評卷人得分六、解答題(共2題，共10分)28、如圖所示，豎直放置的圓柱形導熱薄壁汽缸上部開口，底面積S=1cm2，筒內用一個很薄的質量不計的活塞封閉一定量的理想氣體，開始時活塞恰好處于汽缸上端?，F在活塞緩慢放入細砂。直到活塞靜止于汽缸中間。已知外界大氣壓強p0=1×105Pa。溫度T=305K?；钊c汽缸內壁的摩擦忽略不計，取重力加速度大小g=10m/s2。

(i)求放入細砂的質量；

(ii)若給封閉氣體緩慢加熱；使活塞回到汽缸上端。求活塞回到汽缸上端時封閉氣體的熱力學溫度。

29、如圖所示，a、b、c是處于同一均勻介質中某一直線上的三個質點，一列簡諧波的波源在b點，波同時沿該直線向ba和bc方向傳播，a、b兩質點平衡位置之間的距離L1=7m，各質點做簡諧運動時的周期T=0.4s，波長4m≤≤5m，t1=0時刻，波剛好傳到質點a，此時質點b恰好位于波峰，t2=1.6s時刻，質點c第一次到達波谷；求：

（1）簡諧橫波的波長；

（2）b、c兩質點平衡位置之間的距離L．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

根據電壓與匝數成正比可得==已知n1∶n2∶n3=10∶5∶1，U1=220V，解得U2=110V，U3=22V

根據歐姆定律得I2==1A

根據變壓器的輸入功率和輸出功率相等可得U1I1=U2I2＋U3I3

解得I1=0.7A

故選C。2、D【分析】【詳解】

AB．ba延長線雖然過坐標原點，但由于橫坐標是攝氏溫度，不是熱力學溫度，所以ab不是等容線，c狀態(tài)的體積也不是a狀態(tài)的2倍；選項AB錯誤；

CD．b→c過程等溫膨脹，氣體對外做功，而c→a過程氣體氣體體積變小，外界對氣體做的功，b→c過程各狀態(tài)的壓強均大于由c→a各狀態(tài)的壓強，且b→c過程氣體體積的改變量大于c→a過程的體積改變量，所以b→c過程氣體對外界做的功大于c→a過程外界對氣體做的功；選項C錯誤，D正確。

故選D。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數；就可以算出氣體的分子所占據的空間大小，不能算出氣體分子體積，A錯誤；

B．根據理想氣體狀態(tài)方程可知溫度升高；壓強不一定增大，B錯誤；

C．溫度一定時；懸浮在液體中的固體顆粒越小，同一時刻撞擊顆粒的液體分子數越少，沖力越不平衡，布朗運動越明顯，C錯誤；

D．第二類永動機不可能制成的原因是因為其違背了熱力學第二定律；D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

改裝后的電流表是小量程電流計與定值電阻并聯而成；圖甲中的A1、A2并聯，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉的角度相同，量程不同的電流表讀數不同．故AB錯誤．圖乙中的A1、A2串聯，A1、A2的示數相同．由于量程不同，內阻不同，電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉的角度不同．因兩電流表的內阻之比為則兩電表兩端的電壓之比為5:1，則A1、A2的指針偏角角度之比5:1；故C錯誤．D正確故選D．

【點睛】

本題要對于安培表的內部結構要了解：小量程電流表（表頭）與分流電阻并聯而成．指針偏轉角度取決于流過表頭的電流大?。?、C【分析】電感線圈可以通直流，A錯；電感對不同頻率的交變電流阻礙作用不同，B錯；同一電感線圈對高頻交流電阻礙作用大，D錯，C正確．6、D【分析】【詳解】

從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點為Q，最遠的點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，相應的弧長變?yōu)閳A周長的如圖所示：

所以∠POQ=120°；結合幾何關系，有：洛侖茲力充當向心力，根據牛頓第二定律，有：聯立可得：故D正確，ABC錯誤．7、B【分析】【詳解】

A.普朗克通過研究黑體輻射提出能量子的概念；愛因斯坦成功的解釋了光電效應現象，A錯誤。

B.波爾提出自己的原子模型；他指出氫原子能級是分立的，解釋了原子發(fā)射光子的頻率是不連續(xù)的，B正確。

C.盧瑟福通過分析粒子散射實驗結果；提出了自己的原子核式結構模型，C錯誤。

D.衍射是波的典型特征，根據電子束通過鋁箔后的衍射圖樣，說明電子具有波動性，D錯誤二、多選題(共5題，共10分)8、A:D【分析】當向左移動滑動變阻器的滑片時，變阻器接入電路的阻值變大，根據閉合電路歐姆定律，則總電流減小，電流表示數變??；根據P=I2R可知，定值電阻R1產生的熱功率減小，故AD正確，BC錯誤；故選AD.9、A:C【分析】【分析】

由左手定則判斷出磁場的方向；根據洛倫茲力提供向心力得出粒子的周期；然后結合偏轉角求時間；若撤去磁場，粒子在電場中做類平拋運動，將運動分解.

【詳解】

A；設粒子帶正電荷；則受到的電場力的方向向下，洛倫茲力的方向向上，由左手定則可得，磁場的方向垂直于紙面向里.同理若粒子帶負電，則受到的電場力的方向上，洛倫茲力的方向向下，由左手定則可得，磁場的方向垂直于紙面向里；故A正確.

B；撤去電場后；該粒子在磁場中做圓周運動，其運動的軌跡如圖：

則：則

由洛倫茲力提供向心力得：則粒子運動的周期T，則粒子的偏轉角θ，所以該粒子在磁場中的運動時間為：故B錯誤.

C、D、電場和磁場均存在時，粒子做勻速直線運動qE=qv0B，聯立可得

撤去磁場中，帶電粒子在電場中做類平拋運動，假設帶電粒子從ab邊射出場區(qū)，由運動學規(guī)律有：

根據牛頓第二定律可得Eq=ma，聯立解得

帶電粒子沿ab方向運動距離x=v0t=2L，x大于ab邊長，故假設不成立，帶電粒子從bc邊射出場區(qū).故C正確；D錯誤.

故選AC.

【點睛】

本題主要考查了帶電粒子在組合場中運動的問題，要求同學們能正確分析粒子的受力情況，再通過受力情況分析粒子的運動情況，熟練掌握圓周運動及平拋運動的基本公式．10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．熱力學溫標的零度是℃；又叫絕對零度，故A正確，不符合題意；

B．熱力學溫標溫度的變化總等于攝氏溫標溫度的變化；溫度升高5℃，就是升高5K，故B錯誤，符合題意；

C．絕對零度是低溫的極限；永遠達不到，故C正確，不符合題意；

D．根據熱力學第三定律可知；熱力學溫標的絕對零度達不到，故D錯誤，符合題意。

故選BD。11、A:D【分析】試題分析：大量帶正電和帶負電的微粒射入磁場時，由左手定則可以判斷正電荷受到的洛倫茲力向上，所以正電荷會聚集的A板上，負電荷受到的洛倫茲力向下，負電荷聚集到B板上，故B板相當于電源的負極，A板相當于電源的正極，所以通過電阻R的電流由a→R→b，金屬板A的電勢UA高于金屬板B的電勢UB；所以A正確B錯誤；等離子體在A；B間運動時，磁場力總是與離子體的運動方向垂直，所以磁場力不做功，故C錯誤D正確．故選AD．

考點：霍爾效應。

【名師點睛】根據左手定則判斷洛倫茲力的方向，即可判斷電荷的偏轉方向，考查對磁流體發(fā)電機的理解能力．此題還可以等效成流體切割磁感線，由E=Bvd求得發(fā)電機的電動勢．12、B:D【分析】【詳解】

A；帶負電的粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示：

從圖像上可以看出該帶電粒子離開磁場時速度方向的反向延長線不通過O點；故A錯；

B、有幾何關系知，軌跡所對的圓心角為且軌跡的圓心O剛好在圓形磁場的邊界上，所以軌跡的半徑為由可求得：故B對；

C、運動時間等于弧長除以速度，即故C錯；

D；有圖可知；此時軌跡圓弧對應的弦長最長，等于磁場區(qū)域的直徑，所以在磁場中運動時間也就最長，若改變入射角度，則運動時間變短，故D對；

故選BD三、填空題(共9題，共18分)13、略

【分析】【詳解】

由于小球做自由落體運動，則其與水平面碰撞前的速度為：所以與水平面碰撞前的動量為：P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5kg?m/s，方向豎直向下．與水平面碰后，小球做豎直上拋運動，上升的最大高度為0.8m，則碰后小球速度為方向豎直向上；此時小球的動量為：P2=mv2=0.1×4kg?m/s=0.4kg?m/s，方向豎直向上，動量的變化量為：．設向上為正方向，根據動量定理，合外力的沖量等于物體動量的變化．小球所受外力有重力mg和水平面對它的彈力N，則有：（N-mg）t=P2-P1，代入數據解得：N=91N，方向豎直向上．【解析】0.99114、略

【分析】當小球所受的洛倫茲力小于重力垂直桿向下的分力，小球向下做加速運動，洛倫茲力逐漸增大，支持力和滑動摩擦力逐漸減小，合力增大，加速度增大．當洛倫茲力等于重力垂直桿的分力時，又由得

點睛：本題關鍵是分析小球的受力情況，判斷其運動情況，注意先分析重力和洛倫茲力，再分析彈力和摩擦力，抓住洛倫茲力的大小與速度大小成正比進行動態(tài)分析?！窘馕觥?5、略

【分析】【詳解】

[1]氣體由狀態(tài)a到狀態(tài)b溫度升高，則氣體的內能增加，同時氣體的體積增大，說明氣體對外做功，由

其中氣體對外做功W為負值，而內能增加，即為正，則Q為正值；故氣體應從外界吸熱。

[2]當氣體再次回到狀態(tài)a時，理想氣體的內能回到原來的數值，即由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體的內能減少100J，c到d過程，氣體發(fā)生等容變化，對外不做功，c到a過程，由

可得

則由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體對外放出的熱量為【解析】吸熱6016、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側等于17、略

【分析】【詳解】

[1]單色光a的偏向角小于單色光b的偏向角，所以冰晶對單色光a的折射率小于冰晶對單色光b的折射率；

[2]由。

解得。

【解析】小于大18、略

【分析】【詳解】

[1]氣囊展開過程中；氣體迅速膨脹，對外做功，由于時間極短，可看作絕熱膨脹，故內能減小；

[2]泄露收縮過程中；整個氣體是進一步膨脹的，根據熱力學第一定律，內能進一步減小，故剩余部分氣體的溫度進一步降低，而溫度是分子熱運動平均動能的標志，故分子熱運動平均動能減小，而分子密集程度也稀疏了，故氣囊內壁單位面積上受到氣體分子撞擊的作用力減小。

【點睛】

熱力學第一定律就是不同形式的能量在傳遞與轉換過程中守恒的定律，表達式為表述形式：熱量可以從一個物體傳遞到另一個物體，也可以與機械能或其他能量互相轉換，但是在轉換過程中，能量的總值保持不變?！窘馕觥繙p小減小19、略

【分析】【詳解】

如圖，從正向最大位移處開始計時，振動方程的表達式為為：x=Acosωt；其中振幅A=2cm；

據題可得：T=4×0.1s=0.4s，則ω==5πrad/s

則振動方程的表達式為為：x=2cos5πtcm．【解析】0.42cos5πt20、略

【分析】【分析】

【詳解】

滑塊甲乙系統在碰撞過程中水平方向動量守恒，根據動量守恒定律有：＋＝＋由題意知，兩者迎面碰撞，說明兩者初速度方向相反，不妨假設甲的初速度方向為正方向，又由于題目中只說明碰后乙的速度大小，未說明碰后速度方向，但系統初始總動量方向與正方向相同，因此碰后系統的總動量方向也應與正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度為：＝0.05m/s，為正值，即方向與它原來的方向相同．【解析】0.05相同21、略

【分析】【詳解】

根據光電效應方程又所以有解得又光子動量所以A、B兩種光子的動量之比為1:2.【解析】1:2四、作圖題(共3題，共27分)22、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】23、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】24、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共3題，共24分)25、略

【分析】【詳解】

(1).根據實驗的原理，連接P1、P2表示入射光線，連接P3、P4表示出射光線，連接兩光線與玻璃磚的交點，即為折射光線；實驗的過程中，要先在白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側插上兩枚大頭針P1和P2,然后在玻璃磚另一側觀察，調整視線使P1的像被P2的像擋住，接著在眼睛所在一側相繼又插上兩枚大頭針P3、P4，使P3擋住P