2025年湘教版高二物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教版高二物理下冊月考試卷399考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示，A、B為兩個固定的等量的同種正電荷，在它們連線的中點處有一個可以自由運動的正電荷C，現(xiàn)給電荷C一個垂直于連線的初速度v0，若不計電荷C所受的重力，則關于電荷C運動過程中的速度和加速度情況，下列說法正確的是A.加速度始終增大B.加速度先增大后減小C.速度始終增大，最后趨于無窮大D.速度始終增大，最后趨于某有限值2、下列各圖中，已標出電流及電流的磁場方向(B

圖表示通電環(huán)形導線產(chǎn)生的磁場，“?

”表示導線中電流I

的方向垂直于紙面向里，“隆脩

”表示導線中電流I

的方向垂直于紙面向外)

其中正確的是()A.B.C.D.3、有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球ABC

從同一位置以相同速度v0

先后射入豎直方向的勻強電場中，它們落在正極板的位置如圖所示，則下列說法中正確的是(

)

A.小球A

帶正電，小球B

不帶電，小球C

帶負電B.三個小球在電場中運動的時間相等C.三個小球到達正極板的動能EkA>EkB>EkC

D.三個小球的加速度關系為aA>aB>aC

4、下列對于光子的認識，正確的是()A.“光子說”中的光子就是牛頓在微粒說中所說的“微粒”B.“光子說”中的光子就是光電效應的光電子C.在空間傳播的光是不連續(xù)的，而是一份一份的，每一份叫做一個光量子，簡稱光子D.光子的能量跟光的頻率成正比5、一電池外電路斷開時的路端電壓為3V，接上8Ω的負載電阻后路端電壓降為2.4V。則可以判定電池的電動勢E和內(nèi)電阻r為（）A.E＝2.4V，r＝lΩB.E＝3V，r＝2ΩC.E＝2.4V，r＝2ΩD.E＝3V，r＝lΩ6、關于理想氣體，下列說法正確的是（）A.氣體的溫度升高，所有分子的運動速率都增大B.氣體對容器的壓強是由大量氣體分子對啟閉的頻繁碰撞產(chǎn)生的C.一定質(zhì)量的氣體，分子的平均動能越大，氣體壓強也越大D.壓縮理想氣體是要用力，是因為分子間有斥力7、如圖所示，閉合開關k

將條形磁鐵兩次插入閉合線圈，且兩次的起始和終止位置相同，第一次用時0.4s

第二次用時0.2s

則(

)

A.第一次通過線圈的磁通量變化較大B.第一次通過線圈的磁通量的變化率較小C.第一次經(jīng)過電流表G

的總電荷量較多D.第一次電流表G

的指針偏轉(zhuǎn)較大8、在靜止的小車內(nèi)，用細繩a

和b

系住一個小球，繩a

處于斜向上的方向，拉力為Fa

繩b

處于水平方向，拉力為Fb

如圖所示.

現(xiàn)讓小車從靜止開始向右做勻加速運動，此時小球相對于車廂的位置仍保持不變，則兩根細繩的拉力變化情況是(

)

A.Fa變大，F(xiàn)Fb不變B.Fa

變大，F(xiàn)b

變小。

C.Fa變大，F(xiàn)Fb變大D.Fa

不變，F(xiàn)b

變小評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)9、有一種地下鐵道，車站站臺建得高些，車輛進站時要上坡，出站時要下坡．如圖所示．請你用學過的物理知識解釋這樣設計的理由：____.10、把一個銅環(huán)放在勻強磁場中，使環(huán)的平面與磁場的方向垂直并使銅環(huán)沿著磁場的方向移動（如圖甲），如果把一個銅環(huán)放在磁場是不均勻的（如圖乙），也是使銅環(huán)沿著磁場的方向移動，則能產(chǎn)生感應電流的是圖______，不能產(chǎn)生感應電流的是圖______．11、在“用油膜法估測分子大小”的實驗中；所用的油酸酒精溶液的濃度為每1000mL溶液中有純油酸0.6mL，用注射器測得1mL上述溶液為80滴，把1滴該溶液滴入盛水的淺盤內(nèi)，讓油膜在水面上盡可能散開，測得油酸薄膜的輪廓形狀和尺寸如圖所示，圖中單個正方形方格的邊長為1cm．

（1）實驗中為什么要讓油膜在水面上盡可能散開？______

（2）油酸薄膜的面積約為______cm2．

（3）實驗測出油酸分子的直徑______m（結果保留兩位有效數(shù)字）

（4）如果已知體積為V的一滴油在水面上散開形成的單分子油膜的面積為S，這種油的密度為ρ，摩爾質(zhì)量為M，寫出阿伏加德羅常數(shù)的表達式______．12、如圖甲所示，一正方形金屬線框位于有界勻強磁場區(qū)域內(nèi)，線框的右邊緊貼著磁場邊界，t=0

時刻對線框施加一水平向右的外力F

讓線框從靜止開始做勻加速直線運動，在t0

時刻穿出磁場；圖乙為外力F

隨時間變化的圖象，若線框質(zhì)量為m

電阻為R

圖象中的Ft0

也為已知量，則在穿出磁場時的速度v=

______，勻強磁場的磁感強度B=

______．13、螺旋測微器又叫千分尺；其精度為0.01mm.

用它測一金屬絲的直徑，如圖所示的示數(shù)是______mm

．

14、用螺旋測微器測得該導線的外徑如圖所示；其示數(shù)D=

______mm

．

15、

。隆陋A.(

本題供使用選修1?1

教材的考生作答)

1886

年德國科學家赫茲用實驗證實了電磁波的存在.

不同頻率的電磁波在真空中的傳播速度____(

選填“不同”或“相同”)

在機場等處常用____(

選填“紅外線”或“x

射線”)

進行安全檢查．隆陋B.(

本題供使用選修3?1

教材的考生作答)

在靜電場中，沿著電場線方向電勢逐漸____(

選填“升高”或“降低”)

當靜電力對電荷做正功時，電荷的電勢能____(

選填“增大”或“減小”)

．16、某同學在做“利用單擺測重力加速度”的實驗中；先測得單擺的擺長l，然后用秒表記錄了單擺振動n次所用的時間為t，進而算出周期T．

（1）該同學測得的g值偏小，可能原因是：____

A．開始計時時；秒表過遲按下。

B．擺線上端未牢固地系于懸點；振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了。

C．實驗中誤將51次全振動計為50次。

D．實驗中誤將49次全振動計為50次。

（2）為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長l并測出相應的周期T，從而得出一組對應的l和T的數(shù)值，再以l為橫坐標、T2為縱坐標將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率k．則重力加速度g=____．（用k和有關常量表示）17、在某些恒星內(nèi)部，3個氦核（He）結合成1個碳核（C）．已知1個氦核的質(zhì)量為m1、1個碳核的質(zhì)量為m2，1個質(zhì)子的質(zhì)量為mp，1個中子的質(zhì)量為mn；真空中的光速為c．

（i）核反應方程為______；

（ii）核反應的質(zhì)量虧損為______；

（iii）碳核的比結合能為______．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）21、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

22、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

23、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）24、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）評卷人得分四、畫圖題(共2題，共4分)25、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象26、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分五、解答題(共4題，共12分)27、一定質(zhì)量的氣體從外界吸收了4.2×105J的熱量，同時氣體對外做了6×105J的功；不計氣體分子的熱勢能．問：

（1）物體的內(nèi)能增加還是減少？變化量是多少？

（2）分子動能是增加還是減少？

28、近期《科學》中文版的文章介紹了一種新技術--航天飛纜，航天飛纜是用柔性纜索將兩個物體連接起來在太空飛行的系統(tǒng)．飛纜系統(tǒng)在太空飛行中能為自身提供電能和拖曳力，它還能清理“太空垃圾”等．從1967年至1999年的17次試驗中，飛纜系統(tǒng)試驗已獲得部分成功．該系統(tǒng)的工作原理可用物理學的基本定律來解釋．如圖為飛纜系統(tǒng)的簡化模型示意圖，圖中兩個物體P、Q的質(zhì)量分別為mP、mQ，柔性金屬纜索長為l，外有絕緣層，系統(tǒng)在近地軌道作圓周運動．運動過程中Q距地面高為h．設纜索總保持指向地心，P的速度為vP．已知地球半徑為R；地面的重力加速度為g．

（1）飛纜系統(tǒng)在地磁場中運動，地磁場在纜索所在處的磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外．設纜索中無電流，問纜索P、Q哪端電勢高？此問中可認為纜索各處的速度均近似等于vP；求P；Q兩端的電勢差；

（2）設纜索的電阻為R1，如果纜索兩端物體P、Q通過周圍的電離層放電形成電流，相應的電阻為R2；求纜索所受的安培力多大；

（3）求纜索對Q的拉力FQ．

29、如圖的光控電路用發(fā)光二極管LED模仿路燈，RG為光敏電阻，當有較強的光照在RG上，二極管______．如果要想在天更暗時路燈才會亮，應將R1的阻值調(diào)______．

30、某同學在做“互成角度的兩個力的合成”的實驗時；利用坐標紙記下了橡皮筋的結點位置O點以及兩只彈簧測力計拉力的大小，如圖（a）所示。

①試在圖（a）中作出無實驗誤差情況下F1和F2的合力圖示；并用F表示此力．

②（2）有關此實驗；下列敘述正確的是______．

A．兩彈簧測力計的拉力可以同時比橡皮筋的拉力大。

B．橡皮筋的拉力是合力；兩彈簧測力計的拉力是分力。

C．兩次拉橡皮筋時；需將橡皮筋結點拉到同一位置O．這樣做的目的是保證兩次彈簧測力計拉力的效果相同。

D．若只增大某一只彈簧測力計的拉力大小而要保證橡皮筋結點位置不變；只需調(diào)整另一只彈簧測力計拉力的大小即可。

③圖（b）所示是甲和乙兩位同學在做以上實驗時得到的結果；其中哪一個比較符合實驗事實？（力F′是用一只彈簧測力計拉時的圖示）答：______．

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B|D【分析】【解析】試題分析：等量同種電荷的連線的中垂線上，O點和無窮遠處的場強為零，所以在中垂線上，由無窮遠處的場強為零開始，場強先增大后減小，到無窮遠處時減小為零，所以電荷C的加速度先增大，后減小，過程中電場力的方向始終和速度的方向相同，所以速度始終增大，最后趨近于某個值，BD正確，考點：本題考查了等量同種電荷形成的電場分布特點【解析】【答案】BD2、B【分析】解：A

根據(jù)安培定則；螺線管內(nèi)部的磁場方向向右。故A錯誤。

B；從上往下看；線框的電流方向為逆時針方向，根據(jù)安培定則知，磁場的方向向上。故B正確。

C；直線電流的方向豎直向上；根據(jù)安培定則知，直線電流右邊的磁場方向(

從上向下看)

逆時針方向。故C錯誤。

D；由于電流的方向豎直向上；根據(jù)安培定則知，磁場方向應該逆時。故D錯誤。

故選：B

根據(jù)安培定則判斷電流周圍磁場的方向；直導線大拇指指向為電流方向，而環(huán)導線四指指向即為電流方向，從而進行判斷正誤。

解決本題的關鍵知道電流和周圍磁場方向的關系，會通過安培定則進行判斷，注意直導線與環(huán)導線大拇指指向區(qū)別?！窘馕觥緽

3、A【分析】解：從極板左側(cè)中央以相同的水平速度先后垂直地射入勻強電場的粒子的運動性質(zhì)為類平拋運動；水平方向勻速運動，豎直方向為初速度為零的勻加速運動；

AB

從圖中可以看到水平位移A

最大；根據(jù)公式：x=vt

說明A

運動的時間最長，其次是BC

的運動時間最短；又由于正電荷受到的電場力方向與電場方向相同，負電荷受到的電場力方向與電場方向相反，不帶電的粒子不受電場力；所以A

粒子受到向上的電場力即A

粒子帶正電，C

粒子帶負電，B

粒子不帶電.

故A正確，B錯誤；

C、以相同的水平速度v0

先后垂直極板間電場射入，電場力對C

粒子做正功，電勢能減小則動能增加；對A

粒子做負功，電勢能減小，則粒子的動能減小.

所以三個粒子到達正極板時的動能EkA<EkB<EkC.

故C錯誤；

D、又因它們豎直方向為初速度為零的勻加速運動且位移相同，根據(jù)y=12at2

可以判斷aC>aB>aA

故D錯誤．

故選：A

．

正電荷受到的電場力方向與電場方向相同；負電荷受到的電場力方向與電場方向相反，不帶電的粒子不受電場力．

注意類平拋運動的靈活應用，水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為零的勻加速直線運動．【解析】A

4、C|D【分析】根據(jù)光子說，在空間傳播的光是不連續(xù)的，而是一份一份的，每一份叫做一個光量子，簡稱光子．而牛頓的“微粒說”中的微粒指宏觀世界的微小顆粒．光電效應中，金屬內(nèi)的電子吸收光子后克服原子核的庫侖引力等束縛，逸出金屬表面，成為光電子，故A、B選項錯誤，C選項正確．由E＝hν知，光子能量E與其頻率ν成正比，故D選項正確．【解析】【答案】CD5、B【分析】【解析】【答案】B6、B【分析】解：A；溫度是分子熱運動的平均動能的標志；氣體的溫度升高，分子的平均動能增加，不是所有分子的動能（或運動速率）都增大，故A錯誤；

B；氣體對容器的壓強從微觀角度講是由大量氣體分子對啟閉的頻繁碰撞產(chǎn)生的；故B正確；

C、一定質(zhì)量的氣體，分子的平均動能越大，說明溫度高，根據(jù)由于體積不確定，故不能說明氣體壓強也大，故C錯誤；

D；壓縮理想氣體是要用力；是要克服氣體壓強做功，氣體壓強是由大量氣體分子對啟閉的頻繁碰撞產(chǎn)生的，與分子力無關，故D錯誤；

故選：B

溫度是分子熱運動的平均動能的標志；氣體對容器的壓強從微觀角度講是由大量氣體分子對啟閉的頻繁碰撞產(chǎn)生的；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程分析即可．

本題關鍵是明確氣體壓強的微觀意義、溫度的微觀意義、理想氣體狀態(tài)方程，知識點多，難度小，對基礎知識，要以識記為主．【解析】【答案】B7、B【分析】解：A

因兩次的起始和終止位置相同，所以磁感應強度變化量鈻?B

相同，由鈻?鈱?=鈻?B?

知：兩次磁通量變化相同；故A錯誤；

BD

因磁通量變化相同，匝數(shù)n

相同，鈻?t1=0.1s<鈻?t2=0.3s

根據(jù)E=n鈻?鈱?鈻?t

和I=ER

知；第一次磁通量變化較快，且G

的最大偏角較大，故B正確，D錯誤；

C、根據(jù)q=I爐?鈻?t=E爐R鈻?t=n鈻?鈱?R

可知：經(jīng)過G

的總電量相同；故C錯誤。

故選：B

兩次磁鐵的起始和終止位置相同；知磁通量的變化量相同，根據(jù)時間長短判斷磁通量變化的快慢，感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比。

本題考查了磁通量、電磁感應現(xiàn)象的條件、法拉第電磁感應定律及電磁感應中的電量，以及知道感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比?！窘馕觥緽

8、D【分析】略【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)9、車輛進站時要上坡，把動能轉(zhuǎn)化為勢能儲存起來，同時達到停車的目的，出站時要下坡，又把勢能轉(zhuǎn)化動能，提高速度，達到節(jié)約能源目的【分析】【解答】答：車輛進站時要上坡；把動能轉(zhuǎn)化為勢能儲存起來，同時達到停車的目的，出站時要下坡，又把勢能轉(zhuǎn)化動能，提高速度，達到節(jié)約能源目的．

【分析】本題實際是考查物體的動能和勢能可以相互轉(zhuǎn)化的問題；物體上升時物體的動能轉(zhuǎn)化為重力勢能，動能減小，重力勢能增大，同時達到停車的目的．物體下降時物體的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，重力勢能減小，動能增大，提高速度．到達節(jié)約能源的目的．10、略

【分析】解：甲圖中銅環(huán)放在勻強磁場中；使環(huán)的平面與磁場的方向垂直并使銅環(huán)沿著磁場的方向移動的過程中磁通量不變，不會產(chǎn)生感應電流；

乙圖中銅環(huán)放在磁場是不均勻的；也是使銅環(huán)沿著磁場的方向移動，磁通量會發(fā)生變化，所以能夠產(chǎn)生感應電流．

故答案為：乙；甲。

產(chǎn)生感應電流的條件是：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化．因此無論線圈如何運動關鍵是看其磁通量是否變化；從而判斷出是否有感應電流產(chǎn)生．

解題時把握問題實質(zhì)，關鍵是看閉合線圈中的磁通量是否變化，與運動形式無關．【解析】乙；甲11、略

【分析】解：（1）當油酸溶液滴在水面后；盡可能散開，形成單分子膜，這樣才能得出油酸分子直徑由體積除面積；

（2）如圖所示，是油酸薄膜．由于每格邊長為1cm，則每一格就是1cm2，估算油膜面積以超過半格以一格計算，小于半格就舍去的原則，估算出120格．則油酸薄膜面積為120cm2

（3）1滴酒精油酸溶液的體積V1=mL；

由純油酸與溶液體積比為0.6：1000，可得1滴酒精油酸溶液中含油酸的體積V2=×=7.5×10-12m3

而1滴酒精油酸溶液在水面上形成的油酸薄膜輪廓面積S=120×10-4m2

所以油酸分子直徑d==m3=6.25×10-10m（由于結果保留兩位有效數(shù)字，則為6.3×10-10m）；

（4）已知體積為V的一滴油在水面上散開形成的單分子油膜的面積為S，則分子的直徑d=

所以分子的體積V=π（）3（分子以球型分布）

或v=d3（分子以正方體分布）

而這種油的密度為ρ，摩爾質(zhì)量為M，則摩爾體積為V摩=

因此阿伏加德羅常數(shù)的表達式為NA==

故答案為：（1）為使油酸在水面上形成單分子油膜；（2）120；

（3）6.3×10-10（6.2×10-10～6.4×10-10都對）

（4）．

在油膜法估測分子大小的實驗中；讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，估算出油膜面積，從而求出分子直徑．

油酸分子在水面上以球模型一個靠一個排列的，且估算油膜面積以超過半格以一格計算，小于半格就舍去的原則．【解析】為使油酸在水面上形成單分子油膜；120；6.3×10-10；12、【分析】解：(1)t=0

時刻，線框的速度為零，線框沒有感應電流，不受安培力，加速度為a=F0m壟脵

線框的邊長為L=12at02=F0t022m

線框剛出磁場時的速度為v=at0=F0t0m壟脷

此時線框所受的安培力為FA=BILI=BLvR

則得FA=B2L2vR壟脹

根據(jù)牛頓第二定律得F鈭?FA=ma壟脺

壟脵壟脷壟脹壟脺

聯(lián)立得：B=2RmL2t0

當t=0

時線框的速度為零；沒有安培力，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a.

由運動學公式求出線框剛出磁場時的速度，得到安培力表達式，由牛頓第二定律即可求出B

本題的關鍵求出安培力，列出牛頓第二定律關于F鈭?t

的表達式，考查讀圖的能力.

這里，安培力是聯(lián)系力學與電磁感應的橋梁．【解析】F0t0m2RmL2t0

13、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為2mm

可動刻度為20.0隆脕0.01mm=0.200mm

所以最終讀數(shù)為2mm+0.200mm=2.200mm

故答案為：2.200

．

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量.

注意螺旋測微器讀數(shù)時需要估讀．【解析】2.200

14、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為3mm

可動刻度為20.7隆脕0.01mm=0.207mm

所以最終讀數(shù)為3mm+0.207mm=3.207mm

．

故答案為：3.207

．

螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

對于基本測量儀器螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量．【解析】3.207

15、略

【分析】A.【分析】明確光的傳播特點，并掌握不見電磁波的性質(zhì)和在生活中的應用即可正確解題。電磁波成員很多，有無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X

射線、婁脙

射線等.

電磁波與人們的工作和生活密不可分，已經(jīng)滲透到我們生活的各個方面?！窘獯稹空婵罩兴须姶挪ǖ膫鞑ニ俣染嗤?；均為光速；

機場等需要安檢的地方常用X

射線進行安全檢查；這是利用了X

射線的穿透性強的特點。

故答案為：相同；X

射線。B.【分析】電場力做正功，電荷的電勢能減小，相反，電場力做負功，電勢能增加.

沿著電場線的方向電勢降低。本題可抓住電場力與重力的相似性，分析其做功特點，知道沿著電場線的方向電勢降低。【解答】在靜電場中；沿著電場線的方向電勢降低。

當靜電力對電荷做正功時；電荷的電勢能減小，相反，電場力做負功，電勢能增加。

故答案為：降低，減小?！窘馕觥緼.相同、X

射線B.降低、減小16、略

【分析】

（1）A、開始計時時，秒表過遲按下，測得的單擺周期變小，根據(jù)g=可知；測得的g應偏大．故C錯誤．

B、擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，測得的單擺周期變大，根據(jù)g=可知；測得的g應偏小．故B正確．

C、實驗中誤將51次全振動計為50次，根據(jù)T=求出的周期變大；g偏?。蔆正確．

D、實驗中誤將49次全振動計為50次，根據(jù)T=求出的周期變小；g偏大．故D錯誤．

故選BC

（2）根據(jù)重力加速度的表達式g=可知，T2-l圖線斜率k=則g=

故答案為：（1）BC；（2）

【解析】【答案】（1）根據(jù)重力加速度的表達式；分析g值偏小可能的原因．

（2）由重力加速度的表達式，根據(jù)數(shù)學知識分析T2-l圖線斜率的意義．

17、略

【分析】解：（i）核反應方程式為：3He→C；

（ii）核反應過程中的質(zhì)量虧損△m=（3m1-m2）

（iii）由碳核的組成可知；碳核是由6個質(zhì)子與6個中子組成；

根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程：△E=△mc2可知；

核反應釋放的能量，△E=（6mP+6ma-m2）c2．

所以碳核的比結合能為：=?C2；

故答案為：（i）3He→C；（ii）3m1-m2；（iii）?C2．

（i）根據(jù)參與反應的粒子種類及生成粒子的種類；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與核電荷數(shù)守恒寫出核反應方程式．

（ii）根據(jù)前后的質(zhì)量關系求出質(zhì)量虧損；

（iii）核子結合成原子核釋放出的能量與核子數(shù)之比是結合能．

寫核反應方程式時，要注意核電荷數(shù)與質(zhì)量數(shù)守恒；先求出質(zhì)量虧損，然后再求釋放的能量．【解析】3He→C；3m1-m2；?C2三、判斷題(共7題，共14分)18、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．23、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．24、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．四、畫圖題(共2題，共4分)25、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】26、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】五、解答題(共4題，共12分)27、略

【分析】

（1）氣體從外界吸熱：Q=4.2×105J

氣體對外做功：W=-6×105J

由熱力學第一定律：△U=W+Q=-1.8×105J

△U為負，說明氣體的內(nèi)能減少了1.8×105J