2025年蘇教新版高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年蘇教新版高二物理上冊(cè)月考試卷943考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、關(guān)于洛侖茲力和安培力的描述正確的是（）

A.通電導(dǎo)線在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中一定受到安培力的作用。

B.通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中一定受到的安培力方向與磁場(chǎng)方向平行。

C.帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一定受到洛侖茲力作用。

D.安培力是大量運(yùn)動(dòng)電荷所受洛侖茲力的宏觀表現(xiàn)。

2、擺長(zhǎng)為l的單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，若從某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)(取t＝0)，當(dāng)振動(dòng)至t＝時(shí)，擺球具有負(fù)向最大速度，則單擺的振動(dòng)圖象是圖中的()3、如圖，兩個(gè)物體A、B的質(zhì)量均為1kg，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.3，同時(shí)有F=1N的兩個(gè)水平力分別作用在A、B上，則地面對(duì)物體B、B對(duì)物體A的摩擦力分別為A.6N3NB.1N1NC.01ND.02N4、下列關(guān)于熱機(jī)的說(shuō)法中正確的是（）A.熱機(jī)為外界提供動(dòng)力在壓縮沖程B.所有的熱機(jī)都是用汽油作為燃料C.汽車排出的尾氣發(fā)生在熱機(jī)做功沖程D.熱機(jī)對(duì)大氣的污染主要是尾氣的排放5、如圖甲所示為氫原子的能級(jí)圖，圖乙為氫原子的光譜圖。已知譜線b

是氫原子從n=5

的能級(jí)躍遷到n=2

的能級(jí)時(shí)的輻射光，則譜線a

是氫原子A.從n=4

的能級(jí)躍遷到n=2

的能級(jí)時(shí)的輻射光B.從n=3

的能級(jí)躍遷到n=1

的能級(jí)時(shí)的輻射光C.從n=1

的能級(jí)躍遷到n=2

的能級(jí)時(shí)的輻射光D.從n=4

的能級(jí)躍遷到n=1

的能級(jí)時(shí)的輻射光6、如圖，A

和B

是材料相同、厚度相同、表面為正方形的兩個(gè)導(dǎo)體，但B

的尺寸比A

的小很多.

兩個(gè)導(dǎo)體通過(guò)的電流方向如圖所示.

以下說(shuō)法正確的是(

)

A.A

的電阻一定比B

的大B.A

的電阻一定比B

的小C.B

電阻相同D.B

電阻大小無(wú)法比較7、如圖所示，在熒屏MN

上方分布了水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B=0.1T

方向與紙面垂直.

距離熒屏h=16cm

處有一粒子源S

以速度v=1隆脕106m/s

不斷地在紙面內(nèi)向各個(gè)方向發(fā)射比荷qm=1隆脕108C/kg

的帶正電粒子，不計(jì)粒子的重力，則粒子打在熒屏范圍的長(zhǎng)度為(

)

A.12cm

B.16cm

C.20cm

D.24cm

8、關(guān)于曲線運(yùn)動(dòng)的下列幾種說(shuō)法中正確的是（）A.曲線運(yùn)動(dòng)的速度有可能不變B.曲線運(yùn)動(dòng)的速度大小有可能不變C.曲線運(yùn)動(dòng)可能沒(méi)有加速度D.曲線運(yùn)動(dòng)的物體所受合力可能為零評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、關(guān)于液體下列說(shuō)法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)的發(fā)現(xiàn)主要說(shuō)明了液體分子間有相互作用B.液體分子的移動(dòng)比固體分子的移動(dòng)容易，故相同溫度下液體擴(kuò)散速度比固體要快一些C.由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液體表面存在張力D.液晶可以用來(lái)做顯示屏，是因?yàn)橐壕г谝欢l件下可以發(fā)光10、如圖所示；在一塊平板玻璃上放置一平凸薄透鏡，在兩者之間形成厚度不均勻的空氣膜，讓一束單一波長(zhǎng)的光垂直入射到該裝置上，結(jié)果在上方觀察到如圖所示的同心內(nèi)疏外密的圓環(huán)狀條紋，稱為牛頓環(huán)，以下說(shuō)法正確的是(

)

?A.干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的B.干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡上表面反射光和玻璃上表面反射光疊加形成的C.干涉條紋不等間距是由于透鏡表面是曲面D.干涉條紋不等間距是由于平板玻璃不平造成的11、如圖所示，ABC

三木塊質(zhì)量相等，一切接觸面光滑，一子彈由A

射入，從B

射出，則三木塊速度情況(

)

A.A

木塊速度最大B.B

木塊速度最大C.AB

木塊速度相等D.C

木塊速度為零12、如圖所示，電路中定值電阻阻值R

大于電源內(nèi)阻阻值r

將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V1V2V3

示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為鈻?V1鈻?V2鈻?V3

理想電流表A

示數(shù)變化量的絕對(duì)值為鈻?I

則(

)

A.A

的示數(shù)增大B.V2

的示數(shù)增大C.鈻?V3

與鈻?I

的比值小于r

D.鈻?V1

大于鈻?V2

13、水平放置的光滑導(dǎo)軌上放置一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab，ab處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌的一端接一阻值為R的電阻，導(dǎo)軌及導(dǎo)體棒電阻不計(jì)?，F(xiàn)使ab在水平恒力F作用下由靜止沿垂直于磁場(chǎng)的方向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)通過(guò)位移為x時(shí)，ab達(dá)到最大速度vm，此時(shí)撤去外力，最后ab靜止在導(dǎo)軌上。在ab運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.撤去外力后，ab做勻減速運(yùn)動(dòng)B.撤去外力后，ab做勻減速運(yùn)動(dòng)C.R上釋放的熱量為Fx+mvD.R上釋放的熱量為Fx14、如圖所示，在真空中，+Q1和?Q2為固定在x軸上的兩個(gè)點(diǎn)電荷，且Q1=4Q2，a、b、c為P兩側(cè)的三個(gè)點(diǎn)；則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，電勢(shì)也為零B.b、c兩點(diǎn)處，一定有電勢(shì)且電場(chǎng)強(qiáng)度C.若將一試探電荷＋q從a點(diǎn)沿x軸移至P點(diǎn)，則其電勢(shì)能增加D.若將一試探電荷－q從a點(diǎn)靜止釋放，則其經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大15、如圖所示，甲、乙兩電路中電源完全相同，電阻R1＞R2＞r，兩電路在通電相同的時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）A.R1上通過(guò)的電量比R2上通過(guò)的電量多B.電源內(nèi)部生熱較多的是甲中的電源C.電源做功較多的是乙電路中的電源D.電源輸出功率較大的是乙電路中的電源16、據(jù)英國(guó)隆露

衛(wèi)報(bào)隆路

網(wǎng)站2015

年1

月6

日?qǐng)?bào)道，在太陽(yáng)系之外，科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了一顆最適宜人類居住的類地行星，繞恒星橙矮星運(yùn)行，命名為“開(kāi)普勒438b

”.

假設(shè)該行星繞橙矮星的運(yùn)動(dòng)與地球繞太陽(yáng)的運(yùn)動(dòng)均視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，該行星運(yùn)行的周期為地球運(yùn)行周期的p

倍，橙矮星的質(zhì)量為太陽(yáng)的q

倍.

則該行星與地球的(

)

A.軌道半徑之比為p2q3

B.軌道半徑之比為p23

C.線速度之比為qp3

D.線速度之比為1p

17、如圖所示，一矩形線圈置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖（b）所示，則線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的情況為（）A.t=0時(shí)刻電動(dòng)勢(shì)最大B.t=0時(shí)刻電動(dòng)勢(shì)為零C.t=t1時(shí)刻磁通量的變化率最大D.t1～t2時(shí)間內(nèi)電動(dòng)勢(shì)增大評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)18、下列有關(guān)生活中的靜電，其中是利用靜電技術(shù)的是__________________①靜電除塵②飛機(jī)輪胎用導(dǎo)電橡膠制成③靜電復(fù)?、芾子晏觳荒茉诟叽髽?shù)木下避雨19、電荷的多少叫______，符號(hào)：______．20、某同學(xué)在做利用單擺測(cè)重力加速度的實(shí)驗(yàn)中；先測(cè)得擺線長(zhǎng)為97.50cm，擺球直徑為2.0cm，然后用秒表記錄了單擺振50次所用的時(shí)間，如圖1所示，則：

（1）秒表所示讀數(shù)為_(kāi)_____s．

（2）如果測(cè)得g值偏小，可能的原因是______

A．測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊。

B．?dāng)[線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了。

C．開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下。

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)次數(shù)記為50次。

（3）在用單擺測(cè)定重力加速度g實(shí)驗(yàn)中，另外一位同學(xué)作出的L-T2圖線如圖2所示，此圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因可能是______．21、氦3

是一種十分清潔、安全的能源，開(kāi)發(fā)月壤中蘊(yùn)藏豐富的氦3

資源，對(duì)人類社會(huì)今后的可持續(xù)發(fā)展具有深遠(yuǎn)意義.

研究發(fā)現(xiàn)在太陽(yáng)內(nèi)部?jī)蓚€(gè)氘核可聚變成氦3

已知氘核的質(zhì)量為2.0136u

中子的質(zhì)量為1.0087u23He

核質(zhì)量為3.0150u.

若質(zhì)量虧損1u

釋放的核能為931.5MeV

則兩個(gè)氘核聚變成23He

核的核反應(yīng)方程為_(kāi)_____；上述反應(yīng)中釋放的核能為_(kāi)_____．22、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v0垂直射入場(chǎng)強(qiáng)為E方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，該粒子在電場(chǎng)中的經(jīng)歷時(shí)間_____后，其即時(shí)速度的方向與初速度方向成30o角。在這過(guò)程中粒子的電勢(shì)能增量為_(kāi)______。（不計(jì)重力）23、電磁波遇到某些障礙物會(huì)發(fā)生反射現(xiàn)象，雷達(dá)就是根據(jù)這一原理制成的．一次，某雷達(dá)站正在觀察一架飛機(jī)飛行，若飛機(jī)正向雷達(dá)站飛來(lái)，從某時(shí)刻雷達(dá)發(fā)出的電磁波到接收到反射的電磁波歷時(shí)200微秒，隔4秒種后再觀測(cè)，從發(fā)出電磁波到接收到反射的電磁波歷時(shí)186微秒，則飛機(jī)飛行的速度為_(kāi)_____．24、①媒體報(bào)道，叛逃到英國(guó)的俄羅斯前特工利特維年科在倫敦離奇身亡．英國(guó)警方調(diào)查認(rèn)為，毒殺利特維年科的是超級(jí)毒藥--放射性元素釙（Po）．Po的半衰期為138天，經(jīng)衰變生成穩(wěn)定的鉛（Pb），那么經(jīng)過(guò)276天，100gPo已衰變的質(zhì)量為_(kāi)_____g．

②一個(gè)氘核（）和一個(gè)氚核（）結(jié)合成一個(gè)氦核并放出一個(gè)中子時(shí)，質(zhì)量虧損為△m，已知阿伏加德羅常數(shù)為NA，真空中的光速為c，若1mol氘和1mol氚完全發(fā)生上述核反應(yīng)，則在核反應(yīng)中釋放的能量為_(kāi)_____．

③用速度為v0、質(zhì)量為m1的核轟擊質(zhì)量為m2的靜止的核，發(fā)生核反應(yīng)，最終產(chǎn)生兩種新粒子A和B．其中A為核，質(zhì)量為m3，速度為v3；B的質(zhì)量為m4．粒子A的速度符合條件______時(shí)，粒子B的速度方向與He核的運(yùn)動(dòng)方向相反．25、(1)

如圖；一輛質(zhì)量為4kg

的小車以速度2m/s

在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，一質(zhì)量為1kg

速度為10m/s

的物體以俯角為60?

的方向落到車上并埋在車?yán)锏纳爸?，此時(shí)小車的速度為_(kāi)_____．

(2)

天然放射性元素鈾?92238U

的一個(gè)原子核中有______個(gè)質(zhì)子，______個(gè)中子；?92238U

要經(jīng)過(guò)______次偽

衰變和______次尾

衰變，最后變成鉛82206Pb

．

(3)

已知水的密度為蟻

摩爾質(zhì)量為M

水分子直徑為d

則水的摩爾體積為_(kāi)_____，阿伏伽德羅常數(shù)為_(kāi)______.(

用符號(hào)表示)

(4)

如圖，甲分子固定于坐標(biāo)原點(diǎn)O

乙分子位于x

軸上，甲分子對(duì)乙分子的作用力F

與兩分子間距離x

的關(guān)系如圖中曲線所示，F(xiàn)>0

為斥力，F(xiàn)<0

為引力，abcd

為x

軸上的四個(gè)特定位置.

現(xiàn)把乙分子沿x

軸負(fù)方向從a

處移動(dòng)到d

處，則在______位置分子間作用力最小，在______位置分子勢(shì)能最小．(

兩空均選填“a

”、“b

”、“c

”或“d

”)

評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共15分)26、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）27、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

28、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、作圖題(共2題，共20分)29、畫(huà)出圖中帶電粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受洛倫茲力的方向。

30、某同學(xué)在做“利用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中；先測(cè)得擺線長(zhǎng)為97.50cm

擺球直徑為2.00cm

然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50

次所用的時(shí)間，如圖1

所示，則：

(1)

該擺擺長(zhǎng)為_(kāi)_____cm

秒表所示讀數(shù)為_(kāi)_____s.

(2)

如果測(cè)得的g

值偏??；可能的原因是______

A.測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊。

B.擺線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了。

C.開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下。

D.實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)記為50

次。

(3)

為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長(zhǎng)l

并測(cè)出相應(yīng)的周期T

從而得出一組對(duì)應(yīng)的l

與T

的數(shù)據(jù)，再以l

為橫坐標(biāo)，T2

為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2

所示，并求得該直線的斜率為k

則重力加速度g=

______(

用k

表示)

．評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共36分)31、某學(xué)生實(shí)驗(yàn)小組利用圖1所示電路；測(cè)量多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)和電阻“×1k”擋內(nèi)部電路的總電阻．使用的器材有：

多用電表；

電壓表：量程5V；內(nèi)阻十幾千歐；

滑動(dòng)變阻器：最大阻值5kΩ；導(dǎo)線若干．

回答下列問(wèn)題：

（1）將多用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻“×1k”擋，再將紅表筆和黑表筆______；調(diào)零點(diǎn)．

（2）將圖1中多用電表的紅表筆和______（選填“1”或“2”）端相連；黑表筆連接另一端．

（3）將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到適當(dāng)位置，使多用電表的示數(shù)如圖2所示，這時(shí)電壓表的示數(shù)如圖3所示．多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為_(kāi)_____kΩ和______V．

（4）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，使其接入電路的阻值為零．此時(shí)多用電表和電壓表的讀數(shù)分別為12.0kΩ和4.00V．從測(cè)量數(shù)據(jù)可知，電壓表的內(nèi)阻為_(kāi)_____kΩ．

（5）多用電表電阻擋內(nèi)部電路可等效為由一個(gè)無(wú)內(nèi)阻的電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖4所示．根據(jù)前面的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算可得，此多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____V，電阻“×1k”擋內(nèi)部電路的總電阻為_(kāi)_____kΩ．32、一毫安表頭滿偏電流為9.90mA，內(nèi)阻約為300Ω．要求將此毫安表頭改裝成量程為1A的電流表，其電路原理如圖1所示．圖中，是量程為2A的標(biāo)準(zhǔn)電流表，R0為電阻箱；R為滑動(dòng)變阻器，S為開(kāi)關(guān)，E為電源．

（1）完成下列實(shí)驗(yàn)步驟：

①將圖2虛線框內(nèi)的實(shí)物圖按電路原理圖連線；

②將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭調(diào)至______端（填“a”或“b”），電阻箱R0的阻值調(diào)至零；

③合上開(kāi)關(guān)；

④調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭；增大回路中的電流；

使標(biāo)準(zhǔn)電流表讀數(shù)為1A；

⑤調(diào)節(jié)電阻箱R0的阻值，使毫安表指針接近滿偏，此時(shí)標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)會(huì)______（填“增大”；“減小”或“不變”）；

⑥多次重復(fù)步驟④⑤，直至標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)為_(kāi)_____；同時(shí)毫安表指針滿偏．

（2）回答下列問(wèn)題：

①在完成全部實(shí)驗(yàn)步驟后，電阻箱使用阻值的讀數(shù)為3.1Ω，由此可知毫安表頭的內(nèi)阻為_(kāi)_____．

②用改裝成的電流表測(cè)量某一電路中的電流，電流表指針半偏，此時(shí)流過(guò)電阻箱的電流為_(kāi)_____A．

⑧對(duì)于按照以上步驟改裝后的電流表，寫(xiě)出一個(gè)可能影響它的準(zhǔn)確程度的因素：______．33、如圖所示彈簧下面掛一個(gè)質(zhì)量為m的物體；物體在豎直方向作振幅為A的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物體振動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧正好為原長(zhǎng)．重力加速度為g．則物體在振動(dòng)過(guò)程中。

（1）物體在豎直方向作簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能是否守恒？______．

A．機(jī)械能守恒B．機(jī)械能不守恒C．不確定。

（2）物體在最高點(diǎn)回復(fù)力______最低點(diǎn)回復(fù)力．（大于；小于或等于）

（3）物體的最大彈性勢(shì)能等于______．

（4）物體最低點(diǎn)彈力等于______．34、為了測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)E

的大小、內(nèi)電阻r

和定值電阻R

0

的阻值，某同學(xué)利用傳感器設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，閉合電鍵S

調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P

向某一方向移動(dòng)時(shí)，通過(guò)電壓傳感器1

電壓傳感器2

和電流傳感器測(cè)得數(shù)據(jù)，用計(jì)算機(jī)分別描繪了如圖乙所示的M

、N

兩條U

鈭?

I

直線，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)

根據(jù)圖乙中的M

、N

兩條直線可知____A.直線M

是根據(jù)電壓傳感器1

和電流傳感器的數(shù)據(jù)繪得的B.直線M

是根據(jù)電壓傳感器2

和電流傳感器的數(shù)據(jù)繪得的C.直線N

是根據(jù)電壓傳感器1

和電流傳感器的數(shù)據(jù)繪得的D.直線N

是根據(jù)電壓傳感器2

和電流傳感器的數(shù)據(jù)繪得的(2)

根據(jù)圖乙可以求得定值電阻R0=

_________婁賂

(3)

電源電動(dòng)勢(shì)E

=

________V

內(nèi)電阻r

=

__________婁賂

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】

A；通電導(dǎo)線方向與磁場(chǎng)方向不在一條直線上時(shí)；才受到安培力作用，當(dāng)二者平行時(shí)，安培力為零，故A錯(cuò)誤；

B；根據(jù)左手定則可知；安培力的方向與磁場(chǎng)垂直，故B錯(cuò)誤；

C；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)平行時(shí)；所受洛倫茲力為零，故C錯(cuò)誤；

D；磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力通常稱為安培力；安培力的實(shí)質(zhì)是形成電流的定向移動(dòng)的電荷所受洛倫茲力的合力，故D正確．

故選D．

【解析】【答案】正確解答本題需要掌握：洛侖茲力和安培力的產(chǎn)生條件；方向的判斷等知識(shí)；要明確通電導(dǎo)線與運(yùn)動(dòng)電荷在磁場(chǎng)中不一定有力的作用，電流方向或電荷運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)平行時(shí)，沒(méi)有磁場(chǎng)力作用．

2、C【分析】單擺的周期為T(mén)=則因擺球具有負(fù)向最大速度，即擺球在平衡位置且向負(fù)方向擺動(dòng)，C對(duì)；A在四分之三周期時(shí)在負(fù)的最大位移處，A錯(cuò)；D在四分之三周期時(shí)在正的最大位移處，D錯(cuò)；B在四分之三周期時(shí)擺球在平衡位置且向正方向擺動(dòng)，B錯(cuò)。【解析】【答案】C3、C【分析】【解析】【答案】C4、D【分析】【解答】A、做功沖程中將燃料燃燒產(chǎn)生的內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，為熱機(jī)工作提供動(dòng)力，所以A是錯(cuò)誤的；B、熱機(jī)中有燃燒汽油的（汽油機(jī)），有燃燒柴油的（柴油機(jī)），有燃燒液態(tài)氫的（火箭噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)），所以B是錯(cuò)誤的；C、汽車排出的尾氣發(fā)生在熱機(jī)排氣沖程，所以C是錯(cuò)誤的；D、熱機(jī)都是靠燃燒燃料獲得能量的，汽油、柴油等燃料燃燒時(shí)都會(huì)放出有害氣體，污染環(huán)境，所以D是正確的．故選D．【分析】（1）在四沖程內(nèi)燃機(jī)的做功沖程中，燃料燃燒產(chǎn)生大量的高溫高壓的燃?xì)馔苿?dòng)活塞做功，將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能．（2）熱機(jī)的種類有很多，像老式火車的蒸汽機(jī)（燃燒煤）、汽車的內(nèi)燃機(jī)（燃燒汽油）、發(fā)電廠的汽輪機(jī)（燃燒煤）、火箭的噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)（燃燒氫）都是利用內(nèi)能做功的機(jī)器．（3）內(nèi)燃機(jī)的四個(gè)沖程有吸氣沖程、壓縮沖程、做功沖程、排氣沖程．（4）汽車排放的尾氣中有水蒸氣、二氧化碳等無(wú)害氣體，也有二氧化氮等氮?dú)浠衔镉泻怏w．5、A【分析】【分析】氫原子能級(jí)躍遷時(shí)，兩能級(jí)間的能級(jí)差越大，輻射的光子能量越大，則光子頻率越大，波長(zhǎng)越小；解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)差與光子頻率的關(guān)系，以及知道光子頻率大小與波長(zhǎng)大小的關(guān)系?！窘獯稹緾.從n=1

的能級(jí)躍遷到n=2

的能級(jí)時(shí)需吸收光子能量，故C錯(cuò)誤；ABD.

譜線b

是氫原子從n=5

的能級(jí)躍遷到n=2

的能級(jí)時(shí)的輻射光，波長(zhǎng)小于譜線a

所以a

光的光子頻率小于b

光的光子頻率，所以b

光的光子能量大于n=5

和n=2

間的能級(jí)差。BCD

選項(xiàng)中只有n=4

躍遷到n=2

的能級(jí)差小于n=5

和n=2

的能級(jí)差；故BD錯(cuò)誤，A正確。

故選A。【解析】A

6、C【分析】解：設(shè)導(dǎo)體的電阻率為婁脩

厚度為d

邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

則由電阻定律得。

導(dǎo)體的電阻R=婁脩LS=婁脩1d

可知電阻與邊長(zhǎng)L

無(wú)關(guān)，只取決于厚度，故R1=R2

故ABD錯(cuò)誤，C正確．

故選：C

．

R1

和R2

是材料相同，電阻率婁脩

相同.

設(shè)正方形導(dǎo)體的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

根據(jù)電阻定律R=婁脩LS

研究電阻的關(guān)系．

本題是物理規(guī)律在實(shí)際中應(yīng)用的范例，根據(jù)本題的結(jié)果，可以將導(dǎo)體微型化，而電阻不變．【解析】C

7、C【分析】解：根據(jù)牛頓第二定律qvB=mv2R

得：R=mvqB=0.1m=10cm

當(dāng)粒子的軌跡與屏幕相切時(shí)為臨界情況；即打到熒屏上的邊界，找到圓心O(

到S

點(diǎn)的距離與到MN

的距離相等的點(diǎn))

如上圖；

由幾何知識(shí)知PS=8cm

設(shè)粒子打在熒屏上最左側(cè)的C

點(diǎn)，則CD=(2r)2鈭?h2=12cm

則范圍的長(zhǎng)度為CD+DA=20cm

故選：C

先根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；粒子能打在熒屏上的臨界情況是軌跡與MN

相切，然后根據(jù)幾何關(guān)系求解．

帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)解題常用的程序是：

1

畫(huà)軌跡：確定圓心；幾何方法求半徑并畫(huà)出軌跡．

2

找關(guān)系：軌跡半徑與磁感應(yīng)強(qiáng)度、速度聯(lián)系；偏轉(zhuǎn)角度與運(yùn)動(dòng)時(shí)間相聯(lián)系；時(shí)間與周期聯(lián)系．

3

用規(guī)律：牛頓第二定律和圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律．【解析】C

8、B【分析】解：A；物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)；速度的方向沿曲線的切線方向，速度肯定變化，故A錯(cuò)誤；

B；物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)速度大小不變。故B正確。

C；物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)；速度肯定變化，必然有加速度。故C錯(cuò)誤；

D；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力的方向與速度方向不在同一條直線上；所以合外力不可能為0，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

物體做曲線運(yùn)動(dòng)時(shí)；所受合外力的方向與加速度的方向在同一直線上，合力可以是恒力，也可以是變力，加速度可以是變化的，也可以是不變的。平拋運(yùn)動(dòng)的物體所受合力是重力，加速度恒定不變，平拋運(yùn)動(dòng)是一種勻變速曲線運(yùn)動(dòng)。

本題關(guān)鍵是對(duì)質(zhì)點(diǎn)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件的考查，勻速圓周運(yùn)動(dòng)，平拋運(yùn)動(dòng)等都是曲線運(yùn)動(dòng)，對(duì)于它們的特點(diǎn)要掌握住。【解析】B二、多選題(共9題，共18分)9、BC【分析】解：A；布朗運(yùn)動(dòng)的實(shí)質(zhì)是液體分子不停地做無(wú)規(guī)則撞擊懸浮微粒；懸浮微粒受到的來(lái)自各個(gè)方向的液體分子的撞擊作用不平衡的導(dǎo)致的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，反映的是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B；液體分子的相互作用力比固體的相互作用力??；所以液體分子更易擺脫分子間的相互束縛，無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)越劇烈，所以故相同溫度下液體擴(kuò)散速度比固體要快一些，故B正確；

C；液體表面存在張力是由于液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離；分子力表現(xiàn)為引力，故C正確；

D；當(dāng)通電時(shí)導(dǎo)通；排列變的有秩序，使光線容易通過(guò)；不通電時(shí)排列混亂，阻止光線通過(guò)；由此可以液晶可以做顯示屏，是由于在特定的條件下使光線通過(guò)，故D錯(cuò)誤．

故選：BC．

利用布朗運(yùn)動(dòng)；分子力與分子間距解釋固體、液體和液體表面分子張力、液晶的物理特性分析即可．

明確布朗運(yùn)動(dòng)、分子力與分子間距的關(guān)系和液晶的物理特性是解題的關(guān)鍵，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】BC10、AC【分析】解：A

凸透鏡下表面與玻璃上表面形成空氣薄膜；干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光干涉疊加而成.

故A正確；

B；凸透鏡下表面與玻璃上表面形成空氣薄膜；干涉現(xiàn)象是由于凸透鏡下表面反射光和玻璃上表面反射光干涉疊加而成.

不是凸透鏡上表面，故B錯(cuò)誤；

C；干涉條紋不等間距是由于透鏡表面是曲面；導(dǎo)致間距不均勻增大，從而觀察到如圖所示的同心內(nèi)疏外密的圓環(huán)狀條紋.

故C正確；

D；干涉條紋不等間距是由于透鏡表面是曲面；導(dǎo)致間距不均勻增大，從而觀察到如圖所示的同心內(nèi)疏外密的圓環(huán)狀條紋.

故D錯(cuò)誤；

故選：AC

從空氣層的上下表面反射的兩列光為相干光；當(dāng)光程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)是亮條紋，當(dāng)光程差為半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)是暗條紋.

使牛頓環(huán)的曲率半徑越大，相同的水平距離使空氣層的厚度變小，所以觀察到的圓環(huán)狀條紋間距變大．

理解了該實(shí)驗(yàn)的原理即可順利解決此題，故在學(xué)習(xí)過(guò)程中要深入理解各個(gè)物理現(xiàn)象產(chǎn)生的機(jī)理是什么．【解析】AC

11、BD【分析】解：據(jù)題；一切接觸面光滑，C

受力平衡，保持靜止?fàn)顟B(tài)，C

木塊速度為零．

子彈射入A

木塊的過(guò)程；AB

一起做加速運(yùn)動(dòng)，子彈離開(kāi)A

進(jìn)入B

后，B

與A

分離，A

做勻速運(yùn)動(dòng)，B

繼續(xù)加速，所以從B

射出后，B

的速度最大，A

的速度小于B

的速度.

故BD正確．

故選BD

由題意；一切接觸面光滑，C

受力平衡，保持靜止?fàn)顟B(tài).

分析AB

的受力情況，判斷其運(yùn)動(dòng)情況，即可知道兩者速度的大小關(guān)系．

解決本題的關(guān)鍵是抓住不計(jì)摩擦力，分析三個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，即可作出判斷．【解析】BD

12、AD【分析】解：A

理想電壓表內(nèi)阻無(wú)窮大；相當(dāng)于斷路.

理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路，所以可知R

與變阻器串聯(lián)，電壓表V1V2V3

分別測(cè)量R

路端電壓和變阻器兩端的電壓.

當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，則A

的示數(shù)增大，故A正確；

B；電路中電流增大；電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，所以V2

的示數(shù)減小，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=E鈭?I(R+r)

則得：鈻?U3鈻?I=R+r>r

則鈻?V3

與鈻?I

的比值大于r

故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2=E鈭?Ir

則得：鈻?U2鈻?I=r鈻?U1鈻?I=R

據(jù)題：R>r

則鈻?U1鈻?I>鈻?U2鈻?Ir

故鈻?V1

大于鈻?V2.

故D正確．

故選：AD

．

理想電壓表內(nèi)阻無(wú)窮大；相當(dāng)于斷路.

理想電流表內(nèi)阻為零，相當(dāng)短路.

分析電路的連接關(guān)系，根據(jù)歐姆定律進(jìn)行分析．

本題是電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測(cè)量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析．【解析】AD

13、BD【分析】解：A、撤去外力后，ab在安培力作用做減速運(yùn)動(dòng)，由于速度減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)減小，電路中感應(yīng)電流減小，則ab所受的安培力減小，加速度減小，所以ab做的是變減速運(yùn)動(dòng)；故A錯(cuò)誤。

B、由于整個(gè)過(guò)程中，棒ab的動(dòng)能變化量為零，根據(jù)動(dòng)能定理知，整個(gè)過(guò)程中合力對(duì)ab做的功一定為零。故B正確。

CD、ab棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到停止的過(guò)程中；只有拉力和安培力做功，所以拉力做的功轉(zhuǎn)化為R上釋放的熱量，所以：R上釋放的熱量Q=W=Fx．故C錯(cuò)誤，D正確。

故選：BD。

撤去外力后，ab在安培力作用做減速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)安培力與速度成正比分析加速度的變化，判斷其運(yùn)動(dòng)情況。合力做功根據(jù)動(dòng)能定理分析。由能量守恒定律可以求出電路中R上產(chǎn)生的焦耳熱。

棒ab運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨速度的變化而變化，應(yīng)用牛頓第二定律、安培力公式、能量守恒定律即可正確解題。分析清楚桿的運(yùn)動(dòng)過(guò)程；桿克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，可以從能量角度求焦耳熱?！窘馕觥緽D14、C:D【分析】【詳解】

A．P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是+Q1和?Q2在該處產(chǎn)生的電場(chǎng)的疊加，是合場(chǎng)強(qiáng)。兩電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向相反，選取向右為正方向，根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式

可知，P點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為

故P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零。由于電勢(shì)的零點(diǎn)與人為的選擇有關(guān)，則P點(diǎn)的電勢(shì)不一定為零。故A錯(cuò)誤；

B．因P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，則P點(diǎn)右側(cè)電場(chǎng)線向右，因順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低可知

因bc的具體位置不確定；則不能確定兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系，故B錯(cuò)誤；

C．P點(diǎn)左側(cè)電場(chǎng)線向左，將一試探電荷＋q從a點(diǎn)沿x軸移至P點(diǎn)；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，故C正確；

D．若將一試探電荷－q從a點(diǎn)靜止釋放，則電荷將沿aP向右加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)P點(diǎn)后受到向左的電場(chǎng)力做減速運(yùn)動(dòng)，可知其經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大；故D正確。

故選CD。15、CD【分析】解：A、由題：電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r相同，電阻R1＞R2，由閉合電路歐姆定律可知電流I1＜I2，電量q=It，通電時(shí)間相同，所以R2上通過(guò)的電量多；故A錯(cuò)誤；

B、電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱Q內(nèi)=I2rt；可見(jiàn)，電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱較多的是乙電路中的電源．故B錯(cuò)誤．

C；由公式W=qE；可知，兩電源做功較多的是乙電路，故C正確．

D；兩電阻阻值都大于內(nèi)阻；則電源的輸出功率隨著電阻的增大而減小，所以電源輸出功率較大的是乙電路中的．故D正確．

故選：CD

甲、乙兩電路中電源完全相同，電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r相同，電阻R1＞R2，由閉合電路歐姆定律可知電流的大?。呻娏縬=It判斷電量大小，由焦耳定律Q=I2rt；來(lái)分析電源內(nèi)部產(chǎn)生電熱的大小，根據(jù)W=qE判斷電源做功，當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，電源輸出功率最大．

本題關(guān)鍵是將焦耳定律變形Q=I2Rt=qU，即變成電流做功的原始表達(dá)式．知道當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，電源輸出功率最大，難度適中．【解析】【答案】CD16、AC【分析】解：AB

行星公轉(zhuǎn)的向心力由萬(wàn)有引力提供；根據(jù)牛頓第二定律，有：

GMmR2=mR4婁脨2T2

解得：R=GMT24婁脨23

已知該行星與地球繞恒星均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；其運(yùn)行的周期為地球運(yùn)行周期的p

倍，橙矮星的質(zhì)量為太陽(yáng)的q

倍，故得：

該行星與地球的軌道半徑之比為R脨脨R碌脴=M擄蘆M碌脴T脨脨2T碌脴23=p2q3

故A正確；B錯(cuò)誤；

CD

根據(jù)v=2婁脨RT

有：v脨脨v碌脴=R脨脨R碌脴鈰?T碌脴T脨脨=qp3

故C正確，D錯(cuò)誤；

故選：AC

地球和“開(kāi)普勒438b

”公轉(zhuǎn)的向心力均由萬(wàn)有引力提供；根據(jù)牛頓第二定律列式求解出周期和向的表達(dá)式進(jìn)行分析即可．

本題關(guān)鍵是明確行星運(yùn)動(dòng)的向心力來(lái)源，結(jié)合牛頓第二定律列式分析即可．【解析】AC

17、AD【分析】解：由于面積一定；磁場(chǎng)變化，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

E=nS?∝

AB；0時(shí)刻磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率最大；故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，故A正確，B錯(cuò)誤；

C、t1時(shí)刻磁通量最大，但磁通量的變化率為零；故C錯(cuò)誤；

D、t1～t2時(shí)間內(nèi)；磁通量的變化率變大，故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大，故D正確；

故選：AD。

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律公式E=n列式分析，當(dāng)面積一定時(shí)，可以寫(xiě)成E=nS?由此分析即可。

本題中磁通量最大時(shí)，磁通量的變化率最?。淮磐孔钚r(shí)，磁通量的變化率最大；然后根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律列式判斷即可。【解析】AD三、填空題(共8題，共16分)18、略

【分析】【解析】試題分析：靜電除塵和靜電復(fù)印利用力異種電荷相互吸引的原理，飛機(jī)輪胎用導(dǎo)電橡膠制成和雷雨天不能在高大樹(shù)木下避雨是防止靜電危害，所以選①③考點(diǎn)：本題考查的是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用，【解析】【答案】①③19、略

【分析】解：物體帶的電荷的多少叫電量；符號(hào)為Q，單位是庫(kù)侖（C）．

故答案為：電量；Q

電荷量的定義是：物體帶的電荷的多少叫電荷量；電荷量的單位是：庫(kù)侖；簡(jiǎn)稱庫(kù)，符號(hào)為C．

本題考查了電量的概念及其單位，屬于識(shí)記性的內(nèi)容，比較簡(jiǎn)單，只要記住即可解答．【解析】電量；Q20、略

【分析】解：（1）停表表示讀數(shù)：內(nèi)圈讀數(shù)：90s；外圈讀數(shù)9.7s，總讀數(shù)為：t=90s+9.7s=99.7s；

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：g=．

A；測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊；使得擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏大，則測(cè)得的重力加速度偏大．故A錯(cuò)誤．

B；擺動(dòng)后出現(xiàn)松動(dòng)；知擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，則測(cè)得的重力加速度偏?。蔅正確．

C；實(shí)驗(yàn)中開(kāi)始計(jì)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，則測(cè)得周期偏小，所以測(cè)得的重力加速度偏大．故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中將49次全振動(dòng)數(shù)成50次全振動(dòng)；測(cè)得周期偏小，則測(cè)得的重力加速度偏大．故D錯(cuò)誤．

故選：B；

（3）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得：L=．

而另外一位同學(xué)作出的L-T2圖線如圖2所示；此圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因可能是計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)，加入球的直徑，而不是半徑．

故答案為：（1）99.7；（2）B；

（3）可能是計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)；加入球的直徑，而不是半徑．

（1）秒表讀數(shù)：先讀內(nèi)圈；讀數(shù)時(shí)只讀整數(shù)，小數(shù)由外圈讀出，讀外圈時(shí)，指針是準(zhǔn)確的，不用估讀．

（2）根據(jù)單擺的周期公式T=2π得出重力加速度的表達(dá)式；從而判斷出重力加速度減小的原因；

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)原理分析實(shí)驗(yàn)誤差．由單擺周期公式變形，得到T2與L的關(guān)系式；分析圖象的意義，即可求解．

本題關(guān)鍵明確實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理選擇器材；由單擺的周期公式變形，得到T2與L的關(guān)系式得到圖象斜率的物理意義，再分析實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的誤差．【解析】99.7；B；可能是計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)，加入球的直徑，而不是半徑21、略

【分析】解：根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒知；聚變的核反應(yīng)方程：12H+12H隆煤23He+01n

核反應(yīng)過(guò)程中的質(zhì)量虧損為：鈻?m=2mD鈭?(mHe+mn)=0.0035u

釋放的核能為：鈻?E=鈻?mc2=0.0035uc2=3.26MeV

故答案為：12H+12H隆煤23He+01n3.26MeV

．

根據(jù)核反應(yīng)過(guò)程遵循質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒求出新核的質(zhì)量數(shù)、核電荷數(shù)從而確定新核，并最終寫(xiě)出核反應(yīng)方程式.

要計(jì)算計(jì)算釋放的核能，就必須知道核反應(yīng)虧損的質(zhì)量，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程鈻?E=鈻?mC2

即可求出核反應(yīng)釋放的能量．

只要對(duì)近代原子物理有所了解即可，需要深入理解的東西不是太多.

所以要多讀教材，適量做些中低檔題目即可．【解析】12H+12H隆煤23He+01n3.26MeV

22、略

【分析】試題分析：帶電粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向上，豎直方向上由題可知，因此運(yùn)動(dòng)的時(shí)間在這個(gè)過(guò)程中，電場(chǎng)力做功因此電勢(shì)能減小為好就是電勢(shì)能增加了考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)能做功與電勢(shì)能的關(guān)系【解析】【答案】23、略

【分析】解：飛機(jī)接收到第一個(gè)無(wú)線電脈沖時(shí)距雷達(dá)的距離為。

S1=c?

飛機(jī)接收到第一個(gè)無(wú)線電脈沖時(shí)距雷達(dá)的距離為。

S2=c?

則在△t=0.8s時(shí)間內(nèi)飛機(jī)的位移為：

△x=S1-S2=c?-c?=2100m

故飛機(jī)的飛行速度為：v==525m/s

故答案為：525m/s．

雷達(dá)發(fā)出的無(wú)線電脈沖在空中勻速傳播；速度為光速c，脈沖碰到飛機(jī)后被反射回來(lái)，根據(jù)發(fā)射和接收的時(shí)間間隔求出飛機(jī)離雷達(dá)的距離，由兩次距離差求出飛機(jī)飛行的位移，根據(jù)速度公式求出飛機(jī)的速度．

本題考查對(duì)雷達(dá)測(cè)速原理的能力．抓住兩點(diǎn)：一是電磁波在空中傳播速度均相同，等于光速c；二是根據(jù)發(fā)射和接收電磁波的時(shí)間間隔確定飛機(jī)的位置．【解析】525m/s24、略

【分析】解：①經(jīng)過(guò)276天，為2個(gè)半衰期，衰變后剩余的質(zhì)量m=m0（）2=100g×=25g，則已衰變的質(zhì)量為：m衰=100g-25g=75g；

②1mol氘中含有NA個(gè)氘核，1mol氚中含有NA個(gè)氚核，則1mol氘和1mol氚完全發(fā)生上述核反應(yīng)的質(zhì)量虧損為：NA△m；

根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程：△E=NA△mc2；

③由動(dòng)量守恒定律：m1v0=m3v3+m4vB；

解得：vB=．

B的速度與He核的速度方向相反；即。

m1v0-m3v3＜0；

解得：v3＞．

故答案為：①75②③．

①經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期；有半數(shù)發(fā)生衰變，求出半衰期的次數(shù)，從而得出已衰變的質(zhì)量．

②根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程求出核反應(yīng)中釋放的能量．

③根據(jù)動(dòng)量守恒定律列方程求解．

解決本題的關(guān)鍵知道半衰期的定義，知道衰變后剩余質(zhì)量與初始質(zhì)量的關(guān)系，即m=（）nm0，n為半衰期的次數(shù)．【解析】75；25、(1)2.6m/s(2).9214686(3).M婁脩6M婁脨婁脩d3(4).cc【分析】【分析】(1)

小車與物體組成系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出小車的速度；(2)

質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)加上中子數(shù)，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)求出中子數(shù)，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒得出婁脕

衰變、婁脗

衰變的次數(shù)；(3)

摩爾體積V=M婁脩

水分子看做球體，計(jì)算出每個(gè)水分子的體積，用摩爾體積除以水分子體積即可求得阿伏伽德羅常數(shù)；(4)

根據(jù)圖象可以看出分子力的大小變化，在橫軸下方的為引力，上方的為斥力，分子力做正功分子勢(shì)能減小，分子力做負(fù)功分子勢(shì)能增大。解決考查動(dòng)量守恒定律；知道質(zhì)量數(shù)、質(zhì)子數(shù)、中子數(shù)的關(guān)系，以及知道婁脕

衰變、婁脗

衰變的實(shí)質(zhì)；考查阿伏加德羅常數(shù)，要注意液體分子常?？醋魇乔蛐?，分子間的距離等于分子直徑；雖在熱學(xué)部分出現(xiàn)，但考查內(nèi)容涉及功和能的關(guān)系等力學(xué)知識(shí)，綜合性較強(qiáng)?！窘獯稹?1)

小車由物體組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律得：Mv魯碌+mv脦茂cos600=(M+m)v

解得：v=2.6m/s

(2)

然放射性元素鈾92238U

的質(zhì)量數(shù)為238

質(zhì)子數(shù)為92

則中子數(shù)為14692238U

衰變后變成鉛82206Pb

質(zhì)量數(shù)少32

電荷數(shù)少10

設(shè)經(jīng)過(guò)了x

次婁脕

衰變，y

次婁脗

衰變，有：4x=322x鈭?y=8

解得x=8y=6

(3)

水的摩爾體積為V=M婁脩

水分子的體積v=43婁脨(d2)3

故NA=Vv=6M婁脨婁脩d3

(4)

根據(jù)圖象可以看出分子力的大小變化，在橫軸下方的為引力，上方的為斥力，把乙分子沿x

軸負(fù)方向從a

處移動(dòng)到d

處過(guò)程中，在c

位置分子間作用力最小。乙分子由a

到c

一直受引力，隨距離減小，分子力做正功，分子勢(shì)能減小；從c

到d

分子力是斥力且不斷增大，隨距離減小分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增大，故在c

位置分子勢(shì)能最小。故答案為：(1)2.6m/s(2).9214686(3).M婁脩6M婁脨婁脩d3(4).cc

?！窘馕觥?1)2.6m/s(2).9214686(3).M婁脩6M婁脨婁脩d3(4).cc

四、判斷題(共3題，共15分)26、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．27、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．28、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．五、作圖題(共2題，共20分)29、解：根據(jù)左手定則可得；帶電粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示。【分析】

本題考查了左手定則的直接應(yīng)用；根據(jù)左手定則即可正確判斷磁場(chǎng)；運(yùn)動(dòng)方向、洛倫茲力三者之間的關(guān)系，特別注意的是四指指向和正電荷運(yùn)動(dòng)方向相同和負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)方向相反。

安培定則、左手定則、右手定則是在電磁學(xué)中經(jīng)常用到的，要掌握它們的區(qū)別，并能熟練應(yīng)用?！窘馕觥拷猓焊鶕?jù)左手定則可得；帶電粒子剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受洛倫茲力的方向，如圖所示：

答：如圖所示。30、略

【分析】解：(1)

單擺的擺長(zhǎng)l=L+d2=97.50+2.002cm=98.50cm

．

秒表的小盤(pán)讀數(shù)為50s

大盤(pán)讀數(shù)為15.2s

則秒表的讀數(shù)為75.2s

．

(2)

根據(jù)T=2婁脨lg

得，g=4婁脨lT2

A；測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊；則擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏大，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故A錯(cuò)誤．

B；擺線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，知擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏小，故B正確．

C；開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過(guò)遲按下，則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故C錯(cuò)誤．

D；實(shí)驗(yàn)中誤將49

次全振動(dòng)記為50

次；則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故D錯(cuò)誤．

故選：B

．

(3)

根據(jù)T=2婁脨lg

得，T2=4婁脨2lg

可知圖線的斜率k=4婁脨2g

則重力加速度g=4婁脨2k

．

故答案為：(1)98.5075.2(2)B(3)4婁脨2k

．

(1)

單擺的擺長(zhǎng)等于擺線的長(zhǎng)度和擺球的半徑之和；秒表的讀數(shù)等于小盤(pán)讀數(shù)和大盤(pán)讀數(shù)之和．

(2)

根據(jù)單擺的周期公式得出重力加速度的表達(dá)式；結(jié)合擺長(zhǎng)和周期的測(cè)量誤差確定重力加速度的測(cè)量誤差．

(3)

根據(jù)單擺的周期公式得出T2鈭?l

的關(guān)系式；結(jié)合圖線的斜率求出重力加速度．

單擺的擺長(zhǎng)等于懸點(diǎn)到球心的距離，不能漏算小球的半徑.

根據(jù)解析式研究圖象的意義是慣用的思路．【解析】98.5075.2B4婁脨2k

六、實(shí)驗(yàn)探究題(共4題，共36分)31、略

【分析】解：（1）歐姆表在使用中應(yīng)先將紅黑表筆短接；進(jìn)行歐姆調(diào)零；

（2）紅正黑負(fù)；電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；電流從電壓表正接線柱流入，故紅表筆接觸1，黑表筆接2；

（3）歐姆表讀數(shù)=倍率×表盤(pán)讀數(shù)=1k×15.0Ω=15.0kΩ；電壓表讀數(shù)為3.60V；

（4）由于滑動(dòng)變阻器被短路；故歐姆表讀數(shù)即為電壓表阻值，為12.0kΩ；

（5）歐姆表的中值電阻等于內(nèi)電阻；故歐姆表1k檔位的內(nèi)電阻為15.0kΩ；

根據(jù)閉合電路歐姆定律，電動(dòng)勢(shì)為：E=U+?r=4V+×15000=9V；

故答案為：（1）短接（2）1（3）15.03.60（4）12.0；（5）9.0015.0

（1）歐姆表使用前一定要進(jìn)行歐姆調(diào)零；

（2）紅正黑負(fù)；電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；

（3）歐姆表讀數(shù)等于倍率乘以表盤(pán)讀數(shù)；伏特表讀數(shù)要估讀；

（4）歐姆表測(cè)量的是外電路的總電阻；由于滑動(dòng)變阻器被短路，故歐姆表讀數(shù)即為電壓表阻值；

（5）由于半偏電流