2025年華師大版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷532考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，不計(jì)電壓表和電流表內(nèi)阻對(duì)電路的影響，當(dāng)電鍵閉合后，兩小燈泡均能發(fā)光。在將滑動(dòng)變阻器的觸片逐漸向右滑動(dòng)的過程中，下列說法正確的是A.小燈泡L1、L2均變暗B.小燈泡L1變亮，小燈泡L2變暗C.電流表A的讀數(shù)變小，電壓表V的讀數(shù)變大D.電流表A的讀數(shù)變大，電壓表V的讀數(shù)變小2、下列各圖中，標(biāo)出了電流I

和磁場(chǎng)B

以及磁場(chǎng)對(duì)電流作用力F

三者的方向，其中錯(cuò)誤的是()A.B.C.D.3、如圖所示；甲圖中A；B為兩個(gè)相同的環(huán)形線圈，共軸并靠近放置，A線圈中通如圖乙所示的交變電流i，則（）

A.從t1到t2時(shí)間內(nèi)A；B兩線圈吸引。

B.從t2到t3時(shí)間內(nèi)A；B兩線圈相斥。

C.t1時(shí)刻兩線圈間作用力為零。

D.t2時(shí)刻兩線圈間的吸引力最大。

4、某橫波在介質(zhì)中沿x軸傳播，a圖為t=0.25s時(shí)的波形圖，b圖為P點(diǎn)（x=1.5m處的質(zhì)點(diǎn)）的振動(dòng)圖像，那么下列說法正確的是（）A.該波向右傳播，波速為B.質(zhì)點(diǎn)L與質(zhì)點(diǎn)N的運(yùn)動(dòng)方向總相反（速度為零的時(shí)刻除外）C.t=1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)M處于正向最大位移處D.t=1.25s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)K向右運(yùn)動(dòng)了2m5、如圖，通電直導(dǎo)線處于足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)線與水平面夾角導(dǎo)線中通過的電流為I，為了增大導(dǎo)線的安培力，可采取的辦法是A.增大電流IB.減小磁感應(yīng)強(qiáng)度BC.把通電直導(dǎo)線在紙面內(nèi)繞O點(diǎn)順時(shí)針旋轉(zhuǎn)300D.把通電直導(dǎo)線在紙面內(nèi)繞O點(diǎn)逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)6006、下列說法中正確的是（）A.電磁爐是采用電磁感應(yīng)原理，在金屬鍋上不產(chǎn)生渦流，使鍋體不發(fā)熱從而點(diǎn)火加熱食物的B.磁電式電表的線圈常常用鋁框做骨架，把線圈繞在鋁框上，是為了防止電磁感應(yīng)C.精密線繞電阻常采用雙線繞法，可以增強(qiáng)線繞電阻通電時(shí)產(chǎn)生的磁場(chǎng)D.交流發(fā)電機(jī)的工作原理是電磁感應(yīng)7、如圖所示，在靜止負(fù)電荷形成的電場(chǎng)中，有MN

兩點(diǎn)，比較MN

兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小和電勢(shì)高低，則有(

)

A.N

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，電勢(shì)低B.N

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小，電勢(shì)高C.M

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，電勢(shì)高D.M

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小，電勢(shì)低評(píng)卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、如圖所示，在場(chǎng)強(qiáng)為E，方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有兩個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A、B，電量分別為-q和+2q，兩小球用長(zhǎng)為l的絕緣細(xì)線b相連，另用絕緣細(xì)線a系住小球A懸掛于O點(diǎn)而處于平衡狀態(tài)．細(xì)線b處于繃緊狀態(tài)，則細(xì)線b對(duì)小球B的作用力大小為____，細(xì)線a對(duì)懸點(diǎn)O的作用力大小為____．（已知重力加速度為g；靜電力恒量為k）

9、將一電荷量為-3×10-6C的負(fù)電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做了3×10-5J的功，再將該電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做了1.2×10-5J的功，則A、C間的電勢(shì)差為V，電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)再?gòu)腂點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)的過程中，電勢(shì)能變化了J。10、電磁波按波長(zhǎng)順序排列分為無線電波、紅外線、______、紫外線、______和γ射線．11、如圖所示，某同學(xué)用插針法測(cè)定一半圓形玻璃磚的折射率．在平鋪的白紙上垂直紙面插大頭針P1、P2確定入射光線，并讓入射光線過圓心O，在玻璃磚（圖中實(shí)線部分）另一側(cè)垂直紙面插大頭針P3，使P3擋住P1、P2的像，連接OP3．圖中MN為分界面，虛線半圓與玻璃磚對(duì)稱，B、C分別是入射光線、折射光線與圓的交點(diǎn)，AB、CD均垂直于法線并分別交法線于A、D點(diǎn)．設(shè)AB的長(zhǎng)度為l1，AO的長(zhǎng)度為l2，CD的長(zhǎng)度為l3，DO的長(zhǎng)度為l4；求：

①為較方便地表示出玻璃磚的折射率，需用刻度尺測(cè)量______、______（用上述給出量的字母表示）

②玻璃磚的折射率______．12、手機(jī)是人們生活中普遍使用的通信工具，它是利用________(

選填“電磁波”或“超聲波”)

進(jìn)行通信的.

這種波________(

選填“能”或“不能”)

在真空中傳播．評(píng)卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)13、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）16、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共14分)19、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象20、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、推斷題(共3題，共15分)21、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一種可降解的聚脂類高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的應(yīng)用前景rm{.PPG}的一種合成路線如下：

已知；

rm{壟脵}烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫。

rm{壟脷}化合物rm{B}為單氯代烴；化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}

rm{壟脹E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，rm{F}是福爾馬琳的溶質(zhì)。

rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列問題：rm{壟脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化學(xué)方程式為________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反應(yīng)類型為________，rm{G}的化學(xué)名稱為________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化學(xué)方程式為________；rm{PPG}的同分異構(gòu)體能同時(shí)滿足下列條件的共有________種rm{(5)D}不含立體異構(gòu)rm{(}

rm{)}能與飽和rm{壟脵}溶液反應(yīng)產(chǎn)生液體。

rm{NaHCO_{3}}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)。其中核磁共振請(qǐng)譜顯示為rm{壟脷}組峰，且峰面積比為rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}寫結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{(}rm{)}22、氨氣是一種重要的化工產(chǎn)品及工業(yè)原料。I．某溫度下，合成氨反應(yīng)的平衡常數(shù)K=3.0×103(mol／L)-1，（1）寫出其對(duì)應(yīng)的化學(xué)方程式________________________________________。（2）某溫度下，如果在體積恒定為10L的密閉容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3則反應(yīng)____（填“正向進(jìn)行”或“逆向進(jìn)行”或“達(dá)到平衡”）。（3）該溫度下，在體積恒定為10L的四個(gè)密閉容器中分別充入下列物質(zhì)，反應(yīng)達(dá)到平衡后，N2的轉(zhuǎn)化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨氣極易溶于水，氨水是氨氣溶于水而形成的溶液，回答下列問題：（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度___________（填“增大”“減小”或“不變”），___________（填“增大”“減小”或“不變”）。（5）室溫下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用離子方程式表示）。并計(jì)算該平衡的平衡常數(shù)表達(dá)式為________________________（用含代數(shù)a的較為精確的數(shù)學(xué)表達(dá)式表示，不必化簡(jiǎn)，不做近似運(yùn)算）。23、下表為元素周期表的一部分，針對(duì)表中rm{壟脵隆蘆壟脼}元素，回答下列問題。rm{壟脵}rm{壟脷}rm{壟脹}rm{壟脺}rm{壟脻}rm{壟脼}rm{(1)壟脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)壟脷}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是__________rm{(}填元素符號(hào)rm{)}rm{壟脻}和rm{壟脼}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物中酸性較強(qiáng)的是________rm{(}填化學(xué)式rm{)}rm{(3)}寫出rm{壟脹壟脺}兩種元素的最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物反應(yīng)的離子方程式_______________。評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)24、在“測(cè)玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中：（1）為了取得較好的實(shí)驗(yàn)效果，下列操作正確的是。A、必須選用上下表面平行的玻璃磚；B、選擇的入射角應(yīng)盡量小些；C、大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上；D、大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當(dāng)大些.（2）甲同學(xué)在量入射角和折射角時(shí)，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O(shè)點(diǎn)為圓心，OA為半徑畫圓，交OO’延長(zhǎng)線于C點(diǎn)，過A點(diǎn)和C點(diǎn)作垂直法線的直線分別交于B點(diǎn)和D點(diǎn)，如圖所示，若他測(cè)得AB=7cm，CD=4cm，則可求出玻璃的折射率n=。（3）乙同學(xué)使用同一個(gè)玻璃磚完成實(shí)驗(yàn)，卻發(fā)現(xiàn)測(cè)出的折射率明顯大于理論值，反復(fù)檢查實(shí)驗(yàn)操作過程后認(rèn)為是用鉛筆描出玻璃磚上下表面時(shí)候出現(xiàn)了操作失誤，由此可以判斷該同學(xué)作出的兩界面間距玻璃磚的實(shí)際寬度。（選填“大于”、“小于”）25、用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)。實(shí)驗(yàn)裝置如下圖（甲）所示，已知單縫與雙縫間的距離L1=100mm，雙縫與屏的距離L2=700mm，雙縫間距d=0.25mm。用測(cè)量頭來測(cè)量亮紋中心的距離。測(cè)量頭由分劃板、目鏡、手輪等構(gòu)成，轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使分劃板左右移動(dòng)，讓分劃板的中心刻線對(duì)準(zhǔn)亮紋的中心如圖（乙）所示，記下此時(shí)手輪上的讀數(shù)，轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線對(duì)準(zhǔn)另一條亮紋的中心，記下此時(shí)手輪上的讀數(shù)。（1）分劃板的中心刻線分別對(duì)準(zhǔn)第1條和第4條亮紋的中心時(shí)，手輪上的讀數(shù)如圖（丙）所示，則對(duì)準(zhǔn)第1條時(shí)讀數(shù)x1=_______mm，對(duì)準(zhǔn)第4條時(shí)讀數(shù)x2=_______mm.（2）根據(jù)以上數(shù)據(jù)計(jì)算波長(zhǎng)_____nm.26、現(xiàn)需測(cè)量定值電阻Rx的阻值（約為20Ω）。所供器材如下：電流表A1（量程0～50mA，內(nèi)阻約為20Ω）電流表A2（量程0～300mA，內(nèi)阻約為4Ω）電壓表V1（量程0～6V，內(nèi)阻約為20kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約為50kΩ）滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為10Ω）直流電源E（電動(dòng)勢(shì)為10V，內(nèi)阻約為0．5Ω）電鍵S一個(gè)，連接用的導(dǎo)線若干（1）為了使測(cè)量結(jié)果更準(zhǔn)確，電流表選擇____________，電壓表選擇____________；（2）在方框內(nèi)做出實(shí)驗(yàn)原理圖；（3）該電阻是由電阻絲繞成的，為了求得該電阻絲材料的電阻率，需用螺旋測(cè)微器測(cè)量電阻絲的直徑，結(jié)果如圖，其讀數(shù)為__________mm。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B|C【分析】試題分析：滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，接入電路的阻值變大，所以電路中的外電阻R變大，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，即電流表示數(shù)減小，燈泡L2兩端的電壓變小，其亮度變暗，由路端電壓可知電壓表示數(shù)變大，根據(jù)部分電路的歐姆定律的可知燈泡L1兩端的電壓變大，其亮度變亮，由以上分析可知選項(xiàng)BC正確．考點(diǎn)：本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析，要從滑動(dòng)變阻器的阻值變化入手，遵從先部分再整體后部分的思路分析，主要利用閉合電路的歐姆定律和部分電路的歐姆定律解答．【解析】【答案】BC2、C【分析】【分析】

正確應(yīng)用左手定則即可判斷出磁場(chǎng)；電流、安培力三者之間的關(guān)系即可解答本題；應(yīng)用時(shí)注意安培力產(chǎn)生條件。

安培定則；左手定則、右手定則等應(yīng)用容易混淆；因此平時(shí)要加強(qiáng)訓(xùn)練，熟練應(yīng)用這幾種定則進(jìn)行有關(guān)物理量的判斷。

【解答】

根據(jù)左手定則可知：ABD

三圖中電流；磁場(chǎng)、安培力方向均和左手定則中要求方向一致；故ABD正確；C

圖中電流和磁場(chǎng)方向一致，不受安培力，故C錯(cuò)誤。

故選C。

【解析】C

3、A|B|C【分析】

A、在t1到t2時(shí)間內(nèi)；若設(shè)順時(shí)針（從左向右看）方向?yàn)檎瑒t線圈A電流方向順時(shí)針且大小減小，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過線圈B方向向右的磁通量大小減小，由楞次定律可知，線圈B的電流方向順時(shí)針方向，因此A；B中電流方向相同，出現(xiàn)相互吸引現(xiàn)象，故A正確；

B、在t2到t3時(shí)間內(nèi)；若設(shè)順時(shí)針方向（從左向右看）為正，則線圈A電流方向逆時(shí)針且大小增大，所以根據(jù)右手螺旋定則可判定穿過線圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，線圈B的電流方向順時(shí)針方向，因此A；B中電流方向相反，A、B出現(xiàn)互相排斥，故B正確；

C、由題意可知，在t1時(shí)刻；線圈A中的電流最大，而磁通量的變化率是最小的，所以線圈B感應(yīng)電流也是最小，因此兩線圈間作用力為零，故C正確；

D、在t2時(shí)刻；線圈A中的電流最小，而磁通量的變化率是最大的，所以線圈B感應(yīng)電流也是最大，但A；B間的相互作用力最小，故D錯(cuò)誤；

故選：ABC

【解析】【答案】根據(jù)安培定則確定電流與磁場(chǎng)的方向關(guān)系；再根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化．當(dāng)磁通量增大時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與它相反，當(dāng)磁通量減小時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與它相同．最后運(yùn)用同向電流相互吸引，異向電流相互排斥．

4、A|B【分析】試題分析：據(jù)題意，從振動(dòng)圖像可知指點(diǎn)p在0.25s時(shí)向上振動(dòng)，則這列波向右傳播，速度為：故選項(xiàng)A正確；質(zhì)點(diǎn)L和質(zhì)點(diǎn)N相差半個(gè)波長(zhǎng)，這兩點(diǎn)振動(dòng)情況總是相反，故選項(xiàng)B正確；圖a再經(jīng)過0.75s就是t=1s時(shí)刻，但質(zhì)點(diǎn)M需要再經(jīng)過1s才可以到達(dá)正向最大位移處，說明t=1s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M還沒有到達(dá)正向最大位移處，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)只會(huì)在平衡位置附近振動(dòng)，不會(huì)隨波遷移，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：本題考查機(jī)械波的波動(dòng)圖像和振動(dòng)圖像?！窘馕觥俊敬鸢浮緼B5、A【分析】試題分析：由于磁場(chǎng)的方向是垂直紙面向里的，導(dǎo)線中的電流方向與磁場(chǎng)方向垂直，故導(dǎo)線在紙面內(nèi)旋轉(zhuǎn)時(shí)，電流方向與磁場(chǎng)方向始終是垂直的，不能改變安培力的大小，所以C、D是不對(duì)的；A中增大電流是增大安培力的一個(gè)方法，而減小磁感應(yīng)強(qiáng)度會(huì)減小安培力，故A是正確的，B是不對(duì)的?？键c(diǎn)：磁場(chǎng)對(duì)電流的力的作用?！窘馕觥俊敬鸢浮緼6、D【分析】【解答】解:A；電磁爐是采用電磁感應(yīng)原理；在金屬鍋上產(chǎn)生渦流，使鍋體發(fā)熱從而加熱食物的，與微波爐工作原理不同，故A不正確；B、常常用鋁框做骨架，起到電磁阻尼作用，是為了利用電磁感應(yīng)，故B錯(cuò)誤；

C；采用雙線繞法；磁場(chǎng)相互抵消，可以減弱線繞電阻通電時(shí)產(chǎn)生的磁場(chǎng)，故C錯(cuò)誤；

D；發(fā)電機(jī)的工作原理是電磁感應(yīng)；而電動(dòng)機(jī)是電流的磁效應(yīng)，故D正確；

故選：D．

【分析】電磁爐是采用電磁感應(yīng)原理，利用渦流，使鍋體發(fā)熱；鋁框做骨架，起到電磁阻尼作用，是為了利用電磁感應(yīng)；雙線繞法，是減弱通電時(shí)產(chǎn)生的磁場(chǎng)；發(fā)電機(jī)的工作原理是電磁感應(yīng)，從而即可求解．7、B【分析】解：根據(jù)圖可知，為負(fù)電荷形成的電場(chǎng)，則由電場(chǎng)線的疏密程度反映了電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，所以EM>EN

．

在根據(jù)沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低可知婁脮M<婁脮N

故B正確；ACD錯(cuò)誤；

故選B

電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大；電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小.

電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低．

本題關(guān)鍵是要能夠通過電場(chǎng)線反映電勢(shì)的高低、電場(chǎng)強(qiáng)度的大小和方向．【解析】B

二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】

1、以B球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力分析如圖：重力mg、電場(chǎng)力2qE、a對(duì)b的庫(kù)侖力F、b細(xì)線的拉力Tb；有平衡條件得：

F+Tb=mg+2qE

而庫(kù)侖力

故細(xì)線b對(duì)小球B的作用力大小為mg+2qE-．

2、以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，分析受力如圖：重力2mg、電場(chǎng)力（2qE-qE）=qE，方向豎直向下，a細(xì)線的拉力Ta；由平衡條件得：

Ta=2mg+qE

根據(jù)牛頓第三定律；細(xì)線a對(duì)懸點(diǎn)O的作用力大小為也為2mg+qE．

故答案為：mg+2qE-2mg+qE．

【解析】【答案】1；以B球?yàn)檠芯繉?duì)象；分析受力，根據(jù)平衡條件可求得細(xì)線的拉力．

2；以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象；分析受力，根據(jù)平衡條件可求得細(xì)線的拉力．

9、略

【分析】由電場(chǎng)力做功將該電荷從B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做了1.8×10-5的負(fù)功，電勢(shì)能增大了1.8×10-5【解析】【答案】6-1.8×10-510、略

【分析】解：依照波長(zhǎng)的長(zhǎng)短不同；電磁波譜的波長(zhǎng)由長(zhǎng)到短的是：無線電波，紅外線，可見光，紫外線，倫琴射線，γ射線（伽馬射線）

故答案為：可見光；倫琴射線。

在空間傳播著的交變電磁場(chǎng)；即電磁波．它在真空中的傳播速度約為每秒30萬公里．電磁波包括的范圍很廣．實(shí)驗(yàn)證明，無線電波；紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線都是電磁波．它們的區(qū)別僅在于頻率或波長(zhǎng)有很大差別．

依照波長(zhǎng)的長(zhǎng)短的不同；電磁波譜可大致分為：無線電波，紅外線，可見光，紫外線，倫琴射線，γ射線（伽馬射線）．

本題關(guān)鍵是明確無線電波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線都是電磁波，同時(shí)要知道它們的波長(zhǎng)特點(diǎn)和各自的應(yīng)用．【解析】可見光；倫琴射線11、略

【分析】解：①根據(jù)幾何知識(shí)得，入射角的正弦sini=折射角的正弦sinr=又BO=OC，則折射率為n=．

故需要測(cè)量的量有l(wèi)1和l3；

②折射率：n===

故答案為：

①l1，l3；

②n=．

用插針法測(cè)定半圓形玻璃磚折射率的原理是折射定律n=根據(jù)幾何知識(shí)可得到入射角的正弦與圓的半徑與AB的長(zhǎng)度l1的關(guān)系、折射角的正弦與圓的半徑與CD的長(zhǎng)度l1的關(guān)系；即可得到需要測(cè)量的量．

本題用插針法測(cè)定半圓形玻璃磚折射率，由實(shí)驗(yàn)原理律n=分析數(shù)據(jù)處理的方法是單位圓法，簡(jiǎn)化了計(jì)算過程．【解析】l1；l3；n=12、電磁波能。

【分析】【分析】

手機(jī)既是電磁波的發(fā)射臺(tái)，也是電磁波的接收臺(tái)；電磁波本身就是物質(zhì)，能在真空中傳播。此題主要考查電磁波的應(yīng)用和傳播速度；都是基礎(chǔ)知識(shí)，比較容易，要知道真空中傳播速度與光在真空中的傳播速度相同，即都是3隆脕108m/s

【解答】

手機(jī)已成為人們普遍使用的通信工具；它是由電磁波來傳遞信息的，電磁波本身就是物質(zhì)，故能在真空中傳播。

故答案為：電磁波；能。【解析】電磁波能。

三、判斷題(共6題，共12分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．14、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．17、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．四、畫圖題(共2題，共14分)19、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】20、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、推斷題(共3題，共15分)21、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烴rm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{)}以此來解答。

本題考查有機(jī)物的推斷，關(guān)鍵是確定rm{A}的結(jié)構(gòu)，再根據(jù)反應(yīng)條件推斷，需要學(xué)生熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，側(cè)重分析與推斷能力的綜合考查，題目難度中等?！窘獯稹繜Nrm{A}的相對(duì)分子質(zhì)量為rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}則rm{A}為rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氫譜顯示只有一種化學(xué)環(huán)境的氫，故A的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為rm{A}與氯氣在光照下發(fā)生取代反應(yīng)生成單氯代烴rm{B}則rm{B}為rm{B}發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{C}為化合物rm{C}的分子式為rm{C_{5}H_{8}}rm{C}發(fā)生氧化反應(yīng)生成rm{D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福爾馬林的溶質(zhì)，則rm{F}為rm{HCHO}rm{E}rm{F}為相對(duì)分子質(zhì)量差rm{14}的同系物，可知rm{E}為rm{CH_{3}CHO}由信息rm{壟脺}可知rm{E}與rm{F}發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{G}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}與氫氣發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{H}為rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}與rm{H}發(fā)生縮聚反應(yīng)生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為故答案為：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反應(yīng)類型為加成反應(yīng)，rm{E}的化學(xué)名稱為乙醛；故答案為：加成反應(yīng)；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化學(xué)方程式為：

故答案為：

rm{(5)D}為rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分異構(gòu)體中能同時(shí)滿足：rm{壟脵}能與飽和rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)產(chǎn)生氣體，說明含rm{-COOH}rm{壟脷}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}個(gè)rm{C}則rm{C-C-C}上的rm{2}個(gè)rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共為rm{3+2=5}種，含其中核磁共振氫譜顯示為rm{3}組峰，且峰面積比為rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案為：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反應(yīng)甲醛rm{(4)}rm{(5)5}22、略

【分析】【分析】本題考查較為綜合，涉及化學(xué)平衡狀態(tài)的判斷、鹽類水解、水的電離、鹽類水解平衡常數(shù)的計(jì)算等知識(shí)，為高考常見題型，難度中等，注意把握相關(guān)基本理論的理解和應(yīng)用。【解答】（1）工業(yè)上一般用氮?dú)夂蜌錃庠诖呋饔孟潞铣砂?，其?duì)應(yīng)的化學(xué)方程式為N2+3H22NH3故答案為：N2+3H22NH3；（2）合成氨反應(yīng)濃度積所以平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，故答案為：逆向進(jìn)行；

（3）a與b相比，a中含有大量的氨氣，因此b中氮?dú)獾霓D(zhuǎn)化率大于a中；b與d相比，b中氫氣濃度大，故b中氮?dú)獾霓D(zhuǎn)化率高；由于正反應(yīng)是體積減小的可逆反應(yīng)，所以增大壓強(qiáng)平衡向正反應(yīng)方向進(jìn)行，c與b相比，相當(dāng)于是在b的基礎(chǔ)上增大壓強(qiáng)；氮?dú)廪D(zhuǎn)化率增大，故答案為：c；

（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度將增大；因?yàn)镵和Kw的變化只與溫度有關(guān)，所以不變。故答案為：增大；不變；

（5）NH4+水解導(dǎo)致硫酸銨溶液顯酸性，水解方程式為NH4++H2O?NH3?H2O+H+，依據(jù)電荷守恒和物料守恒c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-),c(NH4+)+c(NH3·H2O)=2amol/L，已知pH=5，則c(H+)=10-5mol/L，c(OH-)=10-9mol/L，c(SO42-)=amol/L，代入守恒公式可求出c(NH4+)和c(NH3·H2O)，利用水解平衡常數(shù)的計(jì)算式可得故答案為：NH4++H2O?NH3?H2O+H+；【解析】（1）N2+3H22NH3（2）逆向進(jìn)行（3）c（4）增大不變（5）NH4++H2ONH3?H2O+H+23、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應(yīng)用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關(guān)鍵。該題是高考常見題型，試題難易適中，側(cè)重對(duì)學(xué)生基礎(chǔ)知識(shí)的鞏固和訓(xùn)練，有利于提高學(xué)生的邏輯推理能力和應(yīng)試能力?！窘獯稹扛鶕?jù)元素周期表的結(jié)構(gòu)可知rm{壟脵}為rm{C}rm{壟脷}為