2025年滬科版選擇性必修2物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選擇性必修2物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖甲、乙所示的電路中，電阻R和自感線圈L的電阻值相等且小于燈泡A的電阻；下列說法正確的是（）

A.接通S，甲、乙電路中，A均逐漸變亮B.同時接通S，乙電路中，A將先亮，且穩(wěn)定時比甲電路更亮C.斷開S，甲電路中，A將逐漸變暗，乙電路中，A將先閃亮一下，然后逐漸變暗D.斷開S瞬間，甲、乙電路中，通過燈A的電流方向都跟斷開前的電流方向相反2、如圖所示，邊長為l的等邊三角形導線框用絕緣細線懸掛于天花板，導線框中通以恒定的逆時針方向的電流。圖中虛線過ab邊中點和ac邊中點，在虛線的下方為垂直于導線框向里的有界矩形勻強磁場，其磁感應強度大小為B。此時導線框處于靜止狀態(tài)，細線中的拉力為F1；現將虛線下方的磁場移至虛線上方且磁感應強度的大小改為原來的2倍，保持其他條件不變，導線框仍處于靜止狀態(tài)，此時細線中拉力為F2。則導線框中的電流大小為（）

A.B.C.D.3、為了節(jié)能和環(huán)保，一些公共場所用光敏電阻來自動控制照明系統(tǒng)的開關，如圖甲所示，其中電源電動勢內阻不計，定值電阻電阻是光敏電阻，阻值大小隨光的強弱變化而變化，二者對應關系截圖如表所示，物理學中用照度描述光的強弱，光越強，照度越大，是照度的單位。是電磁開關，內部結構如圖乙所示，當電磁鐵中通過的電流大于時；電磁鐵吸合鐵片，下列說法正確的是（）

。照度/

0.2

0.4

0.6

0.8

1.0

1.2

電阻/

75

40

28

23

20

18

A.光敏電阻的阻值大小隨照度的增大而均勻減小B.電磁開關利用了互感現象C.當照度小于時，照明系統(tǒng)自動開啟D.增加電磁鐵線圈匝數，照明系統(tǒng)平均每天的工作時間邊長4、以下四圖都與電磁感應有關；下列說法正確的是（）

A.甲圖中當蹄形磁體順時針轉動時，鋁框將朝相反方向轉動B.乙圖中金屬探測器通過使用恒定電流的長柄線圈來探測地下是否有金屬C.丙圖中電磁爐是利用變化的磁場在金屬鍋底中產生渦流對食物加熱D.丁圖中磁電式儀表，把線圈繞在鋁框骨架上，目的是起到電磁驅動的作用5、國產大飛機C919現由上海飛往廣州；在航線上水平向前勻速飛行，由于地磁場存在豎直向下分量，其機翼就會切割磁感線，則下列說法正確的是（）

A.機翼左端的電勢比右端電勢高B.機翼兩端電勢高低與飛機飛行方向有關C.把機身從前到后看成多根沿前后方向的直導線，這些直導線也在切割豎直向下的磁感線D.在此航線上地磁場水平分量由北指向南6、美媒稱；中國第三艘航母（第二艘國產航母）正在建造當中，很可能體現出優(yōu)于前兩艘航母的技術進步，新航母很可能比兩艘“前輩”更大，并配備電磁彈射系統(tǒng)，允許更大，更重的飛機攜帶更多武器，執(zhí)行更遠距離任務，航母上飛機彈射起飛所利用的電磁驅動原理如圖所示，當固定線圈上突然通過直流電流時，線圈左側的金屬環(huán)被彈射出去，則下列說法正確的是（）

A.若將金屬環(huán)置于線圈的右側，環(huán)將不能彈射出去B.金屬環(huán)向左運動過程中將有擴大趨勢C.若將電池正、負極調換后，金屬環(huán)不能向左彈射D.合上開關S的瞬間，從左側看環(huán)中產生沿逆時針方向的感應電流7、關于下列各圖模型的原理說法正確的是（）

圖①中利用了發(fā)射線圈和接收線圈之間的互感現象實現了對手機的充電。

圖②中給電磁爐接通恒定電流；可以在鍋底產生渦流，給鍋中食物加熱。

圖③中給電子感應加速器通以恒定電流時；被加速的電子獲得恒定的加速度。

圖④中；手指作為電容器一電極，如果改用絕緣筆在電容式觸摸屏上仍能正常操作。

圖⑤中，力F增大過程中，電流計中的電流從b流向a

圖⑥中，油箱液位上升時，電容變大A.①②④B.②③⑥C.①⑤⑥D.②④⑤8、如圖，一導體棒ab在均勻磁場中沿金屬導軌向右作勻加速運動；磁場方向垂直導軌所在平面。若導軌電阻忽略不計，并設鐵芯磁導率為常數，則達到穩(wěn)定后在電容器的M極板上（）

A.帶有一定量的正電荷B.帶有一定量的負電荷C.帶有越來越多的正電荷D.帶有越來越多的負電荷評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、如圖所示，一質量為m、電荷量為q的帶電粒子（不計重力），從a點以與邊界夾角為53°的方向垂直射入磁感應強度為B的條形勻強磁場，從磁場的另一邊界b點射出，射出磁場時的速度方向與邊界的夾角為37°．已知條形磁場的寬度為d；sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．下列說法正確的是（）

A.粒子帶正電B.粒子在磁場中做圓周運動的半徑為dC.粒子在磁場中做圓周運動的速度大小為D.粒子穿過磁場所用的時間為10、寬度為L、足夠長的光滑金屬框架固定在豎直平面內，磁感應強度為B的勻強磁場垂直于框架平面，框架底端接有電阻R。質量為m的金屬桿以初速度沿著桿豎直向上運動，經過時間t后速度大小又變?yōu)閠時間內桿發(fā)生位移x。桿與框架始終接觸良好，不計框架與桿的電阻，忽略空氣阻力，重力加速度為g。下列說法中正確的是（）

A.桿上升的最大高度為B.t時間內通過R的電荷量的絕對值之和為C.t時間內桿受到的安培力大小不會大于mgD.t時間內R上產生的焦耳熱為mgx11、如圖所示為遠距離輸電原理圖，升壓變壓器、降壓變壓器均為理想變壓器，電流表和電壓表均為理想電表。升壓變壓器原、副線圈匝數比為發(fā)電機的輸出電壓、輸出功率一定，且降壓變器原、副線圈匝數比不變，若將增大；則（）

A.輸電線損失的功率增大B.電流表的示數增大C.電壓表的示數增大D.用戶消耗的功率增大12、下列說法中，正確的有（）A.最早發(fā)現電和磁有密切聯(lián)系的科學家是奧斯特B.電磁感應現象是法拉第發(fā)現的C.建立完整的電磁場理論的科學家是麥克斯韋D.最早預言電磁波存在的科學家是赫茲13、如圖所示為一種質譜儀的示意圖，該質譜儀由速度選擇器、靜電分析器和磁分析器組成．若速度選擇器中電場強度大小為磁感應強度大小為方向垂直紙面向里，靜電分析器通道中心線為圓弧，圓弧的半徑()為通道內有均勻輻射的電場，在中心線處的電場強度大小為磁分析器中有范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應強度大小為方向垂直于紙面向外．一帶電粒子以速度沿直線經過速度選擇器后沿中心線通過靜電分析器，由點垂直邊界進入磁分析器，最終打到膠片上的點；不計粒子重力．下列說法正確的是。

A.速度選擇器的極板的電勢板比極板的高B.粒子的速度C.粒子的比荷為D.兩點間的距離為14、如圖所示，電阻不計的光滑金屬導軌MN、PQ水平放置，間距為d，兩側接有電阻阻值均為R，右側有磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場。質量為m、長度也為d的金屬桿置于左側，在水平向右、大小為F的恒定拉力作用下由靜止開始運動，經時間t到達時撤去恒力F，金屬桿在到達NQ之前減速為零。已知金屬桿電阻也為R；與導軌始終保持垂直且接觸良好，下列說法正確的是（）

A.桿剛進入磁場時速度大小為B.桿剛進入磁場時電阻兩端的電勢差大小為C.整個過程中，流過金屬桿的電荷量為D.整個過程中，電阻上產生的焦耳熱為15、如圖所示，左端接有阻值為R的足夠長的平行光滑導軌CE、DF的間距為L，導軌固定在水平面上，且處在磁感應強度為B、豎直向下的勻強磁場中，一質量為m、電阻為r的金屬棒ab垂直導軌放置在導軌上靜止，導軌的電阻不計。某時刻給金屬棒ab一個水平向右的瞬時沖量I；導體棒將向右運動，最后停下來，則此過程，金屬棒做（）運動，電阻產生的焦耳熱為（），通過導體橫截面的電量為（），導體棒的位移為（）。

16、如圖所示，三個小燈泡規(guī)格相同，電表均為理想交流電表，理想變壓器原線圈輸入電壓u＝Umsinωt，副線圈電路中R是滑動變阻器；初始時刻滑片P處在正中間位置，不考慮燈泡的電阻隨電壓電流的變化。當滑片P向右滑動過程中，則（）

A.副線圈電路中的總電阻減小B.交流電表的示數均表示其瞬時值C.電壓表V2的示數不變D.電流表A1的示數變小評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)17、“磁生電”的發(fā)現。

1831年，英國物理學家______發(fā)現了電磁感應現象。18、如圖所示，圖甲為熱敏電阻的R-t圖像，圖乙為用此熱敏電阻R和繼電器組成的一個簡單恒溫箱溫控電路，繼電器線圈的電阻為150Ω。當線圈中的電流大于或等于20mA時，繼電器的銜鐵被吸合。為繼電器線圈供電的電池的電動勢E＝6V；內阻可以不計。圖中的“電源”是恒溫箱加熱器的電源。

（1）應該把恒溫箱內的加熱器接在________（選填“A、B端”或“C、D端”）。

（2）如果要使恒溫箱內的溫度保持100℃，可變電阻R′的值應調節(jié)為________Ω。

（3）為使恒溫箱內的溫度保持在更高的數值，可變電阻R′的值應________（選填“增大”或“減小”）。19、研究表明，提高電磁波的______，增大電磁波的能量，電磁波傳播的距離就越遠。20、在LC振蕩電路中，電容器C帶的電荷量q隨時間t變化的圖像如圖所示.1×10－6s到2×10－6s內，電容器處于________（填“充電”或“放電”）過程，由此產生的電磁波在真空中的波長為________m。

21、用如圖所示的裝置做“探究感應電流方向的規(guī)律”實驗，磁體從靠近線圈的上方靜止下落，當磁體運動到如圖所示的位置時，流過線圈的感應電流方向從________（填“a到b”或“b到a”）。在磁體穿過整個線圈的過程中，傳感器顯示的電流i隨時間t的圖像應該是________。

22、如圖所示，三只完全相同的燈泡a、b、c分別與電阻R、電感L、電容C串聯(lián)，再將三者并聯(lián)，接在220V、60Hz的交變電源兩端，三只燈泡亮度相同。如果將電源改為220V、100Hz的交變電源，則a燈亮度_________，b燈亮度_________，c燈亮度_________。（選填“變亮”；“變暗”或“不變”）

23、為了把需要傳遞的有用信號（如圖像信號、聲音信號等）加載到電磁波上發(fā)射出去，必須對振蕩電流進行_____________（選填“調諧”“調制”或“解調”）；使聲音或圖像信號從高頻電流中還原出來的過程，叫_____________（選填“調諧”“調制”或“解調”），也叫檢波。24、如圖，幾位同學在北京某學校的操場上做“搖繩發(fā)電”實驗：把一條較長電線的兩端連在一個靈敏電流計的兩個接線柱上，形成閉合回路。兩個同學沿東西方向站立，女生站在西側，男生站在東側，他們沿豎直方向迅速上下?lián)u動這根電線，通過靈敏電流計的電流是______（選填“交流”或“直流”），當電線從上向下運動時，通過靈敏電流計的電流方向是______（選填“A→B”或“B→A”）

25、雷達是利用電磁波遇到障礙物要發(fā)生_____，以此來測定物體位置的無線電設備，其利用的是波長_____的微波。評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)26、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

27、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

28、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

29、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共4題，共24分)30、某實驗小組利用傳感器來探究彈力與彈簧伸長的關系。如圖甲所示，先將輕彈簧上端通過力傳感器固定在水平的長木板A上，下端自由下垂，將距離傳感器輕輕靠近輕彈簧下端，當力傳感器示數為零時，距離傳感器的示數為x0；然后再將輕彈簧下端與距離傳感器固定，下面連接輕質木板B，距離傳感器可以測量出其到力傳感器的距離x；木板B下面用輕細繩掛住一小桶C。

（1）逐漸往小桶C內添加細沙，記錄相應的力傳感器的示數F和距離傳感器的示數x，作出F-x圖象如圖乙所示。由圖及相關信息可知，彈簧的勁度系數k=_____N/m，彈簧原長L0=_____cm。

（2）將該彈簧應用到電子秤上，如圖丙所示（兩根彈簧）。閉合開關S，稱不同物體的質量時，滑片P上下滑動，通過電子顯示器得到示數。彈簧處于自然伸長狀態(tài)時，滑片P位于R的最上端，通過驗證可知，電子顯示器的示數I與物體質量m的關系為m=ak-（a、b均為常數，k為輕彈簧的勁度系數），則滑動變阻器R的長度L=_____，電源電動勢E=_____。（保護電阻和滑動變阻器最大阻值均為R0，電源內阻不計，已知當地重力加速度為g）31、如圖所示是測量通電螺線管A內部磁感應強度B及其與電流I關系的實驗裝置．將截面積為S、匝數為N的小試測線圈P置于螺線管A中間，試測線圈平面與螺線管的軸線垂直，可認為穿過該試測線圈的磁場均勻．將試測線圈引線的兩端與沖擊電流計D相連．撥動雙刀雙擲換向開關K，改變通入螺線管的電流方向，而不改變電流大小，在P中產生的感應電流引起D的指針偏轉．

（1）將開關合到位置1，待螺線管A中的電流穩(wěn)定后，再將K從位置1撥到位置2，測得D的最大偏轉距離為dm，已知沖擊電流計的磁通靈敏度為Dφ，Dφ＝式中為單匝試測線圈磁通量的變化量．則試測線圈所在處磁感應強度B＝___________；若將K從位置1撥到位置2的過程所用的時間為Δt，則試測線圈P中產生的平均感應電動勢ε＝___________．

（2）調節(jié)可變電阻R，多次改變電流并撥動K，得到A中電流I和磁感應強度B的數據，見右表．由此可得，螺線管A內部在感應強度B和電流I的關系為B＝______________________．。實驗次數

I（A）

B（×10－3T）

1

0.5

0.62

2

1.0

1.25

3

1.5

1.88

4

2.0

2.51

5

2.5

3.12

（3）（多選題）為了減小實驗誤差，提高測量的準確性，可采取的措施有_________．

（A）適當增加試測線圈的匝數N

（B）適當增大試測線圈的橫截面積S

（C）適當增大可變電阻R的阻值。

（D）適當撥長撥動開關的時間Δt32、用如圖甲所示的裝置探究“影響感應電流的因素”；螺線管與靈敏電流計構成閉合電路，條形磁鐵N極朝下。請回答下列問題：

（1）要使靈敏電流計指針發(fā)生偏轉，即有感應電流產生，小明進行了下列四種操作，其中可行的是_____。

A.螺線管不動；磁鐵放在螺線管中不動。

B.螺線管不動；磁鐵勻速插入或拔出螺線管。

C.螺線管不動；磁鐵加速插入或拔出螺線管。

D.螺線管和磁鐵一起向上勻速運動。

（2）在（1）的研究中，小明發(fā)現靈敏電流計指針偏轉方向會有不同，也就是感應電流方向不同，根據（1）中的操作，則感應電流方向與下列哪些因素有關____。

A.磁鐵的磁場方向B.磁鐵的磁性強弱。

C.磁鐵運動的加速度大小D.磁鐵運動的速度大小。

（3）小明又將實驗裝置改造，如圖乙所示，螺線管A經過滑動變阻器與開關、電池相連構成直流電路；螺線管B與靈敏電流計構成閉合電路。螺線管B套在螺線管A的外面。為了探究影響感應電流大小和方向的因素，閉合開關后，以不同的速度移動滑動變阻器的滑片，觀察指針擺動情況；由此實驗可以得出恰當的結論是____。

A.滑片移動的速度大小影響指針擺動幅度的大小。

B.滑片移動的速度大小影響指針擺動的方向。

C.滑片移動的方向影響指針擺動幅度的大小。

D.滑片移動的方向影響指針擺動的方向33、小雨同學用圖甲的實驗裝置“研究電磁感應現象”。閉合開關瞬間；發(fā)現靈敏電流計的指針向左偏轉了一下。

（1）閉合開關穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑片向右滑動過程中，靈敏電流計的指針______________（填“向左偏轉”；“向右偏轉”或“不偏轉”）；

（2）閉合開關穩(wěn)定后，將線圈A從線圈B抽出的過程中，靈敏電流計的指針______________（填“向左偏轉”；“向右偏轉”或“不偏轉”）；

（3）如圖乙所示，R為光敏電阻，其阻值隨著光照強度的加強而減小。金屬環(huán)A用輕繩懸掛，與長直螺線管共軸，并位于其左側。當光照減弱時，從左向右看，金屬環(huán)A中電流方向______________（填“順時針”或“逆時針”），金屬環(huán)A將向_______（填“左”或“右”）運動，并有______________（填“收縮”或“擴張”）的趨勢。評卷人得分六、解答題(共4題，共28分)34、帶電粒子流的磁聚焦和磁控束是薄膜材料制備的關鍵技術之一、帶電粒子流（每個粒子的質量為電荷量為）以初速度垂直進入磁場，不計重力及帶電粒子之間的相互作用。對處在平面內的粒子；求解以下問題。

（1）如圖，寬度為的帶電粒子流沿軸正方向射入圓心為半徑為的圓形勻強磁場中，若帶電粒子流經過磁場后都匯聚到坐標原點求該磁場磁感應強度的大??；

（2）如圖，虛線框為邊長等于的正方形，其幾何中心位于在虛線框內設計一個區(qū)域面積最小的勻強磁場，使匯聚到點的帶電粒子流經過該區(qū)域后寬度變?yōu)椴⒀剌S正方向射出。求該磁場磁感應強度的大小和方向；以及該磁場區(qū)域的面積（無需寫出面積最小的證明過程）；

35、如圖所示，xoy平面內，第一象限的xop范圍存在垂直于坐標平面的勻強磁場，磁感應強度大小為B，xop所夾角第二象限有平行于y軸的勻強電場，場強大小為E。一個帶電微粒以速度從x軸上點平行于邊界op射入磁場，先后過邊界op上點b、垂直于y軸過軸上點c，最后回到x軸上的點d，圖中點b、d未標出。已知不計微粒的重力，求：

(1)微粒的帶電性和比荷

(2)點d的位置坐標；

(3)僅改變磁場強弱而其它條件不變，當磁感應強度大小滿足什么條件時；微粒能到達第四象限。

36、人類研究磁場的目的之一是為了通過磁場控制帶電粒子的運動，某控制帶電粒子運動的儀器原理如圖所示，區(qū)域PP′M′M內有豎直向下的勻強電場，電場場強為E=1×103V/m，寬度為d=0.05m，長度為L=0.40m；區(qū)域MM′N′N內有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B=2.5×10-2T，長度也為L=0.40m，磁場寬度足夠。比荷為的帶正電的粒子以水平初速度從P點射入電場。邊界MM′不影響粒子的運動；不計粒子重力。

(1)若帶電粒子以水平初速度v0=8×105m/s從P點射入電場后，求粒子從PP′M′M區(qū)域射出的位置；

(2)當帶電粒子射入電場的水平初速度為多大時，粒子只進入磁場一次就恰好垂直P′N′邊界射出。

37、如圖所示，在方向豎直向上的磁感應強度為B的勻強磁場中有兩條光滑固定的平行金屬導軌MN、PQ，導軌足夠長，間距為L，其電阻不計，導軌平面與磁場垂直，ab、cd為兩根垂直于導軌水平放置的金屬棒，其接入回路中的電阻均為R，質量均為m，與金屬導軌平行的水平輕質細線一端固定，另一端與cd棒的中點連接。一開始細線處于伸直狀態(tài)，ab棒在平行于導軌的水平拉力F的作用下從靜止開始以恒定加速度a向右做勻加速直線運動，經時間t0細線被拉斷；兩根金屬棒運動時始終與導軌接觸良好且與導軌相垂直。求：

(1)細線能承受的最大拉力F0；

(2)繩拉斷前的過程中通過導體ab的電量q；

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．接通S，甲電路中，由于燈A與線圈L串聯(lián)；由于自感的阻礙，燈A逐漸變亮，乙電路中，由于燈A與電阻串聯(lián)，燈A立即點亮，A錯誤；

B．由于電阻R和自感線圈L的電阻值相等；穩(wěn)定時，流過燈泡的電流相同，亮度一樣，B錯誤；

C．甲電路中，由于原來燈A與線圈L串聯(lián)，電流相等，斷開S，燈A中的電流逐漸減小，燈A將逐漸變暗，乙電路中，流過線圈L的電流大與流過燈A的電流，斷開S，線圈L中較大的電流通過燈A；故燈A將先閃亮一下，然后逐漸變暗，C正確；

D．斷開S瞬間，線圈L中產生的自感電流方向與原來相同；故甲電路中，通過燈A的電流方向跟斷開前的電流方向相同，乙電路中，通過燈A的電流方向跟斷開前的電流方向相反，D錯誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

當磁場在虛線下方時，通電導線的等效長度為受到的安培力方向豎直向上，設三角形導線框質量為m；則有：

當磁場在虛線上方時，通電導線的等效長度為受到的安培力方向豎直向下，磁感應強度增大到原來的兩倍，故此時有：

聯(lián)立可得。

故D正確；ABC錯誤；

故選D。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據圖丙可知；光敏電阻阻值大小隨照度的增大而減小，但不是均勻減小，A選項錯誤；

B．電磁開關中含有電磁鐵；利用了電流的磁效應現象，B選項錯誤；

C．根據題意，當電磁鐵不吸合鐵片時，照明系統(tǒng)開啟，即通過光敏電阻的電流小于等于結合。

得。

即當照度小于時；照明系統(tǒng)自動開啟，C選項正確；

D．若電磁鐵的線圈匝數增加，根據電流磁效應可知，電磁鐵中通入小于的電流就能吸合鐵片，使照明系統(tǒng)斷開，即照度小于時照明系統(tǒng)依然斷開；則該照明系統(tǒng)平均每天的工作時間變短，D選項錯誤；

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．甲圖中當蹄形磁體順時針轉動時；鋁框將產生感應電流阻礙蹄形磁體的轉動，則鋁框在磁場力的作用下將朝相同方向轉動，故A錯誤；

B．乙圖中金屬探測器通過使用變化電流的長柄線圈來探測地下是否有金屬；故B錯誤；

C．丙圖中電磁爐是利用變化的磁場在金屬鍋底中產生渦流對食物加熱；故C正確；

D．丁圖中磁電式儀表；把線圈繞在鋁框骨架上，鋁框中產生感應電流，使線框盡快停止擺動，起到電磁阻尼的作用，故D錯誤。

故選C。5、A【分析】【詳解】

AB．在我國地磁場在豎直方向的分量向下；根據右手定則可知機翼左端的電勢比右端電勢高，故A正確，B錯誤；

C．在飛機飛行的過程中機身水平向前；沿前后方向的直導線未切割磁感線，故C錯誤；

D．地磁場水平分量永遠由南指向北；故D錯誤。

故選A。6、D【分析】【分析】

【詳解】

A．若金屬環(huán)放在線圈右側；根據“來拒去留"可得，環(huán)將向右運動，A錯誤；

B．固定線圈上突然通過直流電流；穿過環(huán)的磁通量增大，根據楞次定律“增縮減擴”可知金屬環(huán)被向左彈射的瞬間，還有縮小的趨勢，B錯誤；

C．根據“來拒去留”；在線圈上突然通過直流電流時，環(huán)都會受到向左的力的作用，與電源的正負極無關，C錯誤；

D．線圈中電流為左側流入；磁場方向為向右，在閉合開關的過程中，磁場變強，則由楞次定律可知，金屬環(huán)的感應電流由左側看為逆時針，D正確。

故選D。7、C【分析】【詳解】

圖①利用兩線圈的互感現象在接收線圈中產生感應電流對手機充電；故①正確；

圖②中電磁爐產生變化的磁場才能在鍋底中產生渦流；所以電磁爐中通的是交變電流，故②錯誤；

圖③中電子感應加速器的工作原理是線圈中通入變化電流；產生感生電場，在感生電場作用下加速粒子，故③錯誤。

圖④中；手指是導體，可作為電容器的一個電極，但絕緣筆是絕緣體不能在電容式觸摸屏上正常操作，故④錯誤；

⑤圖中，力F增大時，兩板間距離減小，電容增大，而板間電壓U不變，則由電容器所帶電荷量增大，電容器充電，有從b到a的電流；故⑤正確；

⑥圖中；油箱液位上升時，兩極間正對面積增大，電容增大，⑥正確；

故選C。8、B【分析】【詳解】

導體棒ab在均勻磁場中沿金屬導軌向右作勻加速運動，由右手定則可知ab中的感應電流方向為b→a，由安培定則可知鐵芯右邊的磁感應方向向上，且由于導體棒做勻加速直線運動，磁通量均勻增加，所以鐵芯左邊的磁感應方向向下，且磁通量均勻增加。由楞次定律可知，電容器的M極板帶負電荷；且均勻增加的磁場產生恒定的電場，所以電容器的M極板上帶一定量的負電荷，B正確。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)9、B:D【分析】【詳解】

A.由左手定則可判定粒子帶負電；故A錯誤；

B.作出粒子在勻強磁場運動的軌跡；如圖示。

粒子在勻強磁場中轉過90°角，由幾何關系bc===d2+

解得粒子在磁場中做圓周運動的半徑為r=d

故B正確；

C.由粒子在磁場中做圓周運動的半徑r=知，粒子在磁場中做圓周運動的速度大小為v==

故C錯誤；

D.粒子在勻強磁場中轉過90°角，粒子穿過磁場所用的時間為t=T==

故D正確．10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．桿若只受重力作用，根據動能定理

可得上升的高度為

而桿在上升過程中，受重力、安培力，所以上升的高度小于故A錯誤；

B．設t時間內通過電阻R的電荷量為q，對金屬棒，產生的感應電動勢為

電流為

通過R電量為

聯(lián)立可得

根據題意可知大于x，所以t時間內通過R的電荷量的絕對值之和大于故B錯誤；

C．導體棒先向上做勻減速運動，減速到零以后向下做加速運動，向下運動受到向上的安培力和向下的重力，在向下運動過程中重力始終大于安培力，安培力的表達式為即安培力和速度有關，因此全過程安培力始終小于重力，故C正確；

D．在t時間內只有重力和安培力做功，根據能量守恒

所以產生的熱量為

故D正確。

故選CD。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．增大；則輸送電壓增大，由于輸送功率一定，則輸送電流減小，輸電線上損失的功率減小，A錯誤；

BC．輸電線損失的電壓減??；降壓變壓器輸入；輸出電壓均增大，輸入、輸出電流均減小，電壓表的示數增大，電流表的示數減小，B錯誤，C正確；

D．由于輸入功率一定；輸電線損失的功率減小，用戶消耗的功率增大，D正確。

故選CD。12、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．1820年4月；丹麥科學家奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，他是最早發(fā)現電和磁有密切聯(lián)系的科學家，A正確；

B．1831年；英國科學家法拉第發(fā)現了電磁感應現象，B正確；

C．9世紀中葉；英國科學家麥克斯韋建立了經典電磁場理論，C正確；

D．最早預言電磁波存在的科學家是麥克斯韋；赫茲用實驗證明了電磁波的存在，D錯誤。

故選ABC。13、A:C【分析】【分析】

根據粒子在靜電分析器中的受力方向判斷粒子的電性；根據粒子在速度選擇器中的受力情況判斷極板的電勢高低；根據粒子在速度選擇器中做直線運動求解粒子的速度；根據粒子在靜電分析其中的圓周運動求解粒子的比荷；根據粒子在磁場中做勻速圓周運動求解半徑，可求解PQ距離.

【詳解】

A．粒子在靜電分析器內沿中心線方向運動，說明粒子帶正電荷，在速度選擇器中由左手定則可判斷出粒子受到的洛倫茲力向上，粒子受到的電場力向下，故速度選擇器的極板P1的電勢比極板P2的高；選項A正確；

B．由qvB1＝qE1可知，粒子的速度；選項B錯誤；

C．由和可得，粒子的比荷為選項C正確；

D．粒子在磁分析器中做圓周運動，PQ為軌跡圓的直徑，故P、Q兩點間的距離選項D錯誤。

故選AC。14、B:C【分析】【詳解】

A．桿剛進入磁場之前的加速度大小為

則進入磁場時速度大小為

選項A錯誤；

B．桿剛進入磁場時產生的感應電動勢為

則電阻R1兩端的電勢差大小為

選項B正確；

C．金屬棒進入磁場后，由動量定理

即

因為

解得

選項C正確；

D．整個過程中，產生的總焦耳熱為

則電阻R1上產生的焦耳熱為

選項D錯誤。

故選C。15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．導體棒獲得向右的瞬時初速度后切割磁感線，回路中出現感應電流，導體棒ab受到向左的安培力向右減速運動；由。

可知導體棒速度減?。患铀俣葴p小，所以導體棒做的是加速度越來越小的減速運動，A項錯誤；

B．導體棒減少的動能。

根據能量守恒定理可得。

又根據串并聯(lián)電路知識可得。

故B項錯誤;

C．根據動量定理可得。

可得。

C項正確；

D．由于。

將代入等式；可得導體棒移動的位移。

D項正確。

故選CD。【解析】１０００16、A:C【分析】【詳解】

A．當滑片在中點時電阻最大，離中點越近，電阻越大，當滑片P向右滑動過程中；副線圈電路中的總電阻減小，選項A正確；

B．兩電流表的示數表示電流的有效值；兩電壓表的示數表示電壓的有效值，選項B錯誤；

CD．電壓表讀數表示副線圈電壓有效值，因變壓器匝數比和原線圈電壓一定，則不變，無論滑片P向左滑動還是向右移動，副線圈電阻均減小，電流變大，由知，變大；選項C正確，D錯誤．

故選AC。三、填空題(共9題，共18分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】法拉第18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]當溫度較低時，熱敏電阻的阻值較大，電路中的電流較小，此時繼電器的銜鐵脫離電磁鐵，A、B部分接入電路，此時是需要加熱的，恒溫箱內的加熱器要工作，所以應把恒溫箱內的加熱器接在A、B端。

（2）[2]當溫度達到100℃時，加熱電路要斷開，此時繼電器的銜鐵要被吸合，即控制電路的電流要達到I＝20mA，設繼電器線圈的電阻為R0；根據閉合電路歐姆定律可得；

I＝代入數據解得。

R′＝100Ω（3）[3]由以上分析可知，若使恒溫箱內的溫度保持在更高的數值，則I＝20mA時R變小，R0不變，故可變電阻R′的值應增大，從而實現目標?！窘馕觥緼、B端100增大19、略

【分析】【詳解】

[1]研究表明，提高電磁波的頻率，增大電磁波的能量，電磁波傳播的距離就越遠。【解析】頻率20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.充電②.120021、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當磁體運動到如圖所示的位置時，線圈中的磁通量正在增大，感應電流所產生的磁場的方向豎直向下，根據右手定則可判定電流方向從b到a；

[2]磁體進入線圈的過程中，線圈中有感應電流；磁體完全進入線圈后，線圈內的磁通量保持不變，感應電流為零，磁體在線圈內加速下落；磁體離開線圈時的速度大于磁體進入線圈時的速度，感應電流也大于磁體進入線圈過程中的感應電流。故選A。【解析】①.b到a②.A22、略

【分析】【詳解】

[1]電阻對燈泡亮度的影響與頻率無關，故a燈亮度不變。

[2]根據電感的特性：通低頻、阻高頻，當電源的頻率變高時，電感對電流的感抗增大，b燈變暗。

[3]根據電容器的特性：通調頻、阻低頻，當電源的頻率變高時，電容器對電流的容抗減小，c燈變亮?！窘馕觥坎蛔冏儼底兞?3、略

【分析】【詳解】

[1]信息轉化為電信號后；由于信號頻率比較低不能直接用來發(fā)射，需要把傳遞的電信號“加載”到高頻電磁波上，這就是調制；

[2]從經過調制的高頻電流中“取出”調制電信號，這一過程叫解調或叫檢波?！窘馕觥空{制解調24、略

【分析】【詳解】

[1]搖動這條電線過程中；切割地磁場的磁感線，會產生的感應電流方向不斷變化，產生的是交流電；

[2]北半球磁感線指向北方，則當“電線”由上向下運動時，由右手定則可知，電線中電流由西向東，則電流計中電流方向為B→A；【解析】交流電B→A25、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.反射②.較短四、作圖題(共4題，共8分)26、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】28、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】29、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共4題，共24分)30、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]由彈簧的彈力與其形變量的關系可得。

由表達式結合圖像可知圖像斜率表示彈簧的勁度系數；而橫截距表示彈簧的原長，故彈簧的勁度系數。

彈簧原長。

（2）[3][4]當所稱的物體質量為零時；有。

此時由電路結構可得。

聯(lián)立解得電源電動勢。

當所稱的物體質量最大時，彈簧被壓縮L；此時有。

聯(lián)立解得。

【解析】1004ag31、略

【分析】【詳解】

（1）改變電流方向，磁通量變化量為原來磁通量的兩倍，即2BS，代入公式計算得B=由法拉第電磁感應定律可知電動勢的平均值．

（2）根據數據可得B與I成正比，比例常數約為0.00125，故B=kI（或0.00125I）．

（3）為了得到平均電動勢的準確值，時間要盡量小，由B的計算值可看出與N和S相關聯(lián)；故選擇A；B．

【點睛】【解析】①.②.③.0.00125I（或kI）④.AB32、略

【分析】【詳解】

（1）[1]A．螺線管不動；磁鐵放在螺線管中不動，穿過螺線管的磁通量不發(fā)生變化，電流計指針不發(fā)生偏轉，選項A錯誤；

B．螺線管不動；磁鐵勻速插入或拔出螺線管，穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化，電流計指針發(fā)生偏轉，即有感應電流產生，選項B正確；

C．螺線管不動；磁鐵加速插入或拔出螺線管，穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化，電流計指針發(fā)生偏轉，即有感應電流產生，選項C正確；

D．螺線管和磁鐵一起向上勻速運動。穿過螺線管的磁通量不發(fā)生變化；電流計指針不發(fā)生偏轉，選項D錯誤。

故選BC。

（2）[2]感應電流方向與磁鐵的磁場方向和磁鐵運動的方向有關；與磁鐵的磁性強弱；磁鐵運動的速度、磁鐵運動的加速度大小無關。

故選A。

（3）[3]AB．滑片移動的速度影響螺線管A的磁性強弱變化快慢；根據法拉第電磁感應定律，影響指針擺動幅度的大小，選項A正確，選項B錯誤；

CD．滑片移動的方向會使螺線管A的磁性變強或變弱；根據楞次定律，可知影響指針擺動的方向，選項C錯誤，選項D正確。

故選AD。【解析】BC##CBAAD##DA33、略

【分析】【詳解】

(1)[1]