2025年中圖版選修3物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選修3物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示為氫原子能級示意圖．下列有關(guān)氫原子躍遷的說法正確的是（）

A.大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子，躍遷時能輻射出4種頻率的光B.氫原子從能級向能級躍遷時，輻射出的光子能量為C.用能量為的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)D.用能級躍遷到能級輻射出的光照射逸出功為的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)2、在“用單分子油膜估測分子的大小”實驗中，下列對實驗過程的分析正確的是（）A.測量一滴油酸酒精溶液體積用的是微小量放大法B.在水面上撒痱子粉是為了使油膜邊緣形成規(guī)則形狀C.在坐標紙上計算油膜輪廓內(nèi)格子數(shù)采用的是比值法D.該實驗采用的是借助物理模型間接測量的方法3、下列關(guān)于電源電動勢的說法，正確的是A.電動勢隨外電路電阻的增大而增大B.電源兩極間的電壓就是電動勢C.電動勢是描述電源把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量D.電動勢是矢量，有大小也有方向4、如圖所示的電路，閉合開關(guān)S，當滑動變阻器滑片P向右移動時；下列說法正確的是（）

A.小燈泡L變暗B.電源的總功率變小C.電容器C上電荷量減小D.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大5、某激光器能發(fā)射波長為的激光。設(shè)發(fā)射功率為P，用c表示光速，h表示普朗克常量，則激光器每秒鐘發(fā)射的光子數(shù)為（）A.B.C.D.6、下列說法正確的是（）A.懸浮在液體中微粒的大小，影響其布朗運動的明顯程度B.質(zhì)量一定的理想氣體，溫度越高壓強越大C.熱量只能從高溫物體向低溫物體傳遞D.分子勢能隨分子間距離的增大而增大7、下列有關(guān)現(xiàn)象的描述或判斷正確的是（）A.露珠通常呈現(xiàn)球狀，是水的表面張力作用的結(jié)果B.氣體可以被壓縮，但又不能無限地被壓縮說明氣體分子間存在相互作用的斥力C.懸浮在液體中的微小顆粒的無規(guī)則運動就是分子熱運動D.在一個孤立的系統(tǒng)內(nèi)，一切自然過程總是沿著分子熱運動無序性減小的方向進行8、甲、乙兩物體分別在恒力的作用下，沿同一直線運動，它們的動量隨時間變化的關(guān)系如圖所示，設(shè)甲在時間內(nèi)所受的沖量為乙在時間內(nèi)所受的沖量為則的大小關(guān)系是

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、已知滑動變阻器接入電路的電阻與其接入電路的長度成正比。如圖所示，電路中R3為滑動變阻器，R1、R2為定值電阻；A；V為理想電表，C為電容器，電路接穩(wěn)恒電壓U。當滑動變阻器的滑片P向下移動時，關(guān)于各物理量的變化，下列說法中正確的是。

A.電壓表的示數(shù)變大B.電流表的示數(shù)變小C.電容器C兩極板所帶的電荷量增多D.R2消耗的功率變小10、如圖所示，兩根無限長的直導(dǎo)線平行放置，兩導(dǎo)線中均通以大小相等、方向相反的恒定電流，圖中的A點與兩導(dǎo)線共面；且到兩導(dǎo)線的距離相等。則該點的磁感應(yīng)強度。

A.方向垂直紙面向外B.方向垂直紙面向里C.大小為零D.大小為單根導(dǎo)線在A點產(chǎn)生磁感應(yīng)強度的2倍11、質(zhì)譜儀是一種測量帶電粒子質(zhì)量和分析同位素的重要工具，它的構(gòu)造原理如圖，離子源A產(chǎn)生電荷量相同而質(zhì)量不同的離子束（初速度可視為零），從狹縫S1進入電場，經(jīng)電壓為U的加速電場加速后，再通過狹縫S2從小孔垂直MN射入圓形勻強磁場．該勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向垂直于紙面向外，半徑為R，磁場邊界與直線MN相切E為切點．離子離開磁場最終到達感光底片MN上，設(shè)離子電荷量為g，到達感光底片上的點與E點的距離為x；不計重力，可以判斷（）

A.離子束帶負電B.x越大，則離子的比荷一定越大C.到達處的離子在勻強磁場運動時間為D.到達處的離子質(zhì)量為12、如圖，兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi)，其左端接有定值電阻R．Ox軸平行于金屬導(dǎo)軌，在0≤x≤4m的空間區(qū)域內(nèi)存在著垂直導(dǎo)軌平面向下的磁場，磁感應(yīng)強度B隨坐標x(以m為單位)的分布規(guī)律為B＝0.8-0.2x(T)．金屬棒b在外力作用下從O處沿導(dǎo)軌運動，ab始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計導(dǎo)軌和金屬棒的電阻．設(shè)在金屬棒從x1＝1m經(jīng)x2＝2m到x3＝3m的過程中，R的電功率保持不變；則金屬棒。

A.在x1與x3處的電動勢之比為1:1B.在x1與x3處受到磁場B的作用力大小之比為1:3C.從x1到x2與從x2到x3的過程中通過R產(chǎn)生的焦耳熱之比為5:3D.從x1到x2與從x2到x3的過程中通過R的電量之比為5:313、如圖所示，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角為30°的斜面上，導(dǎo)軌間距為L，導(dǎo)軌下端連接一個阻值為R的定值電阻，空間中有一磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌所在斜面上的勻強磁場．在斜面上平行斜面固定一個輕彈簧，彈簧勁度系數(shù)為k，彈簧上端與質(zhì)量為m、電阻為r、長為L的導(dǎo)體桿相連，桿與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．導(dǎo)體桿中點系一輕細線，細線平行斜面，繞過一個光滑定滑輪后懸掛一個質(zhì)量也為m的物塊．初始時用手托著物塊；導(dǎo)體桿保持靜止，細線伸直，但無拉力．釋放物塊后，下列說法正確的是。

A.釋放物塊瞬間導(dǎo)體桿的加速度為gB.導(dǎo)體桿最終將保持靜止，在此過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為C.導(dǎo)體桿最終將保持靜止，在此過程中細線對導(dǎo)體桿做功為D.導(dǎo)體桿最終將保持靜止，在此過程中流過電阻R的電荷量為14、一帶正電粒子僅在電場力作用下做直線運動，從A點經(jīng)B、C運動到D點，其v-t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是()

A.A處的電場強度小于B處的電場強度B.粒子在A處的電勢能大于在B處的電勢能C.C,D間各點電場強度和電勢都為零D.A,B兩點的電勢差等于C,B兩點間的電勢差15、下列判斷正確的是________A.機械波既有橫波又有縱波，而電磁波只有縱波B.機械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象C.介質(zhì)中質(zhì)點振動的周期一定和相應(yīng)的波的周期相等E.在雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變窄E.在雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變窄16、兩列完全相同的機械波于某時刻的疊加情況如圖所示；圖中的實線和虛線分別表示波峰和波谷，此時______

A.a,b連線中點振動加強B.a,b連線中點速度為零C.a,b,c,d四點速度均為零D.再經(jīng)過半個周期a,b兩點振動減弱17、如圖所示；彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個質(zhì)量也為m的小球從槽高h處由靜止開始自由下滑（）

A.在下滑過程中，小球和槽之間的相互作用力對槽不做功B.在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒C.被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運動D.被彈簧反彈后，小球能回到槽高h處評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)18、（1）用波長為的單色光照射單縫經(jīng)過雙縫在屏上產(chǎn)生明暗相間的干涉條紋，如圖所示，圖中為相鄰亮紋的位置，為中央亮條紋，則（）

A.到達的路程差為零。

B.到達的路程差為

C.到達的路程差為

D.到達的路程差為

E.若改用波長為的單色光照射單縫光屏上條紋間距將變大。

（2）在“用雙縫干涉測量光的波長”實驗中。

①某同學(xué)先將光源靠近遮光筒的雙縫端并等高放置；然后在筒的另外一側(cè)觀察，發(fā)現(xiàn)筒的上壁照得很亮，此時他應(yīng)將遮光筒的觀察端向______（選填“上”或“下”）調(diào)節(jié)．

②某次測量如圖所示，則讀數(shù)為______．

③幾位同學(xué)實驗時，有的用距離為的雙縫，有的用距離為的雙縫；同時他們還分別用紅；紫兩種不同顏色的濾光片遮住光源進行了觀察；如圖選自他們的觀察記錄，其中正確反映實驗結(jié)果的是______．（已知紅光波長大于紫光的波長）

19、如圖，兩側(cè)粗細均勻、橫截面積相等、高度均為的U型管，左管上端封閉，石管上端開口。右管中有高的水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離管底水平段的體積可忽略。環(huán)境溫度為大氣壓強現(xiàn)從右側(cè)端口緩慢注入水銀（與原水銀柱之間無氣隙），恰好使水銀柱下端到達右管底部。此時封閉氣體的壓強為______要使封閉氣體在回到原來的體積，應(yīng)將氣體溫度升高到______

20、一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c、d又回到狀態(tài)a，其體積V隨溫度T的變化圖象如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)a時溫度為壓強為體積為在狀態(tài)b時體積為其中則由狀態(tài)a到狀態(tài)b過程中，氣體______（選填“吸熱”或“放熱”），由狀態(tài)a到狀態(tài)c氣體的內(nèi)能增加了100J，由狀態(tài)d到狀態(tài)a氣體對外做的功則由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體放出的熱量為______J。

21、陰極射線管的上方有一根固定的導(dǎo)線AB，如圖所示，當導(dǎo)線中通一如圖所示的電流時，陰極射線管的電子流將向__________偏轉(zhuǎn)。（填“下”或“上”）22、如圖所示，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒a從h高處由靜止起沿足夠長的光滑導(dǎo)電軌道滑下，另一質(zhì)量為2m的導(dǎo)體棒b靜止在寬為L的光滑水平導(dǎo)軌上，在水平軌道區(qū)域有垂直于軌道平面向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，a、b導(dǎo)體棒不會相碰，重力加速度取g，則a、b導(dǎo)體棒的最終的共同速度為__________，回路中最多能產(chǎn)生焦耳熱為__________．

23、如圖所示，金屬環(huán)直徑為d，總電阻為2R，勻強磁場磁感應(yīng)強度為B，垂直穿過環(huán)所在平面．電阻為的導(dǎo)體桿AB沿環(huán)表面以速度v向右滑至環(huán)中央時，桿兩端的電壓為____________．

24、如圖所示，在光滑的水平面上放置一質(zhì)量為m的小車，小車上有一半徑為R的光滑的弧形軌道，設(shè)有一質(zhì)量為m的小球，以v0的速度，方向水平向左沿圓弧軌道向上滑動，達到某一高度h后，又沿軌道下滑，試求h=______，小球剛離開軌道時的速度為______．評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共1題，共10分)28、有一種測量人體重的電子秤，其原理圖如圖中的虛線所示，它主要由三部分構(gòu)成：踏板、壓力傳感器R(是一個阻值可隨壓力大小而變化的電阻器)、顯示體重的儀表G(實質(zhì)是理想電流表)．設(shè)踏板的質(zhì)量可忽略不計，已知理想電流表的量程為0~3A，電源電動勢為E=15V，內(nèi)阻為r=1Ω，電阻R隨踏板變化的函數(shù)為R=29-0.02F(F和R的單位分別是N和Ω)．

（1）求該秤零刻度線(即踏板空載時的刻度線)

對應(yīng)的流強度大?。唬?

）求該秤能測量的最大體重；（3）該秤的刻度(體重刻度)是否均勻?參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A.大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子，躍遷時可以選2條高低軌道進行躍遷，所以發(fā)出種光；A錯誤。

B.氫原子從能級向能級躍遷時，輻射出的光子能量為B錯誤。

C.光子照射發(fā)生躍遷，光子能量必須等于兩能級能量差，故基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)所需光子能量C錯誤。

D.能級躍遷到能級輻射出的光子能量故可以發(fā)生光電效應(yīng)，D正確2、D【分析】【分析】

明確“用油膜法估測分子的大小”實驗的實驗原理：油酸以單分子呈球型分布在水面上；且一個挨一個，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度，即可正確解答．

【詳解】

測量一滴油酸酒精溶液體積用的是累積法，選項A錯誤；撒些痱子粉，不是為了圍住油膜形成規(guī)則形狀，而是讓油酸形成單分子油膜，且一個靠著一個，故B錯誤．在坐標紙上計算油膜輪廓內(nèi)格子數(shù)采用的是近似法，選項C錯誤；該實驗是將油酸分子看做球體一個一個的單層排列，故采用的是借助物理模型間接測量的方法，選項D正確；故選D.3、C【分析】電動勢反映電源的特性；與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)．故A錯誤．當電源沒有接入電路時，電源兩極間的電壓等于電源電動勢．當電源接入電路時，電源兩極間的電壓小于電源電動勢．故B錯誤．電動勢表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的大小，電動勢越大，這種本領(lǐng)越大．故C正確．電動勢是標量，有大小，沒有方向．故D錯誤．故選C．

點睛：本題考查對電動勢物理意義的理解能力，電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強弱，與外電路的結(jié)構(gòu)無關(guān)．4、C【分析】【分析】

首先認識電路的結(jié)構(gòu)：燈泡與變阻器串聯(lián)；電容器與燈泡并聯(lián)．當滑動變阻器滑片P向右移動時，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析．

【詳解】

當滑動變阻器滑片P向右移動時；變阻器接入電路的電阻減??；

A.燈泡功率P=I2RL，RL不變；I增大，P增大，則燈泡變亮．故A錯誤；

B.電源的總功率P總=EI，E不變，I增大，P總增大．故B錯誤；

C.電容器電壓UC=E-I（RL+r）減小，電容器電量Q=CUC減?。蔆正確；

D.根據(jù)歐姆定律可知，電流增大，電壓表的讀數(shù)U=E-Ir減?。蔇錯誤；

故選C．

【點睛】

本題考查電路動態(tài)分析的能力，比較簡單．對于電路動態(tài)分析往往按“局部→整體→局部”的思路．5、A【分析】【詳解】

每個光子的能量為

設(shè)每秒激光器發(fā)出的光子數(shù)是n，則

聯(lián)立可得

故選A。6、A【分析】【詳解】

A．懸浮在液體中微粒越??；布朗運動越明顯，故A正確；

B．質(zhì)量一定；體積一定的理想氣體，溫度越高壓強越大，故B錯誤；

C．熱量能夠自發(fā)的從高溫物體向低溫物體傳遞；借助一些電器，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，比如空調(diào)；冰箱等，故C錯誤；

D．當分子間力表現(xiàn)為斥力時；分子勢能隨分子間距離的增大而減小，D錯誤。

故選A。7、A【分析】【分析】

【詳解】

A．露珠通常呈現(xiàn)球狀；是水的表面張力作用的結(jié)果，A正確；

B．氣體可以被壓縮；但又不能無限地被壓縮說明分子之間有間距，當氣體分子間距被壓縮到最小，分子本身的大小就不可以壓縮了因此不能被無限壓縮，B錯誤；

C．懸浮在液體中的微小顆粒的無規(guī)則運動間接反映并證明了分子熱運動；C錯誤；

D．根據(jù)熱力學(xué)第二定律一切自然過程總是沿著無序性增大的方向進行；D錯誤。

故選A。8、A【分析】【詳解】

由圖象可知，甲乙兩物體動量變化量的大小相等，根據(jù)動量定理知，沖量的大小相等，即根據(jù)知，沖量的大小相等，作用時間長的力較小，可知故A正確，BCD錯誤。故選A。

【點睛】

根據(jù)圖象，結(jié)合初末狀態(tài)的動量比較動量變化量的大小，從而結(jié)合動量定理得出沖量的大小關(guān)系以及力的大小關(guān)系．二、多選題(共9題，共18分)9、A:D【分析】A、由題圖可知，電壓表與R1并聯(lián)，電流表與R3串聯(lián)后再與R2并聯(lián)，兩部分串聯(lián)。在滑動變阻器的滑片P向下移動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻變小，電路的總電阻變小，總電流變大，R1兩端的電壓變大；電壓表的示數(shù)變大，A正確；

B、并聯(lián)部分的電壓變小，即R2兩端的電壓變小，R2消耗的功率變??；電容器兩端的電壓變小，電容器放電，所帶電荷量減少；通過R2的電流變??；總電流變大，所以通過電流表的電流變大，故BC錯誤，D正確。

點睛：本題是電路動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量：電源的電動勢、內(nèi)阻及定值電阻的阻值不變，進行分析。10、B:D【分析】根據(jù)右手螺旋法則，導(dǎo)線周圍的磁場的磁感線，是圍繞導(dǎo)線形成的同心圓，由于兩個導(dǎo)線通過的電流是大小相等，方向相反的，左邊導(dǎo)線在A點的磁場方向都向里；右邊導(dǎo)線在A點的磁場方向都向里，所以該點的兩個磁場大小為單根導(dǎo)線在A點產(chǎn)生磁感應(yīng)強度的2倍；故BD正確，AC錯誤；

故選BD。11、C:D【分析】【詳解】

帶電粒子在加速電場中做勻加速直線運動，設(shè)加速后的速度大小為v，根據(jù)動能定理有：解得：然后勻速運動到E點進入有界磁場中，其運動軌跡如下圖所示：

粒子從E點先沿虛線圓弧，再沿直線做勻速直線運動到N點．由左手定則，粒子是正電．故A錯誤；由則x越大則r越大，則比荷越小，故B錯誤；在△ENO中解得:θ=60°，設(shè)帶電粒子運動的軌跡圓的半徑為r，根據(jù)數(shù)學(xué)知識有：解得：由由幾何關(guān)系圓弧圓心角α=120°，聯(lián)立可得：故CD正確．12、A:C:D【分析】【詳解】

由于金屬棒從經(jīng)到的過程中，R的電功率保持不變，由功率的計算式知E應(yīng)不變，故A正確；由安培力公式F=BIL及電功率P=EI知：故B錯誤；由于金屬棒從經(jīng)到的過程中，R的電功率保持不變，由知道R中的電流相等，再由安培力公式F=BIL，得F-x圖象如圖所示，顯然圖象與坐標軸圍成的面積就是克服安培力做的功，即R產(chǎn)生的熱量，所以故C正確；因為熱量時間之比為5:3，根據(jù)C選項知電流相同時時間之比為5:3，因此電量故D正確．13、B:C:D【分析】【詳解】

A．初始時，彈簧被壓縮，彈力大小即釋放物塊瞬間，安培力為零，對桿和物塊分析有：解得：故A錯誤．

B．由于電磁感應(yīng)消耗能量，桿最終速度為零，安培力為零，細線拉力彈簧處于伸長狀態(tài)；對導(dǎo)體桿有：解得：彈簧彈性勢能不變，對物塊、導(dǎo)體桿、彈簧整個系統(tǒng)，由能量守恒得：解得：電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱．故B項正確．

C．從運動到最終停止，彈簧彈力對導(dǎo)體棒做功為零，對導(dǎo)體棒運用動能定理得，又解得：細線對導(dǎo)體桿拉力做功．故C項正確．

D．流過電阻R上的電荷量故D正確．14、B:D【分析】【分析】

從圖象可以看出；粒子做的是非勻變速直線運動，可得出受到的電場力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場力作用，有圖線斜率代表加速度，有牛頓第二定律得知電場力的大小關(guān)系，從而得到電場強度的大小關(guān)系．由運動過程中，動能增加，勢能減少，所以可判斷出粒子在AB兩點的電勢能大小，有電場力做功的公式可得AB兩點間的電勢差與CB兩點間的電勢差的大小關(guān)系．

【詳解】

A項：由運動的速度--時間圖象可看出；帶正電的粒子的加速度在A點時較大，由牛頓第二定律得知在A點的電場力大，故A點的電場強度一定大于B點的電場強度，故A錯誤；

B項：由A到B的過程中；速度變大了，說明是電場力做正功，電勢能轉(zhuǎn)化為動能，由功能關(guān)系可知，此過程中電勢能減少，正電荷在A點是電勢能大于在B時的電勢能，所以粒子在A點的電勢能高于B點的電勢能，故B正確；

C項：從C到D；粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點電場強度為零，但電勢不一定為零，故C錯誤；

D項：A；C兩點的速度相等；故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點間的電勢差等于CB兩點間的電勢差，故D正確．

故選BD．

【點睛】

本題考查到了電場力做功的計算和電場力做功與電勢能的關(guān)系，其關(guān)系為：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少；電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數(shù)值等于電場力做功的數(shù)值．這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據(jù)．還考查了對于勻變速直線運動的圖象分析電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關(guān)，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關(guān)系相似．15、B:C:D【分析】【分析】

介質(zhì)中質(zhì)點振動的周期和相應(yīng)的波的周期相等．波速公式v=λf適用于一切波．波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象．機械波既有橫波又有縱波；而電磁波只有橫波．

【詳解】

A；機械波既有橫波又有縱波；而電磁波只有橫波；故A不正確.

B；干涉和衍射是波的特有性質(zhì)；機械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象；故B正確.

C；波在傳播過程中；介質(zhì)中質(zhì)點在波源驅(qū)動力作用下做受迫振動，振動周期都等于波的振動周期；故C正確.

D、機械波的頻率、波長和波速三者滿足的關(guān)系v=λf適用于一切波；對電磁波也適用；故D正確.

E、光的干涉條紋間距若僅將入射光由綠光改為紅光，由于波長變大，故條紋間距變大；故E錯誤.

故選BCD.

【點睛】

本題考查對波的基本知識的掌握情況．要知道質(zhì)點振動的周期和頻率就等于波的周期與頻率，明確機械波與電磁波的共性和區(qū)別．16、A:C【分析】【詳解】

圖是兩列頻率相同的相干水波于某時刻的疊加情況，實線和虛線分別表示波峰和波谷，則a點是波谷與波谷相遇點，b是波峰與波峰相遇點，c、d兩點是波峰與波谷相遇點。則a、b兩點是振動加強的，且a、b連線上也是振動加強的，即a、b連線中點振動加強，此時a、b連線中點速度最大，c、d兩點是振動減弱的，故A正確，B錯誤；a、b、c、d四點要么處于波谷，要么處于波峰，因此它們的速度疊加后均為零，故C正確；a、b兩點是振動加強的，則再經(jīng)過半個周期a、b兩點振動仍然是加強的，選項D錯誤。17、B:C【分析】【詳解】

A項：在下滑過程中；槽要向左運動，小球和槽之間的相互作用力與槽的速度不垂直，所以對槽要做功，故A錯誤；

B項：小球在下滑過程中；小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向不受力，水平方向動量守恒，故B正確；

CD項：小球與槽組成的系統(tǒng)動量守恒，球與槽的質(zhì)量相等，小球沿槽下滑，球與槽分離后，小球與槽的速度大小相等，小球被反彈后球與槽的速度相等，小球不能滑到槽上，不能達到高度h處，因此都做勻速直線運動，C正確，D錯誤．三、填空題(共7題，共14分)18、略

【分析】【詳解】

（1）選B、D、E．振動一致的兩光源在空間發(fā)生干涉，得到亮條紋的條件滿足若單色光波長變大，則條紋間距變大，E正確．

（2）①[1]發(fā)現(xiàn)筒的土壁照得很亮說明光線向上；即觀察端偏下所以應(yīng)將觀察端向上調(diào)節(jié)．

②[2]螺旋測微器的固定刻度為可動刻度為所以最終讀數(shù)為．

③[3]根據(jù)可知，當紅光分別通過距離為和的雙縫時，距離越大的條紋間的距離越小，故B正確；同理，當紅光和紫光通過相同距離的雙縫時，即L、d相同情況下，波長越長的條紋間的距離越大，故D正確．【解析】（1）BDE（2）①上②5.007③BD19、略

【分析】【詳解】

[1]對于左端密封氣體，狀體1的體積為

狀態(tài)1的壓強為

狀態(tài)2的體積為

根據(jù)氣體實驗定律得

解得

[2]升溫過程是等壓變化，根據(jù)氣體實驗定律得

將帶入得【解析】88.932020、略

【分析】【詳解】

[1]氣體由狀態(tài)a到狀態(tài)b溫度升高，則氣體的內(nèi)能增加，同時氣體的體積增大，說明氣體對外做功，由

其中氣體對外做功W為負值，而內(nèi)能增加，即為正，則Q為正值；故氣體應(yīng)從外界吸熱。

[2]當氣體再次回到狀態(tài)a時，理想氣體的內(nèi)能回到原來的數(shù)值，即由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體的內(nèi)能減少100J，c到d過程，氣體發(fā)生等容變化，對外不做功，c到a過程，由

可得

則由狀態(tài)c到狀態(tài)a氣體對外放出的熱量為【解析】吸熱6021、略

【分析】根據(jù)安培定則判斷可知：通電導(dǎo)線在陰極射線管處產(chǎn)生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負電，向右運動，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉(zhuǎn)．

【點睛】本題關(guān)鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下22、略

【分析】【分析】

a先加速下滑，進入磁場后切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流，受到向左的安培力而做減速運動，b在安培力作用下向右加速運動；也切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，此感應(yīng)電動勢與a的感應(yīng)電動勢方向相反，整個回路總的電動勢減小，感應(yīng)電流減小，兩棒所受的安培力減小，當兩棒的速度相等時，電路中不再產(chǎn)生感應(yīng)電流，兩棒不受安培力，將一起做勻速運動，達到穩(wěn)定狀態(tài)．以兩棒組成的系統(tǒng)為研究對象，滿足動量守恒，據(jù)動量守恒定律求解即可；當兩棒最終一-起做勻速運動時，回路中不再產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒定律求解即可．

【詳解】

第一空．a(chǎn)從h高處由靜止滑到水平導(dǎo)軌處；由動能定理得：

解得：

a進入磁場后，a棒減速，b棒加速，最終速度相等，a、b系統(tǒng)水平方向合外力為零．

設(shè)水平向右為正方向；由動量守恒定律得：

解得，最終速度：

第二空．整個過程；對系統(tǒng),由能量守恒定律得：

解得：．

【點睛】

本題考查電磁感應(yīng)現(xiàn)象的綜合應(yīng)用，屬于一般題型．【解析】23、略

【分析】【詳解】

[1]桿切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=Bdv

兩個電阻為R的半金屬圓環(huán)并聯(lián)，并聯(lián)電阻

則電路電流（總電流）為

桿兩端的電壓為

考點：法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律?！窘馕觥?4、略

【分析】【詳解】

小球從進入軌道；到上升到h高度時為過程第一階段，這一階段類似完全非彈性的碰撞，動能損失轉(zhuǎn)化為重力勢能（而不是熱能）．

小球到達最大高度h時；小球與小車的速度相同，在小球從滑上小車到上升到最大高度過程中，系統(tǒng)水平方向動量守恒，以水平向左方向為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

mv0=（m+m）v

系統(tǒng)的機械能守恒，則得：mv02=（m+m）v2+（m+m）gh

解得：h=

小球從進入到離開，整個過程屬彈性碰撞模型，又由于小球和車的等質(zhì)量，由彈性碰撞規(guī)律可知，兩物體速度交換，故小球離開軌道時速度為零．【解析】0四、作圖題(共3題，共9分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，