2025年新世紀(jì)版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀(jì)版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、以下對碰撞的理解，說法正確的是()A.彈性碰撞一定是對心碰撞B.非對心碰撞一定是非彈性碰撞C.彈性碰撞也可能是非對心碰撞D.彈性碰撞和對心碰撞中動(dòng)量守恒，非彈性碰撞和非對心碰撞中動(dòng)量不守恒2、在“用雙縫干涉測光的波長”實(shí)驗(yàn)中；將所用器材按要求安裝在如圖甲所示的光具座上，然后接通電源使光源正常工作．像屏上出現(xiàn)的干涉條紋如圖乙所示，下列操作中，一定可以使條紋間距變大的是（）

A.換一個(gè)紫色濾光片B.換一個(gè)高聚焦凸透鏡C.增大單縫與雙縫間的距離D.增大雙縫到像屏的距離3、如圖所示的兩圖線分別為a、b兩氣體的等壓線，根據(jù)圖中所給條件可知，當(dāng)℃時(shí)，氣體a的體積比氣體b的體積大（?。ǎ?/p>

A.0.1m3B.0.2m3C.0.3m3D.0.4m34、用圖甲所示的裝置探究注射器內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)與體積的關(guān)系，根據(jù)測得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出圖像如圖乙所示，線段的延長線經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)段為曲線；環(huán)境溫度保持不變。則下列說法中正確的是（）

A.過程，氣體的內(nèi)能增加B.過程，氣體吸收熱量C.過程，氣體對外做正功D.過程，可能出現(xiàn)了漏氣5、如圖為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖，其矩形線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場方向的固定軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)N=400匝，線圈總電阻r=2Ω，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻R=8Ω連接，與電阻R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表，線圈的轉(zhuǎn)速n=r/s．在t＝0時(shí)刻，線圈平面與磁場方向平行，則下列說法正確的是

A.交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生電動(dòng)勢隨時(shí)間的變化關(guān)系是e=8sin100t(V)B.交流電壓表的示數(shù)為8VC.從t＝0時(shí)刻開始線圈平面轉(zhuǎn)過30o的過程中，通過電阻的電量約為5.6×10-3CD.電阻R上的熱功率為6.4W6、如圖所示；矩形線圈繞垂直于勻強(qiáng)磁場的對稱軸做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，經(jīng)過中性面時(shí)，以下說法錯(cuò)誤的是。

A.線圈平面與磁感線方向垂直B.線圈中感應(yīng)電流的方向?qū)⒁l(fā)生改變C.通過線圈平面的磁通量最大D.通過線圈的感應(yīng)電流最大7、首次成功解釋光電效應(yīng)和首次提出物質(zhì)波的科學(xué)家分別是()A.普朗克、愛因斯坦B.愛因斯坦、德布羅意C.普朗克、德布羅意D.愛因斯坦、康普頓評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)8、如圖所示，MN、PQ是傾斜放置的兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌．導(dǎo)軌所在平面與水平面成30°，導(dǎo)軌間距為L=0.5m，導(dǎo)體棒ab、cd分別垂直于導(dǎo)軌放置，且棒兩端都與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.5T，當(dāng)給棒ab施加平行于導(dǎo)軌向上的力F時(shí)，ab導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向上以某一速度勻速運(yùn)動(dòng)，cd棒恰好靜止在導(dǎo)軌上，已知兩棒的質(zhì)量均為0.5kg，接入部分電阻均為R=0.5R，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，取則下列說法正確的是()

A.當(dāng)ab棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，拉力F的大小為10NB.當(dāng)ab棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，回路中的電熱功率為100WC.撤去拉力F的一瞬間，cd棒的加速度大小為5m/s2D.撤去拉力F的一瞬間，ab棒的加速度大小為10m/s29、如圖所示，在直角三角形ABC內(nèi)充滿垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出），AB邊長度為d，.現(xiàn)垂直AB邊射入一群質(zhì)量均為m、電荷量均為q、速度大小均為v的帶正電粒子，已知垂直AC邊射出的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，而運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長的粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（不計(jì)重力）．則下列判斷中正確的是(

A.粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為4tB.)C.該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為D.粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為粒子進(jìn)入磁場時(shí)速度大小為10、一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生狀態(tài)變化，其體積V隨熱力學(xué)溫度T變化的圖像如圖所示，氣體經(jīng)歷了A→B→C→D→A的循環(huán)過程；下列分析正確的是（）

A.A→B的過程中外界對氣體做功B.B→C過程氣體壓強(qiáng)不變C.C狀態(tài)的單位體積氣體分子數(shù)一定比D狀態(tài)的小E.A狀態(tài)的氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的平均次數(shù)一定比C狀態(tài)的小E.A狀態(tài)的氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的平均次數(shù)一定比C狀態(tài)的小11、如圖所示，閉合軟導(dǎo)線擺成邊長為L的正方形置于光滑水平面上，軟導(dǎo)線所在空間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，軟導(dǎo)線的電阻率為ρ,橫截面積為S．從t=0時(shí)刻起磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間開始變化，變化規(guī)律是B=B0-kt當(dāng)軟導(dǎo)線達(dá)到穩(wěn)定形狀時(shí)，磁場方向仍然垂直紙面向里，則（）

A.軟導(dǎo)線穩(wěn)定時(shí)呈圓形B.穩(wěn)定時(shí)軟導(dǎo)線中的電流為C.從t=0時(shí)刻起到磁感應(yīng)強(qiáng)度減為零的過程，通過軟導(dǎo)線某個(gè)橫截的電荷量為D.磁感應(yīng)強(qiáng)度減為零后按照B=kt的規(guī)律反向增加,軟導(dǎo)線圍成的面積有擴(kuò)大的趨勢12、如圖所示，電路中RT為熱敏電阻，R1和R2為定值電阻．當(dāng)環(huán)境溫度升高時(shí)，RT阻值變?。_關(guān)S閉合后；若環(huán)境溫度降低，則（）

A.通過R1的電流變小B.通過R2的電流變小C.RT兩端的電壓增大D.電容器兩極板間的電場強(qiáng)度不變評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)13、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R2、R3是兩個(gè)定值電阻．閉合開關(guān)S、滑片P向左滑動(dòng)，伏特表示數(shù)將___________，當(dāng)電流表示數(shù)變化量的絕對值為時(shí)，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為當(dāng)電流表示數(shù)變化量的絕對值為時(shí)，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為若則________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

14、研究性學(xué)習(xí)小組圍繞一個(gè)量程為30mA的電流計(jì)展開探究．

（1）為測量該電流計(jì)的內(nèi)阻，同學(xué)甲設(shè)計(jì)了如圖（a）所示的電路．圖中電源電動(dòng)勢未知，內(nèi)阻不計(jì)．閉合開關(guān)，將電阻箱阻值調(diào)到10Ω時(shí)，電流計(jì)恰好滿偏；將電阻箱阻值調(diào)到85Ω時(shí)，電流計(jì)指針指在如圖（b）所示位置，則電流計(jì)的讀數(shù)為______m。A．由以上數(shù)據(jù)可得電流計(jì)的內(nèi)阻Rg=______Ω

（2）同學(xué)乙將甲設(shè)計(jì)的電路稍作改變，在電流計(jì)兩端接上兩個(gè)表筆，如圖（c）所示，設(shè)計(jì)出一個(gè)簡易的歐姆表，并將表盤的電流刻度轉(zhuǎn)換為電阻刻度：閉合開關(guān)，將兩表筆斷開，調(diào)節(jié)電阻箱，使指針指在“30mA”處，此處刻度應(yīng)標(biāo)阻值為______Ω（填“0”或∞”）；再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻，找出對應(yīng)的電流刻度，則“15mA“處對應(yīng)表筆間電阻阻值為______Ω．

若該歐姆表使用一段時(shí)間后，電池內(nèi)阻變大不能忽略，電源電動(dòng)勢不變但將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，按正確使用方法再進(jìn)行測量，其測量結(jié)果與原結(jié)果相比將______（選填“變大”、“變小”或“不變”）．15、如圖是一定質(zhì)量理想氣體的圖像，氣體從圖中A狀態(tài)變到狀態(tài)，設(shè)A，狀態(tài)的體積分別為內(nèi)能分別為由圖可知______________________（填“”“”或“”）。從到氣體___________熱量（填“吸收”或“放出”）。

16、如圖所示，一個(gè)邊長為l＝1m的正方形線圈的總電阻為R＝2Ω，當(dāng)線圈以v＝2m/s的速度勻速通過磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場區(qū)域時(shí)，線圈平面總保持與磁場垂直．若磁場的寬度L＞1m，線圈在穿過整個(gè)磁場過程中釋放的焦耳熱為_____．

17、用內(nèi)阻為的電壓表和內(nèi)阻為的電流表測電阻，在圖甲、乙兩種情況下，電壓表的示數(shù)都是60V，電流表的示數(shù)都是則的測量值為______真實(shí)值是______的測量值為______真實(shí)值是______用伏安法測電阻應(yīng)采用電流表______較好”外接法”或”內(nèi)接法”

評卷人得分四、作圖題(共3題，共6分)18、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

19、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

20、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)21、某同學(xué)在“測定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中,先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定,玻璃磚平放在白紙上,然后在白紙上確定玻璃磚的界面aa'和bb'.O為直線AO與aa'的交點(diǎn).在直線OA上豎直地插上P1、P2兩枚大頭針.

(1)該同學(xué)接下來要完成的必要步驟有________．

A.插上大頭針P3,使P3僅擋住P2的像。

B.插上大頭針P3,使P3擋住P1的像和P2的像。

C.插上大頭針P4,使P4僅擋住P3的像。

D.插上大頭針P4,使P4擋住P3和P1、P2的像。

(2)過P3、P4作直線交bb'于O',過O'作垂直于bb'的直線NN',連接OO'．測量圖1中角α和β的大小,則玻璃磚的折射率n=_________.

(3)該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中將玻璃磚界面aa'和bb'的間距畫得過寬．若其他操作正確,則折射率的測量值__________(填“大于”、“小于”或“等于”)準(zhǔn)確值.22、如圖1所示，為“驗(yàn)證碰撞中動(dòng)量守恒”的實(shí)驗(yàn)裝置，小球1和小球2的半徑相同，質(zhì)量分別為m1和m2，且m1＞m2．實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓小球1從斜槽上某一固定位置S由靜止開始滾下，進(jìn)入水平軌道后，從軌道末端拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡，重復(fù)上連操作10次，得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡，再把小球2放在水平軌道末端，讓小球1仍從位置S由靜止?jié)L下，小球1和小球2碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡重復(fù)操作10次．M、P，N為三個(gè)落點(diǎn)的平均位置，O點(diǎn)是水平軌道來端在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)；如圖2所示．

（1）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是_____

A．斜槽軌道必須光滑。

B．如果小球每次從同一位置由靜止釋放；每次的落點(diǎn)一定是重合的。

C．重復(fù)操作時(shí)發(fā)現(xiàn)小球的落點(diǎn)并不重合；說明實(shí)驗(yàn)操作中出現(xiàn)了錯(cuò)誤。

D．用半徑盡量小的圓把10個(gè)落點(diǎn)圈起來；這個(gè)圓的圓心可視為小球落點(diǎn)的平均位置。

（2）本實(shí)驗(yàn)除了要測量OP、OM，ON的值以外，還必須要測量的物理量有_____

A．小球1的質(zhì)量m1和小球2的質(zhì)量m2

B．小球1開始釋放的高度h

C．拋出點(diǎn)距地面的高度H

D．小球平拋運(yùn)動(dòng)的飛行時(shí)間。

（3）若所測物理量滿足表達(dá)式_____（用上問中所測的物理量表示）時(shí)；則說明兩球的碰撞遵守動(dòng)量守恒定律．

（4）若改變小球1和小球2的材質(zhì)（兩球半徑仍相同），兩球碰撞時(shí)不僅得到（3）的結(jié)論即碰撞遵守動(dòng)量守恒定律而且滿足機(jī)械能守恒定律，則根據(jù)上述信息可以推斷_____．

A．不可能超過2

B．可能超過3

C．MN與OP大小關(guān)系不確定。

D．MN與OP大小關(guān)系確定，且MN＝OP評卷人得分六、解答題(共3題，共21分)23、如圖（甲）所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面上，兩導(dǎo)軌間距導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)，其間連接有定值電阻導(dǎo)軌上靜置一質(zhì)量電阻的金屬桿整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向豎直向下。用一外力沿水平方向拉金屬桿使它由靜止開始運(yùn)動(dòng)）金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好并保持與導(dǎo)軌垂直），電流傳感器）不計(jì)傳感器的電阻）可隨時(shí)測出通過的電流并輸入計(jì)算機(jī)，獲得電流隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖（乙）所示。求金屬桿開始運(yùn)動(dòng)時(shí)：

(1)金屬桿受到安培力的大小和方向；

(2)金屬桿的速率；

(3)對圖象分析表明，金屬桿在外力作用下做的是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小計(jì)算時(shí)外力做功的功率。

24、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比．原線圈接電壓為（V）的交流電源，副線圈接的電阻．電流表和電壓表可視為理想電表．求：

（1）副線圈中電壓表的示數(shù)U；

（2）原線圈中電流表的示數(shù)I．25、如圖所示，空間有相互平行、相距和寬度也都為L的I、II兩區(qū)域，I、II區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場，I區(qū)域磁場向內(nèi)、磁感應(yīng)強(qiáng)度為II區(qū)域磁場向外，大小待定．現(xiàn)有一質(zhì)量為電荷量為的帶電粒子；從圖中所示的一加速電場中的MN板附近由靜止釋放被加速，粒子經(jīng)電場加速后平行紙面與I區(qū)磁場邊界成45°角進(jìn)入磁場，然后又從I區(qū)右邊界成45°角射出．

(1)求加速電場兩極板間電勢差

(2)若II區(qū)磁感應(yīng)強(qiáng)度也是時(shí)；則粒子經(jīng)過I區(qū)的最高點(diǎn)和經(jīng)過II區(qū)的最低點(diǎn)之間的高度差是多少？

(3)為使粒子能返回I區(qū)，II區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿足什么條件？并求出粒子從左側(cè)進(jìn)入I區(qū)到從左側(cè)射出I區(qū)需要的最長時(shí)間．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

彈性碰撞是沒有機(jī)械能損失的碰撞，對心碰撞指的是速度方向與兩球球心連線共線的碰撞，則彈性碰撞不一定是對心碰撞，也可能是非對心碰撞，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；非對心碰撞也不一定是非彈性碰撞，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；彈性碰撞和對心碰撞中動(dòng)量守恒，非彈性碰撞和非對心碰撞中，只要合外力為零，動(dòng)量也守恒，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.2、D【分析】【詳解】

A、根據(jù)雙縫干涉條紋間距規(guī)律公式可知，使條紋間距變大的方式有：增大雙縫到光屏的距L，減小雙縫間距d；增大單色光的波λ．因?yàn)榧t光的波長大于紫光的波長，所以換一個(gè)紫色濾光片，會(huì)使條紋間距變?。瓵錯(cuò)誤；

B；換一個(gè)高聚焦凸透鏡；只是使光屏上所成的像更清晰些，不影響條紋間距大?。籅錯(cuò)誤；

C；增大單縫與雙縫間的距離；光屏上的成像情況不受影響；C錯(cuò)誤；

D、增大雙縫到像屏的距離，可使條紋間距變大，D正確．3、D【分析】【分析】

【詳解】

在0℃和273℃兩個(gè)狀態(tài)時(shí)，由蓋一呂薩克定律可知，對氣體a有。

對氣體b有。

解得。

ABC錯(cuò)誤；選項(xiàng)D正確。

故選D。4、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．因AB是過原點(diǎn)的直線，可知過程溫度不變，氣體的內(nèi)能不變；過程體積減??；外界對氣體做功，氣體放出熱量，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；

C．過程；體積減小，則外界對氣體做功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．過程中pV乘積減?。粍t可能出現(xiàn)了漏氣，選項(xiàng)D正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=×10-2T，線圈的面積s=0.02m2，匝數(shù)n=400，線圈總電阻r=2.0Ω，線圈的轉(zhuǎn)速n0=r/s．所以ω=100rad/s，最大值為：Em=nBSω=8V，則瞬時(shí)值為e=8cos100tV，故A錯(cuò)誤；交流電壓表顯示的是路端電壓有效值，示數(shù)為=6.4V，故B錯(cuò)誤；從t=0時(shí)刻開始轉(zhuǎn)過30°的過程中，通過電阻的電量為：故C正確；電阻R上的熱功率為：P=I2R=()2R=5.12W；故D錯(cuò)誤；故選C．

【點(diǎn)睛】

本題考查了交流電的峰值和有效值、周期和頻率的關(guān)系，記住，求電量用電動(dòng)勢的平均值，求熱量用有效值．6、D【分析】【詳解】

A；中性面；就是磁場方向與線圈平面垂直的位置．故A正確．

B；中性面時(shí)；電流減為零，經(jīng)過中性面電流方向?qū)l(fā)生改變，大小增大．故B正確．

C；經(jīng)過中性面時(shí)；磁場垂直于線圈平面，此時(shí)磁通量最大．故C正確．

D；經(jīng)過中性面時(shí)；當(dāng)線圈平面與磁場方向垂直，左右兩邊不切割磁感線，不產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢，感應(yīng)電流為零．故D錯(cuò)誤．

本題選錯(cuò)誤的；故選D．

【點(diǎn)睛】

本題考查正弦式電流產(chǎn)生原理的理解能力，抓住兩個(gè)特殊位置的特點(diǎn)：線圈與磁場垂直時(shí)，磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢為零；線圈與磁場平行時(shí)，磁通量為零，感應(yīng)電動(dòng)勢最大．7、B【分析】【詳解】

1900年普朗克提出量子假說，此后愛因斯坦提出光量子假說，成功解釋了光電效應(yīng)，首次提出物質(zhì)波假說的科學(xué)家是德布羅意，故選項(xiàng)B正確，A、C、D錯(cuò)誤．二、多選題(共5題，共10分)8、B:D【分析】【詳解】

A.對ab受力分析，在沿斜面方向上，受到沿導(dǎo)軌斜面向下的安培力，沿斜面向下的重力的分力，以及沿斜面向上的拉力F，故有

對cd受力分析，在沿斜面方向上受到沿斜面向上的安培力，沿斜面向下的重力的分力，故有

聯(lián)立解得

故；A錯(cuò)誤；

B.故電路中的電熱功率為

故B正確；

CD.撤去拉力的瞬間，ab棒的加速度

cd棒受力不變，所以合力為零，加速度為零，C錯(cuò)誤D正確．9、A:B:C【分析】【詳解】

帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，垂直AC邊射出的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是即為：則得周期為：T=4t，故A正確；由T=4t，R=T=得：故B正確；運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示；

根據(jù)幾何關(guān)系有：解得：R=d，故C正確；根據(jù)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的速度為：v=周期為：T=4t0，半徑為：R=d，聯(lián)立可得：v=故D錯(cuò)誤．故選ABC．

【點(diǎn)睛】

本題考查帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，考查半徑公式R=和周期公式T=的運(yùn)用，解題的關(guān)鍵是要畫出粒子軌跡過程圖，確定圓心，利用幾何方法求出半徑．10、A:D:E【分析】【詳解】

A．由題圖可知，從A到B；氣體做等溫變化，溫度不變，體積減小，外界對氣體做功，A正確；

B．從B到C，氣體做等容變化，體積不變，溫度升高，由查理定律可得因由此可知即壓強(qiáng)變大，B錯(cuò)誤；

C．C狀態(tài)下，氣體的溫度比D狀態(tài)下高，D狀態(tài)下，氣體體積比C狀態(tài)下大，氣體分子數(shù)不變，可知C狀態(tài)的單位體積氣體分子數(shù)一定比D狀態(tài)的大；C錯(cuò)誤；

D．從D到A，氣體做等容變化，溫度降低，內(nèi)能減小，由熱力學(xué)第一定律可知可得

可知?dú)怏w對外放出熱量；D正確；

E．在A和C狀態(tài)，由理想氣體狀態(tài)方程可知

因?yàn)?/p>

則有

因?yàn)?/p>

則有

因此可知，A狀態(tài)的氣體分子在單位時(shí)間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的平均次數(shù)一定比C狀態(tài)的?。籈正確。

故選ADE。11、A:B【分析】【詳解】

邊長相等時(shí)，圓形面積最大，原磁場在均勻減小，根據(jù)楞次定律“增縮減擴(kuò)”的原理，軟導(dǎo)線穩(wěn)定時(shí)呈圓形，A正確；根據(jù)可得，圓的面積感應(yīng)電動(dòng)勢大小為穩(wěn)定時(shí)軟導(dǎo)線中的電流為其中聯(lián)立可得電流B正確；如果磁感應(yīng)強(qiáng)度保持不變，僅改變線圈形狀，C錯(cuò)誤；磁感應(yīng)強(qiáng)度減為零后按照規(guī)律反向增加，軟導(dǎo)線圍成的面積有變小趨勢，D錯(cuò)誤．12、A:C【分析】環(huán)境溫度降低,RT阻值變大，電路的總電阻變大，總電流減小，即通過R1的電流變小，選項(xiàng)A正確；路端電壓變大，R1上的電壓減小，則R2及RT上的電壓變大，通過R2的電流變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；R1上的電壓減??；則電容器兩端電壓減小，電容器兩極板間的電場強(qiáng)度減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選AC.

點(diǎn)睛：本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問題，按“局部→整體→局部”的順序進(jìn)行分析．注意分析電容器時(shí)要看電容器與哪部分電阻并聯(lián).三、填空題(共5題，共10分)13、略

【分析】【詳解】

[1]由電路圖可以知道，三電阻串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電壓表測量滑動(dòng)變阻器R1兩端的電壓；滑片P向左滑動(dòng)；滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變小，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，變阻器兩端的電壓變小，即電壓表示數(shù)將減??；

[2]由歐姆定律可以知道，定值電阻兩端電壓變化量與電流變化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變小，變阻器兩端的電壓變小，電源電壓不變，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，R2和R3兩端的總電壓將變大，且變阻器兩端電壓減小量等于R2和R3兩端總電壓的增大量，即電壓表示數(shù)變化量的絕對值串聯(lián)電路電流處處相等，則電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

電壓表示數(shù)變化量的絕對值為時(shí)，同理可得此時(shí)電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

而R2、R3均為定值電阻，所以【解析】.減小等于14、略

【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：（1）據(jù)十分之一估讀法；讀數(shù)為：12.0A；

當(dāng)電阻箱阻值為10Ω時(shí)有：當(dāng)電阻箱阻值為85Ω時(shí)：則電流計(jì)內(nèi)阻有：電源電動(dòng)勢為：．

（2）將電流計(jì)改裝成歐姆表后，指針處于30mA處時(shí)有：代入數(shù)據(jù)可以求得電阻箱此時(shí)阻值為：當(dāng)指針示數(shù)為15mA時(shí)，電流總電流為：歐姆表讀數(shù)為：

（3）電源內(nèi)阻增大后；將兩表筆斷開，指針仍能滿偏，說明電源內(nèi)阻與電阻箱阻值之和與原來相等，故測量結(jié)果不變．

考點(diǎn)：本題考查歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)．【解析】12.040∞8不變15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]從圖像可以看出為等容變化，所以=

[2]一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)所以＜

[3]從狀態(tài)A到狀態(tài)B體積不變，內(nèi)能增加，所以應(yīng)該為吸收熱量?！窘馕觥?＜吸收16、略

【分析】【詳解】

[1]感應(yīng)電動(dòng)勢為：E=Blv，感應(yīng)電流為：

線圈進(jìn)入磁場的時(shí)間為：

則線圈離開磁場的時(shí)間也等于0.5s，線圈在穿過整個(gè)磁場過程中釋放的焦耳熱為：Q=I2R?2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J17、略

【分析】【分析】

求電阻的真實(shí)值時(shí)，應(yīng)考慮電表內(nèi)阻的影響，然后根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律求解即可．伏安法測電阻內(nèi)外接法的選擇方法是：當(dāng)滿足時(shí)，電流表應(yīng)用外接法，滿足時(shí)；電流表應(yīng)用內(nèi)接法．

【詳解】

甲圖中：電阻測量值：真實(shí)值為：乙圖中：電阻測量值為：真實(shí)值為：比較它們的絕對誤差可知，伏安法測時(shí)，采用內(nèi)接法測量誤差較小，所以電流表應(yīng)用內(nèi)接法較好．【解析】300290300333內(nèi)接法四、作圖題(共3題，共6分)18、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】19、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共12分)21、略

【分析】【詳解】

(1)確定P3大頭針的位置的方法是大頭針P3能擋住P1、P2的像，則P3必定在出射光線方向上．所以確定P3大頭針的位置的方法是大頭針P3能擋住P1、P2的像．確定P4大頭針的位置的方法是大頭針P4能擋住P1、P2P3的像；故選BD．

(2)測定玻璃磚折射率的原理是折射定律，則得該玻璃磚的折射率為

(3)作圖時(shí)，玻璃磚應(yīng)與所畫的邊界相齊．該同學(xué)的做法中，出射光線的側(cè)向偏移距離小于理論的側(cè)向偏移距離，測量出的折射角要小于真實(shí)的折射角，導(dǎo)致測量值偏小．【解析】BD小于22、略

【分析】【詳解】

（1）A．通過碰撞后兩球做平拋運(yùn)動(dòng)的過程來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律：由于只是在碰撞前后動(dòng)量守恒問題；所以斜軌道的光滑與否只是碰撞前的速度發(fā)生變化，不影響碰撞過程，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

BC．碰撞前后的速度是通過兩次滑下完成的；所以落點(diǎn)不完全重合，但不重合只是偶然誤差所致辭并不是操作錯(cuò)誤，故選項(xiàng)BC錯(cuò)誤；

D．為了減小偶然誤差；小于的落點(diǎn)不重合，但用一個(gè)最小的圓把落點(diǎn)圈起來，用該圓的圓心代替落點(diǎn)是最