2025年外研版三年級起點必修3物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列對理想斜面實驗的理解正確的是（）A.只有在兩理想斜面的傾角合適的時候，無初速度下滑的小球才能升高到同樣的高度B.小球從傾角較大的理想斜面無初速度下滑到傾角較小的理想斜面上時，升高的高度可能更高C.小球從傾角較小的理想斜面無初速度下滑到傾角較大的理想斜面上時，升高的高度可能降低D.小球從理想斜面的一定高度下滑，假想另一理想斜面的傾角為則小球?qū)⒀卦摾硐胄泵嬉恢边\動下去2、用半導體材料制成熱敏電阻；在溫度升高時，電阻會迅速減小，如圖所示，將一熱敏電阻接入電路中，接通開關后，經(jīng)過一段時間會觀察到（）

A.電流表示數(shù)不變B.電流表示數(shù)減小C.電壓表示數(shù)增大D.電壓表示數(shù)減小3、關于電容器，下列說法正確的是（）A.電容器所帶的電荷量為兩個極板所帶電荷量的絕對值之和B.電容器是儲存電荷和電能的容器，只有帶電的容器才稱為電容器C.某電容器所帶電荷量越多，兩極板間的電勢差就越小D.電容器的電容跟它是否帶電無關4、如圖所示，左邊是一個原來不帶電的導體，右邊C是后來靠近的帶正電的導體球，若用絕緣工具沿圖示某條虛線將導體切開，分導體為A、B兩部分，這兩部分所帶電荷量的數(shù)值分別為QA、QB；則下列結(jié)論正確的是（）

A.沿虛線d切開，A帶負電，B帶正電，且QA>QBB.只有沿虛線b切開，才有A帶正電，B帶負電，且QA=QBC.沿虛線a切開，A帶正電，B帶負電，且QA<QBD.沿任意一條虛線切開，都有A帶正電，B帶負電，而QA、QB的值與所切的位置有關5、如圖甲所示，在粗糙絕緣水平面的兩處分別固定兩個電荷，的位置坐標分別為和已知處電荷的電荷量為圖乙是連線之間的電勢與位置坐標的關系圖像，圖中點為圖線的最低點，處的縱坐標處的縱坐標若在的點，由靜止釋放一個可視為質(zhì)點的質(zhì)量為電荷量為的帶電物塊，物塊隨即向右運動，小物塊到達處速度恰好為零。則下列說法正確的是（）

A.處電荷帶正電，電荷量為小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)B.處電荷帶負電，電荷量為小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)C.處電荷帶正電，電荷量為小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)D.處電荷帶負電，電荷量為小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、在如圖所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，三個理想電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2表示，電表的示數(shù)變化量分別用ΔI、ΔU1、ΔU2表示；下列判斷正確的是（）

A.I增大，U1增大B.I減小，U2增大C.不變，增大D.不變，增大7、如圖所示，平行板電容器兩極板與電源兩極相連。G為電流表；若將電容器的兩極板靠近，則在這一過程中：（）

A.G中有電流，方向是a→bB.G中有電流，方向是b→aC.電容器兩極板的帶電量增大D.電容器電容減小。8、如圖所示，勻強電場水平向右，絕緣細線一端固定在O點，一端連著帶電小球，將小球從與O點等高的A點由靜止釋放，結(jié)果小球在豎直面內(nèi)做圓周運動，B為運動的最低點；不計空氣阻力，則下列判斷正確的是（）

A.小球可能帶負電B.從A到B過程，細線的張力先增大后減小C.從A到B過程，小球受到的電場力可能大于重力D.從A到B過程，小球電勢能和重力勢能之和先減小后增大9、在x軸上電場強度E與x的關系如圖所示，O為坐標原點，a、b、c為x軸上的點，a、c之間的距離為d，a、c兩點的電場強度大小均為E0；則下列說法中正確的是()

A.φb＞φa＝φc＞φOB.φO＞φa＞φb＞φcC.將質(zhì)子從a點移到c點，電場力做功大于eE0dD.將質(zhì)子從a點移到c點，質(zhì)子的電勢能增加10、如圖，a、b、c、d為正四面體的四個頂點，O點為d點在底面上的投影，在a點放置一個電量為的點電荷，在b點放置一個電量為的點電荷；則（）

A.c、d兩點的電場強度相等B.沿cd連線移動一帶電量的點電荷，電場力始終不做功C.Od連線為該電場中的一條等勢線D.將一帶電量為的點電荷從d點移到O點再移到c點，電場力先做負功，后做正功11、如圖所示是探究平行板電容器電容與哪些因素有關的實驗裝置。用導線將充了電的平行板電容器的帶正電的且固定的A板與靜電計的金屬小球相連；將帶負電的B板與靜電計的金屬外殼同時接地，兩板間P點固定一帶負電且電荷量很小的點電荷。下列說法中正確的是。

A.若將極板B稍向上移動一點，極板上的電量幾乎不變，靜電計指針張角變大B.若將極板B稍向上移動一點，兩極板間的電壓不變，極板上的電量變大C.若將B板向左平移一小段距離，靜電計指針張角變大D.若將B板向左平移一小段距離，P點處的負點電荷的電勢能增大12、示波管原理如圖所示，當兩偏轉(zhuǎn)電極電壓為零時，電子槍發(fā)射的電子經(jīng)加速電場加速后會打在熒光屏正中間的O點，其中x軸與電場的場強方向平行，y軸與電場的場強方向平行。則下列說法正確的是（）

A.若電壓為零時，只在加電壓，電子只能打在熒光屏的y軸上B.若電壓為零時，只在加電壓，電子只能打在熒光屏的y軸上C.要使電子打在圖示坐標系的第III象限內(nèi)，應使接電源的負極D.要使電子打在圖示坐標系的第III象限內(nèi)，應使接電源的正極13、在勻強電場中，一電子從原點O由靜止釋放，僅在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能Ep隨位置x變化的關系如圖所示；則（）

A.電場強度方向沿x軸正方向B.電場強度大小為2.5N/CC.x=5m處的電勢為0D.電子從原點O運動到x=4m處的過程中，動能增加了8eV14、圖甲中，A、B為兩個等量同種點電荷；圖乙中，C、D為兩根垂直紙面相互平行的長直導線，導線中通有大小相等、方向相同的電流，O為連線的中點，c、d兩點位于各自連線的中垂線上，且距離相等；下列有關說法正確的是（）

A.甲圖中，a、b兩點的電場強度不同，電勢相同B.甲圖中，c、d兩點的電場強度相同，電勢相同C.乙圖中，a、b兩點的磁感應強度大小相等，方向相同D.乙圖中，c、d兩點的磁感應強度大小相等，方向相反評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、勻強電場的方向平行于平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示；三點的電勢分別為10V；17V、26V。完成下列填空：

（1）坐標原點處的電勢為___________V；

（2）電子從b點運動到c點，電場力做功為___________eV；

（3）電子在a點的電勢能比在b點的高___________eV；

（4）電場強度的大小為___________V/cm。

16、甲、乙、丙三個螺旋測微器的示數(shù)如圖所示，其讀數(shù)分別為________mm、____________mm、________mm。

17、現(xiàn)有一個電流表G，內(nèi)阻Rg=30滿偏電流Ig=1mA。

(1)把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_______的電阻。

(2)把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個_____的電阻。18、如圖所示，電路中電阻R1=8Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，C=2μF，E=12V，電源內(nèi)阻r=0，S閉合，當滑動變阻器的阻值R由2Ω變至22Ω的過程中，通過A1的電量是________，A2的讀數(shù)變化情況是________．

19、如圖，逆時針環(huán)形電流外有一被擴張的軟金屬彈簧圈，當其由環(huán)形電流外側(cè)收縮到內(nèi)側(cè)虛線位置過程中，彈簧圈內(nèi)的磁通量大小變化情況為__________；彈簧圈所受安培力的方向沿半徑_____________。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共16分)20、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

21、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共8分)22、一多用電表的內(nèi)部電路如圖甲所示，已知表頭G的內(nèi)阻為400滿偏電流為2mA，

（1）若將選擇開關S置于“6”時，多用電表測量的是________（填“電流”“電壓”或“電阻”）。其量程為________。

（2）為了較精確地測量另一定值電阻的阻值采用圖乙所示的電路，電源電壓U恒定；電阻箱接入電路的阻值可調(diào)且能直接讀出。

①將多用電表選擇開關S置于“2”時，測電路中的電流，則與a點相連的是多用電表的________（填“紅”或“黑”）表筆。

②閉合開關，多次改變電阻箱阻值R，記錄相應的R和多用電表讀數(shù)I，得到的關系如圖丙所示，則________Ω，電源電壓________V。

評卷人得分六、解答題(共3題，共6分)23、在如圖所示的電路中，電源的電動勢E＝10V，內(nèi)阻r＝1Ω，試求當外電阻分別是3Ω、4Ω、9Ω時所對應的路端電壓。通過數(shù)據(jù)計算，你發(fā)現(xiàn)了怎樣的規(guī)律？根據(jù)閉合電路歐姆定律寫出路端電壓U與干路電流I之間的關系式，并畫出U－I圖像？

24、如圖為示波管工作原理示意圖，質(zhì)量為m、電荷量為e、初速度為零的電子經(jīng)過電壓為U1的電場加速后，以一定的速度水平射入兩平行板間的勻強電場（稱為偏轉(zhuǎn)電場）。兩板間的距離為d，電壓為U2，板長為L1，平行板右端到熒光屏的水平距離為L2。

（1）求電子進入偏轉(zhuǎn)電場時速度的大小；

（2）求電子離開偏轉(zhuǎn)電場時速度的大??；

（2）若無偏轉(zhuǎn)電場，電子將打在熒光屏上的O點?，F(xiàn)電子離開偏轉(zhuǎn)電場后打在熒光屏上的P點，求電子在熒光屏上產(chǎn)生的偏移距離OP的大小。

25、可以用如圖所示的電路來調(diào)節(jié)密立根油滴實驗所需的電壓。電壓恒定的高壓電源E=600V，接入兩個定值電阻（R0=1000Ω）、兩個可變電阻R1、R2（范圍均為0~3000Ω）。中間的a、b兩點與實驗裝置的上、下極板相連，兩點的電勢差Uab就是極板間的電壓。極板間的距離為1.8cm，由于極板不接觸，所以ab之間相當于斷路。極板面積很大，電流表不計內(nèi)阻。為簡化計算，僅考慮油滴的重力（g=9.8m/s2）和電場力。問：

(1)為了使極板間的帶電油滴不受電場力的作用，當R1=500Ω時，該如何調(diào)節(jié)R2；

(2)當R1=1000Ω、R2=2000Ω時，求電源的電功率P；

(3)在(2)的條件下極板間某油滴恰好保持懸浮靜止，現(xiàn)已知該油滴質(zhì)量為2.3×10-15kg，求油滴的帶電量q；并說明它約含有多少個電子。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【詳解】

ABC．理想斜面是阻力不計的斜面；因此無論兩邊的斜面的傾角關系如何，無初速度下滑的小球一定能升高到與釋放點相同高度的另一斜面上，故ABC錯誤；

D．當斜面的傾角減小到接近時；小球仍欲在斜面上上升到同樣高度，D選項中的設想是合理的，故D正確。

故選D。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A、B、接通開關后，由于電流的熱效應，熱敏電阻的溫度升高，電阻減小，總電阻減小，I總增大；電流表示數(shù)變大，故A；B錯誤．

C、D、U不變，R2支路的電流I2增大，UR2增大，又U=UR2+U熱，則U熱減?。浑妷罕硎緮?shù)減小，故D正確，C錯誤．

故選D．3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電容器所帶的電荷量是指一個極板所帶電荷量的絕對值；故A錯誤；

B．電容器是任何兩個彼此絕緣面又相距很近的導體組成的能夠儲存電荷和電能的裝置；與是否帶電無關，故B錯誤；

C．由

可知電容器所帶電荷量越多；兩極板間的電勢差就越大，故C錯誤；

D．電容由電容器本身決定；與是否帶電無關，故D正確。

故選D。4、D【分析】【分析】

【詳解】

導體原來不帶電，只是在C所帶正電荷的作用下，導體中的自由電子向B部分移動，使B部分多了電子而帶負電，A部分少了電子而帶正電。根據(jù)電荷守恒定律可知，A部分轉(zhuǎn)移的電子數(shù)目和B部分多出的電子數(shù)目是相同的，因此無論從哪一條虛線切開，兩部分的電荷量總是相等的，不過從不同位置切開時，QA、QB的值是變化的；故ABC錯誤，D正確。

故選D。5、A【分析】【詳解】

由乙圖可知，圖像在處的切線斜率為零，說明處的場強為零，故兩處電荷為同種電荷，由于電勢大于零，可知兩處電荷均帶正電；設處電荷的電荷量為則有

解得

在的點，由靜止釋放一個可視為質(zhì)點的質(zhì)量為電荷量為的帶電物塊，物塊隨即向右運動，小物塊到達處速度恰好為零，根據(jù)動能定理可得

解得

故選A。二、多選題(共9題，共18分)6、B:C【分析】【詳解】

AB．當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時R2增大，電路的外電阻電阻R外增大，由知總電流減小，由路端電壓可知路端電壓U增大，設通過R3的電流為I3，由于R3阻值不變，由可以判斷出I3增大，由可知I減小，R1與R2串聯(lián)且R1與R2串聯(lián)的電壓為路端電壓，由知U1減小，所以U2增大；A錯誤，B正確；

CD．要注意對于定值電阻，是線性元件，有

由電路圖可知

故不變化，對于電阻R2有

由于R2增大，故都增大，將R3等效為電源的內(nèi)電阻，則等效內(nèi)電阻為

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知

因為不變化，所以不變；故C正確，D錯誤。

故選BC。7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

平行板電容器兩極板與電源兩極相連，則兩極板電壓保持不變，根據(jù)電容的決定式

將電容器的兩極板靠近則d減小，C增大，再根據(jù)

則兩極板所帶的電荷量將增大，則電容器處于充電過程，G中有電流，方向是a→b；所以AC正確；BD錯誤；

故選AC。8、B:D【分析】【詳解】

A．若小球帶負電；則由靜止釋放小球，小球在電場力與重力的作用下應先做直線運動，因此小球一定帶正電，選項A錯誤；

B．由于小球受到的電場力與重力的合力斜向右下，A到B過程；小球在斜向右下的等效場中運動，運動過程速度先增大后減小，細線的張力先增大后減小，選項B正確；

C．若小球受到的電場力大于重力；則兩個力的合力方向與水平方向的夾角小于45°，即等效場的方向與水平方向的夾角小于45°斜向右下方，則由運動的對稱性可知，小球下落時最低點不可能到達B點，選項C錯誤；

D．因為小球的機械能與電勢能之和為一定值；小球的速度先增大后減小，動能先增大后減小，因此小球電勢能與重力勢能之和先減小后增大，選項D正確。

故選BD。9、B:C【分析】【詳解】

AB．在E-x圖象中，圖象與x軸所圍面積表示電勢差，由圖可以看出x軸上Oc段與圖線所圍面積大于ac段與圖線所圍面積，ac段與圖線所圍面積大于bc段與圖線所圍面積；即。

UOc＞Uac＞Ubc＞0所以。

φO＞φa＞φb＞φc故B正確；A錯誤；

C．a(chǎn)c段與圖線所圍面積大于E0d；即。

Uac＞E0d所以將質(zhì)子從a點移到c點，電場力做功大于eE0d；故C正確；

D．將質(zhì)子從a點移到c點；電場力做正功，質(zhì)子的電勢能減少，D錯誤。

故選BC。10、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．+Q和?Q是等量異種電荷，根據(jù)其電場線的分布情況和對稱性可知，c、d兩點的電場強度大小相等；方向相同；則電場強度相同，故A正確；

B．通過ab連線的中垂面是一等勢面，c、d在同一等勢面上，cd連線上電勢處處相等。則沿cd連線移動一帶+q電量的點電荷；電場力始終不做功。故B正確；

C．由上分析知，Od連線為電場中的一條等勢線；連線上各點的電勢相同，故C正確；

D．O、c、d在同一等勢面上將一帶電量為?q的點電荷從d點移到O點再移到c點；電場力一直不做功。故D錯誤。

故選ABC。11、A:C【分析】【詳解】

AB.由于平行板電容器的電容遠大于與靜電計的指針和外殼組成的電容器的電容，而它們的電勢差總相同，故平行板電容器的帶電量遠大于指針和外殼組成的電容器的帶電量，可認為平行板電容器的帶電量不變，電容器不接電源電量幾乎不變，極板B稍向上移動，正對面積減小，由可知C減小，由Q不變U變大；靜電計指針張角變大，選項A正確；B錯誤；

CD.將B板向左平移一小段距離，平行板電容器的電容C減小，由知，U變大；靜電計指針張角變大，選項C正確；

D.B板向左平移一小段距離平行板電容器間的電場強度E不變，由于P點與B板的距離dPB增大，則UPB增大，P點的電勢增大，P點處的負點電荷的電勢能減??；選項D錯誤；

故選擇：AC；12、A:D【分析】【詳解】

A．若電壓為零時，只在加電壓，電子只能打在熒光屏的y軸上；故A正確；

B．若電壓為零時，只在加電壓，電子只能打在熒光屏的x軸上；故B錯誤；

CD．要使電子打在圖示坐標系的第III象限內(nèi)，則電子在經(jīng)過之間時向方向偏轉(zhuǎn)，應使Y接電源的負極，接電源的正極；之后電子在經(jīng)過之間向方向偏轉(zhuǎn)，應使接電源的正極；X接電源的負極，故D正確，C錯誤。

故選AD。13、C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場力做功與電勢能的變化關系可知，帶負電粒子僅在電場力作用下沿x軸正方向運動，電勢能減小，則電場力做正功，因此電場強度方向沿x軸負方向；故A錯誤；

B．由題目圖可知，電勢能的變化率不變，所以負電荷受到的電場力不變，則知該電場為勻強電場，根據(jù)公式

可知，電場強度

故B錯誤；

C．由圖可知可知，處的電勢能為零，根據(jù)公式

可知，處的電勢

故C正確；

D．電子從原點O運動到處的過程中；只有電場力做功，電勢能降低了8eV，那么動能增加了8eV，故D正確。

故選CD。14、A:D【分析】【詳解】

A；等量同種正電荷的電場線和等電勢面如圖所示。

可知a、b兩點的場強大小相等，方向相反，電場強度不同，a、b兩點電勢相同；故A錯誤；

B、等量同種正電荷的中垂線上，關于O的對稱點c、d的場強大小相等，方向相反，而中垂線為等勢線，c、d兩點的電勢相同；故B錯誤；

C；通電直導線周圍的磁感應強度的方向由安培定則判斷；如圖所示。

根據(jù)矢量疊加可知a點的磁感應強度向下，b點的磁感應強度向上；兩點的磁感應強度大小相等，方向相反，故C'錯誤；

D；根據(jù)磁感應強度合成的對稱性可知；c、d兩點的磁感應強度大小相等，方向相反，故D正確。

故選AD。三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]在勻強電場中，沿同一方向前進同樣的距離，電勢變化相同，由此知

解得，原點電勢

（2）[2]電子從b點運動到c點，電場力做功為

（3）[3]電子在a點的電勢能比在b點的高

（4）[4]設d點坐標為（0,2cm），則d點電勢

設x軸上存在一點e，且e點電勢為4V，則

解得

根據(jù)幾何關系O點到線段de的垂直距離為

電場強度的大小為【解析】①.1②.9③.7④.2.516、略

【分析】【詳解】

[1]由圖甲可知，固定刻度讀數(shù)為6.5mm，可動刻度讀數(shù)為35.8×0.01mm，則示數(shù)為6.5mm＋35.8×0.01mm＝6.858mm

6.857mm~6.859mm之間都正確；

[2]由圖乙可知，固定刻度讀數(shù)為0，可動刻度讀數(shù)為0.8×0.01mm，則示數(shù)為0＋0.8×0.01mm＝0.008mm

0.007mm~0.009mm之間都正確；

[3]由圖丙可知，固定刻度讀數(shù)為0.5mm，可動刻度讀數(shù)為15.8×0.01mm，則示數(shù)為0.5mm＋15.8×0.01mm＝0.658mm

0.657mm~0.659mm之間都正確?！窘馕觥?.857##6.858##6.8590.007##0.008##0.0090.657##0.658##0.65917、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]把它改裝成量程為0~3V的電壓表，要串聯(lián)一個分壓電阻，電阻大小為

(2)[3][4]把它改裝成量程為0~0.6A的電流表，要并聯(lián)一個分流電阻，其大小為【解析】串聯(lián)并聯(lián)0.0518、略

【分析】【詳解】

[1]．設電池的負極的電勢為0，電容的下極板的電勢不變，則上極板的電勢變化范圍為電容器兩極板的電壓的變化范圍：即

則通過A2的電量為Q=C△U=6.4×2×10-6=1.28×10-5C

[2]．A1的讀數(shù)為通過R1的電流，其值則R增大，電流變?。窘馕觥?.28×10‐5C一直減小19、略

【分析】【詳解】

[1]奧斯特實驗表明電流周圍存在磁場；磁場強度的大小與電流的距離有關，距離越近，磁場強度越大，故軟金屬彈簧圈由環(huán)形電流外側(cè)收縮到內(nèi)側(cè)虛線位置過程中磁通量大小變化情況為先變大后變?。?/p>

[2]彈簧圈p所受安培力的方向可根據(jù)左手定則判別，故為沿半徑向外。【解析】先變大后變小向外四、作圖題(共2題，共16分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關及干簧管繼電器開關外面接線構(gòu)成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關里面的兩個接線構(gòu)成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關存在磁場，導致開關接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）在圖（1）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由直線電流的安培定則，可知直線中的電流方向向下，如圖所示。

（2）在圖（2）中；已知小磁針靜止時N極的指向，由環(huán)形電流的安培定則，可知環(huán)形電流方向從左向右看是順時針方向，如圖所示。

（3）在圖（3）中；已知螺線管內(nèi)小磁針靜止時N極的指向，由通電螺線管的右手螺旋定則可知，螺線管中的電流方向從左端導線流入，右端導線流出，如圖所示。

（4）在圖