2025年浙教版高二物理上冊(cè)階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高二物理上冊(cè)階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、關(guān)于電場線和磁感線，下列說法正確的是(

)

A.電場線和磁感線都是不相交曲線B.電場線和磁感線都是閉合的曲線C.電場線和磁感線都是現(xiàn)實(shí)中存在的D.磁感線是從磁體的N

極發(fā)出，終止于S

極2、如圖所示；小物體A

與圓盤保持相對(duì)靜止，跟著圓盤一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則A

的受力情況正確的是。

A.受重力、支持力B.受重力、支持力和指向圓心的摩擦力C.受重力、支持力、向心力、摩擦力D.向心力、摩擦力3、如圖所示；用細(xì)線將質(zhì)量為m的金屬線圈懸掛起來，金屬線圈有一半處于垂直線圈向里的勻強(qiáng)磁場中，從某時(shí)刻開始，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，則在磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小的過程中，關(guān)于細(xì)繩上的拉力下列說法正確的是（）

A.始終等于環(huán)重力mgB.小于環(huán)重力mg，并保持恒定C.大于環(huán)重力mg，并保持恒定D.大于環(huán)重力mg，并逐漸減小4、利用光子說對(duì)光電效應(yīng)的解釋，下列說法正確的是()A.金屬表面的一個(gè)電子只能吸收一個(gè)光子B.電子吸收光子后一定能從金屬表面逸出，成為光電子C.金屬表面的一個(gè)電子吸收若干個(gè)光子，積累了足夠的能量才能從金屬表面逸出D.無論光子能量大小如何，電子吸收光子并積累了能量后，總能逸出成為光電子5、下列幾幅圖中，由電流產(chǎn)生的磁場方向正確的是（）A.B.C.D.6、如圖所示，物塊以初速度v0

沿光滑斜面向上滑行，速度減為零后返回.

取沿斜面向上為速度正方向，物塊運(yùn)動(dòng)的速度隆陋

時(shí)間的圖象正確的是(

)

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖所示，一支兩端封閉的玻璃管傾斜放置，正中有一段水銀柱，兩端各封閉有一定質(zhì)量的理想氣體，下列情況中能使水銀柱向a端移動(dòng)的是（）A.沿順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)玻璃管，使θ角變小B.保持θ角不變，使玻璃管加速上升C.使環(huán)境的溫度升高D.繞過b端的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)8、發(fā)電廠發(fā)電機(jī)的輸出電壓為U1

發(fā)電廠至學(xué)校的輸電線電阻為R

通過導(dǎo)線的電流為I

學(xué)校輸入電壓為U2

下列4

個(gè)計(jì)算輸電線損耗的式子中正確的(

)

A.U12R

B.(U1鈭?U2)2R

C.I2R

D.I(U1鈭?U2)

9、[

多選]

如圖所示，在兩磁極之間放一培養(yǎng)皿，磁感線垂直培養(yǎng)皿，皿內(nèi)側(cè)壁有環(huán)狀電極A

中心有電極K

皿內(nèi)裝有電解液，若不考慮電解液和培養(yǎng)皿之間的阻力，當(dāng)通以如圖所示電流時(shí)，則()

A.電解液將順時(shí)針旋轉(zhuǎn)流動(dòng)B.電解液靜止不動(dòng)C.若將滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)，則電解液旋轉(zhuǎn)流動(dòng)將變慢D.若將磁場的方向和電流的方向均變?yōu)楹驮瓉硐喾?，則電解液轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變10、如圖所示，點(diǎn)電荷固定于Q

點(diǎn)，一帶電粒子僅在庫侖力作用下，做以Q

為焦點(diǎn)的橢圓運(yùn)動(dòng).MN

為橢圓長軸的兩個(gè)端點(diǎn)，下列說法正確的是(

)

A.帶電粒子與點(diǎn)電荷的電性一定相反B.帶電粒子在M

點(diǎn)所受的庫侖力一定大于N

點(diǎn)的庫侖力C.帶電粒子在M

點(diǎn)的電勢能一定大于N

點(diǎn)的電勢能D.M

點(diǎn)的電勢一定高于N

點(diǎn)的電勢11、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體由a

狀態(tài)變化到b

狀態(tài)；下列說法正確的有(

)

A.外界對(duì)氣體做功B.氣體對(duì)外界做功C.氣體向外界放熱D.氣體從外界吸熱12、下列說法錯(cuò)誤的是（）A.已知某物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為M，密度ρ，阿伏加德羅常數(shù)為NA，則該種物質(zhì)的分子體積為V0=B.布朗運(yùn)動(dòng)是在顯微鏡下看到的液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.分子質(zhì)量不同的兩種理想氣體溫度相同，它們分子的平均動(dòng)能一定相同D.兩個(gè)分子間距增大的過程中，分子間的作用力一定減小13、如圖所示，由于理想變壓器原線圈的輸入電壓降低，使電燈L

變暗，下列哪些措施可以使電燈L

重新變亮()

A.其他條件不變，P1

下移，同時(shí)P2

上移B.其他條件不變，P1

上移，同時(shí)P2

下移C.其他條件不變，滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片P

向下移動(dòng)D.其他條件不變，斷開電鍵S

評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖所示，A為帶電荷量為+Q的點(diǎn)電荷，B為半徑為r的不帶電的金屬小球，球心到A的距離為R，則球心處的場強(qiáng)為______________，感應(yīng)電荷在球心處的場強(qiáng)為_________________.15、如圖所示，在光滑絕緣水平面上放置3個(gè)電荷量均為q（q＞0）相同小球，小球之間用勁度系數(shù)均為k的輕質(zhì)彈簧絕緣連接．當(dāng)3個(gè)小球處在靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，每根彈簧長度為l．已知靜電力常量為k，若不考慮彈簧的靜電感應(yīng)，則每根彈簧的原長為____．

16、如圖所示，質(zhì)量為M的物體靠在粗糙的豎直墻上，物體與墻面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．現(xiàn)用垂直于斜邊的推力F作用于物體上，物體保持靜止?fàn)顟B(tài)，則物體受到墻面的摩擦力為____．

17、某同學(xué)在做“利用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中；先測得擺線長為97.50cm，擺球直徑為2.00cm，然后用秒表記錄了單擺振動(dòng)50次所用的時(shí)間，如圖1所示，則：

（1）該擺擺長為______cm，秒表所示讀數(shù)為______s．

（2）如果測得的g值偏小，可能的原因是______

A．測擺線長時(shí)擺線拉得過緊。

B．?dāng)[線上端懸點(diǎn)未固定；振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長度增加了。

C．開始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過遲按下。

D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)記為50次。

（3）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長l并測出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對(duì)應(yīng)的l與T的數(shù)據(jù)，再以l為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)，將所得數(shù)據(jù)連成直線如圖2所示，并求得該直線的斜率為k，則重力加速度g=______（用k表示）18、將一電量為的電荷從電場中的點(diǎn)移到點(diǎn)，電場力做功為則兩點(diǎn)的電勢差__________再把這個(gè)電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，電場力做功則兩點(diǎn)的電勢差__________三點(diǎn)中電勢最高的點(diǎn)的是__________點(diǎn)。評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共36分)19、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

22、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共20分)23、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分六、推斷題(共3題，共9分)25、某有機(jī)化合物經(jīng)李比希法測得其中含碳為72.0%

含氫為6.67%

其余含有氧.

現(xiàn)用下列方法測定該有機(jī)化合物的相對(duì)分子質(zhì)量和分子結(jié)構(gòu)。圖A

為該有機(jī)化合物的質(zhì)譜圖；圖B

為該有機(jī)化合物的核磁共振氫譜，有5

個(gè)峰，其面積之比為12223

圖C

為該有機(jī)化合物分子的紅外光譜圖。試填空：(1)

該有機(jī)化合物相對(duì)分子量為_________________(2)

該有機(jī)化合物的分子式為________________．

(3)

經(jīng)分析該有機(jī)化合物的分子中只含一個(gè)甲基的依據(jù)是______(

填序號(hào))

．

a.

其相對(duì)分子質(zhì)量b.

其分子式c.

其核磁共振氫譜圖d.

其分子的紅外光譜圖(4)

從以上圖譜中分析得出；該有機(jī)化合物的結(jié)構(gòu)簡式為____________，含有的官能團(tuán)的名稱_______。

(5)

該有機(jī)化合物在酸性條件下可以水解，請(qǐng)寫出反應(yīng)方程式_______________________________．26、根據(jù)圖示填空。

（1）化合物A含有的官能團(tuán)是____。

（2）1molA與2moH2反應(yīng)生成1moE，其反應(yīng)方程式是____。

（3）與A具有相同官能團(tuán)的A的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡式是____。

（4）B在酸性條件下與Br2反應(yīng)得到D，D的結(jié)構(gòu)簡式是____。

（5）F的結(jié)構(gòu)簡式是____。由E生成F的反應(yīng)類型是。27、某有機(jī)化合物經(jīng)李比希法測得其中含碳為72.0%

含氫為6.67%

其余含有氧.

現(xiàn)用下列方法測定該有機(jī)化合物的相對(duì)分子質(zhì)量和分子結(jié)構(gòu)。圖A

為該有機(jī)化合物的質(zhì)譜圖；圖B

為該有機(jī)化合物的核磁共振氫譜，有5

個(gè)峰，其面積之比為12223

圖C

為該有機(jī)化合物分子的紅外光譜圖。試填空：(1)

該有機(jī)化合物相對(duì)分子量為_________________(2)

該有機(jī)化合物的分子式為________________．

(3)

經(jīng)分析該有機(jī)化合物的分子中只含一個(gè)甲基的依據(jù)是______(

填序號(hào))

．

a.

其相對(duì)分子質(zhì)量b.

其分子式c.

其核磁共振氫譜圖d.

其分子的紅外光譜圖(4)

從以上圖譜中分析得出；該有機(jī)化合物的結(jié)構(gòu)簡式為____________，含有的官能團(tuán)的名稱_______。

(5)

該有機(jī)化合物在酸性條件下可以水解，請(qǐng)寫出反應(yīng)方程式_______________________________．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】解：A

電場線和磁感線都是不相交曲線；如果相交，則同一點(diǎn)存在兩個(gè)方向，故A正確；

B；電場線是一條不閉合曲線；有起點(diǎn)和終點(diǎn)，而磁感線是一條閉合曲線，故B錯(cuò)誤；

C；電場線和磁感線都是為了形象的描述電場和磁場而引入的曲線；是假想的，不是實(shí)際存在的線；故C錯(cuò)誤；

D；磁感線在磁體外從磁體的N

極發(fā)出；指向S

極；在磁體內(nèi)由S

極指向N

極，磁感線是一條閉合曲線。故D錯(cuò)誤；

故選：A

電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)發(fā)出；到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度??；

磁感線是在磁場中的用來描述磁感應(yīng)強(qiáng)度的閉合的曲線；它的特點(diǎn)和電場線類似，但是磁感線是閉合的曲線，電場線不是閉合的，有起點(diǎn)和終點(diǎn)．

本題就是考查學(xué)生對(duì)電場線和磁感線的理解，它們之間的最大的區(qū)別是磁感線是閉合的曲線，但電場線不是閉合的，有起點(diǎn)和終點(diǎn)．【解析】A

2、B【分析】【解析】豎直方向受重力、支持力，水平方向受摩擦力提供向心力，指向圓心，B正確?！窘馕觥緽

3、D【分析】解：磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，穿過回路的磁通量均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知，回路中產(chǎn)生恒定的電動(dòng)勢，感應(yīng)電流也恒定不變。由楞次定律可知，感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，再由左手定則可得，安培力的合力方向?yàn)樨Q直向下。ab棒所受的安培力F=BIL，可知安培力F均勻減小，且方向向下，金屬環(huán)ab始終保持靜止；故拉力等于重力與安培力之和，故拉力一定大于重力，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，安培力減小，所以拉力的大小也逐漸減小，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D。

磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減??；穿過回路的磁通量均勻減小，回路中產(chǎn)生恒定的電流，由左手定則可確定安培力的方向，再根據(jù)安培力F=BIL，分析安培力的變化，由平衡條件即可求解。

本題關(guān)鍵根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢如何變化，即可判斷感應(yīng)電流和安培力的變化，同時(shí)注意明確平衡條件的應(yīng)用?！窘馕觥緿4、A【分析】【解析】試題分析：根據(jù)光子說，金屬中的一個(gè)電子一次只能吸收一個(gè)光子，若所吸收的光子頻率大于金屬的極限頻率，電子才能逃離金屬表面，成為光電子，且光子的吸收是瞬時(shí)的，不需時(shí)間的積累，故選項(xiàng)A正確.故選A考點(diǎn)：考查光電效應(yīng)【解析】【答案】Ａ5、B【分析】【解答】解：A；由于電流的方向豎直向上；根據(jù)安培定則知，磁場方向應(yīng)該右邊垂直紙面向里，左邊垂直紙面向外．故A錯(cuò)誤．

B；環(huán)形導(dǎo)線電流的方向逆時(shí)針；根據(jù)安培定則知，環(huán)形導(dǎo)線的內(nèi)部磁場方向垂直面向外，故B正確．

C；從上往下看；線框的電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，根據(jù)安培定則知，磁場的方向向下．故C錯(cuò)誤．

D；根據(jù)安培定則；電流方向上邊垂直向里，下邊垂直向外，則螺線管內(nèi)部的磁場方向向左．故D錯(cuò)誤．

故選：B．

【分析】根據(jù)安培定則判斷電流周圍磁場的方向，從而進(jìn)行判斷正誤．6、A【分析】【分析】本題關(guān)鍵要分析物體的運(yùn)動(dòng)情況及速度的斜率表示加速度：物體先沿斜面向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度沿斜面向下，后沿斜面向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律分析兩個(gè)加速度的關(guān)系。本題采用整體體法將往返運(yùn)動(dòng)看成一種勻減速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合速度圖象的斜率等于加速度，比較容易就能解答。【解答】物體先沿斜面向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，后沿斜面向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律分析得：mgsin婁脕=mamgsin婁脕=ma得a=gsin婁脕a=gsin婁脕所以兩個(gè)過程的加速度相同，都沿斜面向下，可以將物體的運(yùn)動(dòng)看成一種加速度沿斜面向下的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由于加速度不變，則v鈭?tv-t圖象的斜率保持不變，速度先正后負(fù)，所以v鈭?tv-t圖象是向下傾斜的直線，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A?！窘馕觥緼

二、多選題(共7題，共14分)7、ACD【分析】解：A、沿順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)玻璃管，使θ角變小，水銀柱的有效高度減小，b部分氣體壓強(qiáng)減??；水銀向a端移動(dòng)，故A正確；

B、當(dāng)加速上升時(shí)，水銀柱有一個(gè)向上的加速度，根據(jù)牛頓第二定律得下部氣體對(duì)水銀柱的壓力要增大，即壓強(qiáng)增大，所以水銀柱向b端移動(dòng)；故B錯(cuò)誤；

C、假定兩段空氣柱的體積不變，即Va，Vb不變，初始溫度為T，當(dāng)溫度降低△T時(shí)，空氣柱a的壓強(qiáng)由pa降至pa′，△pa=pa-pa′，空氣柱b的壓強(qiáng)由pb降至pb′，△pb=pb-pb′，由查理定律得：△pa=pa，△pb=pb，因?yàn)閜b＞pa，所以△pa＜△pb；則水銀柱應(yīng)向a移動(dòng)，故C正確；

D；以豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；水銀柱做圓周運(yùn)動(dòng)，需要向心力，根據(jù)牛頓第二定律得上部氣體對(duì)水銀柱的壓力要增大，所以水銀柱應(yīng)向a移動(dòng)，故D正確；

故選：ACD．

先對(duì)液柱進(jìn)行分析；得出封閉氣體的壓強(qiáng)；再以管中封閉氣體為研究對(duì)象，由理想氣體的狀態(tài)方程可求得其他量的變化．

這類題目用假設(shè)法求解，先假水銀柱不移動(dòng)，氣體等容過程求解．因?yàn)樗y柱的移動(dòng)是由于受力不平衡而引起的，而它的受力改變又是兩段空氣柱壓強(qiáng)增量的不同造成的，所以必須從壓強(qiáng)變化入手．【解析】【答案】ACD8、BCD【分析】解：輸電線上損失的電壓U=U1鈭?U2

輸電導(dǎo)線損失的電功率P=I2R=(U1鈭?U2)I=(U1鈭?U2)2R

故BCD正確；A錯(cuò)誤；

故選：BCD

明確各量間的關(guān)系；應(yīng)用電功率公式分析答題．

知道輸電過程各物理量間的關(guān)系，應(yīng)用電功率公式即可正確解題．【解析】BCD

9、AD【分析】解：AB

電解液中當(dāng)通以如圖所示電流時(shí)；將電解液看成無數(shù)個(gè)幅條狀導(dǎo)體組成，每根導(dǎo)體中電流從環(huán)邊緣流向K

由左手定則判斷可知，電解液所受的安培力方向沿順時(shí)針，因此電解液將順時(shí)針旋轉(zhuǎn)流動(dòng).

故A正確，B錯(cuò)誤．

C；若將滑動(dòng)變阻器的滑片向左移動(dòng)；其有效電阻減小，電路中電流增大，由F=BIL

知，電解液所受的安培力增大，則電解液旋轉(zhuǎn)流動(dòng)將變快，故C錯(cuò)誤．

D；若將磁場的方向和電流的方向均變?yōu)楹驮瓉硐喾?；由左手定則可知安培力方向不變，則電解液轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，故D正確．

故選：AD

由左手定則判斷電解液所受的安培力方向；即可分析其旋轉(zhuǎn)方向.

根據(jù)電路中電流的變化，分析安培力大小的變化，判斷電解液旋轉(zhuǎn)快慢的變化．

解決本題時(shí)要理解電解液旋轉(zhuǎn)的原因：受到安培力，知道判斷安培力方向的法則是左手定則，明確安培力方向與磁場方向和電流方向有關(guān)．【解析】AD

10、AB【分析】解：A

由圖可知帶電粒子在繞Q

點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)；點(diǎn)電荷對(duì)帶電粒子的吸引力提供向心力，所以帶電粒子與點(diǎn)電荷的電性相反，故A正確；

B；帶電粒子在M

點(diǎn)距離小于N

點(diǎn)；根據(jù)庫侖定律可知，則所受的庫侖力一定大于N

點(diǎn)的庫侖力，故B正確；

C；由橢圓運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)可知：M

點(diǎn)的速度大于N

點(diǎn)的速度；所以帶電粒子從M

點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N

點(diǎn)的過程中電場力做負(fù)功，電勢能增加，故C錯(cuò)誤；

D；由于不知粒子的電性；故無法確定電場線的方向，故M

點(diǎn)與N

點(diǎn)的電勢無法確定，故D錯(cuò)誤．

故選AB

帶電粒子在繞Q

點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)；點(diǎn)電荷對(duì)帶電粒子的吸引力提供向心力，根據(jù)電場力對(duì)帶電粒子的做功情況判斷M

點(diǎn)和N

點(diǎn)的電勢能大小關(guān)系．

本題主要考查了同學(xué)們識(shí)圖的能力，知道做橢圓運(yùn)動(dòng)的物體在靠近焦點(diǎn)的軌道上運(yùn)動(dòng)的速度大于遠(yuǎn)離焦點(diǎn)軌道上的速度，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】AB

11、BD【分析】解：根據(jù)公式：PVT=C

可知，氣體的體積：V=CPT

與PT

成反比；

AB

過Oa

點(diǎn)直線的斜率大于過Ob

點(diǎn)直線的斜率，故a

的體積小于b

的體積；體積變大，氣體對(duì)外做功，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD

體積變大；氣體對(duì)外做功，而溫度升高及內(nèi)能增加，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知?dú)怏w吸熱，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：BD

一定質(zhì)量的理想氣體的P鈭?T

圖象中；過原點(diǎn)的直線的斜率代表與體積成反比，根據(jù)氣體的狀態(tài)分析氣體的內(nèi)能的變化．

本題考查理解氣體狀態(tài)變化圖象的能力，方法是添置輔助線：設(shè)想O

到A

是一個(gè)等容過程，O

到B

也是一個(gè)等容過程，斜率大，此過程氣體的體積?。窘馕觥緽D

12、ABD【分析】解：A；由于物質(zhì)不明確狀態(tài)；若是氣體，要考慮分子間距，則不能計(jì)算分子體積，故A錯(cuò)誤；

B；布朗運(yùn)動(dòng)觀察到的是懸浮顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；不是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；兩種氣體溫度相同。它們分子的平均動(dòng)能一定相同；故C正確；

D；兩分子間距增大；分子力可能增大，也可能減小，故D錯(cuò)誤。

本題選擇錯(cuò)誤的。

故選：ABD。

對(duì)于固體或液體；分子間距較小，摩爾體積等于分子體積乘以阿伏加德羅常數(shù)，但氣體的分子間距較大，不能計(jì)算分子體積；

布朗運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng)；但間接證明了分子在永不停息的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；

分子間距增大時(shí)；分子間相互作用力不一定減小。

本題考查熱力學(xué)多個(gè)知識(shí)，其中分子動(dòng)理論、布朗運(yùn)動(dòng)、分子間作用力是?？純?nèi)容，要注意準(zhǔn)確記憶，注意分子力為引力和斥力的合力?！窘馕觥緼BD13、AD【分析】【分析】使燈變亮，就是增大其上面的電壓，可通過增大副線圈的電壓或者減小R1

上電壓，來增大L

上的電壓都可實(shí)現(xiàn)燈泡變亮。本題考查了理想變壓器和電路的動(dòng)態(tài)類分析問題，比較綜合。【解答】AB.

結(jié)合理想變壓器的電壓和匝數(shù)關(guān)系，U1U2=n1n2

可知U2=n2U1n1

所以分析可知，A

導(dǎo)致U2

變大，B

可使U2

變小，故B錯(cuò)誤，A正確；C.其他條件不變，將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片P

向下移動(dòng)，導(dǎo)致并聯(lián)電路電阻變小，加在L

上的電壓變小，故C錯(cuò)誤；D.其他條件不變，斷開電鍵S

可使L

和R3

的并聯(lián)值變大，所以加在L

上的電壓變大，可使燈泡變亮，故D正確；故選AD?！窘馕觥緼D

三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】處于靜電平衡的導(dǎo)體內(nèi)部場強(qiáng)處處為零，感應(yīng)電荷在球心處的場強(qiáng)與電荷A在球心處的場強(qiáng)大小相等方向相反，所以感應(yīng)電荷在球心處的場強(qiáng)為【解析】【答案】.0，15、略

【分析】

對(duì)邊緣小球受力分析；受重力；支持力、另外兩個(gè)帶電小球的排斥力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：

根據(jù)胡克定律；有：F=k△x

解得：△x=

故彈簧的原長為：l=l-△x=l-

故答案為：l-．

【解析】【答案】對(duì)邊緣小球受力分析；受重力；支持力、另外兩個(gè)帶電小球的排斥力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解出彈力，再根據(jù)胡克定律求解伸長量．

16、mg+Fsinθ【分析】【解答】如圖建立坐標(biāo)系對(duì)M進(jìn)行受力【分析】

M受重力、支持力FN，摩擦力F，推力F．

由于M靜止在墻面上；故處于平衡狀態(tài)滿足平衡條件：

y軸方向：F﹣mg﹣Fsinθ=0

解得：F=mg+Fsinθ

故答案為：mg+Fsinθ

【分析】注意區(qū)分判斷物體受到的是滑動(dòng)摩擦力還是靜摩擦力，能根據(jù)平衡條件判斷物體的受力情況．17、略

【分析】解：（1）擺線的長度為l=97.50cm+×2.00cm=98.50cm．

由秒表讀出時(shí)間t=60+15.2=75.2s．

（2）A、將擺線長的長度作為擺長，擺線拉得過緊，測得擺長偏大，則根據(jù)重力加速度的表達(dá)式g=可知；測得的g值偏大．故A錯(cuò)誤．

B、擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長度增加了，使周期變大了，由g=可知；測得的g值偏?。蔅正確．

C；開始計(jì)時(shí)時(shí)；秒表過遲按下，測得的時(shí)間偏小，周期偏小，則測得的g值偏大．故C錯(cuò)誤．

D、實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)數(shù)次數(shù)記為50次，由T=求出的周期偏小；測得的g值偏大．故D錯(cuò)誤．

故選：B．

（3）根據(jù)重力加速度的表達(dá)式g=可知，T2-l圖線斜率k=則g=．

故答案為：（1）98.50，75.2；（2）B；（3）．

（1）單擺的擺長等于擺線的長度加上小球的半徑．由圖讀出時(shí)間t，由T=求出周期．

（2）根據(jù)重力加速度的表達(dá)式分析g值偏小可能的原因．

（3）根據(jù)重力加速度的表達(dá)式和數(shù)學(xué)知識(shí)，分析T2-l圖線斜率k的意義；得到g的表達(dá)式．

單擺的擺長不是擺線的長度，還要加上擺球的半徑．對(duì)于實(shí)驗(yàn)誤差，要從實(shí)驗(yàn)原理公式進(jìn)行分析．【解析】98.50；75.2；B；18、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)電場力做功解得

即

[2]根據(jù)電場力做功解得

即

[3]根據(jù)題意可知

即

綜上所述

故最高點(diǎn)是點(diǎn)?！窘馕觥克?、判斷題(共4題，共36分)19、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．22、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．五、證明題(共2題，共20分)23、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)24、略

【分析】見答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏離平衡位置位移為X,則左側(cè)彈簧被拉伸X，右側(cè)彈簧被壓縮X。小球所受合外力為，F(xiàn)=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考慮到F與X的方向相反，則F=-KX所以小球的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)六、推斷題(共3題，共9分)25、略

【分析】【分析】本題考查某有機(jī)化合物的推斷，關(guān)鍵是對(duì)以上三個(gè)圖示的分析和判斷，強(qiáng)化了學(xué)生對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的理解和掌握，題目難度一般。由質(zhì)譜圖可知有機(jī)物的相對(duì)分子質(zhì)量為150

有機(jī)物A

中C

原子個(gè)數(shù)N(C)=

=9

有機(jī)物A

中H

原子個(gè)數(shù)N(H)=

=10

有機(jī)物A

中O

原子個(gè)數(shù)N(O)=

=2

所以有機(jī)物A

的分子式為C9H10O2

該有機(jī)化合物的核磁共振氫譜，有5

個(gè)峰，其面積之比為12223

且有一個(gè)甲基，由A

分子的紅外光譜可知，A

分子結(jié)構(gòu)有碳碳單鍵及C鈭?HC=OC鈭?O鈭?CC鈭?CC6H5鈭?C

等基團(tuán)，有機(jī)化合物在酸性條件下可以水解，則有機(jī)物A

結(jié)構(gòu)簡式為C6H5COOCH2CH3

以此解答該題。【解答】(1)

由質(zhì)譜圖可知有機(jī)物的相對(duì)分子質(zhì)量為150

(2)

有機(jī)物A

中C

原子個(gè)數(shù)N(C)=

=9

有機(jī)物A

中H

原子個(gè)數(shù)N(H)=

=10

有機(jī)物A

中O

原子個(gè)數(shù)N(O)=

=2

所以有機(jī)物A

的分子式為C9H10O2

(3)A

的核磁共振氫譜有5

個(gè)峰；說明分子中有5

種H

原子，其面積之比為對(duì)應(yīng)的各種H

原子個(gè)數(shù)之比，由分子式可知分子中H

原子總數(shù)，進(jìn)而確定甲基數(shù)目。所以需要知道A

的分子式及A

的核磁共振氫譜圖。

故答案為：bc

(4)

由A

分子的紅外光譜知；含有C6H5鈭?C鈭?

基團(tuán)，由苯環(huán)上只有一個(gè)取代基可知，苯環(huán)上的氫有三種，H

原子個(gè)數(shù)分別為1

個(gè)；2

個(gè)、2

個(gè).

由A

的核磁共振氫譜可知，除苯環(huán)外，還有兩種氫，且兩種氫的個(gè)數(shù)分別為2

個(gè)、3

個(gè).

由A

分子的紅外光譜可知，A

分子結(jié)構(gòu)有碳碳單鍵及其它基團(tuán)，所以符合條件的有機(jī)物A

結(jié)構(gòu)簡式為C6H5COOCH2CH3

含有的官能團(tuán)為酯基；

(5)

該有機(jī)化合物在酸性條件下可以水解生成苯甲酸和乙醇，方程式為C6H5COOCH2CH3+H2O

C6H5COOH+CH3CH2OH

【解析】(1)150

(2)C9H10O2

(3)bc

(4)C6H5COOCH2CH3

酯基(5)C6H5COOCH2CH3+H2O

C6H5COOH+CH3CH2OH

26、略

【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，考查了有機(jī)物的轉(zhuǎn)化，涉及考查了醛基、羧基、碳碳雙鍵的性質(zhì)，該題有一定的綜合性，難度中等。側(cè)重考查學(xué)生分析推斷能力，根據(jù)反應(yīng)條件及某些物質(zhì)結(jié)構(gòu)進(jìn)行推斷，正確推斷各物質(zhì)結(jié)構(gòu)簡式是解本題關(guān)鍵。

【解答】

(1)從圖可以