2025年冀少新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年冀少新版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、某線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生交變電流的圖像如圖所示，由圖中信息可以判斷：（）A.在A和C時(shí)刻線圈處于中性面位置B.在B和D時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量為零C.從A~D時(shí)刻線圈轉(zhuǎn)過(guò)的角度為2πD.若從O~D時(shí)刻歷時(shí)0.02s，則在1s內(nèi)交變電流的方向改變100次2、一帶電粒子在垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向的平面內(nèi)僅受磁場(chǎng)力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。要想確定帶電粒子電荷量與質(zhì)量之比，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.只需要知道磁感應(yīng)強(qiáng)度B和運(yùn)動(dòng)周期TB.只需要知道磁感應(yīng)強(qiáng)度BC.只需要知道軌道半徑R和運(yùn)動(dòng)速度vD.只需要知道運(yùn)動(dòng)速度v和磁感應(yīng)強(qiáng)度B3、S是上下振動(dòng)的波源，頻率為10Hz，所激起的波沿X軸向左向右傳播，波速為20m/s，質(zhì)點(diǎn)M、N到S的距離SM=42．8m，SN=13.3m，M、N已經(jīng)振動(dòng)，若某時(shí)刻S正通過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，則該時(shí)刻（）A.N位于X軸上方，運(yùn)動(dòng)方向向下B.N位于X軸下方，運(yùn)動(dòng)方向向上C.M位于X軸上方，運(yùn)動(dòng)方向向上D.M位于X軸上方，運(yùn)動(dòng)方向向下4、某電解池；如果在1

秒鐘內(nèi)共有2.0隆脕1018

個(gè)二價(jià)正離子和4.0隆脕1018

個(gè)一價(jià)負(fù)離子通過(guò)某橫截面，那么通過(guò)這個(gè)橫截面的電流是()

A.0A

B.0.64A

C.1.28A

D.2.56A

5、關(guān)于物體的慣性，下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.在宇宙飛船中的物體不存在慣性B.乒乓球可以被快速抽殺，是因?yàn)槠古仪驊T性小C.靜止的火車啟動(dòng)時(shí)，速度變化慢，是因?yàn)殪o止的物體慣性大D.運(yùn)動(dòng)速度大的物體不能很快地停下來(lái)，是因?yàn)槲矬w速度大，慣性也大6、如圖所示，豎井中的升降機(jī)可將地下深處的礦石快速運(yùn)送到地面。某一豎井的深度為104m，升降機(jī)運(yùn)行的最大速度為8m/s，加速度大小不超過(guò)1m/s2．假定升降機(jī)到井口的速度為0，則將礦石從井底提升到井口的最短時(shí)間是（）A.13sB.16sC.21sD.26s7、下列關(guān)于電流說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)體中沒(méi)有電流時(shí)，說(shuō)明導(dǎo)體內(nèi)部沒(méi)有電荷移動(dòng)B.由I=可知，導(dǎo)體兩端電壓越大，經(jīng)過(guò)導(dǎo)體電流越大C.電流有方向，所以是矢量D.由R=可知，經(jīng)過(guò)導(dǎo)體的電流越大，導(dǎo)體電阻越小8、在如圖所示的電路中，當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，螺線管中小磁針的N極的指向如圖所示（水平向右）．當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合，小磁針經(jīng)擾動(dòng)后靜止時(shí)，N極的指向?yàn)椋ǎ〢.垂直紙面向里B.垂直紙面向外C.水平向右D.水平向左9、下列敘述中不正確的是()A.麥克斯韋提出了光的電磁說(shuō)。

B.玻爾建立了量子理論；成功解釋了各種原子發(fā)光現(xiàn)象。

C.在光的干涉現(xiàn)象中；干涉亮條紋部分是光子到達(dá)幾率大的地方。

D.宏觀物體的物質(zhì)波波長(zhǎng)非常小，不易觀察到它的波動(dòng)性評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、如圖所示是一演示實(shí)驗(yàn)的電路圖。圖中L是一帶鐵芯的線圈，A是一燈泡。起初，開(kāi)關(guān)處于閉合狀態(tài)，電路是接通的。現(xiàn)將開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，則在開(kāi)關(guān)斷開(kāi)的瞬間，通過(guò)燈泡A的電流方向是從____端經(jīng)燈泡到____端。這個(gè)實(shí)驗(yàn)是用來(lái)演示____現(xiàn)象的。11、用圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當(dāng)用能量為5.0eV

的光子照射光電管的陰極K

時(shí)，測(cè)得電流計(jì)上的示數(shù)隨電壓變化的圖象如圖乙所示.

則光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)____________eV

金屬的逸出功為_(kāi)_________________J.(

電子的電荷量e=1.6脳10鈭?19C

普朗克常量h=6.63脳10鈭?34J鈥?S.

結(jié)果保留兩位有效數(shù)字.)

12、利用垃圾發(fā)電可減少垃圾堆放，消除細(xì)菌和減少傳染病傳播，減少大氣污染．中國(guó)第一座垃圾電站在深圳市，日處理垃圾300噸，發(fā)電功率500kW．當(dāng)采用10kV電壓輸電時(shí)，安裝在輸電線路起點(diǎn)的電度表和終點(diǎn)的電度表一晝夜讀數(shù)相差2400kW?h，則輸電線上的總電阻為_(kāi)_____Ω，若要使輸電線上損失的功率變?yōu)檩斔凸β实?.25%，則輸電電壓應(yīng)提高到______V．13、甲、乙兩物體接觸時(shí)，甲向乙傳遞熱量的原因是甲的溫度比乙高．______．（判斷對(duì)錯(cuò)）14、如圖所示是一個(gè)多量程多用電表的簡(jiǎn)化電路圖，測(cè)量電流、電壓和電阻各有兩個(gè)量程.

當(dāng)轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)S

旋到位置3

時(shí)，可用來(lái)測(cè)量______；當(dāng)S

旋到位置______時(shí)，可用來(lái)測(cè)量電流，其中S

旋到位置______時(shí)電流表量程較大．15、如圖所示的電路中，小量程電流表的內(nèi)阻Rg=100婁賂

滿偏電流Ig=1mAR1=900婁賂R2=100999婁賂.

(1)

當(dāng)S1

和S2

均斷開(kāi)時(shí)；改裝所成的表是______表，量程為_(kāi)_____．

(2)

當(dāng)S1

和S2

均閉合時(shí)，改裝所成的表是______表，量程為_(kāi)_____．16、下列說(shuō)法正確的是__________E.浸潤(rùn)現(xiàn)象是分子間作用力引起的評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、計(jì)算題(共3題，共27分)24、（8分）靜止的氮核被速度為v0的中子擊中生成碳核和另一種原子核甲，已知與甲核的速度方向與碰撞前中子的速度方向一致，碰后碳核與甲核的動(dòng)量之比為l：1．(1)寫(xiě)出核反應(yīng)方程式．(2)求與甲核的速度各是多大?25、如圖（a）所示，間距為l、電阻不計(jì)的光滑導(dǎo)軌固定在傾角為θ的斜面上。在區(qū)域I內(nèi)有方向垂直于斜面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度恒為B；在區(qū)域Ⅱ內(nèi)有垂直于斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度Bt的大小隨時(shí)間t變化規(guī)律如圖（b）所示。t=0時(shí)刻，在軌道上端的金屬細(xì)棒ab從如圖位置由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌下滑，同時(shí)下端的另一金屬細(xì)棒cd在位于區(qū)域I內(nèi)的導(dǎo)軌上也由靜止釋放。在ab棒運(yùn)動(dòng)到區(qū)域Ⅱ的下邊界EF之前，cd棒始終靜止不動(dòng)，兩棒均與導(dǎo)軌接觸良好。已知cd棒的質(zhì)量為m，電阻為R，ab棒的質(zhì)量、阻值均未知，區(qū)域Ⅱ沿斜面的長(zhǎng)度為2l，在t=tx時(shí)刻（tx未知）ab棒恰好進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ；重力加速度為g。求：

（1）當(dāng)ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)；cd棒消耗的電功率；

（2）ab棒由靜止下滑到區(qū)域Ⅱ下邊界的時(shí)間。26、光滑水平面上放著質(zhì)量為mA=1kg

的物塊A

與質(zhì)量為mB=2kg

的物塊BA

和B

均可視為質(zhì)點(diǎn)，A

與B

間夾一個(gè)被壓縮的輕彈簧(

彈簧與AB

不拴接)

用手擋住B

不動(dòng)，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep=49J.

在AB

間系一輕質(zhì)細(xì)繩，細(xì)繩長(zhǎng)度大于彈簧的自然長(zhǎng)度，如圖所示.

放手后B

向右運(yùn)動(dòng)，繩在短暫時(shí)間內(nèi)被拉斷，之后B

沖上與水平面相切的豎直半圓形光滑導(dǎo)軌，半徑為R=0.5m.B

恰能完成半圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)C

點(diǎn).

求：

(1)

繩拉斷后瞬間B

的速度vB

的大??；

(2)

繩拉斷過(guò)程繩對(duì)B

的沖量I

的大小；

(3)

繩拉斷過(guò)程繩對(duì)A

所做的功W

．評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共4題，共8分)27、在一次課外探究活動(dòng)中，某同學(xué)用圖甲所示的裝置測(cè)量放在水平光滑桌面上鐵塊A與長(zhǎng)金屬板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)．已知鐵塊A的質(zhì)量m=1kg,金屬板B的質(zhì)量m'=0.5kg，用水平力F向左拉金屬板B，使其向左運(yùn)動(dòng)，放大的彈簧秤示數(shù)如圖所示．則A、B間的摩擦力f=N,A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=.（取g=10m/s2)28、如圖所示,是用來(lái)做電磁感應(yīng)實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖,當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S時(shí),發(fā)現(xiàn)電流表的指針向左偏轉(zhuǎn)一下后,又回到中央位置.現(xiàn)繼續(xù)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。

29、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)處于完全失重狀態(tài)，物體對(duì)支持面沒(méi)有壓力，所以在這種環(huán)境中已無(wú)法用天平稱量物體的質(zhì)量。針對(duì)這種環(huán)境，某興趣小組通過(guò)查資料獲知：彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為（其中m時(shí)振子的質(zhì)量，k時(shí)彈簧的勁度系數(shù)）。他們?cè)O(shè)計(jì)了一種裝置來(lái)間接測(cè)量物體的質(zhì)量，如圖所示，A是帶夾子的金屬塊，金屬塊和夾子的總質(zhì)量為m0，B是待測(cè)質(zhì)量的物體（可以被A上的夾子固定），彈簧的勁度系數(shù)k未知，測(cè)量工具只有秒表。（1）測(cè)量待測(cè)物體質(zhì)量的方法和步驟如下：①不放B時(shí)用秒表測(cè)出彈簧振子完成30次全振動(dòng)的時(shí)間t1；②將B固定在A上，用秒表測(cè)出彈簧振子完成30次全振動(dòng)的時(shí)間t2。（2）用所測(cè)物理量和已知物理量，求待測(cè)物體質(zhì)量的計(jì)算式為m＝___________。（3）由于在太空中受到條件限制，只能把該裝置放在如圖所示的粗糙的水平桌上進(jìn)行操作，則該操作對(duì)該實(shí)驗(yàn)結(jié)果_____（填“有”或“無(wú)”）影響，因?yàn)開(kāi)_________________。30、某同學(xué)在“探究電磁感應(yīng)的產(chǎn)生條件”的實(shí)驗(yàn)中，設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置。線圈A通過(guò)電流表甲、高阻值的電阻R’、變阻器R和開(kāi)關(guān)S連接到干電池上，線圈B的兩端接到另一個(gè)電流表乙上，兩個(gè)電流表相同，零刻度居中。閉合開(kāi)關(guān)后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑片P不動(dòng)時(shí)，甲、乙兩個(gè)電流表指針的位置如圖所示。（1）當(dāng)滑片P較快地向左滑動(dòng)時(shí)，甲表指針的偏轉(zhuǎn)方向是_________，乙表指針的偏轉(zhuǎn)方向是________。（填“向右偏”、“向左偏”或“不偏轉(zhuǎn)”）（2）斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，待電路穩(wěn)定后再迅速閉合開(kāi)關(guān)，乙表的偏轉(zhuǎn)情況是______________(填“向左偏”、“向右偏”或“不偏轉(zhuǎn)”)（3）從上述實(shí)驗(yàn)可以初步得出結(jié)論：。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【解析】試題分析：在A和C時(shí)刻感應(yīng)電流最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，而磁通量為零，線圈處于與中性面垂直的位置．故A錯(cuò)誤．在B和D時(shí)刻感應(yīng)電流為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，而磁通量最大．故B錯(cuò)誤；從A時(shí)刻到D時(shí)刻經(jīng)過(guò)時(shí)間為周期，線圈轉(zhuǎn)過(guò)的角度為1.5π弧度．故C錯(cuò)誤．若從O時(shí)刻到D時(shí)刻經(jīng)過(guò)0.02s，交流電的方向在0.02s內(nèi)改變兩次，則在1s內(nèi)交流電的方向改變100次．故D正確．故選D考點(diǎn)：正弦式電流的圖象【解析】【答案】D2、A【分析】【解析】試題分析：帶電粒子在垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向的平面內(nèi)，由于磁場(chǎng)力不做功，故帶電粒子為勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由可得所以需要知道v,B，r，故CD錯(cuò)誤，根據(jù)公式可得所以需要知道B和T,故A正確，B錯(cuò)誤，考點(diǎn)：本題考查了帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【解析】【答案】A3、A【分析】由頻率為10Hz，得T=0.1s，SM=由圖可知M位于X軸下方，運(yùn)動(dòng)方向向下，CD錯(cuò)；SN=由圖可知N位于X軸上方，運(yùn)動(dòng)方向向下，B錯(cuò)，A對(duì)?！窘馕觥俊敬鸢浮緼4、C【分析】略【解析】C

5、B【分析】解：A

物體的慣性僅由質(zhì)量決定；與速度、加速度、位置等因數(shù)無(wú)關(guān)，故ACD誤．

B；乒乓球質(zhì)量較??；所以乒乓球慣性小，保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的能力就差，所以可以快速抽殺，故B正確；

故選：B

物體總保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的特性叫做慣性；質(zhì)量是物體慣性大小的唯一的量度，與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和所處的位置無(wú)關(guān)．

本題考查了慣性的基本概念及影響因數(shù)，同學(xué)們只要記住質(zhì)量是慣性的唯一量度，與其它任何因數(shù)無(wú)關(guān)就可以了.

注意排除生活常識(shí)帶來(lái)的錯(cuò)誤干擾．【解析】B

6、C【分析】解：升降機(jī)先做加速運(yùn)動(dòng)；后做勻速運(yùn)動(dòng)，最后做減速運(yùn)動(dòng)；

在加速階段，所需時(shí)間為：

通過(guò)的位移為：

在減速階段與加速階段相同，在勻速階段所需時(shí)間為：

總時(shí)間為：t=2t1+t2=21s

故C正確；ABD錯(cuò)誤。

故選：C。

升降機(jī)先做加速運(yùn)動(dòng)；后做勻速運(yùn)動(dòng)，最后做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度位移公式和速度時(shí)間公式求得總時(shí)間。

本題主要考查了勻變速直線運(yùn)動(dòng)，熟練運(yùn)用速度位移公式和速度時(shí)間公式，明確加速和減速過(guò)程的對(duì)稱性即可求得【解析】C7、B【分析】解：A；電荷定向移動(dòng)形成電流；導(dǎo)體中沒(méi)有電流時(shí)，說(shuō)明導(dǎo)體內(nèi)部沒(méi)有定向移動(dòng)的電荷，不是沒(méi)有電荷移動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、由歐姆定律可得；通過(guò)導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，即導(dǎo)體兩端電壓越大，經(jīng)過(guò)導(dǎo)體電流越大；故B正確；

C；電流有方向；但是電流是標(biāo)量，故C錯(cuò)誤；

D；導(dǎo)體電阻是導(dǎo)體本身的一種性質(zhì)；由導(dǎo)體本身決定，與導(dǎo)體兩端的電壓無(wú)關(guān)，與通過(guò)導(dǎo)體的電流無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

電荷定向移動(dòng)形成電流；導(dǎo)體中沒(méi)有電流時(shí)，說(shuō)明導(dǎo)體內(nèi)部沒(méi)有定向移動(dòng)的電荷，電流是標(biāo)量，電阻只與本身有關(guān)，與電壓和電流無(wú)關(guān)．

本題綜合考查了電流的形成、電流形成的條件、電流的方向和電阻，電流與電阻兩端的電壓成正比，與導(dǎo)體的電阻成反比，而電阻是導(dǎo)體本身的性質(zhì)，與是否有電壓及電流無(wú)關(guān)．【解析】B8、D【分析】解：小磁針在磁體內(nèi)部；由安培定則：伸出右手使大拇指指向通電螺線管的N極，則四指彎曲的方向?yàn)殡娏鞯姆较?，可知，通電螺線管的左端為N極，右端為S極．根據(jù)小磁針靜止時(shí)N極的指向即為磁場(chǎng)的方向，也為磁感線的方向，因此N極的指向?yàn)樗较蜃?，故D正確，ABC錯(cuò)誤；

故選D．

在磁體外部；磁感線從N極出進(jìn)入S極，而磁感線是閉合曲線，在磁體內(nèi)部，磁感線由S極指向N極，首先根據(jù)安培定則來(lái)確定磁場(chǎng)的方向，再根據(jù)小磁針的靜止時(shí)N極的指向即為磁場(chǎng)的方向，從而即可求解．

本題考查了磁感線的方向和安培定則的應(yīng)用．利用安培定則既可由電流的方向判定磁極磁性，也可以由磁極極性判斷電流的方向和線圈的繞法．【解析】【答案】D9、B【分析】試題分析：麥克斯韋提出了光的電磁說(shuō)；A正確；玻爾建立了量子理論，成功解釋了氫原子發(fā)光現(xiàn)象，B錯(cuò)誤；[

在光的干涉現(xiàn)象中，干涉亮條紋部分是光子到達(dá)幾率大的地方，C正確；宏觀物體的物質(zhì)波波長(zhǎng)非常小，不易觀察到它的波動(dòng)性，D正確。

考點(diǎn)：本題考查物理學(xué)史。

【解析】B

二、填空題(共7題，共14分)10、ba自感現(xiàn)象【分析】【解答】解:斷開(kāi)開(kāi)關(guān)的瞬間，電路中電流減小到零，所以線圈中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，阻礙原電流的減小，方向與原電流方向相同，即從b到a，這個(gè)實(shí)驗(yàn)是用來(lái)演示自感現(xiàn)象的?！痉治觥烤€圈的特點(diǎn)是閉合時(shí)阻礙電流的增大，斷開(kāi)時(shí)產(chǎn)生一自感電動(dòng)勢(shì)相當(dāng)于電源，與A組成閉合回路，L的右端電勢(shì)高11、24.8隆脕10鈭?19【分析】【分析】由圖乙知該裝置加反向電壓時(shí)，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表的示數(shù)等于2V

時(shí)，電流表示數(shù)為0

由動(dòng)能定理可求得光電子點(diǎn)的最大初動(dòng)能，根據(jù)光電效應(yīng)方程EKmKm=h婁脙鈭?W00；求出逸出功。

解決本題的關(guān)鍵理解圖象的物理意義，由圖象讀出遏止電壓，同時(shí)要掌握光電效應(yīng)方程，并能靈活運(yùn)用。【解答】由圖乙可知；當(dāng)該裝置所加的反向電壓是2V

時(shí)，電流表示數(shù)為0

即遏止電壓Uc=2V

根據(jù)動(dòng)能定理得：光電子點(diǎn)的最大初動(dòng)能為：Ek=eUc=2eV=3.2隆脕10鈭?19J

根據(jù)光電效應(yīng)方程EKm=h婁脙鈭?W0

得逸出功W0=3eV=4.8隆脕10鈭?19J

故答案為：24.8隆脕10鈭?19

【解析】24.8隆脕10鈭?19

12、略

【分析】解：（1）輸電線上的電流可由I=

而輸電線損耗功率可由Pr=I2r計(jì)算，其中Pr=

因此可求得r=

（2）輸電線上損耗功率

原來(lái)Pr=100kW，現(xiàn)在要求Pr′=1.25%P=6.25kW；

計(jì)算可得輸電電壓應(yīng)調(diào)節(jié)為U′=40000V．

故答案為：40；40000

由起點(diǎn)與終點(diǎn)兩只電表的示數(shù)相差；可求出輸電效率．由損失的功率及相差的電壓從而能求出線路上的電流，進(jìn)而算出線路上的電阻．若提高輸電效率，則可通過(guò)提高輸送電壓來(lái)降低線路上的電流，從而實(shí)現(xiàn)提高效率．

輸電線上的損失功率與其電流的平方成正比，而與輸電線兩端的電壓的平方成反比．【解析】40；4000013、略

【分析】解：內(nèi)能傳遞的方向是從溫度高的物體向溫度低的物體傳遞；所以甲；乙兩個(gè)不同的物體當(dāng)它們接觸后，溫度高的物體甲會(huì)向溫度低的物體乙傳遞熱量，使甲的內(nèi)能減少，乙的內(nèi)能增加；

故答案為：對(duì)．

解決此題要知道熱傳遞發(fā)生的條件是要有溫度差；質(zhì)量相同的兩種物質(zhì)；放出相同的熱量后，比熱容小的物質(zhì)降低的溫度值大．

解決此題掌握熱平衡的條件是溫度相同，熱量只能從高溫物體傳到低溫物體．【解析】對(duì)14、電阻；1或2；1【分析】解：當(dāng)轉(zhuǎn)換開(kāi)關(guān)S

旋到位置3

時(shí)；內(nèi)部電源被接通，構(gòu)成歐姆表，可測(cè)量電阻．

當(dāng)S

旋到位置12

時(shí)；電流表與電阻并聯(lián)，并聯(lián)電阻起分流作用，可用來(lái)測(cè)量電流．

S

旋到位置1

時(shí)；并聯(lián)電阻阻值較小，則分流較大，故S

旋到位置1

時(shí)，電流表量程較大．

故答案為：電阻；1

或21

．

歐姆表；電壓表、電流表都是由小量程電流表改裝而成；根據(jù)電表結(jié)構(gòu)選擇．

本題考查多用電表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，電壓檔和電流檔的內(nèi)部結(jié)構(gòu)與前面所學(xué)習(xí)的電壓表電流表的改裝原理相同，而歐姆檔啟用時(shí)內(nèi)部電源被接通．【解析】電阻；1

或21

15、略

【分析】解：(1)

由電路圖可知；當(dāng)S1

和S2

均斷開(kāi)時(shí)，G

與R1

串聯(lián)；

改裝所成的表是電壓表表；量程為U=g(Rg+R1)=0.001隆脕(100+900)=1V

．

(2)

由電路圖可知；當(dāng)S1

和S2

均閉合時(shí)，G

與R2

并聯(lián)；

改裝所成的表是電流表，量程為：I=Ig+IgRgR2=0.001+0.001隆脕100100999=1A

故答案為：(1)

電壓；1V(2)

電流；1A

．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻；把電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)分流電阻，分析清楚圖示電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析答題．

本題考查了電壓表與電流表的改裝，知道電表改裝原理、分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題．【解析】電壓；1V

電流；1A

16、B:C:E【分析】【詳解】

分子在永不停息的做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，則零攝氏度的物體的內(nèi)能也不為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；氣體如果失去了容器的約束會(huì)散開(kāi)，這是因?yàn)闅怏w分子熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果，選項(xiàng)B正確；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，則溫度相同的氧氣和臭氧氣體，分子平均動(dòng)能相同，選項(xiàng)C正確；理想氣體分子之間距離大于10r0可認(rèn)為分子之間的引力、斥力為零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；浸潤(rùn)現(xiàn)象是分子間作用力引起的，選項(xiàng)E正確；故選BCE.三、判斷題(共7題，共14分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．21、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．23、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。摹⒂?jì)算題(共3題，共27分)24、略

【分析】【解析】試題分析：(1)+→+(2分)(2)設(shè)中子質(zhì)量為m0，核質(zhì)量mC，甲核質(zhì)量為m甲，由動(dòng)量守恒得m0v0=12m0vC+3m0v甲(2分)又因?yàn)榕c甲核動(dòng)量比為1:l，所以12m0vC=3m0v甲(2分)聯(lián)立以上兩個(gè)方程，得：vC=(1分)v甲=（1分）考點(diǎn)：考查原子核反應(yīng)方程和動(dòng)量守恒定律的結(jié)合【解析】【答案】(1)+→+(2)v甲=25、解：（1）由楞次定律可知；流過(guò)cd的電流方向?yàn)閺膁到c，cd所受安培力沿導(dǎo)軌向上，故由左手定則可知，I內(nèi)磁場(chǎng)垂直于斜面向上。

故區(qū)域I內(nèi)磁場(chǎng)的方向垂直于斜面向上。cd棒平衡；所以有：BIl=mgsinθ

故解得：I=

cd棒消耗的電功率為：P=I2R=

（2）ab進(jìn)入II區(qū)域前做勻加速運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入后做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)ab剛好到達(dá)II區(qū)域的邊界的速度大小為v，由題意得：Blv=

解得：l=

可知ab棒進(jìn)入II區(qū)域之前在導(dǎo)軌上下滑的距離為l；因加速度為：a=gsinθ

則ab進(jìn)入?yún)^(qū)域II前的時(shí)間為：

t1==

v==

在磁場(chǎng)II運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t2==

則ab棒由靜止下滑到區(qū)域II下邊界的時(shí)間為：t=t1+t2=2

答：（1）當(dāng)ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd棒消耗的電功率為

（2）ab棒由靜止下滑到區(qū)域Ⅱ下邊界的時(shí)間為【分析】

（1）II內(nèi)磁場(chǎng)均勻變化因此在回路中形成感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷出流過(guò)cd的電流方向，然后根據(jù)平衡求出cd棒所受安培力方向，進(jìn)一步根據(jù)左手定則判斷磁場(chǎng)方向；對(duì)cd棒，根據(jù)平衡求出感應(yīng)電流的大小，根據(jù)P=I2R求出當(dāng)ab棒在區(qū)域II內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)cd棒消耗的電功率；

（2）棒ab進(jìn)入II區(qū)域前后回路中電動(dòng)勢(shì)不變；即磁場(chǎng)變化產(chǎn)生的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)與導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)相等，據(jù)此求出導(dǎo)體棒進(jìn)入II時(shí)的位移大小，然后根據(jù)導(dǎo)體棒先勻加速下滑后勻速下滑即可求出總時(shí)間。

解決這類問(wèn)題的關(guān)鍵是弄清電路結(jié)構(gòu)，正確分析電路中的電流以及安培力的變化情況。【解析】解：（1）由楞次定律可知；流過(guò)cd的電流方向?yàn)閺膁到c，cd所受安培力沿導(dǎo)軌向上，故由左手定則可知，I內(nèi)磁場(chǎng)垂直于斜面向上。

故區(qū)域I內(nèi)磁場(chǎng)的方向垂直于斜面向上。cd棒平衡；所以有：BIl=mgsinθ

故解得：I=

cd棒消耗的電功率為：P=I2R=

（2）ab進(jìn)入II區(qū)域前做勻加速運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入后做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)ab剛好到達(dá)II區(qū)域的邊界的速度大小為v，由題意得：Blv=

解得：l=

可知ab棒進(jìn)入II區(qū)域之前在導(dǎo)軌上下滑的距離為l；因加速度為：a=gsinθ

則ab進(jìn)入?yún)^(qū)域II前的時(shí)間為：

t1==

v==

在磁場(chǎng)II運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t2==

則ab棒由靜止下滑到區(qū)域II下邊界的時(shí)間為：t=t1+t2=2

答：（1）當(dāng)ab棒在區(qū)域Ⅱ內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd棒消耗的電功率為

（2）ab棒由靜止下滑到區(qū)域Ⅱ下邊界的時(shí)間為26、略

【分析】

(1)

對(duì)于恰能到達(dá)圓軌道的最高點(diǎn)；找出臨界條件，列出相應(yīng)的等式.

清楚B

的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，選擇某一過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理研究，解出某一狀態(tài)的速度．

(2)

在B

向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中；彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化給B

的動(dòng)能，根據(jù)動(dòng)量定理求出沖量．

(3)

應(yīng)用動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能定理求解繩拉斷的過(guò)程中所做的功．

該題考查了多個(gè)知識(shí)