2025年西師新版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年西師新版高二物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷986考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖所示的電路；閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電流表讀數(shù)變小；電壓表讀數(shù)變大。

B.小電泡L變暗。

C.電容器C上電荷量減小。

D.電源的總功率變大。

2、感應(yīng)電流的磁場(chǎng)一定A.阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量B.與引起感應(yīng)電流的磁場(chǎng)反向C.與引起感應(yīng)電流的磁場(chǎng)同向D.阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化3、圖中A、B為兩個(gè)相同的環(huán)形線圈，共軸并靠近放置．A線圈中通有如圖(a)所示的交變電流i，則（）A.在t1到t2時(shí)間內(nèi)B兩線圈相吸；B.在t2到t3時(shí)間內(nèi)B兩線圈相斥；C.t1時(shí)刻兩線圈間作用力為零；D.t2時(shí)刻兩線圈間吸力最大4、下列說(shuō)法正確的是（）A.沒(méi)有外力作用，物體不會(huì)運(yùn)動(dòng)，這是牛頓第一定律的體現(xiàn)B.力的國(guó)際單位制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的C.一對(duì)作用力與反作用力總是大小相等，性質(zhì)相同D.物體的速度越大，其慣性也越大5、如圖所示，虛線表示某電場(chǎng)中的四個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等.

一個(gè)不計(jì)重力的帶負(fù)電的粒子從右側(cè)垂直于等勢(shì)面4

向左進(jìn)入電場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡與等勢(shì)面分別交于abc

三點(diǎn)，則()A.四個(gè)等勢(shì)面電勢(shì)高低關(guān)系為婁脮1>婁脮2>婁脮3>婁脮4

B.該區(qū)域可能是點(diǎn)電荷和無(wú)限大金屬平板形成的電場(chǎng)C.等勢(shì)面4

上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)處處相等D.粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡和等勢(shì)面3

也可能垂直6、圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極NS

間的磁場(chǎng)可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，為交流電流表.

線圈繞垂直于磁場(chǎng)的水平軸OO隆盲

沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)，從圖甲所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí)，產(chǎn)生的交變電流隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示.

以下判斷正確的是(

)

A.電流表的示數(shù)為102A

B.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為50婁脨rad/s

C.t=0.01s

時(shí)，線圈平面與磁場(chǎng)方向平行D.t=0.02s

時(shí)，線圈在中性面位置7、兩塊平行金屬板帶等量異號(hào)電荷；要使兩板間的電壓加倍，而板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減半，采用的辦法有（）

①兩板的電量加倍；而距離變?yōu)樵瓉?lái)的4倍②兩板的電量加倍，而距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍。

③兩板的電量減半；而距離變?yōu)樵瓉?lái)的4倍④兩板的電量減半，而距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍．

A.①

B.③

C.①②

D.③④

8、在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，采用如圖所示的裝置.

下列說(shuō)法中正確的是A.墊高長(zhǎng)木板一端，調(diào)節(jié)傾角，直到小車(chē)在托盤(pán)和砝碼的拉動(dòng)下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，以平衡小車(chē)運(yùn)動(dòng)中受到的摩擦力B.在探究加速度與外力的關(guān)系時(shí)，應(yīng)該改變小車(chē)的質(zhì)量C.在探究加速度a

與拉力F

的關(guān)系時(shí)，為了直觀判斷二者間的關(guān)系，應(yīng)作出a

鈭?1/

F

圖象D.當(dāng)小車(chē)的質(zhì)量遠(yuǎn)大于托盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量時(shí)，可以近似認(rèn)為細(xì)線對(duì)小車(chē)的拉力大小等于托盤(pán)和砝碼的總重力大小評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、如圖所示，虛線是兩個(gè)等量點(diǎn)電荷所產(chǎn)生的靜電場(chǎng)中的一簇等勢(shì)線，若不計(jì)重力的帶電粒子從a點(diǎn)射入電場(chǎng)后恰能沿圖中的實(shí)線運(yùn)動(dòng)，b點(diǎn)是其運(yùn)動(dòng)軌跡上的另一點(diǎn)，則下述判斷正確的是（）A.由a到b的過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做正功B.由a到b的過(guò)程中帶電粒子的動(dòng)能減小C.若粒子帶正電，兩等量點(diǎn)電荷均帶正電D.若粒子帶負(fù)電，a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)10、如圖所示，一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)

的單匝正方形線圈abcd

放在具有理想邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其電阻為Rab

的中點(diǎn)和cd

的中點(diǎn)的連線OO隆盲

恰好位于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界線上，外電路電阻阻值為R

磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

若線圈從圖示位置開(kāi)始以角速度婁脴

繞OO隆盲

軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則()A.閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式e=BL2蠅sin蠅t

B.轉(zhuǎn)過(guò)1/4

圈的時(shí)間內(nèi)，負(fù)載R

產(chǎn)生熱量Q=蟺B2L4蠅64R

C.轉(zhuǎn)過(guò)1/4

圈的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)負(fù)載電阻R

的電荷量q=BL22R

D.轉(zhuǎn)過(guò)1/4

圈時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量為零，此時(shí)磁通量隨時(shí)間變化最快11、某質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；其位移隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示，則質(zhì)點(diǎn)()

A.第1

s

末與第3

s

末的速度相同B.3

s

末與5

s

末的速度相同C.3

s

末與5

s

末的位移相同D.第1

s

末與第3

s

末的加速度相同12、有一電熱器，額定電壓為220V，額定功率為1000W．現(xiàn)要把它改裝一下，用在電壓為110V的電路中，若要使它消耗的功率仍為1000W．下面做法中正確的是（）A.將電熱器中的電熱絲截去一半B.將電熱器中的電熱絲截去只留下C.在電熱器中再并聯(lián)一根與原來(lái)相同的電熱絲D.將電熱器中的電熱絲等分成兩段，再并聯(lián)起來(lái)13、把標(biāo)有“220V，100W”的白熾燈接在220V的交流電源下，下列說(shuō)法中正確的是（）A.交流電壓有效值是220V，燈絲電阻是484ΩB.交流電壓最大值是311V，燈絲電阻是968ΩC.交流電壓有效值是220V，電流有效值是0.45AD.交流電壓最大值是311V，電流最大值是0.45A14、如圖所示，圖中MN

是由負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線.

一帶正電粒子q

飛入電場(chǎng)后，只在電場(chǎng)力作用下沿圖中虛線運(yùn)動(dòng)，ab

是該曲線上的兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確是(

)

A.該電場(chǎng)的場(chǎng)源電荷在M

端B.a

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C.a

點(diǎn)的電勢(shì)低于b

點(diǎn)的電勢(shì)D.粒子在a

點(diǎn)的動(dòng)能小于在b

點(diǎn)的動(dòng)能15、兩個(gè)質(zhì)量不同的物體，在光滑的水平面上相向運(yùn)動(dòng)，并發(fā)生正碰，則下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.碰撞后，質(zhì)量小的物體速度變化大B.碰撞后，質(zhì)量大的物體速度變化大C.若碰撞后連成整體，則整體運(yùn)動(dòng)方向與原來(lái)動(dòng)量大的物體的運(yùn)動(dòng)方向相同D.若碰撞后連成整體，則整體運(yùn)動(dòng)方向與原來(lái)速度大的物體的運(yùn)動(dòng)方向相同16、如圖表示磁流體發(fā)電機(jī)的發(fā)電原理：將一束等離子體(

即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負(fù)電的微粒，而從整體來(lái)說(shuō)呈中性)

沿圖示方向噴射入磁場(chǎng)，磁場(chǎng)中有兩塊金屬板AB

這時(shí)金屬板上就聚集了電荷.

在磁極配置如圖中所示的情況下，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.A

板帶負(fù)電B.有電流從b

經(jīng)用電器流向a

C.金屬板AB

間的電場(chǎng)方向向下D.等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受的洛倫茲力大于所受的靜電力17、如圖xoy

平面為光滑水平面，現(xiàn)有一長(zhǎng)為d

寬為L(zhǎng)

的線框MNPQ

在外力F

作用下，沿正x

軸方向以速度v

做勻速直線運(yùn)動(dòng)，空間存在豎直方向的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=B0cos婁脨dx(

式中B0

為已知量)

規(guī)定豎直向下方向?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度正方向，線框電阻為Rt=0

時(shí)刻MN

邊恰好在y

軸處，則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.外力F

為恒力B.t=0

時(shí)，外力大小F=4B02L2vR

C.通過(guò)線圈的瞬時(shí)電流I=2B0Lvcos婁脨vtdR

D.經(jīng)過(guò)t=dv

線圈中產(chǎn)生的電熱Q=2B02L2vdR

評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)18、一列沿+x方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻剛好傳到x=6m處，如圖所示，已知波速v=10m/s，則圖中P點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)的方向沿______（選填“+y”或“-y”）方向，該點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=______cm．19、如圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挒閐

一正方形金屬線框abcd

的邊長(zhǎng)為L(zhǎng).

且L>d

線框平面與磁場(chǎng)垂直，bc

邊與磁場(chǎng)區(qū)域邊界平行.

線框以垂直于磁場(chǎng)邊界的速度勻速通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，速度大小為v

則線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向是______方向(

選填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”)

從進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，到完全離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，線框存在感應(yīng)電流的時(shí)間是______．20、某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)；在小車(chē)A

的前端粘有橡皮泥，設(shè)法使小車(chē)A

做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后與原來(lái)靜止的小車(chē)B

相碰并粘在一起，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)計(jì)如圖1

所示：

在小車(chē)A

的后面連著紙帶；電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率為50Hz

長(zhǎng)木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

(1)

若已得到打點(diǎn)紙帶如圖2

所示；并測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離，在圖上標(biāo)出A

為運(yùn)動(dòng)起始的點(diǎn)，則應(yīng)選______段來(lái)計(jì)算A

碰前的速度，應(yīng)選______段來(lái)計(jì)算A

和B

碰后的共同速度．

(2)

已測(cè)得小車(chē)A

的質(zhì)量mA=0.4kg

小車(chē)B

的質(zhì)量mB=0.20kg

則由以上結(jié)果可得碰前總動(dòng)量=

______kg?m/s

碰后總動(dòng)量=

______kg?m/s

．

21、變壓器中與負(fù)載連接的叫______線圈，與交流電源連接的叫______線圈．22、如圖所示，把一個(gè)面積為1.0隆脕10鈭?2m2

的矩形線框abcd

放在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T

的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框abcd

所處的平面與磁場(chǎng)方向垂直，穿過(guò)線框的磁通量為_(kāi)_____Wb

當(dāng)線框向右平移一段距離(

整個(gè)線框仍在磁場(chǎng)內(nèi))

則穿過(guò)線框的磁通量為_(kāi)_____Wb

當(dāng)線框以ab

邊為軸轉(zhuǎn)過(guò)90鈭?

則穿過(guò)線框的磁通量為_(kāi)_____Wb

．評(píng)卷人得分四、判斷題(共4題，共40分)23、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）24、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

25、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

26、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、證明題(共2題，共6分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長(zhǎng)狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。評(píng)卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)29、同學(xué)用電阻箱、多用電表、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線測(cè)一節(jié)舊干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．⑴他先用多用表電壓檔直接接在電源兩極，讀數(shù)如圖甲，則電源電動(dòng)勢(shì)約為V．⑵為了更準(zhǔn)確的測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，他用多用表的“直流100mA”檔設(shè)計(jì)了如圖乙的測(cè)量電路，為了電表安全，請(qǐng)估算開(kāi)關(guān)閉合前電阻箱的最小取值為Ω．⑶將多用電表的選擇開(kāi)關(guān)從OFF旋轉(zhuǎn)至“直流100mA”檔，調(diào)節(jié)電阻箱到合適的值并記錄其讀數(shù)R，合上開(kāi)關(guān)從多用表上讀出相應(yīng)的示數(shù)I．⑷重復(fù)⑶獲得多組數(shù)據(jù),根據(jù)數(shù)據(jù)作出了如圖丙所示的圖線．⑸由圖線得干電池的電動(dòng)勢(shì)E=V（保留三位有效數(shù)字），內(nèi)阻r=Ω（取整數(shù)），多用表的內(nèi)電阻對(duì)（選填“E”、“r”或“E和r”）的測(cè)量結(jié)果有影響。30、（6分）現(xiàn)有一根用新材料制成的金屬桿，長(zhǎng)為4m，橫截面積0.8cm2，要求它受到拉力后的伸長(zhǎng)量不超過(guò)原長(zhǎng)的選用同種材料制成樣品進(jìn)行測(cè)試，通過(guò)測(cè)試取得數(shù)據(jù)如下表：。長(zhǎng)度L250N500N750N1000N1m0.05cm20.04cm0.08cm0.12cm0.16cm2m0.05cm20.08cm0.16cm0.24cm0.32cm3m0.05cm20.12cm0.24cm0.36cm0.46cm4m0.10cm20.08cm0.16cm0.22cm0.32cm4m0.20cm20.04cm0.08cm0.12cm0.16cm根據(jù)測(cè)試結(jié)果，可以推導(dǎo)出伸長(zhǎng)量與材料的長(zhǎng)度L、材料的截面積S及拉力F之間的函數(shù)關(guān)系是_______（請(qǐng)用符號(hào)表達(dá)）；通過(guò)對(duì)樣品的測(cè)試，可知長(zhǎng)4m、橫截的圓面積為0.8cm2的新金屬桿能承受的最大拉力；表中有明顯誤差的數(shù)據(jù)是、.31、某同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中；使用的器材如下：

小燈泡（2.5V；1.25W）

電源（電動(dòng)勢(shì)3V；內(nèi)阻不計(jì)）

電流表（0~0.6A；內(nèi)阻約0.125Ω，0~3A，內(nèi)阻約0.025Ω）

電壓表（0~3V；內(nèi)阻約3kΩ，0~15V，內(nèi)阻約15kΩ）

滑線變阻器R（0~10Ω；額定電流2A）

單刀單擲開(kāi)關(guān)及導(dǎo)線若干。

（1）為減小誤差，在本實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選用0~_____A量程，電壓表應(yīng)選用0~_____V量程；

（2）如圖是本實(shí)驗(yàn)器材的實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，為了滿(mǎn)足實(shí)驗(yàn)要求并盡可能減小誤差，請(qǐng)補(bǔ)充完成實(shí)物圖中的連線____________。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C|D【分析】

A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)歐姆定律可知，電流I=增大，電壓表的讀數(shù)U=E-Ir減小．故A錯(cuò)誤．

B、燈泡功率P=I2RL，RL不變；I增大，P增大，則燈泡變亮．故B錯(cuò)誤．

C、電容器電壓UC=E-I（RL+r）減小，電容器電量Q=CUC減小．故C正確．

D、電源的總功率P總=EI，E不變，I增大，P總增大．故D正確．

故選CD

【解析】【答案】首先認(rèn)識(shí)電路的結(jié)構(gòu)：燈泡與變阻器串聯(lián)；電容器與燈泡并聯(lián)．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)歐姆定律分析．

2、D【分析】【解析】試題分析：根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的磁通量總是阻礙原磁通的變化。即原磁通量減小，則感應(yīng)電流對(duì)應(yīng)的磁通量就與原方向相同，若原磁通量增加，則感應(yīng)電流對(duì)應(yīng)的磁通量就與原方向相反，即“增反減同”。根據(jù)上述理解，正確為D考點(diǎn)：楞次定律【解析】【答案】D3、A|B|C【分析】從t1到t2時(shí)間內(nèi)，電流減小，根據(jù)楞次定律知吸引，從t2到t3時(shí)間內(nèi)電流增大，根據(jù)楞次定律知排斥，AB正確；t1時(shí)刻電流最大，但磁場(chǎng)的變化率最小，B線圈中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，無(wú)相互作用，t2時(shí)刻由于A線圈電流為零，故作用力為零，CD錯(cuò)誤【解析】【答案】ABC4、C【分析】解：A；由牛頓第一定律可知：力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；而不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，故A錯(cuò)誤．

B；在國(guó)際單位制中；力的單位是根據(jù)牛頓第二定律定義的，故B錯(cuò)誤；

C；一對(duì)作用力與反作用力總是大小相等；性質(zhì)相同，故C正確；

D；慣性是物體的固有屬性；慣性的大小取決于質(zhì)量，與其它因素?zé)o關(guān)，故D錯(cuò)誤；

故選：C．

牛頓第一定律揭示力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．牛頓第二定律揭示合外力與質(zhì)量和加速度的關(guān)系．

解答本題應(yīng)抓住：力是使物體產(chǎn)生加速度的原因，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．【解析】【答案】C5、B【分析】解：A

電荷所受電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶負(fù)電，因此電場(chǎng)線指向左上方，沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，由圖一可知，因此婁碌1<婁碌2<婁碌3<婁碌4

故A錯(cuò)誤；

B；由題圖可知；該電場(chǎng)的上下是對(duì)稱(chēng)的，結(jié)合圖二可知該區(qū)域可能是點(diǎn)電荷和無(wú)限大金屬平板形成的電場(chǎng)，也可能是等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)，故B正確；

C；電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱；由圖二可知婁脮4

等勢(shì)面上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不是處處相等，故C錯(cuò)誤；

D；由圖可知；負(fù)電荷做曲線運(yùn)動(dòng)，所以粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡和婁脮4

等勢(shì)面可能垂直，與婁碌3

等勢(shì)面不可能垂直，故D錯(cuò)誤．

故選：B

質(zhì)點(diǎn)只受電場(chǎng)力作用；根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知電場(chǎng)力指向運(yùn)動(dòng)軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向左上方，由于質(zhì)點(diǎn)帶負(fù)電，因此電場(chǎng)線方向也指向右下方；電勢(shì)能變化可以通過(guò)電場(chǎng)力做功情況判斷；電場(chǎng)線和等勢(shì)線垂直，且等勢(shì)線密的地方電場(chǎng)線密，電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大．

解決這類(lèi)帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的思路是：根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡判斷出所受電場(chǎng)力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢(shì)、電場(chǎng)、電勢(shì)能、動(dòng)能等物理量的變化．【解析】B

6、C【分析】解：A

由題圖乙可知交流電電流的最大值是Im=102AA

周期T=0.02s

由于電流表的示數(shù)為有效值，故示數(shù)I=Im2=1022A=10A

故A錯(cuò)誤；B

角速度=2婁脨T=2婁脨0.02rad/s=100婁脨rad/s

故B錯(cuò)誤；C0.01s

時(shí)線圈中的感應(yīng)電流達(dá)到最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則穿過(guò)線圈的磁通量變化最快，磁通量為0

故線圈平面與磁場(chǎng)方向平行，故C正確；D0.02s

時(shí)線圈中的感應(yīng)電流最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則穿過(guò)線圈的磁通量變化率最大，磁通量為0

線圈平面與磁感線平行，故D錯(cuò)誤.

故選：C

由題圖乙可知交流電電流的最大值、周期，電流表的示數(shù)為有效值；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則穿過(guò)線圈的磁通量變化最快，磁通量為0

線圈平面與磁感線平行本題考查交變電流的產(chǎn)生及有效值的定義，要注意明確電流表示數(shù)、機(jī)器銘牌上所標(biāo)的電流值、電壓值等均為有效值．【解析】C

7、B【分析】

①板間距離變?yōu)樵瓉?lái)的4倍時(shí)，電容為原來(lái)的兩板的電量加倍，由C=得知，電壓變?yōu)?倍，由E=分析得知；板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?倍．不符合題意．故①錯(cuò)誤．

②板間距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍時(shí)，電容為原來(lái)的兩板的電量加倍，由C=得知，電壓變?yōu)?倍，由E=分析得知；板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?倍．不符合題意．故②錯(cuò)誤．

③板間距離變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，電容為原來(lái)的兩板的電量減半，由C=得知，電壓變?yōu)?倍，由E=分析得知，板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)楸叮项}意．故③正確．

④板間距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍時(shí)，電容為原來(lái)的兩板的電量減半，由C=得知，電壓不變，由E=分析得知；板間電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?倍．不符合題意．故④錯(cuò)誤．

故選B

【解析】【答案】先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，再由電容的定義式分析電壓的變化，由E=分析板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化．

8、D【分析】【分析】加速度與物體質(zhì)量、物體受到的合力有關(guān)，在探究加速度與物體質(zhì)量、受力關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)該使用控制變量法；由于該實(shí)驗(yàn)涉及的物理量較多，因此該實(shí)驗(yàn)采用的是控制變量法研究加速度、質(zhì)量、合力三者之間的關(guān)系；解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)。本題考查了科學(xué)探究方法，要掌握常用的科學(xué)探究方法，提高我們的實(shí)驗(yàn)探究能力.

解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，然后熟練應(yīng)用物理規(guī)律來(lái)解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題。【解答】A.做該實(shí)驗(yàn)需要平衡摩擦力，所以在長(zhǎng)木板不帶定滑輪的一端下面墊一木塊，反復(fù)移動(dòng)木塊的位置，讓小車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，托盤(pán)和砝碼不能掛在小車(chē)上，故A錯(cuò)誤；B.在探究加速度與外力的關(guān)系時(shí)，應(yīng)該控制小車(chē)的質(zhì)量不變，改變外力，故B錯(cuò)誤；C.要直觀的反映兩個(gè)量之間的關(guān)系，可以通過(guò)作圖來(lái)解決.

但是只有作出一條直線，才可以直觀的反映兩個(gè)變量之間的關(guān)系.

在探究加速度a

與質(zhì)量m

的關(guān)系時(shí)，為了直觀判斷二者間的關(guān)系，應(yīng)作出a鈭?1m

圖像，故C錯(cuò)誤；D.設(shè)小車(chē)的質(zhì)量為M

砝碼盤(pán)和砝碼的質(zhì)量為m

設(shè)繩子上拉力為F

以整體為研究對(duì)象有mg=(m+M)a

解得：a=mgM+m

以M

為研究對(duì)象有繩子的拉力F=Ma=MmgM+m=mg1+mM

顯然要有F=mg

必有m+M=M

故有M>>m

即只有M>>m

時(shí)才可以認(rèn)為繩對(duì)小車(chē)的拉力大小等于盤(pán)和盤(pán)中砝碼的重力，故D正確。故選D。【解析】D

二、多選題(共9題，共18分)9、AD【分析】解：A；可由運(yùn)動(dòng)軌跡確定粒子的受力方向與速度方向；兩者的夾角小于90°故做正功，則動(dòng)能增加，故A正確；

BD、若帶負(fù)電荷，由a到b，電場(chǎng)力做正功，則電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，因電荷帶負(fù)電，則電勢(shì)增加，即a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)；故B錯(cuò)誤，D正確；

C；若粒子帶正電；在兩者中垂線左側(cè)受力方向向右，則其電場(chǎng)線向右，而兩等量電荷可以左邊的為正電荷，右邊的為負(fù)電荷．故C錯(cuò)誤．

故選：AD．

由運(yùn)動(dòng)的軌跡與電場(chǎng)線確定出受力向；根據(jù)力的方向與速度方向的夾角確定電場(chǎng)力做功的正負(fù)，從而判斷出能量的大小關(guān)系．

在電場(chǎng)中跟據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡和電場(chǎng)線關(guān)系判斷電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能、動(dòng)能等變化是對(duì)學(xué)生基本要求，也是重點(diǎn)知識(shí)，要重點(diǎn)掌握．【解析】【答案】AD10、BD【分析】【分析】線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流，根據(jù)規(guī)律可列出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式，最大值與有效值的2

倍；每當(dāng)線框通過(guò)中性面時(shí)，電流方向改變；當(dāng)磁通量為零時(shí)，線框切割速度最大，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)也最大。線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流.

而對(duì)于電表讀數(shù)、求產(chǎn)生的熱量均由交變電的有效值來(lái)確定，而涉及到耐壓值時(shí)，則由最大值來(lái)確定；而通過(guò)某一電量時(shí)，則用平均值來(lái)求，同時(shí)注意磁場(chǎng)只有一半?！窘獯稹緼、由閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式e=Emsin婁脴t

得回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式e=12B婁脴L2sin婁脴t,

故A錯(cuò)誤；B、電壓有效值為E=Em2

轉(zhuǎn)過(guò)14

圈的時(shí)間內(nèi)，整個(gè)電路產(chǎn)生的焦耳熱為Q=E2R+r隆隴14隆隴2婁脨婁脴=婁脨B2L4婁脴32R

那么負(fù)載R

產(chǎn)生熱量QR=12Q=婁脨B2L4婁脴64R

故B正確；C、轉(zhuǎn)過(guò)14

圈時(shí)，通過(guò)R

的電荷量q=??2R?t=BL24R

故C錯(cuò)誤;

D、轉(zhuǎn)過(guò)14

圈時(shí)，線圈從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90鈭?

此時(shí)磁場(chǎng)穿過(guò)線圈的磁通量最小，磁通量變化率最快，故D正確。故選BD?！窘馕觥緽D

11、BD【分析】略【解析】BD

12、BD【分析】解：A、B根據(jù)公式P=電熱絲消耗的功率不變，電壓為額定電壓的則電阻應(yīng)為原來(lái)的根據(jù)電阻定律得，電熱絲的長(zhǎng)度應(yīng)為原來(lái)的可將電熱器中的電熱絲截去．故A錯(cuò)誤；B正確．

C、若在電熱器中再并聯(lián)一根與原來(lái)相同的電熱絲，總電阻變?yōu)殡妷簽轭~定電壓的電熱絲消耗的功率為原來(lái)的不符合題意．故C錯(cuò)誤．

D、若將電熱器中的電熱絲等分成兩段，再并聯(lián)起來(lái)，根據(jù)電阻定律可知電阻變?yōu)樵瓉?lái)的符合要求．故D正確．

故選BD

根據(jù)公式P=分析電壓變化，而功率不變時(shí)，電阻的變化情況，根據(jù)電阻定律確定電熱絲長(zhǎng)度的變化．

本題是電阻定律與功率的綜合應(yīng)用，可采用控制變量法和比例法理解．常規(guī)題，比較簡(jiǎn)單．【解析】【答案】BD13、AC【分析】解：標(biāo)有“220V；100W”的白熾燈，燈泡的銘牌信息可知燈泡的額定電壓及額定功率，其中額定電壓指的是有效值．

所以交流電壓有效值是U=220V，交流電壓最大值是Um=220V=311V；

燈絲電阻R===484Ω

電流的有效值為I===0.45A；

電流的最大值是Im=I=A．所以AC正確；BD錯(cuò)誤；

故選：AC．

標(biāo)有“220V；100W”的白熾燈，燈泡的銘牌信息可知燈泡的額定電壓及額定功率，其中額定電壓指的是有效值．根據(jù)電功率和歐姆定律求解．

掌握家用電器銘牌上各種參數(shù)的含義，用電器的標(biāo)稱(chēng)值都是有效值．【解析】【答案】AC14、AD【分析】解：A

帶正電粒子受到的電場(chǎng)力向左；故負(fù)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)由N

指向M

故M

端為場(chǎng)源電荷，故A正確；

B、根據(jù)負(fù)電荷周?chē)妶?chǎng)分布特點(diǎn)可知：a

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b

點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，a

點(diǎn)的電勢(shì)高于b

點(diǎn)的電勢(shì)；故BC錯(cuò)誤；

D、粒子從a

運(yùn)動(dòng)到b

的過(guò)程中；電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，故D正確．

故選：AD

．

解答本題的突破口是根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡確定其所受電場(chǎng)力方向；從而確定電場(chǎng)線MN

的方向以及負(fù)點(diǎn)電荷的位置，然后根據(jù)負(fù)點(diǎn)電荷周?chē)妶?chǎng)分布情況，進(jìn)一步解答．

依據(jù)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡確定其所受電場(chǎng)力方向是解決帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題的突破口，然后可進(jìn)一步根據(jù)電場(chǎng)線、電場(chǎng)力做功等情況確定電勢(shì)、電勢(shì)能的高低變化情況．【解析】AD

15、AC【分析】解：A

兩物體放在光滑水平面上，發(fā)生正碰，由動(dòng)量守恒定律知，兩物體動(dòng)量變化大小相同，再由鈻?p=m鈻?v

知質(zhì)量小的物體速度變化大；故A正確；B錯(cuò)誤；

C；兩物體結(jié)合成整體；由m1v1鈭?m2v2=(m1+m2)v

可知，v

方向與動(dòng)量大的物體的運(yùn)動(dòng)方向一致，故C正確、D錯(cuò)誤．

故選：AC

碰撞過(guò)程中；系統(tǒng)所受合力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量定理判斷碰撞后速度變化的大小以及整體運(yùn)動(dòng)方向．

本題主要考查了動(dòng)量定理及動(dòng)量守恒定律的直接應(yīng)用，知道在碰撞過(guò)程中，動(dòng)量守恒，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】AC

16、ABD【分析】解：A

根據(jù)左手定則知；正電荷向下偏，負(fù)電荷向上偏，則A

板帶負(fù)電，故A正確；

B、因?yàn)锽

板帶正電，A

板帶負(fù)電，所以電流的流向?yàn)閎

流向a

故B正確；

C；因?yàn)锽

板帶正電；A

板帶負(fù)電，所以金屬板間的電場(chǎng)方向向上，故C錯(cuò)誤；

D；等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電場(chǎng)力；故D正確。

故選：ABD

根據(jù)左手定則判斷出正負(fù)電荷所受洛倫茲力的方向；從而判斷出正負(fù)電荷的偏轉(zhuǎn)方向，帶正電的極板電勢(shì)高，電流從正極板流向負(fù)極板。

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道電流在外電路中，由高電勢(shì)流向低電勢(shì)；本題是一道基礎(chǔ)題，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)?！窘馕觥緼BD

17、CD【分析】解：A

由于磁場(chǎng)是變化的；故切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也為變值，安培力也會(huì)變力；故要保持其勻速運(yùn)動(dòng)，外力F

不能為恒力；故A錯(cuò)誤；

B、t=0

時(shí)，左右兩邊的磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B0

方向相反，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=2B0LV

拉力等于安培力即F=2B0IL=4B02L2vR

故B錯(cuò)誤；

C、由于兩邊正好相隔半個(gè)周期，故產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)方向相同，經(jīng)過(guò)的位移為vt

瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)E=2B0Lvcos婁脨vtd

瞬時(shí)電流I=2B0Lvcos婁脨vtdR

故C正確；

D、由于瞬時(shí)電流成余弦規(guī)律變化，故可知感應(yīng)電流的有效值I=2B0Lv2R

故產(chǎn)生的電熱Q=I2Rt=2B02L2vdR

故D正確；

故選：CD

．

由題意明確感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的規(guī)律；根據(jù)導(dǎo)體切割磁感線規(guī)律和交流電有效值的計(jì)算方法可求得電流及熱量．

本題考查電磁感應(yīng)及交流電規(guī)律，要注意交流電有效值定義在本題中的遷移應(yīng)用；本題選題新穎，是道好題．【解析】CD

三、填空題(共5題，共10分)18、略

【分析】解：由波形圖知波長(zhǎng)λ=4m，由波速公式v=λf得：頻率f==2.5Hz．

簡(jiǎn)諧波沿+x方向傳播；P質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始向-y方向振動(dòng)，其簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式y(tǒng)=Asin2πft（cm）=10sin5πt（cm）．

故答案為：-y；10sin5πt

由波形圖讀出波長(zhǎng)；由波速公式v=λf求出頻率．簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)方程為y=Asin2πft．當(dāng)圖示時(shí)刻x=0.15m處波峰傳到C點(diǎn)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)C第一次到達(dá)波峰．

本題考查基本的讀圖能力，關(guān)鍵要能從波動(dòng)圖象讀取波長(zhǎng)和振幅，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)，寫(xiě)出振動(dòng)方程．【解析】-y；10sin5πt19、略

【分析】解：由右手定則可知；線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

產(chǎn)生感應(yīng)電流過(guò)程線框的位移為2d

則線框存在感應(yīng)電流的時(shí)間：t=2dv

故答案為：逆時(shí)針；2dv

．

由右手定則可以判斷出感應(yīng)電流的方向；

當(dāng)穿過(guò)線框的磁通量變化時(shí)；產(chǎn)生感應(yīng)電流，由速度公式的變形公式可以求出產(chǎn)生感應(yīng)電流的時(shí)間．

本題考查了判斷感應(yīng)電流方向、求產(chǎn)生感應(yīng)電流的時(shí)間，應(yīng)用右手定則、知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件即可正確解題．【解析】逆時(shí)針；2dv

20、略

【分析】解：(1)

由于碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A

獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；故AC應(yīng)在碰撞之前，DE

應(yīng)在碰撞之后．

推動(dòng)小車(chē)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)；故小車(chē)有個(gè)加速過(guò)程，在碰撞前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，即在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移相同，故BC段為勻速運(yùn)動(dòng)的階段，故選BC計(jì)算碰前的速度；

碰撞過(guò)程是一個(gè)變速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程；而A

和B

碰后的共同運(yùn)動(dòng)時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)相同的位移，故應(yīng)選DE段來(lái)計(jì)算碰后共同的速度．

故答案為BCDE

(2)

碰前系統(tǒng)的動(dòng)量即A

的動(dòng)量，則P1=m1v1=m1BC5T=0.40隆脕0.10505脳0.02=0.420kg?m/s

碰后的總動(dòng)量P2=(m1+m2)v2=(m1+m2)DE5T=(0.40+0.20)隆脕0.06955脳0.02=0.417kg?m/s

故答案為：0.4200.417

．

故本題的答案為：(1)BCDE(2)0.4200.417

(1)

碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A

獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度；確定AC

應(yīng)在碰撞之前，DE

應(yīng)在碰撞之后，在勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)在相同的時(shí)間內(nèi)通過(guò)的位移相同，所以BC

應(yīng)為碰撞之前勻速運(yùn)動(dòng)階段，DE

應(yīng)為碰撞之后勻速運(yùn)動(dòng)階段．

(2)

物體發(fā)生的位移與發(fā)生這些位移所用時(shí)間的比值等于勻速運(yùn)動(dòng)的物體在該段時(shí)間內(nèi)的速度.P=mv=mxt

．

根據(jù)碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前A

獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度，確定AC

應(yīng)在碰撞之前，DE

應(yīng)在碰撞之后，是解決本題的突破口．【解析】BCDE0.420.417

21、略

【分析】解：變壓器線圈分為原線圈和副線圈；

原線圈：與交流電源連接的線圈；也叫初級(jí)線圈；

副線圈：與負(fù)載連接的線圈；也叫次級(jí)線圈；

故答案為：副；原．

變壓器是利用電磁感應(yīng)的原理來(lái)改變交流電壓的裝置；主要構(gòu)件是初級(jí)線圈；次級(jí)線圈和鐵芯（磁芯）；主要功能有：電壓變換、電流變換等．

本題關(guān)鍵是掌握變壓器結(jié)構(gòu)，知道原副線圈的名稱(chēng)，并知道變壓器的基本接法．【解析】副；原22、1.0×10-2；1.0×10-2；0【分析】解：在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，穿過(guò)線框的磁通量公式為：婁碌=BS=1.0隆脕1.0隆脕10鈭?2Wb=1.0隆脕10鈭?2Wb

當(dāng)線框向右平移一段距離(

整個(gè)線框仍在磁場(chǎng)內(nèi))

穿過(guò)線框的磁感線條數(shù)沒(méi)有變化，所以磁通量不變，仍為1.0隆脕10鈭?2Wb

當(dāng)線框以ab

邊為軸轉(zhuǎn)過(guò)90鈭?

線框與磁場(chǎng)平行，沒(méi)有磁感線穿過(guò)線框，則穿過(guò)線框的磁通量為0

．

故答案為：1.0隆脕10鈭?21.0隆脕10鈭?20

．

在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；穿過(guò)線框的磁通量公式為：婁碌=BS

磁感線可以用穿過(guò)線框的磁感線的條數(shù)來(lái)理解.

當(dāng)線框與磁場(chǎng)平行時(shí)，穿過(guò)線框的磁通量為零．

對(duì)于磁通量，關(guān)鍵抓住兩種特殊下磁通量的求解公式：在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)B隆脥S

時(shí)，婁碌=BS

當(dāng)B//S婁碌=0.

根據(jù)這兩種情況，運(yùn)用投影的方法可求線框與磁場(chǎng)成任意角時(shí)的磁通量．【解析】1.0隆脕10鈭?21.0隆脕10鈭?20

四、判斷題(共4題，共40分)23、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類(lèi)似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．24、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱(chēng)；無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．25、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)