高一聯(lián)考物理參考答案詳解版

高一聯(lián)考物理參考答案詳解版題號(hào)12345678910答案ADBBDBDBCC題號(hào)11答案D1．A【詳解】A．“太陽(yáng)東升西落”是以地面為參考系，故A正確；B．跳傘運(yùn)動(dòng)員看到大地迎面而來(lái)是以運(yùn)動(dòng)員自己為參考系，故B錯(cuò)誤；CD．研究物體本身各部分的動(dòng)作不能將物體視為質(zhì)點(diǎn)，故C、D錯(cuò)誤。故選A。2．D【詳解】A．甲圖中重力的施力物體是地球，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中所示的實(shí)驗(yàn)是用來(lái)觀察桌面微小形變，其利用了光線照射后將形變“放大”，采用了放大的思想，故B錯(cuò)誤；C．丙圖高鐵車廂里的電子屏上“126km/h”是瞬時(shí)速度，故C錯(cuò)誤；D．丁圖中汽車作勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度由v1變到v2，根據(jù)加速度的定義式有可知，該段時(shí)間內(nèi)加速度方向與Δv方向相同，故D正確。故選D。3．B【詳解】A．在研究彈力時(shí)，通過(guò)激光筆、平面鏡觀察桌面形變，應(yīng)用了微小量放大法，故A正確；B．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法是理想模型法，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)平均速度，當(dāng)△t很小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，這里應(yīng)用了極限思想，故C正確；D．在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里應(yīng)用了微元累積法，故D正確。選不正確，故選B。4．B【詳解】A．靜止在場(chǎng)地上的足球受力平衡，此時(shí)重力大小等于足球受到的彈力大小，但是不能說(shuō)足球受到的彈力就是它的重力，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員用力蹬地，身體卻向上躍起，說(shuō)明力的作用是相互的，故B正確；C．傳球過(guò)程中，足球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變，足球不是受到平衡力的作用，故C錯(cuò)誤；D．運(yùn)動(dòng)員用頭頂球時(shí)，力即改變了足球的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，也改讓足球發(fā)生了形變，故D錯(cuò)誤。故選B。5．D【詳解】A．拉力方向應(yīng)與木板平面平行，需要記錄拉力的大小和方向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．實(shí)驗(yàn)中，把橡皮筋的另一端拉到O點(diǎn)時(shí)，兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)之間的夾角大小適當(dāng)即可，不一定要取90°，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．兩個(gè)測(cè)力計(jì)的量程不一定必須相同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．圖中的力是兩個(gè)分力合力的實(shí)驗(yàn)值，其方向和細(xì)繩AO方向相同，選項(xiàng)D正確。故選D。6．B【詳解】A．小孩所受的重力方向豎直向下，不一定垂直于地面，故A錯(cuò)誤；B．小孩被提起后，小孩受重力與秤鉤的拉力是一對(duì)平衡力，大小相等，方向相反，小孩的重心一定位于秤鉤的正下方，故B正確；C．奶奶對(duì)凳子的壓力是由于奶奶的形變引起的，故C錯(cuò)誤；D．凳子對(duì)奶奶的支持力與奶奶、小孫子、桿秤所受的總重力是一對(duì)平衡力，故D錯(cuò)誤。故選B。7．D【詳解】AD．由圖可知，無(wú)人機(jī)在上升，下降，則無(wú)人機(jī)在3s末到達(dá)最高點(diǎn)，上升的最大高度為故A錯(cuò)誤，D正確；B．無(wú)人機(jī)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)，速度為零，此時(shí)最小，故C錯(cuò)誤。故選D。8．B【詳解】AB．已知通過(guò)ab段的時(shí)間為t，根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，汽車通過(guò)ab、bc、cd、de四段的時(shí)間之比為所以通過(guò)cd段時(shí)間為通過(guò)ce段時(shí)間為故A錯(cuò)誤，B正確；C．通過(guò)ad段的時(shí)間為故ab段和ad段所用時(shí)間比為故C錯(cuò)誤；D．通過(guò)ae段的時(shí)間為通過(guò)ab段的時(shí)間為t，故b點(diǎn)為ae段時(shí)間的中間時(shí)刻，所以通過(guò)b點(diǎn)的瞬時(shí)速度為ae段的平均速度，因汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度越來(lái)越大，b點(diǎn)的瞬時(shí)速度小于c點(diǎn)的瞬時(shí)速度，故ae段的平均速度小于c點(diǎn)的瞬時(shí)速度，故D錯(cuò)誤。故選B。9．C【詳解】A．根據(jù)圖乙可知，物體受到的滑動(dòng)摩擦力為7N左右，所以物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)約為故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)物塊與長(zhǎng)木板發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)后，不管木板做勻速運(yùn)動(dòng)還是變速運(yùn)動(dòng)，物塊的受力不再改變，故木板不需要保持勻速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖乙可知，物體受到的最大靜摩擦力為10N左右，物體受到的滑動(dòng)摩擦力為7N左右，所以最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力之比約為，故C正確；D．木板滑動(dòng)后，力傳感器對(duì)物塊的拉力與物塊對(duì)力傳感器的拉力是一對(duì)相互作用力，大小相等，故D錯(cuò)誤。故選C。10．C【詳解】AB．對(duì)O點(diǎn)受力分析可知解得一根斜梁對(duì)O點(diǎn)的支持力大小為一根橫梁對(duì)O點(diǎn)的拉力大小為選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．保持O點(diǎn)的位置不變，若把斜梁加長(zhǎng)一點(diǎn)，斜梁BO跟橫梁的夾角θ變大，根據(jù)則橫梁對(duì)O點(diǎn)的拉力將減小，選項(xiàng)C正確；D．斜梁和橫梁對(duì)O點(diǎn)的作用力等于空調(diào)機(jī)的重力，則保持O點(diǎn)的位置不變，若把斜梁加長(zhǎng)一點(diǎn)，則斜梁和橫梁對(duì)O點(diǎn)的作用力不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。11．D【詳解】A．煤塊沖上傳送帶后，先沿傳送帶向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得mgsinθ+μmgcos37°=ma1解得a1=10m/s2設(shè)經(jīng)時(shí)間t1煤塊與傳送帶共速，則v0a1t1=v解得t1=1s故A正確；B．前1s內(nèi)，煤塊的位移為共速后，由于mgsinθ＞μmgcos37°所以煤塊受到的滑動(dòng)摩擦力方向向上，繼續(xù)向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得mgsinθμmgcos37°=ma2解得a2=2m/s2共速后，煤塊繼續(xù)做勻減速運(yùn)動(dòng)的最大位移為所以煤塊向上滑行的最大位移為x=x1+x2=7m+1m=8m故B正確；C．煤塊速度從v減至零的時(shí)間為煤塊上升到最高點(diǎn)后反向做初速度為零、加速度為a2=4m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)從最高點(diǎn)返回到A端所需的時(shí)間為t3，則解得t3=2s煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時(shí)間為t=t1+t2+t3=1s+1s+2s=（2+2）s故C正確；D．在t1時(shí)間內(nèi)，傳送帶的位移x1′=vt1=2×1m=2m煤塊傳送帶上的劃痕長(zhǎng)為L(zhǎng)1=x1x1′=7m2m=5m在t2時(shí)間內(nèi)，傳送帶的位移x2′=vt2=2×1m=2m煤塊傳送帶上的劃痕長(zhǎng)為L(zhǎng)2=x2′x2=2m1m=1m由于兩個(gè)過(guò)程痕跡重疊1m,所以前2s內(nèi)，煤塊在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)為5m。在t3時(shí)間內(nèi)，傳送帶的位移x3′=vt3=2×2m=4m煤塊傳送帶上的劃痕長(zhǎng)為L(zhǎng)3=x+x3′=8m+4m由于有4m長(zhǎng)的痕跡與前面的重疊，所以煤塊在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)為L(zhǎng)=5m+4m+4m=（9+4）m故D錯(cuò)誤。此題選擇錯(cuò)誤的，故選D。12．0.10.16BC【詳解】（1）[1]每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為[2]根據(jù)逐差法可得，小車的加速度為（2）[3]由題意可知，小車運(yùn)動(dòng)時(shí)所受摩擦力的大小為每一次小車加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的傳感器示數(shù)，則小車的合力為[4]以小車為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得可得可知圖像為過(guò)原點(diǎn)的一條傾斜直線。故選B。（3）[5]A．本實(shí)驗(yàn)中力的大小可由力傳感器直接得出，本實(shí)驗(yàn)是探究小車的加速度與合力的關(guān)系，只要保持小車和傳感器的總質(zhì)量不變，不需要測(cè)出它們的具體數(shù)值，故A錯(cuò)誤；B．用力傳感器測(cè)出了摩擦力，不需要平衡摩擦力，故B錯(cuò)誤；C．用加砂的方法改變拉力的大小，每次砂的質(zhì)量可增加得很少，而掛鉤碼每次質(zhì)量增加得多，故前者可更方便地獲取多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，故C正確。故選C。13．(1)75m(2)【詳解】（1）無(wú)人機(jī)5s末速度代入數(shù)據(jù)解得5s內(nèi)升高勻速飛行5s內(nèi)升高無(wú)人機(jī)10s末的高度（2）若無(wú)人機(jī)升高到H=120m時(shí)恰好減速到零，則減速時(shí)的加速度最小，則代入數(shù)據(jù)解得14．(1)(2)，方向水平向右(3)【詳解】（1）對(duì)結(jié)點(diǎn)O進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得，解得，（2）以甲、乙為整體，水平方向受到OB繩的拉力和地面的靜摩擦力，由平衡條件得方向水平向左；根據(jù)牛頓第三定律可得，乙對(duì)地面的摩擦力大小為，方向水平向右。（3）甲、乙之間的最大靜摩擦力為乙與地面的最大靜摩擦力為對(duì)甲分析可得又解得則物體丙的質(zhì)量需要滿足15．（1）0.4；（2）4s；（3）【詳解】（1）由于滑塊滑上傳送帶后做勻速運(yùn)動(dòng)，對(duì)滑塊進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有，解得（2）滑塊在BC上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有結(jié)合上述解得在BC上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)位移公式有解得根據(jù)速度公式有滑塊在傳送帶上向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有解得滑塊從C點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng)到與第一次擋板碰撞所用時(shí)間（3）若滑塊加速至B點(diǎn)的速度小于傳送帶的速度，滑塊反彈后的速度小于2m/s，反彈后相對(duì)于傳送帶向左運(yùn)動(dòng)，傳送帶對(duì)滑塊的滑動(dòng)摩擦力向右，與向左的恒力F平衡，滑塊仍然向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度小于傳送帶的速度，可知，當(dāng)滑塊向左加速至B點(diǎn)的速度恰好等于傳送帶的速度時(shí)，x值為最小值，則有解得當(dāng)滑塊反彈速度大于傳送帶速度時(shí)，反彈后相對(duì)于傳送帶向右運(yùn)動(dòng)，傳送帶對(duì)滑塊的滑動(dòng)摩擦力向左，滑塊向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，若減速至B點(diǎn)速度等于傳送帶速度時(shí)，此時(shí)x值為最大值，則滑塊向左加速過(guò)程有反彈后根據(jù)牛頓第二定律有結(jié)合上述解得反彈過(guò)程，利用逆向思維，根據(jù)速度與位移的關(guān)系式有解得綜合上述可知，x的取值范圍為16．（1）0.1；（2）0.35；45N；（3）5.38m【詳解】（1）物塊A在B上做加速