2025年中圖版選擇性必修1物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選擇性必修1物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖是一列簡(jiǎn)諧波在t=0時(shí)的波形圖，介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)P沿y軸做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為y=10sin(5πt)cm。關(guān)于這列簡(jiǎn)諧波；下列說法中正確的是。

A.這列簡(jiǎn)諧波的振幅為20cmB.這列簡(jiǎn)諧波的周期為4sC.這列簡(jiǎn)諧波在該介質(zhì)中的傳播速度為10m/sD.這列簡(jiǎn)諧波可能向x軸負(fù)方向傳播2、短道速滑比賽中“接棒”運(yùn)動(dòng)員（稱為“甲”）在前面滑行；“交棒”運(yùn)動(dòng)員（稱為“乙”）從后面用力推前方“接棒”運(yùn)動(dòng)員完成接力過程，如圖所示。假設(shè)運(yùn)動(dòng)員甲的質(zhì)量小于運(yùn)動(dòng)員乙的質(zhì)量，交接棒過程中兩運(yùn)動(dòng)員的速度方向均在同一直線上，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面之間的摩擦。在交接棒過程，下列說法正確的是（）

A.乙對(duì)甲的作用力大于甲對(duì)乙的作用力B.甲的動(dòng)量增加量大于乙的動(dòng)量增加量C.甲的速度增加量大于乙的速度減少量D.甲、乙兩運(yùn)動(dòng)員沖量之和不為零3、如圖表示水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)疊加區(qū)域，一個(gè)質(zhì)量是m，帶電量是q的質(zhì)點(diǎn)B恰好能靜止在區(qū)域中間，另一個(gè)質(zhì)量為2m，帶電量也為q的質(zhì)點(diǎn)A恰好能以某一速度沿著垂直于磁場(chǎng)、電場(chǎng)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且正好與靜止的質(zhì)點(diǎn)B發(fā)生正碰；碰后兩質(zhì)點(diǎn)粘在一起運(yùn)動(dòng)，碰撞的過程無電量損失，則下列正確的是。

A.碰后兩質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)向下偏且動(dòng)能增加B.碰后兩質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)向上偏且動(dòng)能增加C.碰后兩質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)向上偏且動(dòng)能減少D.碰后兩質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)向下偏且動(dòng)能減少4、下列幾種運(yùn)動(dòng)沒有利用反沖的原理的是（）A.烏賊的逃生B.雞蛋“破”與“不破”的訣竅C.宇航員無繩太空行走D.氣球充氣后敞口釋放5、一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率進(jìn)入太空預(yù)定位置，由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離。已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為后部分的箭體質(zhì)量為分離后箭體以速率沿火箭原方向飛行，若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質(zhì)量的變化，則分離后衛(wèi)星的速率為（）

A.B.C.D.6、關(guān)于單擺，下列認(rèn)識(shí)中正確的是（）A.一根線系著一個(gè)球懸掛起來，這樣的裝置就是單擺B.可以看成單擺的裝置中，細(xì)線的伸縮和質(zhì)量忽略不計(jì)，線長(zhǎng)比小球直徑大得多C.單擺的振動(dòng)總是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)D.兩個(gè)單擺只要結(jié)構(gòu)相同，它們的振動(dòng)步調(diào)便相同7、如圖所示，上、下表面平行的玻璃磚放在空氣中，光以入射角θ從玻璃磚的上表面A點(diǎn)射入，從下表面的B點(diǎn)射出的光線相對(duì)于入射光線的側(cè)移距離為d，當(dāng)θ增大一個(gè)小角度時(shí)；下列說法正確的是（）

A.側(cè)移距離d增大B.在A點(diǎn)可能發(fā)生全反射C.在B點(diǎn)一定發(fā)生全反射D.光在玻璃中的傳播時(shí)間變短評(píng)卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖所示，光滑水平面上有一質(zhì)量為2M、半徑為R（R足夠大）的圓弧曲面C，質(zhì)量為M的小球B置于其底端，另一個(gè)小球A質(zhì)量為小球A以v0＝6m/s的速度向右運(yùn)動(dòng)；并與B發(fā)生彈性碰撞，不計(jì)一切摩擦，小球均視為質(zhì)點(diǎn)，則（）

A.小球B的最大速率為4m/sB.小球B運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)的速率為m/sC.小球B能與A再次發(fā)生碰撞D.小球B不再與C分離9、圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.1s時(shí)刻的波形圖，Q是平衡位置在x=6m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象。則___________

A.波的傳播方向沿x軸負(fù)方向B.波的傳播速度為20m/sC.在t=0.1s時(shí)刻與Q相距5m處的質(zhì)點(diǎn)一定沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)E.在t~t+0.2s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)Q通過的總路程為20cmE.在t~t+0.2s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)Q通過的總路程為20cm10、如圖所示，豎直放置的輕彈簧下端固定在地上，上端與質(zhì)量為m的鋼板連接，鋼板處于靜止?fàn)顟B(tài)。一個(gè)質(zhì)量也為m的物塊從鋼板正上方h處的P點(diǎn)自由落下，與鋼板碰撞后粘在一起向下運(yùn)動(dòng)x0后到達(dá)最低點(diǎn)Q，設(shè)物塊與鋼板碰撞的時(shí)間Δt極短。下列說法正確的是（）

A.物塊與鋼板碰后的速度大小為B.在Δt時(shí)間內(nèi)，鋼板對(duì)物塊的沖量大小為C.從P到Q的過程中，整個(gè)系統(tǒng)重力勢(shì)能的減少量為D.從P到Q的過程中，彈性勢(shì)能的增加量為11、如圖所示，光滑水平面上有兩個(gè)質(zhì)量均為m的物體A、B，B上連接一勁度系數(shù)為k的輕彈簧。物體A以初速度v0向靜止的物體B運(yùn)動(dòng)。從A接觸彈簧到第一次將彈簧壓縮到最短的時(shí)間為彈簧彈性勢(shì)能為（x為彈簧的形變量）；彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是（）

A.彈簧的最大壓縮量為B.彈簧的最大壓縮量為C.從開始?jí)嚎s彈簧到彈簧第一次壓縮最短的過程中，物體A的位移為D.從開始?jí)嚎s彈簧到彈簧第一次壓縮最短的過程中，物體B的位移為12、如圖，長(zhǎng)木板M原來靜止于光滑水平面上，木塊m從長(zhǎng)木板M的一端以初速度v0沖上木板，當(dāng)m相對(duì)于M滑行7cm時(shí)，M向前滑行了4cm，則在此過程中（）

A.摩擦力對(duì)m與M的沖量大小之比等于11∶4B.m減小的動(dòng)能與M增加的動(dòng)能之比等于11∶4C.m與M系統(tǒng)損失的機(jī)械能與M增加的動(dòng)能之比等于7∶4D.m減小的動(dòng)能與m和M系統(tǒng)損失的機(jī)械能之比等于1∶113、一列簡(jiǎn)諧橫波，在時(shí)的圖像如圖甲所示，波上質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）

A.這列波沿軸負(fù)方向傳播B.這列波的波速是C.從開始，在時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路程為D.該波在傳播過程中遇到尺寸為的障礙物時(shí)不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、質(zhì)量為30kg的小孩推著質(zhì)量為10kg的冰車，在水平冰面上以2m/s的速度滑行．不計(jì)冰面摩擦，若小孩突然以5m/s的速度(對(duì)地)將冰車推出后，小孩的速度變?yōu)開______m/s，這一過程中小孩對(duì)冰車所做的功為______J．15、如圖甲所示，在一條張緊的繩子上掛幾個(gè)擺，當(dāng)a擺擺動(dòng)的時(shí)候，通過張緊的繩子給其他各擺施加驅(qū)動(dòng)力，使其余各擺也擺動(dòng)起來，達(dá)到穩(wěn)定時(shí)b擺和c擺的周期大小關(guān)系是Tb___________Tc。（填“>”“<”或“=”），圖乙是c擺穩(wěn)定以后的振動(dòng)圖像，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力，則a擺的擺長(zhǎng)為___________。

16、定義。

驅(qū)動(dòng)力的頻率f_______系統(tǒng)的固有頻率f0時(shí)，受迫振動(dòng)的_______最大，這種現(xiàn)象叫做共振。17、如圖甲所示，綁有小鉛塊的浮漂豎直漂浮在靜水中，把浮漂豎直向下緩慢按壓后放手，忽略水對(duì)浮漂的阻力，浮漂在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。浮漂上升過程經(jīng)過平衡位置時(shí)加速度大小為_____。測(cè)得浮漂運(yùn)動(dòng)的周期為0.8s，以豎直向上為正方向，某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，其位移-時(shí)間圖像如圖乙所示，則其運(yùn)動(dòng)位移的表達(dá)式為_____。

18、如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波平行于x軸傳播，圖中的實(shí)線和虛線分別為t=0和t=0.15s時(shí)的波形圖。已知平衡位置在x=6m處的質(zhì)點(diǎn)，在0到0.15s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向只改變了1次。這列簡(jiǎn)諧波的周期為________s。波速為_________m/s，傳播方向沿x軸_________填“正方向”或“負(fù)方向"）。

19、同一介質(zhì)中有兩個(gè)相距10m的波源A和B，持續(xù)產(chǎn)生兩列波相向傳播，兩波源起振方向和頻率相同，但兩波源起振時(shí)刻和振幅不同，如圖所示為某時(shí)刻的波形圖。則兩波源的起振方向___________（填“向上”或“向下”），穩(wěn)定后與波源A相距4.5m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)___________（填“加強(qiáng)”；“減弱”）。

20、高壓采煤水槍，出水口的橫截面積為S，假定水柱截面不變，水柱的水平射速大小為v，水柱水平射到豎直煤層后，假設(shè)水僅沿豎直煤層散開，水的密度為ρ，則水對(duì)煤層的沖擊力的大小為______。評(píng)卷人得分四、作圖題(共4題，共12分)21、O點(diǎn)是彈簧振子的平衡位置，在圖上標(biāo)出振子在B點(diǎn)的振動(dòng)位移和在A點(diǎn)的加速度。

22、如圖所示，一列簡(jiǎn)諧波在x軸上傳播，波速為50m/s。已知時(shí)刻的波形圖像如圖甲所示，圖中M處的質(zhì)點(diǎn)此時(shí)正經(jīng)過平衡位置沿y軸的正方向運(yùn)動(dòng)。將時(shí)的波形圖像畫在圖乙上（至少要畫出一個(gè)波長(zhǎng)）。

23、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經(jīng)過和時(shí)刻的兩個(gè)波形圖。

24、某同學(xué)利用“插針法”測(cè)定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補(bǔ)全光路圖及標(biāo)出入射角i和折射角r。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共6分)25、利用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)中，雙縫間距雙縫到光屏間的距離用某種單色光照射雙縫得到干涉條紋如圖所示，分劃板在圖中A、B位置時(shí)游標(biāo)卡尺讀數(shù)也由圖中所給出；則：

（1）分劃板在圖中A、B位置時(shí)游標(biāo)卡尺讀數(shù)分別如圖所示，則相鄰兩條紋間距_____

（2）波長(zhǎng)的表達(dá)式_______（用L、d表示），該單色光的波長(zhǎng)_____

（3）若改用頻率較低的單色光照射，得到的干涉條紋間距將_______（填“變大”、“不變”或“變小”）。評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共10分)26、如圖所示，一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖中的實(shí)線所示，此時(shí)這列波恰好傳播到P點(diǎn)，且再經(jīng)過1.2s，坐標(biāo)為x=8m的Q點(diǎn)開始起振；求：

（1）該列波的周期T；

（2）從t=0時(shí)刻到Q點(diǎn)第一次達(dá)到波峰時(shí)，振源O點(diǎn)所經(jīng)過的路程s。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A．由波形圖可知，振幅A=10cm；故A錯(cuò)誤；

B．質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方程y=10sin(5πt)cm，則

周期為

故B錯(cuò)誤；

C．由波的圖象得：波長(zhǎng)λ=4m，故波速為

故C正確；

D．根據(jù)振動(dòng)方程y=10sin（5πt）cm，t=0時(shí)刻位移為零，此后先變?yōu)檎?，說明t=0時(shí)刻P點(diǎn)在平衡位置且向+y方向運(yùn)動(dòng)；再結(jié)合波形微微平移方法得到波向正x方向傳播；故D錯(cuò)誤。

故選C。2、C【分析】【詳解】

AD．根據(jù)牛頓第三定律可知，兩運(yùn)動(dòng)員之間的相互作用力大小相等，方向相反，且作用時(shí)間相等。根據(jù)I=Ft可知；兩運(yùn)動(dòng)員相互作用力的沖量大小相等，方向相反，沖量之和一定為零。故AD錯(cuò)誤；

BC．因?yàn)楹雎耘c冰面的摩擦；兩運(yùn)動(dòng)員組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，甲的動(dòng)量的增加量等于乙的動(dòng)量的減少量；由于甲的質(zhì)量較小，所以甲的速度較大，故B錯(cuò)誤，C正確。

故選C。3、C【分析】【分析】

【詳解】

一個(gè)質(zhì)量是m帶電量是q的質(zhì)點(diǎn)B恰好能靜止在區(qū)域中間，該質(zhì)點(diǎn)受重力和向上的電場(chǎng)力mg=Eq

帶電量也為q的質(zhì)點(diǎn)A恰好能以某一速度沿著垂直于磁場(chǎng)、電場(chǎng)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，該質(zhì)點(diǎn)受重力和向上的電場(chǎng)力、洛倫茲力2mg=Eq+Bqv

且正好與靜止的質(zhì)點(diǎn)B發(fā)生正碰，碰后兩質(zhì)點(diǎn)粘在一起運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律列出等式2mv=3mv′

解得

此時(shí)系統(tǒng)受重力3mg，向上的電場(chǎng)力2Eq，洛倫茲力此時(shí)系統(tǒng)的合力向上。由于洛倫茲力做功為零，系統(tǒng)重力與向上的電場(chǎng)力合力向下，做負(fù)功，所以系統(tǒng)動(dòng)能減小。

故選C。4、B【分析】【分析】

【詳解】

A．烏賊的逃生是利用噴出的水的反沖作用；屬于反沖運(yùn)動(dòng)，故A不符合題意；

B．雞蛋“破”與“不破”的訣竅；是增大作用時(shí)間，減小作用力，起到緩沖作用。故B符合題意；

C．宇航員無繩太空行走；是利用反沖的原理。故C不符合題意；

D．氣球充氣后敞口釋放；利用噴出的氣體的反沖作用而運(yùn)動(dòng)的，屬于反沖運(yùn)動(dòng)，故D不符合題意。

故選B。5、D【分析】【分析】

【詳解】

火箭和衛(wèi)星組成的系統(tǒng)在分離時(shí)水平方向上動(dòng)量守恒，規(guī)定初速度的方向?yàn)檎较?，?/p>

解得

故D正確；ABC錯(cuò)誤。

故選D。6、B【分析】【詳解】

AB．一根線系著一個(gè)球懸掛起來；并且滿足細(xì)線的伸縮和質(zhì)量忽略不計(jì)，線長(zhǎng)比小球直徑大得多時(shí)，這樣的裝置才能視為單擺，故A錯(cuò)誤，B正確；

C．只有在擺角很小的情況下；單擺的振動(dòng)才是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D．兩個(gè)單擺結(jié)構(gòu)相同時(shí)；它們的振動(dòng)步調(diào)不一定相同，還與是否是受迫振動(dòng)還是簡(jiǎn)諧振動(dòng)有關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選B。7、A【分析】【詳解】

A．當(dāng)入射角增大時(shí)，折射角增大，由于出射光線與入射光線平行，側(cè)移距離增大；故A正確；

B．在A點(diǎn)，光線從空氣入射到玻璃磚，由光疏介質(zhì)射到光密介質(zhì)，所以在點(diǎn)不會(huì)發(fā)生全反射；故B錯(cuò)誤；

C．在上表面，入射角小于度；折射角一定小于臨界角，光到達(dá)下表面時(shí)的入射角與上表面的折射角相等，則此入射角小于臨界角，不可能發(fā)生全反射，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)增大時(shí)；折射角增大，光在玻璃中的傳播路程增大，時(shí)間變長(zhǎng)，故D錯(cuò)誤；

故選A。二、多選題(共6題，共12分)8、A:B【分析】【詳解】

A．A與B發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，設(shè)碰撞后A的速度為vA，B的速度為vB，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒得

解得

負(fù)號(hào)表示速度方向向左；故B的最大速率為4m/s，故A正確；

B．B沖上C并運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)二者共速，設(shè)為v，B、C組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律得

解得

故B正確；

CD．設(shè)B、C分離時(shí)B、C的速度分別為vB′、vC′，B、C組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒得

解得

負(fù)號(hào)表示速度方向向左，小球B與C分離，由于則B不能與A再次發(fā)生碰撞，故CD錯(cuò)誤。

故選AB。9、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖乙可得t=0.1s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q在平衡位置向上振動(dòng)，故由圖甲可得，波沿x軸負(fù)方向傳播；選項(xiàng)A正確；

B．由圖甲知該波的波長(zhǎng)由圖乙知周期T=0.4s，則波的傳播速度

選項(xiàng)B正確；

C．振動(dòng)點(diǎn)只能在平衡位置附近上下振動(dòng)，不會(huì)沿x軸傳播；選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D．根據(jù)波向左傳播，由圖甲可得，質(zhì)點(diǎn)Q向上振動(dòng)，那么，經(jīng)過

后，Q點(diǎn)位于波峰處，此時(shí)v=0；選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

E．經(jīng)過時(shí)間

走過的路程

選項(xiàng)E正確。

故選ABE。10、A:D【分析】【詳解】

A．物體下落h，由機(jī)械能守恒mgh=mv12

物體與鋼板碰撞，則動(dòng)量守恒

解得

故A正確；

B．設(shè)向下為正方向，對(duì)碰撞過程，對(duì)鋼板由動(dòng)量定理

其中

解得物塊對(duì)鋼板的沖量

故B錯(cuò)誤；

C．從P到Q的過程中，整個(gè)系統(tǒng)重力勢(shì)能的減少量為

故C錯(cuò)誤；

D．從碰撞到Q點(diǎn)，由能量關(guān)系可知

則彈性勢(shì)能的增加量為

故D正確。

故選AD。11、B:D【分析】【詳解】

AB．彈簧壓縮到最大時(shí)，A、B的速度相同，以A初速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律可得

根據(jù)能量守恒定律可得

解得

根據(jù)彈性勢(shì)能公式可得

故A錯(cuò)誤；B正確；

CD．由動(dòng)量守恒定律可得

則有

故

由AB選項(xiàng)分析可知

聯(lián)合解得

故C錯(cuò)誤；D正確。

故選BD。12、B:C【分析】【詳解】

A．滑塊與木板間的摩擦力為相互作用力，而作用時(shí)間相同，由沖量可知摩擦力對(duì)m與M的沖量大小之比等于1:1；故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)滑塊和木板分別由動(dòng)能定理

其中

可得m減小的動(dòng)能與M增加的動(dòng)能之比為

故B正確；

C．m與M系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于一對(duì)滑動(dòng)摩擦力做功的代數(shù)和，有

其中相對(duì)路程聯(lián)立可得

故C正確；

D．m減小的動(dòng)能與m和M系統(tǒng)損失的機(jī)械能之比為

故D錯(cuò)誤。

故選BC。13、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由乙圖讀出t=0.6s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的速度方向?yàn)檠貀軸負(fù)方向，由甲圖判斷出波的傳播方向?yàn)檠豿軸正方向；故A錯(cuò)誤；

B．由甲圖讀出該波的波長(zhǎng)為λ=20m，由乙圖周期為T=1.2s，則波速為

故B正確；

C．△t=0.6s=0.5T，質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)在一個(gè)周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A通過的路程是4倍振幅，則經(jīng)過△t=0.6s時(shí)間，A質(zhì)點(diǎn)通過的路程是S=2A=2×2m=4m

故C正確；

D．該波的波長(zhǎng)為20m；根據(jù)發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象是障礙物的尺寸小于波長(zhǎng)，或與波長(zhǎng)差不多，知該波在傳播過程中遇到一個(gè)尺寸為10m的障礙物，能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤；

故選BC。三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒定律可知。

代入則小孩速度變?yōu)?m/s；

[2]根據(jù)動(dòng)能定理。

代入數(shù)據(jù)得W=105J

【點(diǎn)睛】

本題考查了系統(tǒng)的動(dòng)量守恒定律的運(yùn)用以及動(dòng)能定理解決問題的方法．在動(dòng)量守恒定律之前要首先判斷系統(tǒng)的合外力是否為零．【解析】1.010515、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]a擺擺動(dòng)起來后，通過水平繩子對(duì)b、c兩個(gè)擺施加周期性的驅(qū)動(dòng)力，使b、c兩擺做受迫振動(dòng)；兩擺做受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，則。

Tb=Tc[2]a擺的固有周期與c擺的相同；由圖乙可知，振動(dòng)周期為。

T=t0由單擺周期。

可得。

所以擺長(zhǎng)為。

【解析】=16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.等于②.振幅17、略

【分析】【詳解】

[1]經(jīng)過平衡位置時(shí)；受到重力和水的浮力，這兩個(gè)力的合力為0，故加速度大小為0；

[2]由于振動(dòng)周期為0.8s，故

由圖乙可知運(yùn)動(dòng)位移的表達(dá)式為【解析】018、略

【分析】【詳解】

[1]因?yàn)樘幍馁|(zhì)點(diǎn)在內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向只改變了1次，所以該處質(zhì)點(diǎn)從正向位移最大處經(jīng)過四分之三個(gè)周期向上運(yùn)動(dòng)至平衡位置處，即

解得周期為

[2]所以波速為

[3]因?yàn)樵谔摼€上，處的質(zhì)點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可知波沿軸正方向傳播。【解析】0.220正方向19、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)波形圖上x=2m和x=9m處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況；可知兩質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向都向下，可推測(cè)波源的起振方向都向下；

[2]4.5m處到兩波源的距離差

由于起振時(shí)刻不同，在同一時(shí)刻，兩波源的振動(dòng)方向相反，因此4.5m處為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)?！窘馕觥肯蛳录訌?qiáng)20、略

【分析】【詳解】

設(shè)t時(shí)間內(nèi)打在煤層上的水的質(zhì)量為m則：m=ρV=ρSvt；

以這部分水為研究對(duì)象，它受到煤層的作用力為F，以水運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，由?dòng)量定理有：Ft=0-mv，即：

負(fù)號(hào)表示水受到的作用力的方向與水運(yùn)動(dòng)的方向相反；由牛頓第