2025年外研版三年級起點選擇性必修2物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選擇性必修2物理下冊階段測試試卷463考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示,矩形線框與長直導線在同一平面內,當矩形線框從長直導線的左側運動到右側的過程中線框內感應電流的方向為()。

A.先順時針,后逆時針B.先逆時針,后順時針C.先順時針,后逆時針,再順時針D.先逆時針,后順時針,再逆時針2、如圖所示，Ⅰ和Ⅱ是一對異名磁極（Ⅰ在上、Ⅱ在下），ab為放在其間的金屬棒；金屬棒ab和金屬棒cd用導線連成一個閉合回路；當ab棒向左運動時，cd金屬棒受到向下的磁場力；則有（）

A.由此可知d點電勢高于c點電勢B.由此可知Ⅰ是S極C.由此可知Ⅰ是N極D.當cd棒向下運動時，金屬棒ab不受到向左的磁場力3、如圖所示，電路中線圈L的自感系數足夠大，兩個燈泡和的規(guī)格相同，與線圈L串聯(lián)后接到電源上，與可調電阻串聯(lián)后接到電源上。先閉合開關S，調節(jié)電阻R，使兩個燈泡的亮度相同，再調節(jié)可調電阻使它們都正常發(fā)光，然后斷開開關S。下列說法正確的是（）

A.重新閉合開關S，先亮，后亮B.斷開開關S，先熄滅，后熄滅C.斷開開關S，先熄滅，后熄滅D.斷開開關S，流過電流方向向左4、如圖所示為電視顯像管的原理示意圖。顯像管中有一個電子槍，工作時它能發(fā)射高速電子，撞擊熒光屏就能發(fā)光，沒有磁場時電子束打在熒光屏正中的O點；為使電子束偏轉，由安裝在管頸的偏轉線圈產生偏轉磁場。要使電子束（）

A.打在屏上A點，偏轉磁場的方向應水平向右B.打在屏上B點，偏轉磁場的方向應垂直紙面向外C.打在屏上的位置由A點逐漸向B點移動，磁場大小應先減小，再反向增大D.打在屏上的位置由B點逐漸向A點移動，磁場大小應先增大，再反向減小5、帶電粒子垂直進入勻強電場或勻強磁場中時粒子將發(fā)生偏轉，稱這種電場為偏轉電場，這種磁場為偏轉磁場.下列說法錯誤的是（重力不計）()A.欲把速度不同的同種帶電粒子分開，既可采用偏轉電場，也可采用偏轉磁場B.欲把動能相同的質子和α粒子分開，只能采用偏轉電場C.欲把由靜止經同一電場加速的質子和α粒子分開，偏轉電場和偏轉磁場均可采用D.欲把初速度相同而比荷不同的帶電粒子分開，偏轉電場和偏轉磁場均可采用6、如圖所示，兩平行金屬板之間有豎直向下的勻強電場E和垂直紙面向里的勻強磁場B，一帶負電的粒子（重力不計）以速度水平向右飛入兩板之間；恰能沿直線飛出，下列判斷正確的是（）

A.粒子一定做勻速直線運動B.若只增大粒子速度其運動軌跡仍是直線C.若只增加粒子的電量，其運動軌跡將向上偏轉D.若粒子以速度從右向左水平飛入，其運動軌跡是拋物線7、如圖所示，在水平向右的勻強磁場中，一線框繞垂直于磁感線的軸勻速轉動，線框通過電刷、圓環(huán)、導線等與定值電阻組成閉合回路。t1、t2時刻線框分別轉到圖甲；乙所示的位置；下列說法正確的是（）

A.t1時刻穿過線框的磁通量最大B.t1時刻電阻中的電流最大，方向從右向左C.t2時刻穿過線框的磁通量變化最快D.t2時刻電阻中的電流最大，方向從右向左評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、一個根據LC振蕩電路的工作原理設計而成的電子表，每天比北京時間快2分鐘，則其原因可能是（）A.電池用的時間長了，內阻變大B.電路中電容器的電容變小了C.線圈的自感系數變小了D.電路中電容器的電容變大了9、如圖所示，水平向右、磁感應強度為B的勻強磁場中，一邊長為L的正方形單匝線圈abcd繞水平中心軸沿逆時針方向以角速度勻速轉動，與磁場方向垂直。線圈的兩端與磁場外的電阻相連組成閉合電路；則（）

A.從線圈平面垂直于磁場方向開始轉動時計時，穿過線圈的磁通量的表達式為B.從線圈平面平行于磁場方向開始轉動時計時，感應電動勢的表達式為C.線圈中感應電動勢的最大值為D.若其他條件不變，僅使線圈的轉速變?yōu)樵瓉淼囊话?，則交流電動勢的最大值變?yōu)?0、如圖所示，虛線EF的下方存在著正交的勻強電場和勻強磁場，電場強度為E，磁感應強度為B。一帶電微粒自離EF為h的高處由靜止下落，從B點進入場區(qū)，做了一段勻速圓周運動，從D點射出；下列說法正確的是（）

A.微粒做圓周運動的半徑為B.從B點運動到D點的過程中微粒的重力勢能與動能之和在C點最小C.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能先減小后增大D.從B點運動到D點的過程中微粒的電勢能和重力勢能之和在最低點C最小11、如圖所示，a、b兩個閉合正方形線圈用同樣的導線制成，匝數均為10匝，邊長la=3lb；圖示區(qū)域內有垂直紙面向里的均強磁場，且磁感應強度隨時間均勻增大，不考慮線圈之間的相互影響，則。

A.兩線圈內產生順時針方向的感應電流B.a、b線圈中感應電動勢之比為3:1C.a、b線圈中感應電流之比為3:1D.a、b線圈中電功率之比為27:112、2021年9月東北地區(qū)的高峰拉閘限電事件讓我們清醒地認識到，隨著人類能源消耗的迅速增加，如何有效地提高能源利用率是人類所面臨的一項重要任務。如圖是遠距離輸電示意圖，變壓器均為理想變壓器，變壓器原、副線圈的匝數之比為11∶5，兩端的電壓隨時間t變化規(guī)律為：假設負載是電阻為電水壺；下列說法正確的是（）

A.交流電源輸出的交流電周期為B.變壓器副線圈兩端的電壓為C.經過1分鐘電水壺產生的焦耳熱是D.為了減少輸電線r上的電能損失，變壓器應該使用升壓變壓器13、根據圖像；下列敘述正確的是（）

A.圖甲所示的遠距離輸電通常通過提高電壓來降低輸電線路上的能量損耗B.圖乙所示的行李安檢儀采用γ射線來透視安檢物品C.圖丙所示的照相機鏡頭上呈現(xiàn)的淡綠色是由光的偏振引起的D.圖丁所示的泊松亮斑圖案，這是光波的衍射現(xiàn)象評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、傳感器的定義：能夠感受諸如力、溫度、光、聲、化學成分等被測量，并能把它們按照一定的規(guī)律轉換為便于傳送和處理的可用信號輸出。通常是電壓、電流等______，或轉換為電路的_______15、高頻電視信號的三種傳播方式：地面_________傳輸、有線網絡傳輸以及____傳輸。16、如圖，在勻強磁場中，單位長度質量為m0的“U型”金屬導線可繞水平軸OO′轉動，ab邊長為L1，bc邊長為L2．若導線中通以沿abcd方向的電流I，導線保持靜止并與豎直方向夾角為θ，則磁場的磁感應強度至少為______，此時方向為_______．

17、如圖所示，放在平行光滑導軌上的導體棒ab質量為m，長為l，導體所在平行面與水平面成30°角，導體棒與導軌垂直，空間有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度為B，若在導體中通以由____端至____端的電流，且電流為________時，導體棒可維持靜止狀態(tài)．18、如圖所示，兩根靠得很近的平行長直導線①、②，分別通以向上的電流I1、I2，且I1>I2，導線①、②受到的安培力大小分別為F1和F2，則F1______F2（選填“>”、“<”或“=”）；導線①受到的安培力F1的方向為___________．19、若電子在垂直于磁場的平面內運動，均勻磁場作用于電子上的力為F，軌道的曲率半徑為R，則磁感強度的大小應為__________。20、如圖所示，是一個按正弦規(guī)律變化的交變電流的圖像，則該交變電流的周期是_________s，電流的有效值是______A。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共16分)21、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

22、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

23、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

24、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共21分)25、圖甲是物理實驗室的一種永久蹄形磁鐵；某物理興趣小組設計了一個測量蹄形磁鐵磁極間磁感應強度大小的實驗．

（1）如圖乙所示，將由銅導線繞制而成的矩形線圈懸掛在支架上，導線兩端分別由a、b處抽出連在兩接線柱A、B上．線圈下邊ab保持水平，現(xiàn)將一輕線的一端系在線圈ab邊的中點；另一端繞過一輕小滑輪后連接一小沙桶，調整支架高度是線圈與滑輪間細線保持水平．

（2）將多個圖甲中的蹄形磁鐵緊密并列放置，水平插入線圈，使線圈下邊ab處于磁鐵N、S間，磁場寬度正好與線圈下邊ab長度相同，當線圈中通電后，向沙桶中緩慢加入適量細沙，使導線框仍保持豎直懸掛．讀出電流表示數為I，斷開電源，取下沙桶，用天平稱量沙桶總質量為m．

（3）線圈中電流由圖丙電路提供，若蹄形磁鐵S極在上方，N極在下方，則接線柱A應與丙圖電路中的接線柱________（選填“C”或“D”）相連．

（4）若線圈電阻約為1Ω，允許最大電流0.5A，電流表量程為0~0.6A，內阻約為0.5Ω，電源為4節(jié)干電池串聯(lián)，每節(jié)干電池的電動勢為1.5V，內阻不計．R0為定值電阻，現(xiàn)備有10Ω和100Ω各一只，則應選_______Ω連入電路；有最大阻值分別為20Ω和1000Ω的滑動變阻器各一只，應選_______Ω連入電路．

（5）若線圈匝數為n，其下邊ab長度為L，本地重力加速度為g，則用測得的物理量和已知量表示磁感應強度大小B=___________．26、傳感器擔負著信息的采集任務，在自動控制中發(fā)揮著重要作用，傳感器能夠將感受到的物理量(如溫度、光、聲等)轉換成便于測量的量(通常是電學量)，例如熱敏傳感器，主要是應用了半導體材料制成的熱敏電阻，熱敏電阻阻值隨溫度變化的圖線如圖甲所示，圖乙是由熱敏電阻R1作為傳感器制作的簡單自動報警器的線路圖．

（1）為了使溫度過高時報警器響鈴，c應接在______處（填a或b）．

（2）若使啟動報警的溫度提高些，應將滑動變阻器滑片P向___移動（填左或右）．

（3）如果在調試報警器達最低報警溫度時，無論如何調節(jié)滑動變阻器滑片P都不能使報警器工作，且電路連接完好，各電路元件都能處于工作狀態(tài)，則造成工作電路不能正常工作的原因可能是_________________（寫出一個）．

27、如果在閉合電鍵時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下；在如下電路中，合上電鍵后可能出現(xiàn)的情況有：

（1）將A線圈中迅速插入鐵芯時，靈敏電流計指針將向______（“左”或“右”）偏轉。

（2）A線圈插入B線圈后，開關由閉合到斷開時，靈敏電流計指針將向_______（“左”或“右”）偏轉。

（3）A線圈插入B線圈后，閉合開關，將滑動變阻器觸頭從最左端滑到最右端，第一次快速滑動，第二次滑動較慢，兩情況下線圈中產生的感應電動勢的大小關系是_______通過線圈導線橫截面電荷量的大小關系是_______（均填“大于”、“等于”或“小于”）評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)28、如圖，在平面直角坐標系xOy平面內，第一、二象限內存在沿y軸負方向的勻強電場，第三、四象限內存在垂直紙面向外的勻強磁場。一質量為m、電荷量為+q（q>0）的帶電粒子從y軸上的P點沿x軸正方向射入第一象限，初速度大小為v0，帶電粒子在勻強電場中運動一段時間后從Q點進入勻強磁場，經勻強磁場偏轉后又返回勻強電場，在勻強電場運動一段時間后又恰好回到P點。不計粒子重力，已知P點坐標為（0，4L0），Q點坐標為（6L0；0），sin37°=0.6，cos37°=0.8。

（1）求勻強電場的電場強度大小E；

（2）求勻強磁場的磁感應強度大小B；

29、如圖甲所示，絕緣水平面上固定著兩根足夠長的光滑金屬導軌PQ、MN，間距為導軌左端跨接阻值為的定值電阻，整個裝置處于垂直導軌平面向上的勻強磁場中，磁感應強度為金屬棒ab以初速度沿導軌向右運動，金屬棒的質量為長度也為金屬棒的電阻為如圖乙所示，把導軌左端抬起，使其與水平面的夾角磁場垂直導軌平面斜向右上，金屬棒與導軌接觸良好，導軌電阻不計，重力加速度，求：

（1）圖甲中金屬棒ab運動的整個過程中，電阻R產生的焦耳熱；

（2）圖乙中金屬棒ab達到的最大速度及此時電阻R兩端的電壓；

（3）圖乙中，金屬棒ab的速度為3m/s時金屬棒的加速度大小。

30、在水平方向的勻強磁場中，有一個正方形閉合線圈繞垂直于磁感線的軸勻速轉動。已知線圈的匝數邊長電阻轉動頻率磁場的磁感應強度求：

（1）線圈由中性面轉至與中性面成角的過程中；通過導線的平均感應電流；

（2）當線圈轉至線圈平面與中性面的夾角為時，邊所受安培力大?。?/p>

（3）外力驅動線圈轉動的功率。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】試題分析：直導線左側磁場向外；右側磁場向里，當矩形線圈從左側向右靠近直導線時，穿過線圈的磁通量向外增加，根據楞次定律可知產生瞬時針方向的電流；當線圈向右越過直導線的過程中向外的磁通量減小，根據楞次定律可知產生逆時針方向的電流；當線圈在導線右側向右運動時，穿過線圈的磁通量向里的減小，根據楞次定律可知產生順時針方向的電流，故選C.

考點：楞次定律2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．cd金屬棒受到向下的磁場力，根據左手定則可知，電流方向c到d，故d點電勢低于c點電勢；故A錯誤；

BC．電流為b到a；根據右手定則可以判斷由此可知Ⅰ是S極，故B正確C錯誤；

D．當cd棒向下運動時，cd棒中產生由d到c的電流，ab棒中的電流由a到b，由左手定則可知可知ab導線受到向左的磁場力。故D錯誤。

故選B。3、D【分析】【詳解】

A．重新閉合開關S，線圈L的自感系數足夠大，阻礙電流增大，所以先亮，后亮；A錯誤；

BCD．斷開開關S，A1、A2與L、R構成回路，L相當于電源，A1、A2都會逐漸變暗，且同時熄滅，電感產生的電阻阻礙電流減小，所以流過A1的電流向右，流過電流方向向左；故D正確，BC錯誤。

故選D。4、C【分析】【詳解】

A．由左手定則可知，打在屏上的A點；偏轉磁場的方向應垂直紙面向外，A錯誤；

B．由左手定則可知，打在屏上的B點；偏轉磁場的方向應垂直紙面向里，B錯誤；

C．粒子在偏轉磁場中洛倫茲力提供向心力

解得

打在屏上的位置由A點逐漸向B點移動；電子做圓周運動的半徑先變大后變小，故磁場大小應先減小，再反向增大，C正確；

D．由C選項分析可知，打在屏上的位置由B點逐漸向A點移動；磁場大小應先減小，再反向增大，D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．速度不同的同種帶電粒子，在偏轉電場中水平方向勻速直線運動，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，因此加速度相同，運動時間不同，由運動學公式可知偏轉距離不同，因此可以分開；在磁場中做勻速圓周運動，由可知速度不同的粒子轉動半徑不同；因此可以分開，故A不符合題意；

B．動能相同的質子和α粒子，在磁場中

α粒子的質量數為4；電荷量為2，質子的電荷量為1，質量數也為1，因此在磁場中半徑相同，無法分開；

在電場中偏轉距離為

偏轉距離和電荷量有關；因此可以分開，B不符合題意。

C．設電荷的電量為q，加速電壓為U1，偏轉電壓為U2，偏轉電極板為L，板間距離為d．

根據動能定理得：加速電場中qU1=mv02

偏轉電場中運動時間t=

偏轉距離

設偏轉角度為θ，則

由上可知y、θ與帶電粒子的質量；電荷量無關,因此C符合題意。

D．在偏轉電場中偏轉距離為

因此初速度相同而比荷不同的可以分開；

在磁場中粒子的運動半徑為

因此也可以分開；D不符合題意．

【點睛】

本題在熟記這個結論的基礎上，就能很快作答．即：同種帶電粒子經同一加速電場加速，再經同一偏轉電場偏轉時軌跡重合．6、A【分析】【詳解】

A．帶負電的粒子沿直線從正交場中飛出；則受向上的電場力等于向下的洛倫茲力，則一定做勻速直線運動，如果不是勻速直線運動，則洛倫茲力就會變化，將做曲線運動，選項A正確；

B．若只增大粒子速度則粒子受洛倫茲力變大，則其運動軌跡向下彎曲，則軌跡不是直線，選項B錯誤；

C．根據

可知；若只增加粒子的電量，則粒子仍沿直線穿過正交場，選項C錯誤；

D．若粒子以速度從右向左水平飛入；則受電場力和洛倫茲力均向上，則其運動軌跡是曲線，但不是拋物線，選項D錯誤。

故選A。7、B【分析】【詳解】

AB．t1時刻；穿過線框的磁通量為零，線框產生的感應電動勢最大，電阻中的電流最大，根據楞次定律，通過電阻的電流方向從右向左，故A錯誤，B正確；

CD．t2時刻；穿過線框的磁通量最大，線框產生的感應電動勢為零，電阻中的電流為零，故CD錯誤。

故選B。二、多選題(共6題，共12分)8、B:C【分析】【分析】

【詳解】

由LC回路的周期

可知；電子表的周期由線圈的自感系數和電容器的電容共同決定，與其他因素無關。電子表走得快，說明其周期減小，則線圈的自感系數或電容器的電容變小了；

故選BC。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．從線圈平面垂直于磁場方向開始轉動時計時，時穿過線圈平面的磁通量最大，故穿過線圈的磁通量的表達式為

故A正確；

B．從線圈平面平行于磁場方向（垂直于中性面位置）開始轉動時計時，感應電動勢的表達式為

故B錯誤；

C．線圈中感應電動勢的最大值故C錯誤；

D．其他條件不變時，與成正比，若線圈的轉速變?yōu)樵瓉淼囊话?，則感應電動勢最大值變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑸?/p>

故D正確。

故選AD。10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由題可知；帶電微粒進入正交的勻強電場和勻強磁場中做圓周運動，電場力與重力必定平衡，則微粒受到的電場力的方向一定豎直向上，則有。

由洛倫茲力提供向心力；則有。

由運動學公式。

聯(lián)立可得微粒做圓周運動的半徑。

故A正確；

B．從B點運動到D點的過程中動能沒有發(fā)生改變，在C點的高度最低，重力勢能最小，所以從B點運動到D點的過程中微粒的重力勢能與動能之和在C點最小；故B正確；

C．從B點運動到D點的過程中電場力先做負功后做正功；所以微粒的電勢能先增大后減小，故C錯誤；

D．根據能量守恒定律可知：微粒在運動過程中；電勢能；動能、重力勢能之和一定，動能不變，則電勢能和重力勢能之和一定，故D錯誤。

故選AB。11、C:D【分析】【分析】

磁感應強度隨時間均勻變化說明產生的電動勢大小不變；運用法拉第電磁感應定律求解。

【詳解】

原磁通垂直紙面向里增加，根據楞次定律可知應產生逆時針的感應電流，A正確，由法拉第電磁感應定律可知B錯誤，可知因此由歐姆定律得因此選CD

【點睛】

線圈得大小不一樣時電阻不一樣，是一個易錯點，要注意．12、C:D【分析】【詳解】

A．變壓器改變電壓和電流，不改變頻率，故電源的頻率與的頻率相同，則交流電源輸出的交流電周期為

A錯誤；

B．由題意可知，降壓變壓器副線圈兩端電壓的有效值為

原線圈兩端電壓的有效值為

由于輸電線上一定有電壓損失，故變壓器副線圈兩端的電壓大于B錯誤；

C．電水壺中的電流為

經過1分鐘電水壺產生的焦耳熱為

C正確；

D．變壓器原副線圈滿足

輸電線上損失的功率可表示為

變壓器使用升壓變壓器，可減小電流減小功率損失D正確。

故選CD。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．圖甲所示的遠距離輸電；可以提高輸電電壓來降低輸電線路上的電流，從而減小輸電線的能量損耗，故A正確；

B．圖乙所示的行李安檢儀采用X射線來透視安檢物品；故B錯誤；

C．圖丙所示的照相機鏡頭上呈現(xiàn)的淡綠色是由薄膜干涉引起的；故C錯誤；

D．圖丁所示的泊松亮斑圖案；這是光波的衍射現(xiàn)象，故D正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】電學量通斷15、略

【解析】無線電16、略

【分析】【詳解】

[1][2]這是一個力矩平衡的問題，因為ab、cd電流方向相反，如果有安培力，則它們對OO′產生的力矩也會正好抵消，所以可以不考慮．當安培力的方向垂直于ab邊向上時；安培力最小，磁感應強度最小，此時U型金屬導線受力側視圖如下．

由力矩平衡有L2m0g·L1sinθ+2L1m0g·sinθ=BIL2·L1,

解得B=．

【點睛】

要知道力矩平衡，會分析安培力最小時，是力臂最長的情況．【解析】沿ba方向向上17、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]導體棒靜止；處于平衡狀態(tài)，由受力圖可知：

F安=mgtan30°導體棒受到的安培力：

F安=BIL解得。

由左手定則可知，電流方向：由b指向a．

【點睛】

解決本題的關鍵會利用共點力平衡求出安培力的大小，以及掌握左手定則判斷磁場方向、電流方向、安培力方向的關系．【解析】ba18、略

【分析】試題分析：物體間力的作用是相互的；物體間的相互作用力大小相等；磁場是由通電導線產生的，一通電導線在另一導線電流的磁場中，會受到安培力作用，由安培定則判斷出電流的磁場方向，然后由左手定則判斷出安培力方向．

通電導線在其周圍產生磁場，通電導線在磁場中受到安培力作用，兩導線所受安培力是作用力與反作用力，它們大小相等．由右手螺旋定則可知：由右手螺旋定則可知：在處產生的磁場垂直紙面向外，由左手定則可知，所所受安培力向右．【解析】=向右19、略

【分析】【詳解】

[1]根據

又

聯(lián)立解得【解析】20、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知；該交變電流的周期是0.20s；

[2]由圖可知，該交變電流的最大值為電流的有效值【解析】0.2010四、作圖題(共4題，共16分)21、略

【分析】【詳解】

根據左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

根據題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】24、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共3題，共21分)25、略

【分析】【詳解】

（3）磁場方向豎直向上，線圈受安培力向左，與細線的拉力平衡，則線圈中電流應由接線柱B流入，由接線柱A流出，故接線柱A應與電路中的接線柱D連接．

（4）線圈中最大電流為0.5A，則電路中最小電阻為12Ω，故定值電阻應選10Ω．為方便調節(jié)，滑動變阻器應選最大電阻值較小的、即20Ω的滑動變阻器．

（5）線圈靜止時，在水平方向線圈受到的繩子的拉力與安培力大小相等方向相反，有：mg=nBIL，可得：【解析】（3）D；（4）10，20；（5）26、略

【分析】【詳解】

(1)由圖乙知，溫度高時，的阻值較小；左邊電路中的電流大，電磁鐵把觸頭吸到與a接觸，要使報警器響鈴，c應接在a處．

（2）要使啟動報警的溫度高些；熱敏電阻的阻值更小，所以滑動變阻器的阻值要變大，滑片P向左滑動．

（3）由題意知，電磁鐵產生的吸引力太小，不能把觸頭吸過來，吸引力小的原因可能是左邊電源電壓太低、線圈