2025年粵教滬科版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教滬科版必修3物理上冊階段測試試卷793考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一個帶負(fù)電的質(zhì)點，帶電荷量為2.0×10-9C，在靜電場中將該質(zhì)點由a點移動到b點，在這個過程中，除電場力外，其他外力做的功為J，質(zhì)點的動能減少了J，則a、b兩點間的電勢差Uab為（）A.1×104VB.VC.7×104VD.V2、如圖所示，質(zhì)子（H）和粒子（He），以相同的初動能垂直射入偏轉(zhuǎn)電場（不計粒子重力），則這兩個粒子射出電場時的側(cè)位移y之比為（）

A.4：1B.1：2C.2：1D.1：43、如圖所示，在真空中兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a和c關(guān)于MN對稱，b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是（）

A.b點的電勢高于d點的電勢B.a點的場強(qiáng)與c點的場強(qiáng)相同C.a、b兩點間的電勢差等于b、c兩點間的電勢差D.試探電荷＋q在a點的電勢能小于在c點的電勢能4、某同學(xué)制作了一除塵裝置，裝置由帶正電的金屬圓筒Q和帶負(fù)電的線狀電極P組成。由于制作失誤線狀電極偏離圓心，形成如圖所示的電場線。若A、B兩點到P距離相等，A、C兩點到Q距離相等；則（）

A.A、B兩點電場強(qiáng)度相等B.A點的電勢比B點電勢高C.帶負(fù)電的粉塵從B點運動到C點電場力做負(fù)功D.帶電荷量均為的粉塵在A、C兩點所受電場力大小相等5、下列說法中正確的是（）A.普朗克在研究黑體輻射問題中提出了能量子假說B.在光電效應(yīng)實驗中，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大，則這種金屬的逸出功W0越大C.對于某種金屬，只要入射光的強(qiáng)度足夠大，就會發(fā)生光電效應(yīng)D.在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，因此，光子散射后波長變短評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)6、AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑，圓心為O。將電量分別為和的兩點電荷放在圓周上，其位置關(guān)于AB對稱且距離等于圓的半徑，如圖所示，此時圓心O處電場強(qiáng)度為E。要使圓心處的電場強(qiáng)度大小為0，可在圓周上再放一個適當(dāng)?shù)狞c電荷Q，則該點電荷Q（）

A.應(yīng)放在A點，B.應(yīng)放在B點，C.應(yīng)放在C點，D.應(yīng)放在D點，7、在如圖所示電路中，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。下列判斷正確的是()

A.|ΔU1|<|ΔU2|，|ΔU2|>|ΔU3|B.不變，變小C.變大，不變D.變大，變大8、在一半徑為R的圓周上均勻分布有偶數(shù)N個絕緣帶電小球（可視為質(zhì)點）無間隙排列，其中A點的小球帶電荷量為+2q，其余小球帶電荷量為+q，此時圓心O點的電場強(qiáng)度大小為E，現(xiàn)僅撤去A點的小球后，則有關(guān)O點的電場強(qiáng)度的正確說法。

A.方向向右B.方向向左C.大小為D.大小為E9、如圖所示，長木板A放在光滑的水平地面上，物體B以水平速度v0沖上A后，由于摩擦力作用，最后停止在木板A上，則從B沖到木板A上到相對木板A靜止的過程中；下述說法中正確的是()

A.物體B動能的減少量等于系統(tǒng)損失的機(jī)械能B.物體B克服摩擦力做的功等于系統(tǒng)內(nèi)能的增加量C.物體B損失的機(jī)械能等于木板A獲得的動能與系統(tǒng)損失的機(jī)械能之和D.摩擦力對物體B做的功和對木板A做的功的總和等于系統(tǒng)內(nèi)能的增加量10、如圖所示，質(zhì)量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入；它們最后打在同一點（重力不計），則從開始射入到打到上極板的過程中（）

A.它們運動的時間相等B.它們運動的加速度相等C.Q所帶的電荷量是P所帶的電荷量的兩倍D.Q電勢能改變量是P電勢能改變量的4倍11、兩個相同的帶電導(dǎo)體小球所帶電荷量的比值為1：3，相距為r時庫侖力的大小為F，今使兩小球接觸后再分開放到相距為2r處，則此時庫侖力的大小為（）A.B.C.D.12、兩點電荷q1、q2分別固定在x軸上，其中q1在O點，q2位置未知，x軸上電勢分布如圖所示。質(zhì)量為m、帶電量為－q的粒子（不計重力），以初速度v0從x1點沿x軸正方向運動（粒子僅受電場力）；則下列說法正確的是。

A.q2是負(fù)電荷B.q1的電荷量大于q2的電荷量C.若粒子能到達(dá)x4處，則v0的大小至少應(yīng)為D.粒子從x1點運動到x4點的過程中，粒子的電勢能先增大后減小13、有一勻強(qiáng)電場的方向平行于xOy平面，平面內(nèi)a、b、c、d四點的位置如圖所示，cd、cb分別垂直于x軸、y軸，其中a、b、c三點電勢分別為：4V、8V、10V，使一電荷量為的負(fù)點電荷由a點開始沿abcd路線運動；則下列判斷正確的是（）

A.坐標(biāo)原點O的電勢為6VB.電場強(qiáng)度的大小為200V/mC.該點電荷在c點的電勢能為D.該點電荷從a點移到d點過程中，電場力做功為14、如圖所示的電路中，定值電阻a、b、c、d的阻值相等，電容器C的耐壓值足夠大，其中電源的內(nèi)阻可忽略不計。當(dāng)僅閉合開關(guān)K1時，電路的總電阻用R1表示、電容器所帶的電荷量為q1，當(dāng)兩個開關(guān)均閉合時，電路的總電阻用R2表示、電容器所帶的電荷量為q2。則下列關(guān)系式正確的是（）

A.R1：R2＝6：5B.R1：R2＝5：6C.q1：q2＝5：3D.q1：q2＝3:5評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖所示，R1＝4Ω，R2＝9Ω，R3＝18Ω．通電后經(jīng)R1、R2和R3的電流之比I1∶I2∶I3＝________，R1、R2和R3兩端的電壓之比U1∶U2∶U3＝________．

16、電動勢單位：______，用“V”表示．17、電功率。

（1）定義：電流在一段電路中所做的功與通電_______之比。

（2）公式：P＝＝_____。

（3）單位：_____，符號為____。

（4）意義：表示電流做功的______。18、如圖所示，電源電壓一定時，已知燈泡L標(biāo)有“6V7.2W”字樣（燈絲電阻不受溫度影響），R2=10Ω。當(dāng)S、S1閉合，且滑片P在a端時，燈正常發(fā)光；當(dāng)S、S2閉合，且P在滑動變阻器中點處時，電流表示數(shù)為0.2A，燈泡L的阻值為_______Ω。通過對S、S1、S2的控制和調(diào)節(jié)滑動變阻器，可使電路消耗的總功率最小，電路總功率的最小值為_______。

19、知識點3電荷守恒定律

表述一：電荷既不會___________，也不會___________，它只能從物體的一部分轉(zhuǎn)移到___________，或者從一個物體轉(zhuǎn)移到___________。在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量___________。

表述二：一個與外界沒有電荷交換的系統(tǒng)，電荷的代數(shù)和___________。20、電勢差。

（1）定義：電場中兩點之間____的差值，也叫作電壓。UAB=____，UBA=____，UAB=-UBA。

（2）電勢差是_____，有正負(fù)，電勢差的正負(fù)表示電勢的_____。UAB>0，表示A點電勢比B點電勢____。

（3）靜電力做功與電勢差的關(guān)系。

WAB=_____或21、如圖所示，虛線方框內(nèi)為一勻強(qiáng)電場，為該電場中的三個點，已知

（1）試在該方框中作出該電場的示意圖；_________

（2）間的電勢差為___________若將動能是的電子由點發(fā)出，若該電子能經(jīng)過點，則該電子經(jīng)過點時的動能是___________將一個電子從移動到電場力做功為___________

22、如圖中把量程為3mA，內(nèi)阻為100Ω的電流表改裝成15V的電壓表，則需串聯(lián)一個阻值為___________Ω的電阻，改裝后原來刻度1.4mA位置的讀數(shù)為___________V；若是把量程為3mA的電流表改裝成歐姆表，其中電源電動勢E=3V。改裝后，將原來電流表3mA的刻度定為電阻的“0”刻度，歐姆表的中值電阻為___________Ω，2mA刻度處標(biāo)___________Ω。

23、黑箱上有三個接線柱A、B、C如圖6所示；已知里面裝的元件只有兩個（可能的元件是電池；電阻或二極管），并且兩個接線柱之間最多只接一個元件，現(xiàn)用多用表去進(jìn)行檢測，其檢測結(jié)果如下：

①用直流電壓擋測量，A、B、C三接線柱之間均無電壓；

②用歐姆擋測量，A、C之間正；反接電阻值不變；

③用歐姆擋測量，黑表筆接A，紅表筆接B，有電阻，黑表筆接B，紅表筆接A；電阻值較大；

④用歐姆擋測量，黑表筆接C，紅表筆接B；有電阻，阻值比②步測得的大；反接電阻值很大．

畫出箱內(nèi)兩個元件的接法．評卷人得分四、作圖題(共1題，共9分)24、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共3題，共6分)25、某校A、B兩個興趣小組想探究鹽水的電阻率，首先測量圓柱形空筆芯的內(nèi)徑d；然后空筆芯裝入配置好的鹽水，并把它用兩導(dǎo)電活塞（活塞電阻可忽略）塞好，有一端活塞可以自由移動，當(dāng)活塞移動改變管內(nèi)鹽水柱長度時，可用針管注射器配合增減筆芯內(nèi)鹽水，保證管內(nèi)沒有氣泡。

（1）A；B兩個興趣小組分別利用實驗電路圖甲進(jìn)行實驗。

①A組方案主要步驟如下：

a.閉合開關(guān)S1，單刀雙擲開關(guān)S2扳到“1”位置，調(diào)節(jié)電阻箱R1，使電流表為某一適當(dāng)?shù)淖x數(shù)I，測量并記下空筆芯里鹽水的長度L1；

b.保持R1不變，開關(guān)S2扳到“2”位置，調(diào)節(jié)R2使得電流計讀數(shù)為I時，R2的讀數(shù)即為長度為L1的鹽水的阻值；

c.改變筆芯管內(nèi)鹽水柱長度，重復(fù)實驗步驟a、b，記錄每一次鹽水柱長度L和電阻箱R2阻值R，畫出的RL圖線如圖乙所示的___________（填“I線”或“II線”），根據(jù)測得的空筆芯內(nèi)徑d和該圖像中標(biāo)注的有關(guān)字母，可得鹽水的電阻率的表達(dá)式為___________。

②B組方案主要步驟如下：

a.閉合開關(guān)S1，單刀雙擲開關(guān)S2扳到“1”位置，調(diào)節(jié)電阻箱R1，使電流表為某一適當(dāng)?shù)淖x數(shù)I，測量并記下空筆芯里鹽水的長度L1和電阻箱的讀數(shù)R；

b.開關(guān)S2始終扳到“1”位置，改變筆芯管內(nèi)鹽水柱長度，調(diào)節(jié)R1使得電流計讀數(shù)為I時，記錄每一次鹽水柱長度L和電阻箱R1阻值R，畫出的RL圖線如圖乙另一條直線；

c.該小組根據(jù)測得的空筆芯內(nèi)徑d和該圖像中標(biāo)注的有關(guān)字母，可得鹽水的電阻率表達(dá)式為___________。

（2）因為本實驗電流表不是理想電流表，對A、B兩組方案電阻率的測量結(jié)果___________。

A．僅A組有影響B(tài)．僅B組有影響。

C．兩組均有影響D．兩組均無影響26、某同學(xué)設(shè)計了如圖甲、乙所示的實驗電路測量某電源的電動勢E（約為3V）和內(nèi)阻r（約為2Ω）。已知電流表的內(nèi)電阻約為1Ω。電壓表的內(nèi)電阻約為3kΩ，變阻器最大電阻20Ω、額定電流1A，定值電阻請回答下列問題：

（1）請在圖丙中用筆面線代替導(dǎo)線完成圖乙電路圖的實物連接。______

（2）將滑動變阻器的滑片P移至最左端，閉合開關(guān)S，移動滑片P改變滑動變阻器的接入阻值，記錄下幾組電壓表示數(shù)U和對應(yīng)的電流表示數(shù)I。

（3）重復(fù)步驟（2）。把甲、乙兩組實驗記錄的數(shù)據(jù)在同一坐標(biāo)系內(nèi)描點作出圖像如圖丁所示，可知圖中標(biāo)記為II的圖線是采用實驗電路______（填“甲”或“乙”）測量得到的。

（4）為了減小系統(tǒng)誤差，本實驗應(yīng)選用圖______（選填“甲”或“乙”）實驗電路。

（5）利用圖丁圖像提供的信息可以修正該實驗的系統(tǒng)誤差，則修正后被測電源的內(nèi)阻______（注：為已知量）。27、某實驗小組研究兩個未知元件X和Y的伏安特性；使用的器材包括電壓表（內(nèi)阻約為3kΩ）；電流表（內(nèi)阻約為1Ω）、定值電阻等：

(1)使用多用電表粗測元件X的電阻，選擇“×1”歐姆檔測量，示數(shù)如圖（a）所示，讀數(shù)__________Ω，據(jù)此應(yīng)選擇圖中的__________（選填“b”或“c”）電路進(jìn)行實驗；

(2)連接所選電烙，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左同右滑動，電流表的示數(shù)逐漸__________（填增大”“減小”）；依次記錄電流及相應(yīng)的電壓；將元件X換成元件Y；重復(fù)實驗；

(3)圖（d）是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)做出的U-I圖線，由圖可判斷元件__________（填“X”或“Y”）是非線性元件；

(4)該小組還借助X和Y中的線性元件和阻值R=21Ω的定值電阻，測量待測電池組的電動勢E和內(nèi)阻r，如圖（e）所示，閉合S1和S2，電壓表讀數(shù)為3.00V，斷開S2，電壓表讀數(shù)為1.00V，結(jié)合圖（d）可算出E=_______V，r=__________Ω。（電壓表為理想電壓表）評卷人得分六、解答題(共2題，共16分)28、如圖，是豎直面內(nèi)、圓心在點、半徑為的光滑絕緣軌道，其端切線水平且距水平地面的高度也為連線右側(cè)的空間存在方向豎直向下的勻強(qiáng)電場。將一質(zhì)量為電荷量為的帶正電小球從軌道端無初速釋放，小球從端飛出后，在地面上第一次的落點距的水平距離為．若小球可視為質(zhì)點，重力加速度大小為求：

（1）進(jìn)入電場前，小球在端的速度大小及對軌道的壓力大?。?/p>

（2）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小。

29、在如圖所示的實驗裝置中，充電后的平行板電容器的A極板與靈敏的靜電計相接，B極板接地。靜電計中連接轉(zhuǎn)動指針的外殼也接地，當(dāng)靜電計所加的電壓增大時，轉(zhuǎn)動指針與豎直固定的指針的夾角θ也增大。

若只把極板B稍向上移動一點，θ應(yīng)________（增大、減小、不變），若只把極板B稍向內(nèi)移動一點，θ應(yīng)________（增大、減小、不變）若把鐵塊插入平行板內(nèi)，θ應(yīng)________。（增大、減小、不變）參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)電場力做功為W，由動能定理知

可求得

因此a、b兩點間的電勢差為

故選項C正確；ABD錯誤。

故選C。2、B【分析】【分析】

【詳解】

兩粒子進(jìn)入電場后，做類平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律有

粒子射出電場時的側(cè)位移y為

電場中水平方向有

聯(lián)立，可得

依題意兩粒子的初動能相同，電場強(qiáng)度E和極板長度L相同，則y與q成正比，質(zhì)子和粒子電荷量之比為1：2，則側(cè)位移y之比為1：2。

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．MN是一條等勢線，若選無窮遠(yuǎn)處電勢為零，則b點電勢為零，而d點電勢大于零，則b點電勢低于d點；選項A錯誤；

B．a(chǎn)點的場強(qiáng)與c點的場強(qiáng)大小相同；方向不同，選項B錯誤；

C．由對稱性可知，a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差；故C正確；

D．因a點的電勢高于c點的電勢，故試探電荷+q在a點的電勢能高于在c點的電勢能；故D錯誤；

故選C。4、B【分析】【詳解】

AD．根據(jù)電場線的疏密程度與電場強(qiáng)度的關(guān)系，由圖可知，A點的電場強(qiáng)度大于B點的電場強(qiáng)度和C點的電場強(qiáng)度，由可知，帶電荷量均為的粉塵在A、C兩點所受電場力大小不相等；故AD錯誤；

B．根據(jù)題意可知，A、B兩點到P距離相等，由A分析可知，P左側(cè)的平均電場強(qiáng)度大于右側(cè)的平均電場強(qiáng)度，由公式可得

則

故B正確；

C．由圖可知，電場方向為由B點到C點，則帶負(fù)電的粉塵從B點運動到C點電場力做正功；故C錯誤；

故選B。5、A【分析】【詳解】

A．普朗克在研究黑體輻射問題中提出了能量子假說；故A正確；

B．根據(jù)光電效應(yīng)方程

可知；用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能越大，則這種金屬的逸出功越小，故B錯誤；

C．發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率；與入射光的強(qiáng)度無關(guān)，故C錯誤；

D．入射光子與晶體中的電子碰撞，動量變小，根據(jù)光子動量

可知其波長變長；故D錯誤。

故選A。二、多選題(共9題，共18分)6、C:D【分析】【詳解】

兩個點電荷在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小都為兩個場強(qiáng)的方向互成120°，根據(jù)平行四邊形定則，合場強(qiáng)大小為方向水平向左，所以要使圓心處的電場強(qiáng)度大小為0，放一個電荷在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)大小為方向水平向右，所以該電荷若在C點，為+q，若在D點，為-q；故CD正確，AB錯誤．

故選CD。7、A:C【分析】【詳解】

根據(jù)閉合回路歐姆定律可得

比值是定值；

隨P向下移動而變大，且

變大；又因為

不變；

因為

且減小，所以比值變小，而

為電源內(nèi)阻不變。

則

則|ΔU1|<|ΔU2||ΔU2|>|ΔU3|

故選AC。8、A:D【分析】【詳解】

假設(shè)圓周上均勻分布的都是電荷量為+q的小球，由于圓周的對稱性，根據(jù)電場的疊加原理知，圓心O處場強(qiáng)為0，所以圓心O點的電場強(qiáng)度大小等效于A點處電荷量為+2q的小球與在A點在同一直徑的另一端的電量為+q的電荷在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)的疊加，則有方向水平向左；所以僅撤去A點的小球，則O點的電場強(qiáng)度等于與A點在同一直徑的另一端的電量為+q的電荷在O點產(chǎn)生的場強(qiáng)方向向右，故BC錯誤，AD正確．9、C:D【分析】【詳解】

A.物體以水平速度沖上木板后，由于摩擦力作用，減速運動，木板A加速運動，根據(jù)能量守恒定律，物體動能的減少量等于木板A增加的動能和產(chǎn)生的熱量之和；故A錯誤；

B.根據(jù)動能定理，物體克服摩擦力做的功等于物體損失的動能；故B錯誤；

C.由能量守恒定律可知，物體損失的機(jī)械能等于木板獲得的動能與系統(tǒng)損失的機(jī)械能之和；故C正確；

D.摩擦力對物體做的功等于物體動能的減少量，摩擦力對木板做的功等于木板動能的增加量，由能量守恒定律，摩擦力對物體做的功和對木板做的功的總和等于系統(tǒng)內(nèi)能的增加量，故D正確．10、A:C:D【分析】【詳解】

A．兩粒子在垂直電場方向上做勻速直線運動，由

得知；運動的時間相等，故A正確；

B．兩粒子在平行電場方向受到電場力作用，做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)位移時間關(guān)系公式，有

所以

故B錯誤；

C．根據(jù)牛頓第二定律，有

則

所以

故C正確；

D．因為

所以Q電勢能改變量是P電勢能改變量的4倍；故D正確。

故選ACD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

若兩個相同的帶電導(dǎo)體小球帶異種電荷，設(shè)一個小球帶電量為大小Q，則另一個為大小3Q；根據(jù)庫侖定律，兩球接觸前。

接觸再分開后；兩球帶同種電荷，因此兩球帶電量大小分別為。

由庫侖定律；此時庫侖力的大小。

若兩個相同的帶電導(dǎo)體小球帶同種電荷；兩球接觸前。

接觸再分開后，兩球帶同種電荷，兩球帶電量大小分別為2Q；由庫侖定律，此時庫侖力的大小。

故AD正確；BC錯誤。

故選AD。12、A:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)x軸上電勢分布，x1點電勢為0，x3場強(qiáng)為0，x3右側(cè)場強(qiáng)先增大后減小，可判斷q2一定在x軸負(fù)軸。x3場強(qiáng)為0，q1、q2產(chǎn)生的場強(qiáng)等大反向，所以q2一定帶負(fù)電且q2電荷量大于q1；A正確，B錯誤。

D．粒子從x2運動到x4過程；電場力先做負(fù)功后做正功，選項D正確；

C．粒子要能到達(dá)x4點必須能通過x3點，由電場力做功與電勢的關(guān)系可知粒子到達(dá)x4點做的功大于動能定理得

v0必須大于選項C錯誤。

故選AD。13、A:D【分析】【詳解】

A．勻強(qiáng)電場中平行等間距的兩點間電勢差相等，可得

解得

A正確；

B．可知a、b中點電勢為6V；故可畫出電勢為6V；8V的等勢面，電場線與等勢面垂直且指向電勢較低的一側(cè)，如圖所示。

故電場強(qiáng)度的大小為

B錯誤；

C．該點電荷在c點的電勢能為

C錯誤；

D．由B的解析可知，d點電勢為8V，該點電荷從a點移到d點過程中，電場力做功為

D正確。

故選AD。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)定值電阻的阻值均為R，電源的電動勢為E，當(dāng)僅閉合開關(guān)K1時；等效電路如圖甲所示，則電路的總電阻為。

R1＝3R電容器兩極板間的電壓。

則電容器所帶的電荷量。

當(dāng)兩個開關(guān)均閉合時；等效電路如圖乙所示，電路的總電阻為。

電容器兩極板之間的電壓為。

電容器所帶的電荷量。

由以上分析可知。

R1∶R2＝6∶5q1∶q2＝5∶3故AC正確；BD錯誤。

故選AC。

三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

由并聯(lián)電路的特點可知，U2=U3，即I2R2=I3R3，所以

流經(jīng)R1和R3的電流之比所以：I1：I2：I3=3：2：1

R2和R3并聯(lián)，兩端的電壓相等；由U=IR可知：所以：U1：U2：U3=2：3：3

【點睛】

該題考查的串聯(lián)電路的特點，串聯(lián)電路電流相同，電壓與電阻成正比．并聯(lián)電路電壓相同，電流與電阻成反比，靈活選擇表達(dá)式，然后將相關(guān)的數(shù)據(jù)代入即可．基礎(chǔ)題目．【解析】3∶2∶12∶3∶316、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】伏特17、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.時間②.UI③.瓦特④.W⑤.快慢18、略

【分析】【詳解】

［1］由電功率公式得

［2］當(dāng)閉合，且滑片在端時，燈正常發(fā)光，可知電源電壓與小燈泡的額定電壓相等，即為

當(dāng)閉合，且在滑動變阻器中點處時，定值電阻與滑動變阻器串聯(lián)，此時滑動變阻器在電路的電阻為其最大電阻的倍，電流表示數(shù)為則滑動變阻器接入電路的電阻為

則滑動變阻器的最大電阻為

當(dāng)閉合，打開，并將滑動變阻器的滑片移到最右端電路消耗的總功率最小，此時電路的總功率的最小值為【解析】50.72W19、略

【分析】【詳解】

略【解析】①.創(chuàng)生②.消滅③.另一部分④.另一個物體⑤.保持不變⑥.保持不變20、略

【解析】①.電勢②.φA-φB③.φB-φA④.標(biāo)量⑤.高低⑥.高⑦.qUAB21、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]依題意可知BC連線為等勢線，連接BC；根據(jù)電場線垂直與等勢線，沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知電場方向水平向右，可畫出電場示意圖如圖所示。

（2）[2]CA之間的電勢差為

[3]電子從C到A，根據(jù)動能定理有

代入數(shù)據(jù)解得

[4]電子從B到C，在同一等勢線上移動電荷，電場力做功為零。【解析】①.見解析②.-10③.50④.022、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律得

代入數(shù)據(jù)解得

[2]改裝后原來刻度1.4mA位置的讀數(shù)

[3][4]電壓3V，電流3mA的時候標(biāo)度為0，即外加電阻為0，內(nèi)電阻為R，則

中值電阻等于歐姆表內(nèi)阻為10002mA刻度時候總電阻

則外加電阻【解析】49007100050023、略

【分析】【分析】

【詳解】

用直流電壓擋測量，A、B、C三接線柱之間均無電壓說明黑箱內(nèi)無電源；用歐姆擋測量，A、C之間正、反接電阻值不變，說明AC間接有定值電阻；用歐姆擋測量，黑表筆接A，紅表筆接B，有電阻，黑表筆接B，紅表筆接A，電阻值較大，說明AB間接有二極管，且A端接的是二極管的正極；用歐姆擋測量，黑表筆接C，紅表筆接B；有電阻，阻值比②步測得的大；反接電阻值很大，說明CB間定值電阻和二極管串聯(lián)，所以黑箱內(nèi)電路如上圖．

思路分析：根據(jù)二極管的單向?qū)щ娦赃M(jìn)行判斷。

試題點評：考查對探索黑箱內(nèi)的電學(xué)元件實驗的掌握【解析】四、作圖題(共1題，共9分)24、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內(nèi)部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

五、實驗題(共3題，共6分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）①c[1]根據(jù)

可知畫出的RL圖線應(yīng)該是過原點的直線；是如圖乙所示的II線；

[2]由于圖線的斜率

解得

②c[3]因每次電流不變，則電阻不變，即

則R-L圖像的斜率

解得

（2）[4]兩次實驗時，只是保持了電流表讀數(shù)不變，則電流表內(nèi)阻對實驗無影響，則對A、B兩組方案電阻率的測量結(jié)果無影響，故選D?！窘馕觥竣?II線②.③.④.D26、略

【分析】【詳解】

（1）[1]圖乙電路的實物連接圖如下圖所示：

（3）[2]對圖甲而言，根據(jù)閉合歐姆定律可得

整理可得