押課標卷物理第16題(解析版)-備戰(zhàn)2020年高考物理臨考題號押題

押課標卷理綜第16題高考頻度：★★★★★難易程度：★☆☆☆☆題號考情分析考查知識點分值預(yù)測知識點第16題近幾年高考中平拋運動、圓周運動仍為考查重點，命題頻繁；天體運動基本為必考內(nèi)容．著重考查的知識點有：曲線運動的特點、平拋運動和圓周運動的規(guī)律、萬有引力與天體運動規(guī)律、宇宙速度與衛(wèi)星變軌問題等．根據(jù)高考對本章考查的命題特點，復(fù)習(xí)時，應(yīng)加強對各類題型的歸納總結(jié)：(1)豎直平面內(nèi)的圓周運動模型、錐體運動的臨界問題等；(2)要理解處理復(fù)雜運動的基本方法——運動的合成與分解，具備將所學(xué)到的知識進行合理遷移的能力、綜合能力和運用數(shù)學(xué)知識解決物理問題的能力；(3)對于萬有引力定律的應(yīng)用、衛(wèi)星問題，學(xué)習(xí)過程中要注意從圓周運動與牛頓第二定律出發(fā)分析天體運動規(guī)律.曲線運動、萬有引力定律6預(yù)計2020年高考新課標全國卷第16題會以曲線運動、天體運動為主。（2019·新課標全國Ⅰ卷）在星球M上將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運動，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖中實線所示。在另一星球N上用完全相同的彈簧，改用物體Q完成同樣的過程，其a–x關(guān)系如圖中虛線所示，假設(shè)兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體。已知星球M的半徑是星球N的3倍，則A．M與N的密度相等B．Q的質(zhì)量是P的3倍C．Q下落過程中的最大動能是P的4倍D．Q下落過程中彈簧的最大壓縮量是P的4倍【答案】AC【解析】A、由a–x圖象可知，加速度沿豎直向下方向為正方向，根據(jù)牛頓第二定律有：，變形式為：，該圖象的斜率為，縱軸截距為重力加速度。根據(jù)圖象的縱軸截距可知，兩星球表面的重力加速度之比為：；又因為在某星球表面上的物體，所受重力和萬有引力相等，即：，即該星球的質(zhì)量。又因為：，聯(lián)立得。故兩星球的密度之比為：，故A正確；B、當物體在彈簧上運動過程中，加速度為0的一瞬間，其所受彈力和重力二力平衡，，即：；結(jié)合a–x圖象可知，當物體P和物體Q分別處于平衡位置時，彈簧的壓縮量之比為：，故物體P和物體Q的質(zhì)量之比為：，故B錯誤；C、物體P和物體Q分別處于各自的平衡位置（a=0）時，它們的動能最大；根據(jù)，結(jié)合a–x圖象面積的物理意義可知：物體P的最大速度滿足，物體Q的最大速度滿足：，則兩物體的最大動能之比：，C正確；D、物體P和物體Q分別在彈簧上做簡諧運動，由平衡位置（a=0）可知，物體P和Q振動的振幅A分別為和，即物體P所在彈簧最大壓縮量為2，物體Q所在彈簧最大壓縮量為4，則Q下落過程中，彈簧最大壓縮量時P物體最大壓縮量的2倍，D錯誤；故本題選AC。2019年4月10日，天文學(xué)家召開全球新聞發(fā)布會，宣布首次直接拍攝到黑洞的照片如圖所示。黑洞是一種密度極大、引力極大的天體，以至于光都無法逃逸（光速為c）。若黑洞的質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G，其逃逸速度公式為。如果天文學(xué)家觀測到一天體以速度v繞某黑洞做半徑為r的勻速圓周運動，則下列說法正確的有A．B．M=Gv2rC．該黑洞的最大半徑為D．該黑洞的最小半徑為【答案】AC【解析】根據(jù)萬有引力提供向心力有：，得黑洞的質(zhì)量，故A正確，B錯誤；根據(jù)逃逸速度公式，得，黑洞的最大半徑，故C正確，D錯誤。1．必須領(lǐng)會的“4種物理思想和3種常用方法”(1)分解思想、臨界極值的思想、估算的思想、模型化思想；(2)假設(shè)法、合成法、正交分解法。2．要靈活掌握常見的曲線運動模型平拋運動及類平拋運動，豎直平面內(nèi)的圓周運動及圓周運動的臨界條件。3．必須辨明的“4個易錯易混點”(1)兩個直線運動的合運動不一定是直線運動；(2)小船渡河時，最短位移不一定等于河的寬度；(3)做平拋運動的物體，速度方向與位移方向不相同；(4)注意區(qū)分“繩模型”和“桿模型”。4．注意天體運動的三個區(qū)別(1)中心天體和環(huán)繞天體的區(qū)別；(2)自轉(zhuǎn)周期和公轉(zhuǎn)周期的區(qū)別；(3)星球半徑和軌道半徑的區(qū)別。1．如圖，一半徑為R，粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平。一質(zhì)量為m的質(zhì)點自P點上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點進入軌道。質(zhì)點滑到軌道最低點N時，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小。用W表示質(zhì)點從P點運動到N點的過程中克服摩擦力所做的功，則（）A．，質(zhì)點恰好可以到達Q點B．，質(zhì)點不能到達Q點C．，質(zhì)點到達Q后，繼續(xù)上升一段距離D．，質(zhì)點到達Q后，繼續(xù)上升一段距離【答案】C【解析】【分析】對N點運用牛頓第二定律，結(jié)合壓力的大小求出N點的速度大小，對開始下落到N點的過程運用動能定理求出克服摩擦力做功的大小。抓住NQ段克服摩擦力做功小于在PN段克服摩擦力做功，根據(jù)動能定理分析Q點的速度大小，從而判斷能否到達Q點?！驹斀狻繌某霭l(fā)點到P點，由動能定理知，在N點由牛頓第二定律知，知，從P到N由動能定理知，。設(shè)PN上某點與OP的夾角為θ，由變速圓周運動知，根據(jù)左右對稱，在同一高度，由于摩擦力做負功導(dǎo)致右側(cè)對稱點速率小，軌道的支持力小，滑動摩擦力小，因此。從N到Q，由動能定理知，因此，質(zhì)點繼續(xù)上升一段距離。故選C?！军c睛】運用好動能定理和向心力相關(guān)公式。2．北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)是我國自行研制開發(fā)的區(qū)域性三維衛(wèi)星定位與通信系統(tǒng)(CNSS)，建成后的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)包括5顆同步衛(wèi)星和30顆一般軌道衛(wèi)星。對于其中的5顆同步衛(wèi)星，下列說法中正確的是A．它們運行的線速度一定大于第一宇宙速度B．地球?qū)λ鼈兊奈σ欢ㄏ嗤珻．一定位于赤道上空同一軌道上D．它們運行的速度一定完全相同【答案】C【解析】第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，即是衛(wèi)星環(huán)繞地球圓周運動的最大速度。而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，所以它們運行的線速度一定小于7.9km/s，故A錯誤。5顆同步衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相同，則地球?qū)λ鼈兊奈Σ灰欢ㄏ嗤?，選項B錯誤；同步衛(wèi)星的角速度與地球的自轉(zhuǎn)角速度，所以它們的角速度相同，故C正確。5顆衛(wèi)星在相同的軌道上運行，速度的大小相同，方向不同，選項D錯誤；故選C.

點睛：地球的質(zhì)量一定、自轉(zhuǎn)角速度和周期一定，同步衛(wèi)星要與地球的自轉(zhuǎn)實現(xiàn)同步，就必須要角速度與地球自轉(zhuǎn)角速度相等，這就決定了它有確定的軌道高度和固定的速度大小．3．科學(xué)家計劃在2025年將首批宇航員送往火星進行考察．一質(zhì)量為m的物體，假設(shè)在火星兩極宇航員用彈簧測力計測得的讀數(shù)為F1，在火星赤道上宇航員用同一把彈簧測力計測得的讀數(shù)為F2．通過天文觀測測得火星的自轉(zhuǎn)角速度為ω，已知引力常量為G，將火星看成是質(zhì)量分布均勻的球體，則火星的密度和半徑分別為A．和 B．和C．和 D．和【答案】A【解析】【詳解】在兩極：，在赤道：，聯(lián)立解得：，由，且，解得：，故A正確．4．某行星的自轉(zhuǎn)周期為T，赤道半徑為R．研究發(fā)現(xiàn)，當該行星的自轉(zhuǎn)角速度變?yōu)樵瓉淼?倍時會導(dǎo)致該行星赤道上的物體恰好對行星表面沒有壓力，已知引力常量為G．則A．該行星的質(zhì)量為M=B．該行星的同步衛(wèi)星軌道半徑為r=C．質(zhì)量為m的物體對行星赤道地面的壓力為F=D．環(huán)繞該行星做勻速圓周運動的衛(wèi)星的最大線速度為7.9km/s【答案】B【解析】該行星自轉(zhuǎn)角速度變?yōu)樵瓉韮杀?，則周期將變?yōu)?2T，由題意可知此時：GMmR2＝mR4π2(12T)2，解得：M＝16π2R點睛：重點知識：行星自轉(zhuǎn)的時候，地面物體萬有引力等于重力沒錯，但是不是重力全部用來提供向心力，而是重力和支持力的合力提供向心力；“星球赤道上物體恰好對行星表面沒有壓力”時重力獨自充當向心力．5．位于貴州的“中國天眼”是目前世界上口徑最大的單天線射電望遠鏡(FAST)．通過FAST測得水星與太陽的視角為(水星、太陽分別與觀察者的連線所夾的角),如圖所示,若最大視角的正弦C值為,地球和水星繞太陽的運動視為勻速圓周運動,則水星的公轉(zhuǎn)周期為A．年 B．年 C．年 D．年【答案】A【解析】【詳解】最大視角的定義，即此時觀察者與水星的連線應(yīng)與水星軌跡相切，由三角函數(shù)可得：，結(jié)合題中已知條件sinθ=k，由萬有引力提供向心力有：，解得：，得，得，而T地=1年，故年，故B，C，D錯誤，A正確.故選A.【點睛】向心力的公式選取要根據(jù)題目提供的已知物理量或要求解的物理量選取應(yīng)用，物理問題經(jīng)常要結(jié)合數(shù)學(xué)幾何關(guān)系解決.6．2019年1月3日，嫦娥四號成為了全人類第一個在月球背面成功實施軟著陸的探測器。為了減小凹凸不平的月面可能造成的不利影響，嫦娥四號釆取了近乎垂直的著陸方式。已知：月球半徑為R，表面重力加速度大小為g，引力常量為G，下列說法正確的是（）A．為了減小與地面的撞擊力，嫦娥四號著陸前的一小段時間內(nèi)處于失重狀態(tài)B．嫦娥四號著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運動的過程中處于超重狀態(tài)C．月球的密度為D．嫦娥四號著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運動的周期約為【答案】C【解析】【詳解】A、在“嫦娥四號”著陸前的一小段時間內(nèi)“嫦娥四號”需要做減速運動，處于超重狀態(tài)，故選項A錯誤；B、“嫦娥四號”著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運動的過程萬有引力提供向心力，所以處于失重狀態(tài)，故選項B錯誤；C、月球表面的重力近似等于萬有引力，則：，所以：，又：，聯(lián)立解得月球的密度：，故選項C正確；D、“嫦娥四號”著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運動的時萬有引力提供向心力，,即：，解得嫦娥四號著陸前近月環(huán)繞月球做圓周運動的周期為：，故選項D錯誤；7．太空行走又稱為出艙活動.狹義的太空行走即指航天員離開載人航天器乘員艙進入太空的出艙活動.如圖所示，假設(shè)某宇航員出艙離開飛船后身上的速度計顯示其相對地心的速度為v，該航天員從離開艙門到結(jié)束太空行走所用時間為t，已知地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，則()A．航天員在太空行走時可模仿游泳向后劃著前進B．該航天員在太空“走”的路程估計只有幾米C．該航天員離地高度為D．該航天員的加速度為【答案】C【解析】A、由于太空沒有空氣，因此航天員在太空中行走時無法模仿游泳向后劃著前進，故A錯誤；B、航天員在太空行走的路程是以速度v運動的路程，即為vt，故B錯誤；C、由＝mg和，得，故C正確；D、由得，故D錯誤．點睛：太空沒有空氣，無法模仿；路程等于速度與時間的乘積；由引力提供向心力，及黃金代換公式，即可求解．8．據(jù)報道，2020年我國首顆“人造月亮”將完成從發(fā)射、人軌、展開到照明的整體系統(tǒng)演示驗證。“人造月亮”是一種攜帶大型空間反射鏡的人造空間照明衛(wèi)星，將部署在距離地球500km以內(nèi)的低地球軌道上，其亮度是月球亮度的8倍，可為城市提供夜間照明。假設(shè)“人造月亮”繞地球做圓周運動，則“人造月亮”在軌道上運動時A．“人造月亮”的線速度等于第一宇宙速度B．“人造月亮”的角速度大于月球繞地球運行的角速度C．“人造月亮”的向心加速度大于地球表面的重力加速度D．“人造月亮”的公轉(zhuǎn)周期大于月球的繞地球運行的周期【答案】B【解析】【分析】知道第一宇宙速度的物理意義，研究“人造月亮”繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式表示出所要比較的物理量；【詳解】A、第一宇宙速度是人造衛(wèi)星的最小發(fā)射速度，也是人造衛(wèi)星的最大運行速度，根據(jù)可得，所以“人造月亮”的運行速度不可能等于第一宇宙速度，故A錯誤；B、根據(jù)可得，由于“人造月亮”繞地球做圓周運動的半徑小于月球繞地球運行的半徑，所以“人造月亮”的角速度大于月球繞地球運行的角速度，故B正確；C、根據(jù)可得，由于“人造月亮”繞地球做圓周運動的半徑大于地球半徑，所以“人造月亮”的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故C錯誤；D、根據(jù)可得，由于“人造月亮”繞地球做圓周運動的半徑小于月球繞地球運行的半徑，所以“人造月亮”的公轉(zhuǎn)周期小于月球的繞地球運行的周期，故D錯誤；故選B?！军c睛】關(guān)鍵是根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式表示出所要比較的物理量。9．有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動，b處于地面附近近地軌道上正常運動，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖，則有A．a(chǎn)的向心加速度等于重力加速度gB．c在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是π/6C．b在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長D．d的運動周期有可能是20h【答案】C【解析】試題分析：同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，根據(jù)比較a與c的向心加速度大小，再比較c的向心加速度與g的大?。鶕?jù)萬有引力提供向心力，列出等式得出角速度與半徑的關(guān)系，分析弧長關(guān)系．根據(jù)開普勒第三定律判斷d與c的周期關(guān)系．同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據(jù)知，c的向心加速度大．由，得，衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則同步衛(wèi)星的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度約為g，故知a的向心加速度小于重力加速度g，故A錯誤；c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是，故B錯誤；由，得，衛(wèi)星的半徑越大，速度越小，所以b的速度最大，在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長，故C正確；由開普勒第三定律知，衛(wèi)星的半徑越大，周期越大，所以d的運動周期大于c的周期24h，不可能為23h，故D錯誤．10．如圖，斜面上有a、b、c、d四個點，ab=bc=cd，從a點以初速度v0水平拋出一個小球，它落在斜面上的b點，速度方向與斜面之間的夾角為θ；若小球從a點以初速度平拋出，不計空氣阻力，則小球（）A．將落在bc之間B．將落在c點C．落在斜面的速度方向與斜面的夾角大于θD．落在斜面的速度方向與斜面的夾角等于θ【答案】BD【解析】【詳解】設(shè)斜面的傾角為θ．小球落在斜面上，有：tanθ=，解得：；在豎直方向上的分位移為：y=gt2＝，則知當初速度變?yōu)樵瓉淼谋稌r，豎直方向上的位移變?yōu)樵瓉淼?倍，所以小球一定落在斜面上的c點，故A錯誤，B正確；設(shè)小球落在斜面上速度與水平方向的夾角為β，則tanβ==2tanθ，即tanβ=2tanθ，所以β一定，則知落在斜面時的速度方向與斜面夾角一定相同．故C錯誤，D正確．故選BD．【點睛】物體在斜面上做平拋運動落在斜面上，豎直方向的位移與水平方向上的位移比值是一定值．以及知道在任一時刻速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍．11．如圖所示，在水平轉(zhuǎn)臺上放置有輕繩相連的質(zhì)量相同的滑塊1和滑塊2，轉(zhuǎn)臺繞轉(zhuǎn)軸OO′以角速度ω勻運轉(zhuǎn)動過程中，輕繩始終處于水平狀態(tài)，兩滑塊始終相對轉(zhuǎn)臺靜止，且與轉(zhuǎn)臺之間的動摩擦因數(shù)相同，滑塊1到轉(zhuǎn)軸的距離小于滑塊2到轉(zhuǎn)軸的距離．關(guān)于滑塊1和滑塊2受到的摩擦力f1和f2與ω2的關(guān)系圖線，可能正確的是A． B．C． D．【答案】AC【解析】兩滑塊的角速度相等，根據(jù)向心力公式F=mrω2，考慮到兩滑塊質(zhì)量相同，滑塊2的運動半徑較大，摩擦力較大，所以角速度增大時，滑塊2先達到最大靜摩擦力．繼續(xù)增大角速度，滑塊2所受的摩擦力不變，繩子拉力增大，滑塊1的摩擦力減小，當滑塊1的摩擦力減小到零后，又反向增大，當滑塊1摩擦力達到最大值時，再增大角速度，將發(fā)生相對滑動．故滑塊2的摩擦力先增大達到最大值不變．滑塊1的摩擦力先增大后減小，在反向增大．故A、D正確，B、C錯誤．故選AD．12．如圖所示，在某行星表面上有一傾斜的勻質(zhì)圓盤，盤面與水平面的夾角為30°，圓盤繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定的角速度轉(zhuǎn)動，盤面上離轉(zhuǎn)軸距離L處有一小物體與圓盤保持相對靜止，當圓盤的角速度為ω時，小物塊剛要滑動．物體與盤面間的動摩擦因數(shù)為（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)，該星球的半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是A．這個行星的質(zhì)量B．這個行星的第一宇宙速度C．這個行星的同步衛(wèi)星的周期是D．離行星表面距離為R的地方的重力加速度為【答案】BD【解析】【分析】當物體轉(zhuǎn)到圓盤的最低點，由重力沿斜面向下的分力和最大靜摩擦力的合力提供向心力時，角速度最大，由牛頓第二定律求出重力加速度，然后結(jié)合萬有引力提供向心力即可求出．【詳解】物體在圓盤上受到重力、圓盤的支持力和摩擦力，合力提供向心加速度；可知當物體轉(zhuǎn)到圓盤的最低點，所受的靜摩擦力沿斜面向上達到最大時，角速度最大，由牛頓第二定律得：μmgcos30°-mgsin30°=mω2L，所以:.A．繞該行星表面做勻速圓周運動的物體受到的萬有引力即為其所受重力，即：,所以，故A錯誤；B．根據(jù)行星的第一宇宙速度公式得，該行星得第一宇宙速度為，故B正確；C．同步衛(wèi)星在軌運行時，軌道處衛(wèi)星受到的引力提供向心力，則有，解得：，由于同步衛(wèi)星的高度未知，故而無法求出自轉(zhuǎn)周期T，故C錯誤；D．離行星表面距離為R的地方的萬有引力：；即重力加速度為ω2L．故D正確．【點睛】本題易錯點為C選項，在對同步衛(wèi)星進行分析時，如果公轉(zhuǎn)圓周運動不能計算時，通?？梢钥紤]求行星自傳周期：同步衛(wèi)星的周期等于行星自傳周期．該行星赤道上的物體隨行星一起做圓周運動時，萬有引力可分解為重力和自傳向心力，即，由于不能確定該行星表面上赤道地區(qū)的重力加速度，故而無法求出自傳周期T；如果錯誤地按照自傳向心力由萬有引力提供，，解得：T=，就錯了，因為是如果行星上物體所受萬有引力全部提供自傳向心力，該行星已經(jīng)處在自解體狀態(tài)了，也就是不可能存在這樣得行星．13．如圖所示，金屬塊Q放在帶光滑小孔的水平桌面上，一根穿過小孔的細線，上端固定在Q上，下端拴一個小球。小球在某一水平面內(nèi)做勻速圓周運動(圓錐擺)，細線與豎直方向成30°角(圖中P位置)。現(xiàn)使小球在更高的水平面上做勻速圓周運動.細線與豎直方高成60°角(圖中P’位置)。兩種情況下，金屬塊A．Q受到桌面的靜摩擦力大小不變B．小球運動的角速度變大C．細線所受的拉力之比為2：1D．小球向心力大小之比為3：1【答案】BD【解析】【詳解】設(shè)細線與豎直方向的夾角為θ，細線的拉力大小為T，細線的長度為L．P球做勻速圓周運動時，由重力和細線的拉力的合力提供向心力；則有：T=mgcosθ；向心力：Fn=mgtanθ=mω2Lsinθ，得角速度：ω=gLcosθ，使小球改到一個更高的水平面上作勻速圓周運動時，θ增大，cosθ減小，則得到細線拉力T增大，角速度ω增大。對Q球，由平衡條件得知，Q受到桌面的靜摩擦力等于細線的拉力大小，細線拉力T增大，則靜摩擦力變大，故A錯誤，B正確；開始時細線的拉力：T1=mgcos300=2mg3，增大為60°后的拉力：T2=mgcos600=2mg,所以：T2T【點睛】本題中一個物體靜止，一個物體做勻速圓周運動，采用隔離法，分別根據(jù)平衡條件和牛頓第二定律研究，分析受力情況是關(guān)鍵。14．如圖，從半徑為R＝1m的半圓AB上的A點水平拋出一個可視為質(zhì)點的小球，經(jīng)t＝0.4s小球落到半圓上，已知當?shù)氐闹亓铀俣萭＝10m/s2，則小球的初速度v0可能為()A．1m/s B．2m/s C．3m/s D．4m/s【答案】AD【解析】小球下降的高度h=gt2=×10×0.42=0.8（m）．若小球落在左邊四分之一圓弧上，根據(jù)幾何關(guān)系有：R2=h2+（R-x）2，解得水平位移x=0.4m，則初速度．若小球落在右邊四分之一圓弧上，根據(jù)幾何關(guān)系有：R2=h2+x′2，解得x′=0.6m，則水平位移x=1.6m，初速．故AD正確，BC錯誤．故選AD．點睛：解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式和幾何關(guān)系靈活求解．15．如圖所示，甲、乙圓盤的半徑之比為1：2，兩水平圓盤緊靠在一起，乙靠摩擦隨甲不打滑轉(zhuǎn)動.兩圓盤上分別放置質(zhì)量為m1和m2的小物體，m1=2m2，兩小物體與圓盤間的動摩擦因數(shù)相同.m1距甲盤圓心r，mA．m1和mB．m1和mC．隨轉(zhuǎn)速慢慢增加，m1D．隨轉(zhuǎn)速慢慢增加，m2【答案】BC【解析】試題分析：甲、乙兩輪子邊緣上的各點線速度大小相等，有：，則得，所以物塊相對盤開始滑動前，m1與m2的角速度之比為2：1，根據(jù)公式：，所以：，A錯誤；根據(jù)得：m1與m2的向心加速度之比為，B正確；根據(jù)知，m1先達到臨界角速度，可知當轉(zhuǎn)速增加時，m1先開始滑動．C正確，D錯誤；故選BC?？键c：向心力、牛頓第二定律。【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵是要知道靠摩擦傳動輪子邊緣上的各點線速度大小相等，掌握向心加速度和角速度的關(guān)系公式和離心運動的條件。16．如圖所示，同步衛(wèi)星與地心的距離為，運行速率為，向心加速度為；地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為，第一宇宙速度為，地球半徑為R，則()．A．B．C．D．【答案】AD【解析】【詳解】A.因為地球同步衛(wèi)星的角速度和地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，由a1=ω2r，a2=ω2R得：，故A正確、B錯誤；C.對于地球同步衛(wèi)星和以第一宇宙速度運動的近地衛(wèi)星，由萬有引力提供做勻速圓周運動所需向心力得到：，解得：，故D正確，C錯誤；故選AD.17．如圖所示，點L1和點L2稱為地月連線上的拉格朗日點．在L1點處的物體可與月球同步繞地球轉(zhuǎn)動．在L2點處附近的飛行器無法保持靜止平衡，但可在地球引力和月球引力共同作用下圍繞L2點繞行．我國中繼星鵲橋就是繞L2點轉(zhuǎn)動的衛(wèi)星，嫦娥四號在月球背面工作時所發(fā)出的信號通過鵲橋衛(wèi)星傳回地面，若鵲橋衛(wèi)星與月球、地球兩天體中心距離分別為R1、R2，信號傳播速度為c．則（