福建省漳州市2024-2025學(xué)年高一上學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測物理試題（必修1）（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1漳州市2024-2025學(xué)年（上）期末高中教學(xué)質(zhì)量檢測高一物理（必修1）試題本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。請將所有答案用簽字筆寫在答題紙上。一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1.2024年6月25日14時07分，“嫦娥六號”返回器攜帶來自月背的月壤安全返回地球。如圖所示為某次“嫦娥六號”躲避隕石坑的一段飛行路線，則（）A.2024年6月25日14時07分指的是時刻B.“嫦娥六號”從O點到B點的位移大小等于路程C.研究“嫦娥六號”的飛行姿態(tài)時可以將其視為質(zhì)點D.以地球為參考系，“嫦娥六號”停在著陸點時是靜止的【答案】A【解析】A．2024年6月25日14時07分指的是時刻，故A正確；B．“嫦娥六號”從O點到B點做曲線運動，位移大小小于路程，故B錯誤；C．研究“嫦娥六號”的飛行姿態(tài)時，“嫦娥六號”的形狀大小不能忽略不計，不可以將其視為質(zhì)點，故C錯誤；D．以地球為參考系，“嫦娥六號”停在著陸點時是運動的，故D錯誤。故選A。2.下列四幅圖中質(zhì)量分布均勻的小球均處于靜止狀態(tài)，以下說法正確的是（）A.圖甲中，小球?qū)λ降孛娴膲毫褪切∏虻闹亓.圖乙中，輕繩b對小球的拉力不為零C.圖丙中，輕桿對小球的彈力方向沿桿斜向上D.圖丁中，水平地面上，靠豎直墻的小球受到2個力的作用【答案】D【解析】A．壓力和重力是不同性質(zhì)的力，則圖甲中，只能說小球?qū)λ降孛娴膲毫Υ笮〉扔谛∏虻闹亓Υ笮。x項A錯誤；B．圖乙中，因輕繩a豎直，可知輕繩b對小球的拉力為零，選項B錯誤；C．圖丙中，小球的重力與輕桿對小球的彈力平衡，可知輕桿對小球的彈力方向豎直向上，選項C錯誤；D．圖丁中，水平地面上，靠豎直墻的小球不受墻的彈力作用，受到重力和地面的支持力2個力的作用，選項D正確。故選D。3.2024年6月，中國無人機成功飛越了“世界之巔”。如圖甲所示，某次無人機從地面靜止開始豎直向上飛行，圖乙為它運動的v-t圖像，其中AB段為直線。則無人機（）A.在時刻離地面最高B.在時間內(nèi)處于超重狀態(tài)C.在時間內(nèi)處于超重狀態(tài)D.在時間內(nèi)受到的合外力越來越小【答案】C【解析】A．由圖乙可知，無人機在內(nèi)一直向上運動，所以在時刻離地面不是最高，故A錯誤；B．由圖乙可知，無人機在時間內(nèi)向上做減速運動，加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，故B錯誤；C．由圖乙可知，無人機在時間內(nèi)向上做加速運動，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，故C正確；D．根據(jù)圖像的切線斜率絕對值表示加速度大小，由圖乙可知，無人機在時間內(nèi)的加速度保持不變，根據(jù)牛頓第二定律可知，無人機受到的合外力保持不變，故D錯誤。故選C。4.如圖，水平面上有A、B兩物體，質(zhì)量均為1kg，各接觸面間動摩擦因數(shù)均為0.3，現(xiàn)在對B施加一水平向右的拉力F，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取，則（）A，物體B恰好滑動 B.，物體B恰好滑動C.，物體A、B恰好相對滑動 D.，物體A、B恰好相對滑動【答案】D【解析】設(shè)A、B兩物體恰好發(fā)生相對滑動時，A、B兩物體的加速度為a，對A物體，由牛頓第二定律解得以A、B兩物體為整體，由牛頓第二定律解得故選D。二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5.2024年8月3日，在巴黎奧運會網(wǎng)球女子單打決賽中，中國選手鄭欽文戰(zhàn)勝對手奪得金牌。網(wǎng)球運動中，運動員常利用切球使網(wǎng)球產(chǎn)生復(fù)雜的曲線軌跡，下列說法正確的是（）A.擊球時，球拍對網(wǎng)球的彈力是因為球拍發(fā)生了形變B.擊球時，球拍對網(wǎng)球的作用力等于網(wǎng)球?qū)η蚺牡淖饔昧.擊球后，網(wǎng)球會在空中繼續(xù)運動，是因為受到向前的推力D.擊球后，網(wǎng)球在空中繼續(xù)運動的過程中，速度越小，慣性越小【答案】AB【解析】A．擊球時，球拍對網(wǎng)球的彈力是因為球拍發(fā)生了形變，故A正確；B．球拍對網(wǎng)球的作用力與網(wǎng)球?qū)η蚺牡淖饔昧κ且粚ο嗷プ饔昧?，大小相等，故B正確；C．擊球后，網(wǎng)球會在空中繼續(xù)運動，是因為慣性，網(wǎng)球在空中沒有受到向前的推力，故C錯誤；D．慣性只由質(zhì)量決定，與速度無關(guān)，擊球后，網(wǎng)球在空中繼續(xù)運動的過程中，網(wǎng)球的慣性不變，故D錯誤。故選AB。6.如圖，光滑斜面的傾角為θ，質(zhì)量相等的A、B兩小球用輕彈簧相連，系統(tǒng)靜止時，擋板C與斜面垂直，輕彈簧與斜面平行，重力加速度大小為g，在突然撤去擋板的瞬間（）A.A球的加速度大小為 B.A球的加速度大小為零C.B球的加速度大小為 D.B球的加速度大小為零【答案】BC【解析】撤去擋板前，以A球為對象，根據(jù)平衡條件可得彈簧彈力為在突然撤去擋板的瞬間，彈簧彈力保持不變，A球的受力保持不變，則A球的加速度大小為零；對B球，根據(jù)牛頓第二定律可得故選BC。7.如圖甲是一種籃球收納架，一質(zhì)量為m、半徑為R的籃球靜置于籃球收納架上，兩根水平平行橫桿與籃球的兩接觸點相距L，其截面圖如圖乙所示。已知，重力加速度大小為g，不計所有摩擦。則（）A.每根橫桿對籃球的支持力大小為mgB.每根橫桿對籃球的支持力大小為C.若僅減小L，每根橫桿對籃球的支持力變大D.若僅減小L，每根橫桿對籃球的支持力變小【答案】AD【解析】AB．對籃球受力分析，如圖所示設(shè)支持力與豎直方向的夾角為，由幾何知識可得解得根據(jù)平衡條件可得解得每根橫桿對籃球的支持力大小為故A正確，B錯誤；CD．若僅減小L，則減小，增大，根據(jù)可知每根橫桿對籃球的支持力變小，故C錯誤，D正確。故選AD。8.機場地勤工作人員利用傳送帶從飛機上卸行李。如圖所示，以恒定速率運行的傳送帶與水平面間的夾角，轉(zhuǎn)軸間距。時，工作人員以速度從傳送帶頂端推下一小包裹（可視為質(zhì)點）。小包裹與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取，，。則小包裹（）A.剛滑上傳送帶時摩擦力方向沿傳送帶向上B.剛滑上傳送帶時加速度方向沿傳送帶向下C.在傳送帶上運動的時間為6sD.在時的速度大小為【答案】AC【解析】AB．小包裹剛滑上傳送帶時，由于小包裹相對傳送帶向下運動，受到的滑動摩擦力方向沿傳送帶向上，由于，小包裹受到的合力沿傳送帶向上，則小包裹的加速度也沿傳送帶向上，故A正確，B錯誤；CD．小包裹剛滑上傳送帶時，加速度大小為方向沿傳送帶向上，設(shè)經(jīng)過時間小包裹與傳送帶共速，則有該過程小包裹向下運動的位移大小為共速后，由于，小包裹與傳送帶保持相對靜止，向下做勻速直線運動的時間為則小包裹在傳送帶上運動的時間為在時小包裹做勻速運動的速度大小為，故C正確，D錯誤。故選AC。三、非選擇題：共60分，其中9、10題為填空題，11、12題為實驗題，13~15題為計算題?？忌鶕?jù)要求作答。9.如圖，足球的初速度大小為，方向水平向右。設(shè)它與木板碰撞的時間，足球與木板碰撞后反彈的速度大小為，則足球碰撞木板的過程中加速度大小為_______，方向_______（填“水平向左”或“水平向右”）?！敬鸢浮?70水平向左【解析】以水平向右為正方向，足球碰撞木板的過程中的加速度為可知加速度大小為，方向水平向左。10.如圖甲，用一水平力拖動水平面上質(zhì)量為0.8kg的靜止木塊，直到使其做勻速直線運動；圖乙是在計算機屏幕上得到拉力傳感器隨時間變化的圖像。g取，則木塊在12s時受到的是_______（填“滑動摩擦力”或“靜摩擦力”），木塊與水平面間的動摩擦因數(shù)_______?！敬鸢浮快o摩擦力0.5【解析】由圖乙可知，木塊在12s時仍處于靜止狀態(tài)，受到的是靜摩擦力；由圖乙可知，木塊做勻速直線運動受到的滑動摩擦力大小為又解得木塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為11.某同學(xué)將兩根輕質(zhì)彈簧按圖甲方式連接起來掛在鐵架臺上測量彈簧的勁度系數(shù)，在兩彈簧下側(cè)固定指針A、B，左側(cè)固定一毫米刻度尺，如圖甲所示。鉤碼數(shù)123415.8020.8125.8130.8028.9634.7640.5646.36（1）不掛鉤碼時，指針A位置如圖乙所示，則指針所指示數(shù)為_______cm；（2）在彈性限度內(nèi)，將50g的鉤碼逐個掛在彈簧Ⅱ的下端，指針A、B的示數(shù)和如上表。由表中數(shù)據(jù)可得，每掛1個鉤碼，彈簧I的平均形變量為_______cm（結(jié)果保留2位小數(shù)），彈簧I的勁度系數(shù)_______（填“大于”“小于”或“等于”）彈簧Ⅱ的勁度系數(shù)?！敬鸢浮浚?）10.80（10.78~10.82）（2）5.00小于【解析】【小問1解析】由圖乙可知刻度尺的分度值為0.1cm，由圖乙可知指針示數(shù)為10.80cm?！拘?解析】由表中數(shù)據(jù)可得，每掛1個鉤碼，彈簧I的平均形變量為由表中數(shù)據(jù)可得，每掛1個鉤碼，彈簧Ⅱ的平均形變量為根據(jù)胡克定律，由于相同彈力下，彈簧I的形變量大于彈簧Ⅱ的形變量，則彈簧I的勁度系數(shù)小于彈簧Ⅱ的勁度系數(shù)。12.某興趣小組為了探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，按圖甲實驗裝置進行實驗。（1）關(guān)于本實驗，下列說法正確的是（）A.應(yīng)適當調(diào)節(jié)滑輪高度，使細繩與桌面平行B.實驗時，應(yīng)先釋放小車，后打開電源C.在探究加速度和力關(guān)系時，應(yīng)保持小車質(zhì)量不變D.為減小實驗誤差，槽碼總質(zhì)量要遠大于小車質(zhì)量（2）圖乙為某次實驗中得到的一條紙帶，相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，小車的加速度大小為_______（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（3）在探究加速度和質(zhì)量關(guān)系時，保持槽碼的總質(zhì)量m不變，平衡摩擦力后，以小車和槽碼整體為研究對象，以加速度的倒數(shù)為縱坐標，小車的質(zhì)量M為橫坐標，某同學(xué)根據(jù)自己實驗結(jié)果繪制的圖像如圖丙所示，重力加速度大小為g。①以小車和槽碼整體為研究對象，系統(tǒng)所受到的合外力為_______（填正確答案標號）A．B．C．②若圖丙中的圖線斜率為k，則所用槽碼的總質(zhì)量_______（用k，g表示）。【答案】（1）C（2）0.598（3）①.A②.【解析】【小問1解析】A．應(yīng)適當調(diào)節(jié)滑輪高度，使細繩與木板平行，不是與桌面平行，故A錯誤；B．為了充分利用紙帶，實驗時，應(yīng)先打開電源，后釋放小車，故B錯誤；C．在探究加速度和力關(guān)系時，應(yīng)保持小車質(zhì)量不變，故C正確；D．實驗將小車受到的細線拉力近似等于槽碼的重力，為了減小實驗誤差，槽碼總質(zhì)量要遠小于小車質(zhì)量，故D錯誤。故選C?！拘?解析】根據(jù)逐差法可得小車的加速度大小為【小問3解析】①以小車和槽碼整體為研究對象，系統(tǒng)所受到的合外力為故選A。②以小車和槽碼整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得整理可得可知圖像的斜率為解得所用槽碼的總質(zhì)量為13.原地豎直彈跳高度是指人豎直向上跳躍至最高點時，保持身體直立，雙腳離地的高度。現(xiàn)測得某同學(xué)的原地豎直彈跳高度為0.45m。假設(shè)該同學(xué)離地后到落回地面的過程中身體始終保持直立狀態(tài)，g取，忽略空氣阻力的影響。求：（1）該同學(xué)雙腳離開地面到雙腳再次接觸地面的時間；（2）該同學(xué)下落過程中的平均速度大小?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1解析】下落過程，有解得根據(jù)豎直上拋的對稱性可知，人從起跳到落地的總時間為解得【小問2解析】下落過程中的平均速度大小為解得14.如圖，物體A、B在三段輕繩作用下處于靜止狀態(tài)，其質(zhì)量分別為，，OB繩水平，OP繩與豎直方向成角。g取。（1）求OP繩拉力T的大?。唬?）現(xiàn)對物體B施加水平向左的拉力，求此時B與水平面間摩擦力f的大小?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問1解析】以O(shè)點為研究對象，如圖所示根據(jù)平衡條件可得解得OP繩拉力大小為小問2解析】根據(jù)受力平衡可得以B為對象，受力如圖所示根據(jù)平衡條件可得解得15.寧夏中衛(wèi)沙坡頭景區(qū)是我國著名的5A級景區(qū)，圖甲為景區(qū)內(nèi)的駱駝騎行和滑沙活動項目，圖乙為滑沙運動過程的簡化圖。時，某游客乘坐滑板從坡度為的沙丘上A點靜止滑下，經(jīng)過到達坡底B點處，并繼續(xù)沿水平方向滑行至C點處停下，已知AB距離為25m，滑板與沙丘和水平面間的動摩擦因數(shù)相同。g取，，，求：（1）游客到達坡底B點的速度大小；（2）在水平面上，游客的加速度大??；（3）游